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2020版物理新增分大一轮江苏专用版讲义:第九章电磁感应本章综合能力提升练
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一、单项选择题
1.(2018·淮阴中学期末)如图1所示,在水平桌面上有个金属圆环,在它圆心正上方有一个条形磁铁(极性不明),当条形磁铁下落时,可以判定( )
图1
A.环将产生俯视逆时针的感应电流
B.环有缩小面积的趋势
C.环对桌面的压力将减小
D.磁铁将受到竖直向下的电磁作用力
答案 B
2.(2018·射阳二中模拟)有一矩形线圈,面积为S,匝数为n,将它置于匀强磁场中,且使线圈平面与磁感线方向垂直,设穿过该线圈的磁通量为Φ,则该匀强磁场的磁感应强度大小为( )
A. B.
C. D.无法判断
答案 C
解析 磁感线与线圈平面垂直,则Φ=BS,磁感应强度:B=,故A、B、D错误,C正确.
3.(2018·小海中学模拟)如图2所示是两个形状相同的竖直管,左管为真空玻璃管,右管为真空铜管,使小磁石、羽毛从两管内顶端由静止释放,已知小磁石、羽毛下落过程均未与管内壁接触,则( )
图2
A.左管中小磁石的下落时间小于羽毛的下落时间
B.右管中小磁石的下落时间大于羽毛的下落时间
C.两管中小磁石的下落时间相等
D.若右管足够长,落到管底端时,羽毛的速度小于小磁石的速度
答案 B
解析 左管中小磁石和羽毛都做自由落体运动,下落时间相等,故A错误;当小磁石在铜管中下落时,由于穿过铜管的磁通量变化,导致铜管中产生感应电流,小磁石将受到安培力的阻碍作用,而羽毛做自由落体运动,所以右管中小磁石的下落时间大于羽毛的下落时间,故B正确,C错误;在铜管中小磁石受到安培力的阻碍作用,则在右管中,落到管底端时,羽毛的速度大于小磁石的速度,故D错误.
4.(2017·南通市第三次调研)法拉第发明了世界上第一台发电机.如图3所示,圆形金属盘安置在电磁铁的两个磁极之间,两电刷M、N分别与盘的边缘和中心点接触良好,且与灵敏电流计相连.金属盘绕中心轴沿图示方向转动,则( )
图3
A.电刷M的电势高于电刷N的电势
B.若只将电刷M移近N,灵敏流计的示数变大
C.若只提高金属盘转速,灵敏电流计的示数变大
D.若只将变阻器滑片向左滑动,灵敏电流计的示数变大
答案 C
解析 根据安培定则可知,穿过金属盘的磁场方向向右,由右手定则判断可知,金属盘产生的感应电流方向从M到N,则电刷N的电势高于电刷M的电势,故A错误;若仅将电刷M移近N,使电刷M、N之间距离减小,切割磁感线的有效长度减小,产生的感应电动势减小,感应电流减小,则灵敏电流计的示数变小,故B错误;若只提高金属盘转速,感应电动势增大,感应电流增大,故灵敏电流计的示数变大,故C正确;若仅将滑动变阻器滑片向左滑动,滑动变阻器接入电路的阻值变大,电路电流减小,磁场减弱,感应电动势减小,感应电流减小,灵敏电流计的示数将减小,故D错误.
5.(2018·泰州中学四模)铺设海底金属油气管道时,焊接管道需要先用感应加热的方法对焊口两侧进行预热.将被加热管道置于感应线圈中,当感应线圈中通以电流时管道发热.如图4,下列说法中正确的是( )
图4
A.管道发热是由于线圈中的电流直接流经管道引起的
B.感应加热是利用线圈电阻产生的焦耳热加热管道的
C.感应线圈中通以恒定电流时也能在管道中产生电流
D.感应线圈中通以正弦交流电在管道中产生的涡流也是交流电
答案 D
解析 高频焊接利用高频交变电流产生高频交变磁场,在焊接的金属工件中就产生感应电流,根据法拉第电磁感应定律分析可知,电流变化的频率越高,磁通量变化频率越高,产生的感应电动势越大,感应电流越大,焊缝处的温度升高得越快.管道发热是由于线圈的作用,导致管道有涡流,A错误;感应加热是利用线圈周围变化的磁场,从而产生感应电场,形成涡流,B错误;感应线圈中通的恒定电流时不能产生电流,C错误;感应线圈中通以正弦交流电在管道中产生的涡流也是交流,D正确.
二、多项选择题
6.(2018·第二次全国大联考(江苏卷))如图5所示是研究自感现象的电路图,甲、乙是两个规格相同的小灯泡,电源内阻不可忽略.开始前先闭合开关S1、S2,使电路稳定,两个小灯泡亮度相同.下列说法正确的是( )
图5
A.仅将S2断开,甲亮度不变
B.仅将S2断开,甲逐渐变得更亮
C.仅将S1断开,乙立刻熄灭
D.仅将S1断开,乙的电流方向改变
答案 BD
解析 仅将S2断开,由于电路中总电流变小,则电源的内电压减小,外电压增大,使流过甲的电流变大,但由于线圈自感作用,甲逐渐变得更亮,选项A错误,B正确;若仅将S1断开,由于线圈自感作用,则乙中仍有电流,不会立刻熄灭,但电流方向相反,选项C错误,D正确.
7.如图6甲所示,一个刚性圆形线圈与电阻R构成闭合回路,线圈平面与所在处的匀强磁场方向垂直,磁场的磁感应强度B随时间t的变化规律如图乙所示.关于线圈中产生的感应电动势e、电阻R消耗的功率P随时间t变化的图象,可能正确的有( )
图6
答案 BD
8.(2018· 江苏省高考压轴冲刺卷)如图7所示,abcd为边长为L的正方形线框,线框在纸面内,电阻为R.图中虚线区域内有垂直纸面向里的匀强磁场.现用外力作用于线框,使线框从图示位置开始沿x轴正方向做初速度为零的匀加速运动,线框运动过程中,ad边始终水平,线框平面始终与磁场垂直,磁场宽度大于L,以x轴正方向作为力的正方向,则磁场对线框的作用力F随时间t的变化图象及线框ab边的电压U随时间t的变化图象正确的是( )
图7
答案 AD
解析 线框做初速度为零的匀加速直线运动,速度v=at,进磁场和出磁场受到的安培力F==,A正确,B错误;进磁场时,ab两端的电压U=BLv=BLat,在磁场中运动时,U=BLv=BLat,出磁场时,ab两端的电压U=BLv=BLat,C错误,D正确.
三、计算题
9.(2018·泰州中学月考)如图8甲所示,一个圆形线圈的匝数n=100,线圈面积S=200 cm2,线圈的电阻r=1 Ω,线圈外接一个阻值R=4 Ω的电阻,把线圈放入一方向垂直线圈平面向里的匀强磁场中,磁感应强度随时间变化规律如图乙所示.求:
图8
(1)线圈中的感应电流的大小和方向;
(2)电阻R两端电压及0~6 s消耗的总功率;
(3)前4 s内通过R的电荷量.
答案 见解析
解析 (1)0~4 s内,由法拉第电磁感应定律有:
E1=n=n=100××0.02 V=
0.1 V,
线圈中的感应电流大小为:I1== A=0.02 A,由楞次定律知感应电流方向沿逆时针方向.
4~6 s内,由法拉第电磁感应定律有:E2=n=
n=100××0.02 V=0.4 V,
线圈中的感应电流大小为:I2== A=0.08 A,由楞次定律知感应电流方向沿顺时针方向.
(2)0~4 s内,R两端的电压为:U1=I1R=0.02×4 V=0.08 V
消耗的功率为:P1=U1I1=0.08×0.02 W=1.6×10-3 W
4~6 s内,R两端的电压为:U2=I2R=0.08×4 V=0.32 V
消耗的功率为:P2=U2I2=0.32×0.08 W=2.56×10-2 W
故R消耗的总功率为:P=P1+P2=2.72×10-2 W
(3)前4 s内通过R的电荷量为:q=I1Δt=0.02×4 C=0.08 C.
10.(2018·南京市期中)如图9所示,MN、PQ为间距L=0.5 m的足够长平行导轨,NQ⊥MN.导轨平面与水平面间的夹角θ=37°,NQ间连接一个R=5 Ω的电阻.有一匀强磁场垂直于导轨平面,磁感应强度为B0=1 T.将一根质量为m=0.05 kg的金属棒ab紧靠NQ放置在导轨上,且与导轨接触良好,导轨与金属棒的电阻均不计.现由静止释放金属棒,金属棒沿导轨向下运动过程中始终与NQ平行.已知金属棒与导轨间的动摩擦因数μ=0.5,当金属棒滑行至cd处时已经达到稳定速度,cd距离NQ为s=10 m.则:(取g=10 m/s2,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8)
图9
(1)当金属棒滑行至cd处时回路中的电流是多大?
(2)金属棒达到的稳定速度是多大?
(3)当金属棒滑行至cd处时回路中产生的焦耳热是多少?
答案 (1)0.2 A (2)2 m/s (3)0.9 J
解析 (1)金属棒匀速运动时,沿导轨方向金属棒受力平衡得mgsin θ=Ff+F
金属棒受的安培力为F=B0IL
Ff=μFN=μmgcos θ
解得I=0.2 A.
(2) 由欧姆定律得I=
由法拉第电磁感应定律得E=B0Lv
解得v=2 m/s.
(3)当金属棒滑行至cd处时,设回路中产生的焦耳热是Q,由能量守恒定律得
mgsin θ·s=mv2+Q+μmgcos θ·s
解得Q=0.9 J.
11.(2018·溧水中学期初模拟)如图10为俯视图,虚线MN的右侧存在一个竖直向上的匀强磁场,磁感应强度为B.电阻为R、质量为m、边长为L的正方形单匝金属线框abcd放在光滑水平面上,ab边在磁场外侧紧靠MN虚线边界.当线框以初速度v0向左离开磁场过程中,安培力对线框所做的功为W.求:
图10
(1)初速度v0时刻,线框中感应电流I的大小和方向;
(2)线框cd边穿出磁场时速度v;
(3)线框穿出磁场一半过程中,通过线框横截面的电荷量q.
答案 (1) 电流方向为abcda
(2) (3)
解析 (1)根据法拉第电磁感应定律有E=BLv0
线框中感应电流为I==,由楞次定律知电流方向为abcda
(2)由动能定理W=mv2-mv02,
解得v=
(3)根据电荷量定义式q=Δt
由法拉第电磁感应定律==及欧姆定律=,解得q=.