2024年安徽省中考物理模拟试卷（B卷）（含详细答案解析）

这是一份2024年安徽省中考物理模拟试卷（B卷）（含详细答案解析），共20页。试卷主要包含了单选题，填空题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

1.在如图所示的家庭由路中闭合开关S，灯泡发光，但用试电笔检测两孔插座左右两孔，氖管都不发光，若电路中只有一处故障，则故障可能是( )
A. ab间断路B. bc间断路C. de间断路D. cd间短路
2.科学研究是以实验为基础的，下列有关实验的说法正确的是( )
A. 甲图：该实验说明重力的方向是垂直向下的
B. 乙图：用黄豆和芝麻混合实验不能证明分子间有空隙
C. 丙图：通过该实验直接得出牛顿第一定律
D. 丁图：该实验说明浮力大小随物体浸没深度的增大而增大
3.如图所示，小球由静止开始沿着粗糙的曲面从a点运动到d点，其中b和d两点在同一水平高度。不计空气的阻力，下列说法中错误的是( )
A. 小球从a点运动到c点，小球的动能不断增加
B. 小球从c点运动到d点的过程中，小球的动能部分转化为重力势能
C. 小球在b点的重力势能等于在d点的重力势能
D. 小球在b点的机械能等于在d点的机械能
4.体育运动中涉及到了许多物理知识，下列说法不正确的是( )
A. 篮球投篮出手后如果外力全部消失，将会做匀速直线运动
B. 踢出去的足球最终会停下来，是因为受到摩擦阻力的作用
C. 多次用力垫起排球，手臂感到疼是因为力的作用是相互的
D. 射箭时，箭离开弓弦后由于受到惯性作用仍继续向前飞行
5.如图所示，甲、乙、丙、丁是单缸内燃机一个工作循环的四个冲程，该内燃机工作时飞轮转速为2400r/min。以下说法正确的是( )
A. 该内燃机四个冲程正确的顺序是丙、甲、丁、乙
B. 该内燃机每秒完成20次做功冲程
C. 丁冲程发生的能量转化为机械能转化为内能
D. 甲、乙、丁三个冲程是靠飞轮的惯性完成的
6.如图所示，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，下列判断正确的是( )
A. 电压表示数变大
B. 电流表示数不变
C. 电流表示数变大
D. 电压表示数不变
7.如图所示，电源两端的电压保持不变，R0是定值电阻，R是滑动变阻器。闭合开关S后，在滑动变阻器的滑片P向b端移动的过程中，下列判断中错误的是( )
A. 电流表A的示数变小
B. 电压表V1的示数不变
C. 电阻R0消耗的功率变小
D. 电压表V2的示数与电流表A的示数的比值变大
二、填空题：本大题共10小题，共20分。
8.如图所示电路，电源电压恒定，L1(4V1W)、L2(2V1W)串联，灯丝电阻保持不变。当闭合开关S时，其中一只灯泡能正常发光，另一只灯泡发光较暗，则此时电压表的示数为______ V。
9.如图，将三个电阻R1、R2、R3按照甲、乙两种不同的连接方式分别接到同一电源两端，已知R1=R2=R3，则甲、乙两图中通过R1的电流之比为______。
10.燃料直接在气缸内燃烧产生动力的热机叫做内燃机，其中将内能转化为机械能的冲程是______(选填“吸气”“压缩”“做功”或“排气”)冲程。
11.标有“6V，3W”的小灯泡，它的“I−U”图象如图所示。若将它与一个标有“10Ω，1A”的滑动变阻器串联在电源电压为8V的电路中，调节滑动变阻器，当灯泡正常放光时，滑动变阻器消耗的电功率为______ W。
12.生活中有很多小妙招，如图甲所示，用钢勺很轻松就可以打开饮料瓶盖，模型如图乙，手在______(选填“C”或“D”)点向下压时会更省力。
13.如图所示，利用滑轮组匀速拉动水平地面上重为300N的物体，拉力F的大小为40N，若滑轮组的机械效率为75%，则物体和地面之间的摩擦力大小为______ N。
14.如图，工人站在水平地面上，用竖直向下的拉力通过滑轮组将一个物体匀速提升，物体的重力为600N，滑轮组的机械效率为75%，则在拉动物体的过程中，工人所用的力为______ N。
15.如图甲所示，电源电压保持不变，定值电阻R1=10Ω，闭合开关S，电流表A1和电流表A的指针静止时位置均如图乙所示，则通电5min定值电阻R2消耗的电能为______ J。
16.如图，编钟是我国瑰宝，已知敲击P处编钟振动的频率比敲击M处的高，则敲击P处发出声音的______(选填“音调”“响度”或“音色”)较高。
17.如图所示，固定的斜面长s=1.2m，高h=0.3m，沿斜面向上用5N的拉力把一个重16N的物体从斜面底端匀速拉到顶端，斜面的机械效率为______。
三、实验探究题：本大题共3小题，共18分。
18.在“测定小灯泡电功率”的实验中，某同学选用的器材如下：两节干电池、额定电压为2.5V的小灯泡(额定功率约1.2W)、电流表、电压表、滑动变阻器、开关和导线。
(1)请你用笔画线代替导线，将如图甲所示的实物电路连接完整，要求：导线不能交叉，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，小灯泡变亮。
(2)他连接好电路，闭合开关S，发现电流表几乎无示数，电压表的示数接近电源电压，则故障的原因可能是小灯泡______(选填“短路”或“断路”)。
(3)故障排除后，他闭合开关S，调节滑动变阻器使小灯泡正常发光，则测得小灯泡的额定功率为______ W。
(4)该同学仔细思考后发现，若不用电流表，而用已知阻值的定值电阻R0、三只开关、电压表、电源和滑动变阻器等器材也能测出小灯泡的额定功率。他设计了如图丙所示的电路图，实验步骤如下：
①闭合开关S、S1，断开开关S2，调节滑片P的位置使电压表的示数为U额，此时小灯泡正常发光；
②闭合开关S、S2，断开开关S1，保持滑片P的位置不变，记录电压表此时的示数U；
③小灯泡额定功率的表达式P额=______(用含R0、U额、U的式子表示)。
19.某物理兴趣小组利用如图所示的实验器材来“探究杠杆的平衡条件”，实验步骤如下。请你完成下列问题(弹簧测力计已经校零)：
(1)如图甲所示，小明同学在已调至水平平衡的杠杆上A点挂2个钩码，B点系上弹簧测力计的挂钩，如果仅仅将弹簧测力计绕B点从a位置缓慢转到b位置，且使杠杆始终保持水平平衡。在此过程中弹簧测力计的示数变化情况是______(选填代表正确答案的字母)；
A.逐渐变大
B.逐渐变小
C.先变大后变小
D.先变小后变大
(2)同组的小强同学提出了新的探究问题：“若支点不在杠杆的中点时，杠杆的平衡条件是否仍然成立？”于是小强同学利用如图乙所示的装置继续进行实验探究，他发现在杠杆左端不同位置用弹簧测力计竖直向上拉使杠杆在水平位置平衡时，测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符。请你分析其原因是______。
20.如图所示，某实验小组在做“探究杠杆的平衡条件”的实验。挂钩码前，调节杠杆两端的螺母，使杠杆在水平位置平衡，然后进行下列操作。
(1)如图甲所示，杠杆在水平位置平衡，若此时用一个定滑轮推动右侧钩码的悬线(如图乙所示)，就会发现杠杆______(选填“左端下沉”、“仍然平衡”或“右端下沉”)。
(2)如图丙所示，当弹簧测力计处在A点位置时，此时杠杆属于______(选填“省力”或“费力”)杠杆。
四、计算题：本大题共3小题，共18分。
21.如图甲、乙所示是某调温型电烤箱和简化电路图，它的工作电压为220V，R1和R2均为电烤箱中的加热元件，R2的阻值为70Ω。当只闭合开关S1时为低温挡，低温挡电烤箱的电功率为440W。
(1)低温挡工作时，电路中的电流是多少？
(2)发热电阻R1的阻值是多少？
(3)高温挡的电功率是多少？
22.如图所示，底面积为100cm2的圆柱形容器里盛满水，将一个底部粗糙的金属碗轻轻地放在容器中的水面上，水溢出一部分。将金属碗取出，水面下降了10cm；再将金属碗沉入水中，静止在容器底部，液面又上升了2cm。(已知水的密度为ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg)求：
(1)金属碗漂浮时的浮力；
(2)金属碗漂浮在水面和沉入水底，水对容器底部的压强变化量；
(3)金属碗静止在容器底部时，容器对金属碗的支持力。
23.如图所示，电源电压恒为18V，滑动变阻器R上标有“30Ω，1A”的字样，定值电阻R1=18Ω，小灯泡L上标有“6V，3W”字样(设小灯泡的电阻不随温度变化)，电流表的量程为0∼3A，求：
(1)闭合开关S、S1，断开S2，滑动变阻器的滑片P移到最上端a时，电流表的示数；
(2)闭合开关S、S2，断开S1时，移动滑动变阻器的滑片P，使小灯泡恰好正常发光，此时滑动变阻器接入电路中的阻值。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A.如果ab间断路，火线断路，闭合开关S，灯泡不发光，用试电笔检测两孔插座左右两孔，氖管都不发光，故A错误；
B.如果bc间断路，闭合开关S，灯泡两端与火线和零线连接，灯泡发光，用试电笔检测两孔插座左右两孔，氖管都不发光，故B正确；
C.如果de间断路，闭合开关S，灯泡两端与火线和零线连接，灯泡发光，试电笔检测两孔插座左右两孔，左孔氖管不亮，右孔和火线连接，氖管亮，故C错误；
D.如果cd间短路，电源被短路，闭合开关S，灯泡不发光，故D错误。
故选：B。
两孔插座和家庭电路中的用电器是并联的；氖管发光，说明氖管接触的是火线，根据用电器的工作情况、氖管的发光情况分析电路故障。
本题考查了用试电笔检测电路的故障。在正常情况下，试电笔测火线应亮，测零线应不亮。
2.【答案】B
【解析】解：A、重力的方向竖直向下，所以悬挂静止的物体的细线沿竖直方向，故A错误；
B、黄豆与芝麻混合实际上是物质的形态、体积不同的表现，不像水与酒精混合后体积减小就能说明分子间有间隙，故B正确；
C、牛顿在总结伽利略等科学家研究成果的基础上，通过科学的推理总结出了牛顿第一定律，故C错误；
D、物体全部浸没在水中，液体密度和排开水的体积都不变，则浮力不变，弹簧测力计的示数不变，而物体浸没在水中的深度不同，得出浮力和浸没深度无关，故D错误。
故选：B。
(1)地球表面及附近的一切物体都受到重力的作用，重力的方向竖直向下；
(2)黄豆与芝麻混合实际上是物质的形态、体积不同的表现，不涉及分子，像水与酒精混合后体积减小就能说明分子间有间隙；
(3)牛顿在总结伽利略等科学家研究成果的基础上总结出的定律；
(4)物体全部浸没在水中，液体密度和排开水的体积都不变，则浮力不变，弹簧测力计的示数不变，而物体浸没在水中的深度不同，得出浮力和浸没深度的关系。
了解课本上实验的设计思想，步骤，并掌握实验结论，这些都是解答此类题目的关键。
3.【答案】D
【解析】解：A、小球质量不变，从a点运动到c点速度变大，动能变大；高度降低，重力势能变小，小球的重力势能一部分转化为小球的动能，故A正确；
B、小球从c点运动到d点的过程中，质量不变，高度增加重力势能增加；速度变小，动能变小，小球的动能一部分转化为小球的重力势能，故B正确；
C、在同一水平高度，所以小球在b点的重力势能等于小球在d点的重力势能，故C正确；
D、因为曲面粗糙，小球从b点运动到d点的过程中要克服摩擦力做功，消耗一部分机械能，所以小球在b点的机械能要大于在d点的机械能，故D错误。
故选：D。
(1)动能和物体的质量、速度有关；重力势能和物体的质量、高度有关；
(3)动能和重力势能是可以相互转化的，只有在不计摩擦和阻力时，机械能才守恒。
掌握动能、重力势能的影响因素，利用控制变量法判断动能、重力势能的变化，同时要知道机械能守恒的条件。
4.【答案】D
【解析】解：A、由牛顿第一定律知：篮球投篮出手后如果外力全部消失，将会做匀速直线运动，故A正确；
B、摩擦力是阻碍物体运动的力，足球最终停下来就是因为受到了地面摩擦力的作用，故B正确；
C、多次用力垫起排球，手臂感到疼，这是因为手臂对排球施加了力的作用，同时排球对手臂也有一个力的作用，说明了物体间力的作用是相互的，故C正确；
D、射箭时，箭离开弓弦后由于惯性仍继续向前飞行，但惯性是物体的一种性质，不能说“受到惯性作用”，故D错误。
故选：D。
(1)根据牛顿第一定律，当物体不受任何外力时，将保持静止状态或匀速直线运动状态；
(2)力是改变物体运动状态的原因；
(3)力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；
(4)一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性，任何物体都有惯性，惯性是物体本身固有的一种属性。
本题主要考查了体育活动及测试中涉及到的物理知识，体现了物理与实际的联系，综合性强，但难度不大。
5.【答案】B
【解析】解：A、甲图中两个气门都关闭，活塞向上运动，是压缩冲程，
乙图是进气门打开，排气门关闭，此时活塞向下运动，是吸气冲程，
丙图中进气门关闭，排气门打开，此时活塞向上运动，是排气冲程，
丁图中两个气门都关闭，火花塞点火，此时活塞向下运动，是做功冲程，
所以，该内燃机一个工作循环的四个冲程正确的顺序是乙、甲、丁、丙，故A错误；
B、由题知，该内燃机工作时飞轮转速为2400r/min=40r/s，因飞轮每转2周对外做功一次，所以该内燃机每秒完成20次做功冲程，故B正确；
C、丁冲程是做功冲程，该冲程中将内能转化为机械能，故C错误；
D、内燃机4个冲程中只有做功冲程将内能转化为机械能获得动力，其它三个冲程都是靠惯性来完成，所以，甲、乙、丙三个冲程是靠惯性完成的，故D错误。
故选：B。
(1)四冲程内燃机一个工作循环包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，根据两个气门的开关、活塞的运动方向以及火花塞是否点火可以确定每个冲程，从而排列出正确的顺序；
(2)内燃机的一个工作循环包括四个冲程，飞轮转两周，对外做功一次；
(3)内燃机的压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能；
(4)内燃机4个冲程中只有做功冲程将内能转化为机械能获得动力，其它三个冲程都是靠惯性来完成。
本题涉及到内燃机大部分知识，综合性强，要求熟练的掌握相应的知识点。
6.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表测干路中的电流。
由于电源的电压不变，所以滑片移动时，电压表的示数不变；
并联电路中各支路独立工作、互不影响，滑片移动时，通过R1的电流不变；滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，根据欧姆定律可知，该支路的电流变小；并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流变小，即电流表的示数变小，故D正确，ABC错误。
故选：D。
由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表测干路中的电流。根据电源的电压可知电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1的电流不变，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知该支路电流的变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化。
本题考查了滑动变阻器对电流表和电压表的影响，解决此类问题要判断滑动变阻器在电路中电阻的变化，再利用并联电路的特点和欧姆定律来判断电压和电流的变化。
7.【答案】B
【解析】解：由电路图可知，R0与R串联，电压表V1测R0两端的电压，电压表V2测R两端的电压，电流表测电路中的电流；
闭合开关S后，滑动变阻器滑片P向b端移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=UR可知，电路中的电流变小，即电流表A的示数变小；
由U=IR可知，R0两端的电压变小，即电压表V1的示数变小，由P=UI可知，电阻R0消耗的功率变小；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以R两端的电压变大，即电压表V2的示数变大，则电压表V2的示数和电流表A的示数的比值变大；
综上所述，ACD正确，B错误。
故选：B。
由电路图可知，R0与R串联，电压表V1测R0两端的电压，电压表V2测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端的电压变化；根据P=UI可知电阻R0消耗的功率变化；
根据串联电路的电压特点可知R两端的电压变化，以及电压表V2示数与电流表A示数的比值变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。
8.【答案】1
【解析】解：由P=UI可得，两灯泡的额定电流分别为I1=P1U1=1W4V=0.25A，I2=P2U2=1W2V=0.5A，
R2=U2I2=2V0.5A=4Ω，
两灯泡串联，能正常发光的额定电流小的灯泡L1，则此时L1(4V1W)两端电压为4V；
电流表测量电路中的电流，则电流表的示数I=0.25A；
电压表测量灯泡L2两端电压；则L2两端电压U2=IR2=0.25A×4Ω=1V，
故答案为：1。
根据P=UI可分别求得两灯泡的额定电流，两灯泡串联，能正常发光的额定电流小的灯泡，根据题意分析清楚电路结构，明确各电路元件的连接方式，应用欧姆定律分析答题。
本题考查了求电压表与电流表示数，分析清楚电路结构是解题的关键，应用欧姆定律即可解题。
9.【答案】1：3。
【解析】解：图甲中三个电阻串联接入电路，已知R1=R2=R3，
根据串联电路总电阻等于各部分电阻之和可知，甲电路的总电阻：R甲=R1+R2+R3=3R1，
图乙中三个电阻并联接入电路，因并联电路各支路两端的电压相等，
由欧姆定律可得，两电路中，通过电阻R1的电流之比：I甲：I乙=UR甲：UR1=R1：3R1=1：3。
故答案为：1：3。
根据串联电路电阻规律计算甲电路中的总电阻，根据I=UR计算甲、乙两图中通过R1的电流之比。
本题考查欧姆定律在串并联电路中的灵活运用，综合性强。
10.【答案】做功
【解析】解：四冲程内燃机在做功冲程中将内能转化为机械能。
故答案为：做功。
在热机(内燃机)的做功冲程中，将内能转化为机械能。
本题考查了内燃机的工作过程，属于基础题。
11.【答案】1
【解析】解：由P=UI可得，灯泡L正常工作时的电流：IL=PLUL=3W6V=0.5A；
由串联电路的电流特点可知，灯泡正常发光时，通过滑动变阻器的电流：I滑=IL=0.5A，
由串联电路的电压特点可知，滑动变阻器两端的电压：U滑=U−UL=8V−6V=2V，
此时滑动变阻器消耗的电功率：P滑=U滑I滑=2V×0.5A=1W。
故答案为：1。
根据P=UI求出灯泡正常发光时的电流，根据串联电路的电流特点求出灯泡正常放光时，通过滑动变阻器的电流，根据串联电路的电压特点求出此时滑动变阻器两端的电压，根据P=UI求出此时滑动变阻器消耗的电功率。
本题考查串联电路的特点和电功率公式的应用，难度不大。
12.【答案】D
【解析】解：图中用勺子打开瓶盖时，A点随瓶盖上升，B点不动，所以B点是支点；打开瓶盖时，阻力臂不变，动力臂越长越省力，所以作用在D点会更省力。
故答案为：D。
杠杆在使用时，固定不动的点是支点；
杠杆在使用时，如果阻力臂不变，动力臂越长越省力。
本题考查了对杠杆的五要素的认识，要求学生能够根据实际情况判断支点(固定不动的点)，知道什么情况更省力。
13.【答案】60
【解析】解：由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=2，
因滑轮组的机械效率η=W有W总×100%=fs物Fs绳×100%=fs物F×ns物×100%=fnF×100%，
所以，物体和地面之间的摩擦力大小f=nFη=2×40N×75%=60N。
故答案为：60。
由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据滑轮组的机械效率η=W有W总×100%=fs物Fs绳×100%=fs物F×ns物×100%=fnF×100%求出物体和地面之间的摩擦力大小。
本题考查了滑轮组机械效率公式的应用，明确有用功和总功是关键。
14.【答案】400
【解析】解：由图可知n=2，该滑轮组的机械效率η=W有用W总×100%=GhFs×100%=GhF×2h×100%=G2F×100%，
即：75%=600N2F，
解得，工人所用的力F=400N。
故答案为：400。
由图可知n=2，知道物体的重力和滑轮组的机械效率，由η=W有用W总×100%=GhFs×100%=GhF×2h×100%=G2F×100%可求得工人所用的力。
本题考查了学生对机械效率公式变形的掌握和运用，难易程度适中。
15.【答案】940.8
【解析】解：两电阻并联，电流表A测干路的电流，电流表A1测通过R1的电流，
当闭合开关S，电流表A1和电流表A的指针静止时位置均如图乙所示，此时电流表的指针在同一位置，可知A1接的小量程，读数为0.28A，电流表A接的大量程，读数为1.4A，则通过R2的电流为
I2=I−I1=1.4A−0.28A=1.12A，
根据并联电特点可知，电源电压为
U=U2=U1=I1R1=0.28A×10Ω=2.8V，
则通电5min定值电阻R2消耗的电能为
W=UI2t=2.8V×1.12A×5×60s=940.8J。
故答案为：940.8。
两电阻并联，电流表A1测通过R1的电流，电流表A测干路的电流，结合指针位置及并联电路的电流关系得出对应的示数，利用欧姆定律求得电源电压，进一步求得通电5min定值电阻R2消耗的电能。
此题考查了电功、并联电路的电流关系的应用，属于常考题目。
16.【答案】音调
【解析】解：P处编钟振动的频率比敲击M处的高，物体振动越快，音调就越高，所以敲击P处发出声音的音调较高。
故答案为：音调。
物理学中把声音的高低称为音调，音调的高低与发声体的振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高。
本题通过“编钟”考查音调的影响因素，难度不大。
17.【答案】80%
【解析】解：拉力所做的总功为：W总=Fs=5N×1.2m=6J；
此过程所做的有用功为：W有=Gh=16N×0.3m=4.8J；
则斜面的机械效率为：η=W有W总=4.8J6J=80%。
故答案为：80%。
根据公式W=Fs求出拉力做的功，即总功；根据W=Gh求出有用功；然后根据公式η=W有W总求出斜面的机械效率。
本题考查了功、机械效率的计算，比较简单。
18.【答案】断路 1U额(U−U额)R0
【解析】解：(1)小灯泡额定电压为2.5V，额定功率约1.2W，灯泡的额定电流约为I=PU=，故电流表选用小量程；滑动变阻器的滑片P向左移动时，小灯泡变亮，说明变阻器接入电路的阻值变小，故变阻器应选左下接线柱与电流表串联接入电路中，变阻器上端接线柱任选一个与灯泡串联，如下图所示：
；
(2)他连接好电路，闭合开关S，发现电流表几乎无示数，说明电路可能断路；电压表的示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了，即故障的原因可能是小灯泡断路；
(3)故障排除后，他闭合开关S，调节滑动变阻器使小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，由(1)可知，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.4A，小灯泡的额定功率为：
P额1=U额1I额1=2.5V×0.4A=1W；
(4)实验步骤：
①闭合开关S、S1，断开开关S2，调节滑片P的位置使电压表的示数为U额，此时小灯泡正常发光；
②闭合开关S、S2，断开开关S1，保持滑片P的位置不变，记录电压表此时的示数U；
③在①中，灯、定值电阻和变阻器串联，电压表与灯并联，调节滑片P的位置使电压表的示数为U额，此时小灯泡正常发光；
在②中，电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，此时定值电阻的电压：
U0=U−U额，
由欧姆定律可灯的额定电流：
I额=U0R0=U−U额R0，
则小灯泡额定功率：P额=U额I额=U额(U−U额)R0。
故答案为：(1)见解答图；(2)断路；(3)1；(4)U额(U−U额)R0。
(1)根据小灯泡额定电压和额定功率，由P=UI算出灯泡的额定电流确定电流表量程；滑动变阻器的滑片P向左移动时，小灯泡变亮，说明变阻器接入电路的阻值变小，据此确定变阻器的连接方式；
(2)他连接好电路，闭合开关S，发现电流表几乎无示数，说明电路可能断路；电压表的示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；
(3)根据电流表选用量程确定分度值读数；根据P=UI算出小灯泡的额定功率；
(4)电路中没有电流表，电压表和定值电阻应起到测量电流的作用，故将灯与定值电阻串联后再与变阻器串联；要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据P=UI可求出灯的额定功率。
本题测量小灯泡电功率的实验，考查电路连接、故障分析、电流表读数、功率计算及设计方案测额定功率的能力。
19.【答案】A 杠杆自重对实验的影响
【解析】解：(1)在阻力和阻力臂不变的情况下，弹簧测力计转动过程中动力臂逐渐减小，则动力即弹簧测力计示数要逐渐变大，故A正确，BCD错误；
故选：A。
(2)支点不在杠杆中点时，杠杆自身重力也是阻力的一部分，故测出的结果与平衡条件不相符。
故答案为：(1)A；(2)杠杆自重对实验的影响。
(1)根据杠杆平衡条件分析，在阻力和阻力臂不变的情况下，动力的方向改变，则动力臂变化，动力的大小也随着改变；
(2)支点不在杠杆的中点时，杠杆的自重将成为阻力的一部分。
本题考查探究杠杆平衡条件的实验，掌握杠杆平衡条件是解答本题的关键。
20.【答案】左端下沉 费力
【解析】解：(1)图甲中支点在中心时，杠杆平衡，根据杠杆平衡条件知F左L左=F右L右，图乙中改变了右侧拉力的力臂，使右侧拉力的力臂减小，而左侧力和力臂保持不变，所以此时F左L左>F右L右，故左端会下沉；
(2)由图丙可知此时L1故答案为：(1)左端下沉；(2)费力。
(1)推动右侧钩码的悬线，会改变力的方向，从而改变力的力臂，破坏杠杆平衡；
(2)动力臂小于阻力臂为费力杠杆。
本题考查探究杠杆平衡条件实验操作与分析、杠杆的分类，关键是将实验操作原则及结论记忆清楚，仔细分析即可。
21.【答案】解：(1)低温挡工作时电路中的电流：I=P低U=440W220V=2A；
(2)当只闭合S1时，R1、R2串联，处于低温挡，此时电路的总电阻为：
R总=U2P低=(220V)2440W=110Ω，
根据串联电路的电阻关系可知，发热电阻R1的阻值R1=R总−R2=110Ω−70Ω=40Ω；
(3)当同时闭合S1和S2时，处于高温挡，此时只有电阻R1接入电路，高温挡的电功率P高=U2R1=(220V)240Ω=1210W。
答：(1)低温挡工作时，电路中的电流是2A；(2)发热电阻R1的阻值是40Ω；(3)高温挡的电功率是1210W。
【解析】(1)知道电烤箱的低温挡功率、工作电压，利用P=UI求低温挡工作时电路中的电流；
(2)当只闭合S1时，R1、R2串联，处于低温挡，由P=U2R求R1、R2串联后的总电阻，根据串联电路的特点求发热电阻R1的阻值；
(3)当同时闭合S1和S2时，处于高温挡，此时只有电阻R1接入电路，根据P=U2R计算高温挡电功率。
本题为电学综合题，考查了电功率公式及其变形公式的应用，分析电路图得出高低温挡的电路组成。
22.【答案】解：(1)金属碗漂浮时排开水的体积：
V排=Sh1=100cm2×10cm=1000cm3=1×10−3m3，
金属碗受到的浮力：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10−3m3=10N；
(2)金属碗漂浮在水面和沉入水底时，容器内水深度下降的高度：
h3=h1−h2=10cm−2cm=8cm=0.08m，
水对容器底部的压强变化了：
Δp=ρ水gh3=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.08m=800Pa；
(3)因金属碗漂浮时受到的浮力和自身的重力相等，
所以，金属碗的重力G=F浮=10N，
金属碗沉底时排开水的体积：
V排′=Sh2=100cm2×2cm=200cm3=2×10−4m3，
金属碗静止在容器底部时，受到的浮力：
F浮′=ρ水gV排′=1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10−4m3=2N，
对金属碗受力分析可知，受到竖直向上的支持力和浮力、竖直向下的重力作用，
由金属碗受到的合力为零可得：F支持+F浮′=G，
则F支持=G−F浮′=10N−2N=8N。
答：(1)金属碗漂浮时的浮力为10N；
(2)金属碗漂浮在水面和沉入水底，水对容器底部的压强变化了800Pa；
(3)金属碗静止在容器底部时，容器对金属碗的支持力是8N。
【解析】(1)知道将金属碗取出后水面下降的高度和容器的底面积，根据V=Sh求出金属碗漂浮时排开水的体积，根据F浮=ρgV排求出金属碗受到的浮力；
(2)金属碗漂浮在水面和沉入水底时，两次水面变化的差值即为容器内水深度下降的高度，根据p=ρgh求出水对容器底部的压强变化量；
(3)根据物体漂浮条件求出金属碗的重力；
金属碗静止在容器底部时，根据F浮=ρgV排求出受到的浮力，对金属碗受力分析，根据金属碗受到的合力为零求出容器对金属碗的支持力。
本题考查了阿基米德原理、物体浮沉条件、液体压强公式的综合应用等，正确得出金属瓢排开水的体积和金属瓢的体积是关键。
23.【答案】解：(1)闭合开关S、S1，断开S2，滑片移到最上端a时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流；
电流表的示数：I=UR1=18V18Ω=1A；
(2)闭合开关S、S2，断开S1时，变阻器R变与小灯泡L串联，电流表测电路中的电流；
当小灯泡正常发光时，电路中的电流：I=IL=P额U额=3W6V=0.5A，
由欧姆定律可知，小灯泡的电阻：RL=U额I=6V0.5A=12Ω，
电路中的总电阻：R总=UI=18V0.5A=36Ω，
由串联电路的电阻特点可知，变阻器接入的阻值：R变=R总−RL=36Ω−12Ω=24Ω。
答：(1)电流表的示数为1A；
(2)此时滑动变阻器接入电路中的阻值为24Ω。
【解析】(1)闭合开关S、S1，断开S2，滑片移到最上端a时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电流表的示数；
(2)闭合开关S、S2，断开S1时，变阻器R变与小灯泡L串联，电流表测电路中的电流；根据P=UI求出灯泡正常发光时的电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻，根据欧姆定律和串联电路的电阻特点求出滑动变阻器接入电路的电阻。
本题考查串并联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，难度较大。