2023-2024学年湖北省武汉市七一华源中学九年级（上）月考物理试卷（12月份）

这是一份2023-2024学年湖北省武汉市七一华源中学九年级（上）月考物理试卷（12月份），共34页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。

一、选择题
1．如图所示，小云在制作“拔丝地瓜”时发现：“拔丝地瓜”香甜浓郁，夹起一块地瓜就会拉出很长的丝，经过思考她认为这是因为分子间存在引力。下列现象中与“拉丝”现象原理相同的是（ ）
A．抽掉玻璃板后，两瓶子内气体会混合在一起
B．把磨得很光滑的铅片和金片紧压在一起，长时间后互相渗入1mm深
C．两个铅柱紧压在一起，吊起一个重物都不能把它们拉开
D．向清水杯中滴入一滴红墨水，整杯水很快变红
2．下列关于内能的说法正确的是（ ）
A．物体内能增大，温度不一定升高
B．物体温度升高，内能不一定增大
C．空中运动的足球具有机械能，没有内能
D．装着开水的暖水瓶，当瓶塞弹起来飞出时，瓶内气体内能增加
3．如图甲所示，在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，把活塞迅速压下去，可以观察到棉花燃烧起来，如图乙是四冲程内燃机某冲程的示意图。下列说法正确的是（ ）
A．图甲中空气内能增大，主要是由于活塞克服筒壁摩擦的原因
B．图乙所示冲程中主要是机械能转化为内能
C．图乙中汽油燃烧是由于活塞压缩气体使温度达到汽油的燃点
D．图甲气体内能增大与图乙中气体内能减少都是通过做功的方式改变的
4．如图所示，将丝绸摩擦过的玻璃棒与验电器接触，观察到金属箔由闭合变张开。下列说法不正确的是（ ）
A．相比于玻璃棒，丝绸的原子核束缚电子的本领较强
B．玻璃棒是绝缘体，不容易导电，但可以带电
C．金属箔张开带正电，是由于正电荷由玻璃棒向金属箔移动
D．验电器的工作原理是：同种电荷互相排斥
5．如图所示是由一个小灯泡、一个LED（发光二极管）、水果电池、一个开关组成的电路。闭合开关，小灯泡和LED都发光。则对应的电路图为（ ）
A．B．
C．D．
6．在练习使用电流表的实验时，下列设计图中能测量通过灯L1电流的电路是（ ）
A．③④B．①④C．①③④D．②③
7．交通路口要遵守“红灯停、绿灯行、黄灯也要等一等”的规则，使用小灯泡、电池、开关和导线来模拟路口的交通信号灯，要求红、绿、黄灯可独立发光。如图所示的电路图设计中符合题意的是（ ）
A．B．
C．D．
8．小静同学练习使用滑动变阻器连接电路如图甲所示；图乙中两根镍铬合金丝横截面积相同、长度不同；下列关于这两个实验说法正确的是（ ）
A．只有将滑动变阻器与小灯泡串联，才能使滑动变阻器和小灯泡中的电流相同
B．图乙实验结论反映了滑动变阻器的工作原理
C．图乙中闭合开关后，下方镍铬合金丝中的电子从左往右发生定向移动
D．闭合开关后，要使小灯泡由暗变亮，图甲中滑动变阻器的滑片应向右移动
9．过年期间，小张同学一家外出游玩一周，如图所示是他记录离家前和回家后两次家中电能表的示数。有关电能表的说法正确的是（ ）
A．电能表也叫电度表，这一周他家消耗了电能为21.1J
B．该电能表的标定电流为10A
C．若是由于小张粗心，离家时有一个用电器忘了关，可能是电视机
D．只将24W节能灯接入电路，当电能表铝盘转180转时，节能灯消耗电能为2.16×104J
10．在探究电压一定时电流与电阻关系的实验中，某同学按如图所示的电路连接，电源电压保持4.5V不变。闭合开关，调节滑动变阻器，得到的实验数据如下表。下列说法正确的是（ ）
A．第4次实验数据是错误的
B．若滑动变阻器最大阻值为10Ω，则无法得到第5次实验数据
C．选用的滑动变阻器的规格可能是“12Ω 1A”
D．该实验得出的结论是：电压一定时，导体的电阻与通过导体的电流成反比
11．如图甲是一款家用空气净化器，其内部有一个空气质量监测装置，图乙为该监测装置的简化电路图，它是通过粉尘浓度传感器R来进行检测的，粉尘浓度传感器R的阻值随浓度增大而减小。已知电源电压为24V，R0阻值为50Ω，传感器R的最小阻值为10Ω，电流表量程为0～0.6A，电压表的量程为0～15V。为保证各电路元件都能正常工作，下列分析不正确的是（ ）
A．电流表的最小示数为0.18A
B．电路的最大总功率为9.6W
C．电压表与电流表示数的变化量的比值在数值上等于50
D．若将定值电阻R0替换，则替换的定值电阻大小不能小于40Ω
12．如图甲所示的电路，滑动变阻器铭牌上标有“？1A”，电流表所用的量程为0～3A，两个电压表的量程均为0～15V。当只闭合开关S，滑动变阻器滑片从最右端向左逐渐调节，直至灯泡正常发光时，滑动变阻器接入阻值为最大阻值的0.2倍，电流表与两电压表示数变化如图乙所示，U1：U2＝3：8；闭合S、S1、S2三个开关，将滑动变阻器滑片调至最右端后，电流表示数为0.9A。任意闭合开关并调节滑动变阻器，整个电路最大功率记为P大，整个电路最小功率记为P小，下列说法正确的是（ ）
A．P大＝14.4W
B．P小＝0.75W
C．电源电压为7V
D．滑动变阻器的最大电阻为40Ω
二、非选择题
13．学校开展“学生进厨房”的劳动教育系列活动，小桐和妈妈一起准备了一顿丰盛的晚餐。用燃气灶炒菜时，燃气燃烧是将燃气的 能转化为内能，将火焰调小时，天然气的热值 （选填“变小”或“不变”），小桐和妈妈一起做完所有菜，消耗了0.08m3的天然气，若整个过程中平均吸热效率为50%，则这些美味完成过程中共吸收了热量 J。（q天然气＝4.2×107J/m3）
14．如图所示是华为FreeBudsPr无线蓝牙耳机及其收纳盒，该收纳盒的功能相当于一个充电宝，当耳机没电时可以将其放入收纳盒中，收纳盒可以对耳机进行充电；收纳盒的电量消耗完毕后也可以在家庭电路中利用充电器进行充电。
（1）单只耳机正常工作电压为3V，以最大电流1A工作，时长可达约1h，则它充满电需消耗 J的电能。（不考虑充电过程中的能量损失）
（2）收纳盒对耳机充电时，收纳盒相当于 （选填“电源”或“用电器”）。将两只耳机从零电量到充满电所需时间40min，此过程中收纳盒充电功率为 W。
15．如图所示，在“比较不同物质吸热能力”的实验中，在两个相同的烧杯中分别装入质量相等的甲、乙两种液体，并用电加热器分别同时加热，两液体每秒吸收热量相同，它们的温度随时间变化的图象如图丙所示。
（1）实验中选用的是 的电加热器，这样就可以通过 比较吸收热量的多少。
（2）若加热过程中无热损失，则甲、乙两种液体的比热容之比为 。
（3）常见物质中，水的比热容较大。下列事例中，利用水这一特性为生产、生活服务的是 。
A.让流动的热水流过散热器取暖
B.建人工湖来减小城市热岛效应
16．小涵同学在进行“探究电流通过导体产生热量的多少与什么因素有关”实验时采用了如图所示的装置，请仔细观察图甲、乙。
（1）实验中通过观察两个U形管中 的变化来比较电流通过电阻丝产生的热量的多少。
（2）图甲实验表明，在 相同的情况下，电阻越大，这个电阻产生的热量越多。通过焦耳定律的学习可知，若通电时间相同，左右两容器中电阻产生的热量之比为 。
（3）图乙实验在探究电阻产生的热量与通过它的电流的关系时， （选填“可以”或“不可以”）将右侧容器外的电阻换成10Ω。
17．为了探究串联电路中用电器两端的电压与电源电压的关系，小瑞同学进行实验
（1）某次实验中小瑞正在测L2两端的电压，请加画一条线代替导线，帮助她将图甲电路图补充完整。
（2）当使用电压表测L1两端电压时，若观察到灯L1和L2均不发光，电压表有示数，则发生的故障是 。
（3）测得L2电压如图乙所示，为 ；测得电源电压为3V，则L1和L2两电阻之比为 ，若两灯灯丝材料、长度相同，则 灯丝较粗（选填“L1”或“L2”）。
18．某组同学利用图甲所示的器材测量小灯泡的电阻和小灯泡额定功率。实验中电源电压保持不变，滑动变阻器的规格为“50Ω，1A”，小灯泡的额定电压为2.5V。
（1）如图甲所示，电路中有一根导线连接错误，请你在这根导线上打“×”，并补画出正确的那根导线（要求导线不允许交叉）。
（2）小花同学连接好电路后，按正确的步骤进行实验，记录数据在表格中。当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，此时小灯泡的电阻为 Ω（结果保留一位小数），额定功率为 W。
（3）根据上表中所得数据分析，完成本实验所需电源电压不可能为 。（填标号）
A.3V
（4）小园同学将学生电源调至5V，使用同一规格小灯泡进行实验，当小灯泡正常发光一会儿后，灯丝突然烧断，接下来她断开开关，取下原灯泡，换上标有“2.5V 1W”的新灯泡后立即闭合开关，观察到电流表示数可能为 。（填标号）
19．恒温箱广泛应用于医疗、科研、化工等行业部门，图示为某恒温箱的工作原理图。恒温箱的容积V＝2m3，S为电源开关，通过控制温控开关S1可实现“保温”“加热”两个挡位间的切换。电源电压U＝220V，R1、R2是电热丝，且R1：R2＝4：1。某次将恒温箱设定的恒温温度为42℃，使两气孔封闭，闭合开关S，S1置于“加热”挡位，箱内空气温度从20℃升至设定的恒温温度用时130s，该段时间内的加热效率η＝80%（箱内空气密度ρ＝1.3kg/m3，箱内空气的比热容c＝1.0×103J/（kg•℃））。请回答以下问题：
（1）恒温箱内空气是通过 （选填“做功”或“热传递”）的方式使内能增大；当处于“保温”时，电流通过电热丝 （选填“R1”、“R2”或“R1和R2”）每秒产生的热量等于箱内空气吸收的热量；
（2）求本次加热过程消耗的电能；
（3）电热丝R1和R2的阻值。
2023-2024学年湖北省武汉市七一华源中学九年级（上）月考
物理试卷（12月份）
参考答案与试题解析
一、选择题
1．如图所示，小云在制作“拔丝地瓜”时发现：“拔丝地瓜”香甜浓郁，夹起一块地瓜就会拉出很长的丝，经过思考她认为这是因为分子间存在引力。下列现象中与“拉丝”现象原理相同的是（ ）
A．抽掉玻璃板后，两瓶子内气体会混合在一起
B．把磨得很光滑的铅片和金片紧压在一起，长时间后互相渗入1mm深
C．两个铅柱紧压在一起，吊起一个重物都不能把它们拉开
D．向清水杯中滴入一滴红墨水，整杯水很快变红
【分析】分子动理论：物质是由分子或原子组成的，分子永不停息地做无规则运动；分子之间存在相互作用的引力和斥力。因为分子很小，人肉眼看不到，看到的就不是分子的运动。
【解答】解：夹起一块地瓜就会拉出很长的丝，是因为分子间存在引力；
A、抽掉玻璃板后，两瓶子内气体会混合在一起，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故A错误；
B、把磨得很光滑的铅片和金片紧压在一起，长时间后互相渗入1mm深，说明分子在不停地做无规则运动，故B错误；
C、两个铅柱紧压在一起，吊起一个重物都不能把它们拉开，是因为分子间存在引力，故C正确；
D、向清水杯中滴入一滴红墨水，整杯水很快变红，说明分子在不停地做无规则运动，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了分子动理论的内容，属于基础题。
2．下列关于内能的说法正确的是（ ）
A．物体内能增大，温度不一定升高
B．物体温度升高，内能不一定增大
C．空中运动的足球具有机械能，没有内能
D．装着开水的暖水瓶，当瓶塞弹起来飞出时，瓶内气体内能增加
【分析】内能是物体内部所有分子做无规则热运动的动能和分子势能的总和；
一切物体都有内能，内能包括分子动能和分子势能，所以，内能的大小与物体的温度、质量和体积有关；内能和机械能是无必然联系的。
【解答】解：A、物体的内能增大，温度不一定升高。如冰熔化时吸热，内能增加，但温度是保持不变的，故A正确；
B、内能与物体的温度有关，因为温度升高，分子热运动变快，分子的平均动能增大，内能增大，故B错误；
C、一切物体都有内能，空中运动的足球具有机械能，也具有内能，故C错误；
D、装着开水的暖水瓶，当瓶塞弹起来飞出时，内能转化为机械能，瓶内气体内能减少，故D错误。
故选：A。
【点评】此题考查的内能和机械能的有关知识，知道影响内能的因素是解题的关键。
3．如图甲所示，在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，把活塞迅速压下去，可以观察到棉花燃烧起来，如图乙是四冲程内燃机某冲程的示意图。下列说法正确的是（ ）
A．图甲中空气内能增大，主要是由于活塞克服筒壁摩擦的原因
B．图乙所示冲程中主要是机械能转化为内能
C．图乙中汽油燃烧是由于活塞压缩气体使温度达到汽油的燃点
D．图甲气体内能增大与图乙中气体内能减少都是通过做功的方式改变的
【分析】做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小；内燃机的做功冲程中，内能转化为机械能。
【解答】解：
A、图甲中，活塞压缩气体，对气体做功，空气内能增大，温度升高，这是通过做功的方式改变内能的，故A错误；
B、图乙所示冲程为做功冲程，主要是内能转化为机械能，故B错误；
C、图乙中时火花塞产生电火花使汽油燃烧的，故C错误；
D、图甲气体内能增大与图乙中气体内能减少都是通过做功的方式改变的，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了改变内能的方法、内燃机的工作过程，属于基础题。
4．如图所示，将丝绸摩擦过的玻璃棒与验电器接触，观察到金属箔由闭合变张开。下列说法不正确的是（ ）
A．相比于玻璃棒，丝绸的原子核束缚电子的本领较强
B．玻璃棒是绝缘体，不容易导电，但可以带电
C．金属箔张开带正电，是由于正电荷由玻璃棒向金属箔移动
D．验电器的工作原理是：同种电荷互相排斥
【分析】（1）在实验室中，用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，丝绸摩擦过的玻璃棒带正电；
（2）验电器是检验物体是否带电的仪器，其制作原理是：同种电荷相互排斥。
【解答】解：
A、用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，玻璃棒失去电子，说明相比于玻璃棒，丝绸的原子核束缚电子的本领较强，故A正确；
B、玻璃棒是绝缘体，不容易导电，但可以带电，故B正确；
C、金属箔张开带正电，是由于电子转移到玻璃板后缺少电子带正电荷，正电荷没有移动，故C错误；
D、验电器的工作原理是：同种电荷互相排斥，故D正确。
故选：C。
【点评】知道实验室中如何取得正电荷和负电荷，且明白验电器的制作原理是解决该题的关键。
5．如图所示是由一个小灯泡、一个LED（发光二极管）、水果电池、一个开关组成的电路。闭合开关，小灯泡和LED都发光。则对应的电路图为（ ）
A．B．
C．D．
【分析】发光二极管具有单向导电性，由实物图分析电路的连接情况，从而解题。
【解答】解：
由实物图知，LED灯与小灯泡串联，开关控制整个电路，由LED灯的正负极知，水果电池的左端是其正极，右端是负极。所以电流由电源正极流出依次通过开关、LED灯、小灯泡，回到电源负极，由各选项图可知，B正确，ACD错误。
故选：B。
【点评】本题考查根据实物图画电路图，正确识别电路和判断电源的正负极是关键。
6．在练习使用电流表的实验时，下列设计图中能测量通过灯L1电流的电路是（ ）
A．③④B．①④C．①③④D．②③
【分析】电流表使用：（1）电流表要与被测电路串联；
（2）电流要从电流表正接线柱流入，负接线柱流出；
（3）所测电流不能超过电流表所选的量程；
（4）电流表不能直接接在电源正负极。
【解答】解：①电流表正负接线柱接反了；
②电流表测的是干路电流；
③并联电路干路电流等于各支路电流之和，一个电流表测干路电流I，另一个电流表测通过L2的电流I2，则通过L1的电流I1＝I﹣I2；
④电流表和L1串联，测通过L1的电流。由上面可以总结能测量通过L1电流的电路是③④。
故选：A。
【点评】本题考查了电流表的使用。电流表要测量哪个电灯的电流就要与哪个电灯串联，且接线柱要接正确。
7．交通路口要遵守“红灯停、绿灯行、黄灯也要等一等”的规则，使用小灯泡、电池、开关和导线来模拟路口的交通信号灯，要求红、绿、黄灯可独立发光。如图所示的电路图设计中符合题意的是（ ）
A．B．
C．D．
【分析】根据“要求红、绿、黄灯可独立发光”可知三灯泡的连接方式，然后得出答案。
【解答】解：由并联电路中各支路独立工作、互不影响可知，要使红、绿、黄灯可独立发光，应采用三灯泡并联的连接方式，且三灯泡各有一个开关控制，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了电路图的设计，知道串并联电路的特点是解题的关键。
8．小静同学练习使用滑动变阻器连接电路如图甲所示；图乙中两根镍铬合金丝横截面积相同、长度不同；下列关于这两个实验说法正确的是（ ）
A．只有将滑动变阻器与小灯泡串联，才能使滑动变阻器和小灯泡中的电流相同
B．图乙实验结论反映了滑动变阻器的工作原理
C．图乙中闭合开关后，下方镍铬合金丝中的电子从左往右发生定向移动
D．闭合开关后，要使小灯泡由暗变亮，图甲中滑动变阻器的滑片应向右移动
【分析】（1）串联电流相等，并联电阻相等时，电流也可以相等；
（2）滑动变阻器通过改变接入电路的电阻丝的长度改变电阻的；
（3）电子定向移动方向与电流方向相反；
（4）根据电流大小分析滑动变阻器的滑片移动方向。
【解答】解：A．当将滑动变阻器与小灯泡串联，使滑动变阻器和小灯泡中的电流相同，当滑动变阻器与灯泡并联，电阻调到与灯泡电阻相等时，两者电流也相等，故A错误；
B．图乙电阻丝的长度不同，材料和横截面积相同，实验探究与长度关系，该结论反映了滑动变阻器的工作原理，故B正确；
C．图乙中闭合开关后，电流方向从左向右通过下方镍铬合金丝，其中的电子定向移动方向与电流方向相反，是从右往左发生定向移动，故C错误；
D．闭合开关后，要使小灯泡由暗变亮，电流必须变大，电阻变小，而左下方接入电路，应该向左移动使得长度变短，电阻减小，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查电阻与长度关系以及滑动变阻器的使用，属于中档题。
9．过年期间，小张同学一家外出游玩一周，如图所示是他记录离家前和回家后两次家中电能表的示数。有关电能表的说法正确的是（ ）
A．电能表也叫电度表，这一周他家消耗了电能为21.1J
B．该电能表的标定电流为10A
C．若是由于小张粗心，离家时有一个用电器忘了关，可能是电视机
D．只将24W节能灯接入电路，当电能表铝盘转180转时，节能灯消耗电能为2.16×104J
【分析】（1）电能表是测量电路中用电器消耗电能的仪表；这一周他家消耗了电能等于这周前后电能表示数之差；电能表读数时注意：最后一位是小数，单位是kW•h；
（2）5（10）A中，5A是指电能表的标定电流，10A是指电能表平时工作时允许通过的最大电流；
（3）计算用电器一周工作时间t，利用P＝求用电器的电功率，据此确定该用电器是否可能是电视机；
（4）3000r/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的铝盘转3000r，据此计算铝盘转180r时，节能灯消耗的电能。
【解答】解：A、电能表也叫电度表，这一周他家消耗了电能：W＝252.7kW•h﹣231.6kW•h＝21.1kW•h，故A错误；
B、5（10）A中，5A是指电能表的标定电流，故B错误；
C、用电器一周工作时间t＝24h×7＝168h，用电器的电功率：P＝＝≈0.126kW＝126W，该用电器可能是电视机，故C正确；
D、3000r/（kW•h）表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的铝盘转3000r。转盘转180r时，节能灯消耗的电能：W′＝kW•h＝0.06kW•h＝2.16×105J，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了电能表的作用、对电能表相关参数的理解、消耗电能和电功率的计算，属于基础题目。
10．在探究电压一定时电流与电阻关系的实验中，某同学按如图所示的电路连接，电源电压保持4.5V不变。闭合开关，调节滑动变阻器，得到的实验数据如下表。下列说法正确的是（ ）
A．第4次实验数据是错误的
B．若滑动变阻器最大阻值为10Ω，则无法得到第5次实验数据
C．选用的滑动变阻器的规格可能是“12Ω 1A”
D．该实验得出的结论是：电压一定时，导体的电阻与通过导体的电流成反比
【分析】（1）在探究电压一定时电流与电阻关系的实验中，需控制电压不变，由此进行计算，得出结果；
（2）（3）定值电阻两端电压保持不变，电压电源一定，故滑动变阻器两端电压大小也不变，根据表格中的数据，计算当电流最小时，滑动变阻器的阻值，从而得出结果；
（4）当电压一定时，通过导体电流与导体电阻成反比。
【解答】解：A、在探究电压一定时电流与电阻关系的实验中，需控制电压不变，由U＝IR可知，U＝I1R1＝0.6A×5Ω＝3V，当I4＝0.15A，R4＝20Ω时，U＝I4R4＝0.15A×20Ω＝3V，由此可得定值电阻两端电压恒定，第4次实验数据是正确的，故A错误；
B、定值电阻两端电压恒为3V，电源电压为4.5V，则滑动变阻器两端电压恒为4.5V﹣3V＝1.5V，若滑动变阻器最大阻值为10Ω，则最小电流为I＝＝＝0.15A，第五组数据，电流为0.12A，故无法得到第5次实验数据，故B正确；
C、当最小电流为00.12A时，可得滑动变阻器的最大值为R滑′＝＝＝12.5Ω，要想得出表中的五组数据，滑动变阻器的阻值应该大于或者等于12.5Ω，故C错误；
D、由表格数据可知，当电压一定时，通过导体电流与导体电阻成反比，导体的电阻是个定值，与电流无关，不能说导体的电阻与通过导体的电流成反比，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查实验探究：电流与电阻的关系以及欧姆定律的应用，要求学生会分析实验数据，有一定难度。
11．如图甲是一款家用空气净化器，其内部有一个空气质量监测装置，图乙为该监测装置的简化电路图，它是通过粉尘浓度传感器R来进行检测的，粉尘浓度传感器R的阻值随浓度增大而减小。已知电源电压为24V，R0阻值为50Ω，传感器R的最小阻值为10Ω，电流表量程为0～0.6A，电压表的量程为0～15V。为保证各电路元件都能正常工作，下列分析不正确的是（ ）
A．电流表的最小示数为0.18A
B．电路的最大总功率为9.6W
C．电压表与电流表示数的变化量的比值在数值上等于50
D．若将定值电阻R0替换，则替换的定值电阻大小不能小于40Ω
【分析】A、由于可知，R0与R串联，电压表与R并联，总电阻越大，电路电流越小；
B、由P＝UI可知，U一定时，I越大，P越大，R0是定值电阻，故R最小时，电路中电流最大，功率最大；
C、分别求出电压表和电流表对应的最大值与最小值，得出电压表与电流表示数的变化量的比值；
D、为保证电路安全，当R阻值最小时，电流表允许的通过的最大电流为0.6A，从而得出R两端电压，根据串联电路分压可得定值电阻两端电压，故可得定值电阻最小值。
【解答】解：A、由于可知，R0与R串联，电压表与R并联，根据串联分压可知，当R阻值最大时，电压表示数为15V，此时电路中电流最小，最小电流Imin＝＝＝0.18A，故A正确；
B、由P＝UI可知，U一定时，I越大，P越大，R0是定值电阻，故R最小时，电路中电流最大，功率最大，最大电流Imax＝＝＝0.4A，Pmax＝UImax＝24V×0.4A＝9.6W，故B正确；
C、R阻值最小时，电压表示数最小，根据串联分压，可知电压表最小值UR小＝＝4V，当R阻值最大时，电压表示数UR大＝15V，故电压表的变化量△U＝UR大﹣UR小＝15V﹣4V＝11V；
由前面分析已经得出最小电流Imin＝0.18A，最大电流Imax＝0.4A，故电流的△I＝Imax﹣Imin＝0.4A﹣0.18A＝0.22A，电压表与电流表示数的变化量的比值为＝＝50，故C正确；
D、为保证电路安全，当R阻值最小时，电流表允许的通过的最大电流为0.6A，此时电压表示数UR＝Imax′Rmin＝0.6A×10Ω＝6V，根据串联电路分压可得，定值电阻两端电压UR0＝U﹣UR＝24V﹣6V＝18V，定值电阻最小组织R＝＝＝30Ω，故定值电阻大小不能小于30Ω，故D错误。
故选：D。
【点评】本题综合性较强，考查的内容较多。会用欧姆定律计算，会用电功率公式计算，知道串、并联电路的电压规律、电流规律、电阻规律是解题关键。
12．如图甲所示的电路，滑动变阻器铭牌上标有“？1A”，电流表所用的量程为0～3A，两个电压表的量程均为0～15V。当只闭合开关S，滑动变阻器滑片从最右端向左逐渐调节，直至灯泡正常发光时，滑动变阻器接入阻值为最大阻值的0.2倍，电流表与两电压表示数变化如图乙所示，U1：U2＝3：8；闭合S、S1、S2三个开关，将滑动变阻器滑片调至最右端后，电流表示数为0.9A。任意闭合开关并调节滑动变阻器，整个电路最大功率记为P大，整个电路最小功率记为P小，下列说法正确的是（ ）
A．P大＝14.4W
B．P小＝0.75W
C．电源电压为7V
D．滑动变阻器的最大电阻为40Ω
【分析】（1）当只闭合开关S时，接入电路的有灯泡L和滑动变阻器R2，它们组成串联，电压表V1测量的是灯泡L两端的电压，电压表V2测量的是滑动变阻器R2两端的电压，当滑动变阻器的滑片从右向左移动时，R2接入电路中的阻值减小，根据串联电路电阻的规律R总＝RL+R2可知，电路中的总电阻减小，电源电压不变，电路中的电流I总＝将增大，灯泡L两端的电压UL＝ILRL将增大，滑动变阻器两端的电压U滑＝U总﹣UL将减小，所以乙图像中电流随电压的增大而增大是电流表A与电压表V1的图像，电流随电压的增大而减小的是电流表A与电压表V2的图像；
（2）可设电源电压U，当滑动变阻器的滑片P在最右端时，根据总电压U总＝UL+U滑，列出一个方程，当滑动变阻器滑片从最右端向左逐渐调节，直至灯泡正常发光时，根据总电压U总＝UL′+U滑′，再列一个方程，又U1：U2＝3：8，联立这三个方程，可以解得电源电压，以及U1和U2，从而计算出滑动变阻器的最大阻值；
（3）由图甲可知，当闭合S、S1、S2三个开关时，R1、R2并联接入电路，滑动变阻器的滑片调到最右端，滑动变阻器接入电路的阻值是30Ω，根据并联电路的电压特点可知R1、R2两端的电压，根据欧姆定律求出通过R2的电流，根据并联电路的电流特点求出通过R1的电流，根据欧姆定律求出R1的阻值；
在保证电路中有电流且各元件安全的前提下，求整个电路的最大功率；根据P＝UI，因为总电压U一定，当电路中的电流最大时，电功率P就最大，根据I＝知，电阻最小时，电流最大，所以电路要组成并联，因为通过R1的电流不变，当通过滑动变阻器R2的电流最大，电路中的总电流就最大，从而可以求出最大功率；
（4）只闭合开关S时，接入电路的有灯泡L和滑动变阻器R2，它们组成串联；当滑动变阻器R2阻值最大时，电路中电流最小，根据P＝UI求出整个电路最小功率。
【解答】解：当只闭合开关S时，接入电路的有灯泡L和滑动变阻器R2，它们组成串联电路，电压表V1测量的是灯泡L两端的电压，电压表V2测量的是滑动变阻器R2两端的电压，
当滑动变阻器的滑片从右向左移动时，R2接入电路中的阻值减小，根据串联电路电阻的规律R总＝RL+R2可知，电路中的总电阻减小，电源电压不变，电路中的电流I总＝将增大，灯泡L两端的电压UL＝ILRL将增大，滑动变阻器两端的电压U滑＝U总﹣UL将减小，所以乙图像中电流随电压的增大而增大是电流表A与电压表V1的图像，电流随电压的增大而减小的是电流表A与电压表V2的图像，
设电源电压为U，当滑动变阻器的滑片在右端时，根据串联电路的电压特点可知，电源电压：U＝UL'+U滑＝1V+U2……①
当滑动变阻器的滑片移到灯泡正常发光时，电源电压：U＝UL″+U滑′＝6V+U1……②
又因为U1：U2＝3：8……③，
联立①②③，解得U＝9V，U1＝3V，U2＝8V，故C错误；
当滑动变阻器的滑片移到灯泡正常发光时，由图乙可知，滑动变阻器两端的电压U1＝3V，电路中的电流I1＝IL＝0.5A，滑动变阻器接入电路中的电阻为：R滑′＝＝＝6Ω，
根据题意可知，滑动变阻器的最大阻值为：R滑＝＝＝30Ω，故D错误；
当闭合S、S1、S2三个开关时，R1、R2并联接入电路，滑动变阻器的滑片调到最右端，滑动变阻器接入电路的阻值是30Ω，
根据并联电路的电压特点可知，滑动变阻器和R1两端的电压：U滑＝U1′＝U＝9V，
通过滑动变阻器的电流：I滑＝＝＝0.3A，
根据并联电路的电流特点可知，通过R1的电流I1′＝I总﹣I滑＝0.9A﹣0.3A＝0.6A，
由I＝可知，电阻R1的阻值为：R1＝＝＝15Ω，
因为电源电压保持不变，根据P＝UI可知，当电路中的电流最大时，整个电路的功率最大，
所以当S、S1、S2都闭合，调节变阻器的滑片使通过变阻器R2的电流最大为1A时，整个电路的功率最大，
根据并联电路的电流特点可知，此时电路中的总电流：I总大＝I1′+I滑大＝0.6A+1A＝1.6A，
此时电路的总功率为：P总大＝UI总大＝9V×1.6A＝14.4W，故A正确；
D、只闭合开关S时，接入电路的有灯泡L和滑动变阻器R2，它们组成串联电路；当滑动变阻器R2阻值最大时，电路中电流最小，电路中最小电流为：I小＝＝＝A，
整个电路最小功率为：P小＝UI小＝9V×A＝2.4W，故B错误。
故选：A。
【点评】本题综合性强，考查的内容多。会识别串联、并联，会用欧姆定律计算，会用电功率公式计算，知道串、并联电路电流、电压、电阻的规律；本题难点是分析清楚乙图像中哪一个图像是电流表A与电压表V1的图像，哪一个图像是电流表A与电压表V2的图像。
二、非选择题
13．学校开展“学生进厨房”的劳动教育系列活动，小桐和妈妈一起准备了一顿丰盛的晚餐。用燃气灶炒菜时，燃气燃烧是将燃气的 化学 能转化为内能，将火焰调小时，天然气的热值 不变 （选填“变小”或“不变”），小桐和妈妈一起做完所有菜，消耗了0.08m3的天然气，若整个过程中平均吸热效率为50%，则这些美味完成过程中共吸收了热量 1.68×106 J。（q天然气＝4.2×107J/m3）
【分析】（1）燃料燃烧，化学能转化为内能；热值是燃料的特性，只和燃料的种类有关；
（2）根据Q放＝Vq计算出天然气完全燃烧放出的热量；
再利用η＝求出这些美味完成过程中共吸收的热量。
【解答】解：（1）天然气燃烧时，天然气的化学能转化为内能；
热值是燃料的特性，将火焰调小时天然气种类不变，故热值不变；
（2）完全燃烧0.08m3天然气释放的热量：Q放＝Vq＝0.08m3×4.2×107J/kg＝3.36×106J；
由η＝知，这些美味完成过程中共吸收的热量：
Q吸＝ηQ放＝50%×3.36×106J＝1.68×106J。
故答案为：化学；不变；1.68×106。
【点评】此题主要考查的是学生对天然气燃料热值的理解和掌握，并能熟练的运用热量公式进行计算是解决该题的关键。
14．如图所示是华为FreeBudsPr无线蓝牙耳机及其收纳盒，该收纳盒的功能相当于一个充电宝，当耳机没电时可以将其放入收纳盒中，收纳盒可以对耳机进行充电；收纳盒的电量消耗完毕后也可以在家庭电路中利用充电器进行充电。
（1）单只耳机正常工作电压为3V，以最大电流1A工作，时长可达约1h，则它充满电需消耗 10800 J的电能。（不考虑充电过程中的能量损失）
（2）收纳盒对耳机充电时，收纳盒相当于 电源 （选填“电源”或“用电器”）。将两只耳机从零电量到充满电所需时间40min，此过程中收纳盒充电功率为 9 W。
【分析】（1）根据W＝UIt算出将耳机充满电需消耗的电能；
（2）消耗电能的装置是用电器，提供电能的装置是电源；
算出将两只耳机从零电量到充满电所需的电能，由电功率公式算出此过程中收纳盒充电功率。
【解答】解：（1）将耳机充满电需消耗的电能为：
W＝UIt＝3V×1A×3600s＝10800J；
（2）收纳盒对耳机充电时，收纳盒提供电能，相当于电源；
将两只耳机从零电量到充满电所需的电能为：
W′＝2W＝2×10800J＝21600J；
此过程中收纳盒充电功率为：
P＝＝＝9W。
故答案为：（1）10800；（2）电源；9。
【点评】本题考查了电功、电功率的应用以及电路的组成等知识，是一道理论联系实际的好题。
15．如图所示，在“比较不同物质吸热能力”的实验中，在两个相同的烧杯中分别装入质量相等的甲、乙两种液体，并用电加热器分别同时加热，两液体每秒吸收热量相同，它们的温度随时间变化的图象如图丙所示。
（1）实验中选用的是 相同 的电加热器，这样就可以通过 加热时间 比较吸收热量的多少。
（2）若加热过程中无热损失，则甲、乙两种液体的比热容之比为 2：3 。
（3）常见物质中，水的比热容较大。下列事例中，利用水这一特性为生产、生活服务的是 AB 。
A.让流动的热水流过散热器取暖
B.建人工湖来减小城市热岛效应
【分析】（1）我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
（2）已知两种液体的质量相同，因为加热器相同，吸收相同的热量，温度的变化量之比为：Δt甲：Δt乙＝3：2，根据Q＝cmΔt可求出液体A和B的比热容之比，；
（3）水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低得少；升高或降低相同的温度时，水吸收或放出的热量多，据此分析。
【解答】解：（1）我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
（2）已知两种液体的质量相同，因为加热器相同，吸收相同的热量，温度的变化量之比为：Δt甲：Δt乙＝3：2，根据Q＝cmΔt，
c甲：c乙＝：＝＝＝2：3；
（3）A、由于水的比热容大，在质量和降低的温度都相同时，水放出的热量多，所以让流动的热水流过散热器供暖，故A符合题意；
B、因为水的比热容大于沙石的比热容，相同质量的水和砂石吸收或放出相同的热量时，水的温度升高或降低得少，所以城市中建人工湖来降低热岛效应，故B符合题意；故选：AB。
故答案为：（1）相同；（2）2：3；（3）AB。
【点评】本题考查了控制变量法的应用，同时涉及到了对比热容和热值概念的理解，同时在分析过程中，注意控制的变量和改变的量，熟练应用控制变量法是正确解题的关键。
16．小涵同学在进行“探究电流通过导体产生热量的多少与什么因素有关”实验时采用了如图所示的装置，请仔细观察图甲、乙。
（1）实验中通过观察两个U形管中 液面高度差 的变化来比较电流通过电阻丝产生的热量的多少。
（2）图甲实验表明，在 电流、通电时间 相同的情况下，电阻越大，这个电阻产生的热量越多。通过焦耳定律的学习可知，若通电时间相同，左右两容器中电阻产生的热量之比为 1：2 。
（3）图乙实验在探究电阻产生的热量与通过它的电流的关系时， 可以 （选填“可以”或“不可以”）将右侧容器外的电阻换成10Ω。
【分析】（1）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但产生的热量会使容器内等量的气体受热，根据热胀冷缩，产生的热量越多，气体膨胀程度越大，U形管中液面的高度差就越大，采用了转换法；
（2）（3）电流产生的热量与电流、电阻和通电时间有关，在探究电流产生的热量与某个因素有关时，要控制其他两个因素不变，而改变这个因素。
【解答】解：（1）通过比较U形管中液面高度差的变化来比较电流通过电阻丝产生热量的多少，这种方法在物理学中被称做转换法；
（2）电流通过导体产生的热量跟电流的平方成正比，跟导体的电阻成正比，跟通电时间成正比，由甲图可知，左、右两个容器中的电阻丝串联，通过的电流相同，通电时间相同，而左边电阻丝小于右边电阻丝，右边U形管中高度差变化大，因此在电流相同、通电时间相同的情况下，电阻越大，这个电阻产生的热量越多，由于左边电阻丝与右边电阻丝电阻的比值为5：10，若通电时间相同，左右两容器中电阻产生的热量之比为5：10即1：2；
（3）由图乙可知，右边的容器中的电阻与容器外的电阻并联，再与左边容器中的电阻串联，因此通过左边容器电阻的电流大于通过右边容器电阻的电流，而电阻和通电时间相同，可探究电阻产生的热量与通过它的电流的关系，将右侧容器外的电阻换成10Ω，通过左边容器电阻的电流大于通过右边容器电阻的电流，也可探究电阻产生的热量与通过它的电流的关系。
故答案为：（1）液面高度差；（2）电流、通电时间；1：2；（3）可以。
【点评】本题探究“电流通过导体产生的热量与什么因素有关”，考查了控制变量法和转换法、串联和并联电路的规律及焦耳定律的运用。
17．为了探究串联电路中用电器两端的电压与电源电压的关系，小瑞同学进行实验
（1）某次实验中小瑞正在测L2两端的电压，请加画一条线代替导线，帮助她将图甲电路图补充完整。
（2）当使用电压表测L1两端电压时，若观察到灯L1和L2均不发光，电压表有示数，则发生的故障是 L1断路 。
（3）测得L2电压如图乙所示，为 1.4V ；测得电源电压为3V，则L1和L2两电阻之比为 8：7 ，若两灯灯丝材料、长度相同，则 L2 灯丝较粗（选填“L1”或“L2”）。
【分析】（1）连接电路图使两灯泡串联，电压表测量L2两端的电压；
（2）闭合开关，两灯均不亮，由此可知电路是断路或两灯同时短路，结合电压表有示数分析；
（3）由电路图可知，两灯泡串联，电压表测L2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出L1两端的电压，根据串联电路的电流特点可知通过两灯泡的电流关系，根据欧姆定律求出两灯丝电阻的比值；
根据影响电阻大小的因素分析得到两灯灯丝的粗细关系。
【解答】解：（1）连接电路图使两灯泡串联，电压表测量L2两端的电压，电流要从电压表要正接线柱流入，负接线柱流出，如图：；
（2）当使用电压表测L1两端电压时，若观察到灯L1和L2均不发光，说明电路中有断路；电压表有示数，说明不可能是L2断路，则发生的故障是L1断路；
（3）电压表使用的是0﹣3V量程，分度值0.1V，示数为1.5V，即U2＝1.4V；
所以L1两端的电压：U1＝U﹣U2＝3V﹣1.4V＝1.6V，
因串联电路中各处的电流相等，所以通过L1与L2的电流之比为1：1；
由I＝可得，L1与L2的灯丝电阻之比：＝＝＝＝；
由于灯丝的材料相同，长度相同，L2电阻小于L1电阻，所以L2灯丝就较粗。
故答案为：（1）见解析图；（2）L1断路；（3）1.4V；8：7；L2。
【点评】本题考查了串联电路的特点、欧姆定律的应用以及对电阻影响因素的理解，关键是正确分析电压表的作用，根据电路特点判断电压表的量程。
18．某组同学利用图甲所示的器材测量小灯泡的电阻和小灯泡额定功率。实验中电源电压保持不变，滑动变阻器的规格为“50Ω，1A”，小灯泡的额定电压为2.5V。
（1）如图甲所示，电路中有一根导线连接错误，请你在这根导线上打“×”，并补画出正确的那根导线（要求导线不允许交叉）。
（2）小花同学连接好电路后，按正确的步骤进行实验，记录数据在表格中。当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，此时小灯泡的电阻为 8.9 Ω（结果保留一位小数），额定功率为 0.7 W。
（3）根据上表中所得数据分析，完成本实验所需电源电压不可能为 D 。（填标号）
A.3V
（4）小园同学将学生电源调至5V，使用同一规格小灯泡进行实验，当小灯泡正常发光一会儿后，灯丝突然烧断，接下来她断开开关，取下原灯泡，换上标有“2.5V 1W”的新灯泡后立即闭合开关，观察到电流表示数可能为 C 。（填标号）
【分析】（1）分析甲图的连接，找出错误之处，本实验中，灯泡应与电流表串联，电压表与灯泡并联，据此改正；
（2）根据图甲确定电流表选用量程，由图乙确定分度值读数，根据欧姆定律求出此时小灯泡的电阻，根据P＝UI得出小灯泡的额定功率；
（3）根据表中第1组数据，利用串联电路电压规律结合欧姆定律求出最大电源电压，据此分析；
（4）根据串联电路电压规律和分压原理求出滑动变阻器接入电路的阻值；利用新灯泡的铭牌求出新灯泡的额定电流和电阻，根据串联分压原理确定新灯泡是否正常发光，据此确定电路中的最大电流；假设新灯泡电阻不变，利用欧姆定律结合灯丝电阻随温度的变化确定电路中最小电流，据此分析。
【解答】解：（1）原电路图中，灯泡和电压表没有接入电路是错误的，本实验中，灯泡应与电流表串联，电压表与灯泡并联，如下图所示：
（2）由图甲可知，电流表选用小量程；正确连接电路后，小灯泡正常发光时电流表示数如图乙所示，电流表分度值为0.02A，电流为0.28A，则灯泡正常发光时的电阻为：
RL＝＝≈8.9Ω，
小灯泡的额定功率为：
PL＝ULIL＝2.5V×0.28A＝0.7W；
（3）在第1次实验中，若滑动变阻器全部接入电路，由表中第1组数据可知，此时滑动变阻器两端电压为：
U滑＝I1R滑＝0.16A×50Ω＝8V，
根据串联电路电压规律可知，电源电压为8V+0.5V＝8.5V，即电源电压最大为8.5V，因此完成本实验所需电源电压不可能为16.5V，故选：D；
（4）小园同学将学生电源调至5V，使用同一规格小灯泡进行实验，当小灯泡正常发光时，滑动变阻器两端电压为5V﹣2.5＝2.5V，由（2）可知，灯泡正常发光时的电阻为8.9Ω，此时滑动变阻器分得的电压为电压表示数的＝1倍，根据分压原理，滑动变阻器接入电路的阻值为8.9Ω；
根据P＝UI可知，“2.5V 1W”的新灯泡额定电流为：
I'＝＝＝0.4A，
新灯泡正常发光时的电阻为：
R'＝＝＝6.25Ω，
当换上标有“2.5V 1W”的新灯泡后，因新灯泡正常发光时的电阻小于原来灯泡正常发光时的电阻，根据串联分压原理可知，新灯泡两端电压小于额定电压，新灯泡不能正常发光，此时电路中的电流应小于0.4A；
因滑动变阻器接入电路的阻值不变，假设新灯泡电阻不变，此时电路中的总电阻为R总＝6.25Ω+8.9Ω＝15.15Ω，
电路中的电流为：
I''＝＝≈0.33A，
因灯丝的电阻随温度的降低而减小，因此电路的电流应大于0.33A，故选：C。
故答案为：（1）见解答图；（2）8.9；0.7；（3）D；（4）C。
【点评】本题测量小灯泡的电阻和小灯泡额定功率实验，考查了电路连接、电阻的计算、功率的计算、影响电阻大小因素和欧姆定律的应用等知识。
19．恒温箱广泛应用于医疗、科研、化工等行业部门，图示为某恒温箱的工作原理图。恒温箱的容积V＝2m3，S为电源开关，通过控制温控开关S1可实现“保温”“加热”两个挡位间的切换。电源电压U＝220V，R1、R2是电热丝，且R1：R2＝4：1。某次将恒温箱设定的恒温温度为42℃，使两气孔封闭，闭合开关S，S1置于“加热”挡位，箱内空气温度从20℃升至设定的恒温温度用时130s，该段时间内的加热效率η＝80%（箱内空气密度ρ＝1.3kg/m3，箱内空气的比热容c＝1.0×103J/（kg•℃））。请回答以下问题：
（1）恒温箱内空气是通过 热传递 （选填“做功”或“热传递”）的方式使内能增大；当处于“保温”时，电流通过电热丝 R1 （选填“R1”、“R2”或“R1和R2”）每秒产生的热量等于箱内空气吸收的热量；
（2）求本次加热过程消耗的电能；
（3）电热丝R1和R2的阻值。
【分析】（1）做功和热传递都可以改变物体的内能；做功改变物体内能的实质是能量的转化，热传递改变物体内能的实质是能量的转移；由图可知，当开关S闭合、S1接左侧一个触点时，只有R1工作，当开关S闭合、S1接触右侧两个触点时，R1、R2并联；根据并联电路的特点和P＝可知加热挡和保温挡的电路连接；
（2）根据密度公式求出恒温箱内空气的质量，根据Q吸＝cmΔt求出空气吸收的热量，根据效率公式求出本次加热过程消耗的电能；
（3）根据P＝求出加热挡的功率，根据R1、R2的关系和P＝可求出R1和R2的阻值。
【解答】解：（1）恒温箱内空气吸收电热丝的热量，内能增大，温度升高，这是通过热传递的方式使空气的内能增大；
由图可知，当开关S闭合、S1接触右侧两个触点时，R1、R2并联，根据并联电路的电阻特点可知，此时电路中的电阻最小，由P＝可知，电路中的总功率最大，恒温箱处于加热挡；
当开关S闭合、S1接左侧一个触点时，只有R1工作，电路中的总电阻最大，总功率最小，恒温箱处于保温挡；
则恒温箱处于保温挡时，只有R1发热；
（2）由ρ＝可知，恒温箱内空气的质量：m＝ρV＝1.3kg/m3×2m3＝2.6kg，
空气吸收的热量：Q吸＝cmΔt＝1.0×103J/（kg•℃）×2.6kg×（42℃﹣20℃）＝5.72×104J，
由η＝可知，本次加热过程消耗的电能：W＝＝＝7.15×104J；
（3）加热挡的功率：P加热＝＝＝550W，
根据题意可知，R1＝4R2，
由P＝可知，加热挡功率：P加热＝+＝+＝＝＝550W，
解得：R2＝110Ω；
则R1的阻值：R1＝4R2＝4×110Ω＝440Ω。
答：（1）热传递；R1；
（2）本次加热过程消耗的电能为7.15×104J；
（3）电热丝R1和R2的阻值分别为440Ω、110Ω。
【点评】本题考查并联电路的特点、密度公式、吸热公式、效率公式以及电功率公式的应用，是一道电热综合题，有一定的难度。实验序号
1
2
3
4
5
电阻R/Ω
5
10
15
20
25
电流I/A
0.6
0.3
0.24
0.15
0.12
实验次数
1
2
3
4
5
6
电压U/V
0.5
0.9
1.3
1.7
2.1
2.5
电流I/A
0.16
0.19
0.21
0.24
0.26
实验序号
1
2
3
4
5
电阻R/Ω
5
10
15
20
25
电流I/A
0.6
0.3
0.24
0.15
0.12
实验次数
1
2
3
4
5
6
电压U/V
0.5
0.9
1.3
1.7
2.1
2.5
电流I/A
0.16
0.19
0.21
0.24
0.26