2024年安徽省滁州市九梓学校中考物理一模试卷（含详细答案解析）

这是一份2024年安徽省滁州市九梓学校中考物理一模试卷（含详细答案解析），共22页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

1.关于分子动理论的知识，以下说法正确的是( )
A. 甲图中大量PM2.5尘粒在空中飞舞，这是分子在做无规则运动
B. 乙图是“液体扩散”实验的装置，装好液体后处于量筒底部的液体应该是密度较小的水
C. 海绵很容易被压缩，说明分子间存在间隙
D. 两块表面光滑的铅块相互紧压后会黏在一起，说明分子间存在引力
2.体育运动中涉及到了许多物理知识，下列说法不正确的是( )
A. 篮球投篮出手后如果外力全部消失，将会做匀速直线运动
B. 踢出去的足球最终会停下来，是因为受到摩擦阻力的作用
C. 多次用力垫起排球，手臂感到疼是因为力的作用是相互的
D. 射箭时，箭离开弓弦后由于受到惯性作用仍继续向前飞行
3.如图所示为音乐家正在吹奏民族乐器唢呐的情形。下列关于唢呐的说法中正确的是( )
A. 去掉唢呐前端的喇叭，会改变声音的响度
B. 改变吹奏时的力度，主要是改变了声音的音调
C. 吹奏时按压不同位置的气孔，主要改变了声音的响度
D. 用钢琴和唢呐演奏同一个音符时，两种乐器发出的声音的音调不同
4.下列实验或现象中，运用了相同物理知识的是( )
①热气球升空；
②向悬挂的气球一侧吹气，气球向吹气一侧运动；
③飞机起飞时机翼受到升力；
④撤去酒精灯，闭口的易拉罐变瘪了。
A. ②③B. ②④C. ③④D. ①③
5.如图所示的简单机械，忽略各种摩擦及杠杆和滑轮的重力，当提起相同重物时，最省力的是( )
A. B.
C. D.
6.如图所示，F1、F2是凸透镜的两个焦点，S是距凸透镜前距离大于2倍焦距的点光源，S′是S经凸透镜所成的像。当点光源S沿平行于主光轴方向向右匀速运动靠近透镜时，像S′的移动情况( )
A. 像S′沿平行于主光轴方向靠近凸透镜方向匀速运动
B. 像S′沿O与S′连线方向远离凸透镜方向移动，速度逐渐变小
C. 像S′沿平行于主光轴方向远离凸透镜方向移动，速度逐渐变大
D. 像S′沿F2与S′连线方向远离凸透镜方向移动，速度逐渐变大
7.在如图所示的电路中，电源电压保持不变。开关S从闭合到断开时，变大的是( )
A. 电压表V的示数
B. 电压表V示数与电流表A示数的乘积
C. 电流表A的示数
D. 电压表V示数与电流表A示数的比值
二、填空题：本大题共9小题，共21分。
8.清晨草叶上常挂有晶莹的露珠，这是由于夜间温度低，空气中的水蒸气______形成的，在阳光照射下这些露珠又会慢慢消失，是由于露珠发生了______的缘故。冰箱冷冻室里的冰激凌上常常会有一层“白粉”，是由于水蒸气发生了______。(以上三个空填物态变化的名称)
9.2023年9月华为发布mate60，首款自主产权5nm芯片的国产5G手机，纳米是长度单位，5nm=______ m，芯片是把电路小型化，制造在半导体晶圆表面上；图中，刻度尺的分度值是______，铅笔的长度是______ cm。
10.如图所示，在3N的拉力F作用下，使物体A沿水平地面匀速移动了0.4m。若不计机械自重、滑轮与轴之间的摩擦，则拉力F所做的功是______ J，物体与地面之间的摩擦力是______ N。
11.如图甲所示，摩擦过的梳子能吸引纸屑，这是因为梳子带上了______；如图乙所示，将与毛衣摩擦过的气球靠近头发，会看到图乙所示的现象，这个现象的解释是______。
12.如图所示，一个纸风车放在点燃的酒精灯火焰上方，风车会转动起来。在这个过程中，是因为一定质量的空气受热膨胀后，密度______(选填“变大”、“变小”或“不变”)而上升，热空气上升后，冷空气从四面八方流过来，从而形成风。冬天房间里开空调时，应该让热风向______(选填“上”或“下”)吹，房间内才会很快变得缓和起来。
13.
14.如图，小明在从路灯下离开过程中，发现自己的影子越来越长．路灯高4.5m，身高为1.5m的小明沿直线匀速行走速度为1.0m/s，则他头部影子的平均速度为______m/s，他头部影子的速度将______(选填“先变大后变小”、“先变小后变大”、“变大”、“变小”或“不变”).
15.如图所示，小灯泡的额定电压为3V，闭合开关S1、S2，将滑动变阻器的滑片移动到最右端时，电流表示数为0.1A，电压表V1示数为1V，10秒内电流通过灯泡做的功为______ J。闭合开关S1、S2，移动滑片，使灯泡正常发光；保持滑片位置不变，断开开关S2，只闭合S1，这时电压表V1和V2的示数之和为5V，滑动变阻器消耗的功率为0.6W。小灯泡的额定功率为______ W。
16.为测定热水器消耗的电能，小明关闭其他用电器，只用电热水器给水加热，一段时间后，电能表的示数由图甲示数变为图乙示数，则该电热水器在这段时间内消耗的电能为______kW⋅h，若该电能表的转盘在6min内转了60转，则这段时间内，小明家用电器消耗的总电能为______。该用电器的功率是______ W。
三、作图题：本大题共1小题，共2分。
17.如图所示，一木块沿斜面匀速下滑，作出木块所受力的示意图。
四、实验探究题：本大题共3小题，共17分。
18.小华和同学们正在探究“平面镜成像的特点”，器材有：茶色玻璃板、白纸、两支相同的蜡烛A和B、火柴、刻度尺、铅笔。
(1)如图甲所示，他们将白纸放在水平桌面上，再将茶色玻璃板垂直放在白纸上。
①在玻璃板前放一支点燃的蜡烛A，为了寻找像的位置，他们取来蜡烛B，放在玻璃板后，接下来的操作是：______，此时蜡烛B的位置就是蜡烛A的像的位置，实验中选择两支相同的蜡烛是为了______。
②移去蜡烛B，在其位置上放置一块光屏，直接观察光屏上是否有蜡烛A的像这样做的目的是______。
③多次改变蜡烛A的位置，再正确找到A的像的位置，将每次物和像的位置记录在白纸上，连接物和对应的像点，测量结果如图乙所示，由此可以得到的结论是：______。
④实验中为了让左侧的同学也能够看清蜡烛A的像，小华只将玻璃板向左平移，则蜡烛A的像的位置______(选填“向右移动”、“向左移动”或“不变”)。
(2)完成上述实验后，小华将刻度尺垂直靠紧茶色玻璃板，观察到如图丙所示的现象，则该玻璃板的厚度约为______。
A.2cm
B.1cm
C.5mm
19.在“探究影响电磁铁磁性强弱的因素”的实验中，小明制成简易电磁铁甲、乙，并设计了如图所示的电路。
(1)当滑动变阻器的滑片向左移动时，电磁铁甲、乙吸引大头针的个数______(选填“增加”或“减少”)，说明电流越______，电磁铁磁性越强；
(2)根据图示的情境可知，______(选填“甲”或“乙”)的磁性强，说明电流一定时，______，电磁铁磁性越强；
(3)根据安培定则，可判断出乙铁钉的上端是电磁铁的______极；
(4)电磁铁吸引的大头针下端分散的原因是______；
(5)将导线绕在铁钉上制成简易电磁铁，并巧妙地通过吸引大头针的数量来显示电磁铁磁性的强弱。下面的实验也用这种方法的是______。
A.认识电压时，我们可以用水压来类比
B.用光线来描述光通过的路径
C.令敲响的音叉接触水面，看有没有溅起水花，来判断音叉有没有振动
D.用斜面、小车探究阻力对物体运动的影响
20.如图所示，小明按照图甲电路图在探究“电流与电压和电阻关系”的实验中，
(1)连接电路时开关应______。
(2)请在乙图中连接电路。
(3)闭合开关前，如图乙中滑动变阻器的滑片应位于______(选填“A”或“B”)端。
(4)小明通过实验得到数据如表(一)所示，其中第1次实验的电流表示数如图丙所示，为______ A，所用电阻R的值是______Ω，根据表(一)的数据，可得出的结论是：在电阻一定时，电流与电压成______。
表(一)
表(二)
(5)小明继续探究电流与电阻的关系，他先后将5Ω、10Ω和15Ω的电阻接入电路中进行实验，得到数据如表(二)所示。通过分析表(二)的数据，可知小明在操作过程中存在的错误是：没有控制导体两端的电压______(选填“变”或“不变”)。
五、计算题：本大题共3小题，共16分。
21.一辆自重为3×104N的大卡车，车上载有40包水泥，每包水泥的质量为80kg，15min通过桥长约为30km的泰州大桥。如图所示，结合桥头标志牌，请完成以下问题：
(1)请通过计算说明卡车是否超速？
(2)车上水泥的总重力是多少？
(3)若卡车在匀速行驶的过程中所受阻力是总车重的0.04倍，卡车行驶过程中的牵引力是多少？
22.底面积为80cm2的平底圆柱形容器内盛满某种液体后，置于水平桌面中央(容器壁厚度不计)，液体的压强与深度的关系如图所示。现将一个质量为0.09kg的金属块A用轻质细线悬挂在弹簧测力计下，再缓慢浸没于容器内的液体中，待金属块静止后，弹簧测力计的示数如图所示。求：
(1)液体的密度是多少？
(2)金属块排开液体的质量是多少？
(3)剪断细线，金属块下沉到容器底部，此时容器对桌面的压强比只盛满液体时对桌面的压强增大了多少？
23.某款电热饮水机具有加热和保温两挡，额定电压为220V。如图甲是其电路原理图，S0为温控开关，R1、R2为电热丝(阻值不变)，某次饮水机在额定电压下工作的电功率P与时间t的关系图像如图乙所示。求：
(1)饮水机处于加热挡阶段消耗的电能；
(2)饮水机加热电流与保温电流比值；
(3)R2的阻值。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、大量PM2.5尘粒在空中飞舞，这是物体的机械运动，不是分子在做无规则运动，故A错误；
B、“液体扩散”实验的装置，装好液体后处于量筒底部的液体应该是密度较大的液体，故B错误；
C、海绵很容易被压缩，不能说明分子间存在间隙，故C错误；
D、两块表面光滑的铅块相互紧压后会黏在一起，说明分子间存在引力，故D正确。
故选：D。
(1)物体的位置随时间的改变叫机械运动。
(2)在做分子扩散实验中，为排除重力对实验的影响，应将密度大的物质放在下面。
(3)分子间存在间隙。
(4)分子间存在引力和斥力。
深入理解分子动理论内容，可解答此题。
2.【答案】D
【解析】解：A、由牛顿第一定律知：篮球投篮出手后如果外力全部消失，将会做匀速直线运动，故A正确；
B、摩擦力是阻碍物体运动的力，足球最终停下来就是因为受到了地面摩擦力的作用，故B正确；
C、多次用力垫起排球，手臂感到疼，这是因为手臂对排球施加了力的作用，同时排球对手臂也有一个力的作用，说明了物体间力的作用是相互的，故C正确；
D、射箭时，箭离开弓弦后由于惯性仍继续向前飞行，但惯性是物体的一种性质，不能说“受到惯性作用”，故D错误。
故选：D。
(1)根据牛顿第一定律，当物体不受任何外力时，将保持静止状态或匀速直线运动状态；
(2)力是改变物体运动状态的原因；
(3)力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；
(4)一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性，任何物体都有惯性，惯性是物体本身固有的一种属性。
本题主要考查了体育活动及测试中涉及到的物理知识，体现了物理与实际的联系，综合性强，但难度不大。
3.【答案】A
【解析】解：
A、唢呐前端的喇叭主要是使声音放大，改变声音的响度，故A正确；
B、改变吹奏时的力度，空气柱的振幅会发生变化，主要是改变了声音的响度，故B错误；
C、吹奏时按压不同位置的气孔，空气柱的长短发生了变化，振动的频率改变了，主要改变了声音的音调，故C错误；
D、用钢琴和唢呐演奏同一个音符时，不同发声体发出声音的音色是不同的，故D错误。
故选：A。
(1)唢呐前端的喇叭主要是使声音放大，改变声音的响度；
(2)(3)唢呐属于管乐，管乐依靠空气柱振动，空气柱的长度和粗细影响音调，吹力大小影响响度，音调的高低与空气柱振动的频率有关；
(4)每个发声体的音色是不同的。
通过一个乐器考查声音的产生，音调和响度，音色，注意学以致用。
4.【答案】A
【解析】解：①热气球升空利用了空气浮力；
②向悬挂的气球一侧吹气，吹气的那一侧空气流速大压强小，因此气球向吹气的那侧飘；
③飞机起飞是利用流体压强与流速的关系，等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于机翼上表面弯曲，下表面平直，所以空气通过机翼上表面的流速大，压强较小；通过下表面的流速较小，压强大，所以飞机受到一个向上的升力；
④撤去酒精灯，被封口的易拉罐在大气压的作用下变瘪了。
所以②③的原理相同，都是应用的流体压强与流速的关系。
故选：A。
(1)物体受到的浮力大于重力时，物体会上浮；
(2)大气受重力，具有流动性，因此大气存在压强；
(3)在气体和液体中，流速大的位置压强小。
本题考查了学生的识图能力，注重了观察分析能力的考查，是中考的热点问题。
5.【答案】A
【解析】解：由题知，忽略各种摩擦及杠杆和滑轮的重力：
A、由图知，重物拉力的力臂L1=L，拉力F1的力臂L2=3L，
由杠杆平衡条件可得：G×L1=F1×L2，
G×L=F1×3L，
解得：F1=13G；
B、图中使用的是斜面，F2s=Gh，动力：F2=hsG=1m2m×G=12G；
C、图中使用的是动滑轮，使用动滑轮，省一半的力，F3=12G；
C、图中使用的是滑轮组，承担物重的绳子股数n=2，则F4=12G。
可见，F1最小、最省力。
故选：A。
忽略各种摩擦及杠杆和滑轮的重力：
(1)先判断动力臂和阻力臂的大小，再根据杠杆平衡条件F1L1=GL2得出动力F和重力G的大小关系。
(2)使用斜面时，Fs=Gh，据此得出动力F和重力G的关系。
(3)使用动滑轮时，n=2，拉力F=1nG；
(4)使用滑轮组时，先判断出承担物重绳子的股数n，则拉力F=1nG。
本题考查了使用杠杆、斜面、动滑轮、滑轮组时拉力的计算，明确各种装置的特点是关键。
6.【答案】D
【解析】解：S是距凸透镜前距离大于2倍焦距的点光源，当光源S沿平行主轴的方向靠近透镜时，此时所成的像始终是倒立的实像，当物距减小时，像距增大，像变大。如图所示，所以像S′的移动情况是沿F2与S′连线方向远离透镜，相同时间像移动的距离逐渐变大，故速度逐渐变大。
故选：D。
当光源S沿平行主轴的方向靠近透镜时，光屏上所成的像始终是倒立的实像，当物距减小时，像距增大，像变大。
根据图中所示，可知点光源S在二倍焦距以外，成倒立缩小的实像，
根据平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变，画出光路图，即可判定像S′的移动情况。
“凸透镜的三条特殊光线”是完成凸透镜光路图的依据，要熟练掌握，根据凸透镜成实像时，满足“物近像远像变大”，这是解决本题的关键。
7.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，开关S闭合时，R1与R2并联，电压表V测电源两端的电压，电流表A测干路电流；
当开关S由闭合到断开时，电路为R2的简单电路，电流表测R2的电流，电压表仍测电源两端的电压；
因电源电压保持不变，电压表V的示数不变，故A错误；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，开关S由闭合到断开时，通过R2的电流不变，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，开关S由闭合到断开时，干路电流变小，即电流表A的示数变小，故C错误；
则：电压表V示数与电流表A示数的比值变大；电压表V示数与电流表A示数的乘积变小；故D正确，B错误。
故选：D。
由电路图可知，开关S闭合时，R1与R2并联，电压表V测电源两端的电压，电流表A测干路电流；当开关S断开时，电路为R2的简单电路，电流表测R2的电流；
电压表V仍侧电源两端的电压，根据电源的电压可知电压表V示数的变化；根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1支路电路的变化，进一步可知电压表V示数与电流表A1示数的乘积变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，进一步可知电压表V示数与电流表A示数的比值变化。
本题考查了电路的动态分析，分析好开关闭合、断开时电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键，要注意并联电路中各支路独立工作、互不影响特点的应用。
8.【答案】液化；汽化；凝华
【解析】解：露珠是液态水，是水蒸气遇冷液化形成的；液化形成的露珠在阳光下又发生汽化，露珠消失；
冰激凌上的一层“白粉”是固态小冰晶，是冰箱内水蒸气凝华形成的。
故答案为：液化；汽化；凝华。
(1)在一定条件下，物体的三种状态--固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；
(2)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
本题主要考查学生对生活中常见的物态变化的认识和了解，是一道基础题。
9.【答案】5×10−9 1mm3.90
【解析】解：5nm=5×10−9m；
图中，刻度尺的分度值是1mm；铅笔的长度为：l=5.90cm−2.00cm=3.90cm。
故答案为：5×10−9；1mm；3.90。
1nm=10−9m；使用刻度尺时，首先要弄清楚它的零刻度、量程和分度值，读数时要估读到分度值的下一位。
本题考查的是长度的单位和刻度尺的使用规则；会利用刻度尺正确测量物体的长度。
10.【答案】2.46
【解析】解：因为图中有2段绳子拉着物体，所以绳子移动的距离是物体移动的距离的2倍，
拉力F所做的功为：
W=F×2s=3N×2×0.4m=2.4J，
图中是一只动滑轮，用2段绳子拉动物体，匀速运动时，拉力与摩擦力是一对平衡力，故摩擦力f=2F=2×3N=6N。
故答案为：2.4；6。
(1)利用W=Fs算出拉力F做的功；
(2)物体与地面间的摩擦力可通过二力平衡求出。
本题对动滑轮的受力分析，是解答本题的关键，同时要正确分析物体所受摩擦力。
11.【答案】电荷 与毛衣摩擦过的气球带电，从而吸引不带电的头发
【解析】解：摩擦过的梳子能吸引纸屑，这是因为梳子带上了电荷，能够吸引轻小物体；
与毛衣摩擦过的气球靠近头发，会看到气球吸引头发，这是因为与毛衣摩擦过的气球带电，从而吸引不带电的头发。
故答案为：电荷；与毛衣摩擦过的气球带电，从而吸引不带电的头发。
两个物体摩擦时，出现带电现象，称为摩擦起电现象；带电体具有吸引轻小物体的性质。
本题考查摩擦起电现象和带电体的性质，属于基础题目。
12.【答案】变小 下
【解析】解：火焰上方空气加热后体积膨胀，即质量不变，体积变大，根据ρ=mV，可知密度变小。热空气上升，周围冷空气填充进来，形成风，吹动风车转动；
因为热空气会上升，所以冬天房间里开空调时，应该让热风向下吹，房间内才会很快变得缓和起来。
故答案为：变小；下。
气体有热胀冷缩的性质；
根据ρ=mV可知：若m不变，V变大，则ρ变小。
本题考查了密度与温度的关系，属于基础题。
13.【答案】

【解析】
14.【答案】1.5；不变
【解析】解：如图所示，设路灯高为H=OS=4.5m，人身高为h=AB=1.5m，头影移动速度为v1，人走路的速度为v2=1.0m/s.
若从通过路灯正下方O点开始计时，则在时间t内人走的路程为：
OA=v2t，-----------------①
头影移动的距离为：OC=v1t，--------------②
因为△CAB∽△COS
所以hH=ACOC=OC−OAOC，----------------------③
由①②代入③得：
v2=H−hH×v1
v1=HH−h×v2=−1.5m×1.0m/s=1.5m/s.
因H为路灯高，h为人高，v2为人运动速度，在本题中均为定值，故v1为定值，即人头影子为匀速直线运动，故不变．
故答案为：1.5；不变．
如图，从通过路灯正下方O点开始计时，得出在时间t内人走的路程OA和影子走的路程OC，根据数学中相似三角形的相关知识得出人走路的速度与影子的移动速度的关系求解．
本题主要考查光的直线传播以及利用数学知识来解决物理问题，在平时的学习中，注意培养用数学知识解答物理问题的能力．
15.【答案】10.6
【解析】解：(1)如图，闭合开关S1、S2，将滑动变阻器的滑片移动到最右端时，灯泡和滑动变阻器串联，且滑动变阻器全部接入电路，电压表V1测量灯泡两端的电压；已知电流表示数为0.1A，电压表V1示数为1V，
则10秒内电流通过灯泡做的功为：
WL=ULILt=1V×0.1A×10s=1J；
(2)断开开关S2，只闭合S1时，灯泡和滑动变阻器串联，且滑动变阻器全部接入电路，电流表测量电路中电流，电压表V1测量灯泡两端的电压；电压表V2测量滑动变阻器滑片右侧电阻两端的电压；
由于此时电流表的示数为0.1A，电压表V1示数为1V，
由P=I2R知，滑动变阻器的最大阻值为：Rmax=P滑I2=0.6W(0.1A)2=60Ω，
所以滑动变阻器两端的电压为：
UP=IRmax=0.1A×60Ω=6V，
由串联电路中电压的规律知，电源电压为
U=UL+UP=1V+6V=7V；
因为这时电压表V1和V2的示数之和为5V，则滑片左侧电阻两端电压为
U左=U−(UL+U右)=7V−5V=2V，
由I=UR可知，左侧电阻为：
R左=U左I=2V0.1A=20Ω，
闭合开关S1、S2，滑动变阻器左侧接入电路，此时灯泡正常发光，则灯泡两端电压为3V，
根据串联电路的总电压等于各用电器两端的电压之和可得滑动变阻器两端电压为：
U′P=U−U′L=7V−3V=4V，
故此时通过电路的电流为I′=Up′R左=4V20Ω=0.2A，
所以，小灯泡的额定功率为：P额=PL=I′UL′=0.2A×3V=0.6W。
故答案为：1；0.6。
(1)如图，闭合开关S1、S2，将滑动变阻器的滑片移动到最右端时，灯泡和滑动变阻器串联，且滑动变阻器全部接入电路，电压表V1测量灯泡两端的电压；根据W=UIt即可求出10秒内电流通过灯泡做的功；
(2)断开开关S2，只闭合S1时，灯泡和滑动变阻器串联，且滑动变阻器全部接入电路，电流表测量电路中电流，电压表V1测量灯泡两端的电压；电压表V2测量滑动变阻器滑片右侧电阻两端的电压；
由于此时电流表和电压表V1的示数已知，由P=I2R求出滑动变阻器的最大阻值，然后根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路中电压的规律知求出电源电压
已知电压表V1和V2的示数之和，据此求出滑片左侧电阻两端电压，根据I=UR求出滑片左侧电阻，
当闭合开关S1、S2，滑动变阻器左侧接入电路，此时灯泡正常发光，根据灯泡两端的电压和串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端电压；
然后根据欧姆定律求出此时电路的电流，最后利用P=UI求出灯泡的额定功率。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律的应用和电功率的计算，关键是明确电路中滑动变阻器连入电路的电阻变化和电压表测量的对象。
16.【答案】⋅h200
【解析】解：(1)由甲图可知，电能表的读数是7624.8kW⋅h，
由乙图可知，电能表的读数是7626.9kW⋅h，
则该电热水器在这段时间内消耗的电能为：7626.9kW⋅h−7624.8kW⋅h=2.1kW⋅h；
(2)3000r/kW⋅h表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转过3000r，
则转盘转过60转时，用电器消耗的电能：W=60r3000r/(kW⋅h)=0.02kW⋅h=0.02×3.6×106J=7.2×104J；
用电器的功率：P=Wt=7.2×104J6×60s=200W。
故答案为：2.1；0.02kW⋅h；200。
(1)电能表表盘上最后一位是小数，单位是kW⋅h；一段时间内电路消耗的电能等于两次电能表读数之差；
(2)3000r/kW⋅h表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转过3000r，由此计算转盘转了60转时用电器消耗的电能，根据P=Wt求出用电器的功率。
本题考查了电能表的读数和电功率的计算，理解电能表的参数是解题的关键。
17.【答案】解：木块在斜面上匀速下滑时受重力、支持力和摩擦力的作用，重力方向竖直向下，支持力垂直于斜面向上，摩擦力方向沿斜面向上，作用点都画在木块重心上，如图所示：

【解析】力的示意图就是将力的大小、方向和作用点表示在图上；分析木块受到的力，受重力、支持力，在下滑时还受摩擦力的作用，摩擦力方向与物体运动方向相反，沿斜面向上。
画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，确定各个力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。
18.【答案】移动蜡烛B的位置，直至和蜡烛A的像完全重合 比较像和物的大小关系 判断平面镜成的像是虚像还是实像 像和物到平面镜的距离相等 不变 D
【解析】解：(1)如图甲所示，他们将白纸放在水平桌面上，再将茶色玻璃板垂直放在白纸上。
①在玻璃板前放一支点燃的蜡烛A，为了寻找像的位置，他们取来蜡烛B，放在玻璃板后，接下来的操作是：移动蜡烛B的位置，直至和蜡烛A的像完全重合；此时蜡烛B的位置就是蜡烛A的像的位置实验中选择两支相同的蜡烛是为了比较像和物的大小关系；
②移去蜡烛B，在其位置上放置一块光屏，直接观察光屏上是否有蜡烛A的像这样做的目的是判断平面镜成的像是虚像还是实像；
③多次改变蜡烛A的位置，再正确找到A的像的位置，将每次物和像的位置记录在白纸上，连接物和对应的像点，测量结果如图乙所示，由此可以得到的结论是：像和物到平面镜的距离相等；
④像和物关于镜面对称，实验中为了让左侧的同学也能够看清蜡烛A的像，小华只将玻璃板向左平移，则蜡烛A的像的位置不变；
(2)完成上述实验后，小华将刻度尺垂直靠紧茶色玻璃板，观察到如图丙所示的现象，则该玻璃板的厚度约为2.5mm，故选D。
故答案为：
(1)①移动蜡烛B的位置，直至和蜡烛A的像完全重合；比较像和物的大小关系；
②判断平面镜成的像是虚像还是实像；
③像和物到平面镜的距离相等；
④不变；
(2)D。
(1)①在玻璃板前放一支点燃的蜡烛A，为了寻找像的位置，他们取来蜡烛B，放在玻璃板后，接下来的操作是：移动蜡烛B的位置，直至和蜡烛A的像完全重合；选择两支相同的蜡烛是为了比较像和物的大小关系；
②为了判断平面镜成的像是虚像还是实像，需要在其位置上放置一块光屏，直接观察光屏上是否有蜡烛A的像；
③平面镜所成的像和物到平面镜的距离相等；
④像和物关于镜面对称；
(2)观察图片，得出该玻璃板的厚度。
探究平面镜成像特点的实验过程，在近年中考题中较为热点。只要牢记平面镜成像的特点，解答此类题目就不难。
19.【答案】增加 大 甲 线圈匝数越多 S 大头针被磁化，同名磁极相互排斥 C
【解析】解：(1)滑动变阻器的滑片向左移，连入电路的电阻变小，由欧姆定律可知，电流变大，在线圈的匝数一定、铁芯一定时，电流越大，吸引大头针的个数增加；说明通过电磁铁的电流越大，电磁铁的磁性越强；
(2)图中甲吸引大头针的个数多，根据转换法可知，甲的磁性强；串联电路各处的电流都相等，甲线圈匝数多，吸引大头针的数量多，这说明电流一定时，电磁铁线圈的匝数越多，电磁铁磁性越强。
(3)根据安培定则，结合电流的方向，可判断出乙铁钉的上端是电磁铁的S极。
(4)由于大头针被磁化，同一端的磁极相同，根据同名磁极相互排斥，所以大头针下端分散；
(5)通过吸引大头针的数量来显示电磁铁磁性的强弱，运用了转换法，
A、认识电压时，我们可以用水压来类比，运用了类比法，故A错误；
B、用光线来描述光通过的路径，运用了理想模型法，故B错误；
C、令敲响的音叉接触水面，看有没有溅起水花，来判断音叉有没有振动，运用了转换法，故C正确；
D、用斜面、小车探究阻力对物体运动的影响，水平面越光滑，小车所受阻力越小，运动距离越远，如果小车不受力，小车将做匀速直线运动；本实验用到了实验推理的研究方法，故D错误。
故选：C。
故答案为：(1)增加；大；(2)甲；线圈匝数越 多；(3)S；(4)大头针被磁化，同名磁极相互排斥；(5)C。
(1)(2)本题通过电磁铁吸引大头针的数量反映电磁铁磁性的强弱；影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小、线圈的匝数、有无铁芯；
分析滑动变阻器的滑片向左移时变阻器连入电路的电阻变化，由欧姆定律确定电流变化；在线圈的匝数一定，铁芯一定时，电流越大，磁性越强；电流一定时，匝数越多，电磁铁磁性越强；
(3)根据安培定则，结合电流的方向分析；
(4)利用磁化和磁极间的作用规律进行分析；
(5)根据转换法分析。
此题是“研究电磁铁磁性强弱”的实验，考查了控制变量法和转换法在实验中的应用，同时涉及到了串联电路的电流规律及安培定则的运用。
20.【答案】断开 B0.110正比 不变
【解析】解：(1)连接电路时开关应断开；
(2)变阻器按一上一下串联接入电路中，如图：
；
(3)开关闭合前，为保护电路，应将滑动变阻器滑片P移到阻值最大处，即B端；
(4)电流表接入电路的量程是“0∼0.6A”，每一大格表示0.2A，每一小格表示0.02A，所以电流表的示数为0.1A；
由I=UR可得电阻R的值：R=UI=1V0.1A=10Ω；
表一中电压与电流的比值为定值(都是10)，所以可得实验结论为：在电阻一定时，电流与电压成正比；
(5)探究电流与电阻的关系，应控制电阻两端电压不变，由表格数据可知电阻两端电压不相等，分别为1.5V、2.0V、2.3V，所以小明在操作过程中存在的错误是：没有控制导体两端的电压不变。
故答案为：(1)断开；
(2)
；
(3)B；(4)0.1；10；正比；(5)不变。
(1)连接电路时开关应断开；
(2)变阻器按一上一下串联接入电路中；
(3)开关闭合前，为保护电路，应将滑动变阻器滑片P移到阻值最大处；
(4)认清电流表的量程和分度值，根据量程读出电流表的示数；根据欧姆定律可计算定值电阻的阻值；分析表一中电压与电流的比值为定值可得实验结论；
(5)探究电流与电阻的关系，应控制电阻两端电压不变。
本题探究电流与电阻、电压的关系，考查注意事项、电路连接、电流表读数、操作过程、控制变量法、数据分析等知识。
21.【答案】解：(1)大卡车通过30km的泰州大桥的时间为：s=15min=0.25h，
所以卡车通过泰州大桥的速度为：v=st=30km0.25h=120km/h，
而大桥上对大卡车的限速为90km/h，所以卡车超速；
(2)车上水泥的总质量：m水泥=80kg×40=3200kg；
水泥的总重力：G水泥=m水泥g=3200kg×10N/kg=3.2×104N；
(3)卡车的总重力：G=3×104N+3.2×104N=6.2×104N；
因为卡车在平直的马路上匀速行驶，所以卡车的牵引力与受到的阻力是一对平衡力，则F=f=0.04G=0.04×6.2×104N=2480N。
故答案为：(1)卡车超速；
(2)车上水泥的总重力是3.2×104N；
(3)卡车行驶过程中的牵引力是2480N。
【解析】(1)根据速度公式解答出卡车的速度，与大卡车的最高限速90km/h进行比较；
(2)知道1包水泥的质量，可求车上水泥(40包)的总质量，利用G=mg求水泥的总重力；
(3)卡车匀速行驶，牵引力等于受到的阻力。
本题考查速度、重力以及牵引力计算，难度不大。
22.【答案】解：(1)由图知，当h=4cm=4×10−2m时，p=4×102Pa，
由p=ρ液gh得，ρ液=pgh=4×102Pa10N/kg×4×10−2m=1.0×103kg/m3；
(2)G金=m金g=0.09kg×10N/kg=0.9N，
F浮=G金−F示=0.9N−0.5N=0.4N，
F浮=G排=m排g，
m排=F浮g=0.4N10N/kg=0.04kg；
(3)容器对桌面的压力增大值：
ΔF压=G金−G排=G金−F浮=0.9N−0.4N=0.5N，
容器对桌面的压强增大值：
ΔP=ΔF压S=0.5N80×10−4m2=62.5Pa。
答：(1)液体的密度是1.0×103kg/m3；
(2)金属块排开液体的质量是0.04kg；
(3)容器对桌面的压强增大了62.5Pa。
【解析】(1)由图象可知，液体内部的压强与深度成正比，取h=4cm，读出该深度的压强，根据液体压强的公式求液体的密度；
(2)知道金属块的质量，利用重力公式求金属块受到的重力，又知道金属块全浸入液体中弹簧测力计的示数，由称重法求出金属块受到的浮力，再根据阿基米德原理求金属块排开液体的质量；
(3)由阿基米德原理知道，把金属块浸没水中后溢出(排开)水的重等于金属块受到的浮力，所以金属块下沉到容器底部容器对桌面的压力比只盛满液体对桌面的压力增大值ΔF=G金−G排=G金−F浮，再利用压强公式求容器对桌面的压强值。
本题考查了学生对密度的公式、重力公式、阿基米德原理、压强定义式、液体压强公式的了解与掌握，涉及到弹簧测力计的读数、从图象搜集信息，知识点多，综合性强，属于难题，要求灵活选用公式进行计算。
23.【答案】解：(1)根据W=Pt可知饮水机处于加热挡阶段消耗的电能：W=Pt=484W×6×60s=174240J；
(2)电热饮水机处于保温时电路中的电流为
I保温=P保温U=44W220V=0.2A；
电热饮水机处于加热时电路中的电流为
I加热=P加热U=484W220V=2.2A；
加热电流与保温电流之比为I加热：I保温=2.2A：0.2A=11：1。
(3)当S0闭合时，饮水机处于加热状态，
R2的功率P2=P−P1=484W−44W=440W，
通过R2的阻值R2=U2P2=(220V)2440W=110Ω。
答：(1)饮水机处于加热挡阶段消耗的电能为174240J；
(2)饮水机加热电流与保温电流比值为11：1；
(3)R2的阻值为110Ω。
【解析】(1)根据W=Pt得出饮水机处于加热挡阶段消耗的电能；
(2)由P=UI可知，电热饮水机处于保温时电路中的电流和电热饮水机处于加热时电路中的电流；
进而得出加热电流与保温电流之比；
(3)当S0闭合时，饮水机处于加热状态，根据P2=P−P1得出R2的功率，根据R2=U2P2得出通过R2的阻值。
本题考查电功率和电能的计算，是一道综合题。实验序号
1
2
3
电阻/Ω
R
电压/V
1.0
1.5
2.0
电流/A
0.15
0.20
实验序号
4
5
6
电阻/Ω
5
10
15
电压/V
1.5
2.0
2.3
电流/A
0.30
0.20
0.15