河北省衡水市景县2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案）

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2022-2023学年河北省衡水市景县八年级（下）期末物理试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 以下所给数据最接近实际情况的是(    )
A. 初二物理课本重约为2.5N
B. 光在空气中的传播速度约为340m/s
C. 正常成年人脉搏跳动一次的时间约为0.1s
D. 人的正常体温约为40℃
2. 如图所示，下列简单机械中，忽略杠杆、滑轮的自重、绳重及摩擦，当提起同一重物时，最省力的是(    )
A. B.
C. D.
3. 如图的各种做法，属于减小摩擦的是(    )
A. 鞋底上印有花纹
B. 举重前，在手上涂防滑粉
C. 自行车的车闸用橡胶制作
D. 气垫船底部跟水面之间有一层空气垫
4. 甲、乙两辆汽车在水平路面上做直线运动，速度随时间的变化如图所示，在水平方向上受到平衡力作用的是(    )


A. 甲车 B. 乙车 C. 两车都是 D. 两车都不是
5. 我国高铁技术处于世界领先地位，高铁线路总长度居世界第一，为了提高高铁的安全性和舒适性，下列相关描述中不正确的是(    )


A. 图甲，铁轨下铺设枕木是为了减小压强
B. 图乙，高铁车厢内的破窗锤两端做成锥形，便于增大压强
C. 图丙，站台处设置安全线，是由于乘客靠近运行高铁的一侧空气流速大压强小的缘故
D. 图丁，车厢座椅用软质材料包裹，是为了增大压强
6. 水平桌面上放着一个盛满盐水的容器，在盐水中漂浮着一块淡水凝固成的冰，冰熔化后(    )
A. 容器底部受到的压强减小 B. 容器底部受到的压强不变
C. 容器对桌面的压强增大 D. 容器对桌面的压强不变
7. 把充满水的啤酒瓶倒插入水中，然后抓住瓶底慢慢向上提，在瓶口离开水面之前，瓶底露出水面的部分将(    )
A. 充满水 B. 有水，但不满
C. 酒瓶中无水 D. 瓶内外水面始终保持相平
8. 如图所示的四种情形中，对力是否做功判断正确的是(    )

A. 甲图中人提着滑板在平直的道路上匀速行走，人对滑板做了功
B. 乙图中人推着货车在平直的道路上匀速行走，人对货车做了功
C. 丙图中人用力搬石头但石头仍保持静止，人对石头做了功
D. 丁图中人举着杠铃保持静止的过程中，人对杠铃做了功
9. 下列说法中正确的是(    )


A. 图甲中，同一艘轮船从长江驶入大海，浮力变大
B. 图乙中，热气球中充入的是密度比空气大的气体
C. 图丙中，可以说明物体浸没在液体中越深，所受的浮力越大
D. 图丁中，同一密度计在两种液体中所受浮力Fa=Fb，两种液体的密度ρa<ρb
10. 如图所示，用F=4N的力拉着木板A做匀速直线运动从图甲到图乙，B相对地面始终保持静止。图乙中B的底面有三分之一伸出木板。已知A的质量mA=219g，A的底面积SA=30cm2，B的质量mB=81g，B的底面积SB=13.5cm2，弹簧测力计示数为1.5N。下列选项中正确的是(    )


A. 图甲中B所受摩擦力大小为1.5N，方向水平向左
B. 图乙中B对A的压强为900Pa
C. 图乙中A对地面的压强为730Pa
D. 图乙中A受到地面的摩擦力大小为5.5N，方向水平向左
11. 水平桌面上有两个完全相同的容器A和B中分别装有等体积的水和酒精(ρ水>ρ酒精)，现将两个完全相同的正方体木块甲和乙分别放到两种液体中，静止时如题图所示，此时甲和乙正方体木块下表面所受液体的压力分别为F甲、F乙，A和B两容器底部所受液体的压力分别为FA、FB，它们的大小关系是(    )
A. F甲FB
C. F甲>F乙，FA>FB D. F甲=F乙，FA=FB
12. 图甲是北京冬奥会会徽，它以汉字“冬”为灵感来源，运用中国书法的艺术形态，展现出滑冰、滑雪运动员的英姿。图乙是我国运动员苏翊鸣参赛的情景，他在空中下落过程中(    )

A. 动能增加 B. 重力势能增加 C. 惯性变小 D. 运动状态保持不变
13. 如图，在斜面上将一个重为15N的物体匀速从斜面底端拉到顶端，沿斜面向上的拉力F=6N，斜面长s=1.2m、斜面高h=0.3m。下列说法正确的是(    )

A. 克服物体重力做功7.2J B. 额外功为1.8J
C. 物体受到的摩擦力为2.25N D. 斜面的机械效率为62.5%
14. 2021年10月，我国有三名太空宇航员飞向太空执行任务，预计时间是六个月，并将于2022年4月重返地球，这代表着我国航天事业迈入新篇章。如图1所示是卫星在随火箭加速上升的情景。如图2所示是人造地球卫星沿椭圆轨道绕地球运行，离地球最近的一点叫近地点，最远的一点叫远地点。下列说法正确的(    )

A. 图2中，人造地球卫星在围绕地球运行的过程中，机械能的总量不变
B. 图2中，当卫星从远地点运动到近地点的过程中，动能在转化为势能
C. 图1中，火箭升空过程中，没有外力对其做功，因此其机械能也保持不变
D. 图1中，在火箭升空的过程中，火箭主要依靠反推力来获得不断上升前进的动力
15. 如图甲所示，弹簧测力计下挂着一个物体，将物体从盛有适量水的烧杯上方离水面某一高度处缓缓下降，然后将其逐渐浸入水中，弹簧测力计示数F与物体下降高度h的关系如图乙所示。下列说法错误的是(g=10N/kg)(    )

A. 物体的体积为1200cm3
B. 物体受到的最大浮力是12N
C. 物体的密度是3×103kg/m3
D. 当h=7cm时，物体下表面受到水的压力为8N
16. 公安部要求小型客车的驾驶员和前排乘客必须使用安全带，因为一旦发生碰撞，车身停止运动，而乘客身体由于______继续向前运动，此时安全带会阻碍人体向前运动，这表明力可以改变物体的______。
17. 如图所示，OQ是水平地面，物体在水平拉力作用下，从O匀速直线运动到Q，OP段拉力F1为300N，F1做的功为W1，功率为P1，PQ段拉力为F2为200牛，F2做的功为W2，功率为P2，则：W1：W2= ______ ；P1：P2= ______ 。


18. 如图所示，两个小定滑轮质量为m2、大定滑轮质量是小定滑轮质量的3倍，质量分别为m1、m2、m3的三个物体在拉力作用下均处于静止状态，绳子质量及所有摩擦忽略不计，则m1：m2：m3= ______ 。


19. 中国首艘国产001A型航母于2017年4月26日下水，如图所示。该航母排水量达6×107kg，满载时该航母受到浮力是______ N。舰载36架战斗机“歼-15”全部飞离航母后，航母始终漂浮，航母所受的浮力将______ (选填“变大”、“不变”或“变小”)，它将______ (选填“上浮一些”或“下沉一些”)。
20. 如图甲所示为某兴趣活动小组用玻璃瓶和吸管自制的气压计，将此气压计从教学楼的底层移至楼顶，吸管中水柱的高度将        (选填“升高”“降低”或“不变”)；乙图装置中水银柱高度为750mm，则实验地大气压比标准大气压        (选填“高”或“低”)，若将玻璃管倾斜，则管内水银柱高度将        (选填“升高”“降低”或“不变”)。


21. 体积相同的实心物块甲和乙，它们分别挂在一根轻质不等臂杠杆AOB的左右两端，保持水平位置平衡，已知甲和乙的密度之比为1：2，则AO：OB=______，若将甲、乙如图所示同时浸没在水中，则杠杆______端将下降。(选填“A”或“B”)
22. 如图所示，一烧杯静止在斜面上，烧杯内的水面上漂浮着一小球。请在图中作出烧杯对斜面的压力F压和小球受到的浮力F浮的示意图。


23. 如图所示，用一根细绳将杠杆AOB在O点悬挂起来，B处挂一重物，在杠杆A端施加最小的力F1使杠杆在图示位置平衡，请画出这个力的示意图以及阻力臂L2．


24. 如图所示，小明用a、b两球探究“物体动能大小与哪些因素有关”。小球质量ma>mb，让小球从同一斜面由静止释放，撞击水平面上的木块。

(1)该实验中物体的动能指______(选填“小球”或“木块”)的动能，通过观察______判断小球的动能大小，此处用到的物理学方法是______。
(2)对比甲图和丙图是为了探究动能大小与______的关系。
(3)对比甲图和乙图，将质量不同的小球从相同斜面的同一高度由静止释放的目的是______，该实验可得到的结论是______。
(4)在甲、乙两次实验中木块移动时受到的摩擦力第一次为f1，第二次为f2，则f1______f2(选填“大于”、“等于”或“小于”)。
(5)若水平面绝对光滑，本实验将______(选填“能”或“不能”)达到探究目的。
25. 某实验小组在探究“影响浮力大小的因素”时，做了如图所示的实验。观察图片并分析比较图中有关数据可知：

(1)当物体逐渐浸入水中，物体受到的压强将逐渐______(选填“增大”、“减小”或“不变”)；
(2)当物体浸没在浓盐水中时，受到的浮力为______N；
(3)比较b、c两图，可以得出______越大，物体受到的浮力越大；
(4)比较c、d两图可知，液体的______越大，物体所受浮力越大；
(5)由图b中数据可求出物体浸入水中的体积为______；
(6)物体密度为______；浓盐水的密度为______。
26. 如图是利用刻度均匀的长刻度尺进行探究“杠杆平衡条件”的实验。(每个钩码的重为0.5N)

(1)不挂钩码时，杠杆静止在图甲所示的位置，此时杠杆处于______(选填“平衡”或“不平衡”)状态。
(2)将杠杆调整到水平位置平衡后，进行实验，如图乙，在杠杆左侧挂3个钩码，在右侧挂2个钩码，杠杆恰好在水平位置平衡，此时，在杠杆两侧所挂钩码下端各加挂一个钩码，杠杆会______(选填“仍平衡”、“左端下沉”或“右端下沉”)。
(3)用钩码当“秤砣”可以把刻度尺制成测量物体的“杠杆秤”，如图丙所示，把苹果和钩码分别悬挂在O点两侧的适当位置，使刻度尺在水平位置平衡，则苹果的质量是______g。
27. 某小组在“测滑轮组机械效率的实验”中得到的数据如表所示，实验装置如图所示。
实验次数
钩码重量G/N
钩码上升高度h/m
绳端拉力F/N
绳端移动距离s/m
机械效率η
1
4
0.1
2.7
0.2
74%
2
4
0.1
1.8
0.3
74%
3
8
0.1
3.1
0.3
86%
4
8
0.1
2.5


(1)实验中应沿竖直方向______ 拉动弹簧测力计。
(2)小红同学发现实验过程中边拉边读数，弹簧测力计示数不稳定，应该静止读数，你认为他的想法______ (填“正确”或“不正确”)，因为她没有考虑到______ 对滑轮组机械效率的影响。
(3)用丁图装置进行实验，得出表中第4次实验数据，第4组实验机械效率是______ 。
(4)通过比较______ 两次实验数据得出结论：使用同一滑轮组提升同一重物时，滑轮组的机械效率与绳子段数无关(填实验次数的序号)。
(5)通过比较______ 两次实验数据得出结论：同一滑轮组提升重物时，物重越大，滑轮组的机械效率越高(填实验次数的序号)。

28. 如图所示，水平放置的平底柱形容器A的底面积为200cm2，不吸水的正方体物体B边长为10cm、重为6N，质量和体积均忽略不计的细线一端固定在容器底部，另一端固定在物体B底面中央，细线长度为L=5cm，g=10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3。
(1)如图1所示，物体B静止在容器A底部，则物体B对容器底的压强多大？
(2)向容器A中缓慢加水，物体B上浮后停止加水，当物体B静止时如图2所示(细线处于松弛状态)，则物体B排开水的体积多大？
(3)继续向容器A缓慢加水，物体B随水上升后细线拉直，当物体B的上表面恰好与水面相平时停止加水，如图3所示，此时，容器底部受到水的压强多大？细线对物体B的拉力多大？

29. 如图甲所示，一辆汽车打捞深井中的物体(形状规则)。汽车始终以2m/s的速度沿水平路面向右匀速直线运动，直到刚好把物体完全打捞出井口，汽车牵引力的功率P与时间t的关系图像如图乙所示，t=0s时绳子刚好拉紧(井中水的总体积不变，不计水的阻力、绳重和滑轮轴处摩擦)。已知汽车受到地面的摩擦阻力为1000N，动滑轮重为1000N，g取10N/kg。求：

(1)物体的重力；
(2)如果水井的横截面积S1为2m2，物体的横截面积S2为29m2，则物体长度是多少？物体提出水面后水对井底压强的变化量。(ρ水=1.0×103kg/m3)
答案和解析

1.【答案】A 
【解析】解：A、初二物理课本的质量在250g=0.25kg左右，受到的重力为G=mg=0.25kg×10N/kg=2.5N.故A符合实际；
B、光在真空中的传播速度最快，为3×108m/s，在空气中的速度近似等于此数值。故B不符合实际；
C、正常情况下，人的脉搏1min跳动的次数在75次左右，跳动一次的时间接近1s。故C不符合实际；
D、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小。故D不符合实际。
故选：A。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。

2.【答案】A 
【解析】解：
A.由图可知，动力臂是阻力臂的4倍，所以拉力F1=14G；
B.由图可知，动滑轮省一半的力，所以拉力F2=12G；
C.设斜面的高度为h，斜面长度为s，则hs=sin30°=12，由功的原理可得，F3s=Gh，所以F3=hsG=12G；
D.由图可知，滑轮组绳子的有效股数为3，所以拉力F4=13G，
综上可知，当提起同一重物时，最省力的是A。
故选：A。
忽略杠杆、滑轮的自重、绳重及摩擦，当提起同一重物时，
①使用杠杆时，动力臂是阻力臂的几倍，动力就是阻力的几分之一；
②动滑轮可以省一半的力；
③根据三角函数关系可知斜面高度和斜面长度之比，根据功的原理得出等式即可求出拉力的大小；
④使用滑轮组时，承担物重的绳子有几段，拉力就是物重的几分之一。
本题考查了杠杆、动滑轮、斜面、滑轮组拉力的计算等，是一道较为简单的应用题。

3.【答案】D 
【解析】解：A、鞋底上印有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A不合题意；
B、举重前，在手上涂防滑粉，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故B不合题意；
C、自行车的车闸用橡胶制作，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C不合题意；
D、气垫船底部跟水面之间有一层空气垫，是通过使接触面脱离来减小摩擦力，故D符合题意。
故选：D。
本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大和减小摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。

4.【答案】B 
【解析】解：(1)图象的纵轴是速度，横轴是时间，所以这是一个速度--时间图象；
(2)由图象可知：甲车先静止，然后的一段时间内，速度与时间成正比，做匀加速运动，受力不平衡；
乙速度保持不变，做匀速直线运动，处于平衡状态，受平衡力作用。
故选：B。
(1)明确图象中横纵坐标表示的物理量分别是什么，以及图象所表示的物理意义；
(2)物体受平衡力时一定处于静止或匀速直线运动状态，物体处于静止或匀速直线运动状态时一定受到平衡力的作用。
运用图象法解答问题的一般步骤是：
(1)明确图象中横纵坐标表示的物理量分别是什么；
(2)注意认清横坐标和纵坐标上各表示的最小分格的数值大小和单位；
(3)明确图象所表示的物理意义；
(4)根据图象对题目提出的问题作出判断，得到结论。

5.【答案】D 
【解析】解：A、铁轨下铺设枕木是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故A正确；
B、高铁车厢内的破窗锤两端做成锥形，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故B正确；
C、人离高速列车比较近时，高速列车的速度很大，人和高速列车的之间的空气流动速度很大，压强小，人外侧的压强不变，人受到外侧压强大于人内侧受到的压强，人在较大的压强差作用下很容易被压向列车，发生交通事故，所以站台处设置安全线，故C正确；
D、车厢座椅用软质材料包裹，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故D错误。
故选：D。
(1)增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
(2)流体流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大。
此题考查增大和减小压强的方法、流体压强和流速的关系，平时学习物理知识时要多联系生活实际、多举例、多解释，提高利用所学物理知识分析实际问题的能力。

6.【答案】A 
【解析】解：
冰块漂浮在水面上，所以，F浮=G冰，ρ盐水gV排=ρ冰gV冰，V排=ρ冰V冰ρ盐水，
冰熔化成水之后，状态变化，质量不变，所以，m冰=m水，ρ冰V冰=ρ水V水，V水=ρ冰V冰ρ水，
因为ρ盐水>ρ水，
所以，V水>V排，
所以液面上升，但原来容器中盛满了盐水，有一部分盐水溢出，盐水的深度不变；
因为盐水里增加了一部分水，所以盐水的密度会减小，根据p=ρgh知容器底部受到的压强减小，故A正确，B错误。
冰熔化后，有一部分盐水溢出，盐水的质量减小，重力减小，容器对桌面的压力减小，受力面积不变，根据p=FS知容器对桌面的压强减小，故CD错误。
故选：A。
(1)冰漂浮在浓盐水中，求出冰块排开浓盐水的体积V排，求出当冰熔化之后水的体积V水，比较V排与V水的大小，如果冰化成水的体积大于冰块排开浓盐水的体积，液面上升；如果冰化成水的体积等于冰块排开浓盐水的体积，液面不变；如果冰化成水的体积小于冰块排开浓盐水的体积，液面下降，据此判断出液面的变化，因为盐水里增加了一部分水，所以盐水的密度会减小，根据p=ρgh判断出容器底部受到压强的变化；
(2)根据液面的变化判断出盐水质量的变化，由G=mg判断出液体重力的变化，根据p=FS判断出容器对桌面的压强的变化。
这是一类习题，这类习题都采用相同的思路(比较V排与V水的大小)进行解题。例如：
水面上漂着一块冰，冰熔化后水面怎样变化？
冰里有一块小石块，冰漂在水面上，冰熔化后水面怎样变化？
冰里有一块小木块，冰漂在水面上，冰熔化后水面怎样变化？

7.【答案】A 
【解析】解：啤酒瓶中的水所产生的向下的压强，可以通过公式p=ρgh进行估算，我们知道，在托里拆利实验中，大气压能支持约760mm水银柱的高，而水的密度远低于水银的密度，计算可知，大气压能支持约10m高的水柱，啤酒瓶的高度不过才几十厘米，水的压强远小于大气压，大气压完全可以托住它，因此，在瓶口离开水面之前，瓶底露出水面的部分将充满水。
故选：A。
啤酒瓶内不存在空气，是大气压强托住了瓶中的水，只要确定大气压与瓶中水产生的压强谁更大，就能判断大气压能否支持住这瓶水了。
在知道标准大气压的情况下，它所能支持的水柱或其它液体的高度都可以通过公式p=ρgh求出，为我们的解题提供依据。

8.【答案】B 
【解析】A、甲图人提着滑板在平直的路面上匀速行走，人对滑板施加了力的作用，但滑板没有在力的方向上通过距离，所以人对滑板不做功，故A错误；
B、乙图中人推着货车在平直的道路上匀速行走，人对货车施加了力的作用，货车在力的方向上通过距离，所以人对货车做了功，故B正确；
C、丙图中人用力搬石头但石头仍保持静止，人对石头施加了力，石头没有在力的方向上通过距离，所以人对石头没有做功，故C错误；
D、丁图中人举着杠铃不动，人给杠铃一个向上的力，杠铃向上没有移动距离，所以人对杠铃没有做功，故D错误。
做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离。二者缺一不可
明确三种情况不做功：一是有力无距离(例如：推而未动)，二是有距离无力(靠惯性运动)，三是力的方向与运动方向垂直。

9.【答案】D 
【解析】解：A、轮船从长江驶入大海时，始终处于漂浮状态，自身的重力不变，受到的浮力不变，故A错误；
B、气球是利用在空气中的浮力来工作的，当气球里气体的密度小于空气的密度时，浮力大于重力，才可以升空，故B错误；
C、根据阿基米德原理可知，浮力与液体的密度、排开液体的体积有关，与物体的体积、物体浸入液体中的深度无关，故C错误；
D、同一密度计测量不同的液体的密度时，都处于漂浮状态，受到的浮力始终等于密度计的重力。由F浮=ρ液gV排可知：露出的体积越大(排开液体的体积越小)，液体的密度越大，两种液体的密度ρa<ρb，故D正确。
故选：D。
(1)阿基米德原理(浸在液体中的物体受到竖直向上的浮力，浮力的大小等于该物体排开的液体受到的重力；
(2)热气球是利用在空气中的浮力来工作的，热气球要上升，则浮力应大于重力，据此分析。
(3)根据阿基米德原理可知，浮力与液体的密度、排开液体的体积有关，液体密度越大，排开液体的体积越多，则浮力越大；
(4)物体受到的浮力一定时，排开液体的体积与液体密度成反比。
本题考查了学生对阿基米德原理和物体浮沉条件的掌握与应用，是一道较为简单的应用题。

10.【答案】B 
【解析】解：A、B相对地面始终保持静止，弹簧测力计的示数为1.5N，则弹簧测力计对B的拉力为1.5N，方向向左，B受到的摩擦力与拉力平衡，方向向右，大小等于1.5N，故A错误；
B、图乙中B对A的压强为：
p=FS=GBS=mBgS=81×10-3kg×10N/kg(1-13)×13.5×10-4m2=900Pa，故B正确；
C、图乙中A对地面的压强为：
p'=F'S'=GA+GBS'=219×10-3kg×10N/kg+81×10-3kg×10N/kg30×10-4m2=1000Pa，故C错误；
D、图乙中以A为研究对象，它受到向右的拉力为4N，同时受到地面对它向左的摩擦力和物体B对它向左的摩擦力，二者之和为4N，
所以地面对物体A的摩擦力为4N-1.5N=2.5N，故D错误。
故选：B。
(1)物体B处于平衡状态，据此判断其所受摩擦力的大小；
(2)根据p=FS=GBS=mBgS算出图乙中B对A的压强；
(3)根据p'=F'S'=GA+GBS'算出图乙中A对地面的压强；
(4)对A进行受力分析，再进一步确定地面对A的摩擦力大小和方向。
本题考查压强的计算和摩擦力的大小计算与方向的判断，要学会对物体进行受力分析，知道各个力之间的关系是正确解答的关键。

11.【答案】B 
【解析】解：由图可知，甲、乙两个完全相同的木块在水和酒精中漂浮，
因物体漂浮时受到的浮力和自身的重力相等，
所以，两木块受到的浮力相等，
由浮力产生的原因F浮=F下-F上得，F下=F浮-F上=F浮，
则甲和乙正方体木块下表面所受液体的压力关系为F甲=F乙，故AC错误；
由G=mg=ρVg可知，等体积的水和酒精的重力关系为G水>G酒精，
则水和木块的重力之和大于酒精和木块的重力之和，
因木块漂浮时，液体对容器底部的压力等于液体和木块的重力之和，
所以，A和B两容器底部所受液体的压力关系为FA>FB，故B正确、D错误。
故选：B。
由图可知，甲、乙两个完全相同的木块在水和酒精中漂浮，受到的浮力和自身的重力相等，根据浮力产生的原因得出甲和乙正方体木块下表面所受液体的压力关系；根据G=mg=ρVg比较等体积的水和酒精的重力关系，液体对容器底部的压力等于液体和木块的重力之和，据此求出A和B两容器底部所受液体的压力关系。
本题考查了物体浮沉条件和浮力产生的原因、压力与重力的关系等，是一道较为简单的应用题。

12.【答案】A 
【解析】解：A.在空中下落过程中，运动员质量不变，速度变大，所以动能增加，故A正确；
B.下落时，高度减小，运动员质量不变，所以重力势能减小，故B错误；
C.惯性大小是由物体的质量决定的，下落时运动员质量不变，所以惯性不变，故C错误；
D.下落时，运动员速度大小和方向不断发生变化，所以运动状态发生变化，故D错误。
故选：A。
重力势能与质量和高度有关，质量越大，位置越高，物体具有的重力势能越大；动能与质量和速度有关，质量越大，速度越大，物体具有的动能越大；
惯性的大小只与质量有关；
物体处于静止或匀速直线运动状态时，物体受力平衡。
本题考查了动能和重力势能大小的变化、惯性、运动状态的判定，属于基础题。

13.【答案】CD 
【解析】解：A、克服物体重力做功(即有用功)：W有用=Gh=15N×0.3m=4.5J，故A错误；
B、拉力做的总功：W总=Fs=6N×1.2m=7.2J，则额外功：W额=W总-W有=7.2J-4.5J=2.7J，故B错误；
C、由W额=fs可得，物体受到的摩擦力：f=W额s=2.7J1.2m=2.25N，故C正确；
D、斜面的机械效率：η=W有用W总×100%=4.5J7.2J×100%=62.5%，故D正确。
故选：CD。
(1)利用W=Gh求克服物体重力做功(即有用功)；
(2)利用W=Fs求拉力做的总功；额外功等于总功减去有用功，再利用W额=fs求物体受到的摩擦力。
(3)斜面的机械效率等于有用功与总功之比。
本题考查了使用斜面时有用功、额外功、总功、机械效率、摩擦力的计算，要知道克服摩擦做的功为额外功。

14.【答案】AD 
【解析】解：A、图2中，由于人造地球卫星在大气层外运行，不受空气阻力，机械能是守恒的，所以人造地球卫星在围绕地球运行的过程中，机械能的总量不变，故A正确；
B、图2中，卫星从远地点向近地点运动时，质量不变，高度变小，重力势能减少，减少的重力势转化为动能，故B错误；
C、图1中，卫星在随火箭加速上升的过程中，其质量不变，速度和高度都变大，则动能和重力势能都变大，所以机械能变大，故C错误；
D、图1中，火箭向下喷出气体，同时气体火箭一个向上的推力，使火箭升空，所以火箭主要依靠反推力来获得不断上升前进的动力，故D正确。
故选：AD。
(1)影响动能的因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能。在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析。
(2)不计空气阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒。
(3)物体间力的作用是相互的。
掌握动能、势能大小的影响因素，掌握动能、势能的大小变化情况。同时知道卫星在绕地球运动时，没有任何物质和卫星摩擦，机械能没有消耗，机械能是守恒的。

15.【答案】ABC 
【解析】解：B、由图象知，G=12N，当物体完全浸没时，拉力F=4N，
则该物体受到的最大浮力：F浮=G-F=12N-4N=8N，故B错误；
A、当物体完全浸没时排开液体的体积等于物体的体积，
由F浮=ρ液gV排得物体的体积：V=V排=F浮ρ水g=8N1.0×103kg/m3×10N/kg=8×10-4m3=800cm3，故A错误；
C、由G=mg可知，物体的质量：m=Gg=12N10N/kg=1.2kg，
物体的密度：ρ=mV=1.2kg8×10-4m3=1.5×103kg/m3，故C错误；
D、由图象知，当h=7cm时，物体刚好浸没，由A可知，此时物体受到的浮力F浮=8N，
由于此时物体上表面刚好与水面相平，所以物体上表面受到水的压力：F向下=0N，
由浮力产生的原因可知，下表面受到水的压力：F向上=F浮-F向下=8N-0N=8N，故D正确；
故选：ABC。
(1)根据图象，分析出物体的重力G，完全浸没时的拉力F，从而可根据F浮=G-F求出完全浸没时的浮力，即最大浮力；
(2)利用阿基米德原理求完全浸没时排开液体的体积，即物体的体积；
(3)利用物体的重力求出质量，根据密度公式得出物体的密度；
(4)由图象可知当h=7cm时物体刚好浸没，据此分析物体上表面受到水的压力，根据浮力产生的原因求出物体下表面受到水的压力。
本题考查重力公式、密度公式、称重法测浮力、浮力产生的原因和阿基米德原理的应用，考查学生结合图象对所学知识进行综合分析的能力，难度较大！

16.【答案】惯性；运动状态。 
【解析】
【分析】
(1)一切物体都具有惯性，汽车刹车时，如果没有安全带的保护，乘客会因为自身惯性向前运动而发生事故。所以要让安全带起到保护人体的作用，防止惯性带来的伤害。
(2)力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态。
此题考查惯性、力的作用效果，惯性是物理学中的一个性质，它描述的是物体能够保持原来的运动状态的性质，不能和生活中的习惯等混在一起。

【解答】
(1)当汽车突然刹车时，由于阻力作用，车身停止运动，而乘客由于惯性还要保持原来的运动状态向前运动，在车内与车身撞击，严重时可能把挡风玻璃撞碎而向前飞出车外，所以驾驶员和前排乘客必须使用安全带。
(2)安全带会阻碍人体向前运动，这表明力可以改变物体的运动状态。
故答案为：惯性；运动状态。  
17.【答案】1：1  3：2 
【解析】解：由于物体沿水平地面做匀速直线运动，OP段拉力对物体做的功W1=F1s1=300N×4m=1200J，PQ段拉力对物体做的功W2=F2s2=200N×6m=1200J，所以W1：W2=1200J：1200J=1：1；
由于物体在OQ段做匀速直线运动，物体在OQ段的速度不变，由P=Wt=Fst=Fv可知，
P1：P2=F1：F2=300N：200N=3：2。
故答案为：1：1；3：2。
物体沿水平地面做匀速直线运动，拉力对物体做的功可以用W=Fs计算；拉力做功的功率用P=Wt=Fst=Fv计算。
本题主要考查了功和功率的计算，其中对功率公式的推导是求解功率之比的关键。

18.【答案】3：1：8 
【解析】解：如图所示；

根据定滑轮不省力，C对m3的拉力为m2g；
根据定滑轮工作特点可知，滑轮B绳子对滑轮C的拉力大小为2m2g+m2g，即m1g=2m2g+m2g，解得m1=3m2；
A绳子对m3的拉力为2m1g+m2g，
根据m3的受力分析有2m1g+m2g+m2g=m3g；
解得m3=8m2；
所以m1：m2：m3=3m2：m2：8m2=3：1：8。
故答案为：3：1：8。
根据定滑轮工作特点，分别对质量为m1、m2、m3的物体进行受力分析，然后进行判断即可。
本题考查滑轮的应用与受力分析，属于难题。

19.【答案】6×108  变小  上浮一些 
【解析】解：航母排水量达6×107kg，满载时该航母受到浮力是：F浮=G排=m排g=6×107kg×10N/kg=6×108N；
航母始终漂浮于水面上，由漂浮条件可知，浮力等于重力，即F浮=G，当舰载机起飞后航母的重力G减小，因航母仍处于漂浮状态，故所受浮力F浮要减小；因浮力减小，由阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，排开水的体积减小，航母将上浮一些。
故答案为：6×108；变小；上浮一些。
根据阿基米德原理F浮=G排计算航母所受的浮力；
航母上的舰载机飞离后，航母自重减小，因航母仍漂浮，根据漂浮条件F浮=G判断浮力的变化；根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排判断航母上浮还是下沉。
本题考查物体浮沉条件的应用、阿基米德原理公式的应用，难度不大。

20.【答案】升高  低  不变 
【解析】解：把气压计从教学楼的底层移至楼顶，由于外界的气压变小，故液柱高度会升高；
一个标准大气压是指可以支持起760mm高水银柱的大气压，乙图装置水银柱高度为750mm，则实验地气压比标准大气压低；
将玻璃管稍微倾斜一点，水银柱的长度将变长，但是水槽和玻璃管内液面的高度差不变。
故答案为：升高；低；不变。
自制简易气压计的原理是瓶内气压=外界大气压+玻璃管内液柱的压强，瓶内气压几乎不变，外界大气压变化时，玻璃管内液柱的高度会随之变化；高度越高，气压越小；一个标准大气压是指可以支持起760mm高水银柱的大气压。
本题考查了自制气压计的原理、大气压与高度的关系、托里拆利实验，难度一般。

21.【答案】2：1  B 
【解析】解：(1)甲和乙对杠杆的拉力之比：F甲F乙=G甲G乙=m甲gm乙g=m甲m乙=ρ甲Vρ乙V=ρ甲ρ乙=12，
 由杠杆平衡条件可得：F甲×OA=F乙×OB，因此AOOB=F2F1=F乙F甲=21；
(2)甲、乙同时浸没在水中，排开水的体积相同，因此受到的浮力F相同，此时动力×动力臂=(F甲-F)×2；阻力×阻力臂=(2F甲-F)×1，由于动力×动力臂<阻力×阻力臂，则杠杆B端将下降。
故答案为：2：1；B。
(1)已知甲和乙的密度之比和体积相同，利用公式m=ρV得到小球质量和重力之比，根据杠杆平衡条件可以得到力臂的比例关系；
(2)甲、乙同时浸没在水中，受到的浮力相同，结合杠杆平衡条件分析杠杆的平衡情况。
比值的计算是物理中常见的题型，解题时的方法是，明确需求量和已知量之间的关系，找出相应的关系式，然后条理清楚地进行运算，切不可凭想象心算。

22.【答案】解：
(1)小球受到的浮力方向竖直向上，作用点在小球的重心；
(2)在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画垂直于斜面、带箭头的线段，符号为F。
如图所示：
 
【解析】(1)漂浮的物体受到的浮力方向竖直向上，作用点在物体的重心；
(2)压力是接触面受到的力，因此压力的作用点在接触面上，即烧杯与接触面的中点；然后根据压力的方向垂直于受力面，并过压力作用点表示出压力的方向即可。
本题的关键是确定浮力和压力的作用点和方向，并会用力的示意图表示力的三要素。注意浮力的方向始终竖直向上。

23.【答案】解：由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小．O为图中杠杆的支点，动力作用在A点时，以OA为力臂为最长力臂，此时F1最小，由此作出F1的示意图；
反向延长F2的作用线，过O点做阻力F2作用线的垂线，垂线段的长即为阻力F2的力臂L2，如图所示：
 
【解析】力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；
由杠杆的平衡条件知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
本题考查力臂和杠杆上是最小力的作图，已知力的作用点时，以支点到力的作用点间距离为最大力臂；未确定力的作用点时，以支点到杠杆上最远点间距离为力臂为最大力臂。

24.【答案】小球  木块移动的距离  转换法  速度  使小球到达水平面时的速度相同  在速度一定时，质量越大，动能越大  等于  不能 
【解析】解：(1)实验中所探究物体的动能是指小球的动能；实验中通过观察木块移动的距离长短，来判断小球动能的大小，这里用到的物理学研究问题的方法是转换法；
(2)对比甲图和丙图可知，小球的质量相同，滚下的高度不同，到达水平面时的速度不同，所以是为了探究动能大小与速度的关系；
(3)对比甲图和乙图，将质量不同的小球从相同斜面的同一高度释放，小球到达水平面时的速度相同，所以探究的是动能大小与质量的关系；在速度相同时，小球的质量越大，推动木块移动的距离越远，动能越大，故可得到的结论是：在速度一定时，质量越大，动能越大；
(4)在两次实验中木块对水平面的压力不变，接触面的粗糙程度也不变，所以木块移动时受到的摩擦力不变，则f1=f2；
(5)若水平面绝对光滑，则木块运动时不受摩擦力作用，撞击后将保持匀速直线运动，不能通过木块移动的距离长短来判断小球动能的大小，所以本实验将不能达到探究目的。
故答案为：(1)小球；木块移动的距离；转换法；(2)速度；(3)使小球到达水平面时的速度相同；在速度一定时，质量越大，动能越大；(4)等于；(5)不能。
(1)在“探究物体的动能大小与哪些因素有关”的实验中，“物体动能”指的是小球刚滚到水平面时的动能；实验中通过观察木块被推动的距离来比较物体动能的大小；
(2)(3)动能大小跟质量和速度有关；在探究动能大小跟质量关系时，控制速度大小不变；在探究动能大小跟速度关系时，控制质量不变；
(4)滑动摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关；
(5)根据牛顿第一定律分析。
用控制变量法研究动能大小的影响因素，用转换法表示动能的大小；采用控制变量法研究实验时，一定注意相同因素和不同因素。

25.【答案】变大  1.2  排开液体的体积  密度  6×10-5m3  4×103kg/m3  1.2×103kg/m3 
【解析】解：
(1)当物体逐渐浸入水中，物体底面所处的深度增大，根据p=ρgh可知，物体底面所受压强将逐渐变大；
(2)当物体浸没在浓盐水中时，由称重法可得物体受到的浮力为：F浮=G-F示=4N-2.8N=1.2N；
(3)比较(b)、(c)两图，液体的密度相同，(c)中排开液体的体积大，由称重法可得物体受到的浮力也大，故可以得出在液体密度一定时，排开液体的体积越大，物体受到的浮力越大；
(4)比较(c)、(d)两图，(d)中液体的密度大，由称重法受到的浮力也大，故可以得出在排开液体体积一定时，液体的密度越大，物体所受浮力越大；
(5)由图b知物体在水中的浮力为：
F浮'=G-F示'=4N-3.4=0.6N；
由阿基米德原理可得F浮=ρ液gV排知物体浸入水中的体积为：
V排'=F浮'ρ水g=0.6N1.0×103kg/m3×10N/kg=6×10-5m3；
(6)由图c知物体浸没在水中的浮力为：
F浮″=G-F示″=4N-3N=1N；
由阿基米德原理可得F浮=ρ液gV排知物体的体积为：
V=V排″=F浮″ρ水g=1N1.0×103kg/m3×10N/kg=10-4m3，
由G=mg知物体的质量为：
m=Gg=4N10N/kg=0.4kg，
物体的密度为：
ρ物=mV=0.4kg1×10-4m3=4×103kg/m3；
当物体浸没在盐水中时，由称重法可得物体受到的浮力：F浮'=G-F'示=4N-2.8N=1.2N；
由阿基米德原理可得F浮=ρ液gV排知盐水的密度为：
ρ盐水=F浮'gV排=1.2N10N/kg×1×10-4m3=1.2×103kg/m3。
故答案为：(1)变大；(2)1.2；(3)排开液体的体积；(4)密度；(5)6×10-5m3；(6)4×103kg/m3；1.2×103kg/m3。
(1)当物体逐渐浸入水中，深度增大，根据p=ρgh分析；
(2)当物体浸没在盐水中时，由称重法测浮力求出受到的浮力；
(3)比较(b)、(c)两图，(c)中排开液体的体积大，由称重法受到的浮力也大，据此回答；
(4)比较(c)、(d)两图，(d)中液体的密度大，由称重法受到的浮力也大，据此回答；
(5)由称重法算出物体在水中的浮力，由阿基米德原理可得F浮=ρ液gV排算出物体浸入水中的体积；
(6)由称重法算出物体浸没在水中的浮力，由阿基米德原理可得F浮=ρ液gV排算出物体的体积；由G=mg算出物体的质量，由密度公式算出物体的密度；
由称重法测浮力求出当物体浸没在盐水中时受到的浮力，由阿基米德原理，F浮=ρ液gV排=ρ液gV物求出所使用的浓盐水密度。
本题探究“影响浮力大小的因素”，考查称重法测浮力、控制变量法、阿基米德原理的运用和密度的测量。

26.【答案】平衡  右端下沉  250 
【解析】解：(1)不挂钩码时，杠杆静止在图甲所示的位置，此时杠杆处于平衡状态；
(2)设杠杆的分度值为L，每个钩码的重为0.5N，图乙由杠杆平衡条件：2L×1.5N=3L×1N，杠杆恰好在水平位置平衡，然后在杠杆两侧所挂钩码下端各加挂一个钩码，左端：2L×2N，右端：3L×1.5N，左侧力与力臂的乘积小于右侧力与力臂的乘积，杠杆会向右端下沉；
(3)设苹果重力为：G1，图丙由杠杆平衡条件：2L×G1=5L×1N，解得：G1=2.5N，则苹果的质量：m=Gg=2.5N10N/kg =250g。
故答案为：(1)平衡；(2)右端下沉；(3)250g。
(1)杠杆静止或匀速转动时，都是处于平衡状态；
(2)根据杠杆平衡条件计算，哪端重向哪端下沉；
(3)先根据杠杆平衡条件计算苹果重力，再根据重力和质量关系计算苹果的质量。
本题主要考查杠杆平衡条件及应用，要求学生掌握，

27.【答案】匀速  不正确  摩擦  80%  1、2  2、3 
【解析】解：(1)实验中应沿竖直方向匀速缓慢拉动弹簧测力计，此时系统处于平衡状态，拉力等于测力计示数；
(2)小组同学发现实验过程中边拉动边读数，弹簧测力计示数不稳定，应该静止读数，他的想法不正确，因为她没有考虑到摩擦对滑轮组机械效率的影响；
(3)丁图中，绳子的有效段数为4，绳端移动距离：
s=nh=4×0.1m=0.4m，机械效率：
η=W有W总=GhFs=8N×0.1m2.5N×0.4m×100%=80%，表中第4次实验数据分别为0.4和80%；
(4)甲、乙、丙、丁实验中绳子的有效段数分别为2、3、3、4，甲、乙、丙实验装置相同，研究滑轮组的机械效率与绳子段数的关系，要控制其实因素相同，只改变绳子的段数，故通过比较1、2两次实验数据得出结论：使用同一滑轮组提升同一重物时，滑轮组的机械效率与绳子段数无关；
(5)研究滑轮组的机械效率与提升物体重力的关系，要控制其实因素相同，只改变物体的重力，通过比较2、3两次实验数据得出结论：同一滑轮组提升重物时，物重越大，滑轮组的机械效率越高。
故答案为：(1)匀速；(2)不正确；摩擦；(3)80%；(4)1、2；(5)2、3。
(1)(2)实验中应沿竖直方向匀速缓慢拉动弹簧测力计，据此分析；
(3)确定丁图中绳子的有效段数，根据s=nh得出绳子移动的距离，根据η=W有W总×100%得出机械效率；
(4)研究滑轮组的机械效率与绳子段数的关系，要控制其它因素相同，据此分析；
(5)研究滑轮组的机械效率与提升物体重力的关系，要控制其它因素相同，据此分析。
本题测滑轮组机械效率的实验，考查注意事项、s=nh和机械效率公式的计算及数据分析、控制变量法的运用。

28.【答案】解：
(1)物体B静止在容器A底部，受力面积：
SB=(10cm)2=100cm2=0.01m2，
对杯底的压力：F=G=6N，
则物体B对容器底部的压强：
p=FS=6N0.01m2=600Pa；
(2)当物体B静止时如图2所示(细线处于松弛状态)，物体B漂浮，则F浮=G=6N，
根据F浮=ρ液gV排可得，物体B排开水的体积：
V排=F浮ρ水g=6N1.0×103kg/m3×10N/kg=6×10-4m3；
(3)图3中，此时容器内水的深度：h=LB+L线=10cm+5cm=15cm=0.15m，
容器底部受到水的压强：p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.15m=1.5×103Pa；
木块完全浸没时受到的浮力：F浮'=ρ水gV=1.0×103kg/m3×10N/kg×(0.1m)3=10N，
因为物体处于静止状态，
所以F浮'=G+F拉，
则细线对物体B的拉力：F拉=F浮'-G=10N-6N=4N。
答：(1)如图1所示，物体B静止在容器A底部，则物体B对容器底的压强为600Pa；
(2)向容器A中缓慢加水，物体B上浮后停止加水，当物体B静止时如图2所示(细线处于松弛状态)，则物体B排开水的体积为6×10-4m3；
(3)继续向容器A缓慢加水，物体B随水上升后细线拉直，当物体B的上表面恰好与水面相平时停止加水，如图3所示，此时，容器底部受到水的压强为1.5×103Pa；细线对物体B的拉力为4N。 
【解析】(1)已知木块边长10cm，可求出受力面积，压力大小等于木块重力，根据p=FS求出压强；
(2)根据漂浮时浮力等于重力算出浮力，根据阿基米德原理算出物体B排开水的体积；
(3)容器内水面的高度等于物体B的边长加线的长度，然后由液体压强公式求出压强；
对木块做受力分析，向上的是浮力，向下的受到了自身的重力和细线的拉力，即F浮=G+F拉，利用阿基米德原理可以计算出浮力，进而算出拉力。
本题考查了压强大小的计算、阿基米德原理、物体浮沉条件和液体压强公式的应用，是一道难度较大的题目。

29.【答案】解：(1)由图乙知，0～10s物体浸没在水中上升，4s～8s物体逐渐露出水面，8s～33s物体在空中刚好把物体完全打捞出井口；
物体被打捞出水后，汽车功率为P=3.2×104W，
由P=Fv可得此时汽车的牵引力为：
F牵=Pv=3.2×104W2m/s=1.6×104N，
汽车对绳端的拉力：
F拉=F牵-f=1.6×104N-1000N=1.5×104N，
不计水的阻力、绳重和滑轮轴处摩擦，由F=1n(G+G动)可得物体的重力：
G=2F拉-G动=2×1.5×104N-1000N=2.9×104N；
(2)由图甲知，通过动滑轮绳子的段数n=2，
由v=st和s=nh可得物体上升的高度为：
h=1ns=12vt=12×2m/s×(8s-4s)=4m，
物体上升的高度加上水面下降的高度就是物体的长度，设物体的长度为l，则l=h+Δh=4m+S2lS1=4m+29m2l2m2，解得物体的长度：l=4.5m，

物体的体积为：
V物=S2l=29m2×4.5m=1m3，
物体提出水面后水深度的变化为：
Δh=V物S1=1m32m2=0.5m，
物体提出水面后水对井底压强的变化量为：
Δp=ρ水gΔh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.5m=5×103Pa。
答：(1)物体的重力为2.9×104N；
(2)物体长度是4m，物体提出水面后水对井底压强的变化量为5×103Pa。 
【解析】(1)由图乙知，0～10s物体浸没在水中上升，4s～8s物体逐渐露出水面，8s～33s物体在空中刚好把物体完全打捞出井口；汽车以2m/s的速度沿水平路面向右匀速直线运动，由P=Wt=Fst=Fv计算物体打捞出水后汽车的牵引力，由平衡力知识计算出汽车对绳端拉力，不计水的阻力、绳重和滑轮轴处摩擦，根据F=1n(G+G动)计算物体的重力；
(2)由图甲知，通过动滑轮绳子的段数n=2，由v=st和s=nh算出物体物体升高的高度，根据物体上升的高度加上水面下降的高度就是物体的长度，由V=Sh算出物体的体积和物体提出水面后水深度的变化量，由Δp=ρ水gΔh算出物体提出水面后水对井底压强的变化量。
本题考查了液体压强公式、体积公式、速度公式、滑轮组特点、平衡力、绳端拉力以及功率的应用等知识，考查知识点多，综合性比较强，关键是要能看懂图象，从中找出对解题有用的信息。