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    四川省成都市玉林中学2024-2025学年高三上学期11月诊断性评价数学试题

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    四川省成都市玉林中学2024-2025学年高三上学期11月诊断性评价数学试题

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    这是一份四川省成都市玉林中学2024-2025学年高三上学期11月诊断性评价数学试题,文件包含48807543成都市玉林中学高2022级11月诊断性评价试题数学解析版docx、成都市玉林中学高2022级11月诊断性评价试题数学试卷版docx等2份试卷配套教学资源,其中试卷共10页, 欢迎下载使用。
    7.B【详解】,
    即,又,解得,,
    又,由余弦定理可得:,
    ,即当且仅当时取等号,则周长的最大值是,
    8.C【详解】有四个不同的零点,
    即和有四个交点,它们的横坐标分别为,
    画出函数和的图像,根据图像可知,
    和是和的交点横坐标,即方程的两根,
    所以,是和的交点横坐标,是和的交点横坐标,故有,得到,由,可得
    ,令,
    令,则在上单调递减,所以,,
    故,即所求式子的取值范围是.
    10.BCD【详解】由图象可知:,周期,∴;
    由,所以,解得,
    由可得,故函数.
    对于A:,故A错误;
    对于B:当时,,因为在上,正弦函数单调递增,所以函数在上单调递增,故B正确;
    对于C:当时,,
    即直线是的一条对称轴,故C正确;
    对于D:向右平移个单位得,故D正确,
    11.ACD【详解】对于选项A,易知当时,函数与函数的图像有一个公共点,当时,令,则,
    由,得到,由,得到,
    即在区间上单调递减,在区间上单调递增,
    所以在时取最小值,即,
    所以当时,函数与函数的图像没有公共点,故A正确;
    对于选项B,设与切于点,与切于点
    则,化简得:,判断方程根的个数即为公切线条数,
    令,则,易知在上恒小于0,
    当时,令,则在区间上恒成立,
    即在区间上单调递增,又,,
    所以在上有使得,即,
    所以在上单调递减,在上单调递增,且
    当,所以方程有两解,与的图像有两条公切线,所以选项B错误,
    对于选项C,令,所以,令,则,所以在上单调递减,又,
    所以存在,使得,即,则在上单调递增,在上单调递减,所以有极大值,且极大值点,故选项C正确,
    对于选项D,,则,当时,时,,所以,即,当且仅当时取等号,
    令,则在区间上恒成立,
    又,所以,当且仅当时取等号,
    又,当时,与重合,当时,的图象由向右平移,此时图象恒在下方,
    所以,且等号不能同时取到,故选项D正确.
    12. 13.
    14. 【详解】由,设,显然该函数在上单调递增,则,
    于是由题意知,有两个根,因,则故与有两个交点.
    由,当时,,在上单调递增;当时,,在上单调递减,即时,取得极大值为,且当时,,当时,,作出函数的简图.
    由图可得,要使有两个根,需使,解得.
    故答案为:.
    15.(1),
    令,解得,,
    所以函数的单调递减区间为,;
    (2)由题可得,又,∴,即,又,所以的外接圆直径,所以,的外接圆面积.
    16.(1)零假设为:性别与课间经常进行体育活动相互独立,即性别与课间是否经常进行体育活动无关,依题意,列出列联表如下:

    根据小概率值的独立性检验,我们推断不成立,即认为性别与课间是否经常进行体育活动有关联,此推断犯错误的概率不大于0. 05
    (2)经常进行体育活动者的频率为,所以在本校中随机抽取1人为经常进行体育活动者的概率为,随机变量的所有取值为0,1,2,3,4,由题意得,
    所以,,
    ,,
    ,,
    的分布列为:
    的数学期望为,的方差为17.(1)证明:在中,因为,,
    所以由余弦定理得,,所以,
    所以,即,在直四棱柱中,平面,平面,所以,因为平面,平面,,
    所以平面.
    (2)因为,,两两相互垂直,所以以为坐标原点,分别以,,为,,轴,建立如图所示的空间直角坐标系.由,得,,
    所以有,,,,
    ,,,
    设为平面的一个法向量,则,即,
    令,解得,因为,,
    设直线与平面所成角为,且,
    所以,从而,
    所以.所以直线与平面所成角的正切值为.
    18(1)焦点,∵,∴
    抛物线E的标准方程为
    (2)显然.直线斜率存在,设的方程为
    由,化简得:,
    设,则,∴ ①
    直线的方程为,
    由化简得:,
    设则 ②
    由①②得,∴ ③
    (ⅰ)若直线没有斜率,则,又,∴,∴,∴的方程为.
    (ⅱ)若直线有斜率,为,
    直线的方程为,即,
    将③代入得,∴,
    故直线有斜率时过点.
    由(ⅰ)(ⅱ)知,直线过点.
    (3)
    由(2)得,
    ,∴,且,
    设,
    ∵,且,∴∴,
    故的取值范围是.
    19.(1)假设存在两个不同的数,满足题意,
    易知,由题意可得,
    即,,,,,
    又,所以.因为,即,
    化简可得,又,所以,代入,
    可得或,所以为“切合函数”.
    (2)由题意知,因为为“切合函数”,
    故存在不同的数(不妨设)使得,
    即,整理得,
    (ⅰ)先证,即,,
    令,则由,知,要证,只需证,
    即,设,
    易知,故在单调递减,所以,
    故有,由上面的式知,所以
    (ⅱ)由上面的得,
    ,又,所以且,
    故要证, 只需证,
    即,设,
    则即证,
    设,则,
    即也就是在单调递增,
    ,所以在单调递增,
    所以,因为,
    所以,所以,所以原不等式成立.
    题号
    1
    2
    3
    4
    5
    6
    7
    8
    9
    10
    答案
    D
    A
    A
    D
    D
    C
    B
    C
    AD
    BCD
    题号
    11









    答案
    ACD









    课间不经常进行体育活动
    课间经常进行体育活动
    合计

    40
    20
    60

    50
    10
    60
    合计
    90
    30
    120
    0
    1
    2
    3
    4

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