江西省赣州市南康区2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案）

这是一份江西省赣州市南康区2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案），共21页。
2022-2023学年江西省赣州市南康区八年级（下）期末物理试卷
1. 牛顿第一定律又叫______ 定律，它的适用范围是______ 。
2. 班级拔河比赛获胜有不少诀窍，其中之一就是要设法增大队员与地面的摩擦，所以选择参赛队员应选择体重______(选填“较重”或“较轻”)的同学，同时全体队员应穿鞋底较______(选填“粗糙”或“光滑”)的鞋子。
3. 如图所示，分别在A、B处用同样大的力推门，在A点推门效果更明显，这说明力的作用效果跟力的______ 有关：用手敲打门时，手有明显痛感，说明物体间力的作用是______ 。


4. 如图所示，吸盘挂钩挂了一些厨具却不会落下来，是因为吸盘受到了竖直向上的______ 力，该力与______ 力是一对平衡力。


5. 如图所示，为了解决疫区的配送问题，顺丰速运采用了无人机快递服务。无人机在带着包裹匀速升空过程中，不计空气阻力，包裹的动能______，机械能______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。


6. 观察图甲中车的外形，若车在水平路面上急速行驶，由于车上下表面空气流动速度不同，车对地面的压力会______(选填“变大”“不变”或“变小”)，车容易失控。为了减小上述意外情况的发生，有些跑车为了提高“抓地力”在车尾安装了一种“气流偏导器”，其外形应选用图乙中的______(选填“A”或“B”)。

7. 如图所示，用细线拴一块橡皮做匀速圆周运动，此过程中橡皮的运动状态______ (选填“发生”或“不发生”)改变，如果这时线断开且橡皮所受的力都突然消失，橡皮将处于______ 状态。


8. 如图甲所示，木块放在水平面上，用弹簧测力计沿水平方向拉木块使其做匀速直线运动．两次拉动木块得到的s-t图象分别是图乙中的图线①、②．两次对应的弹簧测力计示数分别为F1、F2，相同时间内拉力所做的功分别是W1、W2，则F1______F2，W1______W2.(均填“>”、“=”或“ 
【解析】解：(1)两次在水平面上拉动同一木块，压力大小和接触面的粗糙程度均不变，故木块受到的滑动摩擦力大小不变；
木块在水平方向上受到拉力和滑动摩擦力的作用，由s-t图象可知，木块两次都做匀速直线运动，所以拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，拉力等于滑动摩擦力，滑动摩擦力相等，则拉力也相等，即F1=F2.
(2)由图乙可知，相同时间内第1次通过的路程大于第2次通过的路程，即s1>s2；拉力相等，由公式W=Fs可知，拉力所做的功的关系为：W1>W2.
故答案为：=；>.
(1)弹簧测力计拉动木块在水平面上匀速直线运动时，水平方向上木块受到拉力和滑动摩擦力作用，拉力和滑动摩擦力是一对平衡力．
滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关．
(2)由运动路程和时间图象判断相同时间通过的路程大小，根据W=Fs判定拉力做功大小．
本题通过图象可以判断木块进行匀速直线运动，匀速直线运动的物体受到平衡力作用，根据平衡力条件判断拉力和滑动摩擦力大小关系，根据W=Fs判断做功的大小．

9.【答案】受力面积  增大 
【解析】解：盲道有凸棱是在压力一定时，通过减小受力面积来增大地面对脚的压强，便于盲人区别。
故答案为：受力面积；增大。
增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力。
此题主要考查的是增大压强的方法在生活中的应用，通过此类题目的练习，要让学生明确压强在我们的身边无处不在，和我们的生活密切相关。

10.【答案】等于  小于 
【解析】解：把A、B两物体作为一个整体，由图知，该整体在两液体中都处于漂浮状态，由漂浮条件可知F浮=GA+GB，所以该整体在两液体中受到的浮力相等，根据阿基米德原理可知，排开的液体的重力相同，根据G=mg可知，排开的液体的质量相同；
因整体受到的浮力相等(即甲液体中B物体受到的浮力等于乙液体中A物体受到的浮力)，且两物体上表面没有受到液体的压力，所以，由浮力产生的原因可知，甲液体中B物体与乙液体中A物体的下表面受到的液体压力相等，由图知B的底面积更大，由p=FS可知，甲液体对B下表面的压强小于乙液体对A下表面的压强。
故答案为：等于；小于。
(1)把A、B两物体作为一个整体，该整体在两液体中都处于漂浮状态，根据漂浮条件可知所受浮力的大小关系，根据阿基米德原理可知它们排开液体的重力关系，根据G=mg可知它们排开液体的质量关系；
(2)根据漂浮条件、浮力产生的原因以及p=FS分析液体对物体下表面的压强关系。
本题综合考查了阿基米德原理、漂浮条件、液体压强公式和压强定义式的综合应用，知识点多，属于难题。

11.【答案】C 
【解析】解：A.人的质量约为50kg；跳绳高度约为5cm=0.05m；1min大约跳180个；
则每次跳绳时克服重力做功：
W1=Gh=50kg×10N/kg×0.05m=25J；
1min内做功：
W=nW1=180×25J=4500J，跳绳时克服重力做功的平均功率：
P=Wt=4500J60s=75W，故A不符合实际；
B、中学生游泳时受到的浮力与其重力接近，约为500N，故B不符合实际；
C、中学生的体重为G=500N，双脚站立时与水平地面的接触面积在0.03m2左右，双脚对水平地面的压强为p=FS=GS=500N0.03m2=1.67×104Pa，故C符合题意；
D、中学生的重力约500N，从一楼爬上三楼上升高度h=3m×2=6m，克服自身重力所做的功大约为W=Gh=500N×6m=3000J，故D不符合实际。
故选：C。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
这是一道估算综合应用题，在对日常生活中的时间、速度、质量、长度等进行准确的估测的基础上进行简单计算是解题的关键，要逐渐培养这方面的能力。

12.【答案】A 
【解析】解：用300N的力竖直向上提起一个重为350N的箱子，没有提起，说明箱子处于静止状态，因此箱子受力平衡，合力为0N。
故选：A。
从水箱子所处的平衡状态就能判断出箱子受平衡力，大小相等，方向相反，再求出受到的合力。
箱子受到三个力：重力G竖直向下，拉力F拉和支持力F支均竖直向上，满足F拉+F支=G。

13.【答案】A 
【解析】解：
B、由题知，潜水艇在不同深度处悬浮，潜水艇处于浸没状态，排开水的体积与潜水艇的体积相等；则排开水的体积不变，故B正确；
ACD、海水密度保持不变，由F浮=ρ液V排g知潜水艇在海水中受到的浮力不变；由于潜水艇悬浮，则潜水艇所受的浮力与重力大小相等，所以潜水艇所受的重力大小相等，故A错误，CD正确。
故选：A。
因为潜水艇在液面下悬浮，潜水艇处于浸没状态，排开水的体积与潜水艇的体积相等；
根据悬浮条件可知浮力和重力的关系；若海水密度保持不变，根据阿基米德原理即可判断所以排开液体的体积相等。
潜水艇的工作时是靠改变自身的重力来实现上浮或下潜的，要弄明白：潜水艇处于浸没状态，排开水的体积不变。

14.【答案】C 
【解析】解：A、子弹离开枪口以后，依靠惯性向前运动，不再受到枪的作用力，故枪对子弹不再做功，故A错误；
B、两队僵持不动的时候，绳子受到力的作用，但没有在这个力力的方向上通过距离，所以运动员对绳子没有做功。故B错误；
C、运动员把杠铃向上推起的过程中，杠铃受到竖直向上的推力，也在这个力的方向上通过了距离，所以运动员对杠铃做了功，故C正确；
D、运动员背着包袱在水平地面上做匀速直线运动，人对背包的力竖直向上，而背包的运动方向与这个力的方向垂直，所以运动员对包袱没有做功，故D错误。
故选：C。
本题要抓住做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离。二者缺一不可。
本题考查了力是否做功的判断方法。有力有距离，力对物体不一定做功，物体一定在力的作用下通过了距离，力对物体才做功。

15.【答案】CD 
【解析】解：A.橡皮泥船采用空心的办法增大排开水的体积，从而增大浮力来增加橡皮泥船的载货量，故A错误；
B.“蛟龙号”从海面潜入海底是通过改变自身重力大小来实现的，故B错误；
C.茶叶匀速下沉，处于平衡状态，受竖直向下的重力、竖直向上的浮力以及竖直向上的阻力作用，所以浮力小于重力，故C正确；
D.浮冰和北极熊始终处于漂浮状态，随着浮冰的熔化，浮冰的重力减小，北极熊和浮冰的总重力减小，因为浮力等于重力，所以浮冰和北极熊受到的浮力减小；而F浮=ρ水V排g，所以浮冰排开水的体积减小，即浮冰排开水的体积在减小，故D正确。
故选：CD。
(1)橡皮泥船做成空心的，增大了排开水的体积，从而增大浮力使其漂浮在水面上；
(2)潜水器浸没时排开液体的体积不变，受到的浮力不变，通过让海水进、出压力舱改变潜水艇受到的重力，从而实现上浮或下沉的；
(3)物体下沉时受到的浮力小于自身的重力；
(4)物体漂浮时受到的浮力和自身的重力相等，根据阿基米德原理可知，浮力与液体的密度、排开液体的体积有关，液体密度一定，冰排开液体的体积越多，则浮力越大。
本题考查了影响浮力大小因素、物体浮沉条件、阿基米德原理的应用等，是一道较为简单的应用题。

16.【答案】A 
【解析】解：
机械臂在使用过程中，类似于人的手臂，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。
A.筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，可以省距离，故A不符合题意；
BCD.羊角锤、核桃夹、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，都是省力杠杆；故BCD不符合题意。
故选：A。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。

17.【答案】AC 
【解析】解：
A.人拉住单杠静止时，处于平衡状态，此时单杠对人的拉力与人的重力是一对平衡力，故A正确；
B.50m测试时，人冲过终点时不能立即停下来，是由于人具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故B错误；
C.将排球向上垫起后，排球受到竖直向下重力的作用，使排球最终向下落，故C正确；
D.掷出的实心球斜向上运动，在最高点时的速度不为零，仍具有水平方向的速度，若此时所受外力全部消失，由牛顿第一定律可知，球将沿水平方向做匀速直线运动，故D错误。
故选：AC。
(1)物体处于平衡状态(静止状态或匀速直线运功)时，所受的力就是平衡力；
(2)物体保持原来的运动状态的性质叫做惯性，不能说“由于惯性的作用”、“获得惯性”，正确的说法是“具有惯性”；
(3)地球附近的物体由于地球的吸引而受到重力作用，力是改变物体运动状态的原因；
(4)根据牛顿第一定律进行分析，即当物体受到的力突然消失，物体还会保持原来的运动状态。
本题是一道力学综合题，涉及到平衡力的辨别、惯性知识、力与运动的关系以及牛顿第一定律的应用等，与生活紧密相连，让学生觉得学习物理有用，同学们平时要尝试用物理知识解释身边的现象。

18.【答案】AC 
【解析】解：A、物块沿光滑斜面下滑时，因斜面是光滑的，则物块不受摩擦力的作用，此时物块只受到竖直向下的重力、垂直于斜面向上的支持力作用，作用点在物块的重心上，故A正确；
B、图乙中不考虑空气阻力，空中飞行的铅球只受重力作用，没有推力作用，故B错误。
C、骑行的自行车的后轮相对地面向后运动，地面给后轮一个向前的摩擦力，向前的摩擦力推动自行车前行，故C正确；
D、由图可知，O为支点，图中动力F的力臂是指从支点O到力F作用线的距离，而图中是截取了力的作用线的一部分，故D错误。
故选：AC。
(1)要画力的示意图时，要先分析物体受到的各力的大小、方向和作用点，再画出各力；
(2)摩擦力的方向总是阻碍物体相对运动，与物体相对运动方向相反；
(3)力臂是指从支点到力的作用线的距离。
本题考查了力的示意图、摩擦力的示意图以及杠杆力臂的作图，正确分析物体受到的力是关键。

19.【答案】答：(1)小明踩到了松开了的鞋带时，另一只脚受到阻力很快停下来，而上身由于惯性保持原来的速度，继续向前运动而摔倒；
(2)一定要用力系紧鞋带，这是在接触面的粗糙程度一定时，通过增大压力的方法来增大摩擦，从而使鞋带不易松开。 
【解析】(1)物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性；
(2)增大摩擦力的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度。
本题考查了惯性和增大摩擦方法的应用，属于基础性题目。

20.【答案】解：(1)越野车空载时对水平地面的压力：
F=G=mg=3600kg×10N/kg=3.6×104N，
对水平地面的压强：
p=FS=3.6×104N0.12m2=3×105Pa；
(2)已知最大功率P=320kW=3.2×105W，
最大车速v=180km/h=180×13.6m/s=50m/s
由P=Wt=Fst=Fv得：
牵引力：F=Pv=3.2×105W50m/s=6400N；
答：(1)越野车空载时对水平地面的压强为3×105Pa；
(2)某次极限测试中，该越野车以最大功率、最大车速行驶时发动机输出的牵引力为6400N。 
【解析】(1)越野车对地面的压力等于其重力，根据p=FS求出对水平地面的压强；
(2)已知最大功率和最大车速，根据P=Wt=Fst=Fv求出汽车牵引力。
此题主要考查的是学生对重力、压强、功率公式的理解和掌握，综合性较强，难度不大。

21.【答案】解：(1)拉力方向向下从定滑轮开始绕线；
(2)对材料做的有用功W有=Gh=765N×10m=7650J；
(3)动滑轮被2根绳子承担，拉力移动的距离就是物体和动滑轮移动距离的2倍，
故机械效率η=W有W总=GhFS=GhF2h=G2F=765N2×450N=85%；
(4)通过对所给数据的分析可知，机械效率总小于1.
故答案：(1)
(2)用滑轮组提升材料时做的有用功是7650J；
(3)该滑轮组的机械效率是85%；
(4)通过对所给数据的分析可知，机械效率总小于1. 
【解析】(1)拉力的方向向下，应从定滑轮开始绕；
(2)根据公式W有=Gh，可求出有用功
(3)根据公式η=W有W总=GhFS可求出机械效率；
(4)根据功的原理可知，适用任何机械都不省功．
使用机械可以在省力、改变动力的方向或移动的距离上得到好处，给人们带来方便，但使用任何机械都不省功，机械效率总小于1.

22.【答案】解：(1)由图象可知，圆柱体的重力为2N，
则圆柱体的质量：m=Gg=2N10N/kg=0.2kg，
(2)由图象可知，当圆柱体浸没在水中时，弹簧测力计的示数F'=1.4N，
圆柱体受到的最大浮力：F浮=G-F'=2N-1.4N=0.6N；
(3)由F浮=ρ水gV排=ρ水gV可得，圆柱体的体积：
V=V排=F浮ρ水g=0.6N1.0×103kg/m3×10N/kg=6×10-5m3，
圆柱体的密度：
ρ=mV=0.2kg6×10-5m3≈3.3×103kg/m3。
(4)由图知，圆柱体刚浸没时下表面所处的深度：
h=12cm=0.12m，
圆柱体刚浸没时下表面受到的液体压强：
p=ρgh=1×103kg/m3×10N/kg×0.12m=1200Pa；
答：(1)圆柱体的质量为0.2kg；
(2)圆柱体受到的最大浮力为0.6N；
(3)圆柱体的密度为3.3×103kg/m3；
(4)圆柱体刚浸没时下表面受到的液体压强为1200Pa。 
【解析】(1)由F-h图象可知，当h=0(圆柱体没有浸入水)，弹簧测力计的示数为圆柱体重，利用重力公式求出圆柱体的质量；
(2)当h≥12cm(圆柱体全浸入水)，弹簧测力计的示数加上圆柱体受到的水的浮力等于圆柱体重；据此求出圆柱体受到的浮力(最大浮力)。
(3)上面求出了圆柱体重，利用重力公式求出圆柱体的质量；求出圆柱体全浸入时受到的浮力，利用阿基米德原理求圆柱体的体积(排开水的体积)，再利用密度公式求圆柱体的密度。
(4)由图知，圆柱体刚浸没时下表面所处的深度为12cm，根据液体压强公式求此时圆柱体下表面受到的水的压强。
本题考查知识点比较多，密度的计算、压强的计算、浮力的计算及其公式变形，会识图并从中得出相关信息是本题的关键，属于难题。

23.【答案】0.2匀速直线  二力平衡  量程  0.2不是  0.014MPa 
【解析】解：(2)如图甲所示，弹簧测力计1N分为5格，分度值是0.2N，教材中采用图甲的实验装置，要测出木块运动时所受到的滑动摩擦力，应让弹簧测力计沿水平方向拉动木块做匀速直线运动，根据二力平衡的知识，可知测力计的示数就等于木块所受滑动摩擦力的大小；
(2)弹簧测力计使用时要观察量程和分度值；
由乙中右侧图知桶重G弹簧测力计伸长5个格，一个格为0.2G，水和桶总重为6个格，为6×0.2G=1.2G；桶中水的重力：G水=1.2G-G=0.2G；
(3)图丙中，表盘上的“MPa”是压强的单位，因此，这个表是测量气体压强的，不是测压力的；表盘上的分度值是0.001MPa，其示数为0.014MPa。
故答案为：(1)0.2；匀速直线；二力平衡；(2)0.2；(3)不是；0.014MPa。
(1)弹簧测力计是用来测量力的仪器；根据二力平衡测量摩擦力；
(2)根据图示分析弹簧测力计的分度值；根据二力平衡的条件分析；
(3)根据表盘上的“MPa”可判断这是哪个物理量的单位，从而确定其测量的量。并结合表盘上的数据读出示数。
本题考查弹簧测力计的使用、测量摩擦力、压力表的分析，属于中档题。

24.【答案】不属于  不漏气  B 液体的深度  丙  A> 
【解析】解：(1)U形管压强计左端是密闭的，所以不属于连通器；
用手轻轻按压几下橡皮膜，如果U形管中的液体能灵活升降，则说明装置不漏气；
(2)使用压强计前，发现U形管左右两侧的水面有一定的高度差，为了使U形管左右两侧的液面相平，只需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相等的，当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，故选B；
(3)比较图乙和丙，液体密度相同，深度不同，U形管两侧液面的高度差不同，液体压强不同，可以得到同种液体，液体压强的大小与液体的深度有关；
(4)探究液体压强和液体密度的关系，应控制金属盒在液体中深度相同，液体的密度不同，因此应选择图丙和图丁进行实验；
根据p=ρgh可知，液体的密度越大，深度越大，压强越大，液体的压强与U形管粗细无关，所以在烧杯中换密度更大的液体，U形管左右两侧液面的高度差都将变大；“向U形管中加水”不能使两侧液面高度差对比更加明显，故选A；
(5)拔掉右端的软木塞后，水会向外涌出，由于b管底部较细，水的流速较大，产生的压强小，所以b管水面比a管水面低，即ha>hb。
故答案为：(1)不属于；不漏气；(2)B；(3)液体的深度；(4)丙；A；(5)>。
(1)上端开口，底部连通的是连通器；
使用液体压强计前一定要检查装置是否漏气，用手轻轻按压几下橡皮膜，如果U形管中的液体能灵活升降，则说明装置不漏气；
(2)U形管右端的上方是和大气相通的，等于大气压，使用压强计前，发现U形管左右两侧的液面有一定的高度差，要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两侧的液面就是相平的；
(3)(4)液体压强与液体的深度和液体的密度有关，研究液体压强与其中一个因素的关系，要控制另外一个因素不变；根据p=ρgh来分析压强和液体密度的关系；
(5)液体压强和流速的关系，在气体或液体中，流速较大，产生的压强小。
这是一道综合实验题，考查了压强计的原理，知道液体压强计的操作要求，还要能灵活运用控制变量法，同时还考查了流体压强与流速的关系。

25.【答案】(1)右；右；(2)1；(3)3.3；大于；杠杆的重心没有通过支点，杠杆的自重对杠杆平衡有影响；(4)1.1。 
【解析】解：
(1)实验时，杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点的左则，故重心应向右移动，因此应将如图甲所示杠杆左端的平衡螺母适当往右调，或将杠杆右端的平衡螺母适当往右调，直到杠杆在水平位置平衡；
(2)如图乙所示，调节好杠杆后在杠杆左边距离支点4格的A处挂了2个钩码，
设每个钩码质量为m，每格长度为L，杠杆左边4格处挂2个钩码，设在杠杆右边距离支点8格的B处挂n个钩码，由杠杆的平衡条件：
2mg×4L=nmg×8L，
n=1，
即为使杠杆平衡，应在杠杆右边距离支点8格的B处挂1个钩码；
(3)由图可以知道，弹簧测力计的刻度值为0.1N，指针在3N以下三格处，示数为3.3N；
用如图丙所示装置进行探究，杠杆的重心没有通过支点，杠杆的自重对杠杆平衡有影响，故F1L1总是大于F2L2；
(4)小明将图丙中弹簧测力计拉力的作用点从C点移到E点，则现在的动力臂为12L(原来动力臂为4L)，动力臂为原来的3倍，由杠杆的平衡条件，因阻力和阻力臂大小不变，故动力为原来的三分之一，即如图丁所示，此时弹簧测力计的拉力是：
F=3.3N3=1.1N。
故答案为：(1)右；右；(2)1；(3)3.3；大于；杠杆的重心没有通过支点，杠杆的自重对杠杆平衡有影响；(4)1.1。
(1)杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点的左侧，据此分析；
(2)由杠杆的平衡条件分析；
(3)根据弹簧测力计的刻度值为0.1N读数；如图丙所示装置，杠杆的重心没有通过支点，杠杆的自重对杠杆平衡有影响；
(4)分析现在动力臂与原来动力臂大小关系，因阻力和阻力臂大小不变，由杠杆的平衡条件分析。
本题研究杠杆的平衡条件实验，考查器材的调试、杠杆的平衡条件的运用、弹簧测力计读数等知识。

26.【答案】B 转换法  不能  速度  动能越大  超速  A 
【解析】解：(1)实验中，探究的动能是指钢球撞击木块时的动能；
(2)实验中通过观察木块B移动的距离长短，来判断小球动能的大小，这里用到的物理学研究问题的方法是转换法；
若水平面绝对光滑，则木块运动时不受摩擦力作用，撞击后将保持匀速直线运动，不能通过木块移动的距离长短来判断小球动能的大小，所以本实验将不能达到探究目的。
(3)甲、乙两图中小球的质量一定，初始高度不同，到达水平面时的速度不同，对木块做功多少不同，故可以得出结论：物体的动能大小与速度有关，速度越快，动能越大，可以解释汽车超速带来的危害。
(4)由题意可知，乙、丙实验探究在速度相同时，动能大小与质量的关系，质量越大，动能越大，撞击木块后移动的距离更远；由控制变量法的思想可知：为了使木块不滑出木板，可以同时换用一个质量更大的木块，可以单独在丙实验中更换长度较大但粗糙程度不变的木板，也在丙实验中换用质量较小的钢球，但不能改变小球速度，即小球滚下时的高度不能改变，故A正确，BC错误。
故答案为：(1)B；(2)转换法；不能；(3)速度；动能越大；超速；(4)A。
(1)(2)实验中通过观察木块被推动的距离来比较物体动能的大小；根据牛顿第一定律可知，若水平面绝对光滑，则木块不受摩擦力作用，撞击后将保持匀速直线运动，实验将不能达到探究目的；
(3)动能大小跟质量和速度有关；在探究动能大小跟质量关系时，控制速度大小不变；在探究动能大小跟速度关系时，控制质量不变；影响动能大小的因素有物体的质量与速度，因此，在探究和分析结论时，一定要注意控制变量法的运用，并据此得出结论；
(4)根据乙、丙中的相同点和不同点，利用控制变量法分析。
掌握动能大小的影响因素，利用控制变量法和转换法，探究动能大小跟各因素之间的关系。