2022-2023学年内蒙古呼伦贝尔市阿荣旗阿伦中学九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析）

这是一份2022-2023学年内蒙古呼伦贝尔市阿荣旗阿伦中学九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析），共21页。试卷主要包含了单选题，填空题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

1.下列关于物体内能的说法中正确的是( )
A. 内能和温度有关，所以0℃的水没有内能B. 物体运动速度越大，内能越大
C. 静止的物体没有动能，但有内能D. 温度高的物体一定比温度低的物体内能大
2.如图所示是探究电流通过导体时产生热量的多少与哪些因素有关的实验装置。两个透明容器中密封着等量的空气，通电一段时间后，右侧U形管中液面高度差比左侧的大。下列说法正确的是( )
A. 左侧容器中电阻丝的阻值比右侧容器中的大
B. 该装置用来探究电流通过导体产生的热量跟电流大小的关系
C. 该装置可以用来探究电流通过导体产生的热量跟通电时间的关系
D. U形管中液面高度发生变化是因为U形管中液体的热胀冷缩造成的
3.如图所示为转速600r/min的四冲程内燃机的某一冲程，下列说法正确的是( )
A. 燃料燃烧时，将内能转化为化学能
B. 该冲程是做功冲程
C. 燃料的热值越大，内燃机的效率就越高
D. 1秒钟该内燃机对外做功20次
4.小致设计了一款电动玩具警车。只闭合开关S1，警示灯L发光；只闭合开关S2，电动机工作，玩具警车运动。以下设计符合要求的是( )
A. B.
C. D.
5.用皮毛摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球，验电器的金属片会张开，以下说法正确的是( )
A. 摩擦过程中创造了电荷
B. 经橡胶棒接触后的验电器带正电荷
C. 橡胶棒与验电器接触时，瞬间的电流方向是从橡胶棒到验电器
D. 金属片张开是由于同种电荷相互排斥
6.如图所示的电路，下列判断正确的是( )
A. 同时闭合开关S1、S2、S3时，电源短路
B. 闭合开关S1、S3，断开开关S2时，灯L1、L2串联
C. 闭合开关S2，断开开关S1、S3时，灯L1、L2并联
D. 闭合开关S1、S2，断开开关S3时，灯L1亮、L2不亮
7.关于电流表的使用，下列说法中不正确的是( )
A. 使用前如果电流表的指针没有指在表盘上的“0”点，要先进行调零
B. 电流表要并联在被测电路中
C. 当电路中的电流不估计时，要用试触的方法来选定合适的量程
D. 绝不允许不经过用电器把电流表接线柱接到电源的两极上
8.如图甲所示的电路中，闭合开关，两灯泡均发光，且两个完全相同的电流表指针偏转均如图乙所示，通过灯泡L1和L2的电流分别为( )
A. B. C. D.
9.在如图所示的电路中，电压表测量的是( )
A. 灯L1两端的电压B. 灯L2两端的电压C. 电源两端的电压D. 开关S两端的电压
10.如图：开关闭合后发生的现象是( )
A. 灯不亮，电流表烧坏
B. 灯不亮，电压表有示数
C. 灯不亮，电流表指针有明显偏转
D. 灯亮，电流表、电压表都有示数
11.在测定小灯泡功率的实验中，已知小灯泡的额定电压为2.5V，秀秀同学通过正确实验得到的数据如下表。分析数据得到的下列结论，正确的是( )
A. 灯丝的电阻随电压增大而减小B. 小灯泡的额定功率为0.8W
C. 小灯泡的额定功率为四次功率的平均值D. 通过小灯泡的电流与它两端的电压成正比
12.李刚同学想利用两阻值分别为R1、R2(R1>R2)的电阻丝各制作一个电热器。接入同一电路，要使同质量的水升高相同温度所用时间最短，下列四种设计方案中最可行的是( )
A. 两根电阻丝串联B. 两根电阻丝并联
C. 单独用阻值为R1的阻值D. 单独用阻值为R2的阻值
13.如图所示，当开关S闭合，甲、乙两表是电压表时，示数之比U甲：U乙=5：2，当开关S断开，甲、乙两表都是电流表时，则两表的示数之比I甲：I乙为( )
A. 2：5
B. 3：5
C. 2：3
D. 3：2
14.如图所示电路，L1的电阻比L2的大，开关闭合，灯均发光，则( )
A. V示数等于V1示数B. V1示数大于V2示数
C. A示数大于A1示数D. A2示数大于A1示数
15.如图是一盏白炽灯的铭牌，由此铭牌可知( )
A. 若此灯正常工作10h，消耗的电能为10KW⋅h
B. 当灯正常发光时，通过它的电流为2.2A
C. 当把此灯接在110V的电路中时，灯的实际功率为50W
D. 当灯正常发光时，灯丝电阻为484Ω
16.探究物质的吸热能力”实验中，把质量均为0.5kg的水和食用油分别装入两个相同的容器内用相同的电加热器给它们加热，其温度随时间变化的图象如图所示。不考虑实验中的热损失，下列分析正确的是( )
A. 食用油的吸热能力比水强
B. 食用油的比热容是2.8×103J/(kg⋅℃)
C. 加热2min，食用油比水吸收的热量多
D. 加热2min，食用油吸收的热量是4.2×104J
二、填空题：本大题共5小题，共11分。
17.在如图所示的电路中，闭合开关S，电流表A1，A2的示数之比为I1：I2=2：1，则电阻之比为R1：R2=______，电流表A1、A3的示数之比为I1：I3=______。
18.一个电阻接在6V的电源上，测得通过电阻的电流为0.3A，若电源电压降低到2V，则通过电阻的电流应为______ A，若将该电阻接在12V的电源上，则通过电阻的电流应为______ A；只将一个10Ω的定值电阻接在一恒定电源上，通过的电流为0.3A，若将它换成一个5Ω的定值电阻，则电路中的电流为______ A。
19.如图所示是电阻甲和乙的I−U图象，由图可知：电阻乙的阻值为______ Ω，若将电阻甲和乙并联后接在电压为6V的电源两端时，则干路电流为______ A。
20.两只定值电阻，甲标有“10Ω0.8A”，乙标有“20Ω0.6A”，把它们串联在同一电路中，在不损坏电阻的情况下，电路两端允许加的最大电压为______ V，把它们并联在同一电路中，干路中允许通过的最大电流为______ A。
21.电子式电能表表盘上标有“3000imp/(kw⋅h)”字样，将某用电器单独接在该表上工作20min，电能表指示灯闪烁了300次，该用电器在上述时间内消耗的电能为______J，它的电功率是______W。
三、实验探究题：本大题共2小题，共13分。
22.用如图甲所示的电路“探究电流与电阻的关系”，电源电压恒为6V，定值电阻R备有5Ω、10Ω、20Ω、40Ω各一个。
(1)闭合开关后，电压表示数如图丙所示，为准确测量这一电压，接下来小华应进行的操作是断开开关，______ ，闭合开关，继续实验。
(2)将5Ω的定值电阻接入电路闭合开关，移动滑片P发现电流表示数始终为零，电压表示数不为零，其原因可能是______ (填选项)。
A.定值电阻R短路
B.定值电阻R断路
C.滑动变阻器短路
(3)实验中，滑片置于某位置时，电压表示数突然变为0，而电流表示数不变，产生这一现象的原因是______ (填选项)。
A.定值电阻R短路
B.定值电阻R断路
C.电压表断路
(4)不改变滑动变阻器滑片的位置，将5Ω的电阻换成10Ω的电阻，闭合开关后，为保证电压表示数与更换前相同，滑片P应向______ (选填“左”或“右”)端滑动。
(5)实验中依次接入定值电阻，调节滑片使定值电阻两端电压相同，记下电流表读数，绘出电流I与电阻倒数1R变化的图像乙，由图乙可知：电压一定时，电流与电阻成______ 比。
23.小明在测量定值电阻阻值的实验中，设计了如图甲所示的电路图。
(1)该实验的原理是______ 。
(2)请根据电路图完成实物图(如图乙所示)的连接。
(3)连接电路时，开关应该______ 。开关闭合前，滑动变阻器的滑片应滑到最______ (选填“左”或“右”)端。
(4)小明通过三次实验得出的实验数据如表所示：
第三次实验时电流表的示数如图丙所示，将该示数填入表格内的横线上，然后根据提供的信息求出未知电阻的阻值，为______ Ω；实验中多次实验的目的是______ 。
(5)完成上述实验后，小明还想利用图丁所示电路，在M、N间接入适当的元件，完成以下物理实验：
①接入一个灯泡，测出它的阻值；
②接入一个定值电阻，探究电流和电压的关系；
③接入一个灯泡，探究电流和电压的关系；
其中不能够完成的实验是______ (填序号)。
四、计算题：本大题共2小题，共14分。
24.用煤炉给100kg的水加热，同时绘制了如图所示的加热过程中水温随时间变化的图线。若在6min内完全燃烧了2kg的煤，水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，煤的热值为3×107J/kg。求：
(1)煤完全燃烧产生的热量；
(2)经过6min时间加热，水所吸收的热量；
(3)煤炉烧水时的热效率。
25.如图，电源电压保持不变，R1、R2为定值电阻，R1=30Ω，R2=60Ω。只闭合开关S3时，电流表的示数为0.1A。求：
(1)电源电压；
(2)开关S2断开，S1、S3闭合时，电流表的示数；
(3)开关S3断开，S1、S2闭合时，通电100s，整个电路的消耗的电能。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、一切物体的分子都在不停地做无规则运动，所以物体温度再低也有内能，所以0℃的物体也有内能，故A错误；
B、物体运动的越快，物体的动能越大，物体内能不一定变化，故B错误；
C、内能是指物体内所有分子动能和分子势能的总和，所以静止的物体没有动能，但有内能，故C正确；
D、内能的大小物体的温度和质量有关，只知道温度不能判断，故温度高的物体不一定比温度低的物体内能大，故D错误。
故选：C。
内能是指物体内所有分子动能和分子势能的总和，与物体的温度和质量有关，与物体的宏观运动无关。一切物体都有内能。
本题主要考查学生对：内能的概念的了解和掌握，内能是物体内部所有分子具有的能量，机械能是宏观物体所具有的能量，要将二者区别开来，属于基础题。
2.【答案】C
【解析】解：A、容器中的两个电阻丝串联，通过它们的电流I与通电时间t相同，由焦耳定律可知，左边容器中的电阻小于右边容器中的电阻，故A错误；
BC、在装置中，容器中的两个电阻丝串联，通过它们的电流I与通电时间t相同，左边容器中的电阻与右边容器中的电阻不同，所以实验是为了探究电流产生的热量与电阻大小的关系。只观察其中一个U形管液面高度差的变化，来探究电流通过导体产生的热量跟通电时间的关系，故B错误，C正确；
D、U形管中液面高度发生变化是因为透明容器中密封着等量空气的热胀冷缩造成的，故D错误。
故选：C。
本题考查了学生对焦耳定律的认识，并可以通过巧妙的实验来验证一些结论，同时在该实验中利用了控制变量法，该实验方法在实验探究中经常用到。
3.【答案】B
【解析】解：
A、燃料燃烧时，化学能转化为内能，故A错误；
B、由图丙可知，进气门、排气门关闭，活塞下行，所以是做功冲程，故B正确；
C、用热值大的燃料，燃烧相同质量的燃料，可以放出更多的热量，但用来做有用功的能量不一定多，用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的热量的比值不一定大，即热机效率不一定高，故C错误；
D、由题知，四冲程汽油机的飞轮转速是600r/min=10r/s，即每秒钟飞轮转10圈；因飞轮每转2圈，完成1个工作循环并对外做功1次，所以该汽油机每秒完成5个工作循环，对外做功5次，故D错误。
故选：B。
(1)燃料燃烧时，化学能转化为内能；
(2)根据两个气门的闭合情况和活塞的运动方向判定是哪个冲程；
(3)用热值大的燃料，燃烧相同质量的燃料，可以放出更多的热量，但用来做有用功的能量不一定多，由此可得出结论；
(4)在四冲程内燃机的1个工作循环中，经历4个冲程，曲轴(飞轮)转2圈，对外做功1次，由此结合飞轮转速可知1s该内燃机的做功次数。
本题考查了内燃机的四个冲程工作特点、热机效率的了解和掌握，对于实际问题，要了解具体情况后结合所学知识解答。
4.【答案】A
【解析】解：根据题意可知，只闭合开关S1，警示灯L发光；只闭合开关S2，电动机工作，玩具警车运动，这说明警示灯和电动机可以独立工作，互不影响，所以该电路为并联电路，故A正确。
故选：A。
由题意判定警示灯L和电动机的连接方式，据此设计电路图。
本题考查了串、并联电路的设计，根据题意得出各电路元件的连接方式和对应的位置是关键。
5.【答案】D
【解析】解：A、摩擦起电现象是通过摩擦的方式使电荷发生了转移，而不是创造了电荷；故A错误；
B、摩擦过的橡胶棒得到电子带负电，接触后的验电器带负电，故B错误；
C、验电器中电流的方向是从验电器到橡胶棒，故C错误；
D、用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，故用它去接触验电器的金属球时，验电器也带上负电，即验电器的金属球和两个金属箔片上都带上了负电，由于同种电荷相互排斥，故其两个金属箔片会张开；故D正确。
故选：D。
解决该题需掌握：(1)在实验室中，用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电；
(2)验电器是检验物体是否带电的仪器，其制作原理是：同种电荷相互排斥；
(3)正电荷定向移动的方向规定为电流的方向。
知道实验室中如何取得正电荷和负电荷，且明白验电器的制作原理是解决该题的关键。
6.【答案】A
【解析】解：A、同时闭合开关S1、S2、S3时，电源短路，电源可能被烧坏，故A正确；
B、闭合开关S1、S3，断开开关S2时，电路中有两条路径，两灯L1、L2并联，故B错误；
C、闭合开关S2，断开开关S1、S3时，电流只有一条路径，灯L1、L2串联，故C错误；
D、闭合开关S1、S2，断开开关S3时，灯L1被局部短路，电路为灯L2的简单的电路，灯L1不亮、L2亮，故D错误。
故选：A。
根据开关的断开与闭合情况，运用电流流向法，先判断其串并联特点，再根据串并联电路特点进行判断。
本题主要考查了电路连接方式的辨别，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的判断。
7.【答案】B
【解析】解：根据电流表使用方法知，
使用前如果电流表的指针没有指在表盘上的“0”点，要先进行调零；
电流表要串联在被测电路中；
被测电流不要超过电流表的量程(可以采用试触的方法来看是否超过量程)。
绝对不允许不经过用电器而把电流表连到电源的两极上(电流表内阻很小，相当于一根导线。若将电流表连到电源的两极上，轻则使电流表损坏，重则烧坏电流表、电源、导线)；
故A、C、D的说法正确，B的说法错误；
故选：B。
本题考查了电流表的使用方法。还要注意电流表读数：
①看清量程；
②看清分度值(一般而言，量程0∼3A分度值为0.1A，0∼0.6A为0.02A)；
③看清表针停留位置(一定从正面观察)。
8.【答案】B
【解析】【分析】
由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测L2支路电流，根据并联电路的电流特点和两个电流表的指针在同一个位置确定两表量程，根据分度值读出示数，进一步求出灯L1中的电流。
本题考查了并联电路的电流特点和电流表的读数，会确定两电流表的量程是关键。
【解答】
由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测L2支路电流，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且两个电流表的指针在同一个位置，
所以，干路电流表A1的量程为0∼3A，分度值为0.1A，干路电流I=1.5A，
L2支路电流表A2的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，通过L2的电流I2=0.3A，故D错误；
则灯L1中的电流：
I1=I−I2=1.5A−0.3A=1.2A，故AC错误、B正确。
故选B。
9.【答案】B
【解析】【分析】
本题考查电压表的使用规则要求，电压表要与被测电路并联。
记住电压表与被测电路相并联，图中并联在哪个用电器两端，不一定离这个用电器很近，读图时要仔细识别。
【解答】
本题中电压表画在左上角，好像是在电池的两端，离L2很远，其实电压表是并联在L2的两端的，测的是L2两端的电压。
故选B。
10.【答案】B
【解析】解：电压表电阻无限大，连入电路时相当于开路，电流很小，所以灯不亮，电流表的示数几乎为零，灯泡不发光；
但电压表两接线柱通过灯丝和导线接在了电源的两极上，测量电源电压，有示数，故B说法正确。
故选：B。
先考虑电流表测电流时要和用电器串联，相当于一根导线；电压表测电压时要和用电器并联，相当于开路。再分析开关闭合时的现象。
电压表和电流表接入电路时，电压表相当于开路，电流表相当于一根导线。
11.【答案】B
【解析】解：A、由表中数据可知，随电压U的增大，R=UI逐渐变大，即灯丝电阻随电压增大而增大，故A错误；
B、由表中数据知，灯泡额定电压U=2.5V对应的电流I=0.32A，灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.32A=0.8W，故B正确；
C、灯泡在额定电压下的功率为额定功率，不能把四次功率的平均值作为灯泡的额定功率，故C错误；
D、由A知灯丝电阻R随电压U的增大而增大，不是定值，由I=UR知：通过小灯泡的电流与它两端的电压不成正比，故D错误；
故选：B。
(1)根据表中数据，找出电压与对应的电流，求出R=UI，从而得出电阻随电压变化的关系，并判断通过灯泡的电流与它两端的电压是否成正比；
(2)灯泡在额定电压下的功率为额定功率，由表中数据找出灯泡额定电压对应的电流，然后由公式P=UI求出灯泡的额定功率；
本题考查了实验数据的分析，求灯泡的额定功率、判断灯泡电压与电流间的关系，应知道灯泡额定功率是灯泡在额定电压下的功率，不能把灯泡在不同电压下的实际功率的平均值作为额定功率。
12.【答案】B
【解析】解：两电阻并联时的总电阻最小，由P=U2R可知，两电阻并联时电功率最大，相同时间内产生的热量最多，使同质量的水升高相同温度所用时间最短。
故选：B。
在电源电压一定的情况下，由P=U2R可知，电阻越小，电功率越大，产生一定热量需要的时间最短，据此分析答题。
本题考查了并联电路特点、电功率公式的应用，难度不大。
13.【答案】B
【解析】解：(1)当开关S闭合，甲、乙两表是电压表时，R1和R2串联，甲电压表测电源的电压，乙电压表测R2两端的电压，则U=U甲，U2=U乙，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，U1=U−U2=U甲−U乙，
则两电阻两端的电压之比：U1U2=U甲−U乙U乙=5−22=32，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，由I=UR可得，两电阻的阻值之比：R1R2=U1IU2I=U1U2=32；
(2)当开关S断开，甲、乙两表都是电流表时，R1和R2并联，甲电流表测R2支路的电流，乙电流表测干路电流，则I甲=I2，I乙=I，
因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，通过两电阻的电流之比：
I1I2=UR1UR2=R2R1=23，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，两电流表的示数之比：I甲I乙=I2I1+I2=32+3=35。
故选：B。
(1)当开关S闭合，甲、乙两表是电压表时，R1和R2串联，甲电压表测电源的电压，乙电压表测R2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比；
(2)当开关S断开，甲、乙两表都是电流表时，R1和R2并联，甲电流表测R2支路的电流，乙电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两支路的电流之比，根据并联电路的电流特点求出两电流表的示数之比。
本题通过改变开关的连接方法和电表的更换，改变了电路的连接方法，电路先串联后并联，通过电阻的不变量来沟通两个过程。
14.【答案】A
【解析】【分析】
在串联电路中，总电压等于各用电器两端电压之和；电流处处相等。并联电路中各支路电压相等，都等于电源电压。
此题考查的是并联电路的特点和串联电路的电压、电路特点，属于基础题，难度较小，容易解答。
【解答】
(1)由左图可知，L1、L2并联，电表V1测L1两端电压，电表V2测L2两端电压，电压表V测电源电压，并联电路中各支路电压相等，都等于电源电压；故V示数等于V1示数，等于V2示数，故A正确、B错误；
(2)由右图可知，L1、L2串联，在串联电路中，电流处处相等，因此A示数等于A1示数，等于A2示数，故CD错误。
故选：A。
15.【答案】D
【解析】解：A、灯泡的额定功率为100W，灯泡10h消耗的电能为W=Pt=0.1kW×10h=14kW⋅h.此说法错误；
B、由P=UI可得，当灯正常发光时，通过它的电流I=PU=100W220V≈0.45A，此说法错误；
C、当灯正常发光时，灯丝电阻R=U2P=(220V)2100W=484Ω，当把此灯接在110V的电路中时，灯的实际功率为P实=U实2R=(110V)2484Ω=25W，此说法错误；
D、当灯正常发光时，灯丝电阻R=U2P=(220V)2100W=484Ω，此说法正确。
故选：D。
①用电器铭牌上面标识的电压叫额定电压，也就是用电器正常工作时的电压；标识的功率叫额定功率，也就是用电器在额定电压下正常工作时的功率。
②已知灯泡的额定功率和发光时间，利用W=Pt可以得到消耗的电能。
③根据P=UI可求得当灯正常发光时，通过它的电流，根据R=U2P可求得当灯正常发光时，灯丝电阻。根据P实=U实2R求得灯的实际功率。
此题考查的角度全面，包括额定功率与实际功率的关系、电能的计，难度都不大，但需要扎实的基础知识才能解决。
16.【答案】D
【解析】解：
A、由△t=Qcm可知，在质量、吸收的热量相同时，吸热能力弱(比热容小)的物质升高的温度快，由图象可知，食用油温度升高的快，这说明食用油的吸热能力比水弱，故A错误；
B、用两个相同的电热器给质量相同的物质食用油和水加热，由图象可知，水温度升高到60℃需要4min，食用油温度升高到60℃需要2min；
因为加热器相同，则物质吸收的热量和加热时间成正比，
所以，质量相同的食用油和水升高相同的温度需要吸收的热量关系为：Q水吸=2Q油吸；
由Q吸=cm△t得：c=Q吸m△t，
则可知c水=2c油，
又因为c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，
所以c油=12c水=2.1×103J/(kg⋅℃)，故B错误；
C、相同加热器在相同时间内放出的热量相同，则加热2min时水和食用油吸收的热量相同，故C错误；
D、由图象可知，加热2min食用油的温度升高了60℃−20℃=40℃，
则食用油吸收的热量：Q油吸=c油m油△t=2.1×103J/(kg⋅℃)×0.5kg×40℃=4.2×104J，故D正确。
故选：D。
(1)根据公式Q吸=cm(t−t0)，质量、吸收的热量相同时，吸热能力弱的物质升高的温度快；
(2)由题知食用油和水质量相同，升高的温度相同时水吸收的热量是食用油吸收热量的2倍。根据吸热公式Q=c吸m△t判断两物质的比热容之间的关系，从而得出食用油的比热容；
(3)相同加热器在相同时间内放出的热量相同；
(4)利用Q=cm△t可求得加热2min食用油吸收的热量。
本题考查学生会根据在相同质量、吸收相同的热量的不同物质温度升高的高低判断吸热能力的强弱，能够从图象中获取信息并利用控制变量法解决实际问题是解题的关键。
17.【答案】1：2 2：3
【解析】解：
由电路图可知，电阻R1、R2并联，电流表A1测电阻R1的电流，电流表A2测电阻R2的电流，电流表A3测干路中的电流，
根据并联电路的分流规律可得，R1：R2=I2：I1=1：2；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，电流表A1、A3的示数之比为I1I3=I1I1+I2=22+1=2：3。
故答案为：1：2；2：3。
由电路图可知，电阻R1、R2并联，电流表A1测电阻R1的电流，电流表A2测电阻R2的电流，电流表A3测干路中的电流，
根据并联电路的分流规律和并联电路中干路电流等于各支路电流之和，可求出电阻之比和电流表A1、A3的示数之比。
本题主要考查了并联电路电流规律的掌握和应用，难度适中。
18.【答案】
【解析】解：一个电阻接在6V的电源上，测得通过电阻的电流为0.3A，根据欧姆定律可知电阻阻值R=UI=6V0.3A=20Ω；
电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，若电源电压降低到2V，电阻的阻值不变，则通过电阻的电流I′=U′R=2V20Ω=0.1A；
若将该电阻接在12V的电源上，电阻的阻值不变，则通过电阻的电流应为I′′=U′′R=12V20Ω=0.6A；
只将一个10Ω的定值电阻接在一恒定电源上，通过的电流为0.3A，则电源电压U0=I1R1=0.3A×10Ω=3V；
若将它换成一个5Ω的定值电阻，则电路中的电流I2=U0R2=3V5Ω=0.6A。
故答案为：0.1；0.6；0.6。
(1)知道导体两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出导体的电阻；
(2)电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关。根据欧姆定律求得2V或12V电压下通过电阻的电流；(3)根据欧姆定律求得恒定电源的电压和电阻换成5Ω时电路中的电流。
本题考查欧姆定律的应用和电阻的有关知识，是一道综合题。
19.【答案】61.6
【解析】解：(1)从图中可知，通过甲、乙的电流与其两端电压均成正比，所以甲、乙均为定值电阻。
当电流为0.5A时，甲的电压为5V，乙的电压为3V，
根据欧姆定律可知，甲的电阻为R甲=U甲I=5V0.5A=10Ω，
乙的电阻为R乙=U乙I=3V0.5A=6Ω；
(2)若将电阻甲和乙并联后接在电压为6V的电源两端时，根据并联电路的特点和欧姆定律可知：
通过甲的电流I1=U′R甲=6V10Ω=0.6A，
通过乙的电流I2=U′R乙=6V6Ω=1A，
干路的总电流为I′=I1+I2=0.6A+1A=1.6A。
故答案为：6；1.6。
(1)从图中可知，通过甲、乙的电流与其两端电压均成正比，所以甲、乙均为定值电阻。当电流为0.5A时，甲的电压为5V，乙的电压为3V，根据欧姆定律可得出甲、乙的电阻；
(2)若将电阻甲和乙并联后接在电压为6V的电源两端时，根据并联电路的特点和欧姆定律可分别得出通过甲、乙的电流，进而得出干路电流。
本题考查欧姆定律的应用、并联电路的特点，并考查图像分析能力，有一定综合性。
20.【答案】181.2
【解析】解：(1)由题意可知，甲电阻允许通过的最大电流为0.8A，乙电阻允许通过的最大电流为0.6A，
由串联电路的电流特点可知，在不损坏电阻的情况下，两电阻串联时，电路中的最大电流为0.6A，
由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，电路两端允许加的最大电压：U=I(R甲+R乙)=0.6A×(10Ω+20Ω)=18V；
(2)由欧姆定律可知，两电阻允许加载的最大电压分别为：U甲=I甲R甲=0.8A×10Ω=8V，U乙=I乙R乙=0.6A×20Ω=12V，
由并联电路的电压特点可知，在不损坏电阻的情况下，两电阻并联时，两电阻两端的电压为8V，
由欧姆定律可知，此时通过两电阻的电流分别为：I甲′=U并R甲=8V10Ω=0.8A，I乙′=U并R乙=8V20Ω=0.4A，
由并联电路的电流特点可知，干路中允许通过的最大电流：I′=I甲′+I乙′=0.8A+0.4A=1.2A。
故答案为：18；1.2。
(1)根据串联电路的电流特点求出两电阻串联时电路中的最大电流，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电路两端允许加的最大电压；
(2)根据欧姆定律求出两电阻允许加载的最大电压，根据并联电路的电压特点求出两电阻并联时两电阻两端的电压，根据欧姆定律求出通过两电阻的电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流。
本题考查串并联电路的特点和欧姆定律的应用，难点是知道串联时允许通过的最大电流为两个额定电流里面最小的一个，两只电阻并联时，电压也选最小。
21.【答案】3.6×105300
【解析】解：3000imp/(kW⋅h)表示的含义是：每消耗1kW⋅h的电能，电能表指示灯闪烁3000次。
则指示灯闪烁300次，用电器消耗的电能：
W=3003000kW⋅h=0.1kW⋅h=3.6×105J，
则用电器的电功率：
P=Wt=0.1kW⋅h2060h=0.3kW=300W；
故答案为：3.6×105；300。
3000imp/(kW⋅h)表示的含义是：每消耗1kW⋅h的电能，电能表指示灯闪烁3000次，据此求出电能表的指示灯闪烁300次消耗的电能，再根据P=Wt求出用电器的电功率。
本题考查了电能表的读数和电功率的计算，明确电能表参数的含义是关键。
22.【答案】电压表应改接0−3V的量程 B C 左 反
【解析】解：(1)闭合开关，电压表指针偏转幅度过小，由此可知电压表量程选择过大，故为准确测量这一电压，接下来小华应进行的操作是断开开关，电压表应改接0−3V的量程，闭合开关，继续实验；
(2)A、若定值电阻R短路，电流表的示数不为零，电压表示数为0，故A不符合题意；
B、若定值电阻R断路，电流表示数为零，电压表串联在电路中测电源电压，示数不为零，故B符合题意；
C、若滑动变阻器短路，电压表测电源电压，电路为通路，电流表示数不为0，故C不符合题意；
故选：B；
(3)电路中电流不变，而电压表示数为0，说明电流表与未知电阻、滑动变阻器、开关、电源组成通路，电压表两端没有电压，故电路故障是电压表开路了，故C正确；
故选：C；
(4)不改变滑动变阻器滑片的位置，将5Ω的电阻换成10Ω的电阻，闭合开关后，根据分压原理，电压表示数变大，为保证电压表示数与更换前相同，应减小电压表示数，根据分压原理可知应增大滑动变阻器的接入阻值来增大滑动变阻器两端电压，故应该将滑片P向左端滑动；
(5)由图乙可知，绘出的电流I与电阻倒数的图像是一条过原点的直线，由此可得到结论：电压一定时，通过导体的电流与电阻的倒数成正比，即电压一定时，通过导体的电流与电阻成反比。
故答案为：(1)电压表应改接0−3V的量程；(2)B；(3)C；(4)左；(5)反。
(1)闭合开关，电压表指针偏转幅度过小，由此可知电压表量程选择过大；
(2)逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；
(3)电路中电流不变，而电压表示数为0，说明电流表与未知电阻、滑动变阻器、开关、电源组成通路，电压表两端没有电压，故电路故障是电压表开路了；
(4)根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
(5)根据绘出的电流I与电阻倒数的图像是一条过原点的直线得出结论。
本题探究电流与电阻的关系，考查注意事项、控制变量法、操作过程和数据分析等知识。
23.【答案】R=UI 断开 左 0.46取平均值减小误差 ①
【解析】解：(1)测量电阻的实验原理是R=UI；
(2)按图甲连接实物，定值电阻的左端与滑动变阻器的左上接线柱连接，如下图所示：
(3)为了保护电路，连接电路过程中开关应该断开，开关闭合前，滑动变阻器的滑片应滑到阻值最大处，即左端；
(4)实验过程中得到的部分数据如表所示。第3次测量时，电流表的示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.4A；
根据欧姆定律可知，三次实验的电阻为：R1=U1I1=Ω，R2=U2I2=Ω，R3=U3I3=Ω，
本实验所测得未知电阻的阻值为：R=R1+R2+R33=6Ω+5.67Ω+6.25Ω3≈6Ω；
在测量电阻的实验中，多次测量的目的是取平均值减小误差；
(5)图中电压表可测M、N间的电压，电流表可测电路中的电流：
①接入一个灯泡，可测灯泡两端的电压和通过它的电流，利用R=UI可求它的阻值，测出它的阻值，故该实验能完成；
②接入一个定值电阻，测定值电阻两端的电压和通过它的电流，为得出普遍性的规律，探究电流和电阻的关系，要换用不同的定值电阻多次测量，故不能完成；
③探究电流和电压的关系，要控制电阻的大小不变，而灯的电阻随温度的变化而变化，不是一个定值，故不能完成；
故能完成的实验为①。
故答案为：(1)R=UI；(2)见解答；(3)断开；左；(4)0.4；6；取平均值减小误差；(5)①。
(1)测量电阻的实验原理是R=UI；
(2)按图甲连接实物，定值电阻与；
(3)为了保护电路，连接电路过程中开关应该断开，开关闭合前，滑动变阻器的滑片应滑到阻值最大处；
(4)根据电流表选用量程确定分度值读数；根据表中数据结合欧姆定律算出三次电阻值，求平均值；在测量电阻的实验中，多次测量的目的是求平均值减小误差；
(5)逐一分析每个选项，确定可行的实验。
本题是测量定值电阻阻值的实验，考查电路连接、电流表读数、注意事项、电阻的计算、与其它的电学实验作比较，综合性较强。
24.【答案】解：
(1)煤完全燃烧产生的热量：
Q放=mq=2kg×3×107J/kg=6×107J；
(2)由图可知，经过6min时间加热后水温由20℃达到80℃，
则水吸收的热量：
Q吸=cm(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×100kg×(80℃−20℃)=2.52×107J；
(3)煤炉烧水时的热效率：
η=Q吸Q放×100%=2.52×107J6×107J×100%=42%。
答：(1)煤完全燃烧产生的热量为6×107J；
(2)经过6min时间加热，水所吸收的热量为2.52×107J；
(3)煤炉烧水时的热效率为42%。
【解析】(1)已知煤的质量和热值，利用Q=mq可求得煤完全燃烧产生的热量；
(2)由图知，经过6min时间加热，水升高的温度值，利用吸热公式求水吸收的热量；
(3)烧水时的热效率等于水吸收的热量与燃料完全燃烧放出的热量之比。
本题考查了学生对吸热公式、燃料完全燃烧放热公式的掌握和运用，能从液体的温度随时间变化的图象搜集有关信息是本题的关键。
25.【答案】解：(1)只闭合开关S3时，R1和R2串联，电流表测电路中的电流，电流表的示数为0.1A，根据电阻的串联和欧姆定律，电源电压：
U=I(R1+R2)=0.1A×(30Ω+60Ω)=9V；
(2)开关S2断开，S1、S3闭合时，R2短路，为R1的简单电路，电流表的示数：
I′=UR1=9V30Ω=0.3A；
(3)开关S3断开，S1、S2闭合时，两电阻并联，根据电阻的并联，
R并=R1R2R1+R2=30Ω×60Ω30Ω+60Ω=20Ω，
电路的总功率：
P=U2R并=(9V)220Ω=4.05W。
通电100s，整个电路的消耗的电能W=Pt=4.05W×100s=405J。
答：(1)电源电压为9V；
(2)开关S2断开，S1、S3闭合时，电流表的示数为0.3A；
(3)开关S3断开，S1、S2闭合时，通电100s，整个电路的消耗的电能为405J。
【解析】(1)只闭合开关S3时，R1和R2串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律求出电源电压；
(2)开关S2断开，S1、S3闭合时，R2短路，为R1的简单电路，由欧姆定律求出电流表的示数；
(3)开关S3断开，S1、S2闭合时，两电阻并联，根据电阻的并联求出并联的电阻，根据P=U2R并求出电路的总功率。根据W=Pt得出通电100s，整个电路的消耗的电能。
本题考查串联、并联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是电路的分析。电压U/V
1.5
2
2.5
3
电流I/A
0.25
0.29
0.32
0.35
实验次数
1
2
3
电压U/V
1.2
1.7
2.5
电流I/A
0.2
0.3
______