2023-2024学年广东省茂名市博雅中学九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析）

这是一份2023-2024学年广东省茂名市博雅中学九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析），共21页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。

1.据物理学史记载，最先发现通电导线周围存在磁场的科学家是( )
A. 安培B. 奥斯特C. 伏特D. 法拉第
2.下列数据中，最接近实际情况的是( )
A. 汽油机效率可达到99%B. 实验室中一段铜导线的电阻约为200Ω
C. 智能手机的工作电压约为220VD. 挂壁式空调正常工作时的功率约为1200W
3.下列实例中，重力对物体做功的是( )
A. 足球在水平草地上滚动
B. 建筑工地里，吊在空中水平移动的材料
C. 跳水运动员下落
D. 做物理实验，让小车在水平木板上匀速运动
4.如图所示，利用热传递来改变物体内能的是( )
A. 钻木取火B. 燃气灶烧水
C. 压缩空气升温D. 锯木材锯子会发烫
5.如图，关于甲、乙、丙、丁四幅实验图片，下列说法错误的是( )
A. 甲实验说明通电导体周围存在着磁场
B. 乙实验说明了发电机的工作原理
C. 丙实验说明电磁铁的磁性强弱与线圈匝数有关
D. 丁实验过程中将机械能转化为电能
6.关于热和能，下列说法正确的是( )
A. 热传递时，温度总是从高温物体传递给低温物体
B. 一块0℃的冰在熔化过程中，温度不变，内能不变
C. 供暖时，用水做暖气片的热源是利用了水的比热容大
D. 酒精灯中的酒精燃烧一半后，剩余酒精的热值变小
7.我集团校主校区在“职工之家”开设了乒乓球室，并同时增设发球机装备，这极大地提高了教师活动的积极性，如图是发球机在同一高度以相同的初速度朝不同方向，分别发出a、b、c三个完全相同的乒乓球，若不计空气阻力，下列说法中正确的是( )
A. 发球时b球的动能最大B. c球落地时的动能最大
C. 落地时三个小球的动能不同D. a球在最高点时的重力势能最大
二、填空题：本大题共7小题，共21分。
8.家里的电灯、电视、电冰箱等家用电器的连接方式是______的(填“串联”或“并联”)，一个自制水果电池的电压为0.5V，合______ mV，滑动变阻器是通过改变连入电路中的电阻丝的______来改变电阻大小的。
9.某单缸四冲程内燃机的一个冲程剖面图如图所示。由图可知，该内燃机是______(选填“汽油机”或“柴油机”)，该冲程是______冲程。若该内燃机的一个工作循环对外做功30 J，则燃料完全燃烧放出的热量一定______(选填“大于”“等于”或“小于”)30J。
10.如图所示，卫星沿椭圆轨道由远地点向近地点运行，卫星的动能______，重力势能______，机械能______(三空均选填“增大”“减小”或“不变”)。
11.当某用电器工作时其两端所加的实际电压低于额定电压，其额定功率______(填“变大”“变小”或“不变”)。一个标有“220V，110W”字样的灯泡正常发光时，通过它的电流是______ A，若灯泡两端所加实际电压为110V，则其消耗实际电功率为______ W。(不考虑灯丝电阻随温度的变化)
12.如图是探究电流通过导体产生的热量与______关系的实验装置。实验中用 U形管内液的高度差反映了导体______的多少，通电一段时间后，容器______(选填“甲”或“乙”)内电阻丝产生的热量较多。
13.如图所示，是一种小型千斤顶的示意图，当手往下压动摇臂时，能把重物抬高一段较小的距离。工人在2s时间里，用100N的力，竖直向下压动摇臂50cm，把重1000N的重物匀速抬高4cm，则重物上升的速度是______m/s，所做的有用功是______J，千斤顶的机械效率是______。
14.如图所示的电路中，R1=4R2，要使R1与R2组成并联电路，应该闭合开关______，此时通过R1与R2的电流之比为______。若只闭合开关S2，则R1与R2两端的电压之比为______。
三、作图题：本大题共3小题，共7分。
15.如图，请在“
”内分别接入电流表或电压表，使灯L1、L2均发光。(填上合适的电表符号)
16.小磁针静止时的方向如图所示，请标出电磁铁左边的磁极极性和电源的正负极。
17.要用电流表测量通过A、B两灯的电流之和，只允许变动原图中的一根导线，请在图中需要变动导线上打“×”并改正。
四、实验探究题：本大题共5小题，共32分。
18.完成下列实验：
(1)如图1所示，用酒精灯给水加热一段时间后，软木塞冲出试管口，此过程的能量转化与热机的______冲程相同。
(2)如图2所示，电阻箱的示数为______Ω。
(3)如图3所示，小明家电能表的示数为______kW⋅h；若该电能表的转盘在5min内转了300转，则这段时间内小明家中用电器消耗的电能为______ J。
(4)如图4所示，验电器A带正电，B不带电，A带正电的原因是它______(选填“得到”或“失去”)电子，如图乙所示，用金属棒将验电器A、B的金属球连接起来的瞬间，金属棒中的电流方向是______(选填“向左”或“向右”)。
19.如图是探究“物体的动能大小与哪些因素有关”的实验装置图。A、B是两个质量不同的小球(mA(1)使用甲、丙两图，是为了研究动能大小与______的关系；
(2)小华同学通过比较图乙、丙两图，得出“质量大的物体动能大”，小丽认为小华的这一比较过程存在错误，你知道错误是什么吗？______；
(3)假如图中的水平面绝对光滑，则用图中的装置能否进行探究动能大小的实验？______，你判断的理由是：______。
(4)该实验是通过观察木块移动的距离来比较物体的动能大小，从而得出结论的。下面的四个实验中也采用这种研究方法的是______。
A.认识电压时，我们可以用水压来类比
B.用总电阻表示同一段电路中串联的两个电阻
C.通过磁体吸引大头针数目的多少来判断磁体的磁性强弱
D.保持电阻不变，改变电阻两端电压，探究电流与电压关系
20.在“探究电流与电压的关系”实验中，小明按如图甲连接好电路，其中电源电压为6V。
(1)如图甲为小明设计的实验电路图，其中①是______表，②是______表；
(2)闭合开关S，调节滑片，多次测量得到的实验数据如上表所示。分析表中数据可知，实验序号为______的数据是错误的。排除错误数据后再次分析，可得出结论：电阻一定时，通过导体的电流跟导体两端的电压成______比；
(3)接着小明又探究了电流与电阻的关系，在上述器材的基础上小明又增加了定值电阻(5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的各一个)，接入定值电阻后，小明调节滑动变阻器的滑片控制电压表的示数如图乙所示。若要使实验顺利进行，应选用______(填字母)规格的滑动变阻器。
A.“20Ω，1A”
B.“30Ω，0.5A”
C.“50Ω，1A”
(4)实验结束后，小明又找来了电阻箱R0和单刀双掷开关，设计了如图2所示的两个电路(电源电压已知)，不用电流表也可以测量Rx的电阻。两种方案中你认为方案______的设计可以让测量结果更准确，理由是______。
21.如图甲所示，小佳同学在两只相同的烧杯里分别装入水和食用油，比较它们吸热的情况。
(1)为了便于比较，实验中要求两烧杯中放入规格相同的电加热器，通过______来反映吸收热量的多少；
(2)小佳在两只烧杯中应分别装入质量______(选填“相等”或“不相等”)的水和食用油；
(3)实验数据如表所示，若要使水和食用油升高到相同的温度，则需要给水加热______(选填“更长”或“更短”)的时间，此时水吸收的热量______(选填“大于”“小于”或“等于”)食用油吸收的热量；
(4)实验表明，______(选填“水”或“食用油”)的吸热能力更强，乙图中能正确反映水和食用油的温度随加热时间变化的是______(选填“A”或“B”)；
(5)如图丙所示是某一沿海城市和某一内陆城市年气温变化曲线，从图像可以看出，在一年中，曲线C所示的城市气温变化较______(选填“大”或“小”)，根据上面探究过程中所获得的知识可知，曲线C表示的是______(选填“沿海”或“内陆”)城市的年气温变化曲线。(c沙22.某智能扫地机器人(如图1)可通过灰尘传感器自动寻找灰尘清扫，通过电动机旋转、产生高速气流将灰尘等吸入集尘盒。图2为其部分工作原理图，控制电路电源电压U为4.5V，指示灯电阻为5Ω，定值电阻R0=12Ω，R为光敏电阻，其阻值随光照强度E(单位cd)的变化如图3所示。如表为其部分工作参数(注：电池容量指工作电流与工作总时间的乘积，线圈电阻不计)
(1)图2中电磁铁根据电流的______效应做成；
(2)当清扫到一定程度，地面灰尘减少，使照射到光敏电阻上的光照强度增强，则电磁铁磁性______(选填“增强”、“不变”或“减弱”)，衔铁将与______(选填“A”或“C”)触头接触。
(3)检测发现该品牌扫地机器人在光照强度恰好为3cd时电动机开始工作，则相当于电压表示数等于______ V时，电动机开始工作。
(4)当剩余电量减为电池总容量的10%时，机器人会主动寻找充电器充电，充满电后电池储存的电能为______ J；在充满电后到主动寻找充电器期间的电池总容量能够持续供应该机器人正常工作______小时。
五、计算题：本大题共2小题，共13分。
23.某学习小组同学想研究酒精灯烧水时的热效率，他们用酒精灯给100g的水加热，经过一段时间测得水温升高了60℃、消耗了4.2g酒精。已知：水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，酒精的热值为3×107J/kg。求：
(1)此过程中水吸收的热量；
(2)4.2g酒精完全燃烧放出的热量；
(3)酒精灯烧水时的热效率。
24.如图所示，图甲为某电饭锅的实物图、图乙为其电路原理图、图丙为电饭锅铭牌的主要参数，R1和R2为电阻不变的电热丝，S1为总开关，S2为温控开关。该电饭锅可以通过S1、S2两个开关的断开与闭合实现加热、保温两个挡位的变化。将电饭锅接入电源电压为220V的电路中，求：
(1)电饭锅在处于加热挡时的电流；
(2)电饭锅处于保温挡时，持续工作10min，产生的热量是多少焦；
(3)R1和R2的阻值。
六、综合题：本大题共1小题，共6分。
25.在“探究感应电流的产生”的实验中，某同学的四次实验情况分别如图所示。
(1)有同学说：“只要闭合电路中的一部分导体在磁场中运动，就会产生感应电流。”你认为他的说法对吗？______(选填“对”或“不对”)，图______可支持你的结论：
(2)为了探究感应电流的方向跟磁场方向和导体运动方向之间的关系：
①根据图甲和图乙的实验现象可知：在磁场方向相同的情况下，感应电流的方向与______有关；
②根据图乙和图丁的实验现象可知：在导体的运动方向相同的情况下，感应电流的方向与______有关。
(3)从能量的角度来分析，感应电流的产生过程是______能转化为______能的过程。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、安培总结了安培定则，故A不符合题意；
B、奥斯特首先发现通电导线周围存在磁场，故B符合题意；
C、伏特发明了“伏打电池”，故C不符合题意；
D、法拉第发现了电磁感应现象，故D不符合题意。
故选：B。
丹麦的物理学家奥斯特做的著名的奥斯特实验证实了：通电导线周围存在磁场。
物理学史一直是考试中的热点，了解相关的物理学史可以使我们了解科学家的贡献，激发我们学习物理的兴趣。
2.【答案】D
【解析】解：
A、汽油机的效率大约为20∼30%，即使技术再先进，也不能让汽油机的效率达到99%，故A不符合实际；
B、实验室中一段铜导线的电阻很小，几乎为0，可以忽略不计，故B不符合实际；
C、智能手机的工作电压约为3.7V，故C不符合实际；
D、挂壁式空调属于大功率用电器，正常工作时的功率约为1200W，故D符合实际。
故选：D。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最合理的是哪一个。
本题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出合理的选项即可。
3.【答案】C
【解析】解：
A、足球在水平草地上滚动，没有在重力的方向上没有移动距离，所以重力对足球不做功，故A不符合题意；
B、建筑工地里，吊在空中水平移动的材料没有在重力的方向上没有移动距离，所以重力对材料不做功，故B不符合题意；
C、跳水运动员从跳台跳下，运动员受重力的作用，并且在重力的方向移动了距离，所以重力对运动员做了功，故C符合题意；
D、让小车在水平木板上匀速运动，没有在重力的方向上没有移动距离，所以重力对小车不做功，故D不符合题意。
故选：C。
做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离，二者缺一不可，据此分析判断。
明确三种情况不做功：一是有力无距离(例如：推而未动)，二是有距离无力(靠惯性运动)，三是力的方向与运动方向垂直。
4.【答案】B
【解析】解：A、钻木取火，属于做功改变物体的内能，故A错误；
B、燃气灶烧水，是通过热传递的方式改变内能，故B正确；
C、压缩空气升温，属于做功改变物体的内能，故C错误；
D、锯木材锯子会发烫，属于做功改变物体的内能，故D错误。
故选：B。
改变物体内能有两种方式：做功和热传递。做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化，热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，有传导、对流和辐射三种形式。
本题考查了学生对两种改变物体内能的方式的判断，知道做功改变物体内能是能量转化的过程，热传递改变物体内能是能量的转移过程。
5.【答案】D
【解析】解：A、奥斯特实验说明通电导体周围存在磁场，故A正确；
B、图中无电源，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流计指针发生偏转，说明导体中有感应电流产生，这是发电机的工作原理，故B正确；
C、图中两电磁铁串联，则通过的电流相同，它们线圈的匝数不同，两个电磁铁吸引小铁钉的数量不同，说明电磁铁的磁性强弱与线圈匝数有关，故C正确；
D、图中有电源，通电导体在磁场中受到力的作用而发生运动，将电能转化为机械能，故D错误。
故选：D。
(1)奥斯特实验说明通电导体周围存在磁场；
(2)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流计指针发生偏转，说明导体中有感应电流产生；
(3)从图中控制了电流相同和匝数不同分析；
(4)通电导体在磁场中受到力的作用实验中有电源，消耗了电能。
本题是一道电磁学的综合题，考查学生对电磁学一些知识点的了解和掌握情况，是一道基础题。
6.【答案】C
【解析】解：A、发生热传递时，传递的是热量而不是温度，故A错误；
B、一块0℃的冰在熔化过程中，吸收热量，温度不变，内能增加，故B错误；
C、由Q=cmΔt可知，相同质量的水和其他物质比较，降低相同的温度时，水的比热容较大，水放出的热量较多，取暖效果更好，故C正确；
D、热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与质量无关，所以酒精灯中的酒精燃烧一半后，剩余酒精，热值不变，故D错误。
故选：C。
(1)热传递的条件是两个物体之间存在温度差，热量从高温物体传给低温物体。
(2)内能的大小跟质量、温度、状态有关；晶体熔化过程吸收热量，温度不变；
(3)由Q=cmΔt可知，相同质量的不同物质，降低相同的温度，比热容大的物质，放出的热量多，据此分析；
(4)热值是燃料的一种特性，与质量的大小、燃烧程度无关。
本题综合考查了热传递的条件、比热容、热值的概念和物体内能的改变方式等知识，综合性较强，易出错。
7.【答案】D
【解析】解：ABC、三个乒乓球开始时的速度和高度相同，因此三个乒乓球的动能和重力势能相等，机械能相等，由于不计空气阻力，整个过程中小球的机械能守恒，三个乒乓球落地时的高度相等，因此重力势能相等，由于三个乒乓球的机械能相等，因此三个乒乓球的动能相等，所以三个乒乓球的速度也相等，故ABC错误。
D、由于重力势能与质量和高度有关，三球的质量相同，而a球在最高点时的高度最大，因而重力势能最大，故D正确。
故选：D。
(1)动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因素是质量和高度，动能和势能统称机械能；
(2)由于不计空气阻力，整个过程中小球的机械能守恒。
本题考查了影响动能和重力势能的因素以及机械能的概念，总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
8.【答案】并联 500 长度
【解析】解：家里的电灯、电视、电冰箱工作时互不影响，各家用电器的连接方式并联；
0.5V=0.5×1000mV=500mV，滑动变阻器是通过改变连入电路中的电阻丝的长度来改变电阻的。
故答案为：并联；500；长度。
家庭电路中的各用电器是并联的，根据常见的电压值和电压的单位进行分析；滑动变阻器是靠改变电阻线的长度来改变电阻的。
本题考查家庭电路的连接方式，电压及单位之间的换算；知道滑动变阻器的原理；属于基础题。
9.【答案】汽油机 做功 大于
【解析】解：由图可知，内燃机的顶端是火花塞，所以该内燃机是汽油机。
图中内燃机的两气门都关闭，火花塞点火，活塞向下运动，是做功冲程。
热机在工作过程中，排放废气、克服摩擦做功等会带走大量的热量，所以内燃机一个工作循环对外做功30J，则燃料完全燃烧所放出的热量一定大于30J。
故答案为：汽油机；做功；大于。
(1)柴油机和汽油机在构造上的主要区别是：柴油机的顶端是喷油嘴，而汽油机的顶端是火花塞；
(2)判断冲程可以看气阀门的开关情况和活塞运动情况；
(3)热机在工作过程中存在热量损失，据此进行分析。
本题是关于内燃机的综合题目，能否知道汽油机和柴油机的区别、四个冲程的特点及压缩和做功冲程的特点是解决此类问题的关键。
10.【答案】增大 减小 不变
【解析】解：卫星沿椭圆轨道由远地点向近地点运行，卫星的质量不变，速度变大，动能变大；卫星所处的高度减小、质量不变，重力势能减小；由于不存在空气阻力，所以卫星的机械能守恒，保持不变。
故答案为：增大；减小；不变。
在太空中，卫星绕地球运动时，没有阻力作用，没有克服摩擦做功，机械能守恒。势能大小的影响因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越高，势能越大。动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。
本题考查了动能、重力势能、机械能的大小变化分析，属于基础题目。
11.【答案】不变 0.527.5
【解析】解：额定功率是指额定电压下的功率，不随实际电压的改变而改变，因此当某用电器工作时其两端所加的实际电压低于额定电压，其额定功率不变；
灯泡正常发光时的电压为220V，功率为110W，
根据P=UI可得，灯泡正常发光时的电流：
I=PU=110W220V=0.5A；
根据欧姆定律可得，灯泡的电阻：
R=UI=220V0.5A=440Ω，
若其两端电压为110V时，灯泡的功率：
P实际=U实际2R=(110V)2440Ω=27.5W。
故答案为：不变；0.5；27.5。
(1)额定功率是指额定电压下的功率，不随实际电压的改变而改变；
(2)灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，根据P=UI求出正常发光时的电流；
根据欧姆定律求出灯泡的电阻，再根据P=U2R求出两端电压为110V时的功率。
本题考查了电功率公式和欧姆定律的灵活应用，关键是知道灯泡正常发光时的功率和额定功率相等。
12.【答案】电流 产生热量 甲
【解析】解：由图可知，装置中右侧乙容器中一个5Ω的电阻和容器外面一个5Ω的电阻并联后再与甲容器中一个5Ω的电阻串联，根据串并联电路电流的特点可知，通过两个容器内电阻的电流不相等，故此装置是研究电流产生的热量与电流的关系；
由于导体产生的热量无法直接观察或者是测量，需要采用控制变量法用U形管内液的高度差反映了导体产生热量的多少；
两个容器内电阻的阻值相等，根据串并联电路电流的特点可知，通过甲容器内电阻的电流大于乙容器内电阻的电流，根据公式Q=I2Rt可知，通电相同时间，容器甲内电阻丝产生的热量较多；
故答案为：电流；产生热量；甲。
电流通过导体产生的热量和电流的大小、电阻、通电时间有关，采用控制变量法进行实验，通过分析图中的电路连接情况可以判断探究的因素；
实验还需要采用转换法来反映导体产生热量的多少。
本题考查了探究电流热效应的影响因素，属于基础实验，难度一般。
13.【答案】0.024080%
【解析】解：重物上升的速度V=ht=0.04m2s=0.02m/s，
所做的有用功W有用=Gh=1000N×0.04m=40J，
总功W总=FS=100N×0.5m=50J，
所以千斤顶的机械效率是η=W有用W总×100%=40J50J×100%=80%。
故答案为：0.02；40；80%。
已知重物上升的距离和时间，根据公式V=St可求重物上升的速度，
所做的有用功根据公式W=Gh可求，根据公式W=FS可求总功，有用功与总功的比值就是千斤顶的机械效率。
本题考查速度、有用功、总功和机械效率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，解题过程中要注意单位的换算。
14.【答案】S1和S3 1：4 4：1
【解析】解：
闭合S1 和S3，断开S2，R1与R2组成并联电路；
并联电路各支路电压相等，则通过R1的电流为 I1=UR1=U4R2，
通过R2的电流为I2=UR2，
则I1I2=U4R2UR2=14；
只闭合开关S2，R1与R2组成串联电路，串联电路电流处处相等，电压比等于电阻比，故
U1U2=R1R2=41。
故答案为：S1 和S3；1：4；4：1。
闭合S1 和S3，断开S2，R1与R2组成并联电路；
并联电路各支路电压相等，根据欧姆定律得出通过R1的电流和通过R2的电流，进而得出电流之比；
只闭合开关S2，R1与R2组成串联电路，串联电路电流处处相等，电压比等于电阻比。
本题考查欧姆定律的应用，是一道综合题。
15.【答案】解：电压表与被测用电器并联，并且在电路中相当于开路；电流表与被测用电器串联，并且在电路中相当于导线；
若a为电流表，灯L1会被短路，故a为电压表，测量L1两端的电压；若b为电流表，L2会被短路，故b为电压表，测量L2两端的电压；若c为电压表，则L2会断路，故c为电流表，电路为串联电路，c测电路电流，如图所示：

【解析】电压表与被测用电器并联，并且在电路中相当于开路；电流表与被测用电器串联，并且在电路中相当于导线；
根据电压表和电流表的正确使用方法以及在电路中的作用进行分析。
解决本类题的关键是牢记电压表和电流表的正确使用方法，并且能够识别串并联电路。
16.【答案】解：图中小磁针N极向右，由磁极间的相互作用可知，电磁铁右侧为N极，左侧为S极，
右手握住螺线管，大拇指指向N极，四指指向电流的方向，即电源右侧为正极；如图所示：

【解析】由小磁针的N极指向可根据磁极间的相互作用确定电磁铁的磁极，则由安培定则可得出电源的正负极。
此题由磁极间的作用判断电磁铁的磁极，再由安培定则判定电流方向，安培定则内容为：用右手握住通电螺线管，使四指弯曲与电流方向一致，那么大拇指所指的方向是通电螺线管的N极。
17.【答案】解：根据实物图可知，两个灯泡并联，要用电流表测量通过A、B两灯的电流之和，则电流表应该串联在干路中，如下所示：

【解析】电流表应该与待测电路串联，据此解答。
本题考查了实物图的连接，难度不大。
18.【答案】做功 17832258.63.6×105 失去 向右
【解析】解：(1)软木塞冲出试管口时，水蒸气对软木塞做功，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能；
内燃机的四个冲程中，只有压缩冲程与做功冲程有能量转化，压缩冲程是活塞压缩气缸内气体，机械能转化为内能；做功冲程是气缸内燃气燃烧，体积膨胀，推动活塞往下运动，是内能转化为机械能。所以，水蒸气与软木塞之间的能量转化与热机的做功冲程相同，都是内能转化为机械能；
(2)由图2可知，电阻箱的示数为1×1000Ω+7×100Ω+8×10Ω+3×1Ω=1783Ω；
(3)电能表的读数：数字方框中最后一位是小数，单位是kW⋅h，
由图可知，小明家电能表的示数为2258.6kW⋅h；
3000r/(kW⋅h)表示电路中的用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的转盘转过3000转，
则电能表的转盘转了300转，用电器消耗的电能：W=kW⋅h=0.1kW⋅h=3.6×105J；
(4)电子带负电，A带正电的原因是它失去电子；用带有绝缘手柄的金属棒把A和B连接起来，带负电的电子可以沿金属棒从B向A移动，故B金属箔张角增大；正电荷定向移动的方向是电流的方向，故金属棒中瞬间电流的方向与电子的运动方向相反，所以电流方向由A向B，即电流是向右的。
故答案为：
故答案为：(1)做功；(2)1783；(3)2258.6；3.6×105；(4)失去；向右。
(1)做功可以改变物体内能。气体对外做功时，气体的内能转化为机械能，气体内能减少；当外界对气体做功时，机械能转化为内能，气体内能增加；
(2)电阻箱的读数方法：用指针所对的数字乘以下面的倍数，然后把他们相加，就可得出电阻箱的示数；
(3)电能表的读数：数字方框中最后一位是小数，单位是kW⋅h；
3000r/(kW⋅h)表示电路中的用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的转盘转过3000转，据此可计算出转盘转过300转，用电器消耗的电能；
(4)物体失去电子带正电；金属棒属于导体，带负电的电子可以沿金属棒移动；电荷的定向移动形成电流，正电荷定向移动的方向为电流的方向。
本题考查了对能量转化、电能表读数、电能计算、电源的作用、物体带电的原因和电流方向的规定，属于基础题目。
19.【答案】速度 没有控制小球到达水平面时的速度相同 不能 如果水平面绝对光滑，木块则不会受到摩擦阻力，将会保持原来的运动状态一直匀速直线运动下去 C
【解析】解：(1)比较甲、丙两图，使质量相同的小球从斜面上不同高度处自由滚下，则小球到达水平面时的速度不同，所以这是为了研究动能大小与速度的关系；
(2)要探究小球动能与质量的关系，需要控制小球到达水平面时的速度相同，即不同质量的小球从同一高度自由滚下，而乙、丙两图没有让小球从同一高度滚下，没有控制小球到达水平面时的速度相同，所以小华的这一比较过程存在错误；
(3)如果水平面绝对光滑，木块则不会受到摩擦阻力，将会保持原来的运动状态一直匀速直线运动下去，就无法判断小车对木块做功的多少，即无法判断小车动能的大小；
(4)该实验是通过小球与纸盒共同移动的距离来表示小球具有的动能大小，用到了转换法；
A、认识电压时，我们可以用水压来类比，用到了类比法，故A错误；
B、用总电阻表示同一段电路上串联的两个电阻，利用了等效替代法，故B错误；
C、通过磁体吸引大头针数目的多少来判断磁体的磁性强弱，属于转换法，故C正确；
D、保持电阻不变，改变电阻两端电压，探究电流与电压关系，用到了控制变量法，故D错误；
故选：C。
故答案为：(1)速度；(2)没有控制小球到达水平面时的速度相同；(3)不能；如果水平面绝对光滑，木块则不会受到摩擦阻力，将会保持原来的运动状态一直匀速直线运动下去；(4)C。
(1)(2)影响动能大小的因素有物体的质量与速度，因此，在探究和分析结论时，一定要注意控制变量法的运用，并据此得出结论；
(3)如果实验中的水平面绝对光滑，则不会受到摩擦阻力，物体将保持原来的运动状态一直匀速直线运动下去；
(4)实验中通过小球推动纸盒的距离来反映小球动能的大小，用到转换法。
本题探究“物体动能的大小与哪些因素有关，主要考查控制变量法及转换法的应用，同时涉及其它研究方法的考查，要注意掌握。
20.【答案】电流 电压 2 正 C 2 可以多次测量取平均值
【解析】解：(1)电流表与用电器串联，电压表与用电器并联，所以①是电流表，②是电压表；
(2)通过电阻的电流与电压成正比，表中第2组数据不符合这个规律，实验序号为2的数据是错误的；删除错误数据后，考虑到误差因素，电压增大为原来的几倍，通过的电流也增大为原来的几倍，即电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比；
(3)由图乙知电压表的量程为0−3V，分度值为0.1V，示数为2V；
由串联电路电压的规律知滑动变阻器两端的电压为：U滑=U−UR=6V−2V=4V，
滑动变阻器两端的电压为定值电阻两端电压的4V2V=2倍，根据串联电路的分压作用知滑动变阻器接入电路的最大电阻为：R滑=2R=2×20Ω=40Ω，故“50Ω1A”符合题意；
故选：C；
(4)方案1：开关S连接a的位置，读取电压表的示数为U1，开关S连接b的位置，改变电阻箱R0的电阻，使电压表的示数仍为U1，读取电阻箱的阻值等于定值电阻R的阻值；此方案虽能得出待测电阻的阻值，但只能得到一组数据，测量次数太少，误差较大；
方案2：可以根据需要改变电阻箱的阻值，从而得到多组的电压值Ux和电阻箱的阻值R0，电源电压已知，Rx的电阻：Rx=UXI=UxU−UxR0=UxU−UxR0，
计算出多个电阻值，然后取平均值，误差更小；所以采用2方案。
故答案为：(1)电流；电压；(2)2；正；(3)C；(4)2；可以多次测量取平均值。
(1)电流表与用电器串联，电压表与用电器并联；
(2)通过电阻的电流随电压的变大而增大，据此分析；
删除错误数据后，考虑到误差因素得出结论；
(3)根据电压表的量程和分度值读出电压表的示数，由串联电路电压的规律和分压作用算出滑动变阻器接入电路的最大电阻，进而选出滑动变阻器；
(4)方案1：开关S连接a的位置，读取电压表的示数为U1，开关S连接b的位置，改变电阻箱R0的电阻，使电压表的示数仍为U1，读取电阻箱的阻值等于定值电阻R的阻值；此方案虽能得出待测电阻的阻值，但只能得到一组数据，测量次数太少，误差较大；
方案2：可以根据需要改变电阻箱的阻值，从而得到多组的电压值Ux和电阻箱的阻值R0，电源电压已知，可以求得多个Rx的电阻。
本题探究电流跟电压关系，考查注意事项、故障分析、控制变量法和数据分析归纳法的能力。
21.【答案】加热时间长短 相等 更长 大于 水 B 大 内陆
【解析】解：(1)当用相同的电加热器加热时，加热时间相同，则两物质吸收的热量相同，所以实验中通过加热时间反映吸收热量的多少。
(2)根据控制变量法可知，在两只烧杯中应分别装入质量相等的水和食用油。
(3)分析表格数据可知，加热相同时间，食用油温度升高快，所以若要使水和食用油升高到相同的温度，则需要给水加热更长的时间，此时水吸收的热量大于食用油吸收的热量。
(4)分析表格数据可知，加热相同的时间，食用油升高的温度快，水升高的温度慢，故正确图像为图B；由于吸收相同的热量，水升高的温度慢，所以水的吸热本领强。
(5)由图丙气温变化曲线得出，D所示的城市最高、最低气温差比C所示的城市的小，C曲线所示城市的气温变化较大。
沙石的比热容比水小，在吸收或放出相同的热量时，温度变化较大，所以曲线C表示的是内陆城市的年气温变化曲线。
故答案为：(1)加热时间长短；(2)相等；(3)更长；大于；(4)水；B；(5)大；内陆。
(1)(2)(3)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(4)由图丙最高、最低气温差得出结论；沿海地区和内陆地区相比，沿海地区水多，水的比热容较大，白天，在相同的吸热条件下，水的温度升高的少；夜晚，在相同的放热条件下，水降低的温度少，昼夜温差小；而在内陆地区，沙石的比热容较小，白天，在相同的吸热条件下，沙石的温度升高的多；夜晚，在相同的放热条件下，沙石降低的温度多，昼夜温差大。
本题主要考查如何用转换法和控制变量法来比较不同物质比热容(吸热能力)的大小，解题时要注意控制变量法的应用，为热学重要实验。
22.【答案】磁 增强 C31.08×105 0.9
【解析】解：(1)图2中电磁铁根据电流的磁效应做成的。
(2)由图3知光照强度与电阻大小成反比，当光照强度增强时，R电阻变小，故电磁铁磁性增强，衔铁被吸下，与C触头接触。
(3)光照强度恰好为3cd时，R=6Ω，因为它与R串联，故电路中总电阻为：R总=R+R=12Ω+6Ω=18Ω；
I=U总R总=4.5V18Ω=0.25A；
电压表示数：U0=IR0=0.25A×12Ω=3V；
(4)充满电后电池储存的电能为：
W=Ult=12V×2.5A×3600s=1.08×105J；
正常工作的时间：
t=Wp=1.08×105J×90%30W=3240s=0.9h。
故答案为：(1)磁；(2)增强；C；(3)3；(4)1.08×105；0.9。
(1)电磁铁是利用电流的磁效应。
(2)由图3知光照强度与电阻大小的关系判断电磁铁磁性的强弱；
(3)控制电路中光敏电阻与R串联，若测得R=6Ω，根据串联电路的特点和欧姆定律求出此时的电流，然后根据欧姆定律求出电压表示数。
(4)根据表格中的数据利用W=Ult即可求出充满电后电池储存的电能；根据p=Wt求出正常工作的时间。
此题以某智能扫地机器人为题材，考查了电磁继电器的原理，电能的计算、电功公式的变形，是一道综合题。
23.【答案】解：(1)水的质量：m水=100g=0.1kg，
此过程中水吸收的热量：Q吸=c水m水Δt=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.1kg×60℃=2.52×104J；
(2)完全燃烧酒精的质量：m酒精=4.2g=4.2×10−3kg，
酒精完全燃烧放出的热量：Q放=m酒精q=4.2×10−3kg×3×107J/kg=1.26×105J；
(3)酒精灯烧水时的热效率：η=Q吸Q放×100%=2.52×104J1.26×105J×100%=20%。
答：(1)此过程中水吸收的热量为2.52×104J；
(2)4.2g酒精完全燃烧放出的热量为1.26×105J；
(3)酒精灯烧水时的热效率为20%。
【解析】(1)知道水的质量、水的比热容、水温度的升高值，利用吸热公式Q吸=cmΔt求水吸收的热量；
(2)利用Q放=mq可求出酒精完全燃烧放出的热量；
(3)酒精灯烧水时的热效率等于水吸收的热量与酒精完全燃烧放出的热量之比。
本题考查了燃料完全燃烧放热公式Q放=mq、吸热公式Q吸=cmΔt和效率公式的应用，难度不大，易于计算。
24.【答案】解：(1)由图表格参数可知，电饭锅的加热挡功率P加=880W，
由P=UI可知，电饭锅在处于加热挡时的电流：I=P加U=880W220V=4A；
(2)由P=Wt可知，电饭锅处于保温挡时，持续工作10min，产生的热量：Q=W=P保t=80W×10×60s=4.8×104J；
(3)由图乙可知，当开关S1闭合，S2断开时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最大，由P=U2R可知，电路中的总功率最小，电饭锅处于保温挡；
当开关S1、S2都闭合时，只有R1工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，电饭锅处于加热挡；
由P=U2R可知，R1的阻值：R1=U2P加=(220V)2880W=55Ω；
R1、R2的串联总电阻：R=U2P保=(220V)280W=605Ω，
根据串联电路的电阻特点可知，R2的阻值：R2=R−R1=605Ω−55Ω=550Ω。
答：(1)电饭锅在处于加热挡时的电流为4A；
(2)电饭锅处于保温挡时，持续工作10min，产生的热量是4.8×104J；
(3)R1和R2的阻值分别为55Ω、550Ω。
【解析】(1)根据P=UI求出电饭锅在处于加热挡时的电流；
(2)根据Q=W=Pt求出电饭锅处于保温挡时，持续工作10min，产生的热量；
(3)由图乙可知，当开关S1闭合，S2断开时，R1、R2串联，当开关S1、S2都闭合时，只有R1工作，根据串联电路的特点和P=U2R可知电饭锅加热挡和保温挡的电路连接；根据加热挡功率和P=U2R可求出R1的阻值；根据保温挡功率和P=U2R可求出R1、R2串联总电阻，根据串联电路电阻特点求出R2的阻值。
本题考查串联电路的特点、电功率公式以及焦耳定律的应用，能正确分析不同状态下的电路连接是解题的关键。
25.【答案】不对 丙 导体运动方向 磁场方向 机械 电
【解析】解：
(1)要产生感应电流，闭合电路的部分导体在磁场中要做切割磁感线运动。如图丙，虽然导体运动了，但没有做切割磁感线运动，电流表的指针没有偏转即电路中没有感应电流产生。所以此同学的说法不对；
(2)①图甲导体向右运动，电流计的指针向左偏转；图乙磁场方向不变，导体向左运动，电流计的指针向右偏转，所以可以看出感应电流方向与导体的运动方向有关；
②图乙N极在上，导体向左运动，电流计的指针向右偏转；图丁导体运动方向不变，改变了磁场的方向，使S极在上，电流计的指针向左偏转，所以可以看出电流的方向与磁场(或磁感线)的方向有关；
(3)导体运动消耗了机械能，得到了电能，所以在此过程中，机械能转化为电能。
故答案为：(1)不对；丙；(2)①导体运动方向；②磁场方向；(3)机械；电。
产生感应电流的条件：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动。在此过程中，消耗了机械能得到了电能，所以是机械能转化为电能。注意控制变量法在此实验中的应用。
本题是“探究感应电流的产生”的实验，重点是通过实验现象的比较让学生总结产生感应电流的条件以及影响电流方向的因素。同时考查了电磁感应现象中能量的转化情况，将机械能转化为电能。实验序号
1
2
3
4
5
电压U/V
0.6
0.9
1.2
1.5
1.8
电流I/A
0.15
0.32
0.3
0.37
0.44
加热时间/min
0
6
12
水的温度/℃
20
45
70
食用油的温度/℃
20
68
116
额定工作电压
12伏
额定功率
30瓦
电池总容量
2.5Ah(安时)
工作噪音
<50dB(分贝)
额定电压：220V
加热功率：880W
保温功率：80W