山东省淄博市桓台县2021-2022学年八年级下学期期末物理试卷（五四学制）

这是一份山东省淄博市桓台县2021-2022学年八年级下学期期末物理试卷（五四学制），共21页。试卷主要包含了选择题，理解与应用，实验与探究，分析与计算等内容，欢迎下载使用。
2021-2022学年山东省淄博市桓台县八年级（下）期末物理试卷（五四学制）
一、选择题（每小题只有一个选项符合题意，请把正确答案写在第5页的答案栏中）
1．北京冬奥会已圆满闭幕。下列对比赛中涉及到的力学知识分析正确的是（　　）
A．滑行的冰壶慢慢停下来，说明物体的运动需要力来维持
B．冰壶滑行中所受的重力和支持力是一对平衡力
C．攻方射出的冰球被守门员用手套抓住后惯性消失
D．短道速滑运动员冲过终点线时，若一切外力都消失，他将立即停止运动
2．如图所示，为了增大压强的是（　　）
A．滑雪板又宽又长 B．斧头的刃很薄
C．铁轨铺在路枕上 D．骆驼脚掌很宽大
3．如图所示，水平地面上放置有相同的小桌子和砝码，地面受到压强最大的是（　　）
A． B．
C． D．
4．如图为中国海军护航情景，舰艇护航编队在距离较近时一般采用“前后”形式护航，并不采用“并排”形式，下列图中与之原理相同的是（　　）

A．锅炉水位计 B．挂钩吸在瓷砖上
C．硬币“跳高” D．热气球升空
5．连通器在日常生活、生产中有着广泛的应用。如图所示事例中利用连通器原理的是（　　）
A．只有①② B．只有①③④ C．只有④ D．①②③④
6．如图所示，体积相同的铅球、铁球、铝球浸没在水中不同深度的地方，则（　　）
A．铅球受到的浮力最大，因为它的密度最大
B．铁球受到的浮力最大，因为它处于悬浮状态
C．铝球受到的浮力最大，因为它浸入液体的深度最大
D．铅球、铁球、铝球受的浮力一样大
7．饺子刚下锅时沉入水底，煮熟后会漂起来，是因为（　　）
A．饺子的重力和浮力都减小了
B．饺子的重力和浮力都增大了
C．饺子的重力增大，浮力减小
D．饺子的重力不变，浮力增大
8．在远洋轮船的船舷上，都漆着“吃水线”，又称“载重线”，如图所示。其中标有W的是北大西洋载重线，标有S的是印度洋载重线。当船从印度洋驶向北大西洋时，轮船受到的浮力以及印度洋与北大西洋的海水密度关系是（　　）

A．浮力增大，ρ西＝ρ印 B．浮力减小，ρ西＝ρ印
C．浮力不变，ρ西＜ρ印 D．浮力不变，ρ西＞ρ印
9．如图所示的简单机械，使用时动力臂比阻力臂短的是（　　）
A．镊子 B．旗杆顶的定滑轮
C．核桃夹 D．羊角锤
10．爸爸领着小梅玩跷跷板。下列四幅图中，最有可能让跷跷板在水平方向上保持平衡的是（　　）
A． B．
C． D．
11．一个结构坚固的水塔因地基松软而倾斜，为阻止水塔继续倾斜，救援队借助山石用钢缆拉住水塔。下列方案中，钢缆对水塔拉力最小的是（　　）
A． B．
C． D．
12．如图，是某小区居民用滑轮往楼上吊瓷砖的情景，站在地面上的人用力向下拉左边的绳子，就将瓷砖提到窗户处。下列分析正确的是（　　）

A．图中滑轮是定滑轮，使用它能省力
B．图中滑轮是定滑轮，使用它能改变力的方向
C．图中滑轮是动滑轮，使用它能省力
D．图中滑轮是动滑轮，使用它能省距离
13．某同学研学时发现一种利用滚轴和绳子组装的特殊机械，当地人借助这种装置可以将较重的物体很轻松地搬运到高处。他借助该装置提升1500N的重物，如图所示为模拟示意图（不计摩擦和装置的自重）。下列说法正确的是（　　）

A．可以把滚轴B简化看作定滑轮
B．利用该装置不能省力，但能改变力的方向
C．若人将绳向下拉过6m，物体将上升1m
D．物体匀速上升时，人对绳的拉力为300N
14．如图所示，小明分别用甲、乙两滑轮把同一桶沙从一楼地面提到二楼地面，用甲滑轮所做的总功为W1，机械效率为η1；用乙滑轮所做的总功为W2，机械效率为η
2（不计绳重与摩擦）。则（　　）

A．W1＜W2，η1＞η2 B．W1＜W2，η1＜η2
C．W1＞W2，η1＞η2 D．W1＞W2，η1＜η2
15．如图所示的几种情景中，人对物体做了功的是（　　）
A．推木箱而未动
B．背着书包在水平路面匀速行走
C．把箱子搬起来
D．踢出去的足球在草地上滚动的过程中
16．在相同时间内，小芳把重30N的凳子运到三楼，小明把重100N的桌子也运到三楼，关于他们对凳子和桌子做的功，下列说法正确的是（　　）
A．小芳做的功少，做功快 B．小芳做的功多，做功快
C．小明做的功多，做功快 D．小明做的功少，做功慢
17．如图所示，AC＞BC，沿斜面AC和BC分别将同一重物从底部匀速推至顶端，所用推力分别为F1和F2，所做的功分别为W1和W2，不考虑摩擦，则：（　　）

A．F1＞F2，W1＞W2 B．F1＝F2，W1＝W2
C．F1＜F2，W1＝W2 D．F1＜F2，W1＜W2
18．骑自行车上一个陡坡时，有经验的同学会沿S型路线骑行，他这样做是为了（　　）
A．缩短上坡过程中所走的路程
B．减少上坡过程中所做的功
C．减小上坡过程中所施加的力
D．缩短上坡过程中所用的时间
19．两台机械，甲机械效率为80%，乙机械效率为60%，下列说法正确的是（　　）
A．甲机械一定比乙机械省力
B．甲机械一定比乙机械做功快
C．甲机械做的有用功一定比乙机械的多
D．有用功相同时，乙机械所做的总功多
20．高空坠物危害大，一个苹果从十层高楼由静止落下可能把汽车玻璃砸烂。苹果下落过程中（　　）
A．动能变小 B．重力势能变大
C．重力势能转化为动能 D．机械能变大
二、理解与应用：
21．如图是一种纸盒包装的饮料，饮用时先将吸管插入饮料盒。吸管插入饮料的一端做成尖形，其作用是 　 　管尖对封孔膜的压强（选填“增大”或“减小”），小明用吸管将饮料吸入口中主要是利用了 　 　。饮料被吸出的过程中饮料盒底部受到饮料的压强 　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。

22．我国蛟龙号载人潜水器已完成了7km级的潜水实验，它潜入海面下7km深处受到的海水压强是 　 　Pa（海水密度取1.0×103kg/m3，g取10N/kg）。它从7km深处上浮至距离海面100m的过程中，所受浮力 　 　（选填“变大”“变小”或“不变”）。
23．小明将一张卡片对折后，放在桌面上，如图所示。对着卡片与桌面之间吹气，卡片下方的气体流速 　 　（选填“快”或“慢”），压强 　 　（选填“大”或“小”），卡片被 　 　桌面上（选填“顶离”或“压在”）。

24．杠杆是我们生活中一种常见的简单机械。如图所示，轻质杠杆OA可绕O点无摩擦转动，A点悬挂一个重为120N的物体，B点施加一个竖直向上的拉力F，使杠杆在水平位置平衡，且OB：AB＝2：1，则F＝　 　N，此杠杆是 　 　杠杆。若将F沿BC方向拉，且杠杆仍保持水平平衡，F将变 　 　（选填“大”或“小”），原因是 　 　。

25．小明用20N的水平推力，在10s内将重为150N的购物车沿水平地面向前推动了10m，在此过程中，重力做功 　 　J，推力做功的功率是 　 　W，推力做功 　 　J。
26．射箭运动员用力将弓拉开，人对弓做功，使弓具有了能量。松手后，弓将箭射出，弓的 　 　能转化为箭的 　 　能。
27．如图甲所示的钢丝钳，其中A为剪钢丝处，B为手的用力点，O为转动轴，图乙为单侧钳柄及相连部分示意图，请在图乙中画出剪钢丝时的动力臂l1和杠杆在A点受到的阻力F2。

三、实验与探究：
28．某实验小组利用弹簧测力计、小石块、溢水杯等器材，按照图所示的步骤，探究浮力的大小与排开液体所受重力的关系。
（1）先用弹簧测力计分别测出空桶和石块的重力，其中石块的重力大小为　 　N。
（2）把石块浸没在盛满水的溢水杯中，石块受到的浮力大小为　 　N．石块排开的水所受的重力可由　 　（填字母代号）两个步骤测出。
（3）由以上步骤可初步得出结论：浸在水中的物体所受浮力的大小等于　 　。
（4）为了得到更普遍的结论，下列继续进行的操作中不合理的是　 　。
A．用原来的方案和器材多次测量取平均值
B．用原来的方案将水换成酒精进行实验
C．用原来的方案将石块换成体积与其不同的铁块进行实验
（5）另一实验小组在步骤C的操作中，只将石块的一部分浸在水中，其他步骤操作正确，则　 　（选填“能”或“不能”）得到与（3）相同的结论。

29．小红在探究杠杆的平衡条件实验时：

（1）实验前，将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆左端下沉。此时，应把杠杆两端的平衡螺母向 　 　（选填“左”或“右”）调节。
（2）调节杠杆在水平位置平衡后，小红在杠杆左右两侧距离支点相同远近的位置各挂1个钩码，杠杆保持平衡（如图甲）。她改变右侧钩码的个数，杠杆不能再在水平位置保持平衡，这说明力的 　 　会影响杠杆的平衡。她改变图甲中右侧1个钩码的悬挂位置，杠杆也不能再在水平位置保持平衡，于是她认为支点到力的作用点的距离也会影响杠杆的平衡。老师拿出一个已平衡的轻质宽杠杆（如图乙，其中A、A1、B、C点到支点O的距离相等，E、F点与A点在同一条竖直直线上），让她继续探究，她发现：当把右侧钩码挂在B点、C点时宽杠杆均不能在水平位置保持平衡；但把右侧钩码挂在E点、F点时，宽杠杆却均能在水平位置保持平衡。这说明影响杠杆平衡的因素并不是支点到力的作用点的距离，而是支点到力的 　 　的距离，物理上用 　 　这一物理量来表示。
F1/N
l1/cm
F2/N
l2/cm
2
6
3
4
（3）小红也明白了，使杠杆在水平位置平衡的好处是便于 　 　。用图甲杠杆继续实验，小红测得一组数据如表格所示，她分析实验数据并得出了杠杆的平衡条件：“F1l1＝F2l2”，同组的小明认为现在还不能得出平衡条件，经过讨论，他们接下来的操作是：　 　。
30．如图所示，小红把小桌放在透明的沙箱中，让重物从高处落下，打击小桌，观察桌腿陷入沙子的深度，探究重力势能的大小与哪些因素有关。
（1）如图所示，将同一个重物从不同高度落下，高度越高，桌腿陷入沙子的深度越深，说明重物能够对外做功越　 　，它的重力势能越 　 　。
（2）重物的重力势能通过桌腿陷入沙子的深度反映出来，这种研究方法称为 　 　法。
（3）要进一步探究重力势能与质量的关系，应换用 　 　不同的重物，让它们从相同 　 　落下，观察桌腿陷入沙子的深度。这种研究方法称为 　 　法。

四、分析与计算：
31．“雪龙2号”极地考察船是我国第一艘自主建造的极地科学考察破冰船，也是全球第一艘采用船艏、船艉双向破冰技术的极地科考破冰船。“雪龙2号”排水量为14000t，在1.5米厚度冰加0.2米厚度雪的环境下，能以2节至3节航速（1节约合每小时1.852千米）连续破冰行驶。（粗略计算，海水密度取1.0×103kg/m3，g取10N/kg）请解答下列问题：
（1）“雪龙2号”满载时总重为多少？排开水的体积多大？
（2）某次破冰船艏压在冰面上的面积是10m2，冰面受到的压力为破冰船满载时总重的0.1倍，此时船对冰面的压强多大？

32．如图是某建筑工地使用的一种起重机中滑轮组的示意图。起重机利用该滑轮组在30s内将1800N的货物A匀速提升了3m，动滑轮的重力200N（不计起重机钢绳重和一切摩擦）。求：
（1）钢绳的拉力F的大小；
（2）拉力F的功率；
（3）滑轮组的机械效率。


2021-2022学年山东省淄博市桓台县八年级（下）期末物理试卷（五四学制）
参考答案与试题解析
一、选择题（每小题只有一个选项符合题意，请把正确答案写在第5页的答案栏中）
1．【分析】（1）力是改变物体运动状态的原因；
（2）物体静止或做匀速直线运动时处于平衡状态，受到的力为平衡力；
（3）任何物体都具有惯性，惯性是物体保持原运动状态不变的性质；
（4）一切物体在不受外力作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
【解答】解：A、滑行的冰壶慢慢停下来，说明力是改变物体运动状态的原因，故A错误；
B、冰壶在竖直方向处于静止状态，竖直方向冰面对冰壶的支持力与冰壶的重力是一对平衡力，故B正确；
C、攻方射出的冰球被守门员用手套抓住后，冰球仍然具有惯性，不会消失，故C错误；
D、动员在滑行过程中，若一切外力都消失，由牛顿第一定律可知，运动员将做匀速直线运动，故D错误。
故选：B。
2．【分析】增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；
减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
【解答】解：ACD、滑雪板又宽又长、铁轨铺在路枕上、骆驼脚掌很宽大，都是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故ACD不符合题意；
B、斧头的刃很薄，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故B符合题意。
故选：B。
3．【分析】压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，实验时应采用控制变量法，
【解答】解：AB压力相同，受力面积不同，根据p＝，可知，pA＞pB；
CD压力相同，受力面积不同，根据p＝，可知，pD＞pC；
BC受力面积相同，压力不同，根据p＝，可知，pC＞pB；
AD受力面积相同，压力不同，根据p＝，可知，pD＞pA；
由此可知，D中压力最大，受力面积最小，由公式p＝知pD最大。
故选：D。
4．【分析】流体流速越大的地方，流体产生的压强越小；流体流速越小的地方，压强越大；根据流体流速与压强的关系分析解答本题。
【解答】解：舰艇并排行驶时，舰艇带动其周围的水随船向前运动，结果使舰艇内侧之间的水流速度大于舰艇外侧的水流速度；因此舰艇内侧水的压强小于舰艇外侧水的压强，水的压强差使舰艇靠近，进而发生碰撞，为了避免事故的发生，舰艇护航编队在较近距离时一般采用前后护航形式，而不采用“并排”护航。
A、锅炉水位计上端开口、底部连通，构成了连通器，不是利用流体压强与流速的关系，故A错误；
B、挂钩吸在瓷砖上是利用大气压来实现的，故B错误；
C、没有吹气时，硬币上方和下方都受到相同的大气压的作用，在硬币上方沿着与桌面平行方向用力吹一口气，硬币上方气流速度大于下方的气流速度，硬币上方压强小于下方压强，产生向上的升力，因此硬币就“跳”过了栏杆，故A正确；
D、热气球是利用物体的浮沉条件，即浮力大于自身重力升空，浮力等于自身重力悬浮，浮力小于自身重力下降的，故D错误。
故选：C。
5．【分析】连通器：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面总是相平的。
【解答】解：茶壶、洗手间下水管、船闸都是上端开口，下部连通，即都是利用连通器的原理制成的，只有拦河大坝的结构不符合连通器的特点，不是利用连通器原理工作的。
故选：B。
6．【分析】根据阿基米德原理F浮＝G排＝ρ液gV排可知，物体所受浮力大小取决于液体密度和物体排开液体的体积。据此分析判断。
【解答】解：由题知，体积相等的铅球、铁球、铝球都完全浸入水中，
由于物体浸没水中时，排开水的体积V排＝V物，
所以铅球、铁球和铝块排开水的体积相同，由F浮＝ρ液gV排可知：铅球、铁球、铝球受的浮力一样大。
故选：D。
7．【分析】物体的浮沉条件：完全浸没入液体中的物体，若重力大于浮力则物体下沉；若重力等于浮力，则物体悬浮；若重力小于浮力，则物体上浮。
饺子受热膨胀，排开水的体积变大，根据F浮＝ρ液gV排分析饺子的浮力变化。
【解答】解：饺子刚下锅时，浮力小于重力，所以下沉。煮熟后，重力不变，由于体积膨胀，排开水的体积变大，根据F浮＝ρ液gV排可知，饺子所受浮力变大，浮力大于重力，则饺子会上浮，最后漂在水面上。
故选：D。
8．【分析】轮船都漂浮，受到的浮力都等于轮船受到的重力；
得出了受到浮力的大小关系，由载重线知道排开水的体积的大小关系，再根据阿基米德原理分析海水密度的大小关系。
【解答】解：轮船漂浮在水面上，根据物体的浮沉条件可知：F浮＝G，所以轮船受到的浮力都等于轮船受到的重力G，浮力不变；
设轮船排开北大西洋与印度洋的海水的体积为V西、V印，标有W的是北大西洋载重线，标有S的是印度洋载重线，轮船排开海水的体积：V西＜V印，根据阿基米德原理F浮＝ρ液gV排可知，海水的密度的关系为：ρ西＞ρ印。
故选：D。
9．【分析】根据力臂关系的不同，杠杆可以分为省力杠杆、费力杠杆、等臂杠杆，可结合生活经验对选项中的工具做出判断。
【解答】解：A、镊子在使用时费力，可以省距离，其动力臂小于阻力臂，故A符合题意；
B、定滑轮本质是等臂杠杆，其动力臂等于阻力臂，故B不合题意；
C、核桃夹在使用时可以省力，其动力臂大于阻力臂，故C不合题意；
D、羊角锤在使用时可以省力，其动力臂大于阻力臂，故D不合题意。
故选：A。
10．【分析】爸爸的重力大于小梅的重力，跷跷板在水平方向上保持平衡时，根据杠杆的平衡条件得出两者到跷跷板支点之间的距离关系，据此结合选项得出答案。
【解答】解：爸爸的重力大于小梅的重力，由杠杆的平衡条件可知，小梅到跷跷板支点的距离应大于爸爸到支点的距离，
所以，最有可能让跷跷板在水平方向上保持平衡的是B选项。
故选：B。
11．【分析】根据杠杆平衡条件：动力×动力臂＝阻力×阻力臂，在阻力×阻力臂一定的情况下，动力臂越大，动力将越小。
【解答】解：
图中的水塔可看作一根杠杆，与地面的接触点为支点，阻力为水塔的重力，钢缆的拉力为动力；
由下图可知，O为支点，作用在B点的拉力为动力，以OB为力臂时动力臂最长，由杠杆平衡条件可知此时动力最小，拉力的方向应垂直于杠杆斜向上。

故选：B。
12．【分析】定滑轮：轴的位置固定不动的滑轮叫定滑轮，使用定滑轮不能省力但可以改变力的方向。
【解答】解：图中滑轮的轴的位置固定不动，为定滑轮，使用定滑轮不能省力，但可以改变拉力的方向。
故选：B。
13．【分析】（1）轴固定不动的滑轮是定滑轮，滑轮和物体一起移动的滑轮是动滑轮；
（2）（4）不计摩擦和装置的自重，拉力F＝G；利用该装置既能省力，又能改变力的方向
（3）由图知，A、B组成滑轮组，n＝5，拉力端移动距离s＝5h。
【解答】解：A、提升物体时，B和物体一起移动，属于动滑轮，故A错误；
B、不计摩擦和装置的自重，人对绳的拉力F＝G，拉力方向向下，可见，利用该装置既能省力，又能改变力的方向，故B错误
C、由图知，A、B组成滑轮组，n＝5，则拉力端移动距离s＝5h；人将绳拉过6m时，物体上升的高度h＝1.2m，故C错误；
D、不计摩擦和装置的自重，人对绳的拉力：F＝G＝F＝×1500N＝300N，故D正确。
故选：D。
14．【分析】由图可知甲是定滑轮，乙是动滑轮，利用乙滑轮做的额外功多，由“小明分别用甲、乙两滑轮把同一桶沙子从地面提到二楼”可知两种情况的有用功，再根据总功等于有用功加上额外功，可以比较出两种情况的总功大小。然后利用η＝即可比较出二者机械效率的大小。
【解答】解：
（1）因为小明分别用甲、乙两滑轮把同一桶沙从一楼地面提到二楼地面，所以两种情况的有用功相同；
当有用功一定时，甲中所做的总功为对同一桶沙所做的功，利用机械时做的额外功越少，则总功就越少，机械效率就越高，η1＞η2，故BD错误；
（2）又因为乙是动滑轮，乙中所做的总功还要加上对动滑轮所做的功，利用乙滑轮做的额外功多，则总功越多，机械效率越低。即W1小于W2，故A正确，C错误。
故选：A。
15．【分析】逐个分析选择项中提到的物理情景，结合做功的两个必要因素①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离即可得到答案。
【解答】解：A、推木箱而未动，施加了力，但没移动距离，人不做功，故A错误；
B、学生背着书包，用力向上，在平路面上匀速前进，在力的方向上没移动距离，学生不做功，故B错误；
C、把箱子搬起来，对箱子施加了力，在力的方向上移动了距离，人对箱子做了功，故C正确；
D、踢出去的足球，足球离开脚，不再受人的作用力，人不做功，故D错误。
故选：C。
16．【分析】人搬运物体上楼对物体做功的大小用W＝Gh来比较，对物体做功的快慢用P＝来比较。
【解答】解：设物体的重为G，运到三楼上升的高度为h，
人运物体到三楼对物体做的功：W＝Gh，
因为h相同，G桌＞G凳，
所以，W桌＞W凳，
物理学中，做功的快慢用功率表示，
人搬运物体做功的功率：P＝，
因为t相同，W桌＞W凳，
所以，P桌＞P凳，故：ABD错误，C正确。
故选：C。
17．【分析】斜面倾斜角度越大，越费力。斜面AC的倾斜角度小于斜面BC，所以斜面AC较省力、BC较费力，
不考虑摩擦，使用斜面，没有额外功，根据W＝Fs＝Gh分析判断。
【解答】解：由图可知，斜面AC倾斜角度比BC小、省力，所需的推力F1＜F2，
不考虑摩擦，额外功为0，利用斜面做的功都等于提升物体做的功，所以推力在两斜面上做功相同，即：W1＝W2。
故选：C。
18．【分析】本题由斜面模型及功的原理进行分析。
①使用任何机械都不省功；
②斜面坡度越小越省力，即斜面高度一定，斜面越长越省力。
【解答】解：A、上坡时，自行车上升的高度不变，走S形路线所走的路线较长，A不正确。
B、使用任何机械都不省功，B不正确。
C、上坡时，走S形路线所走的路线较长，相当于增长了斜面的长度，斜面越长越省力。C正确。
D、速度一定，走S形路线所走的路线较长，所用的时间较长。D不正确。
故选：C。
19．【分析】（1）机械效率大小只能说明机械的品质高低，以及说明机械在做功时有用功占总功的比例的高低；
（2）机械效率与做功多少、做功快慢、省力与否无关。
【解答】解：A、机械是否省力与机械效率的高低无关，故A错误；
B、做功快是功率大，机械效率不一定高，故B错误；
C、甲的机械效率高于乙的机械效率，说明甲的有用功和总功的比值大于乙，但甲做的有用功不一定大于乙，故C错误；
D、在有用功相同时，根据W总＝可知：机械效率小的机械做的总功多，甲的机械效率大于乙的机械效率，则乙机械所做的总功多，故D正确。
故选：D。
20．【分析】（1）动能的大小与物体的质量以及速度有关，质量越大、速度越大，动能越大；
（2）重力势能的大小和物体的质量以及物体所处的高度有关，质量越大、高度越高，重力势能越大；
（3）动能和势能之和称为机械能。
【解答】解：苹果从树上由静止落下的过程中，质量不变、高度减小，重力势能减小；质量不变、速度变大，动能变大，重力势能转化为动能，但苹果在下落过程中要克服空气阻力做功，有一部分能量转化为内能，则机械能会减少；故C正确。
故选：C。
二、理解与应用：
21．【分析】（1）压强大小跟压力大小和受力面积大小有关。增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力。
（2）人用吸管吸饮料时，利用了大气压强的作用。
（3）根据p＝ρgh分析饮料盒底受到的压强的变化。
【解答】解：
（1）吸管一端做成尖形，是为了在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，容易插入饮料盒。
（2）人“吸”饮料时，吸管内的压强减小，饮料在大气压强的作用下被压入嘴里。
（3）饮料被吸出的过程中，饮料的深度变小，根据p＝ρgh可知，饮料盒底部受到饮料的压强变小。
故答案为：增大；大气压；变小。
22．【分析】根据p＝ρgh求出蛟龙号载人潜水器潜入海面下7km深处受到海水的压强；
根据阿基米德原理判断它从7km深处上浮至距离海面100m的过程中所受浮力的变化。
【解答】解：它潜入海面下7km深处受到海水的压强：
p＝ρ海水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×7000m＝7×107Pa；
从7km深处上浮至距离海面100m的过程中，液体密度不变，排开液体的体积不变，根据阿基米德原理可知所受浮力不变。
故答案为：7×107；不变。
23．【分析】流体压强与流速的关系：流体流速越大的位置压强越小，流速越小的位置压强越大。
【解答】解：将一张卡片对折后，放在桌面上，对着卡片与桌面之间吹气，卡片下方的气体流速大，压强减小，卡片在大气压的作用下被压在了桌面上，该现象说明了流体压强与流速有关。
故答案为：大；小；压在。
24．【分析】杠杆水平平衡时，A端受到的阻力大小FA＝G物，动力F的力臂为OB，阻力FA的力臂为OA，由杠杆平衡条件F1×L1＝F2×L2可得：F×OB＝FA×OA，由题意可知OB＜OA，则F＞FA，即杠杆为费力杠杆；
由图可知OA＝OB+AB，根据F×OB＝FA×OA可求得F的大小；
根据杠杆的平衡条件，阻力和阻力臂不变，动力臂越小，所需动力越大。
【解答】解：OB：AB＝2：1，则OB：OA＝2：3；
杠杆水平平衡时，A端受到的阻力大小FA＝G物＝120N，动力F的力臂为OB，阻力FA的力臂为OA，
由杠杆平衡条件F1×L1＝F2×L2可得：F×OB＝FA×OA，
因为OB＜OA，所以F＞FA，即杠杆为费力杠杆；
动力的大小为：F＝＝120N×＝180N；
若其他条件不变，将F沿BC方向拉杠杆仍在水平位置平衡，拉力的力臂减小，阻力和阻力臂不变，根据杠杆的平衡条件F1×L1＝F2×L2可知，拉力将变大。
故答案为：180；费力；大；拉力的力臂减小，阻力和阻力臂不变，根据杠杆的平衡条件F1×L1＝F2×L2可知，拉力将变大。
25．【分析】（1）根据W＝Gh求出重力做功多少。
（2）根据W＝Fs求出推力做功多少。根据P＝求出推力的功率。
【解答】解：（1）小明推动购物车在水平面上运动10m，重力竖直向下，购物车没有在竖直方向上移动距离，所以h＝0，
所以，重力做功：W'＝Gh＝150N×0m＝0J。
（2）小明用20N的力推动购物车移动10m，推力做功：W＝Fs＝20N×10m＝200J。
推力功率：P＝＝＝20W。
故答案为：0；20；200。
26．【分析】弹性势能的大小与弹性形变程度的大小有关；动能的大小与质量、速度有关。
【解答】解：拉弯的弓把箭射出的过程中，弓的弹性形变变小，弹性势能减小，箭的速度增加，动能增加；因此弓的弹性势能转化为箭的动能。
故答案为：弹性势；动。
27．【分析】（1）力臂的画法：
①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点；
②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线；
③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂；
（2）从阻力作用点作一条带箭头的线段表示阻力，方向垂直于接触面与杠杆转动方向相反。
【解答】解：由图可见，当用力F1时，钳子将沿顺时针方向转动，所以阻力方向垂直受力面向上，从阻力作用点A垂直受力面向上画一带箭头的线段，标出符号F2；从支点向动力F1作用线作垂线，垂线段的长度即为动力臂L1。如图所示：

三、实验与探究：
28．【分析】（1）根据平衡力和相互力判断出石块的重力；
（2）（3）物体没有浸入液体中时弹簧测力计的示数等于物体的重力；物体重力与物体完全浸入液体后弹簧测力计示数之差是物体在液体中受到的浮力；液体与桶的总重力与桶的重力之差是物体排开液体的重力；分析实验现象得出实验结论；
（4）探究型实验多次测量找普遍规律，测量型实验多次测量求平均值减小误差；
（5）浮力大小与排开液体所受重力大小根据力的分析进行解答。
【解答】解：（1）由图B可知，弹簧测力计的示数为3.8N，即物体对弹簧测力计的拉力为3.8N，
因为物体间力的作用是相互的，弹簧测力计对物体的拉力也为3.8N；
因为物体处于平衡状态，受拉力和重力是一对平衡力，大小相等，故物体的重力是3.8N；
（2）由称重法：知：F浮＝G﹣F示＝3.8N﹣2.4N＝1.4N；
液体与桶的总重力与桶的重力之差是物体排开液体的重力，由图中AD两个步骤测出；
（3）根据（2）知F浮＝1.4N；排开液体的重力：G排＝F桶和水﹣F桶＝2.6N﹣1.2N＝1.4N，故可以得出浸在水中的物体所受浮力的大小等于排开液体的重力，即F浮＝G排；
（4）本实验是“探究浮力的大小与排开液体所受重力的关系”属于探究型实验，多次测量找普遍规律。
A．测量型实验多次测量取平均值减小误差，此实验为探究型，不能求平均值，故A不合理；
B．用原来的方案将水换成酒精进行多次实验，找出普遍规律，故B合理；
C．用原来的方案将石块换成体积与其不同的铁块进行实验，找出普遍规律，故C合理；
故选A；
（5）只将石块的一部分浸入水中，排开水的体积减小，排开水的重力减小，浮力减小，仍能得出；F浮＝G排。
故答案为：
（1）3.8；（2）1.4；AD；（3）排开液体的重力；（4）A；（5）能。
29．【分析】（1）杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，调节平衡螺母应使杠杆重心右移，这一调节过程的目的是为了使杠杆的自重对杠杆平衡不产生影响；
（2）力的大小会影响杠杆的平衡；从支点到力的作用线的距离叫做力臂；
（3）在实验中也必须使杠杆在水平位置平衡是为了便于测量力臂；实验中为了获得普遍的规律，应多次测量。
【解答】解：（1）实验前，将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆左端下沉，此时，应把杠杆两端的平衡螺母向右调节，使杠杆在不挂钩码时，保持水平并静止，达到平衡状态；
（2）改变右侧钩码的个数，钩码对杠杆的拉力发生了变化，杠杆不能再在水平位置保持平衡，这说明力的大小会影响杠杆的平衡；
当把右侧钩码挂在B点、C点时宽杠杆均不能在水平位置保持平衡，OB和OC的距离相等；但把右侧钩码挂在E点、F点时，杠杆却均能在水平位置保持平衡，OE和OF不相等，此时O到力的作用线的距离保持不变，这说明影响杠杆平衡的因素并不是支点到力的作用点的距离，而是支点到力的作用线的距离，物理上用力臂这一物理量来表示；
（3）使杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是为了便于测量力臂；
小红测得一组数据就得出了杠杆的平衡条件，由于实验次数太少，该结论不具有普遍性，所以接下来的操作是：改变钩码的位置和钩码的个数，多次测量。
故答案为：（1）右；（2）大小；作用线；力臂；（3）测量力臂的大小；改变钩码的位置和钩码的个数，多测几组数据。
30．【分析】（1）①物体被举高，物体具有重力势能，重物被举高，重物具有重力势能；②重物重力势能大小通过重物撞击小桌后，小桌陷入沙子的深度来反映，重物对小桌做功多少也是通过小桌陷入沙子的深度来反映；
（2）物理学中对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量，通常用一些非常直观的现象去认识或用易测量的物理量间接测量，这种研究问题的方法叫转换法；
探究重力势能的影响因素，应掌握影响重力势能的因素，利用控制变量法分析应改变的量和控制的量。
【解答】解：（1）重物从高处落下，撞击小桌，重物给小桌一个竖直向下的压力，小桌在这个力的作用下竖直向下移动了距离，重物对小桌做功，第二次小桌下陷的程度大，所以重物对小桌做功多；
重物对小桌做功越多，重物具有的重力势能越大；
（2）实验中用桌腿陷入的深度来表示重物重力势能的大小，用到了转换法；
（3）重力势能与质量和高度有关，所以实验中用到控制变量法，分别控制高度和质量，如要探究重力势能与质量的关系，需使高度相同，质量不同的重物。
故答案为：（1）多；大；（2）转换；（3）质量；高度；控制变量。
四、分析与计算：
31．【分析】（1）由F浮＝G排＝m排g得出“雪龙2号”满载时所受浮力；“雪龙2号”满载时处于漂浮状态，利用G＝F浮得出总重；根据V排＝得出排开水的体积；
（2）根据F＝0.1G得出冰面受到的压力，根据p＝得出此时船对冰面的压强。
【解答】解：（1）“雪龙2号”满载时所受浮力F浮＝G排＝m排g＝14000×103kg×10N/kg＝1.4×108N，
“雪龙2号”满载时处于漂浮状态，总重G＝F浮＝1.4×108N；
根据阿基米德原理可知排开水的体积V排＝＝＝1.4×104m3；
（2）冰面受到的压力F＝0.1G＝0.1×1.4×108N＝1.4×107N，
此时船对冰面的压强p＝＝＝1.4×106Pa。
答：（1）“雪龙2号”满载时总重为1.4×108N，排开水的体积为1.4×104m3；
（2）此时船对冰面的压强为1.4×106Pa。
32．【分析】（1）由图可知滑轮组绳子的有效股数，不计起重机钢绳重和一切摩擦，根据F＝（G+G动）求出钢绳的拉力F的大小；
（2）根据s＝nh求出绳子自由端移动的距离，再根据W＝Fs求出拉力F做的总功，利用P＝求出拉力F的功率；
（3）根据W＝Gh求出拉力F做的有用功，利用η＝×100%求出滑轮组的机械效率。
【解答】解：（1）由图可知，滑轮组绳子的有效股数n＝2，
不计起重机钢绳重和一切摩擦，钢绳的拉力F的大小：F＝（G+G动）＝×（1800N+200N）＝1000N；
（2）绳子自由端移动的距离：s＝nh＝2×3m＝6m，
拉力F做的总功：W总＝Fs＝1000N×6m＝6000J，
拉力F的功率：P＝＝＝200W；
（3）拉力F做的有用功：W有＝Gh＝1800N×3m＝5400J，
滑轮组的机械效率：η＝×100%＝×100%＝90%。
答：（1）钢绳的拉力F的大小为1000N；
（2）拉力F的功率为200W；
（3）滑轮组的机械效率为90%。