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2024届安徽省淮北一中等部分高中高三下学期开学考试物理试题 （解析版）
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这是一份2024届安徽省淮北一中等部分高中高三下学期开学考试物理试题 （解析版），共19页。试卷主要包含了单项选择题，多项选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
第I卷（选择题共42分）
一、单项选择题（本题共8小题，每小题4分，共32分。每小题只有一个正确答案）
1. 截止2023年11月底，日本累计向海洋排放了超过万吨核污水，引发了国际社会的广泛关注。排放的核污水中含有钋、铯等数十种放射性物质，其中发生衰变时的核反应方程为，的半衰期为天，则下列说法正确的是（ ）
A. 含有114个中子
B. 具有很强的穿透能力
C. 比的比结合能小
D. 经过海水稀释，的半衰期会小于天
【答案】C
【解析】
【详解】A．根据质量数和电荷数守恒，核反应方程
则的质子数为82，中子个数为
故A错误；
B． 是粒子，穿透能力很弱，故B错误；
C．比更稳定，比的比结合能大，故C正确；
D．半衰期由核内部本身的因素决定，与原子所处的物理状态或化学状态无关，故经过海水稀释，的半衰期不会发生改变，故D错误。
故选C。
2. 真空轮胎（无内胎轮胎），又称“低压胎”、“充气胎”，在轮胎和轮圈之间封闭着空气，轮胎鼓起对胎内表面形成一定的压力，提高了对破口的自封能力。若某个轮胎胎内气压只有个标准大气压，要使胎内气压达到个标准大气压，用气筒向胎里充气，已知每次充气能充入1个标准大气压的气体，轮胎内部空间的体积为，且充气过程中保持不变，胎内外气体温度也始终相同，气体看成理想气体，则需要充气的次数为（ ）
A. 66B. 72C. 76D. 82
【答案】B
【解析】
【详解】根据题意知，气体做等温变化
即
解得
故选B。
3. 如图所示为某水池边缘两个波源、振动形成的某时刻的水波图样，将水波视为简谐横波，实线为波峰，虚线为波谷，此时、均在波谷位置。可以通过调节波源的振动频率，使两波源的振动完全相同，两列波在水面上叠加形成稳定干涉。已知波源振动形成的水波波长为15cm，两列波的振幅均为1cm，两列波的传播速度大小相同，、两点之间的距离为100cm，、、P三点在同一水平面上，且刚好构成一个直角三角形，，。则下列判断正确的是（ ）
A. 要形成稳定干涉图样，应将波源的振动频率调低
B. 形成稳定干涉后，、连线中点始终处于最大位移
C. 形成稳定干涉后，P点处质点振动的振幅为2cm
D. 形成稳定干涉后，、P连线上共有2个振动加强点
【答案】A
【解析】
【详解】A．由图可知，处波源振动形成的波长较短，由
可知，波源振动频率比振动频率高，因此要形成稳定干涉，应将波源的振动频率调低，故A正确；
B．形成稳定干涉后，、连线中点是振动加强点，但并不是始终处于最大位移，故B错误；
C．根据几何关系
P点到两波源的路程差
不是波长整数倍，因此不是振动加强点，故C错误；
D．根据
可知振动加强点不止2个，故D错误。
故选A。
4. 如图，一小球用轻质细线a、b连接，细线a的另一端连接于车厢顶的A点，细线b的另一端连接于车厢底板上的B点，小球静止时细线a与竖直方向的夹角为，细线b与水平方向的夹角也为。已知两细线长相等，且，不计小球大小，重力加速度大小为g。小车向左沿水平方向做匀加速直线运动，要使细线b上张力为零，则小车运动的加速度应满足的条件是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】图示中，根据几何关系，a、b细线与A、B连线的夹角均为，当细线a与竖直方向的夹角为且细线b刚好伸直，这时车的加速度大小为
根据对称性，当细线a与竖直方向的夹角为且细线b刚好伸直，这时车的加速度大小为
因此要使细线b上张力为零，则小车运动的加速度应满足的条件是
故选C。
5. 如图，一金属圆环固定在竖直平面内，并处在水平向右的匀强磁场中，圆环平面与磁场平行，为圆环垂直于磁场的对称轴。现将圆环中通入沿顺时针方向、大小恒定的电流，不考虑其他磁场的影响，则下列说法正确的是（ ）
A. 圆环有向右运动的趋势
B. 圆环有向上运动的趋势
C. 俯视看，圆环有绕沿逆时针转动的趋势
D. 将圆环绕转过且固定时，圆环受到的安培力合力为零
【答案】D
【解析】
【详解】ABC．根据左手定则可知，圆环右半边受到的安培力方向垂直磁场方向向外，左半边受到的安培力方向垂直磁场方向向里，因此俯视看，圆环有绕沿顺时针转动的趋势，故ABC项错误；
D．将圆环绕转过且固定时，两个半圆环受到的安培力等大反向，合力为零，故D项正确。
故选D。
6. 华为Mate 60 Pr成为全球首款支持卫星通话的大众智能手机，在无信号环境下，该手机过“天通一号”卫星与外界进行联系。“天通一号”卫星位于离地球表面约为6R的地球同步轨道上，R为地球半径，地球表面重力加速度大小为g，下列说法正确的是（ ）
A. “天通一号”在轨运行的加速度约为7g
B. 地球赤道上物体随地球自转的角速度约为
C. “天通一号”在轨运行的周期约为
D. 地球赤道上物体随地球自转的线速度大于“天通一号”在轨运行的线速度
【答案】C
【解析】
【详解】ABC．根据万有引力与重力的关系
地球赤道上物体随地球自转的角速度等于“天通一号”在轨运行的角速度，根据万有引力提供向心力
解得
，，
故AB错误，C正确；
D．根据
可知地球赤道上物体随地球自转的线速度小于“天通一号”在轨运行的线速度，故D错误。
故选C。
7. 如图，在竖直平面内有水平向左的匀强电场，电场强度大小为，在匀强电场中有一根长为L的绝缘轻质细线，细线一端固定在O点，另一端系一质量为m、电量为q的带负电的小球，小球静止时细线与竖直方向成角。此时让小球获得初速度且恰能绕O点在图示的竖直平面内沿逆时针方向做完整的圆周运动，重力加速度大小为g。下列说法正确的是（ ）
A. 小球静止时细线与竖直方向的夹角
B. 小球运动过程中的最小速率为
C. 小球运动到最低点P时对细线的拉力为
D. 小球从初始位置开始，在竖直平面内运动一周的过程中，其电势能先增大后减小再增大
【答案】C
【解析】
【详解】A．小球静止时合力为零，有
解得
故A错误；
B．小球运动到等效最高点时速度最小，此时对细线的拉力为零，由
解得
故B错误；
C．小球从等效最高点运动到最低点时根据动能定理有
在最低点P对小球有
解得
由牛顿第三定律可得小球对细线的拉力
故C正确；
D．小球从初始位置开始，在竖直平面内沿逆时针方向运动一周的过程中，电场力先做正功后做负功再做正功，则其电势能先减小后增大再减小，故D错误。
故选C。
8. 如图甲所示为某排球运动员发球时将排球击出时的情形，球从击出到直接落到对方场地的整个运动过程速率随时间变化的规律如图乙所示，图中所标物理量均已知，重力加速度大小为g，不计空气阻力，则下列判断正确的是（ ）
A. 排球从击出运动到最高点的时间为
B. 排球运动过程中离地的最大高度为
C. 排球从击出点到落地点位移为
D. 排球从击出到落地过程中的速度变化量大小为
【答案】B
【解析】
【详解】A．设球运动到最高点对应时刻为，水平方向速度为，由速度的分解可知
在竖直方向
解得
故A错误；
B．排球从最高点到落地，根据机械能守恒有
解得最大高度
故B正确；
C．排球从击出点到落地点的水平位移为
故C错误；
D．排球从击出到落地过程中的速度变化量大小为
故D错误
故选B。
二、多项选择题（本题共2小题，每小题5分，共10分。每题有多项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）
9. 如图，在清澈平静的水底，一条鱼向上观察，看到了一个十分有趣的景象：水面外的景物蓝天、白云、树木、房屋等，都呈现在倒立圆锥底面的“洞”内，还看到“洞”的边缘是彩色的，“洞”的边缘红光在水中传播到锥顶的时间为，水对红光的折射率为；“洞”的边缘紫光在水中传播到锥顶的时间为，水对紫光的折射率为。则下列判断正确的是（ ）
A. “洞”的彩色边缘是内紫外红B. “洞”的彩色边缘是内红外紫
C. D.
【答案】AD
【解析】
【详解】AB．全发射的临界角为
在边缘处折射角等于临界角，设鱼距离水面的深度为h，则“洞”的边缘光到锥顶的水平距离为
由于水对紫光的折射率大，临界角小，因此“洞”的彩色边缘是内紫外红，故A正确，B错误；
CD．“洞”的边缘光在水中传播到锥顶的距离为
传播时间
则
故C错误，D正确。
故选AD。
10. 如图所示电路，理想变压器原、副线圈的匝数之比为，左端接入一交变电源，其输出电压的有效值为，R为滑动变阻器（），定值电阻，电流表、电压表均为理想电表，示数分别为I、U，变化量的绝对值分别为、。当滑动变阻器的滑片向下滑动的过程中，下列判断正确的是（ ）
A. 电压表示数变大
B. 电流表示数变大
C.
D. 当时副线圈的输出功率最大
【答案】BD
【解析】
【详解】AB．由理想变压器的特点可知
可得
滑动变阻器R的滑片P向下滑动，R减小，所以变大，则变大，可知电流表示数变大，而电源的输出功率为
则电源的输出功率变大，原线圈两端电压为
因为变大，所以减小，减小，电压表示数减小，故A错误，B正确；
C．交变电源电压的有效值为
又有
可得
化简得
即
故C错误；
D．副线圈的输出功率即R获得的功率为
当时，R获得的功率最大，此时，故D正确。
故选BD。
第II卷（非选择题 共58分）
三、非选择题（本题共5小题，共58分）
11. 如图所示为测量滑块与水平桌面间动摩擦因数的实验装置。半径为R的四分之一圆弧体固定在水平桌面上，圆弧面的最底端B刚好与桌面相切，B点有一个力传感器，让质量为m的滑块从圆弧面上A点释放，测得滑块通过B点时力传感器的示数为F，滑块从C点水平滑出时与桌边缘垂直，滑块落地后，测得落点D到桌边的水平距离为s，桌面离地面的高度为H，重力加速度大小为g，不计空气阻力。
（1）滑块通过圆弧面最低点B时的速度大小为________；滑块通过C点时的速度大小为________；（两空均用题给物理量符号表示）
（2）已测得B、C间的距离为x，则滑块与桌面间的动摩擦因数为________（用题给物理量符号表示）。
【答案】 ①. ②. ③.
【解析】
【详解】（1）[1]由牛顿第二定律知
解得
[2]滑块通过C点后做平抛运动，竖直方向有
水平方向是匀速运动，有
（2）[3]根据动能定理有
解得
12.
某同学要测量两节干电池组成的电池组的电动势和内阻，根据实验室提供的器材设计了如图甲所示的电路。
（1）请根据图甲电路图将图乙实物图补充连接完整___________；
（2）连接好电路后，闭合开关之前，先将电阻箱接入电路的电阻调到最大，保持开关；断开，闭合开关、，调节电阻箱，使电压表的指针偏转到合适位置，记录电压表的示数和电阻箱的阻值；接着闭合开关，调节电阻箱，使电压表的示数再次为，记录这时电阻箱的阻值，则定值电阻的阻值________；
（3）断开开关、闭合开关、，多次调节电阻箱的阻值，测得多组电阻箱接入电路的阻值R及对应的电压表的示数U，作图像，得到图像的斜率绝对值为k，图像与纵轴的截距为b，则电池组的电动势________，内阻________；（两空均选用物理量k、b、、表示）
（4）由于电压表的内阻对电路的影响，电池组电动势的测量值比真实值________（填“大”或小”）。
【答案】 ①. ②. ③. ④. ⑤. 小
【解析】
【详解】（1）[1]实物连接如图所示；
或
（2）[2]根据题意有
解得
（3）[3][4]根据闭合电路欧姆定律有
得到
结合题意知
得到
（4）[5]由于电压表的分流，使测得通过电源的电流为偏小，图像在纵轴上的截距偏小，则使得电动势测量值比真实值小。
13. 如图，轻弹簧左端与固定挡板连接，右端与放在粗糙水平面上的质量为m的物块连接，用手将物块向左移至A点，这时弹簧处于压缩状态。撤去手的同时，给物块施加一个向右的水平拉力，使物块从静止开始做加速度为a的匀加速直线运动。当弹簧恢复原长时，物块的速度大小为v、拉力的大小为。重力加速度大小为g，弹簧始终在弹性限度内，物块可视为质点，求：
（1）物块与水平面间的动摩擦因数；
（2）从开始运动到物块的速度大小为的过程中，拉力做的功。
【答案】（1）;（2）
【解析】
【详解】（1）当弹簧处于原长时，弹簧的弹力为0，此时根据牛顿第二定律有
解得
（2）弹簧刚开始的压缩量为
当物块的速度大小为时，物块运动的距离为
这时弹簧的伸长量为
因此从开始运动到物块的速度为的过程中，弹簧的弹力做功为零，根据动能定理有
解得
14. 如图，电阻不计的两足够长的光滑平行金属导轨固定在绝缘水平面上，导轨间距为，导轨处于方向竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度大小为。质量均为、接入电路的有效电阻均为的金属棒ab、cd垂直于导轨放置，均处于静止状态。时刻给cd棒一个方向水平向右、大小的拉力，时，金属棒ab和cd加速度刚好相等。此后撤去拉力F，整个过程棒与导轨接触良好。求：
（1）时金属棒ab和cd的加速度大小；
（2）时金属棒ab和cd的速度大小；
（3）从到回路中电流为零的过程中，金属棒ab和cd之间距离的增加量。
【答案】（1）；（2），；（3）
【解析】
【详解】（1）两棒的加速度相等时，设受到的安培力大小为，对金属棒
对金属棒cd
联立解得
（2）根据安培力公式
解得回路中电流大小
设回路中的感应电动势为E，则
设两棒的加速度相等时，金属棒ab、cd的速度分别是、，则
设时间内安培力冲量大小为，对金属棒cd
对金属棒ab
联立解得
，
（3）撤去外力F后，金属棒cd做加速度逐渐减小减速运动，金属棒ab做加速度逐渐减小的加速运动，最后两棒速度相等，做匀速运动，设最终共同速度为v，根据动量守恒定律
对ab棒，根据动量定理
电荷量
设两棒间距离增大了x，则
联立解得
15. 如图甲所示，在直角坐标系xOy的第一象限内有沿y轴负方向的匀强电场，第四象限内有垂直于坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度为B，磁场内有一个平行于x轴的足够长的接收屏。在第二象限内，长为L的平行金属板A、C水平固定放置，两板与x轴平行，且右端紧靠y轴。C板上表面到x轴的距离为两板间距离的一半，两板间加有如图乙所示的方波电压，、T均已知。在两板中线左端P点有一个粒子源，不断沿两板中线方向射出质量为m、电荷量为的粒子。粒子的初速度相同，粒子在两板间的运动轨迹在坐标平面内，粒子穿过两板所用的时间为T。从时刻射入的粒子刚好从下板右端边缘射出，经电场偏转后以与x轴正向成的方向进入磁场，粒子恰好能垂直打在屏上。不计粒子重力及粒子间的相互作用，忽略两金属板的边缘效应，求：
（1）两平行金属板间的距离；
（2）第一象限内匀强电场的电场强度大小：
（3）屏上接收到粒子的区域长度。
【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】
【详解】（1）设板间距离为d，从时刻射入两板间的粒子，刚好从下板右端边缘射出，两板间电场强度
粒子在板间运动
垂直于板方向上的位移
解得
（2）由于所有粒子穿过两板的时间均为T，因此所有粒子射出两板时沿电场方向的速度均为零。所有粒子射出两板时速度大小为
方向沿x轴正向。从时刻射出的粒子进入第一象限电场后做类平抛运动，设粒子进磁场时的速度大小为，则
根据动能定理
解得
（3）根据对称性，从时刻进入两板的粒子刚好从上板右边缘水平向右射出。即所有粒子射出两板间的区域在两板右端间长为d的区域内。设粒子进磁场时速度方向与x轴正向的夹角为，则粒子在磁场中运动的速度大小为
设粒子在磁场中做圆周运动的半径为r，根据牛顿第二定律
解得
设圆心到x轴的距离为y，则
即所有粒子进入磁场后做圆周运动的圆心在同一平行x轴的水平线上，由于时刻射出的粒子能垂直打在屏上，则所有粒子均能垂直打在屏上。由此可以判断屏到x轴的距离为。粒子出第一象限电场时的速度反向延长线交于水平位移中点，从下板边缘射出的粒子进磁场的位置离坐标原点的距离为
根据
，
从上板边缘射出的粒子在第一象限电场中运动时间为从下板边缘射出的粒子在第一象限电场中运动时间的倍。则从上板边缘射出的粒子进磁场的位置离坐标原点的距离
此粒子进磁场时的速度大小
从下板边缘射出的粒子在磁场中做圆周运动的半径
从上板边缘射出的粒子在磁场中做圆周运动的半径
根据几何关系，屏上有粒子打上的区域长度
解得
第I卷（选择题共42分）
一、单项选择题（本题共8小题，每小题4分，共32分。每小题只有一个正确答案）
1. 截止2023年11月底，日本累计向海洋排放了超过万吨核污水，引发了国际社会的广泛关注。排放的核污水中含有钋、铯等数十种放射性物质，其中发生衰变时的核反应方程为，的半衰期为天，则下列说法正确的是（ ）
A. 含有114个中子
B. 具有很强的穿透能力
C. 比的比结合能小
D. 经过海水稀释，的半衰期会小于天
【答案】C
【解析】
【详解】A．根据质量数和电荷数守恒，核反应方程
则的质子数为82，中子个数为
故A错误；
B． 是粒子，穿透能力很弱，故B错误；
C．比更稳定，比的比结合能大，故C正确；
D．半衰期由核内部本身的因素决定，与原子所处的物理状态或化学状态无关，故经过海水稀释，的半衰期不会发生改变，故D错误。
故选C。
2. 真空轮胎（无内胎轮胎），又称“低压胎”、“充气胎”，在轮胎和轮圈之间封闭着空气，轮胎鼓起对胎内表面形成一定的压力，提高了对破口的自封能力。若某个轮胎胎内气压只有个标准大气压，要使胎内气压达到个标准大气压，用气筒向胎里充气，已知每次充气能充入1个标准大气压的气体，轮胎内部空间的体积为，且充气过程中保持不变，胎内外气体温度也始终相同，气体看成理想气体，则需要充气的次数为（ ）
A. 66B. 72C. 76D. 82
【答案】B
【解析】
【详解】根据题意知，气体做等温变化
即
解得
故选B。
3. 如图所示为某水池边缘两个波源、振动形成的某时刻的水波图样，将水波视为简谐横波，实线为波峰，虚线为波谷，此时、均在波谷位置。可以通过调节波源的振动频率，使两波源的振动完全相同，两列波在水面上叠加形成稳定干涉。已知波源振动形成的水波波长为15cm，两列波的振幅均为1cm，两列波的传播速度大小相同，、两点之间的距离为100cm，、、P三点在同一水平面上，且刚好构成一个直角三角形，，。则下列判断正确的是（ ）
A. 要形成稳定干涉图样，应将波源的振动频率调低
B. 形成稳定干涉后，、连线中点始终处于最大位移
C. 形成稳定干涉后，P点处质点振动的振幅为2cm
D. 形成稳定干涉后，、P连线上共有2个振动加强点
【答案】A
【解析】
【详解】A．由图可知，处波源振动形成的波长较短，由
可知，波源振动频率比振动频率高，因此要形成稳定干涉，应将波源的振动频率调低，故A正确；
B．形成稳定干涉后，、连线中点是振动加强点，但并不是始终处于最大位移，故B错误；
C．根据几何关系
P点到两波源的路程差
不是波长整数倍，因此不是振动加强点，故C错误；
D．根据
可知振动加强点不止2个，故D错误。
故选A。
4. 如图，一小球用轻质细线a、b连接，细线a的另一端连接于车厢顶的A点，细线b的另一端连接于车厢底板上的B点，小球静止时细线a与竖直方向的夹角为，细线b与水平方向的夹角也为。已知两细线长相等，且，不计小球大小，重力加速度大小为g。小车向左沿水平方向做匀加速直线运动，要使细线b上张力为零，则小车运动的加速度应满足的条件是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】图示中，根据几何关系，a、b细线与A、B连线的夹角均为，当细线a与竖直方向的夹角为且细线b刚好伸直，这时车的加速度大小为
根据对称性，当细线a与竖直方向的夹角为且细线b刚好伸直，这时车的加速度大小为
因此要使细线b上张力为零，则小车运动的加速度应满足的条件是
故选C。
5. 如图，一金属圆环固定在竖直平面内，并处在水平向右的匀强磁场中，圆环平面与磁场平行，为圆环垂直于磁场的对称轴。现将圆环中通入沿顺时针方向、大小恒定的电流，不考虑其他磁场的影响，则下列说法正确的是（ ）
A. 圆环有向右运动的趋势
B. 圆环有向上运动的趋势
C. 俯视看，圆环有绕沿逆时针转动的趋势
D. 将圆环绕转过且固定时，圆环受到的安培力合力为零
【答案】D
【解析】
【详解】ABC．根据左手定则可知，圆环右半边受到的安培力方向垂直磁场方向向外，左半边受到的安培力方向垂直磁场方向向里，因此俯视看，圆环有绕沿顺时针转动的趋势，故ABC项错误；
D．将圆环绕转过且固定时，两个半圆环受到的安培力等大反向，合力为零，故D项正确。
故选D。
6. 华为Mate 60 Pr成为全球首款支持卫星通话的大众智能手机，在无信号环境下，该手机过“天通一号”卫星与外界进行联系。“天通一号”卫星位于离地球表面约为6R的地球同步轨道上，R为地球半径，地球表面重力加速度大小为g，下列说法正确的是（ ）
A. “天通一号”在轨运行的加速度约为7g
B. 地球赤道上物体随地球自转的角速度约为
C. “天通一号”在轨运行的周期约为
D. 地球赤道上物体随地球自转的线速度大于“天通一号”在轨运行的线速度
【答案】C
【解析】
【详解】ABC．根据万有引力与重力的关系
地球赤道上物体随地球自转的角速度等于“天通一号”在轨运行的角速度，根据万有引力提供向心力
解得
，，
故AB错误，C正确；
D．根据
可知地球赤道上物体随地球自转的线速度小于“天通一号”在轨运行的线速度，故D错误。
故选C。
7. 如图，在竖直平面内有水平向左的匀强电场，电场强度大小为，在匀强电场中有一根长为L的绝缘轻质细线，细线一端固定在O点，另一端系一质量为m、电量为q的带负电的小球，小球静止时细线与竖直方向成角。此时让小球获得初速度且恰能绕O点在图示的竖直平面内沿逆时针方向做完整的圆周运动，重力加速度大小为g。下列说法正确的是（ ）
A. 小球静止时细线与竖直方向的夹角
B. 小球运动过程中的最小速率为
C. 小球运动到最低点P时对细线的拉力为
D. 小球从初始位置开始，在竖直平面内运动一周的过程中，其电势能先增大后减小再增大
【答案】C
【解析】
【详解】A．小球静止时合力为零，有
解得
故A错误；
B．小球运动到等效最高点时速度最小，此时对细线的拉力为零，由
解得
故B错误；
C．小球从等效最高点运动到最低点时根据动能定理有
在最低点P对小球有
解得
由牛顿第三定律可得小球对细线的拉力
故C正确；
D．小球从初始位置开始，在竖直平面内沿逆时针方向运动一周的过程中，电场力先做正功后做负功再做正功，则其电势能先减小后增大再减小，故D错误。
故选C。
8. 如图甲所示为某排球运动员发球时将排球击出时的情形，球从击出到直接落到对方场地的整个运动过程速率随时间变化的规律如图乙所示，图中所标物理量均已知，重力加速度大小为g，不计空气阻力，则下列判断正确的是（ ）
A. 排球从击出运动到最高点的时间为
B. 排球运动过程中离地的最大高度为
C. 排球从击出点到落地点位移为
D. 排球从击出到落地过程中的速度变化量大小为
【答案】B
【解析】
【详解】A．设球运动到最高点对应时刻为，水平方向速度为，由速度的分解可知
在竖直方向
解得
故A错误；
B．排球从最高点到落地，根据机械能守恒有
解得最大高度
故B正确；
C．排球从击出点到落地点的水平位移为
故C错误；
D．排球从击出到落地过程中的速度变化量大小为
故D错误
故选B。
二、多项选择题（本题共2小题，每小题5分，共10分。每题有多项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）
9. 如图，在清澈平静的水底，一条鱼向上观察，看到了一个十分有趣的景象：水面外的景物蓝天、白云、树木、房屋等，都呈现在倒立圆锥底面的“洞”内，还看到“洞”的边缘是彩色的，“洞”的边缘红光在水中传播到锥顶的时间为，水对红光的折射率为；“洞”的边缘紫光在水中传播到锥顶的时间为，水对紫光的折射率为。则下列判断正确的是（ ）
A. “洞”的彩色边缘是内紫外红B. “洞”的彩色边缘是内红外紫
C. D.
【答案】AD
【解析】
【详解】AB．全发射的临界角为
在边缘处折射角等于临界角，设鱼距离水面的深度为h，则“洞”的边缘光到锥顶的水平距离为
由于水对紫光的折射率大，临界角小，因此“洞”的彩色边缘是内紫外红，故A正确，B错误；
CD．“洞”的边缘光在水中传播到锥顶的距离为
传播时间
则
故C错误，D正确。
故选AD。
10. 如图所示电路，理想变压器原、副线圈的匝数之比为，左端接入一交变电源，其输出电压的有效值为，R为滑动变阻器（），定值电阻，电流表、电压表均为理想电表，示数分别为I、U，变化量的绝对值分别为、。当滑动变阻器的滑片向下滑动的过程中，下列判断正确的是（ ）
A. 电压表示数变大
B. 电流表示数变大
C.
D. 当时副线圈的输出功率最大
【答案】BD
【解析】
【详解】AB．由理想变压器的特点可知
可得
滑动变阻器R的滑片P向下滑动，R减小，所以变大，则变大，可知电流表示数变大，而电源的输出功率为
则电源的输出功率变大，原线圈两端电压为
因为变大，所以减小，减小，电压表示数减小，故A错误，B正确；
C．交变电源电压的有效值为
又有
可得
化简得
即
故C错误；
D．副线圈的输出功率即R获得的功率为
当时，R获得的功率最大，此时，故D正确。
故选BD。
第II卷（非选择题 共58分）
三、非选择题（本题共5小题，共58分）
11. 如图所示为测量滑块与水平桌面间动摩擦因数的实验装置。半径为R的四分之一圆弧体固定在水平桌面上，圆弧面的最底端B刚好与桌面相切，B点有一个力传感器，让质量为m的滑块从圆弧面上A点释放，测得滑块通过B点时力传感器的示数为F，滑块从C点水平滑出时与桌边缘垂直，滑块落地后，测得落点D到桌边的水平距离为s，桌面离地面的高度为H，重力加速度大小为g，不计空气阻力。
（1）滑块通过圆弧面最低点B时的速度大小为________；滑块通过C点时的速度大小为________；（两空均用题给物理量符号表示）
（2）已测得B、C间的距离为x，则滑块与桌面间的动摩擦因数为________（用题给物理量符号表示）。
【答案】 ①. ②. ③.
【解析】
【详解】（1）[1]由牛顿第二定律知
解得
[2]滑块通过C点后做平抛运动，竖直方向有
水平方向是匀速运动，有
（2）[3]根据动能定理有
解得
12.
某同学要测量两节干电池组成的电池组的电动势和内阻，根据实验室提供的器材设计了如图甲所示的电路。
（1）请根据图甲电路图将图乙实物图补充连接完整___________；
（2）连接好电路后，闭合开关之前，先将电阻箱接入电路的电阻调到最大，保持开关；断开，闭合开关、，调节电阻箱，使电压表的指针偏转到合适位置，记录电压表的示数和电阻箱的阻值；接着闭合开关，调节电阻箱，使电压表的示数再次为，记录这时电阻箱的阻值，则定值电阻的阻值________；
（3）断开开关、闭合开关、，多次调节电阻箱的阻值，测得多组电阻箱接入电路的阻值R及对应的电压表的示数U，作图像，得到图像的斜率绝对值为k，图像与纵轴的截距为b，则电池组的电动势________，内阻________；（两空均选用物理量k、b、、表示）
（4）由于电压表的内阻对电路的影响，电池组电动势的测量值比真实值________（填“大”或小”）。
【答案】 ①. ②. ③. ④. ⑤. 小
【解析】
【详解】（1）[1]实物连接如图所示；
或
（2）[2]根据题意有
解得
（3）[3][4]根据闭合电路欧姆定律有
得到
结合题意知
得到
（4）[5]由于电压表的分流，使测得通过电源的电流为偏小，图像在纵轴上的截距偏小，则使得电动势测量值比真实值小。
13. 如图，轻弹簧左端与固定挡板连接，右端与放在粗糙水平面上的质量为m的物块连接，用手将物块向左移至A点，这时弹簧处于压缩状态。撤去手的同时，给物块施加一个向右的水平拉力，使物块从静止开始做加速度为a的匀加速直线运动。当弹簧恢复原长时，物块的速度大小为v、拉力的大小为。重力加速度大小为g，弹簧始终在弹性限度内，物块可视为质点，求：
（1）物块与水平面间的动摩擦因数；
（2）从开始运动到物块的速度大小为的过程中，拉力做的功。
【答案】（1）;（2）
【解析】
【详解】（1）当弹簧处于原长时，弹簧的弹力为0，此时根据牛顿第二定律有
解得
（2）弹簧刚开始的压缩量为
当物块的速度大小为时，物块运动的距离为
这时弹簧的伸长量为
因此从开始运动到物块的速度为的过程中，弹簧的弹力做功为零，根据动能定理有
解得
14. 如图，电阻不计的两足够长的光滑平行金属导轨固定在绝缘水平面上，导轨间距为，导轨处于方向竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度大小为。质量均为、接入电路的有效电阻均为的金属棒ab、cd垂直于导轨放置，均处于静止状态。时刻给cd棒一个方向水平向右、大小的拉力，时，金属棒ab和cd加速度刚好相等。此后撤去拉力F，整个过程棒与导轨接触良好。求：
（1）时金属棒ab和cd的加速度大小；
（2）时金属棒ab和cd的速度大小；
（3）从到回路中电流为零的过程中，金属棒ab和cd之间距离的增加量。
【答案】（1）；（2），；（3）
【解析】
【详解】（1）两棒的加速度相等时，设受到的安培力大小为，对金属棒
对金属棒cd
联立解得
（2）根据安培力公式
解得回路中电流大小
设回路中的感应电动势为E，则
设两棒的加速度相等时，金属棒ab、cd的速度分别是、，则
设时间内安培力冲量大小为，对金属棒cd
对金属棒ab
联立解得
，
（3）撤去外力F后，金属棒cd做加速度逐渐减小减速运动，金属棒ab做加速度逐渐减小的加速运动，最后两棒速度相等，做匀速运动，设最终共同速度为v，根据动量守恒定律
对ab棒，根据动量定理
电荷量
设两棒间距离增大了x，则
联立解得
15. 如图甲所示，在直角坐标系xOy的第一象限内有沿y轴负方向的匀强电场，第四象限内有垂直于坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度为B，磁场内有一个平行于x轴的足够长的接收屏。在第二象限内，长为L的平行金属板A、C水平固定放置，两板与x轴平行，且右端紧靠y轴。C板上表面到x轴的距离为两板间距离的一半，两板间加有如图乙所示的方波电压，、T均已知。在两板中线左端P点有一个粒子源，不断沿两板中线方向射出质量为m、电荷量为的粒子。粒子的初速度相同，粒子在两板间的运动轨迹在坐标平面内，粒子穿过两板所用的时间为T。从时刻射入的粒子刚好从下板右端边缘射出，经电场偏转后以与x轴正向成的方向进入磁场，粒子恰好能垂直打在屏上。不计粒子重力及粒子间的相互作用，忽略两金属板的边缘效应，求：
（1）两平行金属板间的距离；
（2）第一象限内匀强电场的电场强度大小：
（3）屏上接收到粒子的区域长度。
【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】
【详解】（1）设板间距离为d，从时刻射入两板间的粒子，刚好从下板右端边缘射出，两板间电场强度
粒子在板间运动
垂直于板方向上的位移
解得
（2）由于所有粒子穿过两板的时间均为T，因此所有粒子射出两板时沿电场方向的速度均为零。所有粒子射出两板时速度大小为
方向沿x轴正向。从时刻射出的粒子进入第一象限电场后做类平抛运动，设粒子进磁场时的速度大小为，则
根据动能定理
解得
（3）根据对称性，从时刻进入两板的粒子刚好从上板右边缘水平向右射出。即所有粒子射出两板间的区域在两板右端间长为d的区域内。设粒子进磁场时速度方向与x轴正向的夹角为，则粒子在磁场中运动的速度大小为
设粒子在磁场中做圆周运动的半径为r，根据牛顿第二定律
解得
设圆心到x轴的距离为y，则
即所有粒子进入磁场后做圆周运动的圆心在同一平行x轴的水平线上，由于时刻射出的粒子能垂直打在屏上，则所有粒子均能垂直打在屏上。由此可以判断屏到x轴的距离为。粒子出第一象限电场时的速度反向延长线交于水平位移中点，从下板边缘射出的粒子进磁场的位置离坐标原点的距离为
根据
，
从上板边缘射出的粒子在第一象限电场中运动时间为从下板边缘射出的粒子在第一象限电场中运动时间的倍。则从上板边缘射出的粒子进磁场的位置离坐标原点的距离
此粒子进磁场时的速度大小
从下板边缘射出的粒子在磁场中做圆周运动的半径
从上板边缘射出的粒子在磁场中做圆周运动的半径
根据几何关系，屏上有粒子打上的区域长度
解得
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