2022-2023学年江西省吉安市吉州区八年级（下）期末物理试卷（含解析）

这是一份2022-2023学年江西省吉安市吉州区八年级（下）期末物理试卷（含解析），共19页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年江西省吉安市吉州区八年级（下）期末物理试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
第I卷（选择题）
一、单选题（本大题共4小题，共8.0分）
1. 下列有关估测中，最符合实际的是(    )
A. 一名中学生的质量大约是500N B. 人正常步行的速度约为5m/s
C. 汽车以50m/s的速度在公路上行驶 D. 一个鸡蛋的质量约为50g
2. 新修订的《中华人民共和国动物防疫法》自2021年5月1日起正式实施，该法规定狗不拴绳属违法行为。如图所示，李刚去公园遛狗时，用力拉住拴狗的绳子，二者僵持不动。如果绳子重力不计，以下说法中正确的是(    )


A. 李刚对地面的压力与地面对李刚的支持力是一对平衡力
B. 狗受到的重力与地面对狗的支持力是一对平衡力
C. 绳子对狗的拉力与地面对狗的阻力是一对作用力与反作用力
D. 绳子对狗的拉力与狗对绳子的拉力是一对作用力与反作用力
3. 如图，奶茶饮料平放在水平桌面上，若将该饮料倒置过来放在桌面上，则(    )


A. 杯内饮料对杯子底的压强减小 B. 杯子对桌面的压力增大
C. 杯子对桌面的压强增大 D. 杯内饮料对杯子底的压强增大
4. 如图所示，重力为G的物体在不同简单机械中均处于平衡状态(不计机械自重和摩擦)，拉力大小错误的是(    )
A. F1=G
B. F2=13G
C. F3=13G
D. F4=12G
二、多选题（本大题共2小题，共6.0分）
5. 下列说法正确的是(    )
A. 长江上一艘满载货物的轮船在卸完一部分货物后，该艘轮船会浮起一些，所受浮力变小
B. 热气球悬浮在空中，所受浮力大于重力
C. 潜水艇在水面下匀速下潜过程中，受到的压强变大，浮力不变
D. 一艘轮船从东海驶入黄浦江时，轮船所受浮力不变，船身下沉一些
6. 2022年潘帕斯雄鹰阿根廷队取得世界杯冠军，梅西赢得大满贯。下列关于比赛中情景说法正确的是(    )
A. 球员用力蹬地奔跑，利用了物体间力的作用是相互的
B. 足球离脚后上升过程中，由于受到惯性，速度越来越小
C. 足球在空中加速下落，机械能的转化情况是重力势能转化为动能
D. 场边记者肩扛摄像机静止时，记者受到的重力和支持力是平衡力
第II卷（非选择题）
三、填空题（本大题共8小题，共16.0分）
7. “天宫一号”飞船助推器向地面喷火升天，这说明力的作用是        的，飞船的速度变快，这说明力能改变物体的        。
8. 如图甲所示是体育中考项目一垫排球，某同学竖直向上垫起排球，当排球上升到最高点时，如果排球受到的外力全部消失，排球将        。如图乙所示是炮弹的运行轨迹，当其运动到最高点时，若所有外力突然消失，则炮弹将        。

9. 如图，一个重1000N的箱子放在水平地面上，小荣用200N的水平向右方向的力去推箱子，箱子不动，这时地面对箱子的摩擦力        200N(选填“>”、“=”或“p倒，即杯内饮料对杯子底的压强减小，故A正确，D错误；
BC、杯子对桌面的压力等于杯子与饮料的重力之和，无论正放，还是倒放杯子与饮料的重力不变，对桌面的压力不变，即F正=F倒；倒放后，受力面积增大，根据p=FS可知，杯子对桌面的压强减小，故BC错误。
故选：A。
(1)饮料对杯底的压强可直接利用p=ρgh进行判断；
(2)水平面上的物体对水平面的压力等于自身的重力，根据p=FS判断倒放后杯子对桌面的压强变化。
本题考查了压力和压强的大小比较，关键是分析出两种放置方式中液体深度和压力的变化，要注意水平面上物体的压力和自身的重力相等。

4.【答案】C 
【解析】解：不计机械自重和摩擦时：
A、第一个图是等臂杠杆，L1=L2，由杠杆平衡条件可得F1=G；故A正确；
B、第二个图是滑轮组，承担总重绳子的段数n=3，F2=13G；故B正确；
C、第三个图是动滑轮，动力作用在轴上，F3=2G；故C错误；
D、第四个图是斜面，使用的斜面hL=sin30°=12，因为FL=Gh，所以F4=12G；故D正确。
故选：C。
不计机械自重和摩擦：
(1)先判断处动力臂和阻力臂关系，再根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2得出力F1和重力G的关系；
(2)使用滑轮组时，先判断出承担总重绳子的段数n，再根据F2=1nG得出力F2和重力G的关系；
(3)使用动滑轮，动力作用在轴上，则有F3=2G；
(4)使用的斜面，hL=sin30°=12，根据FL=Gh得出力F4和重力G的关系。
本题考查了使用杠杆、滑轮组、动滑轮、斜面时的拉力的计算，要细心，明确各种装置的省力特点是关键。

5.【答案】ACD 
【解析】解：A、轮船在江水中，处于漂浮状态，浮力等于重力，在码头卸下货物后，轮船重力变小，则受到的浮力变小；根据F浮=ρ水gV排可知，轮船排开水的体积减小，轮船要上浮一些，故A正确；B、悬浮在空中的热气球处于平衡状态，其所受到的浮力等于它所受到的重力，故B错误；
C、潜水艇在水面下匀速下潜过程中，深度增加，根据p=ρgh知受到的压强变大，排开水的体积不变(等于潜水艇自身的体积)，根据F浮=ρ水gV排可知，潜水艇受到的浮力不变，故C正确；
D、因轮船为漂浮状态，故轮船从东海驶入黄浦江后浮力是不变的；
由于河水的密度小于海水的密度，根据F浮=ρ水gV排可知船身排开水的体积要增大，故船身要下沉一些，故D正确。
故选：ACD。
(1)在码头卸下货物后，根据漂浮条件即可判断浮力变化；
(2)物体漂浮或悬浮时受到的浮力和自身的重力相等；
(3)潜水艇在水中下潜得越深，深度增加，根据p=ρgh判断出受到压强大小的变化；
排开水的体积不变，根据F浮=ρ水gV排可知受到浮力的变化；
(4)轮船在水中都为漂浮状态，由物体的浮沉条件可知受到的浮力与轮船受到的重力的关系；得出了受到浮力的大小关系，知道江水和海水的密度关系，根据阿基米德原理分析排开江水和海水体积的大小关系。
本题考查了学生对阿基米德原理和物体浮沉条件的综合应用，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。

6.【答案】AC 
【解析】解：A.球员用力蹬地起跳，脚要用力蹬地，脚给地面力，同时地面给人一个力，于是人跳起，说明物体间力的作用是相互的，故A正确；
B.惯性是物体的一种属性，足球离脚后上升过程中，由于惯性还能继续向上运动，不能说受到惯性，故B错误；
C.足球在空中加速下落，足球的重力势能变小，动能增加，故重力势能转化为动能，故C正确；
D.场边记者肩扛摄像机静止时，支持力的大小等于摄像机和记者的重力，故记者受到的重力小于地面对记者的支持力，不是一对平衡力，故D错误。
故选：AC。
(1)物体间力的作用是相互的；
(2)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性；
(3)判断出各个选项中消耗了哪种形式的能，进而又产生了哪种形式的能是解决该题的关键；
(4)二力平衡的条件是：作用在同一物体上；大小相等；方向相反；作用在同一直线上。
本题考查力的作用，惯性，能的转化，以及平衡力，是一道综合题。

7.【答案】相互  运动状态 
【解析】解：助推器向地面喷火，助推器对地面施加力，同时地面也对助推器施加力，助推器受到反作用力，推动飞船上升，说明力的作用是相互的；
在助推器的推力作用下，飞船运动的速度越来越快，即飞船的运动状态改变了，说明力能改变物体的运动状态。
故答案为：相互；运动状态。
(1)力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；
(2)力的作用效果：力可以改变物体的形状、力可以改变物体的运动状态；物体运动状态的改变包括：速度大小的改变和运动方向的改变。
此题是一道力现象的综合题，考查了力作用的相互性和力的作用效果，难度不大。

8.【答案】静止  做匀速直线运动 
【解析】解：(1)竖直上升到最高点的排球，此时瞬间静止，若所有外力消失，排球将静止；
(2)由炮弹的运动轨迹可知，炮弹运动到最高点时，还具有水平方向的速度，若此时所有外力突然消失，则炮弹将做匀速直线运动。
故答案为：静止；做匀速直线运动。
根据牛顿第一定律进行分析，即当物体受到的力突然消失，物体还会保持原来的运动状态。
本题考查了牛顿第一定律的应用，属于基础题。

9.【答案】等于  300N 
【解析】解：
(1)箱子受200N的水平推力时，箱子未动，即箱子处于静止状态，则在水平方向上所受的推力与摩擦力相互平衡，摩擦力等于推力等于200N；
(2)当水平推力增大到300N时，箱子恰好做匀速运动，所以此时滑动摩擦力与推力是一对平衡力，则f滑=F推′=300N；
当水平推力增大到400N时，箱子对地面的压力和接触面的粗糙程度不变，所以箱子受到的滑动摩擦力大小不变，仍为300N。
故答案为：等于；300N。
(1)掌握二力平衡条件，知道一对平衡力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上；
(2)掌握影响摩擦力大小的因素：压力和接触面的粗糙程度。
此题考查了二力平衡条件的应用，当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，受平衡力的作用，是一道基础性题目。

10.【答案】大气压  小 
【解析】
【分析】
此题与实际生活联系密切，学习时注意这些物理知识在实际生活中的应用，将所学知识与实际结合起来。
(1)抽水机是先将筒内的空气排出，使其内部压强较小，水在外界大气压的作用下被压到高处。
(2)解答此题的关键是利用流体压强与流速的关系：在气体和液体中，流速越大的位置压强越小。利用这一知识点去分析。
【解答】
(1)抽水机抽水时，抽水机是先将筒内的空气排出，此时筒内气压小于外界大气压，大气压将水从低处压到高处；
(2)由流体压强与流速的关系：流速越大的位置压强越小，可知抽油烟机在工作时，由于转动的扇叶处气体的流速大，压强小，从而在周围大气压的作用下将油烟压向扇口排出。
故答案为：大气压；小。  
11.【答案】不受  不会 
【解析】解：在太空中，物体都处于失重状态，乒乓球在水中静止时，没有受到水的压力，所以不会受到浮力，即乒乓球没有受到力；在水中放一个实心铁球，由于铁球处于失重状态，也不受浮力，铁球不会沉入水底。
故答案为：不受；不会。
物体在太空中处于失重状态；浮力产生的原因是浸入水中的物体受到液体对物体上下表面的压力差。
本题考查了浮力产生的原因、失重状态，属于基础题。

12.【答案】①③  减小 
【解析】解：(1)①中把球捡起来，力的方向是向上的，在力的方向上通过了距离，所以做了功；
②停在空中时，虽然有力，但没有通过距离，不做功；
③挥动球时，球在力的方向上通过了距离，做了功；
④球飞出去是因为球具有惯性，人对球没有力的作用，所以不做功；
故选①③；
(2)球下落过程中质量不变，高度变小，重力势能减小。
故答案为：①③；减小。
做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离；
影响重力势能大小的因素是质量和高度。
本题考查了做功的两个条件、重力势能大小的判断。

13.【答案】30  0.2 
【解析】解：由图可知n=2，由题知，不计绳、滑轮的重力及摩擦，F=12f=12×60N=30N，
绳子自由端移动的速度为：v=2v物=2×0.1m/s=0.2m/s。
故答案为：30；0.2。
由图可知n=2，根据不计绳、滑轮的重力及摩擦时，F=12f；绳子自由端移动的速度为：v=2v物。
本题考查水平使用滑轮组时绳子拉力的计算和滑轮组的工作特点，是一道基础题。

14.【答案】4  1 
【解析】解：
①静止的弹簧测力计两端受到方向相反、大小都为4N的力F1和F2的作用，弹簧测力计的示数等于挂钩一端受到的拉力，所以测力计的示数为4N；
②弹簧测力计受到4N拉力时，伸长了4cm，因在一定限度内，弹簧的伸长与受到的拉力成正比，所以拉长为5cm时，弹簧伸长量为1cm，弹簧受到的拉力为1cm×4N4cm=1N。
故答案为：4；1。
①作用在一个物体上的两个力，如果大小相等、方向相反、作用在一条直线上，这两个力就是一对平衡力。
②在一定限度内，弹簧的伸长与受到的拉力成正比。
此题考查了二力平衡的应用和弹簧测力计的测量原理，其中对弹簧测力计的读数，容易出错，误认为示数为二力之和(或差)。

15.【答案】p=FS  活塞  C  有刻度部分的长度 FLV  活塞与注射器筒壁不完全密封  涂凡士林 
【解析】解：(1)本实验的原理是二力平衡和p=FS，实验时通过弹簧测力计的拉力来测得活塞受到大气的压力，所以研究的是大气对活塞的压力；
(2)实验中选用注射器B，把弹簧测力计拉到最大，活塞没动是其受到大气的压力太大，而大气压在实验过程中没变化，根据p=FS可知，所选注射器活塞的横截面积太大了，所以应换用注射器C来进行探究；
(3)方案甲中，读出注射器的容器V及测量注射器的有刻度部分的长度L，这样便可求出注射器的活塞的横截面积S=VL；
拉动测力计到活塞滑动时，测力计的示数即为活塞所受到的大气压的压力，
所以测出的大气压值p=FS=FLV；
(4)橡皮帽封住的注射器小孔有残余空气时，活塞除了受到外部大气的压力外，还受到内部大气的压力，那么测力计所需的拉力会变小，那么测得的压强值变小；
活塞与注射器不完全密封，则所需的测力计的示数会变小，即测得的压力变小，得出的压强值变小；
所以会使测量值小于真实值的原因是：注射器筒内有空气或活塞与注射器筒壁不完全密封。
故答案为：(1)p=FS；活塞；(2)C；(3)①有刻度部分的长度；③FLV；(4)活塞与注射器筒壁不完全密封；涂凡士林。
(1)实验时通过弹簧测力计的拉力来测得活塞受到大气的压力，所以研究的是大气对活塞的压力；
(2)实验中选用注射器B，把弹簧测力计拉到最大，活塞没动是其受到大气的压力太大，而大气压在实验过程中没变化，根据p=FS可知得出所选注射器活塞的横截面积的变化情况，进而选出应换用的注射器；
(3)方案甲中，读出注射器的容器V及测量注射器的有刻度部分的长度L，这样便可求出注射器的活塞的横截面积；拉动测力计到活塞滑动时，测力计的示数即为活塞所受到的大气压的压力，根据p=FS可得出测出的大气压值；
(4)注射器筒内有空气或活塞与注射器筒壁不完全密封都会导致测量值小于真实值。
本题考查大气压强测量的有关知识，综合性强，难度较大。

16.【答案】测空桶的重力  DBAC  0.4  0.4  等于  A  不一定 
【解析】解：(2)要先测空桶的重力和物体的重力，然后再把物体没入液体中，测出物体受到的拉力，最后再测出桶和溢出液体的重力，所以遗漏的主要步骤是测空桶的重力；最合理的实验步骤顺序是DBAC；
(3)根据称重法结合表格数据可知石块受到的浮力是F浮=FB−FA=3.6N−3.2N=0.4N，排开液体的重力是G排=FC−FD=1.2N−0.8N=0.4N；
【分析与论证】分析实验数据，可得出实验结论：浸在液体中的物体所受浮力大小等于物体排开液体所受的重力；
【交流与评估】
(1)为了得到更普遍的结论，用原来的方案将水换成酒精进行实验或将石块换成体积与其不同的铁块进行实验，所以不合理的是A；
(2)要验证阿基米德原理，物体不一定要浸没在水中。
故答案为：(2)测空桶的重力；DBAC；(3)0.4；0.4；【分析与论证】等于；【交流与评估】(1)A；(2)不一定。
(2)要先测空桶的重力和物体的重力，然后再把物体没入液体中，测出物体受到的拉力，最后再测出桶和溢出液体的重力，据此分析即可；
(3)根据称量法算出浮力；用水和桶的总重力减去小桶的重力即为排开液体的重力；
【分析与论证】分析(3)的计算结果可知实验结论；
【交流与评估】
(1)为了得到更普遍的结论，用原来的方案将水换成其它液体进行实验或将石块换成体积与其不同的物体进行实验；
(2)根据实验过程可知要验证阿基米德原理，物体不一定要浸没在水中。
本题综合考查了学生的实验能力，理解阿基米德原理是解答本题的关键。关于实验顺序要注意：要先测空桶和物体的重力，再测物体的拉力，最后再测排出水的重力。

17.【答案】铁球  木块移动的距离  速度  质量  质量  不能控制铁球的速度相同  弹性势 
【解析】解：(1)铁球从斜面上滚下撞击木块，故探究的是铁球的动能的大小；实验中通过木块被推出距离的多少可看出铁球动能的大小；
(2)让质量不同的铁球从斜面的同一高度由静止释放，铁球到达水平面的速度相同，质量不同，所以是探究速度相同的铁球动能大小与质量的关系；
(3)若用质量不同的铁球将同一弹簧压缩相同程度后静止释放，撞击同一木块，撞击的动能由弹簧的弹性势能转化而来，而弹簧的弹性势能的大小与形变程度有关，故弹簧势能相同，转化出的动能相同，因此，木块最终移动的距离相同，这样是不能完成实验目的，不能探究动能大小与质量的关系；
(4)甲实验中，小球滚下时，小球的重力势能转化为动能；乙中弹簧被压缩后具有弹性势能，弹簧的弹性势能转化为小球的动能。
故答案为：(1)铁球；木块移动的距离；(2)速度；质量；(3)质量；不能控制铁球的速度相同；(4)弹性势。
(1)实验中探究的是铁球的动能的大小；通过对木块推出距离的多少可看出小球动能的大小；
(2)在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，若要研究动能大小与质量的关系，应控制其运动的速度相同；
(3)结合控制变量法的要求，看是否合理的控制了相关变量，并改变了要研究的变量，这样才能知道是否符合实验要求；
(4)发生弹性形变的物体具有弹性势能；高处的物体具有重力势能。
该题考查了转换法、控制变量法等研究方法在探究实验中的应用，在平时做实验时要多观察，多思考。

18.【答案】0.4  匀速  摩擦力  0.4  0.54  74  2，3 
【解析】解：(1)实验中应沿竖直方向匀速缓慢拉动弹簧测力计；
拉动弹簧测力计时，不能静止读数，因为要考虑到摩擦力对滑轮组机械效率的影响；
(2)由表格数据可知第2次实验中滑轮组做的有用功是：W有=Gh=4N×0.1m=0.4J，拉力F做的功是：W=Fs=1.8N×0.3m=0.54J，
滑轮组机械效率是：η=W有W×100%=0.4J0.54J×100%≈74%；
(3)图丁中物体和动滑轮有4段绳子承担，所以绳端移动距离s′=4h′=4×0.1m=0.4m；
(4)实验2和3中，滑轮组相同，绳子段数相同，实验3提升的重物大于实验2，机械效率也更高，说明使用同一滑轮组，提升的物体越重，滑轮组的机械效率越高。
故答案为：(1)匀速；摩擦力；(2)0.4；0.54；74；(3)0.4；(4)2，3。
(1)实验中应沿竖直方向匀速缓慢拉动弹簧测力计；
拉动弹簧测力计时，不能静止读数，因为要考虑到摩擦力对滑轮组机械效率的影响；
(2)根据W=Gh计算有用功，根据W=Fs计算总功，根据效率公式计算机械效率；
(3)图丁中物体和动滑轮有4段绳子承担，据此计算绳端移动距离；
(4)探究同一滑轮组提升重物时，滑轮组的机械效率与物重的关系，根据控制变量法需改变物重，控制滑轮组相同，据此选择即可。
在此实验中，对滑轮组的分析、机械效率公式的运用是实验的基础，同时考查了控制变量法的运用。

19.【答案】解：(1)水对容器底的压强：p水=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×15×10−2m=1.5×103Pa；
(2)由p=FS可得，水对容器底的压力：F=p水S=1.5×103Pa×200×10−4m2=30N；
(3)由p=FS可知，容器对地面的压力：F压=pS=1.1×103Pa×200×10−4m2=22N；
则水受到的重力：G水=F压−G容=22N−2N=20N。
答：(1)水对容器底的压强为1.5×103Pa；
(2)水对容器底的压力为30N；
(3)水受到的重力为20N。 
【解析】(1)根据p=ρgh求水对容器底的压强；
(2)根据p=FS求出水对容器底的压力；
(3)根据p=FS求出容器对地面的压力，根据容器对水平地面的压力大小等于水和容器的总重力求出水受到的重力。
本题考查了液体压强公式和压强定义式的应用，关键是知道水平面上物体的压力和自身的重力相等。

20.【答案】解：(1)物体此时受到的浮力F浮=G−F0=10N−7.5N=2.5N；
(2)物体的总体积V=2V排=2×F浮ρ水g=2×2.5N1.0×103kg/m3×10N/kg=5×10−4m3；
物体的质量m=Gg=10N10N/kg1kg，
物体的密度ρ=mV=1kg5×10−4m3=2×103kg/m3；
(3)物体完全浸没且不接触容器时，排开水的体积等于自身的体积，
根据F浮=ρ水gV排可知，物体浸没时所受的浮力F浮′=ρ水gV排′=1.0×103kg/m3×10N/kg×5×10−4m3=5N，
测力计的示数F=G−F浮′=10N−5N=5N。
答：(1)物体此时受到的浮力F浮为2.5N；
(2)物体的密度ρ为2×103kg/m3；
(3)物体完全浸没且不接触容器时测力计的示数F为5N。 
【解析】(1)根据F浮=G−F0得出物体此时受到的浮力；
(2)根据V=2V排=2×F浮ρ水g得出物体的总体积，根据G=mg得出物体的质量，根据密度公式得出物体的密度；
(3)物体完全浸没且不接触容器时，排开水的体积等于自身的体积，根据F浮=ρ水gV排可求出物体浸没时所受的浮力，根据F=G−F浮′得出测力计的示数。
本题考查浮力的计算和阿基米德原理的应用，是一道综合题。

21.【答案】解：
(1)由图知，n=2，则拉力端移动的距离：s=2h=2×2m=4m，
拉力做的总功：
W总=Fs=400N×4m=1600J；
(2)此人拉力做功的功率：
P=W总t=1600J40s=40W；
(3)有用功：
W有用=Gh=600N×2m=1200J，
滑轮组的机械效率：
η=W有用W总=1200J1600J×100%=75%。
答：(1)拉力所做的总功为1600J；
(2)此人的功率为40W；
(3)此滑轮组的机械效率为75%。 
【解析】(1)由图知，承担物重的绳子股数n=2，则s=2h，求出拉力端移动的距离，利用W总=Fs求拉力做的总功；
(2)利用P=Wt求拉力做功的功率；
(3)根据W有用=Gh求有用功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。
本题考查了有用功、总功、机械效率、功率的计算，根据题图确定n的大小(直接从动滑轮上引出的绳子股数)是本题的突破口，灵活选用公式计算是关键。