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2023-2024学年广东省惠州市博罗县九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析）
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这是一份2023-2024学年广东省惠州市博罗县九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析），共23页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
1.物理就在我们身边，下列关于身边的物理数据的估计，正确的是( )
A. 教室内电风扇的电压大约20VB. 家用空调正常工作的电流约5A
C. 对人体的安全电压大约是36VD. 家用电冰箱正常工作时的功率约为500W
2.以下四个观点、你认为正确的是( )
①做功快的机械，功率大，但机械效率不一定高
②电能表上指示灯闪烁的次数越多，说明电路中消耗的电能越快
③使用滑轮组提升物体时既可以省力又可以省功
④电阻大小跟导体的材料、长度、横截面积和温度有关，跟电流和电压无关
A. ①②B. ①④C. ②③D. ③④
3.2023年8月29日，就在美国商务部长雷蒙多访华期间，华为公司正式推出了“Mate60pr”智能手机，该手机采用国产芯片“麒麟9000”，利用5G技术实现通信。下列关于“5G通信”的描述正确的是( )
A. 5G通信利用的是超声波，其在真空的速度为340m/s
B. 5G通信利用的是次声波，其在真空的速度为3×108m/s
C. 5G通信利用的是电磁波，其在真空的速度为340m/s
D. 5G通信利用的是电磁波，其在真空的速度为3×108m/s
4.小红周末在家带着妹妹做如图的游戏，用毛皮摩擦过带负电的塑料勺可以吸起纸屑，但塑料勺接触地面后就无法吸起了。下列有关游戏说法正确的是( )
A. 塑料勺带负电荷，是因为它失去了电子
B. 摩擦后塑料勺创造了电荷，可以吸起纸屑
C. 塑料勺接地时，电子定向移动方向是电流方向
D. 与毛皮摩擦后的两把塑料勺带同种电荷互相排斥
5.如图是某同学自制的“水火箭”，用打气筒不断向它打气，一会“水火箭”发射升空。下列说法中不正确的是( )
A. 打气时，“水火箭”内气体的内能会增加
B. “水火箭”的“水”是一种热值较大的燃料
C. “水火箭”加速起飞时将内能转化为机械能
D. 打气时，气筒壁发热是机械能转化为内能
6.下列关于家庭电路及安全用电的说法正确的是( )
A. 插座与照明灯、空调、电风扇等用电器是并联的
B. 控制用电器的开关短路会引起空气开关跳闸
C. 室内空调的外壳是塑料，三脚插头不用接地也是安全的
D. 正确用试电笔测火线，没有电流通过人体，是安全的
7.如图所示，a表示垂直于纸面的一条导线，它是闭合电路的一部分，当它在磁场中按箭头方向运动时，不能产生感应电流的是( )
A. B. C. D.
二、填空题：本大题共8小题，共24分。
8.如图所示，无线路由器是一种支持有线和无线连接的网络设备。可以通过后排接口同时连接多台电脑实现有线连接，则各接口之间是______(选填“串联’或“并联”)的，还可以通过______(选填“电磁波”或“超声波”)实现无线连接；由于电流的______效应，工作时间长了外壳会发烫。
9.2023年10月7日济南地铁6号线全线封顶，地铁的建造过程需要大型机械一盾构机(如图)，施工过程中它的刀头能粉碎坚硬的岩石，通过______的方式产生大量的热量；其内部的水冷循环系统可以给它降温，该系统是通过______的方式改变物体内能，用水来冷却是利用了水的______大的特点。
10.“神舟七号”载人飞船使用液态氢做燃料是因为它的______比较大，飞船进入轨道后从近地点到远地点时，它的动能______，机械能______(后两空填“变大”“变小”或“不变”)。
11.东汉学者王充在《论衡》中记载：“司南之杓，投之于地，其柢指南。”司南即指南针，如图所示，“柢”为指南针的______极。指南针之所以指南北，是因为它受到______的作用。指南针所指的南北方向与地理的南北方向略有偏离，世界上最早记录这一现象的人是______。
12.如图为学生用电流表的内部结构示意图。当电流表接入电路，有电流通过线圈时，线圈带动指针偏转。该电流表的工作原理与______(选填“发电机”或“电动机”)相同；当电流表正负接线柱接反时，电流表指针反向偏转，说明受力方向与______有关；电流表使用时需要远离强磁体，是因为磁体周围存在______，会影响电流表示数。
13.如图所示，甲、乙两个透明容器中密封着等量的空气，用U形管中液面高度差反映电阻产生热量的多少，这种实验方法叫做______；通电一定时间后甲容器连接的 U形管液面高度差较大，由此可以得出结论：当电流和通电时间相同时，导体的______越大，产生的热量越多；当电流为0.3A，通电10s后，甲容器中的电阻产生的热量是______ J。
14.小林家住农村，他家的厕所离房子有一段距离，为了方便和节能，他用“220V，40W”的灯泡，阻值为1210Ω的电阻和开关S1、S2设计了一个电路，电路图如图所示。天黑后，当无人上厕所时，要求灯光较暗，但能起到指示作用，此时开关______(填开关S1和S2的通断情况)，此时灯泡消耗的电功率为______ W；当有人上厕所时，闭合开关S2，灯泡正常发光，起到照明作用，此时灯泡消耗的电功率为______ W。
15.如图1所示，用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球时，验电器的两片金属箔因带______(选填“同种”或“异种”)电荷，互相排斥而张开；如图2的电能表显示的读数为______kW⋅h；如图3的电阻箱的示数为______Ω。
三、作图题：本大题共3小题，共7分。
16.
17.如图所示，分别在虚线框中填入电池、电流表、电压表三个元件符号。要求开关闭合后，电流方向如图所示，电压表测灯泡L1两端的电压。
18.如图所示，请将图中开关和灯泡用笔画线代替导线完成电路，要求在开关控制螺旋灯泡；并安装一个不受开关控制的三孔插座
四、实验探究题：本大题共4小题，共23分。
19.在“探究并联电路的电流规律”实验中。
(1)小明连接好电路，闭合开关前检查电路时发现电流表指针如图1中实线位置所示，出现这种现象是因为______。
(2)解决上述问题后，连接好的实物电路如图2所示，闭合开关，灯L1、L2均不发光，电流表示数为零，电路中存在的故障可能是______(填字母)。
A.灯L1断路
B.灯L2短路
C.电流表内部断路
D.电流表内部短路
(3)排除故障后，闭合开关，记下电流表的示数。接下来若要测L1所在支路的电流，只改动一根导线即可，则应将导线______(选填“a”或“b”)的左端线头改接到电流表的______(选填“-”“0.6”或“3”)接线柱上。
20.如图是探究“物体动能的大小与什么因素有关”的实验示意图，小明同学让钢球分别从粗糙斜面由静止开始滚下，撞击木块：
(1)利用图示的器材可以探究物体动能的大小与物体______的关系，得到的结论是______；
(2)该实验是通过观察______来判断______(选填“钢球”或“木块”)动能的大小；
(3)实验中，钢球碰撞木块后继续向前运动，在水平木板上滑动一段距离后停下，设开始时钢球的重力势能为Ep，木块克服摩擦力所做的功为W，则Ep______W(选填：“>”、“<”或“=”)；
(4)在探究动能的大小与质量关系时，当换用另一个钢球实验时，发现它将木块撞出了木板，要继续完成该次实验，下列措施中可行的是______(选填选项符号)。
A.换用质量更大的木块
B.降低钢球的高度
C.换质量更大的钢球
D.换质量更小的钢球
21.如图1是“测量小灯泡的电功率”的实验电路，电源电压为4.5V且保持不变，小灯泡L上标注有“”字样。
(1)连接图1电路时，开关S断开，滑动变阻器的滑片P应置于最______(选填“左”或“右”)端。
(2)正确连接好电路后，闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，多次实验并记录数据和现象在下表中，分析回答下列问题。
①小灯泡L在额定电压下工作时，电流表的指针位置如图2所示，则电流表示数为______ A，小灯泡L的额定功率为______ W，计算后发现小灯泡的额定功率与小灯泡上标注的数据不相符，如果不是测量误差造成的，则可能的原因是______。
A.灯丝太粗了
B.灯丝太长了
C.灯丝太细了
②第1次实验中，小灯泡L不亮的原因可能是______。
③分析数据还发现，通过小灯泡L两端的电压U与通过它的电流I的比值是不同的，其原因可能是______。
(3)本次实验所选用的滑动变阻器的规格是______(选填序号)。
A.10Ω2A
B.20Ω1A
22.在“探究电流与电压、电阻关系”的实验中，某小组选用5Ω、10Ω、20Ω、40Ω四个定值电阻，电压恒为6V的电源，“40Ω1A”的滑动变阻器等器材，设计了如图1所示的电路。
(1)闭合开关后，发现两电表指针偏转如图2所示，则电路存在的故障可能是定值电阻______(选填“短路”或“断路”)；
(2)排除故障后，接入10Ω的电阻“探究电流与电压的关系”：
①实验小组记录的数据如下表所示，小红分析了数据后，指出有一组数据不符合实际，这组数据对应的实验序号是______。
②分析正确的数据，可得出结论：当导体的电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成______；
(3)接着小红继续按照图1所示电路，将5Ω、10Ω、20Ω、40Ω的定值电阻依次接入电路，探究电流与电阻的关系：
①实验中控制定值电阻两端的电压2V不变。她用5Ω的电阻完成实验后，保持滑动变阻器的滑片位置不动，断开开关，换上10Ω电阻，闭合开关后，为使电阻两端的电压仍为2V，此时应将滑片适当向______(选填“左”或“右”)调；
②她发现当接入______Ω的电阻时，无论怎样调节滑片，电压表的示数都无法达到2V，为了完成实验，她可以适当地______(选填“增大”或“减小”)电源电压。
五、计算题：本大题共2小题，共13分。
23.如图所示电路中，电源电压恒为30V，电阻R1为15Ω，同时闭合开关S1、S2时，电流表的示数为2.5A。求：
(1)通过电阻R2的电流；
(2)电阻R2的阻值。
24.如图甲所示，工人沿斜面把装有货物的箱子从底端拉进车厢，箱子移动的距离s与时间t的关系如图乙所示。在此期间，工人拉这个箱子沿斜面匀速运动时的拉力为600N，此斜面的长为5m，高为1m，箱子和货物共重为1500N，g取10N/kg，求：
(1)在0−5s内，拉力做的功是多少？
(2)移动时拉力做功的功率是多少？
(3)该斜面的机械效率是多少？
(4)箱子沿斜面匀速运动时所受的摩擦力是多少？
六、综合题：本大题共2小题，共12分。
25.阅读下面的短文，回答问题：
如图1是某款油电混动汽车，同时装备两种动力来源。混合动力汽车主要由一台内燃机和一台电机组成，这台电机既可以充当电动机，也可以充当发电机，汽车启动时内燃机不工作，由蓄电池为电动机供电提供动力，当汽车需要高速行驶或电池电量过低时，改由内燃机工作，为汽车提供动力，同时能通过电机给蓄电池充电。
(1)油电混合动力汽车高速行驶时动力系统没有用到图2中哪幅蕴含的物理知识？______(选填字母)。
(2)汽车上坡时，将挡位切换为低速挡，以减小行驶的速度，这样做的目的是______；
A.增大能耗效率
B.省电
C.减小摩擦力
D.增大爬坡的牵引力
(3)如图3所示是该车自动测定汽车油箱内油面高度的装置原理图，下列关于该汽车说法错误的是______；
A.蓄电池充电时，电能转化为化学能
B.定值电阻R0起到保护电路的作用
C.油量表实质是电压表改装而成的
D.加油的过程中，油量表的示数变大
(4)如果测试员驾驶该汽车时是完全由汽油机提供动力，汽车与驾驶员的总质量为2000kg，汽车在平直公路上以90km/h的速度匀速直线行驶了1h，消耗汽油8kg，汽车所受的阻力是总重力的0.03倍。已知汽油的热值为4.6×107J/kg，g取10N/kg，则：完全燃烧汽油8kg，放出______ J的热量；汽车的牵引力为______ N，牵引力的功率为______ W。
26.阅读短文，回答问题：
为延长蔬果保鲜时间，某同学帮助菜农设计了蔬果保鲜仓库的自动制冷装置，装置如图甲所示。控制电路中电源电压恒定，R1为热敏电阻，R1阻值随温度的变化关系如图乙所示，R2为定值电阻，阻值为5Ω，电磁铁线圈阻值忽略不计。当温度升高到5℃时，控制电路中电流达到100mA，衔铁吸下，制冷器启动工作；当电流降至37.5mA时，衔铁弹回，工作电路断开，制冷器停止工作，如此进行间歇性循环工作。图丙为工作电路某1小时内制冷器功率与时间的关系图。请完成下列问题：
(1)图甲电路中电磁继电器相当于一个______(选填“开关”或“电源”)；若将控制电路中的电源正负极对调，______(选填“会”或“不会”)影响该电路的控制功能。
(2)温度升高时，热敏电阻R1的阻值将______(选填“增大”或“减小”)；
(3)若在控制电路中添加一个电压表，使得温度升高时，电压表的示数随之变大，应并联在______(选填“R1”或“R2”)两端；
(4)该装置所控制的最低温度______ ℃。
(5)一小时内，工作电路制冷器消耗的总电能______kW⋅h。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、我国照明电路的电压为220V，所以教室内电风扇的电压大约220V，故A错误；
B、家用空调工作时的电流比较大，约为5A左右，故B正确；
C、对人体的安全电压是不高于36V，故C错误；
D、家用电冰箱正常工作时的功率约为200W，故D错误。
故选：B。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
本题看出来对物体用电器工作的电压、电流和电功率的估测，是初中物理的一项基本要求，平时可结合所学知识和生活经验进行判断，难度较小。
2.【答案】B
【解析】解：①功率是表示做功快慢的物理量，所以做功快的机械，功率大；机械效率是指有用功与总功的比值，与功率大小无关，观点①正确；
②电能表上指示灯闪烁的次数越多，则电路中消耗的电能越多，但不是越快，观点②错误；
③使用任何机械都不能省功，使用滑轮组提升物体时可以省力但不可以省功，观点③错误；
④电阻大小跟导体的材料、长度、横截面积和温度有关，跟电流和电压无关，观点④正确；
故ACD错误、B正确。
故选：B。
(1)功率是单位时间内做的功的多少，是表示做功快慢的物理量；机械效率是有用功与总功的比值；
(2)电能表指示灯闪烁的次数反映了电路消耗电能的多少；
(3)使用任何机械都不能省功；
(4)电阻是导体本身的一种性质，大小跟导体的材料、长度、横截面积和温度有关。
本题考查了功率、机械效率、决定导体电阻大小的因素等知识，属于基础综合题。
3.【答案】D
【解析】解：5G通信利用的是电磁波，其在真空的速度为3×108m/s，故D正确，ABC错误。
故选：D。
电磁波可以传递信息；电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s。
本题考查的是电磁波的特点及应用，属于基础性题目。
4.【答案】D
【解析】解：A、塑料勺带负电荷，是因为它得到了电子，故A错误；
B、摩擦起电的实质是电子的转移，不是创造了电荷，摩擦后塑料勺带了电，可以吸引纸片，故B错误；
C、物理上规定正电荷定向移动方向为电流的方向，与带负电的电子定向移动方向相反，故C错误；
D、根据电荷的相互作用规律可知，与毛皮摩擦后的两把塑料勺，带同种电荷互相排斥，故D正确。
故选：D。
(1)摩擦起电时，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电；
(2)摩擦起电的实质是电子的转移，不是创造了电荷；
(3)物理上规定正电荷定向移动方向为电流的方向，与带负电的电子定向移动方向相反；
(4)与毛皮摩擦后的两把塑料勺，带同种电荷互相排斥。
本题考查了电荷的性质、摩擦起电的实质、电流的方向，都要求掌握。
5.【答案】B
【解析】解：A.利用打气筒向水火箭内打气的过程中，压缩筒内空气做功，水火箭中空气的内能在增大，故A正确；
B.水不能燃烧，不是燃料，故B错误；
C.发射时，火箭的动能是由瓶内高压气体的内能转化来的，故C正确；
D.打气时，气筒壁发热是机械能转化为内能，故D正确。
故选：B。
(1)做功可以改变物体的内能，物体对外做功，内能减少，外界对物体做功用，内能增加；
(2)水不能燃烧；
(3)气体膨胀对外做功，将内能转化为机械能；
(4)打气时，气筒壁发热是机械能转化为内能。
本题考查了做功改变物体的内能、能量的转化，要明确：对物体做功，内能增加，物体对外做功，内能减小。
6.【答案】A
【解析】解：A、插座与照明灯、空调、电风扇等用电器能够独立工作，是并联的，故A正确；
B、控制用电器的开关短路不会引起空气开关跳闸，只是让电路连通，故B错误；
C、和塑料外壳没关系，它的内部也有接地的线，三孔的插头主要是为了防止室外机漏电而设计的，故C错误；
D、正确使用试电笔接触火线时，人体和大地都是导体，有电流通过人体，但是这个电流对人体是安全的，故D错误。
故选：A。
(1)插座与家里的用电器是并联的。
(2)开关短路是将电路接通，不会引起空气开关跳闸。
(3)带金属外壳的家用电器必须接地，使用三孔插座和三脚插头。
(4)试电笔正常使用时有电流通过人体。
知道安全用电的原则；知道测电笔的使用和插座的正确连接方式；知道家庭电路的组成。
7.【答案】B
【解析】解：
A、由图知导体是闭合电路中的导体，导体斜着做切割磁感线运动，所以会产生感应电流。故A正确。
B、由题意知导体是闭合电路中的导体，但导体的运动方向与磁感线平行，即没有做切割磁感线运动，所以不会产生感应电流。故B错误。
C、由题意知导体是闭合电路中的导体，并且导体做切割磁感线运动，所以会产生感应电流。故C正确。
D、由题意知导体是闭合电路中的导体，导体做切割磁感线运动，所以会产生感应电流。故D正确。
故选：B。
能否产生感应电流，就要看图示的情景能否满足①闭合电路；②导体切割磁感线运动这两个条件。
本题主要考查学生对电磁感应现象，以及感应电流产生的条件的了解和掌握，是一道基础题。
8.【答案】并联 电磁波 热
【解析】解：(1)同一台路由器为多台电脑提供网络服务，一台电脑不工作，其它电脑不受影响，所以根据并联电路的特点可知，各接口之间是并联的；
(2)路由器能实现与设备的无线连接，是通过电磁波来传递信号的；
(3)由于电流的热效应，无线路由器工作时间长了，会产生一定的热量，外壳会发烫。
故答案为：并联；电磁波；热。
(1)用电器串联时，任何一只用电器开路，则其它用电器都不能正常工作；并联电路可以使几个用电器在工作时互不影响；
(2)无线连接是利用电磁波来传递信号的；
(3)导体中有电流通过时会产生热量，这就是电流的热效应。
本题主要考查了对串并联的判断、电磁波的应有、电流热效应的理解等，属基础题。
9.【答案】做功 热传递 比热容
【解析】解：施工过程中它的刀头能粉碎坚硬的岩石，刀头克服摩擦做功，是通过做功的方式产生大量的热量；
内部的水冷循环系统可以给盾构机及时降温，水冷循环系统是通过热传递方式改变物体内能；
工作过程中用水冷却，这是利用水的比热容较大的原理，与质量相同的其它物质相比，升高相同的温度，水吸收的热量多。
故答案为：做功；热传递；比热容。
(1)改变物体内能的两种方式是做功和热传递；
(2)相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
本题考查内能的改变方式的判断和水的比热容的应用，难度不大。
10.【答案】热值 变小 不变
【解析】解：(1)“神舟七号”载人飞船采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量；
(2)从近地点到远地点运动时，所处高度增大，重力势能增大，动能减小，只有动能和势能的转化时，机械能守恒，故在由近地点向远地点运转的过程中，它的机械能的总量不变。
故答案为：热值；变小；不变。
(1)液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量；
(2)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；动能和势能统称为机械能。
掌握动能、重力势能的影响因素，利用控制变量法，能判断动能、重力势能的变化。
11.【答案】S 地磁场 沈括
【解析】解：东汉学者王充在《论衡》中记载：“司南之杓，投之于地，其柢指南。”司南即指南针，如图所示，指南针的柢(勺柄)指南，“其柢指南”意思是它的杓柄会指向南方；“柢”为指南针的S极。指南针之所以指南北，是因为它受到地磁场的作用。指南针所指的南北方向与地理的南北方向略有偏离，世界上最早记录这一现象的人是我国宋代学者沈括。
故答案为：S；地磁场；沈括。
(1)地球本身是一个巨大的磁体，地球周围存在的磁场叫地磁场；地磁的南极在地理的北极附近，地磁的北极在地理的南极附近。指南针指示南北方向就是因为受到地磁场的作用。
(2)最早发现地磁南北极和地理南北极方向略有偏离的是我国宋代学者沈括。
知道地磁场的分布和地磁偏角的发现者是解决本题的关键。本题属于基础性题目。
12.【答案】电动机 电流方向 磁场
【解析】解：如图电流表的内部主要结构由磁体、线圈组成，当电流表有电流通过时，线圈成为通电导体在磁场中受力而运动，即电流表的工作原理是通电导体在磁场中受力运动，与电动机工作原理相同；
若电流从正接线柱流入，指针会正方向偏转，若电流从负接线柱流入，指针会反方向偏转(损坏电流表)，可知通电导体受力的方向跟电流方向有关；
电流表使用时需要远离强磁体，是因为磁体周围存在磁场，会影响电流表示数。
故答案为：电动机；电流方向；磁场。
(1)电流表是利用通电导体在磁场中受力运动来工作的。
(2)通电线圈在磁场中受力方向与电流的方向和磁场方向有关。
(3)磁体周围存在磁场。
电磁部分主要是发电机原理和电动机原理，通过观察结构可判断是谁的工作原理。
13.【答案】转换法 电阻 9
【解析】解：用U形管中液面高度差反映电阻产生热量的多少，这种实验方法叫做转换法；
由串联电路的电流规律可知，通过两电阻丝的电流相等，通电时间相等，由图知甲的电阻大于乙的电阻，根据Q=I2Rt得甲容器中电阻丝产生的热量大于乙容器中电阻丝产生的热量，所以一段时间后，甲容器连接的U形管液面高度差较大。实验表明，电流通过导体产生的热量与电阻有关，导体的电阻越大，产生的热量越多。
通电 10s后，甲容器中的电阻产生的热量为：
Q甲=I2R甲t=(0.3A)2×10Ω×10s=9J。
故答案为：转换法；电阻；9。
用U形管中液面高度差反映电阻产生热量的多少，这种实验方法叫做转换法；根据串联电路的电流规律判断出通过两电阻丝电流的关系，由焦耳定律判断出甲、乙产生热量的多少，进而判断出哪一容器连接的U形管液面高度差更大，进而得出结论，由焦耳定律算出通电10s后，甲容器中的电阻产生的热量。
此题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”实验的理解和掌握，注意控制变量法的运用，同时考查了学生对焦耳定律变形公式的理解和掌握，难度较大。
14.【答案】S1闭合、S2断开 10 40
【解析】解：当无人上厕所时，要求灯光较暗，但能起到指示作用，此时开关S1闭合、S2断开时，灯泡与电阻串联，
灯泡的电阻RL=UL2PL=(220V)240W=1210Ω，此时电路电流I=URL+R=220V1210Ω+1210Ω=111A，此时灯泡消耗的电功率为P=I2RL=(111A)2×1210Ω=10W，
灯泡正常发光时消耗的电功率等于额定功率为40W。
故答案为：S1闭合、S2断开；10；40。
根据无人上厕所时，灯光较暗可知，灯泡两端小于额定电压，由此判断出开关S1、S2的通断情况；开关S1闭合、S2断开时，灯泡与电阻串联，已知灯泡的额定功率和额定电压，根据公式R=U2P求出灯泡的电阻，再利用公式I=UR求出串联电路的电流，最后利用公式P=I2R求出此时灯泡消耗的电功率。
闭合开关S2，灯泡正常发光，灯泡消耗的电功率等于额定功率。
本题考查电阻、电流和电功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是判断开关断开与闭合时电路的连接情况，这也是本题的重点，还要知道串联电路电流的规律。
15.【答案】同种 31.62023
【解析】解：如图1所示，用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球时，验电器的两片金属箔因带同种电荷，互相排斥而张开；如图2的电能表显示的读数为31.6kW⋅h；如图3的电阻箱的示数为2023Ω。
故答案为：同种；31.6；2023。
(1)验电器的基本原理是同种电荷相互排斥。
(2)电能表是测量电功的仪表，它的单位是千瓦时，最后一位是小数。
(3)电阻箱的电阻读数方法为：转盘上对应的数值乘以倍数，然后相加，即为总的电阻值。
本题考查的是验电器的原理；会正确读出电能表和电阻箱的读数，属于基础性题目。
16.【答案】
【解析】
17.【答案】解：电压表要测电阻两端电压，则电压表应与灯泡L1并联，中间的虚线框内是电压表，左边虚线框内为电流表，右边虚线框内是电源，且电源的正极朝上，才能满足电流方向，如图所示：
【解析】电压表应与被测用电器并联，电流表应与用电器串联，电流方向是从电源正极出发回到负极，据此分析确定三个元件的位置。
本题考查了电压表和电流表的连接方法以及电源外部的电流方向，利用好“电压表测灯泡L1两端电压”是关键。
18.【答案】
【解析】解：(1)灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又更安全。
(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线，如下图所示：
掌握家庭电路中的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
19.【答案】电流表未调零 Cb−
【解析】解：(1)闭合开关前，发现电流表如图1所示，电流表指针没有指在零刻度线上，其原因是电流表未调零；
(2)由图2可知，该电路为并联电路，电流表测量干路中的电流；
A、灯L1断路时，由于并联电路各支路互不影响，则灯L2发光，电流表有示数，故A错误；
B、灯L2短路时，电源会被短路，电路电流很大，导致电流表损坏，故B错误；
C、电流表内部断路，则干路是断开的，电流表无示数，灯泡都不发光，故C正确；
D、电流表内部短路，则两灯并联且仍能发光，故D错误；
故选：C；
(3)若要测灯L1的电流，电流表要与L1串联，如下图所示：
则应将导线b的左端线头改接到电流表的“-“接线柱上。
故答案为：(1)电流表未调零；(2)C；(3)b；-。
(1)由图知，电流表指针没有指在零刻度线上，使用电流表前应对电流表进行机械调零，使指针指在零刻度线上；
(2)首先判定电路的连接方式，根据串并联电路的特点分析电路故障的原因；
(3)电流表与待测电路串联；若要测灯L1的电流，电流表与L1串联，据此改动。
本题是探究并联电路中电流规律的实验，考查了电流表的使用、电路故障分析、电路的改接，难度一般。
20.【答案】速度 质量相同时，物体的速度越大，动能就越大 木块被推动的距离 钢球 >D
【解析】解：(1)根据图示可知，小球的质量不变，滚下的高度不同，到达水平面时的速度不同，所以探究的是动能大小与速度的关系，钢球的速度越大，撞击木块移动的距离越大，动能越大；结论为：在质量相同时，物体的速度越大，动能就越大；
(2)实验中通过观察木块被撞击后滑行的距离的大小来间接判断钢球动能的大小，该方法是转换法；
(3)钢球从高处滚下的过程中，重力势能转化为动能；由于存在摩擦，克服摩擦做功，一部分重力势能转化为内能；钢球与木块碰撞的过程中，球对木块做功，做功的大小小于球最初的动能；木块在运动过程中，克服摩擦做功，机械能转化为内能，即木块克服摩擦做的功等于木块的动能大小，也就是小于开始时小球的重力势能；
(4)在探究动能的大小与质量关系时，需要控制速度大小不变，改变质量，当换用另一个钢球实验时，发现它将木块撞出了木板，这说明该球的动能太大了；
A.若换质量更大的木块，改变了木块所受摩擦力的大小，不符合控制变量法的要求，故A不可行；
B.该实验中需要控制速度相同，若降低第二次钢球的高度，则会改变钢球到达水平面时的速度，不符合控制变量法的要求，故B不可行；
C.若换质量更大的钢球，钢球到达水平面时的动能更大，则更容易使木块滑出木板，故C不可行；
D.若换质量更小的钢球，钢球到达水平面时的动能较小，能减小木块移动的距离，故D可行；
故选：D。
故答案为：(1)速度；质量相同时，物体的速度越大，动能就越大；(2)木块被推动的距离；钢球；(3)>；(4)D。
(1)动能的大小与质量和速度有关，实验时用控制变量法分别探究；
(2)此实验把动能的大小转换为木块被撞击后滑行的距离，距离越远表明钢球的动能越大；
(3)木块滑动过程中，克服摩擦力做功；
(4)根据减小动能的方法分析。
用控制变量法研究动能大小的影响因素，用转换法表示动能的大小；采用控制变量法研究实验时，一定注意相同因素和不同因素。
21.【答案】右 灯泡的实际功率太小 灯丝电阻随温度的升高而增大 B
【解析】解：(1)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大处，即最右端；
(2)①小灯泡L在额定电压下工作时，电流表的指针位置如图2所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.36A，则小灯泡额定功率为：
PL=ULIL=2.5V×0.36A=0.9W；
大于小灯泡L上标注的0.75W，如果不是测量误差造成的，根据P=UI=U2R可知，当额定电压不变时，功率变大，说明灯丝电阻变小，由影响电阻大小因素可知，灯丝太粗了，故选：A；
②由表中数据可知，第1次实验中小灯泡实际功率为0.10W，远小于灯泡额定功率0.9W，小灯泡L不亮，说明灯泡的实际功率太小；
③由表中数据可知，当灯泡两端电压增大，灯泡的实际功率变大，温度升高，灯丝电阻随温度的升高而增大，故小灯泡L两端的电压U与通过它的电流I的比值是不同的；
(3)由表中数据可知，当灯泡两端电压为0.5V时，通过灯泡的电流为0.2A，由串联电路电压规律可知，此时滑动变阻器两端电压为U滑=U−U1=4.5V−0.5V=4V，
则滑动变阻器接入电路的阻值为：
R滑=U滑I1=4V0.2A=20Ω，故选：B。
故答案为：(1)右；(2)①0.36；0.9；A；②灯泡的实际功率太小；③灯丝电阻随温度的升高而增大；(3)B。
(1)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大处；
(2)①根据电流表选用量程确定分度值读数，利用P=UI求出灯泡额定功率；根据P=UI=U2R结合影响电阻大小因素分析回答；
②灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定；
③灯丝电阻随温度的升高而增大；
(3)根据表中第1组数据利用串联电路电压规律结合欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的阻值，据此确定滑动变阻器的规格。
本题测量小灯泡的电功率实验，考查了注意事项、电流表读数、功率的计算、影响电阻大小因素和器材的选择等知识。
22.【答案】断路 1 正比 左 40 减小
【解析】解：(1)闭合开关后，发现两电表指针偏转情况如图乙所示，此时电流表示数为0，说明电路可能断路，电压表示数满偏，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，故电路存在的故障可能是定值电阻断路；
(2)①当电压表示数为2.8V时，电流表如图丙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.28A；
由表中第1次实验数据可知，当定值电阻两端电压为1V，通过定值电阻的电流为0.1A，根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端电压为U滑=U−U1=6V−1V=5V，则滑动变阻器接入电路的阻值为：
R滑=U滑I1=5V0.1A=50Ω，大于本实验提供的滑动变阻器最大阻值40Ω，故这组不符合实际的实验序号是1；
②根据表中数据可知：电压增大为原来的几倍，通过的电流也增大为原来的几倍，故得出的结论：在导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(3)①实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，故应把滑动变阻器滑片向左滑动；
②定值电阻两端的电压始终保持UV=2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U−UV=6V−2V=4V，电压表示数为变阻器分得电压的2V4V=0.5倍，根据分压原理，当变阻器连入电路中的电阻为40Ω时，定值电阻的阻值：R大=0.5×40Ω=20Ω，即所选择的定值电阻的最大阻值不能大于20Ω，故当接入40Ω的电阻时，无论怎样调节滑片，电压表的示数都无法达到2V；
设电源电压为U′，由串联电路的规律及分压原理有：U滑′UV=U′−UVUV=R滑R定，方程左边为一定值，故右边也为一定值，当滑动变阻器连入电路的电阻最大时，对应的电源电压最大，即U′−2V2V=40Ω40Ω，解得U′=4V<6V，故为了完成实验，她可以适当地减小电源电压。
故答案为：(1)断路；(2)①1；②正比；(3)①左；②40；减小。
(1)由图乙可知，电流表示数为0，说明电路可能断路，电压表示数满偏，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
(2)①根据电流表选用量程确定分度值读数；根据表中数据结合串联电路电压规律和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的阻值，然后分析与实际不符的数据；
②分析表中电流与电压的关系得出结论；
(3)①根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑动变阻器滑片移动的方向；
②探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当变阻器连入电路中的电阻最大时，定值电阻的阻值，进而确定定值电阻的规格；当电阻最大为40Ω且变阻器接入最大阻值时，电源电压为最大，由分压原理求出电源电压最大值，与电源电压进行比较，进而确定是增大还是减小电源电压。
本题探究电流与电压、电阻关系的实验，考查了电路故障、电流表读数、数据分析、控制变量法和欧姆定律的应用等知识。
23.【答案】解：(1)由电路图可知，同时闭合开关S1、S2时，R1、R2并联，电流表测干路中的电流，
则通过电阻R1的电流：
I1=UR1=30V15Ω=2A；
根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和知通过电阻R2的电流为：
I2=I−I1=2.5A−2A=0.5A；
(2)根据I=UR得电阻R2的阻值：
R2=UI2=30V0.5A=60Ω。
答：(1)通过电阻R2的电流为0.5A；
(2)电阻R2的阻值为60Ω。
【解析】(1)由电路图可知，同时闭合开关S1、S2时，R1、R2并联，电流表测干路中的电流，根据欧姆定律求出通过电阻R1的电流，根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和求出通过电阻R2的电流；
(2)根据I=UR求出电阻R2的阻值。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，属于基础性题目，比较简单。
24.【答案】解：
(1)由图象可知，货物在0∼5s内，处于静止状态，通过的路程为0，根据W=Fs可知工人所做的功为0J；
(2)由图象可知，货物在这30s−5s=25s内通过的路程是s=5m，
移动时拉力做功：W总=Fs=600N×5m=3000J；
拉力做功的功率：P=W总t=3000J25s=120W；
(3)有用功：W有用=Gh=1500N×1m=1500J；
则该斜面的机械效率：η=W有用W总×100%=1500J3000J×100%=50%。
(4)W额=W总−W有用=3000J−1500J=1500J，
由W额=fs可得，摩擦力：
f=W额s=1500J5m=300N。
答：(1)在0−5s内，拉力做的功是0J；
(2)移动时拉力做功的功率是120W；
(3)该斜面的机械效率是50%；
(4)箱子沿斜面匀速运动时所受的摩擦力是300N。
【解析】(1)力对物体做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动距离；
(2)从图象中找出货物运行的时间以及在这段时间内通过的路程，根据W=Fs求出总功，利用P=Wt求功率；
(3)根据W=Gh求出有用功，利用η=W有用W总×100%即可求出机械效率；
(4)总功减去有用功为额外功，由f=W额s可求得摩擦力。
本题考查了学生对图象的识别能力和利用功、功率、效率公式进行简单计算的能力，是一道好题。图象信息题是近年来中考的热点题型。
25.【答案】CDC3.68×108 6001.5×104
【解析】解：(1)油电混合动力汽车高速行驶，汽油机工作，发电机给电池充电，
A是电磁感应，是发电机的原理，故用到了此原理；
BD、B是水蒸气对外做功，内能转化为机械能，与汽油机的做功冲程原理相同，而D是压缩气体做功，机械能转化为内能，与压缩冲程原理相同，BD都用了此原理；
C、磁场对电流有力的作用，是电动机的原理，此过程没有用到，故选：C。
(2)由P=Wt=Fst=Fv可知，汽车的最大功率一定时，减小行驶速度时，可以获得更大的牵引力，故D正确；
(3)A.蓄电池充电时，电能转化为化学能，故A正确；
B.图中定值电阻与滑动变阻器串联，当滑片移动到最下方，没有定值电阻会短路，故定值电阻R0起到保护电路的作用，故B正确；
C.油量表是串联在电路中，根据电流表使用，实质是电流表改装而成的，故C错误；
D.加油的过程中，油面上升，浮标上移，滑片下移，滑动变阻器接入电路的电阻减小，根据欧姆定律，电路中的电流变大，油量表的示数变大，故D正确；
故选：C。
(4)8kg汽油完全燃烧放出的热量：Q放=m汽油q=8kg×4.6×107J/kg=3.68×108J；
汽车与驾驶员的总质量为2000kg，总重力G=mg=2000kg×10N/kg=20000N，
汽车所受的阻力是总重力的0.03倍，汽车做匀速直线运动，则牵引力F=f=0.03G=0.03×20000N=600N；
速度v=90km/h=25m/s；
牵引力的功率P=Wt=Fst=Fv=600N×25m/s=1.5×104W。
故答案为：(1)C；(2)D；(3)C；(4)3.68×108；600；1.5×104。
(1)油电混合动力汽车高速行驶，汽油机工作，发电机给电池充电，据此分析解答；
(2)对于汽车来说，其最大功率是一定的，由P=Wt=Fst=Fv分析解答；
(3)蓄电池充电时，电能转化为化学能，图中定值电阻与滑动变阻器串联，当滑片移动到最下方，没有定值电阻会短路，油量表是串联在电路中，根据电流表使用分析；加油的过程中，油面上升，浮标上移，滑片下移，滑动变阻器接入电路的电阻减小，根据欧姆定律分析解答；
(4)利用Q=mq可求得汽油完全燃烧放出的热量；根据总质量计算重力，汽车所受的阻力是总重力的0.03倍计算牵引力，根据P=Wt=Fst=Fv计算功率。
本题为力学、电学综合题，考查了重力公式的应用和功率、热量的计算，要求灵活应用相关公式，注意单位统一。
26.【答案】开关 不会 减小 R2 21.8
【解析】解：
(1)电磁继电器的作用相当于一个开关，用来控制电路的通断；
此时若对调电源正负极，则有磁性时，仍会吸引磁铁，不会影响摄像系统的工作。
(2)由图乙可知，温度升高时，热敏电阻R1的阻值变小；
(3)两电阻串联，温度升高时，R1电阻变小，电路中电流变大，R2电阻不变，由U=IR，R2两端电压变大，所以电压表应加在R2两端；
(4)当温度升高到5℃时，R1=25Ω，控制电路中电流达到100mA=0.1A；
电源电压U=I(R1+R2)=0.1A×(25Ω+5Ω)=3V；
制冷器启动工作时温度降低，当制冷器停止工作时该装置所控制的温度最低，此时电路中的电流I1=0.0375A；
此时电路中的总电阻为：R=UI1=3V0.0375A=80Ω；
热敏电阻R1′=R−R2=80Ω−5Ω=75Ω；
由图乙可知，热敏电阻的阻值为75Ω时，温度为2℃；
(5)由图丙可知一小时内，工作电路制冷器时间t=15min+10min+10min+10min=45min=2700s；
一小时内，工作电路制冷器消耗的总电能W=Pt=2400W×2700s=6.48×106J=1.8kW⋅h。
故答案为：(1)开关；不会；(2)减小；(3)R2；(4)2；(5)1.8。
(1)电磁继电器在电路中的作用相当于一个可以自动控制的开关，可以实现自动控制和远程控制等；
电磁继电器的电路可分为控制电路和工作电路两部分，当控制电路接通时，电磁铁有磁性，吸引衔铁；当电磁铁无磁性时，衔铁在弹簧的作用下被拉起；
(2)根据图乙分析电阻随温度的变化情况；
(3)两电阻串联，温度升高时，R1电阻变小，电路中电流变大，R2电阻不变，由U=IR，判断R2两端电压变化情况；
(4)制冷器启动工作时温度降低，当制冷器停止工作时该装置所控制的温度最低；
(5)利用W=Pt求出工作电路制冷器消耗的总电能。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的计算，关键是根据图象得出相关信息，理解电磁继电器的原理。实验序号
电压U/V
电流I/A
灯泡的亮度
电功率P/W
1
0.5
0.20
不亮
0.10
2
1.0
0.24
暗
0.24
3
2.0
0.32
较暗
0.64
4
2.5
正常亮
5
3.0
0.38
很亮
1.14
序号
1
2
3
4
5
6
U/V
1.0
1.4
2.0
2.4
2.8
3.0
I/A
0.10
0.20
0.25
0.28
0.30
1.物理就在我们身边，下列关于身边的物理数据的估计，正确的是( )
A. 教室内电风扇的电压大约20VB. 家用空调正常工作的电流约5A
C. 对人体的安全电压大约是36VD. 家用电冰箱正常工作时的功率约为500W
2.以下四个观点、你认为正确的是( )
①做功快的机械，功率大，但机械效率不一定高
②电能表上指示灯闪烁的次数越多，说明电路中消耗的电能越快
③使用滑轮组提升物体时既可以省力又可以省功
④电阻大小跟导体的材料、长度、横截面积和温度有关，跟电流和电压无关
A. ①②B. ①④C. ②③D. ③④
3.2023年8月29日，就在美国商务部长雷蒙多访华期间，华为公司正式推出了“Mate60pr”智能手机，该手机采用国产芯片“麒麟9000”，利用5G技术实现通信。下列关于“5G通信”的描述正确的是( )
A. 5G通信利用的是超声波，其在真空的速度为340m/s
B. 5G通信利用的是次声波，其在真空的速度为3×108m/s
C. 5G通信利用的是电磁波，其在真空的速度为340m/s
D. 5G通信利用的是电磁波，其在真空的速度为3×108m/s
4.小红周末在家带着妹妹做如图的游戏，用毛皮摩擦过带负电的塑料勺可以吸起纸屑，但塑料勺接触地面后就无法吸起了。下列有关游戏说法正确的是( )
A. 塑料勺带负电荷，是因为它失去了电子
B. 摩擦后塑料勺创造了电荷，可以吸起纸屑
C. 塑料勺接地时，电子定向移动方向是电流方向
D. 与毛皮摩擦后的两把塑料勺带同种电荷互相排斥
5.如图是某同学自制的“水火箭”，用打气筒不断向它打气，一会“水火箭”发射升空。下列说法中不正确的是( )
A. 打气时，“水火箭”内气体的内能会增加
B. “水火箭”的“水”是一种热值较大的燃料
C. “水火箭”加速起飞时将内能转化为机械能
D. 打气时，气筒壁发热是机械能转化为内能
6.下列关于家庭电路及安全用电的说法正确的是( )
A. 插座与照明灯、空调、电风扇等用电器是并联的
B. 控制用电器的开关短路会引起空气开关跳闸
C. 室内空调的外壳是塑料，三脚插头不用接地也是安全的
D. 正确用试电笔测火线，没有电流通过人体，是安全的
7.如图所示，a表示垂直于纸面的一条导线，它是闭合电路的一部分，当它在磁场中按箭头方向运动时，不能产生感应电流的是( )
A. B. C. D.
二、填空题：本大题共8小题，共24分。
8.如图所示，无线路由器是一种支持有线和无线连接的网络设备。可以通过后排接口同时连接多台电脑实现有线连接，则各接口之间是______(选填“串联’或“并联”)的，还可以通过______(选填“电磁波”或“超声波”)实现无线连接；由于电流的______效应，工作时间长了外壳会发烫。
9.2023年10月7日济南地铁6号线全线封顶，地铁的建造过程需要大型机械一盾构机(如图)，施工过程中它的刀头能粉碎坚硬的岩石，通过______的方式产生大量的热量；其内部的水冷循环系统可以给它降温，该系统是通过______的方式改变物体内能，用水来冷却是利用了水的______大的特点。
10.“神舟七号”载人飞船使用液态氢做燃料是因为它的______比较大，飞船进入轨道后从近地点到远地点时，它的动能______，机械能______(后两空填“变大”“变小”或“不变”)。
11.东汉学者王充在《论衡》中记载：“司南之杓，投之于地，其柢指南。”司南即指南针，如图所示，“柢”为指南针的______极。指南针之所以指南北，是因为它受到______的作用。指南针所指的南北方向与地理的南北方向略有偏离，世界上最早记录这一现象的人是______。
12.如图为学生用电流表的内部结构示意图。当电流表接入电路，有电流通过线圈时，线圈带动指针偏转。该电流表的工作原理与______(选填“发电机”或“电动机”)相同；当电流表正负接线柱接反时，电流表指针反向偏转，说明受力方向与______有关；电流表使用时需要远离强磁体，是因为磁体周围存在______，会影响电流表示数。
13.如图所示，甲、乙两个透明容器中密封着等量的空气，用U形管中液面高度差反映电阻产生热量的多少，这种实验方法叫做______；通电一定时间后甲容器连接的 U形管液面高度差较大，由此可以得出结论：当电流和通电时间相同时，导体的______越大，产生的热量越多；当电流为0.3A，通电10s后，甲容器中的电阻产生的热量是______ J。
14.小林家住农村，他家的厕所离房子有一段距离，为了方便和节能，他用“220V，40W”的灯泡，阻值为1210Ω的电阻和开关S1、S2设计了一个电路，电路图如图所示。天黑后，当无人上厕所时，要求灯光较暗，但能起到指示作用，此时开关______(填开关S1和S2的通断情况)，此时灯泡消耗的电功率为______ W；当有人上厕所时，闭合开关S2，灯泡正常发光，起到照明作用，此时灯泡消耗的电功率为______ W。
15.如图1所示，用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球时，验电器的两片金属箔因带______(选填“同种”或“异种”)电荷，互相排斥而张开；如图2的电能表显示的读数为______kW⋅h；如图3的电阻箱的示数为______Ω。
三、作图题：本大题共3小题，共7分。
16.
17.如图所示，分别在虚线框中填入电池、电流表、电压表三个元件符号。要求开关闭合后，电流方向如图所示，电压表测灯泡L1两端的电压。
18.如图所示，请将图中开关和灯泡用笔画线代替导线完成电路，要求在开关控制螺旋灯泡；并安装一个不受开关控制的三孔插座
四、实验探究题：本大题共4小题，共23分。
19.在“探究并联电路的电流规律”实验中。
(1)小明连接好电路，闭合开关前检查电路时发现电流表指针如图1中实线位置所示，出现这种现象是因为______。
(2)解决上述问题后，连接好的实物电路如图2所示，闭合开关，灯L1、L2均不发光，电流表示数为零，电路中存在的故障可能是______(填字母)。
A.灯L1断路
B.灯L2短路
C.电流表内部断路
D.电流表内部短路
(3)排除故障后，闭合开关，记下电流表的示数。接下来若要测L1所在支路的电流，只改动一根导线即可，则应将导线______(选填“a”或“b”)的左端线头改接到电流表的______(选填“-”“0.6”或“3”)接线柱上。
20.如图是探究“物体动能的大小与什么因素有关”的实验示意图，小明同学让钢球分别从粗糙斜面由静止开始滚下，撞击木块：
(1)利用图示的器材可以探究物体动能的大小与物体______的关系，得到的结论是______；
(2)该实验是通过观察______来判断______(选填“钢球”或“木块”)动能的大小；
(3)实验中，钢球碰撞木块后继续向前运动，在水平木板上滑动一段距离后停下，设开始时钢球的重力势能为Ep，木块克服摩擦力所做的功为W，则Ep______W(选填：“>”、“<”或“=”)；
(4)在探究动能的大小与质量关系时，当换用另一个钢球实验时，发现它将木块撞出了木板，要继续完成该次实验，下列措施中可行的是______(选填选项符号)。
A.换用质量更大的木块
B.降低钢球的高度
C.换质量更大的钢球
D.换质量更小的钢球
21.如图1是“测量小灯泡的电功率”的实验电路，电源电压为4.5V且保持不变，小灯泡L上标注有“”字样。
(1)连接图1电路时，开关S断开，滑动变阻器的滑片P应置于最______(选填“左”或“右”)端。
(2)正确连接好电路后，闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，多次实验并记录数据和现象在下表中，分析回答下列问题。
①小灯泡L在额定电压下工作时，电流表的指针位置如图2所示，则电流表示数为______ A，小灯泡L的额定功率为______ W，计算后发现小灯泡的额定功率与小灯泡上标注的数据不相符，如果不是测量误差造成的，则可能的原因是______。
A.灯丝太粗了
B.灯丝太长了
C.灯丝太细了
②第1次实验中，小灯泡L不亮的原因可能是______。
③分析数据还发现，通过小灯泡L两端的电压U与通过它的电流I的比值是不同的，其原因可能是______。
(3)本次实验所选用的滑动变阻器的规格是______(选填序号)。
A.10Ω2A
B.20Ω1A
22.在“探究电流与电压、电阻关系”的实验中，某小组选用5Ω、10Ω、20Ω、40Ω四个定值电阻，电压恒为6V的电源，“40Ω1A”的滑动变阻器等器材，设计了如图1所示的电路。
(1)闭合开关后，发现两电表指针偏转如图2所示，则电路存在的故障可能是定值电阻______(选填“短路”或“断路”)；
(2)排除故障后，接入10Ω的电阻“探究电流与电压的关系”：
①实验小组记录的数据如下表所示，小红分析了数据后，指出有一组数据不符合实际，这组数据对应的实验序号是______。
②分析正确的数据，可得出结论：当导体的电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成______；
(3)接着小红继续按照图1所示电路，将5Ω、10Ω、20Ω、40Ω的定值电阻依次接入电路，探究电流与电阻的关系：
①实验中控制定值电阻两端的电压2V不变。她用5Ω的电阻完成实验后，保持滑动变阻器的滑片位置不动，断开开关，换上10Ω电阻，闭合开关后，为使电阻两端的电压仍为2V，此时应将滑片适当向______(选填“左”或“右”)调；
②她发现当接入______Ω的电阻时，无论怎样调节滑片，电压表的示数都无法达到2V，为了完成实验，她可以适当地______(选填“增大”或“减小”)电源电压。
五、计算题：本大题共2小题，共13分。
23.如图所示电路中，电源电压恒为30V，电阻R1为15Ω，同时闭合开关S1、S2时，电流表的示数为2.5A。求：
(1)通过电阻R2的电流；
(2)电阻R2的阻值。
24.如图甲所示，工人沿斜面把装有货物的箱子从底端拉进车厢，箱子移动的距离s与时间t的关系如图乙所示。在此期间，工人拉这个箱子沿斜面匀速运动时的拉力为600N，此斜面的长为5m，高为1m，箱子和货物共重为1500N，g取10N/kg，求：
(1)在0−5s内，拉力做的功是多少？
(2)移动时拉力做功的功率是多少？
(3)该斜面的机械效率是多少？
(4)箱子沿斜面匀速运动时所受的摩擦力是多少？
六、综合题：本大题共2小题，共12分。
25.阅读下面的短文，回答问题：
如图1是某款油电混动汽车，同时装备两种动力来源。混合动力汽车主要由一台内燃机和一台电机组成，这台电机既可以充当电动机，也可以充当发电机，汽车启动时内燃机不工作，由蓄电池为电动机供电提供动力，当汽车需要高速行驶或电池电量过低时，改由内燃机工作，为汽车提供动力，同时能通过电机给蓄电池充电。
(1)油电混合动力汽车高速行驶时动力系统没有用到图2中哪幅蕴含的物理知识？______(选填字母)。
(2)汽车上坡时，将挡位切换为低速挡，以减小行驶的速度，这样做的目的是______；
A.增大能耗效率
B.省电
C.减小摩擦力
D.增大爬坡的牵引力
(3)如图3所示是该车自动测定汽车油箱内油面高度的装置原理图，下列关于该汽车说法错误的是______；
A.蓄电池充电时，电能转化为化学能
B.定值电阻R0起到保护电路的作用
C.油量表实质是电压表改装而成的
D.加油的过程中，油量表的示数变大
(4)如果测试员驾驶该汽车时是完全由汽油机提供动力，汽车与驾驶员的总质量为2000kg，汽车在平直公路上以90km/h的速度匀速直线行驶了1h，消耗汽油8kg，汽车所受的阻力是总重力的0.03倍。已知汽油的热值为4.6×107J/kg，g取10N/kg，则：完全燃烧汽油8kg，放出______ J的热量；汽车的牵引力为______ N，牵引力的功率为______ W。
26.阅读短文，回答问题：
为延长蔬果保鲜时间，某同学帮助菜农设计了蔬果保鲜仓库的自动制冷装置，装置如图甲所示。控制电路中电源电压恒定，R1为热敏电阻，R1阻值随温度的变化关系如图乙所示，R2为定值电阻，阻值为5Ω，电磁铁线圈阻值忽略不计。当温度升高到5℃时，控制电路中电流达到100mA，衔铁吸下，制冷器启动工作；当电流降至37.5mA时，衔铁弹回，工作电路断开，制冷器停止工作，如此进行间歇性循环工作。图丙为工作电路某1小时内制冷器功率与时间的关系图。请完成下列问题：
(1)图甲电路中电磁继电器相当于一个______(选填“开关”或“电源”)；若将控制电路中的电源正负极对调，______(选填“会”或“不会”)影响该电路的控制功能。
(2)温度升高时，热敏电阻R1的阻值将______(选填“增大”或“减小”)；
(3)若在控制电路中添加一个电压表，使得温度升高时，电压表的示数随之变大，应并联在______(选填“R1”或“R2”)两端；
(4)该装置所控制的最低温度______ ℃。
(5)一小时内，工作电路制冷器消耗的总电能______kW⋅h。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、我国照明电路的电压为220V，所以教室内电风扇的电压大约220V，故A错误；
B、家用空调工作时的电流比较大，约为5A左右，故B正确；
C、对人体的安全电压是不高于36V，故C错误；
D、家用电冰箱正常工作时的功率约为200W，故D错误。
故选：B。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
本题看出来对物体用电器工作的电压、电流和电功率的估测，是初中物理的一项基本要求，平时可结合所学知识和生活经验进行判断，难度较小。
2.【答案】B
【解析】解：①功率是表示做功快慢的物理量，所以做功快的机械，功率大；机械效率是指有用功与总功的比值，与功率大小无关，观点①正确；
②电能表上指示灯闪烁的次数越多，则电路中消耗的电能越多，但不是越快，观点②错误；
③使用任何机械都不能省功，使用滑轮组提升物体时可以省力但不可以省功，观点③错误；
④电阻大小跟导体的材料、长度、横截面积和温度有关，跟电流和电压无关，观点④正确；
故ACD错误、B正确。
故选：B。
(1)功率是单位时间内做的功的多少，是表示做功快慢的物理量；机械效率是有用功与总功的比值；
(2)电能表指示灯闪烁的次数反映了电路消耗电能的多少；
(3)使用任何机械都不能省功；
(4)电阻是导体本身的一种性质，大小跟导体的材料、长度、横截面积和温度有关。
本题考查了功率、机械效率、决定导体电阻大小的因素等知识，属于基础综合题。
3.【答案】D
【解析】解：5G通信利用的是电磁波，其在真空的速度为3×108m/s，故D正确，ABC错误。
故选：D。
电磁波可以传递信息；电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s。
本题考查的是电磁波的特点及应用，属于基础性题目。
4.【答案】D
【解析】解：A、塑料勺带负电荷，是因为它得到了电子，故A错误；
B、摩擦起电的实质是电子的转移，不是创造了电荷，摩擦后塑料勺带了电，可以吸引纸片，故B错误；
C、物理上规定正电荷定向移动方向为电流的方向，与带负电的电子定向移动方向相反，故C错误；
D、根据电荷的相互作用规律可知，与毛皮摩擦后的两把塑料勺，带同种电荷互相排斥，故D正确。
故选：D。
(1)摩擦起电时，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电；
(2)摩擦起电的实质是电子的转移，不是创造了电荷；
(3)物理上规定正电荷定向移动方向为电流的方向，与带负电的电子定向移动方向相反；
(4)与毛皮摩擦后的两把塑料勺，带同种电荷互相排斥。
本题考查了电荷的性质、摩擦起电的实质、电流的方向，都要求掌握。
5.【答案】B
【解析】解：A.利用打气筒向水火箭内打气的过程中，压缩筒内空气做功，水火箭中空气的内能在增大，故A正确；
B.水不能燃烧，不是燃料，故B错误；
C.发射时，火箭的动能是由瓶内高压气体的内能转化来的，故C正确；
D.打气时，气筒壁发热是机械能转化为内能，故D正确。
故选：B。
(1)做功可以改变物体的内能，物体对外做功，内能减少，外界对物体做功用，内能增加；
(2)水不能燃烧；
(3)气体膨胀对外做功，将内能转化为机械能；
(4)打气时，气筒壁发热是机械能转化为内能。
本题考查了做功改变物体的内能、能量的转化，要明确：对物体做功，内能增加，物体对外做功，内能减小。
6.【答案】A
【解析】解：A、插座与照明灯、空调、电风扇等用电器能够独立工作，是并联的，故A正确；
B、控制用电器的开关短路不会引起空气开关跳闸，只是让电路连通，故B错误；
C、和塑料外壳没关系，它的内部也有接地的线，三孔的插头主要是为了防止室外机漏电而设计的，故C错误；
D、正确使用试电笔接触火线时，人体和大地都是导体，有电流通过人体，但是这个电流对人体是安全的，故D错误。
故选：A。
(1)插座与家里的用电器是并联的。
(2)开关短路是将电路接通，不会引起空气开关跳闸。
(3)带金属外壳的家用电器必须接地，使用三孔插座和三脚插头。
(4)试电笔正常使用时有电流通过人体。
知道安全用电的原则；知道测电笔的使用和插座的正确连接方式；知道家庭电路的组成。
7.【答案】B
【解析】解：
A、由图知导体是闭合电路中的导体，导体斜着做切割磁感线运动，所以会产生感应电流。故A正确。
B、由题意知导体是闭合电路中的导体，但导体的运动方向与磁感线平行，即没有做切割磁感线运动，所以不会产生感应电流。故B错误。
C、由题意知导体是闭合电路中的导体，并且导体做切割磁感线运动，所以会产生感应电流。故C正确。
D、由题意知导体是闭合电路中的导体，导体做切割磁感线运动，所以会产生感应电流。故D正确。
故选：B。
能否产生感应电流，就要看图示的情景能否满足①闭合电路；②导体切割磁感线运动这两个条件。
本题主要考查学生对电磁感应现象，以及感应电流产生的条件的了解和掌握，是一道基础题。
8.【答案】并联 电磁波 热
【解析】解：(1)同一台路由器为多台电脑提供网络服务，一台电脑不工作，其它电脑不受影响，所以根据并联电路的特点可知，各接口之间是并联的；
(2)路由器能实现与设备的无线连接，是通过电磁波来传递信号的；
(3)由于电流的热效应，无线路由器工作时间长了，会产生一定的热量，外壳会发烫。
故答案为：并联；电磁波；热。
(1)用电器串联时，任何一只用电器开路，则其它用电器都不能正常工作；并联电路可以使几个用电器在工作时互不影响；
(2)无线连接是利用电磁波来传递信号的；
(3)导体中有电流通过时会产生热量，这就是电流的热效应。
本题主要考查了对串并联的判断、电磁波的应有、电流热效应的理解等，属基础题。
9.【答案】做功 热传递 比热容
【解析】解：施工过程中它的刀头能粉碎坚硬的岩石，刀头克服摩擦做功，是通过做功的方式产生大量的热量；
内部的水冷循环系统可以给盾构机及时降温，水冷循环系统是通过热传递方式改变物体内能；
工作过程中用水冷却，这是利用水的比热容较大的原理，与质量相同的其它物质相比，升高相同的温度，水吸收的热量多。
故答案为：做功；热传递；比热容。
(1)改变物体内能的两种方式是做功和热传递；
(2)相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
本题考查内能的改变方式的判断和水的比热容的应用，难度不大。
10.【答案】热值 变小 不变
【解析】解：(1)“神舟七号”载人飞船采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量；
(2)从近地点到远地点运动时，所处高度增大，重力势能增大，动能减小，只有动能和势能的转化时，机械能守恒，故在由近地点向远地点运转的过程中，它的机械能的总量不变。
故答案为：热值；变小；不变。
(1)液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量；
(2)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；动能和势能统称为机械能。
掌握动能、重力势能的影响因素，利用控制变量法，能判断动能、重力势能的变化。
11.【答案】S 地磁场 沈括
【解析】解：东汉学者王充在《论衡》中记载：“司南之杓，投之于地，其柢指南。”司南即指南针，如图所示，指南针的柢(勺柄)指南，“其柢指南”意思是它的杓柄会指向南方；“柢”为指南针的S极。指南针之所以指南北，是因为它受到地磁场的作用。指南针所指的南北方向与地理的南北方向略有偏离，世界上最早记录这一现象的人是我国宋代学者沈括。
故答案为：S；地磁场；沈括。
(1)地球本身是一个巨大的磁体，地球周围存在的磁场叫地磁场；地磁的南极在地理的北极附近，地磁的北极在地理的南极附近。指南针指示南北方向就是因为受到地磁场的作用。
(2)最早发现地磁南北极和地理南北极方向略有偏离的是我国宋代学者沈括。
知道地磁场的分布和地磁偏角的发现者是解决本题的关键。本题属于基础性题目。
12.【答案】电动机 电流方向 磁场
【解析】解：如图电流表的内部主要结构由磁体、线圈组成，当电流表有电流通过时，线圈成为通电导体在磁场中受力而运动，即电流表的工作原理是通电导体在磁场中受力运动，与电动机工作原理相同；
若电流从正接线柱流入，指针会正方向偏转，若电流从负接线柱流入，指针会反方向偏转(损坏电流表)，可知通电导体受力的方向跟电流方向有关；
电流表使用时需要远离强磁体，是因为磁体周围存在磁场，会影响电流表示数。
故答案为：电动机；电流方向；磁场。
(1)电流表是利用通电导体在磁场中受力运动来工作的。
(2)通电线圈在磁场中受力方向与电流的方向和磁场方向有关。
(3)磁体周围存在磁场。
电磁部分主要是发电机原理和电动机原理，通过观察结构可判断是谁的工作原理。
13.【答案】转换法 电阻 9
【解析】解：用U形管中液面高度差反映电阻产生热量的多少，这种实验方法叫做转换法；
由串联电路的电流规律可知，通过两电阻丝的电流相等，通电时间相等，由图知甲的电阻大于乙的电阻，根据Q=I2Rt得甲容器中电阻丝产生的热量大于乙容器中电阻丝产生的热量，所以一段时间后，甲容器连接的U形管液面高度差较大。实验表明，电流通过导体产生的热量与电阻有关，导体的电阻越大，产生的热量越多。
通电 10s后，甲容器中的电阻产生的热量为：
Q甲=I2R甲t=(0.3A)2×10Ω×10s=9J。
故答案为：转换法；电阻；9。
用U形管中液面高度差反映电阻产生热量的多少，这种实验方法叫做转换法；根据串联电路的电流规律判断出通过两电阻丝电流的关系，由焦耳定律判断出甲、乙产生热量的多少，进而判断出哪一容器连接的U形管液面高度差更大，进而得出结论，由焦耳定律算出通电10s后，甲容器中的电阻产生的热量。
此题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”实验的理解和掌握，注意控制变量法的运用，同时考查了学生对焦耳定律变形公式的理解和掌握，难度较大。
14.【答案】S1闭合、S2断开 10 40
【解析】解：当无人上厕所时，要求灯光较暗，但能起到指示作用，此时开关S1闭合、S2断开时，灯泡与电阻串联，
灯泡的电阻RL=UL2PL=(220V)240W=1210Ω，此时电路电流I=URL+R=220V1210Ω+1210Ω=111A，此时灯泡消耗的电功率为P=I2RL=(111A)2×1210Ω=10W，
灯泡正常发光时消耗的电功率等于额定功率为40W。
故答案为：S1闭合、S2断开；10；40。
根据无人上厕所时，灯光较暗可知，灯泡两端小于额定电压，由此判断出开关S1、S2的通断情况；开关S1闭合、S2断开时，灯泡与电阻串联，已知灯泡的额定功率和额定电压，根据公式R=U2P求出灯泡的电阻，再利用公式I=UR求出串联电路的电流，最后利用公式P=I2R求出此时灯泡消耗的电功率。
闭合开关S2，灯泡正常发光，灯泡消耗的电功率等于额定功率。
本题考查电阻、电流和电功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是判断开关断开与闭合时电路的连接情况，这也是本题的重点，还要知道串联电路电流的规律。
15.【答案】同种 31.62023
【解析】解：如图1所示，用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球时，验电器的两片金属箔因带同种电荷，互相排斥而张开；如图2的电能表显示的读数为31.6kW⋅h；如图3的电阻箱的示数为2023Ω。
故答案为：同种；31.6；2023。
(1)验电器的基本原理是同种电荷相互排斥。
(2)电能表是测量电功的仪表，它的单位是千瓦时，最后一位是小数。
(3)电阻箱的电阻读数方法为：转盘上对应的数值乘以倍数，然后相加，即为总的电阻值。
本题考查的是验电器的原理；会正确读出电能表和电阻箱的读数，属于基础性题目。
16.【答案】
【解析】
17.【答案】解：电压表要测电阻两端电压，则电压表应与灯泡L1并联，中间的虚线框内是电压表，左边虚线框内为电流表，右边虚线框内是电源，且电源的正极朝上，才能满足电流方向，如图所示：
【解析】电压表应与被测用电器并联，电流表应与用电器串联，电流方向是从电源正极出发回到负极，据此分析确定三个元件的位置。
本题考查了电压表和电流表的连接方法以及电源外部的电流方向，利用好“电压表测灯泡L1两端电压”是关键。
18.【答案】
【解析】解：(1)灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又更安全。
(2)三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线，如下图所示：
掌握家庭电路中的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
19.【答案】电流表未调零 Cb−
【解析】解：(1)闭合开关前，发现电流表如图1所示，电流表指针没有指在零刻度线上，其原因是电流表未调零；
(2)由图2可知，该电路为并联电路，电流表测量干路中的电流；
A、灯L1断路时，由于并联电路各支路互不影响，则灯L2发光，电流表有示数，故A错误；
B、灯L2短路时，电源会被短路，电路电流很大，导致电流表损坏，故B错误；
C、电流表内部断路，则干路是断开的，电流表无示数，灯泡都不发光，故C正确；
D、电流表内部短路，则两灯并联且仍能发光，故D错误；
故选：C；
(3)若要测灯L1的电流，电流表要与L1串联，如下图所示：
则应将导线b的左端线头改接到电流表的“-“接线柱上。
故答案为：(1)电流表未调零；(2)C；(3)b；-。
(1)由图知，电流表指针没有指在零刻度线上，使用电流表前应对电流表进行机械调零，使指针指在零刻度线上；
(2)首先判定电路的连接方式，根据串并联电路的特点分析电路故障的原因；
(3)电流表与待测电路串联；若要测灯L1的电流，电流表与L1串联，据此改动。
本题是探究并联电路中电流规律的实验，考查了电流表的使用、电路故障分析、电路的改接，难度一般。
20.【答案】速度 质量相同时，物体的速度越大，动能就越大 木块被推动的距离 钢球 >D
【解析】解：(1)根据图示可知，小球的质量不变，滚下的高度不同，到达水平面时的速度不同，所以探究的是动能大小与速度的关系，钢球的速度越大，撞击木块移动的距离越大，动能越大；结论为：在质量相同时，物体的速度越大，动能就越大；
(2)实验中通过观察木块被撞击后滑行的距离的大小来间接判断钢球动能的大小，该方法是转换法；
(3)钢球从高处滚下的过程中，重力势能转化为动能；由于存在摩擦，克服摩擦做功，一部分重力势能转化为内能；钢球与木块碰撞的过程中，球对木块做功，做功的大小小于球最初的动能；木块在运动过程中，克服摩擦做功，机械能转化为内能，即木块克服摩擦做的功等于木块的动能大小，也就是小于开始时小球的重力势能；
(4)在探究动能的大小与质量关系时，需要控制速度大小不变，改变质量，当换用另一个钢球实验时，发现它将木块撞出了木板，这说明该球的动能太大了；
A.若换质量更大的木块，改变了木块所受摩擦力的大小，不符合控制变量法的要求，故A不可行；
B.该实验中需要控制速度相同，若降低第二次钢球的高度，则会改变钢球到达水平面时的速度，不符合控制变量法的要求，故B不可行；
C.若换质量更大的钢球，钢球到达水平面时的动能更大，则更容易使木块滑出木板，故C不可行；
D.若换质量更小的钢球，钢球到达水平面时的动能较小，能减小木块移动的距离，故D可行；
故选：D。
故答案为：(1)速度；质量相同时，物体的速度越大，动能就越大；(2)木块被推动的距离；钢球；(3)>；(4)D。
(1)动能的大小与质量和速度有关，实验时用控制变量法分别探究；
(2)此实验把动能的大小转换为木块被撞击后滑行的距离，距离越远表明钢球的动能越大；
(3)木块滑动过程中，克服摩擦力做功；
(4)根据减小动能的方法分析。
用控制变量法研究动能大小的影响因素，用转换法表示动能的大小；采用控制变量法研究实验时，一定注意相同因素和不同因素。
21.【答案】右 灯泡的实际功率太小 灯丝电阻随温度的升高而增大 B
【解析】解：(1)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大处，即最右端；
(2)①小灯泡L在额定电压下工作时，电流表的指针位置如图2所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.36A，则小灯泡额定功率为：
PL=ULIL=2.5V×0.36A=0.9W；
大于小灯泡L上标注的0.75W，如果不是测量误差造成的，根据P=UI=U2R可知，当额定电压不变时，功率变大，说明灯丝电阻变小，由影响电阻大小因素可知，灯丝太粗了，故选：A；
②由表中数据可知，第1次实验中小灯泡实际功率为0.10W，远小于灯泡额定功率0.9W，小灯泡L不亮，说明灯泡的实际功率太小；
③由表中数据可知，当灯泡两端电压增大，灯泡的实际功率变大，温度升高，灯丝电阻随温度的升高而增大，故小灯泡L两端的电压U与通过它的电流I的比值是不同的；
(3)由表中数据可知，当灯泡两端电压为0.5V时，通过灯泡的电流为0.2A，由串联电路电压规律可知，此时滑动变阻器两端电压为U滑=U−U1=4.5V−0.5V=4V，
则滑动变阻器接入电路的阻值为：
R滑=U滑I1=4V0.2A=20Ω，故选：B。
故答案为：(1)右；(2)①0.36；0.9；A；②灯泡的实际功率太小；③灯丝电阻随温度的升高而增大；(3)B。
(1)为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大处；
(2)①根据电流表选用量程确定分度值读数，利用P=UI求出灯泡额定功率；根据P=UI=U2R结合影响电阻大小因素分析回答；
②灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定；
③灯丝电阻随温度的升高而增大；
(3)根据表中第1组数据利用串联电路电压规律结合欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的阻值，据此确定滑动变阻器的规格。
本题测量小灯泡的电功率实验，考查了注意事项、电流表读数、功率的计算、影响电阻大小因素和器材的选择等知识。
22.【答案】断路 1 正比 左 40 减小
【解析】解：(1)闭合开关后，发现两电表指针偏转情况如图乙所示，此时电流表示数为0，说明电路可能断路，电压表示数满偏，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，故电路存在的故障可能是定值电阻断路；
(2)①当电压表示数为2.8V时，电流表如图丙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.28A；
由表中第1次实验数据可知，当定值电阻两端电压为1V，通过定值电阻的电流为0.1A，根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端电压为U滑=U−U1=6V−1V=5V，则滑动变阻器接入电路的阻值为：
R滑=U滑I1=5V0.1A=50Ω，大于本实验提供的滑动变阻器最大阻值40Ω，故这组不符合实际的实验序号是1；
②根据表中数据可知：电压增大为原来的几倍，通过的电流也增大为原来的几倍，故得出的结论：在导体的电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(3)①实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，故应把滑动变阻器滑片向左滑动；
②定值电阻两端的电压始终保持UV=2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=U−UV=6V−2V=4V，电压表示数为变阻器分得电压的2V4V=0.5倍，根据分压原理，当变阻器连入电路中的电阻为40Ω时，定值电阻的阻值：R大=0.5×40Ω=20Ω，即所选择的定值电阻的最大阻值不能大于20Ω，故当接入40Ω的电阻时，无论怎样调节滑片，电压表的示数都无法达到2V；
设电源电压为U′，由串联电路的规律及分压原理有：U滑′UV=U′−UVUV=R滑R定，方程左边为一定值，故右边也为一定值，当滑动变阻器连入电路的电阻最大时，对应的电源电压最大，即U′−2V2V=40Ω40Ω，解得U′=4V<6V，故为了完成实验，她可以适当地减小电源电压。
故答案为：(1)断路；(2)①1；②正比；(3)①左；②40；减小。
(1)由图乙可知，电流表示数为0，说明电路可能断路，电压表示数满偏，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
(2)①根据电流表选用量程确定分度值读数；根据表中数据结合串联电路电压规律和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的阻值，然后分析与实际不符的数据；
②分析表中电流与电压的关系得出结论；
(3)①根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压不变，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑动变阻器滑片移动的方向；
②探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当变阻器连入电路中的电阻最大时，定值电阻的阻值，进而确定定值电阻的规格；当电阻最大为40Ω且变阻器接入最大阻值时，电源电压为最大，由分压原理求出电源电压最大值，与电源电压进行比较，进而确定是增大还是减小电源电压。
本题探究电流与电压、电阻关系的实验，考查了电路故障、电流表读数、数据分析、控制变量法和欧姆定律的应用等知识。
23.【答案】解：(1)由电路图可知，同时闭合开关S1、S2时，R1、R2并联，电流表测干路中的电流，
则通过电阻R1的电流：
I1=UR1=30V15Ω=2A；
根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和知通过电阻R2的电流为：
I2=I−I1=2.5A−2A=0.5A；
(2)根据I=UR得电阻R2的阻值：
R2=UI2=30V0.5A=60Ω。
答：(1)通过电阻R2的电流为0.5A；
(2)电阻R2的阻值为60Ω。
【解析】(1)由电路图可知，同时闭合开关S1、S2时，R1、R2并联，电流表测干路中的电流，根据欧姆定律求出通过电阻R1的电流，根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和求出通过电阻R2的电流；
(2)根据I=UR求出电阻R2的阻值。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，属于基础性题目，比较简单。
24.【答案】解：
(1)由图象可知，货物在0∼5s内，处于静止状态，通过的路程为0，根据W=Fs可知工人所做的功为0J；
(2)由图象可知，货物在这30s−5s=25s内通过的路程是s=5m，
移动时拉力做功：W总=Fs=600N×5m=3000J；
拉力做功的功率：P=W总t=3000J25s=120W；
(3)有用功：W有用=Gh=1500N×1m=1500J；
则该斜面的机械效率：η=W有用W总×100%=1500J3000J×100%=50%。
(4)W额=W总−W有用=3000J−1500J=1500J，
由W额=fs可得，摩擦力：
f=W额s=1500J5m=300N。
答：(1)在0−5s内，拉力做的功是0J；
(2)移动时拉力做功的功率是120W；
(3)该斜面的机械效率是50%；
(4)箱子沿斜面匀速运动时所受的摩擦力是300N。
【解析】(1)力对物体做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动距离；
(2)从图象中找出货物运行的时间以及在这段时间内通过的路程，根据W=Fs求出总功，利用P=Wt求功率；
(3)根据W=Gh求出有用功，利用η=W有用W总×100%即可求出机械效率；
(4)总功减去有用功为额外功，由f=W额s可求得摩擦力。
本题考查了学生对图象的识别能力和利用功、功率、效率公式进行简单计算的能力，是一道好题。图象信息题是近年来中考的热点题型。
25.【答案】CDC3.68×108 6001.5×104
【解析】解：(1)油电混合动力汽车高速行驶，汽油机工作，发电机给电池充电，
A是电磁感应，是发电机的原理，故用到了此原理；
BD、B是水蒸气对外做功，内能转化为机械能，与汽油机的做功冲程原理相同，而D是压缩气体做功，机械能转化为内能，与压缩冲程原理相同，BD都用了此原理；
C、磁场对电流有力的作用，是电动机的原理，此过程没有用到，故选：C。
(2)由P=Wt=Fst=Fv可知，汽车的最大功率一定时，减小行驶速度时，可以获得更大的牵引力，故D正确；
(3)A.蓄电池充电时，电能转化为化学能，故A正确；
B.图中定值电阻与滑动变阻器串联，当滑片移动到最下方，没有定值电阻会短路，故定值电阻R0起到保护电路的作用，故B正确；
C.油量表是串联在电路中，根据电流表使用，实质是电流表改装而成的，故C错误；
D.加油的过程中，油面上升，浮标上移，滑片下移，滑动变阻器接入电路的电阻减小，根据欧姆定律，电路中的电流变大，油量表的示数变大，故D正确；
故选：C。
(4)8kg汽油完全燃烧放出的热量：Q放=m汽油q=8kg×4.6×107J/kg=3.68×108J；
汽车与驾驶员的总质量为2000kg，总重力G=mg=2000kg×10N/kg=20000N，
汽车所受的阻力是总重力的0.03倍，汽车做匀速直线运动，则牵引力F=f=0.03G=0.03×20000N=600N；
速度v=90km/h=25m/s；
牵引力的功率P=Wt=Fst=Fv=600N×25m/s=1.5×104W。
故答案为：(1)C；(2)D；(3)C；(4)3.68×108；600；1.5×104。
(1)油电混合动力汽车高速行驶，汽油机工作，发电机给电池充电，据此分析解答；
(2)对于汽车来说，其最大功率是一定的，由P=Wt=Fst=Fv分析解答；
(3)蓄电池充电时，电能转化为化学能，图中定值电阻与滑动变阻器串联，当滑片移动到最下方，没有定值电阻会短路，油量表是串联在电路中，根据电流表使用分析；加油的过程中，油面上升，浮标上移，滑片下移，滑动变阻器接入电路的电阻减小，根据欧姆定律分析解答；
(4)利用Q=mq可求得汽油完全燃烧放出的热量；根据总质量计算重力，汽车所受的阻力是总重力的0.03倍计算牵引力，根据P=Wt=Fst=Fv计算功率。
本题为力学、电学综合题，考查了重力公式的应用和功率、热量的计算，要求灵活应用相关公式，注意单位统一。
26.【答案】开关 不会 减小 R2 21.8
【解析】解：
(1)电磁继电器的作用相当于一个开关，用来控制电路的通断；
此时若对调电源正负极，则有磁性时，仍会吸引磁铁，不会影响摄像系统的工作。
(2)由图乙可知，温度升高时，热敏电阻R1的阻值变小；
(3)两电阻串联，温度升高时，R1电阻变小，电路中电流变大，R2电阻不变，由U=IR，R2两端电压变大，所以电压表应加在R2两端；
(4)当温度升高到5℃时，R1=25Ω，控制电路中电流达到100mA=0.1A；
电源电压U=I(R1+R2)=0.1A×(25Ω+5Ω)=3V；
制冷器启动工作时温度降低，当制冷器停止工作时该装置所控制的温度最低，此时电路中的电流I1=0.0375A；
此时电路中的总电阻为：R=UI1=3V0.0375A=80Ω；
热敏电阻R1′=R−R2=80Ω−5Ω=75Ω；
由图乙可知，热敏电阻的阻值为75Ω时，温度为2℃；
(5)由图丙可知一小时内，工作电路制冷器时间t=15min+10min+10min+10min=45min=2700s；
一小时内，工作电路制冷器消耗的总电能W=Pt=2400W×2700s=6.48×106J=1.8kW⋅h。
故答案为：(1)开关；不会；(2)减小；(3)R2；(4)2；(5)1.8。
(1)电磁继电器在电路中的作用相当于一个可以自动控制的开关，可以实现自动控制和远程控制等；
电磁继电器的电路可分为控制电路和工作电路两部分，当控制电路接通时，电磁铁有磁性，吸引衔铁；当电磁铁无磁性时，衔铁在弹簧的作用下被拉起；
(2)根据图乙分析电阻随温度的变化情况；
(3)两电阻串联，温度升高时，R1电阻变小，电路中电流变大，R2电阻不变，由U=IR，判断R2两端电压变化情况；
(4)制冷器启动工作时温度降低，当制冷器停止工作时该装置所控制的温度最低；
(5)利用W=Pt求出工作电路制冷器消耗的总电能。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的计算，关键是根据图象得出相关信息，理解电磁继电器的原理。实验序号
电压U/V
电流I/A
灯泡的亮度
电功率P/W
1
0.5
0.20
不亮
0.10
2
1.0
0.24
暗
0.24
3
2.0
0.32
较暗
0.64
4
2.5
正常亮
5
3.0
0.38
很亮
1.14
序号
1
2
3
4
5
6
U/V
1.0
1.4
2.0
2.4
2.8
3.0
I/A
0.10
0.20
0.25
0.28
0.30
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