期中仿真卷02（考查范围：第1章~第3章第2节）-2024-2025学年高二化学上学期期中考点大串讲（人教版2019选择性必修1）

这是一份期中仿真卷02（考查范围：第1章~第3章第2节）-2024-2025学年高二化学上学期期中考点大串讲（人教版2019选择性必修1），共14页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
第Ⅰ卷（选择题 共42分）
可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16
一、选择题：本题共14个小题，每小题3分，共42分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．下列变化过程中一定不存在化学能转化为热能的是
【答案】C
【解析】A．木柴燃烧有化学反应发生，有化学能和热能变化，选项A不符合；
B．谷物酿酒由淀粉转化为葡萄糖最后转化为酒精，有化学反应发生，有化学能和热能变化，选项B不符合；
C．干冰升华只有热量变化，无化学能的变化，选项C符合；
D．鞭炮燃放过程中有化学反应发生，有化学能和热能变化，选项D不符合；
答案选C。
2．化学与社会、生产、生活密切相关，下列说法不正确的是
A．海水淡化可以解决淡水危机，用光催化分解代替电解水制氢气可实现节能环保
B．将煤气化，有利于提供更多的能量，而且有效地减少温室气体的产生
C．食品放入冰箱中，因为温度低，变质速率慢，所以食品能够保存较长时间
D．可以通过勒夏特列原理解释夏天打开啤酒盖，喷出大量泡沫的现象
【答案】B
【解析】A． 海水淡化可以解决淡水危机，利用太阳能，用光催化分解代替电解水制氢气，避免了电能的大量损耗，使用氢气减少了化石燃料的使用，可实现节能环保，A正确；
B．根据盖斯定律，将煤气化不会提供更多的能量，B错误；
C．其它条件不变时，降低温度、化学反应速率减慢，故食品放入冰箱中，由于温度的降低使变质速率减慢，使食品能保存较长时间，C正确；
D．啤酒中存在平衡CO2(aq)⇌CO2(g)，打开啤酒盖，减小压强，平衡正向移动，喷出大量泡沫，能用勒夏特列原理解释，D正确；
答案选B。
3．以下现象能用勒夏特列原理解释的是
A．由H2(g)、I2(g)、HI(g)组成的平衡体系加压后颜色变深
B．往新制氯水中加入适量碳酸钙固体可以增强漂白能力
C．合成氨一般选择400~500℃进行
D．工业合成氯化氢时使用过量氢气
【答案】B
【解析】A．由H2(g)、I2(g)、HI(g)组成的平衡体系加压平衡不移动，后颜色变深不能用勒夏特列原理解释，A错误；
B．新制氯水中存在平衡，加入适量碳酸钙固体消耗氢离子，平衡正向移动，次氯酸浓度增大，漂白能力增强，能用勒夏特列原理解释，B正确；
C．合成氨为放热反应，升温平衡逆向移动，但合成氨一般选择400~500℃进行是为了加快反应速率，提高生产效率，不能用勒夏特列原理解释，C错误；
D．工业合成氯化氢时使用过量氢气是为了使氯气反应完全，不能用勒夏特列原理解释，D错误；
故选B。
4．N2H4是一种高效、清洁的火箭燃料。0.25 ml N2H4(l)完全燃烧生成氮气和气态水时,放出133.5 kJ热量。则下列热化学方程式中正确的 是 ( )
A．12N2H4(l)+12O2(g)12N2(g)+H2O(g) ΔH=+267 kJ/ml
B．N2H4(l)+O2(g)N2(g)+2H2O(g) ΔH=-534 kJ/ml
C．N2H4(l)+O2(g)N2(g)+2H2O(g) ΔH=+534 kJ/ml
D．N2H4(l)+O2(g)N2(g)+2H2O(l) ΔH=-133.5 kJ/ml
【答案】B
【解析】该反应为放热反应,A、C项错误;0.25 ml N2H4(l)完全燃烧生成氮气和气态水,放出133.5 kJ热量,则1 ml N2H4(l)完全燃烧生成氮气和气态水放出热量为534 kJ,B项正确、D项错误。
5．结合下图信息分析，反应N2O(g)＋CO(g)===N2(g)＋CO2(g)的ΔH为( )
A．－436 kJ·ml－1 B．＋436 kJ·ml－1
C．－359 kJ·ml－1 D．＋359 kJ·ml－1
【答案】C
【解析】由图可知，反应物的总能量高于生成物的总能量，该反应是一个放热反应，相对能量是330 kJ/ml、229 kJ/ml是产生中间体Ⅰ和Ⅱ释放的总能量，相对能量是123 kJ/ml、77 kJ/ml是中间体Ⅰ和Ⅱ继续吸收的总能量，则ΔH＝－(330＋229－123－77) kJ/ml＝－359 kJ/ml，故本题选C。
6．CH4在一定条件下可发生如图所示的一系列反应。下列说法正确的是( )
A．ΔH3＝ΔH2－ΔH5B．ΔH1>ΔH5
C．ΔH4＝ΔH1＋ΔH2＋ΔH3D．ΔH4ΔH5，B正确；根据转化过程可知，反应④＝反应①－反应②－反应③，ΔH4＝ΔH1－ΔH2－ΔH3，C错误；反应④实质为液态水转化为气态水，液态水转化为气态水吸热，ΔH4>0，D错误。
7．已知：，该反应分①、②两步进行，其能量曲线如图所示，下列有关说法正确的是
A．反应①为吸热反应，反应②为放热反应，总反应为放热反应
B．HI是该反应催化剂，起到加快反应速率的作用
C．整个反应过程共有2个基元反应，决定速率的为第①步反应
D．ICl(g)+HI(g)= I2 (g)+HCl (g) ΔH = -218kJ/ml
【答案】C
【解析】A．反应①中，反应物[2ICl(g)+H2(g)]总能量高于生成物[HCl(g)+HI(g)+ICl(g)]总能量，为放热反应，A错误；
B．由图可知，反应①生成HI，在反应②中消耗HI，则HI是中间产物，不是催化剂，B错误；
C．由图可知，反应①的正反应活化能比反应②的大，反应①的反应速率较慢，所以总反应的反应速率取决于第①步反应，C正确；
D．由图可得，总反应2ICl(g)+H2(g)=I2(g)+2HCl(g) ∆H =-218kJ·ml-1，D错误；
故本题选C。
8．常温下，不能证明乙酸是弱酸的实验事实是
A．0.1ml/LCH3COOH溶液的pH=3
B．pH=3的醋酸溶液加水稀释10倍后，pH＜4
C．等体积等pH的盐酸和乙酸与足量锌粒反应，醋酸产生H2多
D．CH3COOH溶液能与Na2CO3溶液反应生成CO2
【答案】D
【解析】A．0.1ml/LCH3COOH溶液的pH=3，则溶液中，说明乙酸没有完全电离，是弱酸，A正确；B．pH=3的醋酸溶液加水稀释10倍后，pH＜4，说明溶液中存在平衡，加水稀释，平衡右移，证明乙酸是弱酸，B正确；C．等体积等pH的盐酸和乙酸与足量锌粒反应，醋酸产生H2多，说明乙酸溶液中含有的溶质物质的量比盐酸中的多，则乙酸没有完全电离，是弱酸，C正确；D．CH3COOH溶液能与Na2CO3溶液反应生成CO2，说明乙酸酸性比碳酸强，不能说明乙酸是弱酸，D错误；故选D。
9．下列关于实验操作的误差分析不正确的是
A．测定中和反应反应热时，测盐酸后的温度计未冲洗干净立即测NaOH溶液的温度，则测得的ΔH偏大
B．用量气法测锌与稀硫酸反应产生的氢气体积时，装置未冷却至室温即读数，则测得的反应速率偏大
C．用湿润的玻璃棒蘸取Na2CO3溶液滴在pH试纸上，则测得的pH值偏小
D．用标准盐酸滴定未知浓度的NaOH溶液，开始滴定时酸式滴定管尖端处有气泡，滴定终点时气泡消失，则测得的NaOH溶液浓度偏小
【答案】D
【解析】A．测盐酸后的温度计未冲洗干净立即测NaOH溶液的温度，导致温度差减小，放热减小，则测得的ΔH偏大，故A正确；B．装置未冷却至室温即读数，气体的体积偏大，测得的反应速率偏大，故B正确；C．湿润的玻璃棒蘸取Na2CO3溶液滴在pH试纸上，溶液的碱性减弱，测得的pH值偏小，故C正确；D．开始滴定时酸式滴定管尖端处有气泡，滴定终点时气泡消失，消耗标准液的体积偏大，则测得的NaOH溶液浓度偏大，故D错误；答案选D。
10．常温下，关于pH=11的氨水溶液，下列说法不正确的是
A．溶液中
B．加水稀释100倍后，溶液的
C．与等体积pH=3的溶液充分混合后，溶液呈碱性
D．此溶液中由水电离出的和浓度均为
【答案】B
【解析】A．常温下pH=11的氨水溶液中c(H+)=1.0×10-11ml·L-1，c(OH-)==1.0×10-3ml·L-1，故A正确；B．由于一水合氨是弱电解质，加水稀释100倍，会促进一水合氨电离，导致氢氧根离子浓度大于原来的，所以溶液的10>pH>9，故B错误；C．由于一水合氨是弱电解质，加入等体积pH=3的H2SO4溶液，氨水过量，溶液呈碱性，故C正确；D．常温下pH=11的氨水中，氢氧根离子抑制了水的电离，氨水中氢离子是水电离的，为1.0×10-11ml/L，则氨水中由水电离产生的c(OH-)=10-11ml/L，故D正确；故选B。
11．下列对有关事实或解释不正确的
【答案】B
【解析】A．铝粉与稀盐酸反应比铝片与稀盐酸反应的反应速率快，是因为表面积增大，应速率加快，故A正确；
B．5%的双氧水中加入二氧化锰粉末，分解速率迅速加快是因为二氧化锰催化了双氧水的分解，但不会降低了反应的焓变，故B错误；
C．Zn和硫酸铜发生置换反应生成Cu，Zn、Cu和稀硫酸构成原电池加快化学反应速率，导致生成氢气的速率加快，故C正确；
D．密闭容器中反应，充入惰性气体，当温度、压强不变时，容器体积增大，反应物浓度减小，所以反应速率减慢，故D正确；
故答案选B。
12．可逆反应： ，同时符合下列两图中各曲线的规律的是
A． B．
C． D．
【答案】C
【解析】对于左图，先拐先平衡，说明，随温度的升高，生成物的浓度减小，平衡向吸热反应方向移动，即正反应是放热反应，即Qc+d，反应为气体分子数减小的反应，熵变小于0；
故选C。
13．对于密闭容器中的可逆反应，探究单一条件改变情况下，可能引起平衡状态的改变，得到如图所示的曲线(图中T表示温度，n表示物质的量)。下列判断正确的是
A．加入催化剂可以使状态d变为状态b
B．若，则逆反应一定是放热反应
C．达到平衡时，A2的转化率大小为
D．在和不变时达到平衡，的物质的量的大小为
【答案】C
【解析】A．催化剂只改变反应速率不改变平衡移动，所以加入催化剂不可能使状态d变为状态b，故A错误；
B．若，由图象可知，温度升高，AB3的平衡体积分数减小，说明平衡向逆反应方向移动，则逆反应为吸热反应，故B错误；
C．由图可知，横坐标为B2的物质的量，增大一种反应物的量会促进另一种反应物的转化率增大，则B2的物质的量越大，达到平衡时A2的转化率越大，即转化率大小为c＞b＞a，故C正确；
D．由图可知，横坐标为B2的物质的量，增大一种反应物的量必然会促进另一种反应物的转化，则B2的物质的量越大，达到平衡时A2的转化率越大，生成物的物质的量越大，则平衡时AB3的物质的量大小为c＞b＞a，故D错误；
答案选C。
14．叠氮酸(HN3)是一种弱酸。常温下，向20 mL 0.1 ml·L-1的HN3溶液中逐滴加入0.1 ml·L-1NaOH溶液。测得滴定过程电溶液的pH随V(NaOH)变化如图所示，下列说法正确的是
A．点①溶液中：c(HN3)+c(H+)>c()+c(OH-)
B．点②溶液中：c(Na+)=c(N)+c(HN3)
C．常温下，Ka(HN3)的数量级为10-4
D．点③溶液中：c(OH-)=c(H+)+c(HN3)
【答案】D
【解析】A．点①溶液为HN3与NaN3等浓度的混合溶液，根据电荷守恒可得c(Na+)+c(H+)=c()+c(OH-)，溶液pH＜7，说明HN3的电离作用大于N的水解作用，所以c(HN3)＜c(Na+)，所以c(HN3)+c(H+)＜c()+c(OH-)，故A项错误；
B．点②溶液中存在电荷守恒：c(Na+)+c(H+)=c()+c(OH-)，该点溶液pH=7，则c(H+)= c(OH-)，所以c(Na+)=c()，则c(Na+)＜c()+c(HN3)，故B项错误；
C．在常温下，0.1 ml/L HN3的pH=2.85，则c(H+)=10-2.85ml/L，Ka(HN3)=，故Ka(HN3)的数量级为10-5，故C项错误；
D．点③溶液为NaN3溶液，根据质子守恒可得：c(OH-)=c(H+)+c(HN3)，故D项正确；
故本题选D。
第II卷（非选择题 共58分）
二、非选择题：本题共4个小题，共58分。
15．（14分）研究大气中含硫化合物(主要是和)的转化具有重要意义。
（1）工业上采用高温热分解的方法制取，在膜反应器中分离，发生的反应为
已知：① ；②
则 (用含、的式子表示)。
（2）土壤中的微生物可将大气中的经两步反应氧化成，两步反应的能量变化示意图如下：
则 。1ml全部被氧化为的热化学方程式为 。
（3）将和空气的混合气体通入、、的混合溶液中反应回收S，其物质转化如图所示。
①该循环过程中的作用是 ，图示总反应的化学方程式为 。
②已知反应③生成1ml时放出akJ热量，则反应③中转移个电子时，放出 kJ热量。(用含a的式子表示)
【答案】（除标注外，每空2分）（1）
（2）-442.39 （3分）
（3）催化作用 （3分）
【解析】（1）已知：①；②，根据盖斯定律，①×2+②得为，其；
（2）根据第一步反应的能量图可知 ，则的焓变为；
根据第二步反应的能量图可知 ，将第一步反应和第二步反应相加得到
（3）整个循环过程中没有被消耗，是催化剂，起催化作用；反应③的方程式为： ，已知反应③生成1ml时放出akJ热量，根据反应方程式可知生成1ml转移2ml电子，所以转移个电子时，放出热量。
16．（15分）回答下列问题。
（1）已知下列反应的热化学方程式：
①
②
③
i．反应①中，正反应活化能 逆反应活化能(填“大于”“小于”或“等于”)。
ii．若某温度下反应①的平衡常数为，反应②的平衡常数为，则反应③的平衡常数 (用含、的式子表示)。
（2）硫酸在国民经济中占有极其重要的地位，下图是工业接触法制硫酸的简单流程图，试回答下列有关问题。
①生产时先将黄铁矿粉碎再投入沸腾炉，目的是 。
②25℃，101 kPa时，每燃烧0.12 kg FeS2就会放出853 kJ热量，写出此状况下FeS2燃烧的热化学方程式： 。
③一定温度下，在容积固定的密闭容器中发生反应：。下列选项能充分说明此反应已达到平衡状态的是 。
A．密闭容器中SO2、SO3的物质的量之比为1∶1
B．密闭容器中压强不随时间变化而变化
C．
D．密闭容器中混合气体的平均相对分子质量不随时间变化而变化
④在实际生产过程中，控制进入接触室的气体中O2的体积分数是SO2体积分数的1.5倍，其目的是： 。
⑤实验测得反应中SO2平衡转化率与温度、压强有关，请根据下表信息，结合工业生产实际，选择最合适的生产条件是 。(注：1 MPa约等于10个大气压)
【答案】（除标注外，每空2分）（1）大于 或
（2）增大黄铁矿与氧气的接触面积，加快反应速率，使燃烧更充分，提高原料利用率 （3分） BD
提高SO2的转化率，从而提高经济效益 0.1MPa，400℃
【分析】工业接触法制硫酸中，黄铁矿在沸腾炉中燃烧生成三氧化二铁和二氧化硫，化学方程式为，二氧化硫在接触室被氧化为三氧化硫，三氧化硫在吸收塔中与水反应生成硫酸，实际吸收剂为浓硫酸，得到发烟硫酸；
【解析】（1）i．反应①为吸热反应，则正反应活化能大于逆反应的活化能；
ii．由可得或；
（2）①生产时先将黄铁矿粉碎再投入沸腾炉，其目的是大黄铁矿与氧气的接触面积，加快反应速率，使燃烧更充分，提高原料利用率；
②每燃烧0.12 kg即1ml FeS2就会放出853 kJ热量，则热化学方程式为： ；
③A．密闭容器中SO2、SO3的物质的量之比为1∶1，并不能说明其物质的量保持不变，故A错误；B．对于该反应前后气体体积不等，容器内压强不变可判断平衡状态，故B正确；C．当正逆反应速率符合化学计量数之比，即，反应达到平衡状态，故C错误；D．对于该反应前后气体体积不等，混合气体的平均相对分子质量不随时间变化而变化可判断平衡状态，故D正确；故选BD；
④该反应为可逆反应，控制进入接触室的气体中O2的体积分数是SO2体积分数的1.5倍，可以提高SO2的转化率，从而提高经济效益；
⑤由表中数据可以看出，SO2平衡转化率随温度升高而降低，故宜选用400℃，400℃时，SO2平衡转化率随压强变化不明显，则从节能角度，宜选用400℃、0.1MPa。
17．（14分）Ⅰ.将CO2转化为CO、CH3OH等燃料，可以有效的缓解能源危机，同时可以减少温室气体，实现“双碳目标”。
800℃时，H2还原CO2反应的热化学方程式及其平衡常数如下：
ⅰ：CO2(g)+H2(g) CO(g)+H2O(g) ΔH1=＋41kJ·ml-1 K1=104
ⅱ：CO2(g)+3H2(g) CH3OH(g)+H2O(g) ΔH2=-49.5kJ·ml-1 K2=10-3
（1）反应CO(g)+2H2(g)CH3OH(g) ΔH3= kJ·ml-1，K3= 。
Ⅱ.为了减少CO的排放，某环境研究小组以CO和H2为原料合成清洁能源二甲醚(DME)，反应如下：4H2(g)+2CO(g)CH3OCH3(g)+H2O(g) ΔH=-198kJ·ml-1。
（2）如图所示能正确反映平衡常数K随温度变化关系的曲线为 (填曲线标记字母)，其判断理由是 。
（3）在一定温度下，向2.0L固定容积的密闭容器中充入2ml H2和1ml CO，经过一段时间后，反应4H2(g)+2CO(g) CH3OCH3(g)+H2O(g)达到平衡。反应过程中测得的部分数据见下表：
①0～20min的平均反应速率v(CO)= ml·L−1·min−1。
②达到平衡时，H2的转化率为 。
③能表明该反应达到平衡状态的是 (填字母)。
A．容器中二甲醚的浓度不变 B．混合气体的平均相对分子质量不变
C．v(CO)与v(H2)的比值不变 D．混合气体的密度不变
【答案】（每空2分）（1）-90.5 10-7
（2）a 正反应放热，温度升高，平衡向逆反应方向移动，平衡常数减小
（3）0.0075 80% AB
【解析】（1）由盖斯定律可知，ii-i得反应CO(g)+2H2(g)⇌CH3OH(g)ΔH3=ΔH2-ΔH1=(-49.5-41)kJ•ml-1=-90.5kJ•ml-1，=10-7，故答案为：-90.5；10-7；
（2）反应为4H2(g)+2CO(g)⇌CH3OCH3(g)+H2O(g) ΔH=-198kJ•ml-1b>a d（1分）
（6）9∶2
【解析】（1）已知Ka(HCN)= ，0.1 ml/L的HCN溶液中，约为；
（2）电离常数越大，电离程度越大，酸性越强，由表已知Ka(HCOOH)> Ka(HCN)，则酸性：HCOOH> HCN，相同浓度的HCOOH和HCN溶液中，溶液导电能力更强的是HCOOH；由表可知酸性：HCOOH> H2CO3> HCN>，
A．由酸性：HCOOH> HCN ，根据强酸制取弱酸原理，反应能发生，故A不符合题意；B．酸性：< HCN，不能发生，故B符合题意；C．酸性：H2CO3> HCN ，能发生，故C不符合题意；D．酸性：HCOOH> ，能发生，故D不符合题意；故选B；
（3）由图可知，加水稀释相同倍数时，CH3COOH溶液的pH较小，说明稀释促进CH3COOH电离程度大于HNO2，则酸性：CH3COOH< HNO2，电离平衡常数：小于；
（4）常温下，a点pH=3，弱酸电离出c(H+)=10-3ml/L，则溶液中，由水电离的浓度等于OH-浓度，即1.0×10-11 ml/L；
（5）加入酸抑制水的电离，酸性越强水的电离程度越小，则a、b、c三点水的电离程度由大到小的顺序为c>b>a，由于酸性：CH3COOH< HNO2，等pH时c(CH3COOH)>c(HNO2)，c、d两点的溶液分别与NaOH恰好中和，由n(CH3COOH)>n(HNO2)可知，消耗NaOH物质的量更多的是d点；
（6）混合后溶液的pH=11，说明NaOH过量，溶液中，则有，则9∶2。




A．木材燃烧
B．谷物酿酒
C．干冰升华
D．鞭炮燃放
选项
事实
解释
A
用铝粉代替铝片与稀盐酸反应，反应速率加快
改用铝粉，固体表面积增大，故反应速率加快
B
5%的双氧水中加入二氧化锰粉末，分解速率迅速加快
降低了反应的焓变，活化分子数增多，有效碰撞增多，速率加快
C
锌与稀硫酸反应，滴入少量硫酸铜溶液，生成氢气的速率加快
锌置换出铜，形成原电池，反应速率加快
D
密闭容器中反应：，当温度、压强不变，充入惰性气体，反应速率减慢
容器体积增大，反应物浓度减小，反应速率减慢
压强/MPa
温度/℃
0.1
0.5
1
10
400
99.2%
99.6%
99.7%
99.9%
500
93.5%
96.9%
97.8%
99.3%
600
73.7%
85.8%
89.5%
96.4%
时间/min
0
20
40
80
100
n(H2)/ml
2.0
1.4
0.85
0.4
—
n(CO)/ml
1.0
—
0.425
0.2
0.2
n(CH3OCH3)/ml
0
0.15
—
—
0.4
n(H2O)/ml
0
0.15
0.2875
0.4
0.4
物质
HCOOH
HCN
H2CO3
电离常数(常温下)