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陕西省西安市部分学校2023-2024学年高二上学期12月联考数学试题（解析版）
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这是一份陕西省西安市部分学校2023-2024学年高二上学期12月联考数学试题（解析版），共14页。试卷主要包含了 直线的倾斜角为， 已知双曲线，则取值范围为， 已知椭圆， 曲线具有如下3个性质等内容，欢迎下载使用。
1. 直线的倾斜角为（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】利用倾斜角与斜率的关系计算即可.
【详解】设该直线的倾斜角为，由题意得该直线的斜率为，
所以直线的倾斜角为.
故选：C
2. 在空间直角坐标系中，点是点在坐标平面内的射影，则的坐标为（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】根据已知条件可得出点的坐标.
【详解】在空间直角坐标系中，点是点在坐标平面内的射影，
则点的坐标为.
故选：A.
3. 数列1，，，…的通项公式可能是（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】代入即可结合选项逐一排除.
【详解】当时，对于B中，更多课件 教案 视频 等优质滋源请 家 威杏 MXSJ663 当时，对于C中，对于D中，
四个选项中只有同时满足，，.
故选：A
4. 已知是空间的一个基底，则可以和构成空间的另一个基底的向量为（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】利用基底概念及空间向量的共面定理一一分析即可.
【详解】易知：，则与共面，
同理，，
即、均与共面，
所以A、B、D三项均不能和构成空间的另一个基底，故A、B、D错误；
设，显然无法成立，即与不共面，故C正确.
故选：C
5. 已知双曲线，则取值范围为（ ）
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】根据双曲线的定义计算即可.
【详解】由题意得，所以或.
故选：D
6. 已知是圆上一点，是圆上一点，则的最小值为（ ）
A. 1B. C. 2D.
【答案】B
【解析】
【分析】利用两圆的圆心距及圆的性质计算即可.
【详解】因为，且两圆的半径分别为，即两圆相离，
所以的最小值为.
故选：B
7. 已知椭圆（）的左，右焦点分别为，，P为椭圆上一点，的最大值为3，且，则椭圆的标准方程为（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】由题意得，根据椭圆的定义可得，结合计算即可求解.
【详解】因为的最大值为3，所以．
因为，所以，即，所以，．
又，所以，所以椭圆的标准方程为
故选：B
8. 曲线具有如下3个性质：（1）曲线上没有一个点位于第一､三象限；（2）曲线上位于第二象限的任意一点到点距离等于到直线的距离；（3）曲线上位于第四象限的任意一点到点的距离等于到直线的距离.那么.曲线的方程可以为（ ）
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】借助抛物线定义判断即可.
【详解】根据抛物线的定义，到点的距离等于到直线的距离的点的轨迹是以为焦点，
直线为准线的抛物线，其方程为.
同理可得到点的距离等于到直线的距离的点的轨迹方程为.
存在点位于第一､三象限，根据性质（1）可得错误.
根据性质（2）与（3），曲线的方程可以为,
故选：B
二､多选题：本题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求､全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分.
9. 已知向量，，则下列结论正确的是（ ）
A. 若，则B. 若，则
C. 若，则D. 若，则
【答案】AC
【解析】
【分析】根据向量平行的坐标表示计算得出的值判断A，B；根据向量垂直的坐标表示计算得出的关系判断C，D.
【详解】若，则，得，故A正确，B错误；
若，则，即，故C正确，D错误；
故选：AC.
10. 已知椭圆的离心率为，双曲线的离心率为，若，则（ ）
A. B. C. 的焦距为D. 的焦距为4
【答案】ACD
【解析】
【分析】先根据题意及椭圆和双曲线的离心率的定义求得的值，从而即可求出，，的值，进而即可判断各选项．
【详解】由，得，得，即，
所以，的焦距为，的焦距为．
故选：ACD．
11. 如图，在四面体中，两两垂直，，则（ ）
A. 向量在向量上的投影向量为
B. 向量在向量上的投影向量为
C. 向量
D. 向量
【答案】AD
【解析】
【分析】利用投影向量的定义及空间向量的基本定理计算即可.
【详解】
如图所示，取，连接，则.
因为两两垂直，，
所以向量在向量上的投影向量为，故A正确，B错误；
，故C错误，D正确.
故选：AD
12. 已知A，B，C是抛物线上的动点，F为抛物线的焦点，直线l为抛物线的准线，AB的中点为，则（ ）
A. 当时，的最小值为6
B. 当时，直线AB的斜率为1
C. 当A，B，F三点共线时，点P到直线l的距离的最小值为2
D. 当时，的最小值为3
【答案】BCD
【解析】
【分析】A选项，由抛物线定义得到；B选项，设，，代入抛物方程，相减后得到答案；C选项，点P到直线l的距离，由得到答案；D选项，由抛物线定义得到的最小值为点P到直线l的距离，即.
【详解】A选项，，过点分别作⊥于点，⊥于点，
由抛物线定义得，
当A，B，F三点共线时，有最大值6，故A错误；
B选项，设，，由得，
所以，故B正确；
C选项，当A，B，F三点共线时，点P到直线l的距离，
而，所以，故C正确；
D选项，过点作⊥于点，过点作⊥于点，
由抛物线定义，，所以，
故的最小值为点P到直线l的距离，即，
所以，故D正确．
故选：BCD
三､填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分.
13. 已知数列的前项和为，且，则__________.
【答案】7
【解析】
【分析】直接利用与的关系计算即可.
【详解】由题意得.
故答案为：7
14. 经过椭圆C：的左焦点的直线交椭圆C于A，B两点，是椭圆C的右焦点，则的周长为_____________．
【答案】32
【解析】
【分析】根据椭圆性质与椭圆上两定点的概念进行分析.
【详解】因为，，
所以的周长为32。.
故答案为：32.
15. 已知直线与圆交于、两点，则__________.
【答案】4
【解析】
【分析】借助点到直线的距离公式算出圆心到直线的距离，结合弦长公式即可得.
【详解】圆心到直线的距离为，所以.
故答案为：4.
16. 已知双曲线的左､右焦点分别为，为双曲线的渐近线上一点，且，则__________.
【答案】
【解析】
【分析】根据，可知，在应用余弦定理即得答案.
【详解】
焦点到渐近线的距离为，
由，可知，所以.
在中，.
由，得.
因为，所以，
所以，即.
故答案为：.
四､解答题：本题共6小题，共70分.解答应写出必要的文字说明､证明过程或演算步骤.
17. 已知直线经过点.
（1）若的斜率为2，求的斜截式方程；
（2）若在轴上的截距为6，求的截距式方程.
【答案】（1）
（2）
【解析】
【分析】(1)利用点斜式得到直线的方程，再转换为斜截式；
(2)利用截距式得到直线的方程；
【小问1详解】
由题意得的方程为，
其斜截式方程为.
【小问2详解】
设的截距式方程为.
由题意得，得，
所以的截距式方程为.
18. 已知两点，线段是圆的直径.
（1）求圆的圆心坐标和半径；
（2）若直线与圆相切，求.
【答案】（1）圆心，圆的半径为；
（2）或.
【解析】
【分析】（1）利用中点坐标公式及两点距离公式计算即可；
（2）根据直线与圆的位置关系计算即可.
【小问1详解】
由题意得圆心是线段的中点，则，
因为，
所以圆的半径为.
【小问2详解】
由题意得圆心到直线的距离为，
解得或.
19. 已知椭圆的长轴长是短轴长的2倍，且经过点.
（1）求的方程；
（2）若直线与交于两点，求.
【答案】（1）
（2）
【解析】
【分析】（1）根据条件可得，，即得椭圆的方程．
（2）直线与椭圆联立方程组，利用韦达定理，结合弦长公式求得.
【小问1详解】
由题意得，
则，得，
所以的方程为.
【小问2详解】
设，联立，得.
由韦达定理得
所以.
20. 已知抛物线的焦点为，是抛物线上的点，且．
（1）求抛物线的方程
（2）已知直线交抛物线于，两点，且的中点为，求直线的方程．
【答案】（1）
（2）
【解析】
【分析】（1）借助抛物线焦点弦的性质即可得；
（2）设出点的坐标，借助点差法，结合中点公式即可得.
【小问1详解】
因为，
所以，
故抛物线C的方程为；
【小问2详解】
易知直线的斜率存在，设直线的斜率为，，，
则，两式相减得，
整理得，
因为的中点为，故，
所以，
所以直线的方程为，即.
21. 如图，在棱长4的正方体中，是的中点，点在棱上，且.
（1）求平面与平面夹角的余弦值；
（2）若为平面内一点，且平面，求点到平面的距离.
【答案】（1）
（2）
【解析】
【分析】（1）建立空间直角坐标系，求出平面和平面的法向量，求其夹角的余弦值即可得答案.
（2）利用空间向量的方法解决点到面的距离.
【小问1详解】
以为坐标原点，所在直线分别为轴，轴，轴，建立如图所示的空间直角坐标系，
则，
.
设平面的法向量为，则，
取，则，得.
因为平面，所以平面的一个法向量为，
则平面与平面夹角的余弦值为.
【小问2详解】
设，则.
因为平面，所以，则，得，即.
因为，所以点到平面的距离为.
22. 已知圆，圆，动圆与这两个圆中的一个内切，另一个外切.
（1）求动圆圆心的轨迹方程.
（2）若动圆圆心的轨迹为曲线，，斜率不为0的直线与曲线交于不同于的，两点，，垂足为点，若以为直径的圆经过点，试问是否存在定点，使为定值？若存在，求出该定值及的坐标；若不存在，请说明理由.
【答案】（1）
（2）存在，定值为6，
【解析】
【分析】（1）由题意根据圆与圆的位置关系可得，进一步由双曲线的定义即可得解.
（2）由题意以为直径的圆经过点，所以，即，联立直线方程与椭圆方程结合韦达定理可得直线过定点，而，即点在中点为圆心，的一半为半径的圆上，由此即可得解.
【小问1详解】
设动圆的半径为，由题意圆、的半径均为2，圆心.
因为动圆与圆，圆一个外切，另一个内切，所以或，得，
所以圆心轨迹是以，为焦点，实轴长为4的双曲线，
即，得动圆圆心的轨迹方程为.
【小问2详解】
如图所示：
存在定点，使得为定值6，理由如下：
直线的斜率不为0，设直线，，，
则，.
由得，
由，得，
由韦达定理得，
因为以为直径的圆经过点，所以，
1. 直线的倾斜角为（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】利用倾斜角与斜率的关系计算即可.
【详解】设该直线的倾斜角为，由题意得该直线的斜率为，
所以直线的倾斜角为.
故选：C
2. 在空间直角坐标系中，点是点在坐标平面内的射影，则的坐标为（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】根据已知条件可得出点的坐标.
【详解】在空间直角坐标系中，点是点在坐标平面内的射影，
则点的坐标为.
故选：A.
3. 数列1，，，…的通项公式可能是（ ）
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【分析】代入即可结合选项逐一排除.
【详解】当时，对于B中，更多课件 教案 视频 等优质滋源请 家 威杏 MXSJ663 当时，对于C中，对于D中，
四个选项中只有同时满足，，.
故选：A
4. 已知是空间的一个基底，则可以和构成空间的另一个基底的向量为（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【分析】利用基底概念及空间向量的共面定理一一分析即可.
【详解】易知：，则与共面，
同理，，
即、均与共面，
所以A、B、D三项均不能和构成空间的另一个基底，故A、B、D错误；
设，显然无法成立，即与不共面，故C正确.
故选：C
5. 已知双曲线，则取值范围为（ ）
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【分析】根据双曲线的定义计算即可.
【详解】由题意得，所以或.
故选：D
6. 已知是圆上一点，是圆上一点，则的最小值为（ ）
A. 1B. C. 2D.
【答案】B
【解析】
【分析】利用两圆的圆心距及圆的性质计算即可.
【详解】因为，且两圆的半径分别为，即两圆相离，
所以的最小值为.
故选：B
7. 已知椭圆（）的左，右焦点分别为，，P为椭圆上一点，的最大值为3，且，则椭圆的标准方程为（ ）
A. B. C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】由题意得，根据椭圆的定义可得，结合计算即可求解.
【详解】因为的最大值为3，所以．
因为，所以，即，所以，．
又，所以，所以椭圆的标准方程为
故选：B
8. 曲线具有如下3个性质：（1）曲线上没有一个点位于第一､三象限；（2）曲线上位于第二象限的任意一点到点距离等于到直线的距离；（3）曲线上位于第四象限的任意一点到点的距离等于到直线的距离.那么.曲线的方程可以为（ ）
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】
【分析】借助抛物线定义判断即可.
【详解】根据抛物线的定义，到点的距离等于到直线的距离的点的轨迹是以为焦点，
直线为准线的抛物线，其方程为.
同理可得到点的距离等于到直线的距离的点的轨迹方程为.
存在点位于第一､三象限，根据性质（1）可得错误.
根据性质（2）与（3），曲线的方程可以为,
故选：B
二､多选题：本题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求､全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分.
9. 已知向量，，则下列结论正确的是（ ）
A. 若，则B. 若，则
C. 若，则D. 若，则
【答案】AC
【解析】
【分析】根据向量平行的坐标表示计算得出的值判断A，B；根据向量垂直的坐标表示计算得出的关系判断C，D.
【详解】若，则，得，故A正确，B错误；
若，则，即，故C正确，D错误；
故选：AC.
10. 已知椭圆的离心率为，双曲线的离心率为，若，则（ ）
A. B. C. 的焦距为D. 的焦距为4
【答案】ACD
【解析】
【分析】先根据题意及椭圆和双曲线的离心率的定义求得的值，从而即可求出，，的值，进而即可判断各选项．
【详解】由，得，得，即，
所以，的焦距为，的焦距为．
故选：ACD．
11. 如图，在四面体中，两两垂直，，则（ ）
A. 向量在向量上的投影向量为
B. 向量在向量上的投影向量为
C. 向量
D. 向量
【答案】AD
【解析】
【分析】利用投影向量的定义及空间向量的基本定理计算即可.
【详解】
如图所示，取，连接，则.
因为两两垂直，，
所以向量在向量上的投影向量为，故A正确，B错误；
，故C错误，D正确.
故选：AD
12. 已知A，B，C是抛物线上的动点，F为抛物线的焦点，直线l为抛物线的准线，AB的中点为，则（ ）
A. 当时，的最小值为6
B. 当时，直线AB的斜率为1
C. 当A，B，F三点共线时，点P到直线l的距离的最小值为2
D. 当时，的最小值为3
【答案】BCD
【解析】
【分析】A选项，由抛物线定义得到；B选项，设，，代入抛物方程，相减后得到答案；C选项，点P到直线l的距离，由得到答案；D选项，由抛物线定义得到的最小值为点P到直线l的距离，即.
【详解】A选项，，过点分别作⊥于点，⊥于点，
由抛物线定义得，
当A，B，F三点共线时，有最大值6，故A错误；
B选项，设，，由得，
所以，故B正确；
C选项，当A，B，F三点共线时，点P到直线l的距离，
而，所以，故C正确；
D选项，过点作⊥于点，过点作⊥于点，
由抛物线定义，，所以，
故的最小值为点P到直线l的距离，即，
所以，故D正确．
故选：BCD
三､填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分.
13. 已知数列的前项和为，且，则__________.
【答案】7
【解析】
【分析】直接利用与的关系计算即可.
【详解】由题意得.
故答案为：7
14. 经过椭圆C：的左焦点的直线交椭圆C于A，B两点，是椭圆C的右焦点，则的周长为_____________．
【答案】32
【解析】
【分析】根据椭圆性质与椭圆上两定点的概念进行分析.
【详解】因为，，
所以的周长为32。.
故答案为：32.
15. 已知直线与圆交于、两点，则__________.
【答案】4
【解析】
【分析】借助点到直线的距离公式算出圆心到直线的距离，结合弦长公式即可得.
【详解】圆心到直线的距离为，所以.
故答案为：4.
16. 已知双曲线的左､右焦点分别为，为双曲线的渐近线上一点，且，则__________.
【答案】
【解析】
【分析】根据，可知，在应用余弦定理即得答案.
【详解】
焦点到渐近线的距离为，
由，可知，所以.
在中，.
由，得.
因为，所以，
所以，即.
故答案为：.
四､解答题：本题共6小题，共70分.解答应写出必要的文字说明､证明过程或演算步骤.
17. 已知直线经过点.
（1）若的斜率为2，求的斜截式方程；
（2）若在轴上的截距为6，求的截距式方程.
【答案】（1）
（2）
【解析】
【分析】(1)利用点斜式得到直线的方程，再转换为斜截式；
(2)利用截距式得到直线的方程；
【小问1详解】
由题意得的方程为，
其斜截式方程为.
【小问2详解】
设的截距式方程为.
由题意得，得，
所以的截距式方程为.
18. 已知两点，线段是圆的直径.
（1）求圆的圆心坐标和半径；
（2）若直线与圆相切，求.
【答案】（1）圆心，圆的半径为；
（2）或.
【解析】
【分析】（1）利用中点坐标公式及两点距离公式计算即可；
（2）根据直线与圆的位置关系计算即可.
【小问1详解】
由题意得圆心是线段的中点，则，
因为，
所以圆的半径为.
【小问2详解】
由题意得圆心到直线的距离为，
解得或.
19. 已知椭圆的长轴长是短轴长的2倍，且经过点.
（1）求的方程；
（2）若直线与交于两点，求.
【答案】（1）
（2）
【解析】
【分析】（1）根据条件可得，，即得椭圆的方程．
（2）直线与椭圆联立方程组，利用韦达定理，结合弦长公式求得.
【小问1详解】
由题意得，
则，得，
所以的方程为.
【小问2详解】
设，联立，得.
由韦达定理得
所以.
20. 已知抛物线的焦点为，是抛物线上的点，且．
（1）求抛物线的方程
（2）已知直线交抛物线于，两点，且的中点为，求直线的方程．
【答案】（1）
（2）
【解析】
【分析】（1）借助抛物线焦点弦的性质即可得；
（2）设出点的坐标，借助点差法，结合中点公式即可得.
【小问1详解】
因为，
所以，
故抛物线C的方程为；
【小问2详解】
易知直线的斜率存在，设直线的斜率为，，，
则，两式相减得，
整理得，
因为的中点为，故，
所以，
所以直线的方程为，即.
21. 如图，在棱长4的正方体中，是的中点，点在棱上，且.
（1）求平面与平面夹角的余弦值；
（2）若为平面内一点，且平面，求点到平面的距离.
【答案】（1）
（2）
【解析】
【分析】（1）建立空间直角坐标系，求出平面和平面的法向量，求其夹角的余弦值即可得答案.
（2）利用空间向量的方法解决点到面的距离.
【小问1详解】
以为坐标原点，所在直线分别为轴，轴，轴，建立如图所示的空间直角坐标系，
则，
.
设平面的法向量为，则，
取，则，得.
因为平面，所以平面的一个法向量为，
则平面与平面夹角的余弦值为.
【小问2详解】
设，则.
因为平面，所以，则，得，即.
因为，所以点到平面的距离为.
22. 已知圆，圆，动圆与这两个圆中的一个内切，另一个外切.
（1）求动圆圆心的轨迹方程.
（2）若动圆圆心的轨迹为曲线，，斜率不为0的直线与曲线交于不同于的，两点，，垂足为点，若以为直径的圆经过点，试问是否存在定点，使为定值？若存在，求出该定值及的坐标；若不存在，请说明理由.
【答案】（1）
（2）存在，定值为6，
【解析】
【分析】（1）由题意根据圆与圆的位置关系可得，进一步由双曲线的定义即可得解.
（2）由题意以为直径的圆经过点，所以，即，联立直线方程与椭圆方程结合韦达定理可得直线过定点，而，即点在中点为圆心，的一半为半径的圆上，由此即可得解.
【小问1详解】
设动圆的半径为，由题意圆、的半径均为2，圆心.
因为动圆与圆，圆一个外切，另一个内切，所以或，得，
所以圆心轨迹是以，为焦点，实轴长为4的双曲线，
即，得动圆圆心的轨迹方程为.
【小问2详解】
如图所示：
存在定点，使得为定值6，理由如下：
直线的斜率不为0，设直线，，，
则，.
由得，
由，得，
由韦达定理得，
因为以为直径的圆经过点，所以，
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