2024年安徽省中考物理模拟试卷（一）（含详细答案解析）

这是一份2024年安徽省中考物理模拟试卷（一）（含详细答案解析），共17页。试卷主要包含了单选题，填空题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

1.如图所示，甲、乙、丙、丁是单缸内燃机一个工作循环的四个冲程，该内燃机工作时飞轮转速为2400r/min。以下说法正确的是( )
A. 该内燃机四个冲程正确的顺序是丙、甲、丁、乙
B. 该内燃机每秒完成20次做功冲程
C. 丁冲程发生的能量转化为机械能转化为内能
D. 甲、乙、丁三个冲程是靠飞轮的惯性完成的
2.用如图所示的滑轮组将重为G的物体提升高度h，已知绳端所需拉力为F，动滑轮自重为G0，绳端移动的距离为s，忽略绳重与各种摩擦，则下列表示该滑轮组机械效率的表达式错误的是( )
A. η=GhFs×100%
B. η=G2F×100%
C. η=GG+G0×100%
D. η=GhFs−G0h×100%
3.小华在班上擦黑板时隐隐约约感觉一个很奇特的现象，回到家，他拿出小时候的一块玩具黑板，把它平放并固定在水平桌面上，再用一个黑板刷来擦黑板，如图所示，他给黑板刷斜向下使力，当方向与竖直方向的夹角较大时，黑板刷滑起来；当他给黑板刷的施力方向与竖直方向夹角较小(大于0)时，他怎么也推不动黑板刷，在这两种情形下，黑板刷分别( )
A. 受摩擦力，不受摩擦力B. 受摩擦力，受摩擦力
C. 不受摩擦力，受摩擦力D. 不受摩擦力，不受摩擦力
4.氢气球升到高空时就会破裂，其主要原因是( )
A. 高空大气压强增大，气球体积减小，将气球压破
B. 高空大气压强增大，气球体积增大，将气球胀破
C. 高空大气压强减小，气球体积增大，将气球胀破
D. 高空大气压强减小，气球体积减小，将气球压破
5.2023年4月16日9时36分，长征四号乙运载火箭在甘肃酒泉卫星发射中心发射升空，成功将“风云三号”G星顺利送入预定轨道。火箭在加速升空过程中的能量转化情况是( )
A. 火箭的机械能不变B. 火箭动能减少
C. 火箭的重力势能不变D. 火箭的机械能增大
6.探究“影响滑动摩擦力大小的因素”时，采用如图所示的实验装置。用弹簧测力计缓慢拉着木块使放置在木块上表面的砝码随木块一起沿水平地面做匀速直线运动，不计空气阻力，下列说法正确的是( )
A. 木块所受到的重力与地面对木块的支持力是一对平衡力
B. 木块所受到的弹簧测力计拉力与地面对木块的摩擦力是一对平衡力
C. 木块对砝码的摩擦力方向水平向左
D. 木块对地面的压力大小等于木块的重量
7.如图所示的电路，电源电压不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从左端向右端滑动，不考虑灯丝的电阻受温度的影响。下列说法中正确的是( )
A. 电流表的示数变小，灯泡的亮度不变B. 电压表的示数变大，灯泡的亮度变亮
C. 电压表示数与电流表示数的比值变小D. 整个电路的总功率变小
二、填空题：本大题共10小题，共20分。
8.如图所示的家庭电路，开关闭合后发现灯泡不亮，于是某同学利用试电笔分别接触a、b、c、d四处，发现只有一处不能使试电笔的氖管发光，则故障原因可能是______。
9.2022年12月4日“神舟十四”乘组返回地球。这是我国航天员首次在夜间严寒天气回家，返回舱在返回途中与空气发生剧烈摩擦，表面局部温度最高可达上千摄氏度，这时舱外的防热涂层升华脱落，______(选填“吸收”或“放出”)热量，确保舱内航天员安全。
10.如图所示，电路闭合开关S后，小磁针在电磁铁的作用下最终静止的情景，则小磁针a端为______极(选填“N”或“S”)。
11.如图所示，测得物体的长度是______ cm。
12.把一根电阻为20Ω的粗细均匀的电阻丝变成一个圆环，并以如图所示的方式接入电源电压为3V电路中，则电流表的示数为______ A。
13.二胡演奏者在正式演奏前，都会调整一下弦的松紧，这样做的目的是通过改变弦的松紧来调节弦发声时的______(填声音的基本特性)。
14.我国“蛟龙”号潜水器在下潜试验中成功突破7000m水深大关，若海水的密度为1.02×103kg/m3，“蛟龙号”下潜至5000m深处时，它的面积40cm2的一个观测窗口受到海水的压力是______ N。
15.如图所示，在光滑水平桌面上叠放着甲、乙两木块，重力分别为20N和10N，用15N的水平拉力F拉动木块乙，恰好能使木块乙向右做匀速直线运动，则甲受到的摩擦力是______ N。
16.小明通过实验测量小石块的密度。他用托盘天平测小石块的质量如图甲所示，用量筒测小石块的体积如图乙所示，则小石块的密度为______kg/m3。
17.标有“6V，3W”的小灯泡，它的“I−U”图象如图所示。若将它与一个标有“10Ω，1A”的滑动变阻器串联在电源电压为8V的电路中，调节滑动变阻器，当灯泡正常放光时，滑动变阻器消耗的电功率为______ W。
三、实验探究题：本大题共4小题，共24分。
18.某同学利用焦距为f的凸透镜做了三次实验，透镜、蜡烛、光屏所在位置以及光屏上得到的清晰像的情况如图所示。
(1)由图所示的实验现象可知：随着物距不断变小，像距和像的大小的变化情况是______。
(2)在图乙所示的实验中，只将凸透镜换为焦距为f2的凸透镜(f2向______侧移动。
19.在“用弹簧测力计测量力的大小”实验中：
(1)根据力的作用效果可以对力的大小进行测量。弹簧测力计能够测量力的大小，利用的是______。
A.力可以改变弹簧的形状
B.力可以改变弹簧的运动方向
C.力可以改变弹簧的运动快慢
(2)在进行如图所示的实验前，应将弹簧测力计沿______方向放置，然后进行调零。
(3)利用如图所示的实验，可以测量出木块与桌面之间的滑动摩擦力大小，条件是：用弹簧测力计拉着木块做______运动。
20.物理学习小组进行“伏安法测电阻”的实验：
(1)请你用笔画线代替导线，将图中实物电路连接完整，使滑动变阻器潜片P移动到最左端时接入电路阻值最大(要求导线不交叉)。
(2)闭合开关后，发现小灯泡不亮，则接下来合理的操作是______。
A.断开开关，检查电路
B.观察两表示数判断电路情况
C.移动滑动变阻器观察小灯泡情况
(3)电路无误后，闭合开关。移动滑动变阻器滑片使电压表示数为2.5V，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡此时电阻为______Ω。
(4)图丙是小灯泡I−U关系，实验中需要多次测量目的是______。
21.某建筑工人用300N的拉力，在25s内将重力为800N的水泥利用滑轮组匀速提高4m，如图所示。若不计摩擦和绳重，请你完成下列计算：
(1)动滑轮的重力；
(2)工人做功的功率；
(3)该装置的机械效率。
四、计算题：本大题共2小题，共12分。
22.牛顿第三定律告诉我们：两个物体之间的作用力与反作用力总是大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，如图所示是用弹簧测力计测量物体A重力大小的示意图，当物体A处于静止状态时，弹簧测力计的示数F′大小(即弹簧所受A的拉力)就表示物体A所受重力G的大小，即F′=G。请你依据牛顿第三定律和二力平衡的条件证明：F′=G。
23.滑滑梯是一项广受喜爱的娱乐活动。某一次玩滑滑梯过程中，一质量为30kg的小朋友从高度为2m，倾角为30∘的平直滑梯顶端由静止匀速下滑至斜面底端，用时5s，简化模型如图所示。若在此过程中，人所受的摩擦力为重力的0.2倍，求：
(1)克服摩擦力所做的功。
(2)所受重力做功的功率。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、甲图中两个气门都关闭，活塞向上运动，是压缩冲程，
乙图是进气门打开，排气门关闭，此时活塞向下运动，是吸气冲程，
丙图中进气门关闭，排气门打开，此时活塞向上运动，是排气冲程，
丁图中两个气门都关闭，火花塞点火，此时活塞向下运动，是做功冲程，
所以，该内燃机一个工作循环的四个冲程正确的顺序是乙、甲、丁、丙，故A错误；
B、由题知，该内燃机工作时飞轮转速为2400r/min=40r/s，因飞轮每转2周对外做功一次，所以该内燃机每秒完成20次做功冲程，故B正确；
C、丁冲程是做功冲程，该冲程中将内能转化为机械能，故C错误；
D、内燃机4个冲程中只有做功冲程将内能转化为机械能获得动力，其它三个冲程都是靠惯性来完成，所以，甲、乙、丙三个冲程是靠惯性完成的，故D错误。
故选：B。
(1)四冲程内燃机一个工作循环包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，根据两个气门的开关、活塞的运动方向以及火花塞是否点火可以确定每个冲程，从而排列出正确的顺序；
(2)内燃机的一个工作循环包括四个冲程，飞轮转两周，对外做功一次；
(3)内燃机的压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能；
(4)内燃机4个冲程中只有做功冲程将内能转化为机械能获得动力，其它三个冲程都是靠惯性来完成。
本题涉及到内燃机大部分知识，综合性强，要求熟练的掌握相应的知识点。
2.【答案】D
【解析】解：
A、拉力做的有用功W有=Gh，拉力做的总功W总=Fs，
滑轮组的机械效率：η=W有W总=GhFs×100%，故A正确；
B、由图知，n=2，绳端移动的距离为s=nh=2h，
滑轮组的机械效率：η=W有W总=GhFs=GhF×nh=GhF×2h=G2F×100%，故B正确；
C、忽略绳重与各种摩擦，拉力做的额外功W额=G动h=G0h，
拉力做的总功W总=W有+W额=Gh+G0h，
滑轮组的机械效率：η=W有W总=W有W有+W额=GhGh+G0h=GG+G0×100%，故C正确；
D、拉力做的总功W总=Fs，拉力做的额外功W额=G0h，
拉力做的有用功W有=W总−W额=Fs−G0h，
D选项中GhFs−G0h=W有W总−W额=W有W有≠η，故D错误。
故选：D。
(1)拉力做的有用功W有=Gh，拉力做的总功W总=Fs，滑轮组的机械效率η=W有W总=GhFs×100%；
(2)由图知，n=2，绳端移动的距离为s=nh=2h，滑轮组的机械效率η=W有W总=GhFs=GhF×nh=GhF×2h=G2F；
(3)忽略绳重与各种摩擦，拉力做的额外功W额=G动h=G0h，拉力做的总功W总=W有+W额=Gh+G0h，滑轮组的机械效率：η=W有W总=W有W有+W额=GhGh+G0h=GG+G0；
(4)拉力做的总功W总=Fs，拉力做的额外功W额=G0h，拉力做的有用功W有=W总−W额=Fs−G0h。
本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、额外功、机械效率的计算，注意总功的计算方法有：W总=Fs、W总=W有+W额。
3.【答案】B
【解析】解：小华给黑板刷斜向下使力，当方向与竖直方向的夹角较大时，黑板刷滑动，发生了相对运动，黑板刷对黑板有一个压力，且黑板刷和黑板之间接触面粗糙，所以黑板刷受到黑板的摩擦力作用；
小华给黑板刷的施力方向与竖直方向夹角较小时(大于0)，黑板刷对黑板有一个压力，尽管黑板刷没有滑动，但黑板刷与黑板有相对运动的趋势，所以黑板刷受到黑板的摩擦力作用。
故选：B。
摩擦力的概念是：两个互相接触的物体，当它们做相对运动时，在接触面上会产生一种阻碍相对运动的力，这种力就叫摩擦力。当一个物体在另一个物体表面滑动时，产生的摩擦力叫滑动摩擦力，其方向与相对运动方向相反，且静止的并一定受静摩擦力，运动的不一定受到滑动摩擦力。
本题考查了摩擦力产生的条件，理解摩擦力的效果--阻碍物体的相对运动，可顺利解答此题。
4.【答案】C
【解析】解：
氢气球之所以会上升是因为氢气的密度比空气要低，而到了高空，空气更为稀薄，气球内部的压强大于外部的压强，使得内外的压力差更大，气球体积增大，将气球胀破。
故选：C。
在地球的表面，高度越高，大气压强越小，高度越低，大气压强越大。
本题是一道大气压的应用题目，考查学生对大气压知识的运用能力，知道大气压强随着高度的变化而变化。
5.【答案】D
【解析】解：火箭在加速升空过程中，质量不变，速度和高度增大，动能和重力势能增大，总的机械能增加，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选：D。
(1)物体由于运动所具有的能量叫动能，动能与质量和速度的大小有关。
(2)物体由于受到重力且处于一定的高度具有的能量叫重力势能，重力势能的大小与质量和高度有关。
(3)动能和势能统称为机械能。
本题主要考查的是机械能大小的影响因素，属于基础性题目。
6.【答案】B
【解析】解：A.木块和砝码的重力等于地面的支持力，大于木块所受的重力，大小不同，不是平衡力，故A错误；
B.木块匀速直线运动，水平方向受到的拉力与摩擦力是二力平衡，故B正确；
C.由于砝码随木块一起匀速运动，没有相对运动趋势，砝码相对于木块静止，故没有摩擦力，故C错误；
D.木块对地面的压力大小等于木块和砝码的重力之和，故D错误。
故选：B。
(1)平衡状态包括静止状态和匀速直线运动状态。二力平衡的条件：大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在一个物体上；
(2)根据摩擦力产生的原因分析。
本题主要考查了二力平衡、摩擦力的方向、滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，常见题目。
7.【答案】C
【解析】解：由电路图可知滑动变阻器和灯泡串联，电流表测电路中电流，电压表测滑动变阻器两端的电压；
AB、闭合开关S，将滑片P向右滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据串联电路的分压规律可知，滑动变阻器两端的电压变小，即电压表示数变小；此时电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大；
电路中的电流变大，灯丝的电阻不变，根据P=I2R可知灯泡的实际功率变大，则灯泡变亮，故AB错误；
C、因电压表示数变小，电流表示数变大，所以电压表与电流表示数的比值变小，故C正确；
D、电源电压不变，电路中的电流变大，根据P=UI可知，整个电路的总功率变大，故D错误。
故选：C。
由电路图可知滑动变阻器和灯泡串联，电流表测电路中电流，电压表测滑动变阻器两端的电压；
当滑片向右滑动时，分析滑动变阻器接入电路中电阻的变化，根据串联电路的分压规律分析电压表示数的变化；根据总电阻的变化，结合欧姆定律分析电流表示数的变化情况，根据P=I2R可知灯泡实际功率的变化和灯泡亮度的变化；
根据电流表、电压表示数的变化情况，分析电压表与电流表示数的比值的变化；
根据P=UI分析总功率的变化情况。
本题考查了电路的动态分析，涉及了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
8.【答案】零线cd之间断路
【解析】解：开关闭合后发现灯泡不亮，于是某同学利用测电笔分别接触a、b、c、d四处只有一处，测电笔氖管不发光，只能是d处，说明零线cd之间断路了。
故答案为：零线cd之间断路。
当电路导通时，测电笔接触各部分电路都会发光；而电路不通电时，接触零线是不发光的。若电灯L短路或火线和零线短路，会造成电路中的电流过大，保险丝烧断。
本题考查了学生对家庭电路中故障的分析，需要掌握测电笔的使用方法。
9.【答案】吸收
【解析】解：当返回舱进入大气层后，与空气发生剧烈摩擦，舱体表面局部温度可达上千摄氏度、为了确保舱内温度依然舒适，科技人员在舱体表面设计了防热涂层，敷设有一层烧蚀材料，当温度达到一定程度时烧蚀材料升华脱落，带走大量热量，从而降低温度。
故答案为：吸收。
升华：物质从固态不经过液态而直接转化为气态的过程，升华过程需要吸热。
本题考查了升华的定义与特点，属于基础性题目。
10.【答案】S
【解析】解：利用安培定则可以确定，电磁铁的右端为N极，根据磁极间的作用规律可以确定，当小磁针静止时，相互靠近的一定是异名磁极，故小磁针的a端为S极。
故答案为：S。
小磁针是受到通电螺线管的作用在图示位置静止，因此要判定小磁针的N、S极，首先要利用安培定则确定通电螺线管的N、S极。
电磁铁磁极的判定要利用安培定则，安培定则中涉及三个方向：电流方向与线圈绕向即四指的指向；磁场方向即大拇指的指向。在关于安培定则的考查中，往往是知二求一。此题中就是告诉了电流方向和线圈的绕向来确定大拇指的指向。
11.【答案】3.50
【解析】解：
刻度尺上1cm之间有10个小格，一个小格代表1mm，即刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与1.00cm对齐，右侧与4.50cm对齐，所以物体的长度为L=4.50cm−1.00cm=3.50cm。
故答案为：3.50。
刻度尺的最小刻度值(或叫分度值)为相邻的刻度线表示的长度；使用刻度尺测量物体长度时，要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。
此题考查刻度尺的正确使用，做题时关键要看清刻度尺的分度值，不要忘记估读到分度值的下一位，若物体的端点正对某刻度也要估读，用数字0表示，不能省略。
12.【答案】0.8
【解析】解：电阻为20Ω的粗细均匀的电阻丝变成一个圆环，四分之一部分的电阻值为：R1=14×20Ω=5Ω，四分之三部分的的电阻为：R2=34×20Ω=15Ω，
如图所示方式接入电源电压为3V电路中，R1与R2并联，电流表测量干路的电流，由欧姆定律可得，
通过R1的电流：I1=UR1=3V5Ω=0.6A，
通过R2的电流：I2=UR2=3V15Ω=0.2A，
根据并联电路电流规律可得，电流表的示数：I=I1+I2=0.6A+0.2A=0.8A。
故答案为：0.8。
该圆环上的两个连接点之间的电阻值可以认为是四分之一的电阻丝与四分之三的电阻丝并联，然后根据欧姆定律计算通过各支路的电流，再根据并联电路电流规律计算电流表示数。
对于这类题目的重点是判断电阻丝的连接，根据欧姆定律和并联电路规律求解。
13.【答案】音调
【解析】解：调整琴弦的松紧程度，可以改变琴弦振动的快慢，故这样可以改变音调的高低。
故答案为：音调。
声音的三个特征分别就是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。就二胡来说，弦的松紧、长短、粗细都可以改变音调。
此题考查了生活中改变声音的音调的方法，结合实际和对生活经验的积累可解答此题。
14.【答案】2.04×105
【解析】解：在深5000m处所受海水的压强：
p=ρgh=1.02×103kg/m3×10N/kg×5000m=5.1×107Pa，
根据p=FS可得，观测窗口受到的海水压力：
F=pS=5.1×107Pa×40×10−4m2=2.04×105N。
故答案为：2.04×105。
根据p=ρgh可求出在深5000m处所受海水的压强；再根据p=FS求出压力。
本题考查了液体压强公式和p=FS的应用和计算，关键是公式的灵活运用和确定潜水器深度的变化。
15.【答案】15
【解析】解：在光滑水平桌面上叠放着甲、乙两木块，重力分别为20N和10N，用15N的水平拉力F拉动木块乙，恰好能使木块乙向右做匀速直线运动，乙受力平衡，地面光滑，没有摩擦力，只受到甲对乙的摩擦力与拉力F平衡，即甲对乙的摩擦力大小等于15N，甲对乙的摩擦力与乙对甲的摩擦力是相互作用力，大小相等，则甲受到乙的摩擦力为15N。
故答案为：15.
分别对甲乙受力分析，根据二力平衡的条件和相互作用力的特点分析摩擦力大小。
本题考查摩擦力的大小、二力平衡和相互作用力，属于中档题。
16.【答案】3.2×103
【解析】解：由图甲可知，游码示数为4g，
则该石块的质量为m=50g+10g+4g=64g，
由图丙所示可知，小石块的体积V=40mL−20mL=20mL=20cm3，
小石块的密度ρ=mV=64g20cm3=3.2g/cm3=3.2×103kg/m3。
故答案为：3.2×103。
砝码与游码示数之和是所测物体的质量；小石块与水的体积之和与水的体积之差是小石块的体积，由密度公式可以求出小石块的密度。
本题考查了天平、量筒读数、求密度等问题；要掌握天平的使用方法、读数方法。
17.【答案】1
【解析】解：由P=UI可得，灯泡L正常工作时的电流：IL=PLUL=3W6V=0.5A；
由串联电路的电流特点可知，灯泡正常发光时，通过滑动变阻器的电流：I滑=IL=0.5A，
由串联电路的电压特点可知，滑动变阻器两端的电压：U滑=U−UL=8V−6V=2V，
此时滑动变阻器消耗的电功率：P滑=U滑I滑=2V×0.5A=1W。
故答案为：1。
根据P=UI求出灯泡正常发光时的电流，根据串联电路的电流特点求出灯泡正常放光时，通过滑动变阻器的电流，根据串联电路的电压特点求出此时滑动变阻器两端的电压，根据P=UI求出此时滑动变阻器消耗的电功率。
本题考查串联电路的特点和电功率公式的应用，难度不大。
18.【答案】像距变大，像变大 左
【解析】解：(1)由图所示的实验现象可知：随着物距不断变小，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大可知，像距和像的大小的变化情况是：像距变大，像变大；
(2)在图乙所示的实验中，只将凸透镜换为焦距为f2的凸透镜(f2向左侧移动。
故答案为：(1)像距变大，像变大；(2)左。
(1)根据凸透镜成实像时，物近像远像变大；
(2)凸透镜焦距变小，相当于增大物距，缩小像距。
此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
19.【答案】A 水平 匀速直线
【解析】解：(1)力可以改变物体的形状，在拉力的作用下弹簧形状发生变化。故A符合题意；
(2)由图可知弹簧测力计水平方向测量力的大小，一定要水平方向上进行调零；
(3)要测滑动摩擦力，需拉动木块做匀速直线运动，此时拉力与摩擦力是一对平衡力，由二力平衡条件可知，摩擦力等于拉力。
故答案为：(1)A；(2)水平；(3)匀速直线。
(1)力的作用效果有二：改变物体的形状，改变物体的运动状态。
(2)弹簧测力计使用时，测力计拉力的方向要与弹簧的伸长在一条直线上，弹簧测力计竖直使用时要在竖直方向调零，水平使用时在水平方向上调零。
(3)测量滑动摩擦力大小的原理是二力平衡条件，弹簧测力计拉动木块在水平方向上匀速直线运动时，木块受到的拉力和滑动摩擦力才是平衡力，大小相等，通过间接测量得到滑动摩擦力大小。
本题考查了弹簧测力计的原理、使用及二力平衡条件的应用，难度不大。
20.【答案】B 5 找出灯泡的电阻与温度之间的关系
【解析】解：(1)滑动变阻器潜片P移动到最左端时接入电路阻值最大，故滑动变阻器选用右下接线柱与开关串联在电路中，如下图所示：
；
(2)闭合开关后，发现小灯泡不亮，接下来合理的操作是直接观察电流表和电压表示数，判断电路情况，故选：B；
(3)由图甲可知，电流表选用小量程；移动滑动变阻器滑片使电压表示数为2.5V，此时电流表示数如图乙所示，电流表分度值0.02A，其示数为0.5A，则小灯泡此时电阻为：
R=UI=Ω；
(4)灯泡在不同电压下电阻不同，灯泡的电阻与温度有关，在实验中进行了多次测量，其测量目的是找出灯泡的电阻与温度之间的关系。
故答案为：(1)见解答图；(2)B；(3)5；(4)找出灯泡的电阻与温度之间的关系。
(1)滑动变阻器潜片P移动到最左端时接入电路阻值最大，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
(2)闭合开关后，发现小灯泡不亮，可能是滑动变阻器最大阻值过大，直接观察电流表和电压表示数，判断电路情况；
(3)根据图甲确定电流表选用的量程，由图乙确定分度值读数；利用R=UI求出小灯泡此时电阻；
(4)本实验中进行了多次测量，其测量目的是找出灯泡的温度与灯泡电阻之间的关系。
本题“伏安法测电阻”的实验，考查了电路连接、故障分析、电阻的计算及多次测量的目的等知识。
21.【答案】解：(1)由图可知，绳子的有效股数n=3，不计摩擦和绳重，由F=1n(G+G动)得动滑轮的重力：
G动=3F−G=3×300N−800N=100N；
(2)当水泥提升4m时，绳子自由端所移动的距离：s=3h=3×4m=12m，
工人做的总功为：
W总=Fs=300N×12m=3600J，
工人做功的功率为：
P=W总t=3600J25s=144W；
(3)有用功为：
W有=Gh=800N×4m=3200J，
该装置的机械效率为：
η=W有W总=3200J3600J×100%≈88.9%。
答：(1)动滑轮的重力是100N；
(2)工人做功的功率是144W；
(3)该装置的机械效率是88.9%。
【解析】(1)由图知，n=3，不计绳重和摩擦，根据F=1n(G+G动)求出动滑轮的重力；
(2)当水泥提升4m时，绳子自由端所移动的距离：s=3h，根据W总=Fs算出工人做的总功，由P=W总t算出工人做功的功率；
(3)根据W有=Gh算出有用功，由η=W有W总算出该装置的机械效率。
本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、功率、机械效率的计算，要利用好关系式：不计绳重及摩擦，拉力F=1n(G+G动)。
22.【答案】答：因为物体A处于静止状态，物体A在竖直方向上受到拉力和重力是一对平衡力，所以弹簧测力计对物体的拉力等于物体所受重力，即F=G；而测力计对物体A的拉力F与物体A对测力计拉力F′是一对作用力与反作用力，由牛顿第三定律可知F′=F，所以F′=G。
【解析】先根据处于静止状态或匀速直线运动状态的物体受到平衡力作用，分析物体A在水平方向所受的拉力和摩擦力是一对平衡力；然后再利用作用力与反作用力的关系，分析弹簧测力计对物体A的拉力与物体A对弹簧测力计的拉力是一对相互作用力，根据平衡力大小的特点、相互作用力大小的特点以及利用等效替代法进行证明。
一对平衡力大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在一个物体上；与相互作用力的不同之处是作用在不同物体上；
会利用二力平衡的大小相等、相互作用力的大小相等的特点以及等效替代法证明力的大小关系。
23.【答案】解：(1)滑行距离：s=2h=2×2m=4m，
所受摩擦力：f=0.2G=0.2mg=0.2×30kg×10N/kg=60N，
克服摩擦力所做的功：W1=fs=60N×4m=240J；
(2)重力所做的功：W2=Gh=300N×2m=600J，
重力做功的功率：P=W2t=600J5s=120W。
答：(1)克服摩擦力所做的功是240J；
(2)所受重力做功的功率是120W。
【解析】(1)根据斜面的倾角30∘得到斜面的长度，根据摩擦力和重力的关系得到摩擦力，根据W=fs得到克服摩擦力做的功；
(2)根据W=Gh得到重力做的功，根据P=Wt得到重力做功的功率。
本题考查功和功率的计算，需要知道功和功率的计算公式。