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2023-2024学年陕西省榆林市定边七中九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析）
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这是一份2023-2024学年陕西省榆林市定边七中九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析），共21页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.下列现象中不属于扩散现象的是( )
A. 酒厂附近，弥漫酒香B. 八月桂花，满园飘香
C. 美味佳肴，香气扑鼻D. 沙尘暴起，尘土飞扬
2.下列用电器工作时主要把电能转化为机械能的是( )
A. 电饭锅B. 洗衣机C. 节能灯D. 电视机
3.下列关于生活用电常识的认识中，符合要求的是( )
A. 使用试电笔时，手指不能碰到笔尾的金属帽，以免触电
B. 三脚插头的用电器也可插入两孔插座
C. 家庭电路中开关接在火线或零线上都可以
D. 输电线进户后应先接电能表
4.下列关于热现象的说法正确的是( )
A. 四冲程内燃机的做功冲程将内能转化为机械能
B. 内能和温度有关，0℃以上的物体才有内能
C. 固体很难被压缩，说明固体分子间无间隙
D. 热量一定从内能大的物体传递给内能小的物体
5.A、B两盏灯并联接在同一电路中，电流之比为IA：IB=1：2，如果串联接在同一电路中( )
A. IA：IB=2：1B. UA：UB=1：1
C. PA：PB=2：1D. QA：QB=4：1
6.关于导体中的电流跟导体两端的电压和导体的电阻的关系，下列说法正确的是( )
A. 导体的电阻越大，导体中的电流越小；导体两端的电压越大，导体中的电流越大
B. 导体两端的电压为零时，导体中的电流为零，导体的电阻也为零
C. 在导体的电阻一定的情况下，导体两端的电压与通过导体的电流成反比
D. 在导体两端电压不变的情况下，导体的电阻越小，导体中的电流越大
7.电流热效应在生产，生活中被广泛应用，但有时它也会给我们带来危害，下列情况中属于防止电热危害的是( )
A. 图一1，养鸡场使用电热孵化器孵小鸡
B. 图一2，电脑温度过高时，风扇会及时启动，给电脑降温
C. 图一3，家里使用电热水壶烧水
D. 图一4，小明妈妈用电熨斗熨衣服
8.如图所示的电路中，电源电压保持不变，R为定值电阻，当开关闭合时，标有“6V 3W”的小灯泡L恰好正常发光；若保持定值电阻R不变，将L换成另一只标有“8V 8W”的小灯泡L，闭合开关后，不考虑灯丝电阻的变化，下列说法中正确的是( )
A. 电路中的电流大于1AB. 定值电阻的电功率变小
C. 电路消耗的总功率变大D. 小灯泡L比正常发光亮
9.小兰设计了一种烟雾报警装置，其简化电路如图所示。电源电压保持不变，R0为定值电阻，R为光敏电阻，R的阻值随光照强度的减弱而增大。当电流表示数减小到某一值时，装置报警。开关S闭合后，当有烟雾遮挡射向R的激光时，则下列分析正确的是( )
A. 光敏电阻R阻值减小B. 电流表的示数减小，电压表的示数增大
C. 电流表的示数增大，电压表的示数增大D. 电压表与电流表的示数之比减小
10.如图所示，电源电压保持不变，R1=10Ω，当闭合开关S，滑动变阻器滑片P从a端移到b端，两电表示数变化关系用图乙中线段AB表示，则电源电压的大小和滑动变阻器的最大值分别为( )
A. 4V10ΩB. 4V20ΩC. 6V10ΩD. 6V20Ω
二、填空题：本大题共6小题，共18分。
11.如图所示是某初三学生在科技馆触摸静电起电球后的场景，这位同学的头发“爆开”的原因是头发带上______(选填“同种”或“异种”)电荷；被毛皮摩擦过的橡胶棒带______，这是因为在摩擦过程中橡胶棒______(选填“得到”或“失去”)电子。
12.如图，夏季，在高速公路服务区内，交警会强制一些重型汽车在降温池里停留一会，这是因为汽车在高速行驶过程中，通过______方式增加轮胎的内能，使轮胎的温度______(选填“升高”“降低”)；轮胎停在水中，通过______方式减少内能，降低温度，以保行车安全。
13.如图所示电路图，闭合开关S1、S2，两灯______联(选填“串”或“并”)，电流表测量通过______的电流(选填“L1”、“L2”或“干路”)。若仅闭合开关S1，则______发光(选填“L1”、“L2”或“L1”和“L2”)。
14.若汽油机飞轮转速为3000r/min，那么每秒燃气推动活塞做功的次数为______次。汽油的热值为4.6×107J/kg，现有汽油2kg，若一半汽油完全燃烧，放出的热量是______ J，剩余汽油的热值是______J/kg。
15.如图所示，运用控制变量法，小霞把两段电阻不同的金属丝甲、乙(R甲16.在如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S1闭合S2断开，甲、乙为电流表时，两表示数之比是I甲：I乙=2：5，则R1：R2=______；当开关S1、S2闭合，甲、乙两表为电压表时，两表示数之比U甲：U乙=______，R1、R2消耗的电功率之比为P1：P2=______。
三、作图题：本大题共2小题，共4分。
17.根据如图所示的实物图，在虚线框内画出其电路图。
18.根据安全用电原则将图中的节能灯和开关接入照明电路。
四、实验探究题：本大题共4小题，共22分。
19.请完成与下列实验有关的填空。
(1)如图1，在探究不同物质吸热本领是否相同的实验中，相同质量的水和煤油升高相同的温度所吸收热量的多少是通过比较______来反映的。
(2)小明用如图2所示电路来探究串联电路的电压特点，实验中最好选择规格______(选填“相同”或“不同”)的小灯泡，小明进行多次实验的主要目的是______。
(3)如图3，更换电阻R，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数保持不变，则实验探究的是电流与______的关系。
20.我区某学校实践小组的同学们进行“伏安法测量小灯泡电阻”的实验，小灯泡的额定电压为2.5V(阻值约为10Ω)，滑动变阻器规格为“20Ω1A”。
(1)请你用笔画线代替导线，将图甲中的电路连接完整(导线不得交叉)。
(2)滑动变阻器在实验中除保护电路外，还有______的作用。同学们把电路元件接入电路，刚接好最后一根导线，灯泡就立即发光，发生这种现象的原因可能是______。
(3)经检查无误后，接通电路，向左移动滑动变阻器的滑片P，观察到______，表明小灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡正常发光时的阻值为______Ω(结果精确到0.1)。
21.用如图甲所示的电路探究电流与电压的关系，电源电压为3V保持不变。
(1)连接电路时，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于最______(选填“左”或“右”)端。
(2)按图甲连接好电路，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，发现电流表无示数，电压表的示接近3V，则电路可能出现的故障是______。
(3)排除故障后闭合开关，将滑片移动到某位置，记下电压表和电流表的示数。接下来的操作是______(填字母)。
A.换用另一个定值电阻，将滑片移动到某位置，记下电压表和电流表的示数
B.将滑片移动到另外几个位置，分别记下电压表和电流表的示数
(4)小明根据实验数据描点并画出了I−U图象如图乙所示，由图象可得：
①实验中所用定值电阻R的阻值为______Ω；
②通过定值电阻的电流与其两端的电压成______。
(5)结合所测数据分析，本实验所用滑动变阻器的最大阻值应不小于______Ω。
22.在“测定额定电压为2.5V的小灯泡的电功率”实验中，连接的电路如图甲所示，电源电压为3V。
(1)本实验测量电功率的原理是______。
(2)闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，当滑动变阻器接入电路中的电阻变大时，电压表的读数也随着变大，发生这一现象的原因是______。
(3)电路检查无误后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片P到某处，电压表示数为2.8V，此时发现小灯泡发光______(选填“较暗”、“正常”或“很亮”)，则小灯泡消耗的实际功率______(选填“大于”、“小于”或“等于”)额定功率；为了测定小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片P向______(选填“A”或“B”)端移动，使电压表示数为2.5V，此时电流表指针位置如图乙所示，则小灯泡的额定功率为______ W。
(4)某兴趣小组的同学还想接着利用此电路探究电流与电阻的关系，于是将图甲中的小灯泡换成了______，闭合开关，移动滑片 P，重复以上步骤，记下多组数据，就可以完成此实验。
五、计算题：本大题共2小题，共16分。
23.如图甲所示的电路，R2为滑动变阻器，R1为定值电阻，电源两端电压保持恒定不变。当滑片P从最右端b滑到最左端a的过程中，电压表的示数与电流表的示数对应关系的图像如图乙所示。求：
(1)电源电压；
(2)定值电阻R1的阻值；
(3)滑动变阻器的最大阻值。
24.某品牌电饭锅的简化电路原理图如图甲所示，它有加热和保温两种工作状态，R1和R2为加热电阻且阻值保持不变，R1=44Ω。S为靠近加热盘的感温开关，1、2是开关连接的触点，加热盘温度达到103℃时，S自动切换到保温状态。某次煮饭时，将电饭锅接入220V电路，仅工作了10min，S就自动切换到保温状态，保温时如图乙所示的电能表的转盘在1min内转过5转。
(1)开关S接触点______(选填“1”或“2”)时，电饭锅处于保温状态；
(2)本次煮饭过程中，电饭锅消耗的电能是多少？
(3)加热电阻R2的阻值是多少？
(4)若用电高峰时，实际电压只有额定电压的80%，电饭锅加热状态的实际功率是多少？
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：物质是由分子组成的，组成物质的分子在不停地做无规则运动，称为扩散现象；由于分子的体积很小，分子的运动无法用肉眼直接看到，但可以通过气味、颜色的变化来体现，故ABC正确；沙尘肉眼能够观察到，因此不属于扩散现象，故D错误。
故选：D。
物质是由分子组成的，组成物质的分子在不停地做无规则运动，称为扩散现象；由于分子的体积很小，分子的运动无法用肉眼直接看到，但可以通过气味、颜色的变化来体现。
本题考查了对扩散现象的理解。
2.【答案】B
【解析】解：在常见的家用电器中，电饭锅是将电能转换为内能的过程，节能灯是将电能转化为光能和内能，电视机是将电能转化为光能、声能及内能；洗衣机是将电能转化为机械能的过程。
故选：B。
电流做功的过程实质上是电能转化为其它形式能的过程，用电器消耗了电能，获得了其它形式的能量，就是一个电流做功的过程。
用电器消耗电能的过程，实质是将电能转化为其它形式的能量的过程，重点是明确用电器得到了什么能。
3.【答案】D
【解析】【分析】
(1)测电笔的正确使用方法，手一定接触笔尾金属体，一定不要接触笔尖金属体。
(2)三孔插座的接法是左零右火上接地，三脚插头上面的要与用电器外壳相连。
(3)控制电灯的开关应安装在火线与灯之间；
(4)家庭电路中电能表的作用是测量家里消耗了多少电能，接在家庭电路的干路上。
本题考查了学生对电能表有关知识、安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。
【解答】
A、如果手不接触笔尾金属体，无论笔尖金属体接触火线还是零线，氖管都不发光，故不符合要求；
B、家用电器金属外壳相连接的是地线，这样即使金属外壳带电，电流会通过地线导入大地，防止造成触电事故的发生，不能用两孔插座替代，故不符合要求；
C、电灯的开关接在了零线上时，即使断开，电灯或其他用电器仍带电，易发生触电事故，不符合要求；
D、输电线进户后应先接电能表，符合要求。
故选：D。
4.【答案】A
【解析】解：A、四冲程内燃机的做功冲程中内能转化为机械能，故A正确；
B、内能和温度有关，任何物体在任何情况下都有内能，故B错误；
C、发生热传递的条件是存在温度差，不是存在内能差，内能大的物体的温度不一定高，故C错误；
D、扫地时尘土飞扬是机械运动，不能说明分子在不停地做无规则运动，故D错误。
故选：A。
(1)热机的四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，压缩冲程中机械能转化为内能；做功冲程中内能转化为机械能；
(2)任何物体都有内能；
(3)一切物质的分子间存在间隙；分子间存在相互作用的引力和斥力；
(4)发生热传递的条件是存在温度差，不是存在内能差。
本题考查了分子动理论的基本观点、内燃机的工作过程、内能即热传递，属于基础题。
5.【答案】C
【解析】解：
A、B两盏灯并联接在同一电路中，由于并联电路中各支路两端电压相等，则根据I=UR可得：
RA：RB=UIA：UIB=IB：IA=2：1；
A、当A、B两盏灯串联接在同一电路时，由于串联电路中电流处处相等，则：IA：IB=1：1；故A错误；
B、根据I=UR可得：电压之比为：UAUB=IARAIBRB=1×21×1=21；故B错误；
C、电功率之比：PAPB=UAIAUBIB=2×11×1=21；故C正确；
D、产生热量之比：QAQB=IA2RAtIB2RBt=12×2×t12×1×t=21；故D错误。
故选：C。
(1)并联接在同一电路时，由并联电路电压特点和欧姆定律可得两电阻之比，
(2)串联接在同一电路时，由串联电路电流特点可知通过两灯泡的电流之比，由U=IR可得电压之比，由P=UI可得电功率之比，由Q=I2Rt可得产生热量之比。
本题考查串联和并联电路特点、欧姆定律以及电功率公式的应用，熟练运用公式是关键。
6.【答案】D
【解析】解：A、当电压一定时，导体的电阻越大，通过导体的电流越小；电阻一定时，导体两端的电压越大，通过导体的电流越大，故A错误；
B、若导体两端的电压为零，通过导体的电流为零时，导体的电阻不为零，故B错误；
C、在导体的电阻一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，故C错误；
D、当电压一定时，导体的电阻越小，通过导体的电流越大，故D正确。
故选：D。
欧姆定律内容：导体中的电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比。也就是说在电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比；在电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比。
本题考查了欧姆定律内容的理解和掌握。电流跟电压成正比，电流跟电阻成反比都是有条件的。
7.【答案】B
【解析】解：A、养鸡场使用电热孵化器孵小鸡，属于利用电热来为人们服务，故A不合题意；
B、电脑温度过高时，风扇会及时启动，给电脑降温，是为了散失热量，属于防止电热带来危害，故B符合题意；
C、家里使用电热水壶烧水，利用了电流的热效应，属于利用电热来为人们服务，故C不合题意；
D、用电熨斗熨衣服，利用了电流的热效应，属于利用电热来为人们服务，故D不合题意。
故选：B。
电热有有利的一面，也有有害的一面，解答本题关键是看电热为我们服务还是我们不需要电热而是把它及时散发掉。
本题主要考查对电热的应用及预防措施的了解。用电器工作时如果温度过高，会造成危害，要考虑如何散热。
8.【答案】C
【解析】解：由P=UI=U2R的变形式R=U2P可知，“6V3W”的小灯泡L的电阻为：R1=U12P1=(6V)23W=12Ω；
“8V8W”的小灯泡L的电阻为：R2=U22P2=(8V)28W=8Ω，“8V8W”的小灯泡L正常工作时的电流为：I=U2R2=8V8Ω=1A；
因串联电路中的总电阻等于各分电阻之和，所以，改接灯泡后，电路中的总电阻变小，由I=UR可知，电路中的电流变大，电阻R两端的电压变大，根据P=UI=U2R可知，电阻R的功率变大，故B错误；
因串联电路中的总电压等于各分电压之和，且电源的电压不变，所以，此时灯泡两端的电压变小，小于6V，由P=UI=U2R可知，此时灯泡的电功率变小，小于8W，根据P=I2R可知，通过灯泡的电流小于1A，其亮度要比正常发光时要暗一些，故AD错误；
电路中的电流变大，根据P=UI可知，电路的总功率变大，故C正确；
故选：C。
灯泡的实际功率是由灯泡两端的实际电压决定的，根据公式R=U2P知两灯泡电阻的大小关系，根据电阻的串联可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流和电阻两端的电压变化，再根据串联电路的电压特点得出此时灯泡两端的电压变化，最后根据P=U2R判断功率的变化。
本题考查了串并联电路的特点和电功率公式、欧姆定律、电功公式的应用，有一定的难度。
9.【答案】B
【解析】由电路图可知，光敏电阻R和定值电阻R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
因光敏电阻的阻值随光照强度的减弱而增大，所以，当有烟雾遮挡射向R的激光时，R的阻值增大，电路中的总电阻增大，由I=UR可知，电路中的电流减小，即电流表的示数减小，故AC错误；
由U=IR可知，R0两端电压减小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，光敏电阻R两端的电压增大，即电压表的示数增大，故B正确；
由于电压表与电流表的示数之比等于R的阻值，因此比值变大，故D错误。
由电路图可知，光敏电阻R和定值电阻R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
根据题意得出当有烟雾遮挡射向R的激光时R的阻值变化，根据欧姆定律可知电路中电流变化和R0两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表示数的变化，将电压表与电流表的示数之比转化为电阻问题分析。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律公式的应用，从题干中获取有用的信息是关键。
10.【答案】D
【解析】解：由图甲知，闭合开关，定值电阻和滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端电压，电流表测量电路电流；
当滑片在a端时，滑动变阻器全部接入电路，由图象乙可知，此时滑动变阻器两端电压U2=4V，通过滑动变阻器的电流I2=0.2A；
由I=UR可知，滑动变阻器的最大电阻：R大=U2I2=4V0.2A=20Ω；
根据串联电路的电流特点可知，此时通过定值电阻R1的电流I1=I2=0.2A；
根据串联电路的电压特点可知，电源电压U=U1+U2=I1R1+4V=0.2A×10Ω+4V=6V，故ABC错误，D正确。
故选：D。
由图甲知，闭合开关，定值电阻和滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端电压，电流表测量电路电流；
当滑片在a端时，滑动变阻器全部接入电路，由图象乙知此时滑动变阻器两端电压和通过的电流，利用I=UR得到滑动变阻器最大阻值；
根据串联电路的电流特点和电压特点，可以求出电源电压。
本题考查串联电路的电流、电压特点，以及欧姆定律的应用，关键是能从图中找到相关的有用信息。
11.【答案】同种 负电 得到
【解析】解：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，头发炸开是相互排斥造成的，因此带的是同种电荷；被毛皮摩擦过的橡胶棒，橡胶棒原子核对电子的束缚能力强，摩擦过程中易得电子，因此带负电。
故答案为：同种；负电；得到。
摩擦起电的实质是电荷的转移，物体的带电属性与原子核对电子的束缚能力有关；电荷间的相互作用规律为同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
本题考查了电荷间的相互作用规律以及摩擦起电的实质。
12.【答案】做功 升高 热传递
【解析】解：(1)轮胎与地面摩擦发热的过程是因为在摩擦过程中，一部分机械能(或动能)转化成了轮胎的内能，轮胎的温度升高，属于做功改变物体内能；
(2)轮胎停在水中，冷水与高温的轮胎接触时，轮胎将热传递给水，一部分水还会蒸发吸热，从而达到降温的目的，是由于热传递改变物体内能。
故答案为：做功；升高；热传递。
汽车轮胎与地面摩擦，消耗的是机械能(或动能)，轮胎发热说明转化成了内能；冷水冲洗轮胎可通过热传递将热量传递给水，从而达到给轮胎降温的目的。
摩擦生热是典型的机械能转化为内能的例子，是我们应该熟知的。通过热传递来改变物体的温度，也是最简便有效的方法，更是生活中常见的现象。
13.【答案】并 干路 L2
【解析】解：分析如图所示的电路，根据电流的流向可知：开关闭合后，电流经过电流表分为两路，一路流向灯泡L2，另一路流向开关S2，电流表A1、灯泡L1、然后两路汇合共同经过开关S1流向负极，因此两灯并联连接；电流表A测量灯泡L1和L2的电流，即干路电流；
若仅闭合开关S1，电流经过电流表、灯泡L2、开关S1流向负极，电路为只有灯泡L2工作的电路，所以只有灯泡L2发光。
故答案为：干路；L2。
分析如图所示的电路，根据电流的流向可知：开关闭合后，电流经过电流表分为两路，一路流向灯泡L2，另一路流向开关S2，电流表A1、灯泡L1、然后两路汇合共同经过开关S1流向负极；
若仅闭合开关S1，电流经过电流表、灯泡L2、开关S1流向负极；根据串并联电路电流路径的特点判断两灯泡的连接方式。
本题考查了电路的连接以及电流表的使用，电流表要测量哪个电灯的电流就要与哪个电灯串联，属于基础题目。
14.【答案】254.6×107 4.6×107
【解析】解：已知飞轮转速为3000r/min=50r/s，即飞轮1s转50r，
因为飞轮转2r，完成4个冲程，对外做功1次，所以飞轮转50r，完成100个冲程，对外做功25次。
现有汽油2kg，若一半汽油完全燃烧，即完全燃烧汽油的质量为1kg，则放出的热量：Q放=mq=1kg×4.6×107J/kg=4.6×107J；
因为燃料的热值是燃料本身的一种属性，只与燃料的种类有关，与燃料的多少无关，所以汽油燃烧一半后，剩余汽油的热值不变，仍为4.6×107J/kg。
故答案为：25；4.6×107；4.6×107。
单缸四冲程汽油机完成一个工作循环，经历四个冲程，活塞往复运动2次，曲轴和飞轮转动2周，对外做功1次，据此解答；
知道汽油的热值和汽油的质量，利用Q放=mq求汽油完全燃烧放出的热量；燃料的热值是燃料本身的一种属性，只与燃料的种类有关，与燃料的多少无关。
本题考查了内燃机的四个冲程工作特点、热量的计算以及影响热值的因素，记住内燃机相关的数据大小，会根据转速进行相关计算。
15.【答案】电阻 热 乙
【解析】解：图中的电阻是串联，而串联时，电流相等，通电时间也相等，但电阻不相等，故是研究电热与电阻的关系；这是由于电流的热效应引起的；
据Q=I2Rt可知，此时两个装置中的电流相同、通电时间相同，但乙中的电阻大于甲中的电阻，所以电流通过乙瓶中的电阻所产生的热量更多一些，故乙瓶中的煤油温度升高的更快一些。
故答案为：电阻；热；乙。
(1)两段电阻丝是串联，则电流相等，通电时间相等，但电阻不相等，故由Q=I2Rt知，这是研究电热与电阻的关系；
(2)电流具有三种效应，即热效应、化学效应和磁效应，故据此分析能解决第二个空；
(3)据Q=I2Rt并结合题目中所提供的电阻关系分析判断，即可得出那个装置中煤油温度升的更高。
本题考查了运用控制变量法研究电流通过导体产生的热与电阻的关系。电热属于电流的热效应，即由电能转化煤油的内能的过程。
16.【答案】2：3 5：3 2：3
【解析】解：(1)当开关S1闭合S2断开，甲、乙为电流表时，R1和R2并联，甲电流表测R2支路的电流，乙电流表测干路电流；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，通过两电阻的电流之比：
I1I2=I乙−I甲I甲=5−22=32，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I=UR可得，两电阻的阻值之比：
R1R2=UI1UI2=I2I1=23；
(2)当开关S1、S2闭合，甲、乙两表为电压表时，R1与R2串联，甲电压表测电源的电压，乙电压表测R2两端的电压，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，两电阻两端的电压之比：
U1U2=IR1IR2=R1R2=23，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，两电压表的示数之比：
U甲U乙=U1+U2U2=2+33=53，
R1、R2消耗的电功率之比：
P1P2=U1IU2I=U1U2=23。
故答案为：2：3；5：3；2：3。
(1)当开关S1闭合S2断开，甲、乙为电流表时，R1和R2并联，甲电流表测R2支路的电流，乙电流表测干路电流；根据并联电路的电流特点求出两支路的电流之比，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比；
(2)当开关S1、S2闭合，甲、乙两表为电压表时，R1和R2串联，甲测电源的电压，乙测R2两端的电压；根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电压特点求出两电压表的示数之比，根据P=UI求出R1、R2消耗的电功率之比。
本题通过改变开关的连接方法和电表的更换，改变了电路的连接方法，电路先并联后串联，通过电阻的不变量来沟通两个过程。
17.【答案】解：由实物图知，两灯并联，开关S1在干路上，灯L2、开关S2在一条支路，灯L1单独一条支路，电路图如图所示：
【解析】分析实物图，得出两灯的连接方式、开关的位置，据此画出对应的电路图。
本题考查根据实物图画电路图，正确分析电路的连接方式是关键。
18.【答案】解：节能灯接法：火线进入开关，再进入节能灯顶端的金属点，零线直接接入节能灯的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触节能灯不会发生触电事故。既能控制节能灯，又能更安全。如图所示：
【解析】节能灯的接法：火线进入开关，再进入节能灯顶端的金属点；零线直接接入节能灯的螺旋套。
掌握家庭电路的节能灯、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
19.【答案】加热时间 不同 寻找普遍规律 电阻
【解析】解：(1)如图1所示，探究不同物质吸热能力的实验中，实验中选用相同的酒精灯，给相同质量的水和煤油加热，当升高相同的温度时，通过比较加热时间来反映吸收热量的多少；
(2)为了避免偶然性，寻找普遍规律，实验中要选择规格不相同的灯泡进行实验；实验中用不同规格的灯泡进行多次实验的目的是：寻找普遍规律，避免偶然性；
(3)更换电阻R，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数保持不变，则实验探究的是电流与电阻的关系。
故答案为：(1)加热时间；(2)不同；寻找普遍规律；(3)电阻。
(1)比较物质吸热能力的方法：使相同质量的不同物质吸收相同的热量，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；用相同的电加热器加热，加热时间越长，液体吸收的热量越多，时间越短，吸收的热量越少；
(2)为了避免偶然性，寻找普遍规律，实验中要选择规格不同的灯泡进行实验；实验中用不同规格的灯泡进行多次实验的目的是：寻找普遍规律，避免偶然性；
(3)探究电流与电阻的关系时，更换电阻R，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数保持不变。
题考查电流与电压、电阻关系的实验探究以及不同物质吸热能力的实验探究，知识点较多，属于中等题。
20.【答案】改变小灯泡两端电压 电路连接过程中开关未断开 电压表示数为2.5V8.3
【解析】解：(1)滑动变阻器一上一下接入电路，小灯泡的额定电压为2.5V，电压表选择小量程，导线不得交叉，如图；
(2)此实验中滑动变阻器的作用为保护电路和改变小灯泡两端电压；
(3)小灯泡正常发光时，其两端电压为额定电压2.5V，此时电流表示数为0.3A，再用欧姆定律R=UI=≈8.3Ω。
故答案为：(1)如上图；(2)改变小灯泡两端电压 电路连接过程中开关未断开；(3)电压表示数为2.5V；8.3。
(1)连接实物图，电压表选择合适的量程，滑动变阻器一上一下接入电路；
(2)滑动变阻器的作用：保护电路：改变电路中电流；改变电压；
(3)小灯泡正常发光时，其两端电压为额定电压，再用欧姆定律计算其电阻。
本题考查了伏安法测电阻，常见题型，难度不大，熟练掌握本实验。
21.【答案】右 电阻R断路 B 5 正比 25
【解析】解：(1)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处，即最右端；
(2)闭合开关，电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数且接近3V，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即电路故障可能是电阻R断路；
(3)探究电流与电压的关系，要控制电阻不变，记下电流与电压的值，为得出普遍性的结论，要多次测量，故实验时，闭合开关，将滑片移动到某位置，记下电压表和电流表的示数。接下来的操作是将滑片移动到另外几个位置，分别记下电压表和电流表的示数，故选B；
(4)①当U=1V时，I=0.2A，根据欧姆定律可知，R=UI=1V0.2A=5Ω；②根据图象中数据可知：电压增大为原来的几倍，通过的电流也增大为原来的几倍，故得出的结论：在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(5)当电路中的电流最小时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，由表中数据可知，当通过导体的电流最小为0.1A时，定值电阻两端的电压为0.5V，滑动变阻器两端的电压U滑=U−U定=3V−0.5V=2.5V，此时滑动变阻器接入电路的阻值R滑=U滑I滑=Ω，故滑动变阻器的最大阻值不应小于25Ω。
故答案为：(1)右；(2)电阻R断路；(3)B；(4)①5；②正比；(5)25.
(1)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处；
(2)电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数且接近3V，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
(3)探究电流与电压的关系，要控制电阻不变，记下电流与电压的值，为得出普遍性的结论，要多次测量，据此分析；
(4)根据欧姆定律计算阻值；分析图象中电流与电压的关系得出结论；
(5)由欧姆定律可知，当电路中的电流最小时，变阻器接入电路的电阻最大，由表中数据找出电路中的最小电流和对应的定值电阻两端的电压，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最大电阻，进而确定变阻器的规格。
本题探究电流与电压关系，考查注意事项、故障分析、数据分析、欧姆定律的应用和器材的选择，考查知识点多，综合性强。
22.【答案】P=UI电压表与滑动变阻器并联 很亮 大于 A1.25定值电阻
【解析】解：(1)在“测定额定电压为2.5V的小灯泡的电功率”实验中，用电压表测灯泡两端电压，用电流表测通过灯泡的电流，根据P=UI求出灯泡的电功率，故本实验测量电功率的原理是P=UI；
(2)闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，当滑动变阻器接入电路中的电阻变大时，电压表的读数也随着变大，根据串联电路电压规律，灯泡两端电压变小，说明电压表不是接在小灯泡的两端，而是与滑动变阻器并联了；
(3)灯在额定电压下的功率为额定功率，因2.8V大于2.5V；当电压表示数为2.8V时，小灯泡消耗的实际功率大于额定功率，小灯泡发光很亮；
灯在额定电压下正常发光，示数为2.8V大于灯的额定电压2.5V，应减小灯两端的电压，根据串联电路电压的规律，应增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，应增大变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向A移动，直到电压表示数为额定电压2.5V；
此时电流表指针位置如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.5A，则小灯泡的额定功率为：
P=UI=2.5V×0.5A=1.25W；
(4)在探究电流与电阻的关系实验中，需控制定值电阻两端电压不变，故将图甲中的小灯泡换成了定值电阻，闭合开关，移动滑片P，重复以上步骤，记下多组数据，就可以完成此实验。
故答案为：(1)P=UI；(2)电压表与滑动变阻器并联；(3)很亮；大于；A；1.25；(4)定值电阻。
(1)本实验测量电功率的原理是P=UI；
(2)闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，当滑动变阻器接入电路中的电阻变大时，电压表的读数也随着变大，根据串联电路电压规律，灯泡两端电压变小，据此分析电路连接；
(3)在灯发光的情况下，灯两端的电压越大，灯的实际功率越大；
灯在额定电压下正常发光，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；
根据电流表选用的量程确定分度值读数，根据P=UI求灯的额定功率；
(4)在探究电流与电阻的关系实验中，需控制定值电阻两端电压不变。
本题测定额定电压为2.5V的小灯泡的电功率实验，考查了实验原理、电路分析、实验操作、功率的计算及实验设计等知识。
23.【答案】解：由电路图可知，R1和R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当滑片P在最左端a时，电路为R0的简单电路，电路中的电流最大，电压表测电源电压，
由乙图可知，电路中的最大电流I最大=0.3A，电压表示数U大=12V，则电源电压U=U大=12V；
(2)根据I=UR可得R1的阻值：
R1=UI最大=12V0.3A=40Ω；
(3)当滑片P在最右端b时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，R1和R2串联，电路中的电流最小，
根据乙图可知：电路中的最小电流I最小=0.1A，R1两端的电压为U1=4V，
根据串联电路的总电压等于各用电器两端的电压之和可知R2两端的电压：
U2=U−U1=12V−4V=8V，
根据I=UR可得变阻器的最大阻值：
R2=U2I最小=8V0.1A=80Ω。
答：(1)电源电压为12V；
(2)定值电阻R1的阻值为40Ω；
(3)滑动变阻器的最大阻值为80Ω。
【解析】由电路图可知，R1和R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当滑片P在最左端a时，电路为R0的简单电路，电路中的电流最大，电压表测电源电压，根据乙图读出此时的电流和电压表示数，根据电压表示数即可得出电源电压；
(2)根据欧姆定律即可求出R1的阻值；
(3)当滑片P在最右端b时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，R1和R2串联，电路中的电流最小，根据乙图读出此时的电流和电压表示数，根据串联电路的电压规律和欧姆定律得出滑动变阻器的最大阻值。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用计算，关键是正确分析电路，通过图像分析出对应的电流和电压值。
24.【答案】2
【解析】解：(1)由图甲可知，当开关S与触点1连接时，电路中只有R1，电路中电阻较小，由P=U2R得，电功率最大，处于加热状态；当开关S与触点2连接时，电路中R1、R2串联，电路中电阻较大，用由=U2R得，处于保温状态；
(2)按下开关S与触点1连接，加热10min，电饭锅消耗的电能：
WmB=Pm温t=U2R1t=(220V)244Ω×10×60s=6.6×105J，
(3)当开关S与触点2连接时，电饭锅处于保温状态，
电能表的转盘在1min内转过5转，
消耗的电能为：W温温=53000kW⋅h=1600kW⋅h=6000J，
保温功率为:Pα温=W温温t′;=6000J1×60s=100，
两电阻串联的总电阻为：R0=U2P6a=(220V)2100W=484Ω，
R2的阻值为：R2=R总−R1=484Ω−44Ω=440Ω，
(4)用电高峰时，实际电压为：Ux=220V×80%=176V，
电饭锅加热状态的实际功率为：Pπ=Ux2R1=(176V)244Ω=704W，
答：(1)2；
(2)本次煮饭过程中，电饭锅消耗的电能是6.6×105J；
(3)加热电阻R2的阻值是440Ω；
(4)用电高峰时，电饭锅加热状态的实际功率是704W。
(1)分析电路图，比较开关S与触点1、2连接时，电路中电阻大小关系，电源电压一定，利用P=U2R可知电功率大小关系，进而得出是处于加热状态还是保温状态；
(2)按下开关S与触点1连接，电路电功率较大、电饭锅处于加热状态，加热10min，利用W加热=UIt=U2R1t求电饭锅消耗的电能；
(3)当开关S与触点2连接时，R1、R2串联，电路电功率较小、电饭锅处于保温状态；3000r/(kW⋅h)表示每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转3000转，据此求1min消耗的电能，再利用P=Wt求保温功率，利用P=U2R求串联电阻，进而求出R2的阻值；
(4)求出用电高峰时实际电压，利用P=U2R求电饭锅加热状态的实际功率。
本题考查了消耗电能、电功率的计算，本题关键：一是灵活应用电功率的相关公式，二是分析电路图得出加热、保温状态时的电路组成。
1.下列现象中不属于扩散现象的是( )
A. 酒厂附近，弥漫酒香B. 八月桂花，满园飘香
C. 美味佳肴，香气扑鼻D. 沙尘暴起，尘土飞扬
2.下列用电器工作时主要把电能转化为机械能的是( )
A. 电饭锅B. 洗衣机C. 节能灯D. 电视机
3.下列关于生活用电常识的认识中，符合要求的是( )
A. 使用试电笔时，手指不能碰到笔尾的金属帽，以免触电
B. 三脚插头的用电器也可插入两孔插座
C. 家庭电路中开关接在火线或零线上都可以
D. 输电线进户后应先接电能表
4.下列关于热现象的说法正确的是( )
A. 四冲程内燃机的做功冲程将内能转化为机械能
B. 内能和温度有关，0℃以上的物体才有内能
C. 固体很难被压缩，说明固体分子间无间隙
D. 热量一定从内能大的物体传递给内能小的物体
5.A、B两盏灯并联接在同一电路中，电流之比为IA：IB=1：2，如果串联接在同一电路中( )
A. IA：IB=2：1B. UA：UB=1：1
C. PA：PB=2：1D. QA：QB=4：1
6.关于导体中的电流跟导体两端的电压和导体的电阻的关系，下列说法正确的是( )
A. 导体的电阻越大，导体中的电流越小；导体两端的电压越大，导体中的电流越大
B. 导体两端的电压为零时，导体中的电流为零，导体的电阻也为零
C. 在导体的电阻一定的情况下，导体两端的电压与通过导体的电流成反比
D. 在导体两端电压不变的情况下，导体的电阻越小，导体中的电流越大
7.电流热效应在生产，生活中被广泛应用，但有时它也会给我们带来危害，下列情况中属于防止电热危害的是( )
A. 图一1，养鸡场使用电热孵化器孵小鸡
B. 图一2，电脑温度过高时，风扇会及时启动，给电脑降温
C. 图一3，家里使用电热水壶烧水
D. 图一4，小明妈妈用电熨斗熨衣服
8.如图所示的电路中，电源电压保持不变，R为定值电阻，当开关闭合时，标有“6V 3W”的小灯泡L恰好正常发光；若保持定值电阻R不变，将L换成另一只标有“8V 8W”的小灯泡L，闭合开关后，不考虑灯丝电阻的变化，下列说法中正确的是( )
A. 电路中的电流大于1AB. 定值电阻的电功率变小
C. 电路消耗的总功率变大D. 小灯泡L比正常发光亮
9.小兰设计了一种烟雾报警装置，其简化电路如图所示。电源电压保持不变，R0为定值电阻，R为光敏电阻，R的阻值随光照强度的减弱而增大。当电流表示数减小到某一值时，装置报警。开关S闭合后，当有烟雾遮挡射向R的激光时，则下列分析正确的是( )
A. 光敏电阻R阻值减小B. 电流表的示数减小，电压表的示数增大
C. 电流表的示数增大，电压表的示数增大D. 电压表与电流表的示数之比减小
10.如图所示，电源电压保持不变，R1=10Ω，当闭合开关S，滑动变阻器滑片P从a端移到b端，两电表示数变化关系用图乙中线段AB表示，则电源电压的大小和滑动变阻器的最大值分别为( )
A. 4V10ΩB. 4V20ΩC. 6V10ΩD. 6V20Ω
二、填空题：本大题共6小题，共18分。
11.如图所示是某初三学生在科技馆触摸静电起电球后的场景，这位同学的头发“爆开”的原因是头发带上______(选填“同种”或“异种”)电荷；被毛皮摩擦过的橡胶棒带______，这是因为在摩擦过程中橡胶棒______(选填“得到”或“失去”)电子。
12.如图，夏季，在高速公路服务区内，交警会强制一些重型汽车在降温池里停留一会，这是因为汽车在高速行驶过程中，通过______方式增加轮胎的内能，使轮胎的温度______(选填“升高”“降低”)；轮胎停在水中，通过______方式减少内能，降低温度，以保行车安全。
13.如图所示电路图，闭合开关S1、S2，两灯______联(选填“串”或“并”)，电流表测量通过______的电流(选填“L1”、“L2”或“干路”)。若仅闭合开关S1，则______发光(选填“L1”、“L2”或“L1”和“L2”)。
14.若汽油机飞轮转速为3000r/min，那么每秒燃气推动活塞做功的次数为______次。汽油的热值为4.6×107J/kg，现有汽油2kg，若一半汽油完全燃烧，放出的热量是______ J，剩余汽油的热值是______J/kg。
15.如图所示，运用控制变量法，小霞把两段电阻不同的金属丝甲、乙(R甲
三、作图题：本大题共2小题，共4分。
17.根据如图所示的实物图，在虚线框内画出其电路图。
18.根据安全用电原则将图中的节能灯和开关接入照明电路。
四、实验探究题：本大题共4小题，共22分。
19.请完成与下列实验有关的填空。
(1)如图1，在探究不同物质吸热本领是否相同的实验中，相同质量的水和煤油升高相同的温度所吸收热量的多少是通过比较______来反映的。
(2)小明用如图2所示电路来探究串联电路的电压特点，实验中最好选择规格______(选填“相同”或“不同”)的小灯泡，小明进行多次实验的主要目的是______。
(3)如图3，更换电阻R，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数保持不变，则实验探究的是电流与______的关系。
20.我区某学校实践小组的同学们进行“伏安法测量小灯泡电阻”的实验，小灯泡的额定电压为2.5V(阻值约为10Ω)，滑动变阻器规格为“20Ω1A”。
(1)请你用笔画线代替导线，将图甲中的电路连接完整(导线不得交叉)。
(2)滑动变阻器在实验中除保护电路外，还有______的作用。同学们把电路元件接入电路，刚接好最后一根导线，灯泡就立即发光，发生这种现象的原因可能是______。
(3)经检查无误后，接通电路，向左移动滑动变阻器的滑片P，观察到______，表明小灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡正常发光时的阻值为______Ω(结果精确到0.1)。
21.用如图甲所示的电路探究电流与电压的关系，电源电压为3V保持不变。
(1)连接电路时，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于最______(选填“左”或“右”)端。
(2)按图甲连接好电路，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，发现电流表无示数，电压表的示接近3V，则电路可能出现的故障是______。
(3)排除故障后闭合开关，将滑片移动到某位置，记下电压表和电流表的示数。接下来的操作是______(填字母)。
A.换用另一个定值电阻，将滑片移动到某位置，记下电压表和电流表的示数
B.将滑片移动到另外几个位置，分别记下电压表和电流表的示数
(4)小明根据实验数据描点并画出了I−U图象如图乙所示，由图象可得：
①实验中所用定值电阻R的阻值为______Ω；
②通过定值电阻的电流与其两端的电压成______。
(5)结合所测数据分析，本实验所用滑动变阻器的最大阻值应不小于______Ω。
22.在“测定额定电压为2.5V的小灯泡的电功率”实验中，连接的电路如图甲所示，电源电压为3V。
(1)本实验测量电功率的原理是______。
(2)闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，当滑动变阻器接入电路中的电阻变大时，电压表的读数也随着变大，发生这一现象的原因是______。
(3)电路检查无误后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片P到某处，电压表示数为2.8V，此时发现小灯泡发光______(选填“较暗”、“正常”或“很亮”)，则小灯泡消耗的实际功率______(选填“大于”、“小于”或“等于”)额定功率；为了测定小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片P向______(选填“A”或“B”)端移动，使电压表示数为2.5V，此时电流表指针位置如图乙所示，则小灯泡的额定功率为______ W。
(4)某兴趣小组的同学还想接着利用此电路探究电流与电阻的关系，于是将图甲中的小灯泡换成了______，闭合开关，移动滑片 P，重复以上步骤，记下多组数据，就可以完成此实验。
五、计算题：本大题共2小题，共16分。
23.如图甲所示的电路，R2为滑动变阻器，R1为定值电阻，电源两端电压保持恒定不变。当滑片P从最右端b滑到最左端a的过程中，电压表的示数与电流表的示数对应关系的图像如图乙所示。求：
(1)电源电压；
(2)定值电阻R1的阻值；
(3)滑动变阻器的最大阻值。
24.某品牌电饭锅的简化电路原理图如图甲所示，它有加热和保温两种工作状态，R1和R2为加热电阻且阻值保持不变，R1=44Ω。S为靠近加热盘的感温开关，1、2是开关连接的触点，加热盘温度达到103℃时，S自动切换到保温状态。某次煮饭时，将电饭锅接入220V电路，仅工作了10min，S就自动切换到保温状态，保温时如图乙所示的电能表的转盘在1min内转过5转。
(1)开关S接触点______(选填“1”或“2”)时，电饭锅处于保温状态；
(2)本次煮饭过程中，电饭锅消耗的电能是多少？
(3)加热电阻R2的阻值是多少？
(4)若用电高峰时，实际电压只有额定电压的80%，电饭锅加热状态的实际功率是多少？
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：物质是由分子组成的，组成物质的分子在不停地做无规则运动，称为扩散现象；由于分子的体积很小，分子的运动无法用肉眼直接看到，但可以通过气味、颜色的变化来体现，故ABC正确；沙尘肉眼能够观察到，因此不属于扩散现象，故D错误。
故选：D。
物质是由分子组成的，组成物质的分子在不停地做无规则运动，称为扩散现象；由于分子的体积很小，分子的运动无法用肉眼直接看到，但可以通过气味、颜色的变化来体现。
本题考查了对扩散现象的理解。
2.【答案】B
【解析】解：在常见的家用电器中，电饭锅是将电能转换为内能的过程，节能灯是将电能转化为光能和内能，电视机是将电能转化为光能、声能及内能；洗衣机是将电能转化为机械能的过程。
故选：B。
电流做功的过程实质上是电能转化为其它形式能的过程，用电器消耗了电能，获得了其它形式的能量，就是一个电流做功的过程。
用电器消耗电能的过程，实质是将电能转化为其它形式的能量的过程，重点是明确用电器得到了什么能。
3.【答案】D
【解析】【分析】
(1)测电笔的正确使用方法，手一定接触笔尾金属体，一定不要接触笔尖金属体。
(2)三孔插座的接法是左零右火上接地，三脚插头上面的要与用电器外壳相连。
(3)控制电灯的开关应安装在火线与灯之间；
(4)家庭电路中电能表的作用是测量家里消耗了多少电能，接在家庭电路的干路上。
本题考查了学生对电能表有关知识、安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。
【解答】
A、如果手不接触笔尾金属体，无论笔尖金属体接触火线还是零线，氖管都不发光，故不符合要求；
B、家用电器金属外壳相连接的是地线，这样即使金属外壳带电，电流会通过地线导入大地，防止造成触电事故的发生，不能用两孔插座替代，故不符合要求；
C、电灯的开关接在了零线上时，即使断开，电灯或其他用电器仍带电，易发生触电事故，不符合要求；
D、输电线进户后应先接电能表，符合要求。
故选：D。
4.【答案】A
【解析】解：A、四冲程内燃机的做功冲程中内能转化为机械能，故A正确；
B、内能和温度有关，任何物体在任何情况下都有内能，故B错误；
C、发生热传递的条件是存在温度差，不是存在内能差，内能大的物体的温度不一定高，故C错误；
D、扫地时尘土飞扬是机械运动，不能说明分子在不停地做无规则运动，故D错误。
故选：A。
(1)热机的四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，压缩冲程中机械能转化为内能；做功冲程中内能转化为机械能；
(2)任何物体都有内能；
(3)一切物质的分子间存在间隙；分子间存在相互作用的引力和斥力；
(4)发生热传递的条件是存在温度差，不是存在内能差。
本题考查了分子动理论的基本观点、内燃机的工作过程、内能即热传递，属于基础题。
5.【答案】C
【解析】解：
A、B两盏灯并联接在同一电路中，由于并联电路中各支路两端电压相等，则根据I=UR可得：
RA：RB=UIA：UIB=IB：IA=2：1；
A、当A、B两盏灯串联接在同一电路时，由于串联电路中电流处处相等，则：IA：IB=1：1；故A错误；
B、根据I=UR可得：电压之比为：UAUB=IARAIBRB=1×21×1=21；故B错误；
C、电功率之比：PAPB=UAIAUBIB=2×11×1=21；故C正确；
D、产生热量之比：QAQB=IA2RAtIB2RBt=12×2×t12×1×t=21；故D错误。
故选：C。
(1)并联接在同一电路时，由并联电路电压特点和欧姆定律可得两电阻之比，
(2)串联接在同一电路时，由串联电路电流特点可知通过两灯泡的电流之比，由U=IR可得电压之比，由P=UI可得电功率之比，由Q=I2Rt可得产生热量之比。
本题考查串联和并联电路特点、欧姆定律以及电功率公式的应用，熟练运用公式是关键。
6.【答案】D
【解析】解：A、当电压一定时，导体的电阻越大，通过导体的电流越小；电阻一定时，导体两端的电压越大，通过导体的电流越大，故A错误；
B、若导体两端的电压为零，通过导体的电流为零时，导体的电阻不为零，故B错误；
C、在导体的电阻一定的情况下，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，故C错误；
D、当电压一定时，导体的电阻越小，通过导体的电流越大，故D正确。
故选：D。
欧姆定律内容：导体中的电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比。也就是说在电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比；在电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比。
本题考查了欧姆定律内容的理解和掌握。电流跟电压成正比，电流跟电阻成反比都是有条件的。
7.【答案】B
【解析】解：A、养鸡场使用电热孵化器孵小鸡，属于利用电热来为人们服务，故A不合题意；
B、电脑温度过高时，风扇会及时启动，给电脑降温，是为了散失热量，属于防止电热带来危害，故B符合题意；
C、家里使用电热水壶烧水，利用了电流的热效应，属于利用电热来为人们服务，故C不合题意；
D、用电熨斗熨衣服，利用了电流的热效应，属于利用电热来为人们服务，故D不合题意。
故选：B。
电热有有利的一面，也有有害的一面，解答本题关键是看电热为我们服务还是我们不需要电热而是把它及时散发掉。
本题主要考查对电热的应用及预防措施的了解。用电器工作时如果温度过高，会造成危害，要考虑如何散热。
8.【答案】C
【解析】解：由P=UI=U2R的变形式R=U2P可知，“6V3W”的小灯泡L的电阻为：R1=U12P1=(6V)23W=12Ω；
“8V8W”的小灯泡L的电阻为：R2=U22P2=(8V)28W=8Ω，“8V8W”的小灯泡L正常工作时的电流为：I=U2R2=8V8Ω=1A；
因串联电路中的总电阻等于各分电阻之和，所以，改接灯泡后，电路中的总电阻变小，由I=UR可知，电路中的电流变大，电阻R两端的电压变大，根据P=UI=U2R可知，电阻R的功率变大，故B错误；
因串联电路中的总电压等于各分电压之和，且电源的电压不变，所以，此时灯泡两端的电压变小，小于6V，由P=UI=U2R可知，此时灯泡的电功率变小，小于8W，根据P=I2R可知，通过灯泡的电流小于1A，其亮度要比正常发光时要暗一些，故AD错误；
电路中的电流变大，根据P=UI可知，电路的总功率变大，故C正确；
故选：C。
灯泡的实际功率是由灯泡两端的实际电压决定的，根据公式R=U2P知两灯泡电阻的大小关系，根据电阻的串联可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流和电阻两端的电压变化，再根据串联电路的电压特点得出此时灯泡两端的电压变化，最后根据P=U2R判断功率的变化。
本题考查了串并联电路的特点和电功率公式、欧姆定律、电功公式的应用，有一定的难度。
9.【答案】B
【解析】由电路图可知，光敏电阻R和定值电阻R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
因光敏电阻的阻值随光照强度的减弱而增大，所以，当有烟雾遮挡射向R的激光时，R的阻值增大，电路中的总电阻增大，由I=UR可知，电路中的电流减小，即电流表的示数减小，故AC错误；
由U=IR可知，R0两端电压减小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，光敏电阻R两端的电压增大，即电压表的示数增大，故B正确；
由于电压表与电流表的示数之比等于R的阻值，因此比值变大，故D错误。
由电路图可知，光敏电阻R和定值电阻R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
根据题意得出当有烟雾遮挡射向R的激光时R的阻值变化，根据欧姆定律可知电路中电流变化和R0两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表示数的变化，将电压表与电流表的示数之比转化为电阻问题分析。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律公式的应用，从题干中获取有用的信息是关键。
10.【答案】D
【解析】解：由图甲知，闭合开关，定值电阻和滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端电压，电流表测量电路电流；
当滑片在a端时，滑动变阻器全部接入电路，由图象乙可知，此时滑动变阻器两端电压U2=4V，通过滑动变阻器的电流I2=0.2A；
由I=UR可知，滑动变阻器的最大电阻：R大=U2I2=4V0.2A=20Ω；
根据串联电路的电流特点可知，此时通过定值电阻R1的电流I1=I2=0.2A；
根据串联电路的电压特点可知，电源电压U=U1+U2=I1R1+4V=0.2A×10Ω+4V=6V，故ABC错误，D正确。
故选：D。
由图甲知，闭合开关，定值电阻和滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端电压，电流表测量电路电流；
当滑片在a端时，滑动变阻器全部接入电路，由图象乙知此时滑动变阻器两端电压和通过的电流，利用I=UR得到滑动变阻器最大阻值；
根据串联电路的电流特点和电压特点，可以求出电源电压。
本题考查串联电路的电流、电压特点，以及欧姆定律的应用，关键是能从图中找到相关的有用信息。
11.【答案】同种 负电 得到
【解析】解：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，头发炸开是相互排斥造成的，因此带的是同种电荷；被毛皮摩擦过的橡胶棒，橡胶棒原子核对电子的束缚能力强，摩擦过程中易得电子，因此带负电。
故答案为：同种；负电；得到。
摩擦起电的实质是电荷的转移，物体的带电属性与原子核对电子的束缚能力有关；电荷间的相互作用规律为同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
本题考查了电荷间的相互作用规律以及摩擦起电的实质。
12.【答案】做功 升高 热传递
【解析】解：(1)轮胎与地面摩擦发热的过程是因为在摩擦过程中，一部分机械能(或动能)转化成了轮胎的内能，轮胎的温度升高，属于做功改变物体内能；
(2)轮胎停在水中，冷水与高温的轮胎接触时，轮胎将热传递给水，一部分水还会蒸发吸热，从而达到降温的目的，是由于热传递改变物体内能。
故答案为：做功；升高；热传递。
汽车轮胎与地面摩擦，消耗的是机械能(或动能)，轮胎发热说明转化成了内能；冷水冲洗轮胎可通过热传递将热量传递给水，从而达到给轮胎降温的目的。
摩擦生热是典型的机械能转化为内能的例子，是我们应该熟知的。通过热传递来改变物体的温度，也是最简便有效的方法，更是生活中常见的现象。
13.【答案】并 干路 L2
【解析】解：分析如图所示的电路，根据电流的流向可知：开关闭合后，电流经过电流表分为两路，一路流向灯泡L2，另一路流向开关S2，电流表A1、灯泡L1、然后两路汇合共同经过开关S1流向负极，因此两灯并联连接；电流表A测量灯泡L1和L2的电流，即干路电流；
若仅闭合开关S1，电流经过电流表、灯泡L2、开关S1流向负极，电路为只有灯泡L2工作的电路，所以只有灯泡L2发光。
故答案为：干路；L2。
分析如图所示的电路，根据电流的流向可知：开关闭合后，电流经过电流表分为两路，一路流向灯泡L2，另一路流向开关S2，电流表A1、灯泡L1、然后两路汇合共同经过开关S1流向负极；
若仅闭合开关S1，电流经过电流表、灯泡L2、开关S1流向负极；根据串并联电路电流路径的特点判断两灯泡的连接方式。
本题考查了电路的连接以及电流表的使用，电流表要测量哪个电灯的电流就要与哪个电灯串联，属于基础题目。
14.【答案】254.6×107 4.6×107
【解析】解：已知飞轮转速为3000r/min=50r/s，即飞轮1s转50r，
因为飞轮转2r，完成4个冲程，对外做功1次，所以飞轮转50r，完成100个冲程，对外做功25次。
现有汽油2kg，若一半汽油完全燃烧，即完全燃烧汽油的质量为1kg，则放出的热量：Q放=mq=1kg×4.6×107J/kg=4.6×107J；
因为燃料的热值是燃料本身的一种属性，只与燃料的种类有关，与燃料的多少无关，所以汽油燃烧一半后，剩余汽油的热值不变，仍为4.6×107J/kg。
故答案为：25；4.6×107；4.6×107。
单缸四冲程汽油机完成一个工作循环，经历四个冲程，活塞往复运动2次，曲轴和飞轮转动2周，对外做功1次，据此解答；
知道汽油的热值和汽油的质量，利用Q放=mq求汽油完全燃烧放出的热量；燃料的热值是燃料本身的一种属性，只与燃料的种类有关，与燃料的多少无关。
本题考查了内燃机的四个冲程工作特点、热量的计算以及影响热值的因素，记住内燃机相关的数据大小，会根据转速进行相关计算。
15.【答案】电阻 热 乙
【解析】解：图中的电阻是串联，而串联时，电流相等，通电时间也相等，但电阻不相等，故是研究电热与电阻的关系；这是由于电流的热效应引起的；
据Q=I2Rt可知，此时两个装置中的电流相同、通电时间相同，但乙中的电阻大于甲中的电阻，所以电流通过乙瓶中的电阻所产生的热量更多一些，故乙瓶中的煤油温度升高的更快一些。
故答案为：电阻；热；乙。
(1)两段电阻丝是串联，则电流相等，通电时间相等，但电阻不相等，故由Q=I2Rt知，这是研究电热与电阻的关系；
(2)电流具有三种效应，即热效应、化学效应和磁效应，故据此分析能解决第二个空；
(3)据Q=I2Rt并结合题目中所提供的电阻关系分析判断，即可得出那个装置中煤油温度升的更高。
本题考查了运用控制变量法研究电流通过导体产生的热与电阻的关系。电热属于电流的热效应，即由电能转化煤油的内能的过程。
16.【答案】2：3 5：3 2：3
【解析】解：(1)当开关S1闭合S2断开，甲、乙为电流表时，R1和R2并联，甲电流表测R2支路的电流，乙电流表测干路电流；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，通过两电阻的电流之比：
I1I2=I乙−I甲I甲=5−22=32，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I=UR可得，两电阻的阻值之比：
R1R2=UI1UI2=I2I1=23；
(2)当开关S1、S2闭合，甲、乙两表为电压表时，R1与R2串联，甲电压表测电源的电压，乙电压表测R2两端的电压，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，两电阻两端的电压之比：
U1U2=IR1IR2=R1R2=23，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，两电压表的示数之比：
U甲U乙=U1+U2U2=2+33=53，
R1、R2消耗的电功率之比：
P1P2=U1IU2I=U1U2=23。
故答案为：2：3；5：3；2：3。
(1)当开关S1闭合S2断开，甲、乙为电流表时，R1和R2并联，甲电流表测R2支路的电流，乙电流表测干路电流；根据并联电路的电流特点求出两支路的电流之比，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比；
(2)当开关S1、S2闭合，甲、乙两表为电压表时，R1和R2串联，甲测电源的电压，乙测R2两端的电压；根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电压特点求出两电压表的示数之比，根据P=UI求出R1、R2消耗的电功率之比。
本题通过改变开关的连接方法和电表的更换，改变了电路的连接方法，电路先并联后串联，通过电阻的不变量来沟通两个过程。
17.【答案】解：由实物图知，两灯并联，开关S1在干路上，灯L2、开关S2在一条支路，灯L1单独一条支路，电路图如图所示：
【解析】分析实物图，得出两灯的连接方式、开关的位置，据此画出对应的电路图。
本题考查根据实物图画电路图，正确分析电路的连接方式是关键。
18.【答案】解：节能灯接法：火线进入开关，再进入节能灯顶端的金属点，零线直接接入节能灯的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触节能灯不会发生触电事故。既能控制节能灯，又能更安全。如图所示：
【解析】节能灯的接法：火线进入开关，再进入节能灯顶端的金属点；零线直接接入节能灯的螺旋套。
掌握家庭电路的节能灯、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
19.【答案】加热时间 不同 寻找普遍规律 电阻
【解析】解：(1)如图1所示，探究不同物质吸热能力的实验中，实验中选用相同的酒精灯，给相同质量的水和煤油加热，当升高相同的温度时，通过比较加热时间来反映吸收热量的多少；
(2)为了避免偶然性，寻找普遍规律，实验中要选择规格不相同的灯泡进行实验；实验中用不同规格的灯泡进行多次实验的目的是：寻找普遍规律，避免偶然性；
(3)更换电阻R，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数保持不变，则实验探究的是电流与电阻的关系。
故答案为：(1)加热时间；(2)不同；寻找普遍规律；(3)电阻。
(1)比较物质吸热能力的方法：使相同质量的不同物质吸收相同的热量，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；用相同的电加热器加热，加热时间越长，液体吸收的热量越多，时间越短，吸收的热量越少；
(2)为了避免偶然性，寻找普遍规律，实验中要选择规格不同的灯泡进行实验；实验中用不同规格的灯泡进行多次实验的目的是：寻找普遍规律，避免偶然性；
(3)探究电流与电阻的关系时，更换电阻R，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数保持不变。
题考查电流与电压、电阻关系的实验探究以及不同物质吸热能力的实验探究，知识点较多，属于中等题。
20.【答案】改变小灯泡两端电压 电路连接过程中开关未断开 电压表示数为2.5V8.3
【解析】解：(1)滑动变阻器一上一下接入电路，小灯泡的额定电压为2.5V，电压表选择小量程，导线不得交叉，如图；
(2)此实验中滑动变阻器的作用为保护电路和改变小灯泡两端电压；
(3)小灯泡正常发光时，其两端电压为额定电压2.5V，此时电流表示数为0.3A，再用欧姆定律R=UI=≈8.3Ω。
故答案为：(1)如上图；(2)改变小灯泡两端电压 电路连接过程中开关未断开；(3)电压表示数为2.5V；8.3。
(1)连接实物图，电压表选择合适的量程，滑动变阻器一上一下接入电路；
(2)滑动变阻器的作用：保护电路：改变电路中电流；改变电压；
(3)小灯泡正常发光时，其两端电压为额定电压，再用欧姆定律计算其电阻。
本题考查了伏安法测电阻，常见题型，难度不大，熟练掌握本实验。
21.【答案】右 电阻R断路 B 5 正比 25
【解析】解：(1)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处，即最右端；
(2)闭合开关，电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数且接近3V，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即电路故障可能是电阻R断路；
(3)探究电流与电压的关系，要控制电阻不变，记下电流与电压的值，为得出普遍性的结论，要多次测量，故实验时，闭合开关，将滑片移动到某位置，记下电压表和电流表的示数。接下来的操作是将滑片移动到另外几个位置，分别记下电压表和电流表的示数，故选B；
(4)①当U=1V时，I=0.2A，根据欧姆定律可知，R=UI=1V0.2A=5Ω；②根据图象中数据可知：电压增大为原来的几倍，通过的电流也增大为原来的几倍，故得出的结论：在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(5)当电路中的电流最小时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，由表中数据可知，当通过导体的电流最小为0.1A时，定值电阻两端的电压为0.5V，滑动变阻器两端的电压U滑=U−U定=3V−0.5V=2.5V，此时滑动变阻器接入电路的阻值R滑=U滑I滑=Ω，故滑动变阻器的最大阻值不应小于25Ω。
故答案为：(1)右；(2)电阻R断路；(3)B；(4)①5；②正比；(5)25.
(1)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处；
(2)电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数且接近3V，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
(3)探究电流与电压的关系，要控制电阻不变，记下电流与电压的值，为得出普遍性的结论，要多次测量，据此分析；
(4)根据欧姆定律计算阻值；分析图象中电流与电压的关系得出结论；
(5)由欧姆定律可知，当电路中的电流最小时，变阻器接入电路的电阻最大，由表中数据找出电路中的最小电流和对应的定值电阻两端的电压，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的最大电阻，进而确定变阻器的规格。
本题探究电流与电压关系，考查注意事项、故障分析、数据分析、欧姆定律的应用和器材的选择，考查知识点多，综合性强。
22.【答案】P=UI电压表与滑动变阻器并联 很亮 大于 A1.25定值电阻
【解析】解：(1)在“测定额定电压为2.5V的小灯泡的电功率”实验中，用电压表测灯泡两端电压，用电流表测通过灯泡的电流，根据P=UI求出灯泡的电功率，故本实验测量电功率的原理是P=UI；
(2)闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，当滑动变阻器接入电路中的电阻变大时，电压表的读数也随着变大，根据串联电路电压规律，灯泡两端电压变小，说明电压表不是接在小灯泡的两端，而是与滑动变阻器并联了；
(3)灯在额定电压下的功率为额定功率，因2.8V大于2.5V；当电压表示数为2.8V时，小灯泡消耗的实际功率大于额定功率，小灯泡发光很亮；
灯在额定电压下正常发光，示数为2.8V大于灯的额定电压2.5V，应减小灯两端的电压，根据串联电路电压的规律，应增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，应增大变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向A移动，直到电压表示数为额定电压2.5V；
此时电流表指针位置如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.5A，则小灯泡的额定功率为：
P=UI=2.5V×0.5A=1.25W；
(4)在探究电流与电阻的关系实验中，需控制定值电阻两端电压不变，故将图甲中的小灯泡换成了定值电阻，闭合开关，移动滑片P，重复以上步骤，记下多组数据，就可以完成此实验。
故答案为：(1)P=UI；(2)电压表与滑动变阻器并联；(3)很亮；大于；A；1.25；(4)定值电阻。
(1)本实验测量电功率的原理是P=UI；
(2)闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，当滑动变阻器接入电路中的电阻变大时，电压表的读数也随着变大，根据串联电路电压规律，灯泡两端电压变小，据此分析电路连接；
(3)在灯发光的情况下，灯两端的电压越大，灯的实际功率越大；
灯在额定电压下正常发光，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；
根据电流表选用的量程确定分度值读数，根据P=UI求灯的额定功率；
(4)在探究电流与电阻的关系实验中，需控制定值电阻两端电压不变。
本题测定额定电压为2.5V的小灯泡的电功率实验，考查了实验原理、电路分析、实验操作、功率的计算及实验设计等知识。
23.【答案】解：由电路图可知，R1和R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当滑片P在最左端a时，电路为R0的简单电路，电路中的电流最大，电压表测电源电压，
由乙图可知，电路中的最大电流I最大=0.3A，电压表示数U大=12V，则电源电压U=U大=12V；
(2)根据I=UR可得R1的阻值：
R1=UI最大=12V0.3A=40Ω；
(3)当滑片P在最右端b时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，R1和R2串联，电路中的电流最小，
根据乙图可知：电路中的最小电流I最小=0.1A，R1两端的电压为U1=4V，
根据串联电路的总电压等于各用电器两端的电压之和可知R2两端的电压：
U2=U−U1=12V−4V=8V，
根据I=UR可得变阻器的最大阻值：
R2=U2I最小=8V0.1A=80Ω。
答：(1)电源电压为12V；
(2)定值电阻R1的阻值为40Ω；
(3)滑动变阻器的最大阻值为80Ω。
【解析】由电路图可知，R1和R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当滑片P在最左端a时，电路为R0的简单电路，电路中的电流最大，电压表测电源电压，根据乙图读出此时的电流和电压表示数，根据电压表示数即可得出电源电压；
(2)根据欧姆定律即可求出R1的阻值；
(3)当滑片P在最右端b时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，R1和R2串联，电路中的电流最小，根据乙图读出此时的电流和电压表示数，根据串联电路的电压规律和欧姆定律得出滑动变阻器的最大阻值。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用计算，关键是正确分析电路，通过图像分析出对应的电流和电压值。
24.【答案】2
【解析】解：(1)由图甲可知，当开关S与触点1连接时，电路中只有R1，电路中电阻较小，由P=U2R得，电功率最大，处于加热状态；当开关S与触点2连接时，电路中R1、R2串联，电路中电阻较大，用由=U2R得，处于保温状态；
(2)按下开关S与触点1连接，加热10min，电饭锅消耗的电能：
WmB=Pm温t=U2R1t=(220V)244Ω×10×60s=6.6×105J，
(3)当开关S与触点2连接时，电饭锅处于保温状态，
电能表的转盘在1min内转过5转，
消耗的电能为：W温温=53000kW⋅h=1600kW⋅h=6000J，
保温功率为:Pα温=W温温t′;=6000J1×60s=100，
两电阻串联的总电阻为：R0=U2P6a=(220V)2100W=484Ω，
R2的阻值为：R2=R总−R1=484Ω−44Ω=440Ω，
(4)用电高峰时，实际电压为：Ux=220V×80%=176V，
电饭锅加热状态的实际功率为：Pπ=Ux2R1=(176V)244Ω=704W，
答：(1)2；
(2)本次煮饭过程中，电饭锅消耗的电能是6.6×105J；
(3)加热电阻R2的阻值是440Ω；
(4)用电高峰时，电饭锅加热状态的实际功率是704W。
(1)分析电路图，比较开关S与触点1、2连接时，电路中电阻大小关系，电源电压一定，利用P=U2R可知电功率大小关系，进而得出是处于加热状态还是保温状态；
(2)按下开关S与触点1连接，电路电功率较大、电饭锅处于加热状态，加热10min，利用W加热=UIt=U2R1t求电饭锅消耗的电能；
(3)当开关S与触点2连接时，R1、R2串联，电路电功率较小、电饭锅处于保温状态；3000r/(kW⋅h)表示每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转3000转，据此求1min消耗的电能，再利用P=Wt求保温功率，利用P=U2R求串联电阻，进而求出R2的阻值；
(4)求出用电高峰时实际电压，利用P=U2R求电饭锅加热状态的实际功率。
本题考查了消耗电能、电功率的计算，本题关键：一是灵活应用电功率的相关公式，二是分析电路图得出加热、保温状态时的电路组成。
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