山东省枣庄市2024届高三三调数学试题(原卷版+解析版)
展开本试卷共4页,19题.全卷满分150分.考试用时120分钟.
注意事项:
1.答卷前,考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置上,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置.
2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.如需要改动,用橡皮擦干净后,再选涂其它答案标号.回答非选择题时,将答案写在答题卡上.写在本试卷上无效.
3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回.
一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1. 已知集合,,则( )
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】首先解一元二次不等式求出集合,再根据交集的定义计算可得.
详解】由,即,解得,
所以,
又,所以.
故选:D
2. 已知双曲线的一条渐近线方程为,则( )
A. 1B. 2C. 8D. 16
【答案】A
【解析】
【分析】利用双曲线方程先含参表示渐近线方程,待定系数计算即可.
【详解】依题意,得,
令,即的渐近线方程为,
所以
故选:A
3. 已知角的顶点与原点重合,始边与轴的非负半轴重合,终边经过点,则( )
A. 0B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】根据三角函数的定义求出,,再由两角差的余弦公式计算可得.
【详解】因为,即,
即角的终边经过点,所以,,
所以.
故选:D
4. 对数螺线广泛应用于科技领域.某种对数螺线可以用表达,其中为正实数,是极角,是极径.若每增加个单位,则变为原来的( )
A. 倍B. 倍C. 倍D. 倍
【答案】B
【解析】
【分析】设所对应的极径为,所对应的极径为,根据所给表达式及指数幂的运算法则计算可得.
【详解】设所对应的极径为,则,
则所对应的极径为,所以,
故每增加个单位,则变为原来的倍.
故选:B
5. 己知平面向量,则在上的投影向量为( )
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】根据已知条件分别求出和,然后按照平面向量的投影向量公式计算即可得解.
【详解】,
,,
在上的投影向量为.
故选:A.
6. 已知圆柱的底面半径为1,母线长为2,它的两个底面的圆周在同一个球的球面上,则该球的表面积为( )
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】利用圆柱及球的特征计算即可.
【详解】由题意可知该球为圆柱的外切球,所以球心为圆柱的中心,设球半径为,
则,故该球的表面积为.
故选:C
7. 已知复数,若同时满足和,则为( )
A. 1B. C. 2D.
【答案】C
【解析】
【分析】设,根据和求出交点坐标,即可求出,再计算其模即可.
【详解】设,则,,
由和,
所以且,
即且,解得或,
所以、(或、),
则(或),
所以.
故选:C
8. 在中,,为内一点,,,则( )
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】在中,设,,即可表示出,,再在中利用正弦定理得到,再由两角差的正弦公式及同角三角函数的基本关系将弦化切,即可得解.
【详解】在中,设,令,
则,,
在中,可得,,
由正弦定理,
所以,
所以,
可得,即.
故选:B.
【点睛】关键点点睛:本题解答关键是找到角之间的关系,从而通过设元、转化到中利用正弦定理得到关系式.
二、选择题:本题共3小题,每小题6分,共18分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得6分,部分选对的得部分分,有选错的得0分.
9. 已知两个变量y与x对应关系如下表:
若y与x满足一元线性回归模型,且经验回归方程为,则( )
A. y与x正相关B.
C. 样本数据y的第60百分位数为8D. 各组数据的残差和为0
【答案】AD
【解析】
【分析】利用相关性的定义及线性回归直线可判定A,根据样本中心点在回归方程上可判定B,利用百分位数的计算可判定C,利用回归方程计算预测值可得残差即可判定D.
【详解】由回归直线方程知:,所以y与x正相关,即A正确;
由表格数据及回归方程易知,即B错误;
易知,所以样本数据y的第60百分位数为,即C错误;
由回归直线方程知时对应的预测值分别为,
对应残差分别为,显然残差之和为0,即D正确.
故选:AD
10. 若函数,则( )
A. 的图象关于对称B. 在上单调递增
C. 的极小值点为D. 有两个零点
【答案】AC
【解析】
【分析】首先求出函数的定义域,即可判断奇偶性,从而判断A,利用导数说明函数的单调性,即可判断B、C,求出极小值即可判断D.
【详解】对于函数,令,解得或,
所以函数的定义域为,
又,
所以为奇函数,函数图象关于对称,故A正确;
又
,
当时,,即在上单调递减,故B错误;
当时,,即在上单调递增,
根据奇函数的对称性可知在上单调递增,在上单调递减,
所以的极小值点为,极大值点为,故C正确;
又,
且当趋近于1时,趋近于无穷大,当趋近于0时,趋近于无穷大,
所以在上无零点,根据对称性可知在上无零点,
故无零点,故D错误.
故选:AC.
11. 已知正方体的棱长为2,点M,N分别为棱的中点,点P为四边形(含边界)内一动点,且,则( )
A. 平面B. 点P的轨迹长度为
C. 存在点P,使得平面D. 点P到平面距离的最大值为
【答案】ABD
【解析】
【分析】利用线线平行的性质可判定A,利用空间轨迹结合弧长公式可判定B,建立空间直角坐标系,利用空间向量研究线面关系及点面距离可判定C、D.
【详解】对于A,在正方体中易知,
又平面,平面,所以平面,即A正确;
对于B,因为点P为四边形(含边界)内一动点,且,,
则,所以P点轨迹为以为圆心,为半径的圆与正方形相交的部分,
所以点P的轨迹长度为,故B正确;
对于C,建立如图所示空间直角坐标系,
则,
所以,
若存在点P,使得面,则,
解之得,显然不满足同角三角函数的平方关系,
即不存在点P,使得面,故C错误;
对于D,设平面的一个法向量为,则,
取,即,
则点P到平面的距离,
显然时取得最大值,故D正确.
故选:ABD
【点睛】思路点睛:对于B,利用定点定距离结合空间轨迹即可解决,对于C、D因为动点不方便利用几何法处理,可以利用空间直角坐标系,由空间向量研究空间位置关系及点面距离计算即可.
三、填空题:本题共3个小题,每小题5分,共15分.
12. 写出函数图象的一条对称轴方程_________.
【答案】(答案不唯一)
【解析】
【分析】利用二倍角公式及三角函数的图象与性质计算即可.
【详解】易知,所以,
不妨取,则.
故答案为:(答案不唯一)
13. 某人上楼梯,每步上1阶的概率为,每步上2阶的概率为,设该人从第1阶台阶出发,到达第3阶台阶的概率为_________.
【答案】
【解析】
【分析】先分①②两种方法,再由独立事件的乘法公式计算即可.
【详解】到达第3台阶的方法有两种:
第一种: 每步上一个台阶,上两步,则概率为;第二种:
只上一步且上两个台阶,则概率为,
所以到达第3阶台阶的概率为,
故答案为:.
14. 设为平面上两点,定义、已知点P为抛物线上一动点,点的最小值为2,则_________;若斜率为的直线l过点Q,点M是直线l上一动点,则的最小值为_________.
【答案】 ①. 2 ②.
【解析】
【分析】利用定义结合二次函数求最值计算即可得第一空,过作并构造直角三角形,根据的定义化折为直,结合直线与抛物线的位置关系计算即可.
【详解】设,则,
,即,时取得最小值;
易知,,联立有,
显然无解,即直线与抛物线无交点,如下图所示,
过作交l于N,过作,
则(重合时取得等号),
设,则,所以,
故答案为:2,
【点睛】思路点睛:对于曼哈顿距离的新定义问题可以利用化折为直的思想,数形结合再根据二次函数的性质计算最值即可.
四、解答题:本题共5小题,共77分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.
15. 如图,四棱台的底面为菱形,,点为中点,.
(1)证明:平面;
(2)若,求平面与平面夹角的余弦值.
【答案】(1)证明见解析
(2)
【解析】
【分析】(1)连接、,即可证明平面,从而得到,再由勾股定理逆定理得到,即可证明平面;
(2)建立空间直角坐标系,利用空间向量法计算可得.
【小问1详解】
连接、,
因为四边形为菱形,
所以是边长为的正三角形,
因为为中点,所以,,
又因为,平面,所以平面,
又平面,
所以,
又,,,
所以,所以,
又因为平面,
所以平面
【小问2详解】
因为直线两两垂直,以为原点,所在直线为轴,轴,轴建立空间直角坐标系,
则,
所以
设平面的一个法向量为,
则,即,
令,得,所以,
由题意知,是平面的一个法向量,
设平面与平面的夹角为,
则,
所以平面与平面夹角的余弦值为.
16. 已知椭圆的左,右焦点分别为,椭圆E的离心率为,椭圆E上的点到右焦点的最小距离为1.
(1)求椭圆E的方程;
(2)若过右焦点的直线l与椭圆E交于B,C两点,E的右顶点记为A,,求直线l的方程.
【答案】(1)
(2)或
【解析】
【分析】(1)利用椭圆焦半径公式及性质计算即可;
(2)设直线l方程,B、C坐标,根据平行关系得出两点纵坐标关系,联立椭圆方程结合韦达定理解方程即可.
【小问1详解】
设焦距为,由椭圆对称性不妨设椭圆上一点,
易知,则
,
显然时,
由题意得解得,
所以椭圆方程为;
【小问2详解】
设,
因为,所以
所以①
设直线的方程为,联立得,整理得,
由韦达定理得,
把①式代入上式得,得,
解得,
所以直线的方程为:或.
17. 在一个袋子中有若干红球和白球(除颜色外均相同),袋中红球数占总球数的比例为.
(1)若有放回摸球,摸到红球时停止.在第次没有摸到红球的条件下,求第3次也没有摸到红球的概率;
(2)某同学不知道比例,为估计的值,设计了如下两种方案:
方案一:从袋中进行有放回摸球,摸出红球或摸球次停止.
方案二:从袋中进行有放回摸球次.
分别求两个方案红球出现频率的数学期望,并以数学期望为依据,分析哪个方案估计的值更合理.
【答案】(1)
(2)答案见解析
【解析】
【分析】(1)设事件“第2次没有摸到红球”,事件“第3次也没有摸到红球”,根据条件概率公式计算可得;
(2)记“方案一”中红球出现的频率用随机变量表示,的可能取值为,求出所对应的概率,即可得到分布列与数学期望,“方案二”中红球出现的频率用随机变量表示,则,由二项分布的概率公式得到分布列,即可求出期望,再判断即可.
【小问1详解】
设事件“第2次没有摸到红球”,事件“第3次也没有摸到红球”,
则,,
所以;
【小问2详解】
“方案一”中红球出现的频率用随机变量表示,
则的可能取值为:,
且,,,
,,,
所以的分布列为:
则
,
“方案二”中红球出现的频率用随机变量表示,因为,
所以的分布列为:,
即的分布列为:
所以,则,
因为,,所以“方案二”估计的值更合理.
18. 已知函数,为的导数
(1)讨论的单调性;
(2)若是的极大值点,求的取值范围;
(3)若,证明:.
【答案】(1)答案见解析
(2)
(3)证明见解析
【解析】
【分析】(1)令,求出导函数,再分和两种情况讨论,分别求出函数的单调区间;
(2)结合(1)分、、、四种情况讨论,判断的单调性,即可确定极值点,从而得解;
(3)利用分析法可得只需证,,只需证对任意,有,结合(2)只需证明,构造函数,利用导数证明即可.
【小问1详解】
由题知,
令,则,
当时,在区间单调递增,
当时,令,解得,
当时,,当时,,
所以在区间上单调递减,在区间上单调递增,
综上所述,当时,在区间上单调递增;
当时,在区间上单调递减,在区间上单调递增.
【小问2详解】
当时,,
由(1)知,当时,在上单调递减;
当时,在上单调递增;
所以是函数的极小值点,不符合题意;
当时,,且,
由(1)知,当时,在上单调递减;
当时,在上单调递增;
所以是函数的极小值点,不符合题意;
当时,,则当时,在上单调递增,
所以无极值点,不合题意;
当时,,且;
当时,在上单调递增;
当时,在上单调递减;
所以是函数的极大值点,符合题意;
综上所述,的取值范围是.
【小问3详解】
要证,
只要证,
只要证,,
因为,则,
所以只要证对任意,有,
只要证对任意,有(※),
因为由(2)知:当时,若,则,
所以,即①,
令函数,则,
所以当时,所以在单调递增;
则,即,
由①②得,
所以(※)成立,
所以成立.
【点睛】方法点睛:利用导数证明或判定不等式问题:
1.通常要构造新函数,利用导数研究函数的单调性与极值(最值),从而得出不等关系;
2.利用可分离变量,构造新函数,直接把问题转化为函数的最值问题,从而判定不等关系;
3.适当放缩构造法:根据已知条件适当放缩或利用常见放缩结论,从而判定不等关系;
4.构造“形似”函数,变形再构造,对原不等式同解变形,根据相似结构构造辅助函数.
19. 若数列的各项均为正数,对任意,有,则称数列为“对数凹性”数列.
(1)已知数列1,3,2,4和数列1,2,4,3,2,判断它们是否为“对数凹性”数列,并说明理由;
(2)若函数有三个零点,其中.
证明:数列为“对数凹性”数列;
(3)若数列的各项均为正数,,记的前n项和为,,对任意三个不相等正整数p,q,r,存在常数t,使得.
证明:数列为“对数凹性”数列.
【答案】(1)只有1,2,4,3,2是“对数凹性”数列,理由见解析
(2)证明见解析 (3)证明见解析
【解析】
【分析】(1)利用“对数凹性”数列的定义计算即可;
(2)利用导数研究三次函数的性质结合零点个数相同及“对数凹性”数列的定义计算即可;
(3)将互换计算可得,令,可证明是等差数列,结合等差数列得通项公式可知,利用及的关系可得,并判定为单调递增的等差数列,根据等差数列求和公式计算结合基本不等式放缩证明其大于0即可.
【小问1详解】
根据“对数凹性”数列的定义可知数列1,3,2,4中不成立,
所以数列1,3,2,4不是“对数凹性”数列;
而数列1,2,4,3,2中均成立,所以数列1,2,4,3,2是“对数凹性”数列;
【小问2详解】
根据题意及三次函数的性质易知有两个不等实数根,
所以,
又,所以,
显然,即不是的零点,
又,
令,则也有三个零点,
即有三个零点,
则有三个零点,
所以有两个零点,
所以同上有,
故数列“对数凹性”数列
【小问3详解】
将互换得:,所以,
令,得,
所以,故数列是等差数列,
记,所以,
所以,
又因为,所以,
所以,所以为单调递增的等差数列,
所以.
所以
所以,数列是“对数凹性”数列
【点睛】思路点睛:第二问根据定义及三次函数的性质、判别式先判定,再判定零点个数相同,再次利用导函数零点个数及判别式判定即可;第三问根据条件将互换得,利用赋值法证明是等差数列,再根据及的关系可得从而判定其为单调递增数列,根据等差数列求和公式计算结合基本不等式放缩证明其大于0即可.
x
1
2
3
4
5
y
5
m
8
9
10.5
0
1
0
1
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