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2023-2024学年陕西省宝鸡市陇县九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析）
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这是一份2023-2024学年陕西省宝鸡市陇县九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析），共17页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.下列数据符合事实的是( )
A. 1节铅蓄电池的电压是1.5V
B. 家用空调正常工作时的电流为1A
C. 实验室用1m长铜导线电阻约为200Ω
D. 家用电风扇工作1h消耗的电能约为0.1kW⋅h
2.下列有关说法，正确的是( )
A. 固体和液体很难被压缩是因为分子间只有斥力
B. 物体内能增加，温度一定增加
C. 古人钻木取火，是通过做功的方式使物体内能增加
D. 温度越高的物体，具有的热量就越多
3.如图所示的四种情境，说法不正确的是( )
A. 甲图：用丝绸摩擦过的两根玻璃棒靠近时，会相互排斥
B. 乙图：用带有绝缘柄的铜棒把带电的验电器A和不带电的验电器B连接起来，B的金属箔会张开
C. 丙图：原本发光的灯L1 和L2，用一根导线接触 L2 两端，会发现L2不再发光
D. 丁图：图中自由电子定向移动的方向为导线中电流的方向
4.下列符合安全用电原则的是( )
A. 低于220V的电压对人体是安全的
B. 家里的三脚插头不能改成两脚使用
C. 家中的空气开关跳闸后，直接合上空气开关就可以了
D. 只有当人体接触带电体时，才可能发生触电事故
5.如图所示是甲、乙两个定值电阻的I−U图像，以下说法正确的是( )
A. 电阻甲的阻值大于电阻乙的阻值
B. 若将甲、乙串联，甲、乙两端电压比U1：U2=2：1
C. 若将甲、乙串联，当通过甲的电流为0.2A时，电源电压为3V
D. 若将甲、乙并联，当电源电压为1V时，干路电流为0.5A
6.如图所示，电源电压不变，闭合开关，在保证电路安全的情况下，变阻器的滑片由中点向右移动的过程中，下列判断正确的是( )
A. 小灯泡亮度变暗
B. 电压表示数变大
C. 电流表示数不变
D. 电路总功率变小
7.如图是探究焦耳定律实验的装置图，下列说法正确的是( )
A. R1的电功率比R2的大
B. 通过液面高度差来反映热量的多少，运用了类比法
C. 图示实验可探究电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系
D. 电流通过R2产生的热量比R1多
8.如图是小明家的电能表，根据图片信息判断下列说法正确的是( )
A. 电能表转得越快表明电路的电功率越大
B. 电能表的示数是16.6J
C. 允许通过该电能表的最大电流是10A
D. 1000W的用电器单独接在这个电能表下工作6min，电能表转600圈
9.如图所示的插座能够显示插在它上面的用电器功率的大小。一个电热水壶的铭牌上标明额定电压220V，额定功率1200W，容积1.5L。将其插到该插座上工作时，显示其功率为1168.0W。该数值明显小于1200W，原因可能是( )
A. 壶中装水少于1.5LB. 电热水壶通电时间较短
C. 水壶两端实际电压小于220VD. 水壶工作的实际电流大于额定电流
10.在探究“导体中的电流与电压关系”的实验中，得到了甲、乙两个元件电流与电压的数据，通过整理绘制出了如图所示的图像。据图像分析，下列判断正确的是( )
A. 通过甲元件中的电流与两端的电压成反比
B. 乙元件两端的电压越大，电阻越大
C. 将甲、乙两元件串联起来接到总电压3V电路中，通过甲、乙元件的电流为0.2A
D. 甲、乙元件并联后，接到2V的电压下，甲、乙电功率之比是1：2
二、填空题：本大题共5小题，共26分。
11.卫星发射时火箭升空用的燃料使用液态氢，主要是因为它的______大，卫星绕月飞行时在遇月食期间没有太阳光照射，卫星表面的温度会急剧下降，______减小，这是通过______的方式改变物体的内能。
12.两滴水珠靠近后会结合成一滴大水珠，这说明分子间______。夏天，人们一般会用冷水冷却滚烫的粥，这是因为水的______大。小明将一瓶净含量为0.35kg的纯净水放入冰箱冷藏后，温度降低了20℃，则瓶中水放出的热量为______ J。[水的比热容c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
13.小刚学习了“欧姆定律”之后，为了了解铅笔芯电阻的大小，他在一支铅笔芯两端加了3V电压，测出通过铅笔芯的电流是150mA，则该铅笔芯电阻为______Ω；若加在这支铅笔芯两端的电压增加到6V时，通过它的电流是______ mA；若加在这支铅笔芯两端的电压为0V时，铅笔芯的电阻为______。
14.在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S后，小灯发光较暗。过了一会儿，小灯亮度明显变亮，而电压表与电流表示数的比值不变，原因是______，电压表示数______(变大、变小、不变)。
15.如图所示家庭电路。闭合开关S，电灯发光，用试电笔接触A点，氖管______；若断开开关 S，站在地面上的人用手接触电路中的B点______触电。
三、作图题：本大题共1小题，共4分。
16.(1)如图为探究欧姆定律实验电路图。请用笔画线代替导线将实物电路连接完整。要求：向右移动滑动变阻器的滑片P时，电流表的示数变大。
(2)请在方框内画出与实物图对应的电路图。
四、实验探究题：本大题共2小题，共22分。
17.在“探究影响导体电阻大小的因素”的实验中，小明和小军做出了如下猜想：
①导体的电阻与导体的长度有关；②导体的电阻与导体的横截面积有关；
③导体的电阻与导体的材料有关；④导体的电阻与导体的温度有关；
小明和小军找到了4根电阻丝，规格材料如表：
为了验证上述猜想，他们选用2节干电池设计了如图甲所示的实验电路：
(1)闭合开关后，在M、N之间分别接上不同导体，通过观察______来比较导体电阻大小；
(2)选导线a、b比较是为了探究导线电阻的大小与______的关系；探究导线电阻的大小与材料的关系，应选用的两根导线是______(填写编号)；
(3)在M、N之间接上编号d，闭合开关后，电流表的指针位置如图乙，此时该导体中的电流为______ A。
18.在“测量小灯泡的电阻”的实验中，电源电压6V恒定不变，小灯泡的额定电压为2.5V。
(1)如图甲，闭合开关前，应将滑片移到最______(选填“左”或“右”)端。闭合开关后，移动滑片，当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，则此时小灯泡的电阻为______Ω(保留一位小数)；
(2)现有三个滑动变阻器，甲：“10Ω，2A”，乙：“20Ω，1A”和丙：“50Ω，0.2A”。为了实验的顺利进行，小明应在其中选择______(选填“甲”、“乙”或“丙”)滑动变阻器接入电路；
(3)做实验过程中由于电流表发生故障，小明向老师要来一个已知阻值为R0的定值电阻和一个单刀双掷开关，借助部分现有的实验器材，设计了如图丙所示的电路，同样测量出了小灯泡正常工作时的电阻。请你帮他完成下列实验步骤：
①连接好实验电路，闭合开关S1，将开关S2拨到触点______(选填“1”或“2”)；移动变阻器滑片，使电压表的示数U1为______ V；
②变阻器滑片的位置______(选填“向左移动”、“向右移动”或“不动”)，再将开关S2拨到另一触点，读出电压表的示数为U2；
③则小灯泡正常工作时电阻的表达式为R=______(用U1、U2、R0表示)。
五、计算题：本大题共2小题，共18分。
19.如图所示，R1的阻值为15Ω，电源两端电压为6V恒定不变，电流表的量程为0∼0.6A。
(1)开关S闭合、S1断开时，求电流表的示数；
(2)开关S、S1都闭合时，求滑动变阻器R2允许连入电路的最小阻值。
20.如图甲是一种能显示时间、电压和电能的新型插座，图乙是一款电水壶，壶底有一个电热丝和温控开关，壶中水烧开后会自动断开。电水壶的额定电压为220V。在壶中放入1.8kg的冷水后单独插在该插座上加热，当水烧开后，插座屏幕上显示用电前、后示数如图丙所示。[已知：养生壶的加热效率为84%，水的比热容是4.2×103J/(kg⋅℃)，当时的大气压为1标准大气压，电热丝电阻不随温度变化。]求：
(1)电水壶中电热丝的阻值；
(2)电水壶的额定电功率；
(3)冷水的初温。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A.一节新的干电池的电压是1.5V，一节新铅蓄电池的电压是2V，故A不正确；
B.家用空调电流比较大，正常工作时的电流约为5A，故B不正确；
C.导线的电阻很小，1m长的铜导线的电阻约为0.02Ω，故C不正确；
D.电风扇的功率在0.1kW左右，工作1h消耗的电能约为W=Pt=0.1kW×1h=0.1kW⋅h，故D正确。
故选：D。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2.【答案】C
【解析】解：A.分子之间存在相互作用的引力和斥力，固体和液体很难被压缩，说明分子间存在斥力，但不能说明分子之间只有斥力，故A错误；
B.晶体在熔化过程中吸收热量，内能增大，但是温度不变，所以内能增加，温度不一定增加，故B错误；
C.改变内能的方式有两种，分别是做功和热传递，古人钻木取火，是通过做功的方式使物体内能增加，故C正确；
D.热量是过程量，描述它的术语是“吸收”和“放出”，不能用“具有”表示，故D错误。
故选：C。
(1)分子之间存在相互作用的引力和斥力；
(2)晶体在熔化过程中吸收热量，内能增大，但是温度不变；
(3)改变内能的方式有两种，分别是做功和热传递；
(4)热量是热传递过程中传递能量的多少。
此题考查的分子动理论、内能的影响因素、改变物体内能的方式、热量的掌握和应用，是一道基础题，掌握基本规律是解答的关键。
3.【答案】D
【解析】解：A、用丝绸摩擦过的两根玻璃棒靠近时，带同种电荷互相排斥，故A正确；
B、用带有绝缘柄的铜棒把验电器A和B连接起来，铜棒有电流通过，B的金属箔带有同种电荷会排斥张开，故B正确；
C、开关闭合后，用导线触接L2两端时，L2发生短路，L1发光，L2不发光，故C正确；
D、自由电子的定向移动方向与电流方向相反，故D错误。
故选：D。
(1)电荷间的相互作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
(2)验电器金属箔带有同种电荷，由于同种电荷相互排斥，则会张开；
(3)导线与用电器并联是短路现象：
(4)正电荷定向移动的方向规定为电流的方向，负电荷定向移动的方向和电流方向相反。
本题考查电荷间的作用规律、电流的方向的分析和理解；解答此题的关键是知道自由电子的定向移动方向与电流方向相反。
4.【答案】B
【解析】解：
A、经验证明，只有不高于36V的电压对人体才是安全的，故A不符合安全用电原则；
B、有金属外壳的家用电器要使用三孔插痤，若三脚插头改成两脚插头，若金属外壳带电时容易引发触电事故，故B符合安全用电原则；
C、家庭中的空气开关突然跳闸，是由于短路或总功率多大等原因导致电流过大形成的，所以应该先检查电路的故障，排除故障后，再将空气开关复位，故C不符合安全用电原则；
D、人体不接触带电体时，也有可能发生触电事故，故D不符合安全用电原则。
故选：B。
(1)不高于36V的电压对人体才是安全的；
(2)家用电器的金属外壳必须接地；
(3)家庭电路中的空气开关跳闸后，在没有排除故障之前，不能将开关复位；
(4)安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。
本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识。只要同学们牢记安全用电常识，并正确规范操作，就不会有危险发生。
5.【答案】C
【解析】解：A、由图像可知，当通过甲、乙的电流均为0.2A时，甲、乙两端电压：U甲=1V，U乙=2V，由I=UR可知，甲、乙的电阻分别为：R甲=U甲I甲=1V0.2A=5Ω，R乙=U乙I乙=2V0.2A=10Ω，显然R甲B、若将甲、乙串联，因串联电路处处电流相等，根据I=UR可得，甲、乙两端电压之比为：U1：U2=IR1：IR2=R1：R2=5Ω：10Ω=1：2，故B错误；
C、若将甲、乙串联，因串联电路处处电流相等，因此当通过乙的电流为0.2A时，通过甲的电流也为0.2A，由A选项可知，U甲=1V，U乙=2V，则电源电压：U=U甲+U乙=1V+2V=3V，故C正确；
D、因并联电路中各支路两端电压相等，所以当电源电压为1V时，由图像可知，I甲=0.2A，I乙 ′ ′=0.1A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流：I=I甲+I乙 ′ ′=0.2A+0.1A=0.3A，故D错误。
故选：C。
(1)由图像读出分别读出一组对应的电流和电压值，根据欧姆定律求出甲、乙的阻值，并比较大小；
(2)根据串联电路电流规律、结合图像读出甲、乙两端电压，然后根据欧姆定律求出甲、乙两端电压的比值；
(3)根据串联电路电流规律、结合图像读出甲、乙两端电压，再根据串联电路电压规律求出电源电压；
(4)根据并联电路电压规律、结合图像读出通过甲、乙的电流，再根据并联电路电流规律求出干路电流。
本题考查串并联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是从图中获取有效的信息。
6.【答案】D
【解析】解：
由图可知，灯泡与滑动变阻器并联在电路中，电压表测电源的电压，电流表测通过滑动变阻器的电流；
因电源电压保持不变，闭合开关后，所以滑片向右移动时电压表的示数不变，故B错误；
滑片由中点向右移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据I=UR可知，通过滑动变阻器的电流减小，即电流表的示数减小，故C错误；
由于并联电路中各支路互不影响，所以滑片由中点向右移动的过程中，通过灯泡的电流不变、其两端的电压也不变，由P=UI知小灯泡的实际功率不变，则灯泡的亮度不变，故A错误；
滑片由中点向右移动的过程中，通过滑动变阻器的电流减小，通过灯泡的电流不变，由并联电路的电流特点可知干路中的电流变小；
因电源电压不变，干路中的电流减小，则根据P=UI可知，整个电路的功率减小，故D正确。
故选：D。
由图可知，灯泡与滑动变阻器并联在电路中，电压表测电源的电压，电流表测通过滑动变阻器的电流；
根据滑片的移动方向判定滑动变阻器连入电路中电阻的变化，根据欧姆定律判定通过其电流的变化(即电流表示数的变化)；根据并联电路的特点判定灯泡亮度、电压表示数、干路电流的变化；根据P=UI分析总功率的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用。
7.【答案】A
【解析】解：AC、右侧两电阻并联后与左侧电阻串联接入电路，根据串联电路电流特点和并联电路电流特点可知通过瓶中两电阻的电流不同，通过左侧电阻的电流大于通过右侧电阻的电流，所以图示实验可探究电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系，根据P=I2R可知R1的电功率比R2的大，故A正确，C错误；
B、电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但烧瓶中的空气会热胀冷缩，会使的U形管液面高度差发生变化，据此来判定放热多少，这种研究方法叫转换法，故B错误；
D、根据焦耳定律Q=I2Rt可知通电时间相同时，左侧电阻R1产生的热量较多，故D错误；
故选：A。
(1)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，探究电流产生热量跟电流关系时，控制电阻和通电时间不变；探究电流产生的热量跟电流大小和电阻大小关系时，要控制电流和通电时间不变；根据P=I2R可知两电阻电功率的大小；
(2)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，体现的是转换思想；
(3)根据焦耳定律Q=I2Rt判定电阻产生热量的多少，从而判定出U形管中液面的高度差的变化关系。
本题考查了学生对焦耳定律的认识，并可以通过巧妙的实验来验证一些结论，同时在该实验中利用了控制变量法，该实验方法在实验探究中经常用到。
8.【答案】A
【解析】解：A.电能表是计量用电器消耗电能的仪表，转盘转得越快表明消耗电能越快，即电路的电功率越大，故A正确；
B.电能表的单位是kW⋅h，最后一位是小数位，所以示数为16.6kW⋅h，故B错误；
C.由参数“10(20)A”可知额定最大电流为20A，即允许通过该电能表的最大电流是20A，故C错误；
D.1000W的用电器单独接在这个电能表下工作6min消耗电能为W=Pt=1kW×660h=0.1kW⋅h，
转速为600r/(kW⋅h)，表示每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转600转，所以转数为n=0.1kW⋅h×600r/(kW⋅h)=60r，故D错误。
故选：A。
(1)电能表是测量家庭电路中一段时间消耗电能多少的工具，转盘转到快慢反映此时电流做功的快慢；
(2)电能表是读数方法：最后一位是小数，单位是kW⋅h。
(3)由参数“10(20)A”可知额定最大电流为20A；
(4)600r/(kW⋅h)，表示每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转600转，据此计算。
本题考查对电能表参数的理解，关键是理解电能表各参数的物理意义。
9.【答案】C
【解析】解：已知电热水壶的铭牌上标明额定电压220V，额定功率1200W，当实际工作时，其功率为1168.0W小于1200W，原因可能是水壶两端实际电压小于220V，
与壶中装水少、电热水壶通电时间较短都没有关系，
若水壶工作的实际电流大于额定电流，由P=UI可知，其功率应大于1200W，故只有C正确。
故选C。
用电器工作时，若实际电压小于其额定电压，实际功率小于其额定功率；若实际电压等于其额定电压，实际功率等于其额定功率；若实际电压大于其额定电压，实际功率大于其额定功率，据此分析。
此题考查额定功率与实际功率，注意：用电器正常工作的时候的电压为额定电压，在额定电压下的功率为额定功率。
10.【答案】C
【解析】解：A、甲元件图像是过原点的直线，说明甲元件是一个定值电阻，由于电压与电流的比值是个定值，所以通过甲元件中的电流与两端的电压成正比，故A错误；
B、由图可知，当乙元件两端的电压为1.5V时，电流为0.1A，此时乙元件的电阻为：
R1=U1I1=Ω；
当乙元件两端的电压为2.0V时，电流为0.2A，此时乙元件的电阻为：
R2=U2I2=Ω；
因此，乙元件两端的电压越大，电阻越小，故B错误；
C、若将甲、乙两元件串联起来接到电路中，由于串联电路中总电压等于各分电压之和，由图可知，甲、乙元件两端的电压分别为U甲=1V，U乙=2V，总电压为3V时，电路中的电流为0.2A，故C正确；
D.若甲、乙元件并联后，接到2V的电路中，根据并联电路中各支路两端的电压相等可知，两元件两端的电压均为2V，由图像可知，通过两元件的电流分别为I甲=0.4A，I乙=0.2A，根据PP=UI可得：
P甲P乙=UI甲UI乙=I甲I乙=，故D错误。
故选C。
(1)根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻的电流与两端的电压成正比，据此分析图像甲乙电阻的变化；
(2)若将甲、乙两元件串联起来接到电路中，当通过甲元件的电流为0.2A时通过它们的电流相等，根据图像读出两元件两端的电压，根据串联电路的电压特点求出甲、乙两元件总电压；
(3)若甲、乙元件并联后，接到2V的电路中它们两端的电压相等，根据图像读出通过两元件的电流，根据欧姆定律可知甲、乙电阻之比。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，从图像中获取有用的信息是关键。
11.【答案】热值 内能 热传递
【解析】解：卫星发射时火箭升空用的燃料使用液态氢，主要是因为它的热值大，相同质量的液态氢和其它燃料相比，液态氢完全燃烧放出的热量更多。
卫星进入太空以后，在没有太阳照射时，其表面的温度会急剧下降，这时飞船的内能会减小，这种改变内能的方式属热传递。
故答案为：热值；内能；热传递。
火箭的燃料使用液态氢，主要是因为它的密度小且热值大，完全燃烧相同质量的液态氢和其他燃料，液态氢放出的热量多。
热传递和做功都可以改变物体的内能。
本题考查热值及内能的改变方式等知识，是一道综合题。
12.【答案】存在引力 比热容 2.94×104
【解析】解：物质是由分子构成的，构成物质的分子存在相互作用的引力和斥力，两滴水珠靠近后会结合成一滴大水珠，这说明分子间有引力。
因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以人们用冷水冷却滚烫的粥。
根据公式Q=cmΔt可知，瓶中水放出的热量为Q放=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.35kg×20℃=2.94×104J。
故答案为：存在引力；比热容；2.94×104。
(1)分子间同时存在斥力和引力；
(2)水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
(3)已知瓶中水的质量和水的比热容、降低的温度，利用Q放=cmΔt求瓶中水放出的热量。
本题考查了分子间作用力、比热容和放热公式Q放=cmΔt的掌握和运用，难度不大。
13.【答案】2030020Ω
【解析】解：
由欧姆定律可知该铅笔芯的电阻为：
R=UI=3V150×10−3A=20Ω，
因导体的电阻与导体两端的电压和通过的电流无关，
所以这支铅笔芯两端的电压增加到6V或为零时，电阻的大小不变，为20Ω；
当电压增加到6V时，通过铅笔芯的电流：
I′=U′R=6V20Ω=0.3A=300mA。
故答案为：20；300；20Ω。
已知电压和通过的电流，根据R=UI即可求出电阻；导体的电阻与导体两端的电压和通过的电流无关，改变电压、电阻不变；再根据I=UR即可求出通过导体的电流。
本题考查了欧姆定律的简单计算，关键是知道电阻与两端的电压和通过的电流无关，是一道基础题目。
14.【答案】电阻R短路 变大
【解析】解：由电路图可知，闭合开关S后，电阻R与灯泡L串联，电压表测灯泡L两端的电压，电流表测电路中的电流。
因电压表与电流表示数的比值不变，
所以，由R=UI可知，灯泡的电阻不变，
又因小灯亮度明显变亮，
所以，由P=I2R可知，电路中的电流变大，
电源电压保持不变，由I=UR可知，电路的总电阻变小，即电阻R短路；
此时电压表测电源两端的电压，其示数将变大。
故答案为：电阻R短路；变大。
由电路图可知，闭合开关S后，电阻R与灯泡L串联，电压表测灯泡L两端的电压，电流表测电路中的电流。根据电压表与电流表示数的比值不变得出灯泡的电阻不变，根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小可知其实际功率的变化，利用P=I2R可知电路中的电流变化，电源电压保持不变，再根据欧姆定律可知电路中总电阻的变化，从而得出答案；根据此时电压表测电源两端的电压判断其示数的变化。
本题考查了利用欧姆定律判断电路的故障，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。
15.【答案】不发光 不
【解析】解：闭合开关S，电灯发光，用试电笔接触A点，氖管不发光；
断开开关，B处和零线相连，站在地面上的人用手接触电路中的B点，相当于接触零线，因此不会发生触电事故。
故答案为：不发光；不。
开关控制灯泡时，火线首先连接开关，再连接灯泡，这样开关能控制灯泡，同时断开开关，切断火线，接触电灯不会发生触电事故。
本题考查了安全用电的知识，属于基础题目。
16.【答案】解：(1)本实验中，电阻与变阻器串联，电压表测电阻的电压，电流表测电路的电流，如下所示：
(2)电压表选择小量程，向右移动滑动变阻器的滑片P时，电流表的示数变大，变阻器连入电路的电阻变小，故滑片以右电阻连入电路中，如下所示：
【解析】(1)本实验中，电阻与变阻器串联，电压表与电阻并联测电阻的电压，电流表串联在电路中测电路的电流；
(2)电压表选择小量程，根据向右移动滑动变阻器的滑片P时，电流表的示数变大，确定变阻器的连接。
本题考查电路的设计及根据要求连接实物图，属于基础题目。
17.【答案】电流表示数大小 长度 a、d0.3
【解析】解：(1)实验中，在M、N之间分别接上不同的导体，导体的电阻不同，则电路中的电流不同，电流表测量电路中的电流，所以通过观察电流表示数来比较导体电阻的大小。
(2)导线a、b的材料、横截面积相同而长度不同，选导线a、b是为了探究导线电阻的大小与长度的关系。
探究导线电阻的大小与材料的关系，应控制导体的长度与横截面积相同，而材料不同，由表中数据可知，应选用的两根导线是a、d。
(3)电流表选用大量程，分度值为0.1A，示数为0.3A。
故答案为：(1)电流表示数大小；(2)长度；a、d；(3)0.3。
(1)电流表串联在电路中，电源电压一定，导体电阻越大，电路电流越小，导体电阻越小，电路电流越大，可以通过电流表示数大小判断导体电阻大小，实验采用的研究方法有转换法和控制变量法；
(2)影响导体电阻大小的因素：导体的材料、长度和横截面积，在研究电阻与其中某个因素的关系时，要采用控制变量法的思想，要研究导体的电阻大小与一个量之间的关系，需要保持其它量不变；
(3)根据电流表的分度值读数。
探究影响电阻大小的因素采用了控制变量法的思想，电阻大小的变化是通过电流表的示数变化体现的，这里采用了转换法的思想。
18.【答案】右 8.3乙 22.5不动 U1R0U2−U1
【解析】解：(1)如图甲，闭合开关前，应将滑片移到滑动变阻器阻值最大处，所以应将滑片移到最右端；闭合开关后，移动滑片，当小灯泡正常发光时，小灯泡的额定电压为U=5V，电流表的示数如图乙所示读数为I=0.3A，根据欧姆定律：R=UI=Ω；
(2)小灯泡正常发光时，电流I=0.3A，故丙不行，电源电压U=6V，根据欧姆定律：R总=UI=6V0.3A=20Ω，滑动变阻器的电阻：R滑=R总−R=20Ω−8.3Ω=11.7Ω，故选乙；
(3)①为了测量出小灯泡正常工作时的电阻，首先让小灯泡正常发光，所以连接好实验电路，闭合开关S1，将开关S2拨到触点2，移动变阻器滑片，使电压表的示数U1为2.5V；②接着变阻器滑片的位置不动，再将开关S2拨到另一触点，测出小灯泡和电阻R0的总电压；③再根据串联电路电流特点：U1R=U2−U1R0；可得R=U1R0U2−U1。
故答案为：(1)右；8.3；(2)乙；(3)①2；2.5；②不动；③U1R0U2−U1。
(1)如图甲，闭合开关前，应将滑片移到滑动变阻器阻值最大处，所以应将滑片移到最右端；闭合开关后，移动滑片，当小灯泡正常发光时，小灯泡的额定电压为2.5V，电流表的示数如图乙所示读数为0.3A，根据欧姆定律可以求得此时小灯泡的电阻；
(2)根据电源电压及小灯泡正常发光时的电流，可以求得电路中总电阻，从而可以判断滑动变阻器；
(3)①为了测量出小灯泡正常工作时的电阻，首先让小灯泡正常发光，所以连接好实验电路，闭合开关S1，将开关S2拨到触点2，移动变阻器滑片，使电压表的示数U1为2.5V；②接着变阻器滑片的位置不动，再将开关S2拨到另一触点，测出小灯泡和电阻R0的总电压；③再根据串联电路电流特点列等式求得小灯泡正常工作时电阻。
本题是伏安法测电阻及特殊法测电阻，锻炼学生的欧姆定律的应用能力。
19.【答案】解：(1)开关S闭合、S1断开时，为R1的简单电路，由欧姆定律得，电流表示数：
I1=UR1=6V15Ω=0.4A；
(2)开关S、S1都闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流，
根据并联电路各支路互不影响的特点可知通过R1的电流为0.4A不变，
根据电流表的量程可知干路电流最大为：I=0.6A，
根据并联电路干路电流等于各支路电流之和可知，通过变阻器的最大电流为：
I2=I−I1=0.6A−0.4A=0.2A，
由欧姆定律得，变阻器R2连入电路的最小阻值：
R2=UI2=6V0.2A=30Ω。
答：(1)开关S闭合、S1断开时，电流表示数为0.4A
(2)开关S、S1都闭合时，滑动变阻器R2允许连入电路的最小阻值为30Ω。
【解析】(1)分析开关S闭合、S1断开时电路的连接，由欧姆定律求出电流表示数；
(2)分析开关S、S1都闭合时电路连接，通过R1的电流为不变，根据电流表的量程可知干路最大电流，然后由并联电路电流的规律可知通过变阻器的最大电流，由欧姆定律可知变阻器R2连入电路的最小阻值。
本题考查并联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是能根据开关的状态确定电路的连接方式。
20.【答案】解：(1)由图丙可知，电水壶消耗的电能为W=0.2kW⋅h=0.2×3.6×106J=7.2×105J，所用时间为t=12min=0.2h，实际电压为U实=200V，
则电水壶的实际电功率为：P实=Wt=0.2kW⋅h0.2h=1kW=1000W，
由P=UI=U2R可知，电热丝的阻值：R=U实2P实=(200V)21000W=40Ω；
(2)因为电热丝电阻不随温度变化，所以电水壶的额定电功率：P额=U额2R=(220V)240Ω=1210W；
(3)由η=Q吸W×100%可知，水吸收的热量：Q吸=ηW=84%×7.2×105J=6.048×105J，
由Q吸=c水mΔt可知，水升高的温度：Δt=Q吸c水m=6.048×105J4.2×103J/(kg⋅℃)×1.8kg=80℃，
1标准大气压下水的沸点为100℃，则冷水的初温：t初=t末−Δt=100℃−80℃=20℃。
答：(1)电水壶中电热丝的阻值为40Ω；
(2)电水壶的额定电功率为1210W；
(3)冷水的初温为20℃。
【解析】(1)根据图丙求出电水壶消耗的电能和所用的时间，根据P=Wt求出电水壶的实际电功率，根据P=UI=U2R求出电热丝的阻值；
(2)根据P=UI=U2R求出额定电功率；
(3)根据η=Q吸W×100%求出水吸收的热量，根据Q吸=c水mΔt求出水升高的温度，进而求出冷水的初温。
本题考查电功率公式、效率公式和热量公式的灵活运用，关键是从图中读出相关的信息。编号
材料
长度/cm
横截面积/mm2
a
镍铬合金
25
1.0
b
镍铬合金
50
1.0
c
镍铬合金
25
2.0
d
锰铜合金
25
1.0
1.下列数据符合事实的是( )
A. 1节铅蓄电池的电压是1.5V
B. 家用空调正常工作时的电流为1A
C. 实验室用1m长铜导线电阻约为200Ω
D. 家用电风扇工作1h消耗的电能约为0.1kW⋅h
2.下列有关说法，正确的是( )
A. 固体和液体很难被压缩是因为分子间只有斥力
B. 物体内能增加，温度一定增加
C. 古人钻木取火，是通过做功的方式使物体内能增加
D. 温度越高的物体，具有的热量就越多
3.如图所示的四种情境，说法不正确的是( )
A. 甲图：用丝绸摩擦过的两根玻璃棒靠近时，会相互排斥
B. 乙图：用带有绝缘柄的铜棒把带电的验电器A和不带电的验电器B连接起来，B的金属箔会张开
C. 丙图：原本发光的灯L1 和L2，用一根导线接触 L2 两端，会发现L2不再发光
D. 丁图：图中自由电子定向移动的方向为导线中电流的方向
4.下列符合安全用电原则的是( )
A. 低于220V的电压对人体是安全的
B. 家里的三脚插头不能改成两脚使用
C. 家中的空气开关跳闸后，直接合上空气开关就可以了
D. 只有当人体接触带电体时，才可能发生触电事故
5.如图所示是甲、乙两个定值电阻的I−U图像，以下说法正确的是( )
A. 电阻甲的阻值大于电阻乙的阻值
B. 若将甲、乙串联，甲、乙两端电压比U1：U2=2：1
C. 若将甲、乙串联，当通过甲的电流为0.2A时，电源电压为3V
D. 若将甲、乙并联，当电源电压为1V时，干路电流为0.5A
6.如图所示，电源电压不变，闭合开关，在保证电路安全的情况下，变阻器的滑片由中点向右移动的过程中，下列判断正确的是( )
A. 小灯泡亮度变暗
B. 电压表示数变大
C. 电流表示数不变
D. 电路总功率变小
7.如图是探究焦耳定律实验的装置图，下列说法正确的是( )
A. R1的电功率比R2的大
B. 通过液面高度差来反映热量的多少，运用了类比法
C. 图示实验可探究电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系
D. 电流通过R2产生的热量比R1多
8.如图是小明家的电能表，根据图片信息判断下列说法正确的是( )
A. 电能表转得越快表明电路的电功率越大
B. 电能表的示数是16.6J
C. 允许通过该电能表的最大电流是10A
D. 1000W的用电器单独接在这个电能表下工作6min，电能表转600圈
9.如图所示的插座能够显示插在它上面的用电器功率的大小。一个电热水壶的铭牌上标明额定电压220V，额定功率1200W，容积1.5L。将其插到该插座上工作时，显示其功率为1168.0W。该数值明显小于1200W，原因可能是( )
A. 壶中装水少于1.5LB. 电热水壶通电时间较短
C. 水壶两端实际电压小于220VD. 水壶工作的实际电流大于额定电流
10.在探究“导体中的电流与电压关系”的实验中，得到了甲、乙两个元件电流与电压的数据，通过整理绘制出了如图所示的图像。据图像分析，下列判断正确的是( )
A. 通过甲元件中的电流与两端的电压成反比
B. 乙元件两端的电压越大，电阻越大
C. 将甲、乙两元件串联起来接到总电压3V电路中，通过甲、乙元件的电流为0.2A
D. 甲、乙元件并联后，接到2V的电压下，甲、乙电功率之比是1：2
二、填空题：本大题共5小题，共26分。
11.卫星发射时火箭升空用的燃料使用液态氢，主要是因为它的______大，卫星绕月飞行时在遇月食期间没有太阳光照射，卫星表面的温度会急剧下降，______减小，这是通过______的方式改变物体的内能。
12.两滴水珠靠近后会结合成一滴大水珠，这说明分子间______。夏天，人们一般会用冷水冷却滚烫的粥，这是因为水的______大。小明将一瓶净含量为0.35kg的纯净水放入冰箱冷藏后，温度降低了20℃，则瓶中水放出的热量为______ J。[水的比热容c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
13.小刚学习了“欧姆定律”之后，为了了解铅笔芯电阻的大小，他在一支铅笔芯两端加了3V电压，测出通过铅笔芯的电流是150mA，则该铅笔芯电阻为______Ω；若加在这支铅笔芯两端的电压增加到6V时，通过它的电流是______ mA；若加在这支铅笔芯两端的电压为0V时，铅笔芯的电阻为______。
14.在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S后，小灯发光较暗。过了一会儿，小灯亮度明显变亮，而电压表与电流表示数的比值不变，原因是______，电压表示数______(变大、变小、不变)。
15.如图所示家庭电路。闭合开关S，电灯发光，用试电笔接触A点，氖管______；若断开开关 S，站在地面上的人用手接触电路中的B点______触电。
三、作图题：本大题共1小题，共4分。
16.(1)如图为探究欧姆定律实验电路图。请用笔画线代替导线将实物电路连接完整。要求：向右移动滑动变阻器的滑片P时，电流表的示数变大。
(2)请在方框内画出与实物图对应的电路图。
四、实验探究题：本大题共2小题，共22分。
17.在“探究影响导体电阻大小的因素”的实验中，小明和小军做出了如下猜想：
①导体的电阻与导体的长度有关；②导体的电阻与导体的横截面积有关；
③导体的电阻与导体的材料有关；④导体的电阻与导体的温度有关；
小明和小军找到了4根电阻丝，规格材料如表：
为了验证上述猜想，他们选用2节干电池设计了如图甲所示的实验电路：
(1)闭合开关后，在M、N之间分别接上不同导体，通过观察______来比较导体电阻大小；
(2)选导线a、b比较是为了探究导线电阻的大小与______的关系；探究导线电阻的大小与材料的关系，应选用的两根导线是______(填写编号)；
(3)在M、N之间接上编号d，闭合开关后，电流表的指针位置如图乙，此时该导体中的电流为______ A。
18.在“测量小灯泡的电阻”的实验中，电源电压6V恒定不变，小灯泡的额定电压为2.5V。
(1)如图甲，闭合开关前，应将滑片移到最______(选填“左”或“右”)端。闭合开关后，移动滑片，当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，则此时小灯泡的电阻为______Ω(保留一位小数)；
(2)现有三个滑动变阻器，甲：“10Ω，2A”，乙：“20Ω，1A”和丙：“50Ω，0.2A”。为了实验的顺利进行，小明应在其中选择______(选填“甲”、“乙”或“丙”)滑动变阻器接入电路；
(3)做实验过程中由于电流表发生故障，小明向老师要来一个已知阻值为R0的定值电阻和一个单刀双掷开关，借助部分现有的实验器材，设计了如图丙所示的电路，同样测量出了小灯泡正常工作时的电阻。请你帮他完成下列实验步骤：
①连接好实验电路，闭合开关S1，将开关S2拨到触点______(选填“1”或“2”)；移动变阻器滑片，使电压表的示数U1为______ V；
②变阻器滑片的位置______(选填“向左移动”、“向右移动”或“不动”)，再将开关S2拨到另一触点，读出电压表的示数为U2；
③则小灯泡正常工作时电阻的表达式为R=______(用U1、U2、R0表示)。
五、计算题：本大题共2小题，共18分。
19.如图所示，R1的阻值为15Ω，电源两端电压为6V恒定不变，电流表的量程为0∼0.6A。
(1)开关S闭合、S1断开时，求电流表的示数；
(2)开关S、S1都闭合时，求滑动变阻器R2允许连入电路的最小阻值。
20.如图甲是一种能显示时间、电压和电能的新型插座，图乙是一款电水壶，壶底有一个电热丝和温控开关，壶中水烧开后会自动断开。电水壶的额定电压为220V。在壶中放入1.8kg的冷水后单独插在该插座上加热，当水烧开后，插座屏幕上显示用电前、后示数如图丙所示。[已知：养生壶的加热效率为84%，水的比热容是4.2×103J/(kg⋅℃)，当时的大气压为1标准大气压，电热丝电阻不随温度变化。]求：
(1)电水壶中电热丝的阻值；
(2)电水壶的额定电功率；
(3)冷水的初温。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A.一节新的干电池的电压是1.5V，一节新铅蓄电池的电压是2V，故A不正确；
B.家用空调电流比较大，正常工作时的电流约为5A，故B不正确；
C.导线的电阻很小，1m长的铜导线的电阻约为0.02Ω，故C不正确；
D.电风扇的功率在0.1kW左右，工作1h消耗的电能约为W=Pt=0.1kW×1h=0.1kW⋅h，故D正确。
故选：D。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2.【答案】C
【解析】解：A.分子之间存在相互作用的引力和斥力，固体和液体很难被压缩，说明分子间存在斥力，但不能说明分子之间只有斥力，故A错误；
B.晶体在熔化过程中吸收热量，内能增大，但是温度不变，所以内能增加，温度不一定增加，故B错误；
C.改变内能的方式有两种，分别是做功和热传递，古人钻木取火，是通过做功的方式使物体内能增加，故C正确；
D.热量是过程量，描述它的术语是“吸收”和“放出”，不能用“具有”表示，故D错误。
故选：C。
(1)分子之间存在相互作用的引力和斥力；
(2)晶体在熔化过程中吸收热量，内能增大，但是温度不变；
(3)改变内能的方式有两种，分别是做功和热传递；
(4)热量是热传递过程中传递能量的多少。
此题考查的分子动理论、内能的影响因素、改变物体内能的方式、热量的掌握和应用，是一道基础题，掌握基本规律是解答的关键。
3.【答案】D
【解析】解：A、用丝绸摩擦过的两根玻璃棒靠近时，带同种电荷互相排斥，故A正确；
B、用带有绝缘柄的铜棒把验电器A和B连接起来，铜棒有电流通过，B的金属箔带有同种电荷会排斥张开，故B正确；
C、开关闭合后，用导线触接L2两端时，L2发生短路，L1发光，L2不发光，故C正确；
D、自由电子的定向移动方向与电流方向相反，故D错误。
故选：D。
(1)电荷间的相互作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
(2)验电器金属箔带有同种电荷，由于同种电荷相互排斥，则会张开；
(3)导线与用电器并联是短路现象：
(4)正电荷定向移动的方向规定为电流的方向，负电荷定向移动的方向和电流方向相反。
本题考查电荷间的作用规律、电流的方向的分析和理解；解答此题的关键是知道自由电子的定向移动方向与电流方向相反。
4.【答案】B
【解析】解：
A、经验证明，只有不高于36V的电压对人体才是安全的，故A不符合安全用电原则；
B、有金属外壳的家用电器要使用三孔插痤，若三脚插头改成两脚插头，若金属外壳带电时容易引发触电事故，故B符合安全用电原则；
C、家庭中的空气开关突然跳闸，是由于短路或总功率多大等原因导致电流过大形成的，所以应该先检查电路的故障，排除故障后，再将空气开关复位，故C不符合安全用电原则；
D、人体不接触带电体时，也有可能发生触电事故，故D不符合安全用电原则。
故选：B。
(1)不高于36V的电压对人体才是安全的；
(2)家用电器的金属外壳必须接地；
(3)家庭电路中的空气开关跳闸后，在没有排除故障之前，不能将开关复位；
(4)安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。
本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识。只要同学们牢记安全用电常识，并正确规范操作，就不会有危险发生。
5.【答案】C
【解析】解：A、由图像可知，当通过甲、乙的电流均为0.2A时，甲、乙两端电压：U甲=1V，U乙=2V，由I=UR可知，甲、乙的电阻分别为：R甲=U甲I甲=1V0.2A=5Ω，R乙=U乙I乙=2V0.2A=10Ω，显然R甲
C、若将甲、乙串联，因串联电路处处电流相等，因此当通过乙的电流为0.2A时，通过甲的电流也为0.2A，由A选项可知，U甲=1V，U乙=2V，则电源电压：U=U甲+U乙=1V+2V=3V，故C正确；
D、因并联电路中各支路两端电压相等，所以当电源电压为1V时，由图像可知，I甲=0.2A，I乙 ′ ′=0.1A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流：I=I甲+I乙 ′ ′=0.2A+0.1A=0.3A，故D错误。
故选：C。
(1)由图像读出分别读出一组对应的电流和电压值，根据欧姆定律求出甲、乙的阻值，并比较大小；
(2)根据串联电路电流规律、结合图像读出甲、乙两端电压，然后根据欧姆定律求出甲、乙两端电压的比值；
(3)根据串联电路电流规律、结合图像读出甲、乙两端电压，再根据串联电路电压规律求出电源电压；
(4)根据并联电路电压规律、结合图像读出通过甲、乙的电流，再根据并联电路电流规律求出干路电流。
本题考查串并联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是从图中获取有效的信息。
6.【答案】D
【解析】解：
由图可知，灯泡与滑动变阻器并联在电路中，电压表测电源的电压，电流表测通过滑动变阻器的电流；
因电源电压保持不变，闭合开关后，所以滑片向右移动时电压表的示数不变，故B错误；
滑片由中点向右移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据I=UR可知，通过滑动变阻器的电流减小，即电流表的示数减小，故C错误；
由于并联电路中各支路互不影响，所以滑片由中点向右移动的过程中，通过灯泡的电流不变、其两端的电压也不变，由P=UI知小灯泡的实际功率不变，则灯泡的亮度不变，故A错误；
滑片由中点向右移动的过程中，通过滑动变阻器的电流减小，通过灯泡的电流不变，由并联电路的电流特点可知干路中的电流变小；
因电源电压不变，干路中的电流减小，则根据P=UI可知，整个电路的功率减小，故D正确。
故选：D。
由图可知，灯泡与滑动变阻器并联在电路中，电压表测电源的电压，电流表测通过滑动变阻器的电流；
根据滑片的移动方向判定滑动变阻器连入电路中电阻的变化，根据欧姆定律判定通过其电流的变化(即电流表示数的变化)；根据并联电路的特点判定灯泡亮度、电压表示数、干路电流的变化；根据P=UI分析总功率的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用。
7.【答案】A
【解析】解：AC、右侧两电阻并联后与左侧电阻串联接入电路，根据串联电路电流特点和并联电路电流特点可知通过瓶中两电阻的电流不同，通过左侧电阻的电流大于通过右侧电阻的电流，所以图示实验可探究电流通过导体产生的热量与电阻大小的关系，根据P=I2R可知R1的电功率比R2的大，故A正确，C错误；
B、电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但烧瓶中的空气会热胀冷缩，会使的U形管液面高度差发生变化，据此来判定放热多少，这种研究方法叫转换法，故B错误；
D、根据焦耳定律Q=I2Rt可知通电时间相同时，左侧电阻R1产生的热量较多，故D错误；
故选：A。
(1)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，探究电流产生热量跟电流关系时，控制电阻和通电时间不变；探究电流产生的热量跟电流大小和电阻大小关系时，要控制电流和通电时间不变；根据P=I2R可知两电阻电功率的大小；
(2)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，体现的是转换思想；
(3)根据焦耳定律Q=I2Rt判定电阻产生热量的多少，从而判定出U形管中液面的高度差的变化关系。
本题考查了学生对焦耳定律的认识，并可以通过巧妙的实验来验证一些结论，同时在该实验中利用了控制变量法，该实验方法在实验探究中经常用到。
8.【答案】A
【解析】解：A.电能表是计量用电器消耗电能的仪表，转盘转得越快表明消耗电能越快，即电路的电功率越大，故A正确；
B.电能表的单位是kW⋅h，最后一位是小数位，所以示数为16.6kW⋅h，故B错误；
C.由参数“10(20)A”可知额定最大电流为20A，即允许通过该电能表的最大电流是20A，故C错误；
D.1000W的用电器单独接在这个电能表下工作6min消耗电能为W=Pt=1kW×660h=0.1kW⋅h，
转速为600r/(kW⋅h)，表示每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转600转，所以转数为n=0.1kW⋅h×600r/(kW⋅h)=60r，故D错误。
故选：A。
(1)电能表是测量家庭电路中一段时间消耗电能多少的工具，转盘转到快慢反映此时电流做功的快慢；
(2)电能表是读数方法：最后一位是小数，单位是kW⋅h。
(3)由参数“10(20)A”可知额定最大电流为20A；
(4)600r/(kW⋅h)，表示每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转600转，据此计算。
本题考查对电能表参数的理解，关键是理解电能表各参数的物理意义。
9.【答案】C
【解析】解：已知电热水壶的铭牌上标明额定电压220V，额定功率1200W，当实际工作时，其功率为1168.0W小于1200W，原因可能是水壶两端实际电压小于220V，
与壶中装水少、电热水壶通电时间较短都没有关系，
若水壶工作的实际电流大于额定电流，由P=UI可知，其功率应大于1200W，故只有C正确。
故选C。
用电器工作时，若实际电压小于其额定电压，实际功率小于其额定功率；若实际电压等于其额定电压，实际功率等于其额定功率；若实际电压大于其额定电压，实际功率大于其额定功率，据此分析。
此题考查额定功率与实际功率，注意：用电器正常工作的时候的电压为额定电压，在额定电压下的功率为额定功率。
10.【答案】C
【解析】解：A、甲元件图像是过原点的直线，说明甲元件是一个定值电阻，由于电压与电流的比值是个定值，所以通过甲元件中的电流与两端的电压成正比，故A错误；
B、由图可知，当乙元件两端的电压为1.5V时，电流为0.1A，此时乙元件的电阻为：
R1=U1I1=Ω；
当乙元件两端的电压为2.0V时，电流为0.2A，此时乙元件的电阻为：
R2=U2I2=Ω；
因此，乙元件两端的电压越大，电阻越小，故B错误；
C、若将甲、乙两元件串联起来接到电路中，由于串联电路中总电压等于各分电压之和，由图可知，甲、乙元件两端的电压分别为U甲=1V，U乙=2V，总电压为3V时，电路中的电流为0.2A，故C正确；
D.若甲、乙元件并联后，接到2V的电路中，根据并联电路中各支路两端的电压相等可知，两元件两端的电压均为2V，由图像可知，通过两元件的电流分别为I甲=0.4A，I乙=0.2A，根据PP=UI可得：
P甲P乙=UI甲UI乙=I甲I乙=，故D错误。
故选C。
(1)根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻的电流与两端的电压成正比，据此分析图像甲乙电阻的变化；
(2)若将甲、乙两元件串联起来接到电路中，当通过甲元件的电流为0.2A时通过它们的电流相等，根据图像读出两元件两端的电压，根据串联电路的电压特点求出甲、乙两元件总电压；
(3)若甲、乙元件并联后，接到2V的电路中它们两端的电压相等，根据图像读出通过两元件的电流，根据欧姆定律可知甲、乙电阻之比。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，从图像中获取有用的信息是关键。
11.【答案】热值 内能 热传递
【解析】解：卫星发射时火箭升空用的燃料使用液态氢，主要是因为它的热值大，相同质量的液态氢和其它燃料相比，液态氢完全燃烧放出的热量更多。
卫星进入太空以后，在没有太阳照射时，其表面的温度会急剧下降，这时飞船的内能会减小，这种改变内能的方式属热传递。
故答案为：热值；内能；热传递。
火箭的燃料使用液态氢，主要是因为它的密度小且热值大，完全燃烧相同质量的液态氢和其他燃料，液态氢放出的热量多。
热传递和做功都可以改变物体的内能。
本题考查热值及内能的改变方式等知识，是一道综合题。
12.【答案】存在引力 比热容 2.94×104
【解析】解：物质是由分子构成的，构成物质的分子存在相互作用的引力和斥力，两滴水珠靠近后会结合成一滴大水珠，这说明分子间有引力。
因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以人们用冷水冷却滚烫的粥。
根据公式Q=cmΔt可知，瓶中水放出的热量为Q放=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.35kg×20℃=2.94×104J。
故答案为：存在引力；比热容；2.94×104。
(1)分子间同时存在斥力和引力；
(2)水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
(3)已知瓶中水的质量和水的比热容、降低的温度，利用Q放=cmΔt求瓶中水放出的热量。
本题考查了分子间作用力、比热容和放热公式Q放=cmΔt的掌握和运用，难度不大。
13.【答案】2030020Ω
【解析】解：
由欧姆定律可知该铅笔芯的电阻为：
R=UI=3V150×10−3A=20Ω，
因导体的电阻与导体两端的电压和通过的电流无关，
所以这支铅笔芯两端的电压增加到6V或为零时，电阻的大小不变，为20Ω；
当电压增加到6V时，通过铅笔芯的电流：
I′=U′R=6V20Ω=0.3A=300mA。
故答案为：20；300；20Ω。
已知电压和通过的电流，根据R=UI即可求出电阻；导体的电阻与导体两端的电压和通过的电流无关，改变电压、电阻不变；再根据I=UR即可求出通过导体的电流。
本题考查了欧姆定律的简单计算，关键是知道电阻与两端的电压和通过的电流无关，是一道基础题目。
14.【答案】电阻R短路 变大
【解析】解：由电路图可知，闭合开关S后，电阻R与灯泡L串联，电压表测灯泡L两端的电压，电流表测电路中的电流。
因电压表与电流表示数的比值不变，
所以，由R=UI可知，灯泡的电阻不变，
又因小灯亮度明显变亮，
所以，由P=I2R可知，电路中的电流变大，
电源电压保持不变，由I=UR可知，电路的总电阻变小，即电阻R短路；
此时电压表测电源两端的电压，其示数将变大。
故答案为：电阻R短路；变大。
由电路图可知，闭合开关S后，电阻R与灯泡L串联，电压表测灯泡L两端的电压，电流表测电路中的电流。根据电压表与电流表示数的比值不变得出灯泡的电阻不变，根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小可知其实际功率的变化，利用P=I2R可知电路中的电流变化，电源电压保持不变，再根据欧姆定律可知电路中总电阻的变化，从而得出答案；根据此时电压表测电源两端的电压判断其示数的变化。
本题考查了利用欧姆定律判断电路的故障，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。
15.【答案】不发光 不
【解析】解：闭合开关S，电灯发光，用试电笔接触A点，氖管不发光；
断开开关，B处和零线相连，站在地面上的人用手接触电路中的B点，相当于接触零线，因此不会发生触电事故。
故答案为：不发光；不。
开关控制灯泡时，火线首先连接开关，再连接灯泡，这样开关能控制灯泡，同时断开开关，切断火线，接触电灯不会发生触电事故。
本题考查了安全用电的知识，属于基础题目。
16.【答案】解：(1)本实验中，电阻与变阻器串联，电压表测电阻的电压，电流表测电路的电流，如下所示：
(2)电压表选择小量程，向右移动滑动变阻器的滑片P时，电流表的示数变大，变阻器连入电路的电阻变小，故滑片以右电阻连入电路中，如下所示：
【解析】(1)本实验中，电阻与变阻器串联，电压表与电阻并联测电阻的电压，电流表串联在电路中测电路的电流；
(2)电压表选择小量程，根据向右移动滑动变阻器的滑片P时，电流表的示数变大，确定变阻器的连接。
本题考查电路的设计及根据要求连接实物图，属于基础题目。
17.【答案】电流表示数大小 长度 a、d0.3
【解析】解：(1)实验中，在M、N之间分别接上不同的导体，导体的电阻不同，则电路中的电流不同，电流表测量电路中的电流，所以通过观察电流表示数来比较导体电阻的大小。
(2)导线a、b的材料、横截面积相同而长度不同，选导线a、b是为了探究导线电阻的大小与长度的关系。
探究导线电阻的大小与材料的关系，应控制导体的长度与横截面积相同，而材料不同，由表中数据可知，应选用的两根导线是a、d。
(3)电流表选用大量程，分度值为0.1A，示数为0.3A。
故答案为：(1)电流表示数大小；(2)长度；a、d；(3)0.3。
(1)电流表串联在电路中，电源电压一定，导体电阻越大，电路电流越小，导体电阻越小，电路电流越大，可以通过电流表示数大小判断导体电阻大小，实验采用的研究方法有转换法和控制变量法；
(2)影响导体电阻大小的因素：导体的材料、长度和横截面积，在研究电阻与其中某个因素的关系时，要采用控制变量法的思想，要研究导体的电阻大小与一个量之间的关系，需要保持其它量不变；
(3)根据电流表的分度值读数。
探究影响电阻大小的因素采用了控制变量法的思想，电阻大小的变化是通过电流表的示数变化体现的，这里采用了转换法的思想。
18.【答案】右 8.3乙 22.5不动 U1R0U2−U1
【解析】解：(1)如图甲，闭合开关前，应将滑片移到滑动变阻器阻值最大处，所以应将滑片移到最右端；闭合开关后，移动滑片，当小灯泡正常发光时，小灯泡的额定电压为U=5V，电流表的示数如图乙所示读数为I=0.3A，根据欧姆定律：R=UI=Ω；
(2)小灯泡正常发光时，电流I=0.3A，故丙不行，电源电压U=6V，根据欧姆定律：R总=UI=6V0.3A=20Ω，滑动变阻器的电阻：R滑=R总−R=20Ω−8.3Ω=11.7Ω，故选乙；
(3)①为了测量出小灯泡正常工作时的电阻，首先让小灯泡正常发光，所以连接好实验电路，闭合开关S1，将开关S2拨到触点2，移动变阻器滑片，使电压表的示数U1为2.5V；②接着变阻器滑片的位置不动，再将开关S2拨到另一触点，测出小灯泡和电阻R0的总电压；③再根据串联电路电流特点：U1R=U2−U1R0；可得R=U1R0U2−U1。
故答案为：(1)右；8.3；(2)乙；(3)①2；2.5；②不动；③U1R0U2−U1。
(1)如图甲，闭合开关前，应将滑片移到滑动变阻器阻值最大处，所以应将滑片移到最右端；闭合开关后，移动滑片，当小灯泡正常发光时，小灯泡的额定电压为2.5V，电流表的示数如图乙所示读数为0.3A，根据欧姆定律可以求得此时小灯泡的电阻；
(2)根据电源电压及小灯泡正常发光时的电流，可以求得电路中总电阻，从而可以判断滑动变阻器；
(3)①为了测量出小灯泡正常工作时的电阻，首先让小灯泡正常发光，所以连接好实验电路，闭合开关S1，将开关S2拨到触点2，移动变阻器滑片，使电压表的示数U1为2.5V；②接着变阻器滑片的位置不动，再将开关S2拨到另一触点，测出小灯泡和电阻R0的总电压；③再根据串联电路电流特点列等式求得小灯泡正常工作时电阻。
本题是伏安法测电阻及特殊法测电阻，锻炼学生的欧姆定律的应用能力。
19.【答案】解：(1)开关S闭合、S1断开时，为R1的简单电路，由欧姆定律得，电流表示数：
I1=UR1=6V15Ω=0.4A；
(2)开关S、S1都闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流，
根据并联电路各支路互不影响的特点可知通过R1的电流为0.4A不变，
根据电流表的量程可知干路电流最大为：I=0.6A，
根据并联电路干路电流等于各支路电流之和可知，通过变阻器的最大电流为：
I2=I−I1=0.6A−0.4A=0.2A，
由欧姆定律得，变阻器R2连入电路的最小阻值：
R2=UI2=6V0.2A=30Ω。
答：(1)开关S闭合、S1断开时，电流表示数为0.4A
(2)开关S、S1都闭合时，滑动变阻器R2允许连入电路的最小阻值为30Ω。
【解析】(1)分析开关S闭合、S1断开时电路的连接，由欧姆定律求出电流表示数；
(2)分析开关S、S1都闭合时电路连接，通过R1的电流为不变，根据电流表的量程可知干路最大电流，然后由并联电路电流的规律可知通过变阻器的最大电流，由欧姆定律可知变阻器R2连入电路的最小阻值。
本题考查并联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是能根据开关的状态确定电路的连接方式。
20.【答案】解：(1)由图丙可知，电水壶消耗的电能为W=0.2kW⋅h=0.2×3.6×106J=7.2×105J，所用时间为t=12min=0.2h，实际电压为U实=200V，
则电水壶的实际电功率为：P实=Wt=0.2kW⋅h0.2h=1kW=1000W，
由P=UI=U2R可知，电热丝的阻值：R=U实2P实=(200V)21000W=40Ω；
(2)因为电热丝电阻不随温度变化，所以电水壶的额定电功率：P额=U额2R=(220V)240Ω=1210W；
(3)由η=Q吸W×100%可知，水吸收的热量：Q吸=ηW=84%×7.2×105J=6.048×105J，
由Q吸=c水mΔt可知，水升高的温度：Δt=Q吸c水m=6.048×105J4.2×103J/(kg⋅℃)×1.8kg=80℃，
1标准大气压下水的沸点为100℃，则冷水的初温：t初=t末−Δt=100℃−80℃=20℃。
答：(1)电水壶中电热丝的阻值为40Ω；
(2)电水壶的额定电功率为1210W；
(3)冷水的初温为20℃。
【解析】(1)根据图丙求出电水壶消耗的电能和所用的时间，根据P=Wt求出电水壶的实际电功率，根据P=UI=U2R求出电热丝的阻值；
(2)根据P=UI=U2R求出额定电功率；
(3)根据η=Q吸W×100%求出水吸收的热量，根据Q吸=c水mΔt求出水升高的温度，进而求出冷水的初温。
本题考查电功率公式、效率公式和热量公式的灵活运用，关键是从图中读出相关的信息。编号
材料
长度/cm
横截面积/mm2
a
镍铬合金
25
1.0
b
镍铬合金
50
1.0
c
镍铬合金
25
2.0
d
锰铜合金
25
1.0
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