广东省深圳市宝安区2022-2023学年八年级下学期期末物理试题（含答案）

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2022-2023学年广东省深圳市宝安区八年级（下）期末物理试卷
1. 下列物体中，所受的重力约为500N的是(    )
A. 一辆轿车 B. 一只鸡蛋 C. 一本八下物理课本 D. 一名中学生
2. 如图为小明测量体重时的情境，静止时体重计对他的支持力为F1，他对体重计的压力为F2，若他受到的重力为G，则(    )
A. F1与F2是一对平衡力
B. F1与G是一对平衡力
C. F1与G是一对相互作用力
D. F2与G是一对相互作用力
3. 如图所示的四个实例中，为了增大摩擦的是(    )

A. ①垫上滚木搬运重物 B. ②磁悬浮列车悬浮行驶
C. ③体操运动员在手上涂镁粉 D. ④给门轴上的合页加润滑剂
4. 如图所示的情境中，下列说法正确的是(    )


A. 甲：市民接种疫苗，用注射器将药液注入肌肉时利用了大气压
B. 乙；塑料挂钩的吸盘能贴在光滑墙壁上，是因为吸盘对光滑墙壁有吸引力
C. 丙：把自制气压计从山脚拿到山顶，可观察到管中液面上升
D. 丁：用真空采血管抽血，血液流入管中时，管内气压高于人体血压
5. 如图所示，甲、乙、丙三个质量相同的物体，在相等的力F的作用下，分别在水平方向、沿斜面向上、竖直方向通过了相等的距离s，已知它们的速度v甲>v乙>v丙，在三种情况下做的功分别为W甲、W乙、W丙，则(    )


A. W甲=W乙=W丙 B. W甲W丙 D. W甲=W乙ρA，ρ乙=ρB，
则两种液体的密度大小关系是：ρ甲>ρ乙，ρ乙=ρA。
且两烧杯中液面相平即h甲=h乙，根据液体压强的计算公式p=ρgh可知：p甲>p乙。
故ACD错误、B正确。
故选：B。
根据漂浮和悬浮时液体密度和球的密度关系，找出两种液体的密度关系，又知道两容器液面等高(深度h相同)，利用液体压强公式分析两种液体对容器底压强的大小关系。
本题考查物体的浮沉条件以及液体压强公式的应用，是一道综合题。

9.【答案】B 
【解析】解：A、由甲图可知，右图中弹簧测力计伸长和左图相同，所以右图弹簧测力计对绳的拉力等同于两钩码的拉力，说明使用定滑轮不省力，故A错误；
B、使用斜面时费距离，但省力，故B正确；
C、丙图铅笔处于平衡状态，说明左手与右手给铅笔的作用力相等，因为力的作用是相互的，所以铅笔给两手的压力相等。通过比较手指上的凹痕，说明同一压力作用在支承物的表面上，受力面积小时，压强大，可以得出压力的作用效果与受力面积有关，故C错误；
D、影响滑动摩擦力的因素是压力的大小与接触面的粗糙程度，木块在木板上运动越来越快时，滑动摩擦力与速度无关，所受摩擦力不变，故D错误。
故选：B。
(1)定滑轮实质是等臂杠杆，不省力也不费力，但可以改变作用力方向；
(2)使用斜面时，可以省力，但费距离；
(3)同一压力作用在支承物的表面上，若受力面积不同，所产生的压强大小也有所不同．受力面积小时，压强大；受力面积大时，压强小；
(4)影响滑动摩擦力的因素是压力的大小与接触面的粗糙程度。
本题考查了定滑轮及其工作特点、摩擦力的大小、压强等知识点，综合性强，难度较大。

10.【答案】D 
【解析】解：
量筒中装有50mL的水，放入乙后，乙全部浸没在水中，处于悬浮状态，乙所受的浮力等于自身的重力，根据阿基米德原理可知乙所受的浮力等于乙排开水的重力，故乙排开水的重力等于乙的重力，故B错误；
量筒的示数为70mL，乙的体积等于排开水的体积为：V乙=V排乙=70mL-50mL=20mL=20cm3=2×10-5m3；
放入甲后，甲没有全部浸没在水中，处于漂浮状态，甲受到的浮力等于自身的重力，故C错误；
量筒的示数为60mL，甲排开的水的体积为：V排甲=60mL-50mL=10mL=10cm3=1×10-5m3，故A错误；
根据阿基米德原理可知，甲受到的浮力为：F浮甲=ρ水gV排甲=1.0×103kg/m3×10N/kg×1×10-5m3=0.1N；
根据阿基米德原理可知，乙受到的浮力为：F浮乙=ρ水gV排乙=1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10-5m3=0.2N，大于甲受到的浮力，故D正确。
故选：D。
根据乙在水中的状态和量筒中液面升高的高度分析乙的体积的大小和乙排开水的体积；
根据量筒中液面升高的高度分析甲排开的水的体积的大小；根据阿基米德原理求出甲受到的浮力的大小；
乙全部浸没在水中，处于悬浮状态，乙所受的浮力等于自身的重力，根据阿基米德原理可知乙所受的浮力等于乙排开水的重力，据此电磁乙排开水的重力与乙的重力的大小关系；
甲没有全部浸没在水中，处于漂浮状态，甲受到的浮力等于自身的重力；
根据阿基米德原理求出乙受到的浮力，然后与甲的浮力对比。
本题考查浮沉条件和阿基米德原理的应用，是一道基础题。

11.【答案】解：小球漂浮在水面上，重力和浮力是一对平衡力，二者大小相等、方向相反、作用在同一直线上，二力的作用点在小球的重心，如下图所示：
 
【解析】小球在水中受到重力和浮力的作用，重力的方向竖直向下，浮力的方向竖直向上，由于小球漂浮，因此受到的力是平衡力，重力和浮力大小相等。
画力的示意图时要考虑到物体的运动状态，当物体处于静止或匀速直线运动时，受到的力就是平衡力。

12.【答案】解：
向右奔跑的男生，与地面接触的这只脚有向左滑动的趋势，因此鞋底受到地面对它向右的摩擦力，作用点在鞋底与地面的接触点(A点)；支持力的作用点也在A点，方向竖直向上；过A点分别沿水平向右和竖直向上的方向画一条带箭头的线段，并标明字母f和F；如图所示：
 
【解析】画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。
本题易错点在摩擦力方向的判断上，摩擦力的方向与物体相对运动方向或相对运动趋势方向相反，摩擦力方向与物体运动方向无关，要判断摩擦力的方向应先判断出物体与接触面间的相对运动方向或相对运动趋势方向。

13.【答案】形变  平衡力  气球喷出的气体  运动状态  大气压 
【解析】解：手对气球的力使气球的形状发生改变，说明力可以使物体发生形变。
把封口的夹子松开，气球向左喷出气体，在气体推力的作用下向右运动，施力物体是气球喷出的气体；此现象说明力可以改变物体的运动状态杯子静止。
当放有气球的玻璃瓶遇冷后，瓶内气压减小，外界气压不变，于是在外界大气压的作用下，气球被压入瓶中。
故答案为：(1)形变；平衡力；(2)气球喷出的气体；运动状态；(3)大气压。
力可以使物体发生形变。
物体间力的作用是相互的。
气体温度升高，体积变大，一部分气体排出瓶外；温度降低，体积变小，气压变小。
本题考查力的作用效果和摩擦力的有关知识，是一道综合题。

14.【答案】相等  慢  a 匀速直线运动  A 
【解析】解：(1)实验时，让小车从斜面相同高度静止下滑，目的是使小车到达水平面时的速度大小相等。
(2)由图甲可知，水平面越光滑，小车运动的距离越远，这说明小车受到的阻力越小，速度减小得越慢。
(3)如图乙是小车在不同物体表面上运动时，速度与时间的变化图线，其中属于在木板上运动的图线是a，木板的阻力最小，小车运动的时间最长，速度减小得最慢。
(4)根据这个实验推理：在光滑水平面上滑行的小车，如果受到阻力为0，它将做匀速直线运动。
(5)如图丙所示，当足球踢出后，到达最高处，水平方向有速度，受到的外力全部消失，它将沿着该方向做匀速直线运动，故A正确，BCD错误。
故选：A。
故答案为：(1)相等；(2)慢； (3)a； (4)匀速直线运动； (5)A。
(1)让小车从斜面相同高度静止下滑，目的是使小车到水平面的速度相等。
(2)小车受到的阻力越小，速度减小得越慢。
(3)小车在水平面上受到的阻力越小，速度减小得越慢，运动时间越长。
(4)如果物体不受力，将做匀速直线运动。
(5)当足球踢出后，到达最高处，受到的外力全部消失，足球将做匀速直线运动。
本题考查的是探究阻力对物体运动的影响；会分析实验现象得出结论。

15.【答案】大小相等  接触面越粗糙  正  寻找普遍规律，避免偶然性  木板不必做匀速直线运动或弹簧测力计示数稳定，方便读数 
【解析】解：(1)实验时，使物块A做匀速直线运动目的是使弹簧测力计的拉力与物体A所受的滑动摩擦力大小相等，此时拉力和滑动摩擦力是一对平衡力。
(2)由图甲a、b两图可知；当压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
(3)分析图象可以得出的结论是：当接触面的粗糙程度相同时，滑动摩擦力的大小与压力的大小成正比，多次实验的目的是为了寻找普遍规律，避免偶然性。
(4)第二组同学发现实际操作中弹簧测力计示数不稳定，于是改进了实验，设计了如图甲d所示的实验方案，此方案的优点是：木板不必做匀速直线运动或弹簧测力计示数稳定，方便读数。
故答案为：(1)大小相等；(2)接触面越粗糙；(3)正；寻找普遍规律，避免偶然性；(4)木板不必做匀速直线运动或弹簧测力计示数稳定，方便读数。
(1)物体做匀速直线运动时，拉力和滑动摩擦力是一对平衡力。
(2)在压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。
(3)当接触面的粗糙程度相同时，滑动摩擦力的大小与压力的大小成正比；多次测量是为了寻找普遍规律，避免偶然性。
(4)改进方案的优点是弹簧测力计稳定，方便读数。
本题考查的是探究影响滑动摩擦力大小的因素；知道控制变量法在本实验中的应用。

16.【答案】右  竖直向下  243.2变小  流速越大的位置，压强越小 
【解析】解：(1)如图甲所示，杠杆左端下沉，其右端偏高，应将平衡螺母向上翘的右端移动，使杠杆在水平位置平衡；
(2)设杠杆每格长为1，钩码的重力为G，
根据杠杆的平衡条件，F1l1=F2l2知，要使力最小，需要使力臂最大，当力的方向竖直向下时，力臂最长，力最小；
在A点悬挂3个钩码，则由杠杆的平衡条件得：3G×4l=FB×3l，
解得：最小的力FB=4G=4×0.5N=2N；
(3)由图可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，其示数为F=3.2N；
当对模型水平向右吹风时，模型上方的空气流速比下方的空气流速大，模型上表面受到的空气压强比下表面受到的空气压强小，使得模型受到了一个向上的升力，导致杠杆左端所受的拉力减小，由杠杆的平衡条件可知，阻力和动力臂不变时，杠杆右端的拉力变小，即测力计的示数变小。
故答案为：(1)右；(2)竖直向下；2；4；(3)3.2；变小；流速越大的位置，压强越小。
(1)调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；
(2)根据杠杆平衡条件判断钩码的数量，可得出可使杠杆保持水平平衡的最小力；
(3)根据弹簧测力计的分度值读出其示数；
根据“流体压强与流速的关系”得出对模型水平向右吹风时杠杆左端的拉力变化，根据杠杆的平衡条件判断出弹簧测力计的示数变化。
本题考查了杠杆平衡的条件、弹簧测力计的读数和流体压强与流速的关系的应用，是一道较为简单的应用题。

17.【答案】解：(1)已知客机空载时的质量m=45t=4.5×104kg，
由于客机水平停放，故客机对水平地面的压力F=G=mg=4.5×104kg×10N/kg=4.5×105N
客机对地面的压强p=FS=4.5×105N0.5m2=9×105Pa；
(2)客机以最大巡航速度飞行3800km，需要的时间t=sv=3800km950km/h=4h；
(3)该客机所做的功W=F's=3×104N×3800×103m=1.14×1011J。
答：(1)客机对地面的压强为9×105Pa。
(2)客机以最大巡航速度飞行3800km，需要的时间为4h。
(3)客机做的功为1.14×1011J。 
【解析】(1)由G=mg得到客机空载时的重力，客机对水平地面的压力与其重力大小相等，利用p=FS得到客机对地面的压强。
(2)用v=st得到客机以最大巡航速度飞行3800km，需要的时间。
(3)用W=Fs得到客机做的功。
本题考查了重力公式、压强公式、速度公式、功的公式的应用，考查公式较多，难度不大。

18.【答案】解：(1)由图可知，n=2，
F=1n(G+G动)=12×(500N+100N)=300N；
(2)由图乙得：当h=6m时，t=30s，则物体移动的速度为：
v物=st=ht=6m30s=0.2m/s，
v绳=2v物=2×0.2m/s=0.4m/s，
P=Wt=Fst=Fv绳=300N×0.4m/s=120W；
(3)滑轮组的有用功为W有=Gh=500N×6m=3000J，
s=nh=2h=2×6m=12m，
总功为W总=Fs=300N×12m=3600J，
则滑轮组的机械效率为：
η=W有W总=3000J3600J=83.3%。
答：(1)拉力F的大小为300N；
(2)拉力F的功率为120W；
(3)滑轮组的机械效率为83.3%。 
【解析】(1)根据滑轮组装置确定绳子股数，不计绳重及摩擦，F=1n(G+G动)求出拉力F的大小；
(2)根据图乙求出物体移动速度，利用v绳=nv物求出自由端移动的速度，根据P=Wt=Fst=Fv绳求出拉力F的功率；
(3)根据W有=Gh和W总=Fs分别求出有用功和总功，利用η=W有W总求出滑轮组的机械效率。
本题考查了滑轮组自由端的拉力、功率、有用功、总功和机械效率的计算，确定滑轮组绳子的股数和获取s-t图象的信息是关键。

19.【答案】漂浮  02.4×103  19.255×10-4m3  上浮  10 
【解析】解：
(1)由图乙可知，当注入水的深度在18cm时，图象出现拐点，且此后注入相同深度的水时水的质量增大，而“潜艇”高是20cm，所以，当注入水的深度h1=18cm时，即t=40s“潜艇”恰好处于漂浮状态，此时“潜艇”对容器底部压力刚好为0；
(2)注水到24cm时停止，水的深度h2=24cm=0.24m，
水对容器底部的压强：p=ρ水gh2=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.24m=2.4×103Pa，
水对容器底部的压力：F=pS=2.4×103Pa×80×10-4m2=19.2N；
(3)由题知，“潜艇”剩余部分的质量为0.5kg，剩余部分放入水中恰好悬浮，
此时“潜艇”受到的浮力：F浮=G剩=m剩g=0.5kg×10N/kg=5N，
由F浮=ρ水gV排知排开液体的体积为：
V排=F浮ρ水g=5N1.0×103kg/m3×10N/kg=5×10-4m3；
此时若往水中加盐，液体的密度变大，假设还是浸没，由F浮=ρ水gV排知浮力变大，浮力大于重力，“潜艇”将上浮；
(4)当注入水深度h=18cm=0.18m时，“潜艇”恰好处于漂浮状态，
由浮漂条件有：F浮=G总=G切+G剩，
所以：ρ水gV排=m切g+m剩g，
即：ρ水gS潜×0.18m=ρ塑gS潜×Δh+m剩g------①
当把“潜艇”水平切掉一部分后，剩余部分放入水中恰好悬浮时，F浮'=G剩'，
即：ρ水gS潜(0.2m-Δh)=m剩g------②
①式-②式，化简解得：Δh=0.1m=10cm。
故答案为：(1)漂浮；0；(2)2.4×103；19.2；(3)5；5×10-4m3；上浮；(4)10。
(1)根据图乙判断“潜艇”在加水过程的浮沉状态变化，从而得到“潜艇”对容器底部压力刚好为0时注水深度；
(2)由图乙可知，注水停止时水的深度，由p=ρgh计算此时水对容器底部的压强，由F=pS计算水对容器底部的压力；
(3)根据浮沉条件计算“潜艇”剩余部分悬浮于水中时受到的浮力大小，由F浮=ρ水gV排知排开液体的体积；此时若往水中加盐，液体的密度变大，由F浮=ρ水gV排判断出浮力的变化，由浮沉条件判断出物体的运动状态；
(4)当“潜艇”恰好处于漂浮状态、“潜艇”剩余部分悬浮于水中时，根据浮沉条件、阿基米德原理公式以及密度公式列式可求出水平切掉的高度Δh。
本题考查了压强公式、阿基米德原理公式以及浮沉条件的综合应用，根据图象正确的判断出潜艇在水中的状态、列出平衡方程求出潜艇的横截面积是关键，难度较大。