2024届高考第一轮复习：理科数学2010-2018高考真题分类训练之专题二 函数概念与基本初等函数 第五讲函数与方程答案

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专题二  函数概念与基本初等函数Ⅰ第五讲  函数与方程答案部分2019年 1.解析：因为，所以，
当时，，当时，，，当时，，，当时，由解得或，若对任意，都有，则．
故选B． 2.解析  作出函数与的图像如图所示，
由图可知，函数与仅有2个实数根；
要使关于x的方程有8个不同的实数根，
则，与，的图象有2个不同交点，
由到直线的距离为1，得，解得，因为两点，连线的斜率，
所以，即的取值范围为.3.解析：当时，，最多一个零点；当时，，，当，即时，，在上递增，最多一个零点不合题意；
当，即时，令得，函数递增，令得，函数递减；函数最多有2个零点；
根据题意函数恰有3个零点函数在上有一个零点，在上有2个零点，
如下图：
所以且，
解得，，．
故选C． 2010-2018年  1．C【解析】函数存在 2个零点，即关于的方程有2 个不同的实根，即函数的图象与直线有2个交点，作出直线与函数的图象，如图所示，由图可知，，解得，故选C．2．C【解析】令，则方程有唯一解，设，，则与有唯一交点，又，当且仅当时取得最小值2．而，此时时取得最大值1，有唯一的交点，则．选C．  3．B【解析】当时，，函数，在上单调递减，函数，在上单调递增，因为，，，，所以，，此时与在有一个交点；当时，，函数，在上单调递减，在上单调递增，此时，在无交点，要使两个函数的图象有一个交点，需，即，解得．选B．4．C【解析】当时，单调递减，必须满足，故，此时函数在上单调递减，若在上单调递减，还需，即，所以．当时，函数的图象和直线只有一个公共点，即当时，方程只有一个实数解．因此，只需当时，方程只有一个实数解，根据已知条件可得，当时，方程，即在上恰有唯一的实数解．判别式，当时，，此时满足题意；令，由题意得，即，即时，方程有一个正根、一个负根，满足要求；当，即时，方程有一个为0、一个根为，满足要求；当，即，即时对称轴，此时方程有两个负根，不满足要求；综上实数的取值范围是．5．A【解析】是偶函数且有无数多个零点，为奇函数，既不是奇函数又不是偶函数，是偶函数但没有零点．故选A．6．D【解析】由韦达定理得，，则，当适当排序后成等比数列时，必为等比中项，故，．当适当排序后成等差数列时，必不是等差中项，当是等差中项时，，解得，；当是等差中项时，，解得，，综上所述，，所以，选D．7．D【解析】由得，所以，即，，所以恰有4个零点等价于方程有4个不同的解，即函数与函数的图象的4个公共点，由图象可知．8．A【解析】由A知；由B知，；由C知，令可得，则，则；由D知，假设A选项错误，则，得，满足题意，故A结论错误，同理易知当B或C或D选项错误时不符合题意，故选A．9．B【解析】如图所示，方程有两个不相等的实根等价于两个函数的图象有两个不同的交点，结合图象可知，当直线的斜率大于坐标原点与点的连续的斜率，且小于直线的斜率时符合题意，故选．10．C【解析】∵，，，∴零点的区间是．11．A【解析】在内有且仅有两个不同的零点就是函数的图象与函数的图象有两个交点，在同一直角坐标系内作出函数，和函数的图象，如图，当直线与和都相交时；当直线与有两个交点时，由，消元得，即，化简得，当，即时直线与相切，当直线过点时，，所以，综上实数的取值范围是．12．D【解析】当时，函数的零点即方程的根，由，解得或3；当时，由是奇函数得，即，由得（正根舍去）．13．A【解析】，是方程的两根，由，则又两个使得等式成立，，，其函数图象如下：如图则有3个交点，故选A.14．A【解析】由，可得，，．显然，，所以该函数在和上均有零点，故选A．15．B【解析】二次函数的图像开口向上，在轴上方，对称轴为，； ．所以，从图像上可知交点个数为2．16．B【解析】令，可得，由图象法可知有两个零点．17．B【解析】因为在内单调递增，又，所以在内存在唯一的零点．18．C【解析】，则或，，又，所以共有6个解.选C．19．B【解析】由题意知，所以函数为偶函数，所以，所以函数为周期为2的周期函数，且，，而为偶函数，且，在同一坐标系下作出两函数在上的图像，发现在内图像共有6个公共点，则函数在上的零点个数为6，故选B．20．B【解析】由题意知，若，即时，；当，即或时，，要使函数的图像与轴恰有两个公共点，只须方程有两个不相等的实数根即可，即函数的图像与直线有两个不同的交点即可，画出函数的图像与直线，不难得出答案B．21．C【解析】由一元二次方程有两个不相等的实数根，可得判别式，即，解得或，故选C．22．D【解析】图像法求解．的对称中心是也是的中心，他们的图像在的左侧有4个交点，则右侧必有4个交点．不妨把他们的横坐标由小到大设为，则，所以选D23．B【解析】因为当时, ,又因为是上最小正周期为2的周期函数，且,所以,又因为,所以,,故函数的图象在区间[0,6]上与轴的交点的个数为7个,选B．24．C【解析】当时，令解得；当时，令解得，所以已知函数有两个零点，选C．25．B【解析】因为，，所以选B．26．A【解析】有实数解等价于，即．当时，成立，但时，不一定成立，故选A．27．A【解析】，，由于，所以，故函数在上存在零点；由于，故函数在上存在零点，在上也存在零点，令，则，而，所以函数在上存在零点，故选A．28．3【解析】由题意知，，所以，，所以，，当时，；当时，；当时，，均满足题意，所以函数在的零点个数为3．29．【解析】当时，由，得；当时，由，得．令，作出直线，，函数的图象如图所示，的最大值为，由图象可知，若恰有2个互异的实数解，则，得．30．【解析】()，当时在 上恒成立，则在上单调递增，又，所以此时在内无零点，不满足题意．当时，由得，由得，则在上单调递减，在上单调递增，又在内有且只有一个零点，所以，得，所以，则，当时，，单调递增，当时，，单调递减，则，，，则，所以在上的最大值与最小值的和为．31．；【解析】若，则当时，令，得；当时，令，得．综上可知，所以不等式的解集为．令，解得；令，解得或．因为函数恰有2个零点，结合函数的图象（图略）可知或．32．8；11【解析】因为，所以，解得．33．8【解析】由于，则需考虑的情况，在此范围内，且时，设，且互质，若，则由，可设，且互质，因此，则，此时左边为整数，右边为非整数，矛盾，因此，因此不可能与每个周期内对应的部分相等，只需考虑与每个周期的部分的交点，画出函数图象，图中交点除外其他交点横坐标均为无理数，属于每个周期的部分，且处，则在附近仅有一个交点，因此方程的解的个数为8．34．【解析】由题意，当时，，其顶点为；当时，函数的图象与直线的交点为．①当，即时，函数的图象如图1所示，此时直线与函数的图象有一个或两个不同的交点，不符合题意；②当，即时，函数的图象如图2所示，则存在实数满足，使得直线与函数的图象有三个不同的交点，符合题意．综上，的取值范围为．         图1                             图235．2【解析】因为=36． 【解析】①若，则，作出函数的图象如图所示，由图可知的最小值为．②当时，要使恰好有3个零点，需满足，即．所以；当时，要使恰好有2个零点，需满足，解得．37．【解析】分析题意可知，问题等价于方程与方程的根的个数和为，若两个方程各有一个根：则可知关于的不等式组有解，从而；若方程无解，方程有2个根：则可知关于的不等式组有解，从而；综上，实数的取值范围是．38．【解析】函数在区间上有互不相同的10个零点，即函数与的图象有10个不同的交点，在坐标系中作出函数在一个周期内的图象，可知．39．2【解析】当时，令，解得；当时，，∵，∴在上单调递增，因为，，所以函数在有且只有一个零点，所以的零点个数为2．40．或【解析】法一 显然．(ⅰ)当与相切时，，此时恰有3个互异的实数根．（ⅱ）当直线与函数相切时，，此时恰有2个互异的实数根.结合图象可知或．      法二：显然，所以.令，则．因为，所以．结合图象可得或.41．【解析】由定义运算“*”可知=，如图可知满足题意的的范围是，不妨设，当时，=，即∴；∴当时，由，得∴，42．【解析】当时，，说明函数在上单调递增，函数的值域是，又函数在上单调递减，函数的值域是，因此要使方程有两个不同实根，则．43．【解析】由原函数有零点，可将问题转化为方程有解问题，即方程有解．令函数，则，令，得，所以在上是增函数，在上是减函数，所以的最大值为，所以．