2021高考数学（理）人教A版一轮复习学案作业：第六章6.2等差数列及其前n项和

§6.2　等差数列及其前n项和
最新考纲
考情考向分析
1.理解等差数列的概念．
2.掌握等差数列的通项公式与前n项和公式．
3.能在具体的问题情境中识别数列的等差关系，并能用等差数列的有关知识解决相应的问题．
4.了解等差数列与一次函数的关系.
主要考查等差数列的基本运算、基本性质，等差数列的证明也是考查的热点．本节内容在高考中既可以以选择、填空的形式进行考查，也可以以解答题的形式进行考查．解答题往往与数列的计算、证明、等比数列、数列求和、不等式等问题综合考查．难度为中低档.


　　　　　　　　　　　　　　　　　　　

1．等差数列的定义
一般地，如果一个数列从第2项起，每一项与它的前一项的差等于同一个常数，那么这个数列就叫做等差数列，这个常数叫做等差数列的公差，通常用字母d表示．
2．等差数列的通项公式
如果等差数列{an}的首项为a1，公差为d，那么它的通项公式是an＝a1＋(n－1)d.
3．等差中项
由三个数a，A，b组成的等差数列可以看成最简单的等差数列．这时，A叫做a与b的等差中项．
4．等差数列的常用性质
(1)通项公式的推广：an＝am＋(n－m)d(n，m∈N*)．
(2)若{an}为等差数列，且k＋l＝m＋n(k，l，m，n∈N*)，则ak＋al＝am＋an.
(3)若{an}是等差数列，公差为d，则{a2n}也是等差数列，公差为2d.
(4)若{an}，{bn}是等差数列，则{pan＋qbn}也是等差数列．
(5)若{an}是等差数列，公差为d，则ak，ak＋m，ak＋2m，…(k，m∈N*)是公差为md的等差数列．
(6)数列Sm，S2m－Sm，S3m－S2m，…构成等差数列．
(7)若{an}是等差数列，则也是等差数列，其首项与{an}的首项相同，公差为d.

5．等差数列的前n项和公式
设等差数列{an}的公差为d，其前n项和Sn＝或Sn＝na1＋d.
6．等差数列的前n项和公式与函数的关系
Sn＝n2＋n.
数列{an}是等差数列⇔Sn＝An2＋Bn(A，B为常数)．
7．等差数列的前n项和的最值
在等差数列{an}中，a1>0，d<0，则Sn存在最大值；若a1<0，d>0，则Sn存在最小值．
概念方法微思考
1．“a，A，b是等差数列”是“A＝”的什么条件？
提示　充要条件．
2．等差数列的前n项和Sn是项数n的二次函数吗？
提示　不一定．当公差d＝0时，Sn＝na1，不是关于n的二次函数．

题组一　思考辨析
1．判断下列结论是否正确(请在括号中打“√”或“×”)
(1)若一个数列从第二项起每一项与它的前一项的差都是常数，则这个数列是等差数列．(　×　)
(2)等差数列{an}的单调性是由公差d决定的．(　√　)
(3)等差数列的前n项和公式是常数项为0的二次函数．(　×　)
(4)数列{an}为等差数列的充要条件是对任意n∈N*，都有2an＋1＝an＋an＋2.(　√　)
题组二　教材改编
2．设数列{an}是等差数列，其前n项和为Sn，若a6＝2且S5＝30，则S8等于(　　)
A．31 B．32 C．33 D．34
答案　B
解析　由已知可得
解得　∴S8＝8a1＋d＝32.
3．在等差数列{an}中，若a3＋a4＋a5＋a6＋a7＝450，则a2＋a8＝________.
答案　180
解析　由等差数列的性质，得a3＋a4＋a5＋a6＋a7＝5a5＝450，∴a5＝90，∴a2＋a8＝2a5＝180.
题组三　易错自纠
4．一个等差数列的首项为，从第10项起开始比1大，则这个等差数列的公差d的取值范围是(　　)
A．d> B．d<
C. 答案　D
解析　由题意可得即
所以 5．若等差数列{an}满足a7＋a8＋a9>0，a7＋a10<0，则当n＝________时，{an}的前n项和最大．
答案　8
解析　因为数列{an}是等差数列，且a7＋a8＋a9＝3a8>0，所以a8>0.又a7＋a10＝a8＋a9<0，所以a9<0.
故当n＝8时，其前n项和最大．
6．一物体从1 960 m的高空降落，如果第1秒降落4.90 m，以后每秒比前一秒多降落9.80 m，那么经过________秒落到地面．
答案　20
解析　设物体经过t秒降落到地面．
物体在降落过程中，每一秒降落的距离构成首项为4.90，公差为9.80的等差数列．
所以4.90t＋t(t－1)×9.80＝1 960，
即4.90t2＝1 960，解得t＝20.
　　　　等差数列　　　　　　　　　　　
1．(2018·全国Ⅰ)记Sn为等差数列{an}的前n项和，若3S3＝S2＋S4，a1＝2，则a5等于(　　)
A．－12 B．－10
C．10 D．12
答案　B
解析　设等差数列{an}的公差为d，由3S3＝S2＋S4，
得3＝2a1＋×d＋4a1＋×d，将a1＝2代入上式，解得d＝－3，
故a5＝a1＋(5－1)d＝2＋4×(－3)＝－10.
故选B.
2．(2019·江苏)已知数列{an}(n∈N*)是等差数列，Sn是其前n项和．若a2a5＋a8＝0，S9＝27，则S8的值是________．
答案　16
解析　方法一　设等差数列{an}的公差为d，则a2a5＋a8＝(a1＋d)(a1＋4d)＋a1＋7d＝a＋4d2＋5a1d＋a1＋7d＝0，S9＝9a1＋36d＝27，解得a1＝－5，d＝2，则S8＝8a1＋28d＝－40＋56＝16.
方法二　∵S9＝×9＝27，
∴a1＋a9＝6，
∴a2＋a8＝2a5＝6，
∴a5＝3，
则a2a5＋a8＝3a2＋a8＝0，
即2a2＋6＝0，
∴a2＝－3，则a8＝9，
∴其公差d＝＝2，
∴a1＝－5，
∴S8＝8×＝16.
3．(2019·全国Ⅰ)记Sn为等差数列{an}的前n项和．已知S4＝0，a5＝5，则(　　)
A．an＝2n－5 B．an＝3n－10
C．Sn＝2n2－8n D．Sn＝n2－2n
答案　A
解析　设等差数列{an}的公差为d，
∵∴解得
∴an＝a1＋(n－1)d＝－3＋2(n－1)＝2n－5，
Sn＝na1＋d＝n2－4n.故选A.
4．(2019·全国Ⅲ)记Sn为等差数列{an}的前n项和．若a1≠0，a2＝3a1，则＝________.
答案　4
解析　设等差数列{an}的公差为d，由a2＝3a1，
即a1＋d＝3a1，得d＝2a1，所以＝
＝＝＝4.
思维升华 (1)等差数列的通项公式及前n项和公式共涉及五个量a1，n，d，an，Sn，知道其中三个就能求出另外两个(简称“知三求二”)．
(2)确定等差数列的关键是求出两个最基本的量，即首项a1和公差d.
等差数列的判定与证明
例1　已知数列{an}满足a1＝1，且nan＋1－(n＋1)an＝2n2＋2n.
(1)求a2，a3；
(2)证明数列是等差数列，并求{an}的通项公式．
解　(1)由已知，得a2－2a1＝4，则a2＝2a1＋4，
又a1＝1，所以a2＝6.
由2a3－3a2＝12，得2a3＝12＋3a2，
所以a3＝15.
(2)由已知nan＋1－(n＋1)an＝2n(n＋1)，
得＝2，即－＝2，
所以是首项为＝1，公差为2的等差数列，
则＝1＋2(n－1)＝2n－1，所以an＝2n2－n.
思维升华 等差数列的四个判定方法
(1)定义法：证明对任意正整数n都有an＋1－an等于同一个常数．
(2)等差中项法：证明对任意正整数n都有2an＋1＝an＋an＋2.
(3)通项公式法：得出an＝pn＋q后，再根据定义判定数列{an}为等差数列．
(4)前n项和公式法：得出Sn＝An2＋Bn后，再使用定义法证明数列{an}为等差数列．
跟踪训练1　在数列{an}中，a1＝2，an是1与anan＋1的等差中项．
(1)求证：数列是等差数列，并求的通项公式；
(2)求数列的前n项和Sn.
解　(1)∵an是1与anan＋1的等差中项，
∴2an＝1＋anan＋1，∴an＋1＝，
∴an＋1－1＝－1＝，
∴＝＝1＋，
∵＝1，
∴数列是首项为1，公差为1的等差数列，
∴＝1＋(n－1)＝n，∴an＝.
(2)由(1)得＝＝－，
∴Sn＝＋＋＋…＋＝1－＝.
等差数列性质的应用
命题点1　等差数列项的性质
例2　(2019·江西省南昌江西师范大学附属中学模拟)已知数列{an}为等差数列，Sn为其前n项和，2＋a5＝a6＋a3，则S7等于(　　)
A．2 B．7 C．14 D．28
答案　C
解析　∵2＋a5＝a6＋a3，∴2＋a4＋d＝a4＋2d＋a4－d，解得a4＝2，
∴S7＝＝7a4＝14.
故选C.
命题点2　等差数列前n项和的性质
例3　(1)(2020·漳州质检)已知等差数列{an}的前n项和为Sn.若S5＝7，S10＝21，则S15等于(　　)
A．35 B．42 C．49 D．63
答案　B
解析　在等差数列{an}中，
S5，S10－S5，S15－S10成等差数列，
即7,14，S15－21成等差数列，
所以7＋(S15－21)＝2×14，
解得S15＝42.
(2)已知Sn是等差数列{an}的前n项和，若a1＝－2 018，－＝6，则S2 020＝________.
答案　2 020
解析　由等差数列的性质可得也为等差数列．
设其公差为d，则－＝6d＝6，∴d＝1.
故＝＋2 019d＝－2 018＋2 019＝1，
∴S2 020＝1×2 020＝2 020.
思维升华 等差数列的性质
(1)项的性质：在等差数列{an}中，
①an＝am＋(n－m)d(m，n∈N*)，d＝.
②若m＋n＝p＋q(m，n，p，q∈N*)，则am＋an＝ap＋aq.
(2)和的性质：在等差数列{an}中，Sn为其前n项和，则
①S2n＝n(a1＋a2n)＝…＝n(an＋an＋1).
②依次k项和成等差数列，即Sk，S2k－Sk，S3k－S2k，…成等差数列．
跟踪训练2　(1)(2020·贵州省遵义绥阳中学模拟)已知等差数列{an}、等差数列{bn}的前n项和分别为Sn，Tn，若＝，则的值是(　　)
A. B. C. D.
答案　A
解析　因为等差数列{an}、等差数列{bn}的前n项和分别为Sn，Tn，＝，
所以＝＝，
不妨令Sn＝n(n＋2)，Tn＝n(n＋1)，
所以an＝Sn－Sn－1＝n(n＋2)－(n－1)(n＋1)＝2n＋1(n≥2)，
bn＝Tn－Tn－1＝n(n＋1)－(n－1)n＝2n(n≥2)，
所以＝＝.
故选A.
(2)(2019·莆田质检)设等差数列{an}的前n项和为Sn，若S13>0，S14<0，则Sn取最大值时n的值为(　　)
A．6 B．7 C．8 D．13
答案　B
解析　根据S13>0，S14<0，可以确定a1＋a13＝2a7>0，a1＋a14＝a7＋a8<0，所以可以得到a7>0，a8<0，所以Sn取最大值时n的值为7，故选B.


1．(2020·长沙模拟)在等差数列{an}中，a1＝2，a10＝a7，则a2 020等于(　　)
A．1 348 B．675 C．－1 344 D．－671
答案　A
解析　由a10＝a7 ，得2＋9d＝(2＋6d)，d＝，a2 020＝2＋2 019d＝1 348.故选A.
2．(2019·晋城模拟)记等差数列{an}的前n项和为Sn.若a6＝16，S5＝35，则{an}的公差为(　　)
A．3 B．2 C．－2 D．－3
答案　A
解析　由等差数列性质可知，S5＝×5＝5a3＝35，解得a3＝7，故d＝＝3.故选A.
3．(2019·贵州省凯里第一中学模拟)在数列{an}中，已知an＋1－an＝an＋2－an＋1，a1 011＝1，则该数列前2 021项的和S2 021等于(　　)
A．2 021 B．2 020 C．4 042 D．4 040
答案　A
解析　∵an＋1－an＝an＋2－an＋1，
∴2an＋1＝an＋an＋2，
∴{an}为等差数列，
∵a1 011＝1，
∴S2 021＝＝＝2 021.
4．已知数列{an}是等差数列，前n项和为Sn，满足a1＋5a3＝S8，给出下列结论：
①a10＝0；②S10最小；③S7＝S12；④S20＝0.
其中一定正确的结论是(　　)
A．①② B．①③④ C．①③ D．①②④
答案　C
解析　因为a1＋5(a1＋2d)＝8a1＋28d，
所以a1＝－9d，
a10＝a1＋9d＝0，①正确；
由于d的符号未知，所以S10不一定最小，②错误；
S7＝7a1＋21d＝－42d，S12＝12a1＋66d＝－42d，
所以S7＝S12，③正确；
S20＝20a1＋190d＝10d，④错误．
所以正确的是①③，故选C.
5．程大位《算法统宗》里有诗云“九百九十六斤棉，赠分八子做盘缠．次第每人多十七，要将第八数来言．务要分明依次弟，孝和休惹外人传．”意为：996斤棉花，分别赠送给8个子女做旅费，从第一个开始，以后每人依次多17斤，直到第八个孩子为止．分配时一定要等级分明，使孝顺子女的美德外传，则第八个孩子分得斤数为(　　)
A．65 B．176 C．183 D．184
答案　D
解析　根据题意可知每个孩子所得棉花的斤数构成一个等差数列{an}，其中d＝17，n＝8，S8＝996.
由等差数列前n项和公式可得8a1＋×17＝996，
解得a1＝65.
由等差数列通项公式得a8＝65＋(8－1)×17＝184.
则第八个孩子分得斤数为184.
6．(2019·宁夏银川一中月考)在等差数列{an}中，若<－1，且它的前n项和Sn有最大值，则使Sn>0成立的正整数n的最大值是(　　)
A．15 B．16 C．17 D．14
答案　C
解析　∵等差数列{an}的前n项和有最大值，
∴等差数列{an}为递减数列，
又<－1，∴a9>0，a10<0，
∴a9＋a10<0，
又S18＝＝9(a9＋a10)<0，
S17＝＝17a9>0，
∴Sn>0成立的正整数n的最大值是17.故选C.
7．(2019·全国Ⅲ)记Sn为等差数列{an}的前n项和．若a3＝5，a7＝13，则S10＝________.
答案　100
解析　∵{an}为等差数列，a3＝5，a7＝13，
∴公差d＝＝＝2，
首项a1＝a3－2d＝5－2×2＝1，
∴S10＝10a1＋d＝100.
8．(2020·三明质检)在等差数列{an}中，若a7＝，则sin 2a1＋cos a1＋sin 2a13＋cos a13＝________.
答案　0
解析　根据题意可得a1＋a13＝2a7＝π，
2a1＋2a13＝4a7＝2π，
所以有sin 2a1＋cos a1＋sin 2a13＋cos a13
＝sin 2a1＋sin(2π－2a1)＋cos a1＋cos(π－a1)＝0.
9．等差数列{an}，{bn}的前n项和分别为Sn，Tn，且＝，则＝________.
答案　
解析　在等差数列中，S19＝19a10，T19＝19b10，
因此＝＝＝.
10．已知数列{－}是公差为2的等差数列，且a1＝1，a3＝9，则an＝________.
答案　(n2－3n＋3)2
解析　数列{－}是公差为2的等差数列，
且a1＝1，a3＝9，
∴－＝(－1)＋2(n－1)，
－＝(－1)＋2，
∴3－＝(－1)＋2，∴a2＝1.
∴－＝2n－2，
∴当n≥2时，＝2(n－1)－2＋2(n－2)－2＋…＋2－2＋1＝2×－2(n－1)＋1＝n2－3n＋3.
∴an＝(n2－3n＋3)2，n＝1时也成立．
∴an＝(n2－3n＋3)2.
11．已知数列{an}满足(an＋1－1)(an－1)＝3(an－an＋1)，a1＝2，令bn＝.
(1)证明：数列{bn}是等差数列；
(2)求数列{an}的通项公式．
(1)证明　∵－
＝＝，
∴bn＋1－bn＝，
∴{bn}是首项为1，公差为的等差数列．
(2)解　由(1)及b1＝＝＝1，
知bn＝n＋，
∴an－1＝，∴an＝.
12．已知等差数列{an}的公差d>0，设{an}的前n项和为Sn，a1＝1，S2S3＝36.
(1)求d及Sn；
(2)求m，k(m，k∈N*)的值，使得am＋am＋1＋am＋2＋…＋am＋k＝65.
解　(1)由题意知(a1＋a2)(a1＋a2＋a3)＝36，
即(2a1＋d)(3a1＋3d)＝36，
将a1＝1代入上式解得d＝2或d＝－5.
因为d>0，所以d＝2，
所以an＝1＋2(n－1)＝2n－1，
Sn＝n＋·2＝n2.
(2)由(1)得am＋am＋1＋am＋2＋…＋am＋k＝2m－1＋2(m＋1)－1＋2(m＋2)－1＋…＋2(m＋k)－1＝(2m＋k－1)(k＋1)，
所以(2m＋k－1)(k＋1)＝65，
由m，k∈N*知2m＋k－1≥k＋1>1，且2m＋k－1与k＋1均为整数，
故解得
即所求m的值为5，k的值为4.

13．已知等差数列{an}的前n项和为Sn，bn＝且b1＋b3＝17，b2＋b4＝68，则S10等于(　　)
A．90 B．100 C．110 D．120
答案　A
解析　设{an}的公差为d，
＝＝2d＝＝4，
∴d＝2，b1＋b3＝＝17，
∴＝1，a1＝0，
∴S10＝10a1＋d＝×2＝90，故选A.
14．已知数列{an}与均为等差数列(n∈N*)，且a1＝2，则a20＝________.
答案　40
解析　设an＝2＋(n－1)d，
所以＝
＝，
由于为等差数列，
所以其通项是一个关于n的一次函数，
所以(d－2)2＝0，∴d＝2.
所以a20＝2＋(20－1)×2＝40.

15．(2020·黑龙江省哈尔滨市第三中学模拟)已知x2＋y2＝4，在这两个实数x，y之间插入三个实数，使这五个数构成等差数列，那么这个等差数列后三项和的最大值为(　　)
A．2 B. C. D.
答案　D
解析　因为在实数x，y之间插入三个实数，使这五个数构成等差数列，所以设中间三项为a，b，c，
由等差数列的性质可得2b＝x＋y，
所以b＝，同理可得c＝，
所以后三项的和为b＋c＋y＝＋＋y＝，
又因为x2＋y2＝4，所以可令x＝2cos θ，y＝2sin θ，
所以＝(cos θ＋3sin θ)＝sin(θ＋φ)
≤.故选D.
16．记m＝，若是等差数列，则称m为数列{an}的“dn等差均值”；若是等比数列，则称m为数列{an}的“dn等比均值”．已知数列{an}的“2n－1等差均值”为2，数列{bn}的“3n－1等比均值”为3.记cn＝＋klog3bn，数列的前n项和为Sn，若对任意的正整数n都有Sn≤S6，求实数k的取值范围．
解　由题意得2＝，
所以a1＋3a2＋…＋(2n－1)an＝2n，
所以a1＋3a2＋…＋(2n－3)an－1
＝2n－2(n≥2，n∈N*)，
两式相减得an＝(n≥2，n∈N*)．
当n＝1时，a1＝2，符合上式，
所以an＝(n∈N*)．
又由题意得3＝，
所以b1＋3b2＋…＋3n－1bn＝3n，
所以b1＋3b2＋…＋3n－2bn－1＝3n－3(n≥2，n∈N*)，
两式相减得bn＝32－n(n≥2，n∈N*)．
当n＝1时，b1＝3，符合上式，
所以bn＝32－n(n∈N*)．
因为cn＝＋klog3bn，所以cn＝(2－k)n＋2k－1.
因为对任意的正整数n都有Sn≤S6，
所以解得≤k≤.