2021届高考数学（文）一轮复习学案：导数及其应用第3节导数与函数的极值、最值

第三节　导数与函数的极值、最值

[最新考纲]　1.了解函数在某点取得的极值的必要条件和充分条件.2.会用导数求函数的极大值、极小值(其中多项式函数一般不超过三次).3.会求闭区间上函数的最大值、最小值(其中多项式函数一般不超过三次)．

1．导数与函数的极值

(1)函数的极大值与导数的关系

(2)函数的极小值与导数的关系

2．求f(x)在[a，b]上的最大(小)值

(1)求函数y＝f(x)在(a，b)内的极值．

(2)将函数y＝f(x)的各极值与f(a)，f(b)比较，最大的为最大值，最小的为最小值．

对于可导函数f(x)，f′(x0)＝0是函数f(x)在x＝x0处有极值的必要不充分条件．

一、思考辨析(正确的打“√”，错误的打“×”)

(1)函数的极大值不一定比极小值大． (　　)

(2)对可导函数f(x)，f′(x0)＝0是x0点为极值点的充要条件． (　　)

(3)函数的极大值一定是函数的最大值． (　　)

(4)开区间上的单调连续函数无最值． (　　)

[答案](1)√　(2)×　(3)×　(4)√

二、教材改编

1.函数f(x)的定义域为R，导函数f′(x)的图像如图所示，则函数f(x)(　　)

A．无极大值点、有四个极小值点

B．有三个极大值点、一个极小值点

C．有两个极大值点、两个极小值点

D．有四个极大值点、无极小值点

C　[设f′(x)的图像与x轴的4个交点从左至右依次为x1，x2，x3，x4.

当x＜x1时，f′(x)＞0，f(x)为增函数，当x1＜x＜x2时，f′(x)＜0，f(x)为减函数，则x＝x1为极大值点，同理，x＝x3为极大值点，x＝x2，x＝x4为极小值点，故选C.]

2．设函数f(x)＝＋ln x，则(　　)

A．x＝为f(x)的极大值点

B．x＝为f(x)的极小值点

C．x＝2为f(x)的极大值点

D．x＝2为f(x)的极小值点

D　[f′(x)＝－＋＝(x＞0)，

当0＜x＜2时，f′(x)＜0，当x＞2时，f′(x)＞0，

所以x＝2为f(x)的极小值点．]

3．函数y＝xex的最小值是________．

－　[因为y＝xex，所以y′＝ex＋xex＝(1＋x)ex.当x＞－1时，y′＞0；当x＜－1时，y′＜0，所以当x＝－1时函数取得最小值，且ymin＝－.]

4．函数f(x)＝x－aln x(a＞0)的极小值为________．

a－aln a　[因为f(x)＝x－aln x(a＞0)，所以f(x)的定义域为(0，＋∞)，f′(x)＝1－(a＞0)，

由f′(x)＝0，解得x＝a.

当x∈(0，a)时，f′(x)＜0；

当x∈(a，＋∞)时，f′(x)＞0，

所以函数f(x)在x＝a处取得极小值，且极小值为f(a)＝a－aln a．]

⊙考点1　利用导数解决函数的极值问题

　利用导数研究函数极值问题的一般流程

　根据函数图像判断函数极值的情况

　设函数f(x)在R上可导，其导函数为f′(x)，且函数y＝(1－x)f′(x)的图像如图所示，则下列结论中一定成立的是(　　)

A．函数f(x)有极大值f(2)和极小值f(1)

B．函数f(x)有极大值f(－2)和极小值f(1)

C．函数f(x)有极大值f(2)和极小值f(－2)

D．函数f(x)有极大值f(－2)和极小值f(2)

D　[由题图可知，当x＜－2时，f′(x)＞0；当－2＜x＜1时，f′(x)＜0；当1＜x＜2时，f′(x)＜0；当x＞2时，f′(x)＞0.由此可以得到函数f(x)在x＝－2处取得极大值，在x＝2处取得极小值．]

　可导函数在极值点处的导数一定为零，是否为极值点以及是极大值点还是极小值点要看在极值点左、右两侧导数的符号．

　求已知函数的极值

　已知函数f(x)＝(x－2)(ex－ax)，当a＞0时，讨论f(x)的极值情况．

[解]　∵f′(x)＝(ex－ax)＋(x－2)(ex－a)

＝(x－1)(ex－2a)，∵a＞0，

由f′(x)＝0得x＝1或x＝ln 2a.

①当a＝时，f′(x)＝(x－1)(ex－e)≥0，

∴f(x)在R上单调递增，故f(x)无极值．

②当0＜a＜时，ln 2a＜1，当x变化时，f′(x)，f(x)的变化情况如下表：

故f(x)有极大值f(ln 2a)＝－a(ln 2a－2)2，极小值f(1)＝a－e.

③当a＞时，ln 2a＞1，当x变化时，f′(x)，f(x)的变化情况如下表：

故f(x)有极大值f(1)＝a－e，

极小值f(ln 2a)＝－a(ln 2a－2)2.

综上，当0＜a＜时，f(x)有极大值－a(ln 2a－2)2，极小值a－e；

当a＝时，f(x)无极值；

当a＞时，f(x)有极大值a－e，极小值－a(ln 2a－2)2.

　求函数极值的一般步骤：①先求函数f(x)的定义域，再求函数f(x)的导函数；②求f′(x)＝0的根；③判断在f′(x)＝0的根的左、右两侧f′(x)的符号，确定极值点；④求出具体极值．

　已知函数极值求参数的值或范围

 (1)已知f(x)＝x3＋3ax2＋bx＋a2在x＝－1时有极值0，则a－b＝________.

(2)若函数f(x)＝－x2＋x＋1在区间上有极值点，则实数a的取值范围是________．

(1)－7　(2) 　[(1)由题意得f′(x)＝3x2＋6ax＋b，则解得或

经检验当a＝1，b＝3时，函数f(x)在x＝－1处无法取得极值，

而a＝2，b＝9满足题意，

故a－b＝－7.

(2)函数f(x)在区间上有极值点等价于f′(x)＝0有2个不相等的实根且在内有根，由f′(x)＝0有2个不相等的实根，得a＜－2或a＞2.

由f′(x)＝0在内有根，得a＝x＋在内有解，又x＋∈，所以2≤a＜，

综上，a的取值范围是.]

　已知函数极值点或极值求参数的两个要领

(1)列式：根据极值点处导数为0和极值这两个条件列方程组，利用待定系数法求解．

(2)验证：因为某点处的导数值等于0不是此点为极值点的充要条件，所以利用待定系数法求解后必须验证根的合理性．

　1.若x＝－2是函数f(x)＝(x2＋ax－1)ex－1的极值点，则f(x)的极小值为(　　)

A．－1　　　　 B．－2e－3

C．5e－3 D．1

A　[因为f(x)＝(x2＋ax－1)ex－1，所以f′(x)＝(2x＋a)ex－1＋(x2＋ax－1)ex－1＝[x2＋(a＋2)x＋a－1]ex－1.因为x＝－2是函数f(x)＝(x2＋ax－1)ex－1的极值点，所以－2是x2＋(a＋2)x＋a－1＝0的根，所以a＝－1，f′(x)＝(x2＋x－2)ex－1＝(x＋2)(x－1)ex－1.令f′(x)＞0，解得x＜－2或x＞1，令f′(x)＜0，解得－2＜x＜1，所以f(x)在(－∞，－2)上单调递增，在(－2,1)上单调递减，在(1，＋∞)上单调递增，所以当x＝1时，f(x)取得极小值，且f(x)极小值＝f(1)＝－1.]

2．已知函数f(x)＝x(x－c)2在x＝2处有极小值，则实数c的值为(　　)

A．6 B．2 

C．2或6　　　　 D．0

B　[由f′(2)＝0可得c＝2或6.当c＝2时，结合图像(图略)可知函数先增后减再增，在x＝2处取得极小值；当c＝6时，结合图像(图略)可知，函数在x＝2处取得极大值．故选B.]

3．(2019·长春市质量监测)若函数f(x)＝(x2＋ax＋3)ex在(0，＋∞)内有且仅有一个极值点，则实数a的取值范围是(　　)

A．(－∞，－2] B．(－∞，－2)

C．(－∞，－3] D．(－∞，－3)

C　[f′(x)＝(2x＋a)ex＋(x2＋ax＋3)ex＝[x2＋(a＋2)x＋a＋3]ex，令g(x)＝x2＋(a＋2)x＋a＋3.由题意知，g(x)在(0，＋∞)内先减后增或先增后减，结合函数g(x)的图像特征知，或解得a≤－3.故选C.]

⊙考点2　用导数求函数的最值

　求函数f(x)在[a，b]上的最大值、最小值的步骤

(1)求函数在(a，b)内的极值．

(2)求函数在区间端点的函数值f(a)，f(b)．

(3)将函数f(x)的极值与f(a)，f(b)比较，其中最大的为最大值，最小的为最小值．

　(2019·全国卷Ⅲ)已知函数f(x)＝2x3－ax2＋b.

(1)讨论f(x)的单调性；

(2)是否存在a，b，使得f(x)在区间[0,1]的最小值为－1且最大值为1？若存在，求出a，b的所有值；若不存在，说明理由．

[解](1)f′(x)＝6x2－2ax＝2x(3x－a)．

令f′(x)＝0，得x＝0或x＝.

若a＞0，则当x∈(－∞，0)∪时，f′(x)＞0；当x∈时，f′(x)＜0.故f(x)在(－∞，0)，单调递增，在单调递减．

若a＝0，f(x)在(－∞，＋∞)单调递增．

若a＜0，则当x∈∪(0，＋∞)时，f′(x)＞0；当x∈时，f′(x)＜0.故f(x)在，(0，＋∞)单调递增，在单调递减．

(2)满足题设条件的a，b存在．

(ⅰ)当a≤0时，由(1)知，f(x)在[0,1]单调递增，所以f(x)在区间[0,1]的最小值为f(0)＝b，最大值为f(1)＝2－a＋b.此时a，b满足题设条件当且仅当b＝－1，2－a＋b＝1，即a＝0，b＝－1.

(ⅱ)当a≥3时，由(1)知，f(x)在[0,1]单调递减，所以f(x)在区间[0,1]的最大值为f(0)＝b，最小值为f(1)＝2－a＋b.此时a，b满足题设条件当且仅当2－a＋b＝－1，b＝1，即a＝4，b＝1.

(ⅲ)当0＜a＜3时，由(1)知，f(x)在[0,1]的最小值为f＝－＋b，最大值为b或2－a＋b.

若－＋b＝－1，b＝1，则a＝3，与0＜a＜3矛盾．

若－＋b＝－1,2－a＋b＝1，则a＝3或a＝－3或a＝0，与0＜a＜3矛盾．

综上，当且仅当a＝0，b＝－1或a＝4，b＝1时，f(x)在[0,1]的最小值为－1，最大值为1.

(1)讨论函数的单调性时，一要注意函数的定义域；二要注意分类的标准，做到不重不漏．

(2)对于探索性问题，求出参数值后要注意检验．

　(2019·郑州模拟)已知函数f(x)＝＋kln x，k＜，求函数f(x)在上的最大值和最小值．

[解]　f′(x)＝＋＝.

①若k＝0，则f′(x)＝－在上恒有f′(x)＜0，

所以f(x)在上单调递减．

②若k≠0，则f′(x)＝＝.

(ⅰ)若k＜0，则在上恒有＜0.

所以f(x)在上单调递减，

(ⅱ)若k＞0，由k＜，

得＞e，则x－＜0在上恒成立，

所以＜0，所以f(x)在上单调递减．

综上，当k＜时，f(x)在上单调递减，

所以f(x)min＝f(e)＝＋k－1，f(x)max＝f＝e－k－1.

⊙考点3　利用导数研究生活中的优化问题

　利用导数解决生活中的优化问题的一般步骤

(1)分析实际问题中各量之间的关系，列出实际问题的数学模型，写出实际问题中变量之间的函数关系式y＝f(x)．

(2)求函数的导数f′(x)，解方程f′(x)＝0.

(3)比较函数在区间端点和f′(x)＝0的点的函数值的大小，最大(小)者为最大(小)值．

(4)回归实际问题，结合实际问题作答．

　某商场销售某种商品的经验表明，该商品每日的销售量y(单位：千克)与销售价格x(单位：元/千克)满足关系式y＝＋10(x－6)2，其中3＜x＜6，a为常数．已知销售价格为5元/千克时，每日可售出该商品11千克．

(1)求a的值；

(2)若该商品的成本为3元/千克，试确定销售价格x的值，使商场每日销售该商品所获得的利润最大．

[解](1)因为当x＝5时，y＝11，

所以＋10＝11，解得a＝2.

(2)由(1)可知，该商品每日的销售量为

y＝＋10(x－6)2.

所以商场每日销售该商品所获得的利润为

f(x)＝(x－3)

＝2＋10(x－3)(x－6)2,3＜x＜6.

则f′(x)＝10[(x－6)2＋2(x－3)(x－6)]

＝30(x－4)(x－6)．

于是，当x变化时，f′(x)，f(x)的变化情况如下表：

由上表可得，当x＝4时，函数f(x)取得极大值，也是最大值．

所以，当x＝4时，函数f(x)取得最大值且最大值等于42.

即当销售价格为4元/千克时，商场每日销售该商品所获得的利润最大．

 (1)利用导数研究生活中的优化问题的关键：理清数量关系、选取合适的自变量建立函数模型．

(2)注意：函数的定义域由实际问题确定，最后要把求解的数量结果“翻译”为实际问题的答案．

　某村庄拟修建一个无盖的圆柱形蓄水池(不计厚度)．设该蓄水池的底面半径为r米，高为h米，体积为V立方米．假设建造成本仅与表面积有关，侧面的建造成本为100元/平方米，底面的建造成本为160元/平方米，该蓄水池的总建造成本为12 000π元(π为圆周率)．

(1)将V表示成r的函数V(r)，并求该函数的定义域．

(2)讨论函数V(r)的单调性，并确定r和h为何值时该蓄水池的体积最大．

[解](1)因为蓄水池侧面的总成本为100×2πrh＝200πrh元，底面的总成本为160πr2元，所以蓄水池的总成本为(200πrh＋160πr2)元．又根据题意得200πrh＋160πr2＝12 000π，所以h＝(300－4r2)，从而V(r)＝πr2h＝(300r－4r3)．由h＞0，且r＞0可得0＜r＜5，故函数V(r)的定义域为(0,5)．

(2)因为V(r)＝(300r－4r3)，所以V′(r)＝(300－12r2)．令V′(r)＝0，解得r1＝5，r2＝－5(因为r2＝－5不在定义域内，舍去)．

当r∈(0,5)时，V′(r)＞0，故V(r)在(0,5)上为增函数；

当r∈(5,5)时，V′(r)＜0，故V(r)在(5,5)上为减函数．

由此可知，V(r)在r＝5处取得最大值，此时h＝8，即当r＝5，h＝8时，该蓄水池的体积最大.