2022年江苏省镇江市宜城中学中考物理五模试卷(含答案)
展开2021-2022学年中考物理模似试卷
考生须知:
1.全卷分选择题和非选择题两部分,全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂;非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2.请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3.保持卡面清洁,不要折叠,不要弄破、弄皱,在草稿纸、试题卷上答题无效。
一、单选题(本大题共10小题,共30分)
1.关于声现象,下列说法正确的是( )
A.根据声调可以判断是哪位歌手正在唱歌
B.用“B超”查看胎儿的发育情况,说明声音可以传递能量
C.二胡演奏出的优美旋律,是由弦的振动产生的
D.城市道路旁的隔音板是在人耳处减弱噪声
2.下列关于声现象说法正确的是
A.吉它发出的琴声来自琴弦的振动
B.声音只在空气中传播
C.岳阳开展的“禁炮”行动,是从传播过程中控制噪声
D.汽车的“倒车雷达”是利用次声波测距
3.如图所示,弹簧测力计和细线的重力及一切摩擦均不计,物重G=5N,则弹簧测力计A和B的示数分别为( )
A.5N,0N B.0N,5N C.5N,5N D.5N,10N
4.为缓解城市交通压力,近几年成都大力发展有轨交通,几条地铁线路己经开通运行,同时又在积极投建有轨电车,以取代部分用柴油机作动力的公交车.关于电车和柴油车,下列说法不正确的是( )
A.电车电动机工作时利用了磁场对电流的作用
B.电车电动机能够将电能全部转化为机械能
C.一般情况下,电车电动机的效率比柴油机的效率高
D.电车对环境的污染比柴油车对坏境的污染小
5.有两个铜块甲和乙,其中甲的质量大于乙的质量,让它们放出相等的热量后,再相互接触,则
A.热量从甲传到乙 B.热量从乙传到甲
C.它们之间不发生热传递 D.无法确定
6.丽水市区推行公共自行车免费使用政策,不仅给市民的出行带来方便,而且低碳环保,下列有关自行车结构及使用的说法中正确的是( )
A.增大座垫面积能减小对人的压强
B.自行车转弯时受到平衡力的作用
C.下坡时自行车速度越来越大是由于惯性越来越大
D.把手的花纹是为了增大接触面积,从而增大摩擦力
7.小华用光敏电阻设计了一种烟雾报警装置,其简化电路如图所示,电源电压保持不变.光敏电阻的阻值随光照射的强弱而改变,照射光越强,光敏电阻阻值越小.当电流表示数减小到某一值时,装置报警.开关S闭合后,当有烟雾遮挡射向R的激光时,下列说法正确的是
A.电流表的示数增大
B.电压表的示数变小
C.若增大R0的阻值,烟雾报警浓度降低
D.R消耗的电功率不变
8.下列现象不能用流体压强与流速的关系来解释的是
A.如图所示向两张纸中间吹气,纸张向中间靠拢
B.如图所示装有液体的玻璃管,底部和侧壁的橡皮膜往外凸起
C.如图所示地铁站台边,人必须站在安全黄线以外的区域候车
D.如图所示飞机升力的产生原因
9.如图,是物体A通过凸透镜(透镜未标出)成像的示意图.当凸透镜放在哪点时,才能产生图中所成的像A′
A.a点 B.b点 C.c点 D.d点
10.下列能源中属于可再生能源的是
A.天然气 B.水能 C.煤炭 D.石油
二、多选题(本大题共3小题,共12分)
11.随着生活水平的提高,扫地机器人逐步进入普通家庭,如图所示.扫地机器人具有主动躲避障碍物、自动吸尘、自动返回充电等诸多智能功能,以下关于扫地机器人说法正确的是
A.机器人在自动吸尘过程中利用了流体压强与流速的关系
B.机器人内电动机工作原理是磁场对通电导体有力的作用
C.机器人在自动充电过程中主要把化学能转化为电能
D.扫地机器人能够主动地躲避障碍物是利用了超声波
12.有一重2N的圆柱形玻璃杯(杯壁厚度不计),底面积为100cm2,装有一定质量的煤油,杯底到油面的高度为20cm,放在水平桌面上(取g=10N/kg,ρ煤油=0.8×103kg/m3),下列说法正确的是
A.煤油对杯底的压强是1.6×103Pa
B.杯底对桌面的压强是1.8×l03Pa
C.煤油对杯底的压力是16N
D.杯子受到桌面的支持力是16N
13.如图甲所示,A为实心正方体,浸没在圆柱形容器的水中(水的密度为),容器内部底面积是正方体下表面积的4倍。沿竖直方向缓慢匀速向上拉动绳子,拉力F随物体向上移动的距离h变化的图象如图乙所示。绳子承受拉力时不会被拉断,绳的质量等次要因素都忽略不计,则下列说法正确的是
A.物体A的体积是
B.物体A受到的浮力为
C.物体A的密度为
D.整个过程中,水对容器底部压强的最大变化量是
三、填空题(本大题共5小题,共10分)
14.质量和初温相同的甲乙两种液体,经同一加热器加热相同的时间后甲的温度大于乙的温度,则甲液体的比热容_____乙液体的比热容(填“大于”、“等于”或“小于”).如果乙液体的质量为1kg,初温为20℃,加热一段时间后温度升高到50℃,吸收的热量为1.26×105J,则乙液体的比热容为_____J/(kg•℃).
15.如图所示,质量不计的弹簧竖直固定在水平面上,t=0时刻,将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放,小球接触弹簧并将弹簧压缩至最低点(形变在弹性限度内),然后又被弹起离开弹簧,上升到一定高度后又下落,如此反复.通过安装在弹簧下端的压力传感器,测出该过程中弹簧弹力F随时间t变化的图象如图所示,不计空气阻力.
在整个运动过程中,小球的机械能____(守恒/不守恒)小球动能最小的时刻是____(t1/t2/t3),此时是____状态(平衡/非平衡)在t2~t3这段时间内,小球的动能____(先增大后减小/先减小后增大/一直增大/一直减小)
16.物体A沿着斜面匀速下滑,在下图中,__________为物体A所受重力的示意图(选填“G1”、“G2”或“G3”).
17.如图是洗衣机的三脚插头,其中的a插脚与洗衣机的_____相接.有些人将该插脚折弯不用插进插座,洗衣机仍能工作,但有隐患.其隐患具体是:_____.
18.如图所示电路中,闭合开关S,当滑动变阻器R2的滑片P向左移动时,电流表A1的示数将_____,电压表V的示数与电流表A2的示数之比将_____。(均填“变大”“变小”或“不变”)
四、计算题(本大题共3小题,共29分)
19.新型电饭锅采用“聪明火”技术,智能化地控制食物在不同时间段的温度,以得到最佳的营养和口感,其简化电路如图甲所示.R1和R2均为电热丝,S1是自动控制开关.煮饭时,把电饭锅接入220V电路中,在电饭锅工作的30min内,电路中总电流随时间变化的图像如图乙所示..求:
(1)S和S1都闭合时电饭锅的电功率;
(2)电热丝R2的阻值;
(3)这30min内电饭锅产生的热量.
20.如图所示,电源电压恒定,小灯泡标有“6V 3W”的字样.当开关S1闭合,S2断开时,小灯泡正常发光.当开关S1、S2都闭合时,电流表示数为0. 6A.忽略温度对灯丝电阻的影响,请通过计算回答:
当开关S1闭合,S2断开时,小灯泡中的电流是多大?电阻R的阻值为多大?开关S1、S2都闭合时,小灯泡正常工作l0min,电路消耗的电能多大?
21.已知铝的密度为2.7×101kg/m1,小明的父亲外出时买了一个用铝材料制造的艺术品球,用天平测得球的质量是594g,体积为100cm1.请你帮助完成下列问题:判断此球是否为实心的.若是空心的,则空心部分的体积为多少cm1?若在空心部分注满水,则注入水的质量为多少?
五、作图题(本大题共2小题,共4分)
22.如下图中ABO可看成杠杆,O为支点,请在图中画出该杠杆的动力臂和所受阻力的示意图.
(_____)
23.如图所示,用手指顶在刻度尺上O点,刻度尺水平静止.请在图中画出此时刻度尺受力示意图.
六、实验探究题(本大题共3小题,共15分)
24.a、b 两组同学用如图甲所示的装置进行“观察水的沸腾”的实验.
(1)在图甲装置中,存在的错误是______________.
(2)水沸腾时温度计的示数如图乙,水的沸点是_____℃.
(3)实验中,两组同学用相同的酒精灯加热,水从开始加热到沸腾所用的时间相同,如图丙所示,则他们所用水的质量大小关系为 ma_____mb(选填“>”、“<”或“=”).
25.小萃同学在做“探究电流与电压的关系”实验时,准备了以下器材:干电池两节,电流表(0〜0. 6A、0〜3A)、电圧表(0〜3V、0〜15V)、滑动变阻器(20Ω、2A)、定值电阻(5Ω)、开关各一只,导线若干,根据图甲所示的电路图进行实验.
(1)用笔画线代替导线,按照图甲所示电路,将乙图中的实物图连接完整.
(___________)
(2)连接电路前,发现电流表指针如图丙所示,则接下来应_______________;连接好电路闭合开关前,滑动变阻器滑片P应处于____________(选填“A”或“B”)端.
(3)开关闭合,发现电流表无示数,电压表指针有明显偏转,原因可能是_______________.
A.电阻R短路 B.电阻R断路 C.滑动变阻器短路 D.滑动变阻器断路
(4)实验记录的多组数据如表所示. 分析数据可得出结论:当电阻一定时,通过导体中的电流与电压成____________比.
实验次数
1
2
3
电压表示数(V)
1. 0
1. 5
2. 0
电流表示数(A)
0. 2
0. 3
0. 4
(5)善于思考的小雪用图甲电路测未知电阻Rx的阻值,她用Rx替换了定值电阻R. 连接好电路闭合开关后,把滑动变阻器滑片滑到阻值最大的地方,观察电压表读数如图丁所示为____________V,然后他将滑动变阻器滑片移动至中点位置,观察到电压表示数增大至2. 4V,则未知电阻Rx的阻值为____Ω。
26.在“探究杠杆的平衡条件”的实验中:
(1)调节杠杆平衡时,应该使它在__________位置平衡.根据图示杠杆所处的位置如图(甲),应将杠杆左端平衡螺母向__________旋一些(填“右”或“左”).
(2)挂上钩码,正确调节使杠杆再次平衡.此时挂在杠杆上的钩码施加的动力、阻力方向恰好与杠杆______,挂钩码位置所对应的刻度值就等于_______.
(3)杠杆调节平衡后,小明在杠杆上A点处挂4个钩码,在B点处挂6个钩码,杠杆恰好在原位置平衡.于是小明便得出了杠杆的平衡条件为:F1l1=F2l2,他这样得出的结论不合理,原因是:__________.
(4)如乙图所示,用弹簧测力计在C处竖直向上拉时测力计的示数应为______N(每个钩码重0.5N),当弹簧测力计逐渐向右倾斜时,使杠杆仍然在原位置平衡,则弹簧测力计的示数将____(选填“变大”、“变小”或“不变”),其原因是________.
参考答案
一、单选题(本大题共10小题,共30分)
1、C
【解析】
A.不同人声带的结构不同,发声的音色不同,“闻其声辨其人”是根据声音的音色来判断的,故A错误;
B.用“B超”查看胎儿的发育情况,说明声音可以传递信息,故B错误;
C.物体发声时一定在振动,二胡演奏出的优美旋律,是由弦的振动产生的,故C正确;
D.城市道路旁的隔音板是在传播过程中减弱噪声,故D错误;
故选C。
2、A
【解析】
A.声音是由物体的振动产生的,所以琴声是吉它弦的振动产生的,故A符合题意;
B.声音的传播需要介质,声音可以在固体、液体、气体中传播,声音在真空不能传播,故B不符合题意;
C.岳阳开展“禁炮”行动,是从声源处减弱噪声,故C不符合题意;
D.倒车雷达是利用超声波传递信息的,故D不符合题意.
【点睛】
本题考查的是声音的产生及传播、噪声的控制,超声波的应用等知识点,是基础知识,难度不大.
3、C
【解析】
因为物重G=5N,所以A弹簧测力计受到向右5N的拉力,静止,向左受的拉力也是5N,示数也为5N. 同理,B测力计两端受的力都是5N,示数也为5N.
故选C.
4、B
【解析】
试题分析:A、电车电动机工作时利用了磁场对电流的作用,故A正确;B、电车电动机能够将电能大部分转化为机械能,但也会产生一少部分内能,故B错误;C、一般情况下,电车电动机的能量损失小,所以电动机的效率比柴油机的效率高,故C正确;D、电车不存在尾气的排放、噪音小,所以对环境的污染比柴油车对坏境的污染小,故D正确.故选B.
【考点定位】磁场对通电导线的作用,能量利用效率,有利于节约能源的措施.
5、D
【解析】
两铁块的比热容相同,由题知它们放出的热量相同,甲的质量大于乙的质量,根据△t=知,甲降低的温度小于乙降低的温度,由于不知道初温的高低,所以无法判断末温度的高低,所以让它们立即接触时,无法判断热传递的方向,故D正确,ABC错误。
6、A
【解析】
A.自行车的座垫做得较宽大是为了减小对臀部的压强,故A正确;
B.自行车转弯是受到非平衡力的作用而改变运动状态的,故B错误;
C.上下坡时自行车速度越来越大是因为动能增大,而不是由于惯性越来越大,故C错误;
D.自行车把手的花纹是为了增大接触面的粗糙程度而增大摩擦的.而不是增大接触面积,从而增大摩擦力,故D错误.
7、C
【解析】
由电路图可知,光敏电阻R和定值电阻R0串联,电压表测R两端的电压,电流表测电路中的电流.
A.由题意可知,当有烟雾遮挡射向R的激光时,照射光减弱,光敏电阻的阻值增大,电路中的总电阻增大,由I=可知,电路中的电流减小,即电流表的示数减小,故A错误;
B.电路中的电流减小,由U=IR可知,R0两端电压减小,因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以,光敏电阻R两端的电压增大,即电压表的示数增大,故B错误;
C.由题意知,当电流表示数减小到某一值时,装置报警,即报警时电流表的示数不变,且电源电压不变,则总电阻不变;由R总=R0+R光可知,增大R0的阻值时,光敏电阻的阻值应减小,结合题意可知,照射光增强,即浓度烟雾更低,所以若增大R0的阻值,可使装置在更低浓度烟雾下报警,故C正确;
D.当有烟雾遮挡射向R的激光时,电路中的电流减小,光敏电阻R消耗的电功率:P=I2R=()2R==;当R=R0时,R消耗的电功率最大,即R消耗的电功率是变化的,故D错误.
8、B
【解析】
A.对着两张平行的纸吹气,两纸中间的空气流速大压强小,而两纸的外部空气流速小压强大,两纸受到两边向内的压力差,所以两张纸被压到一起,能用流体压强与流速的关系来解释。故A不合题意;
B.如图所示装有液体的玻璃管,底部和侧壁的橡皮膜往外凸起,是因为液体对容器底和侧壁有压强。不能用流体压强与流速的关系来解释。故B符合题意;
C.当列车驶进站台时,会带动人和车之间的空气流动速度加快,此时人外侧的空气流动速度慢,根据流体压强与流速的关系可知:人外侧空气流速慢压强大,而内侧流速快压强小,会产生一个向内侧的压强差,将人推向火车,易出现危险。所以人必须站在安全黄线以外的区域候车。能用流体压强与流速的关系来解释。故C不合题意;
D.相等的时间内,空气经过机翼上面的路程大于下面的路程,机翼上面的空气流速大于下面的流速,机翼上面的压强小于下面的压强,出现压强差,出现了压力差,这个压力差就是机翼向上的升力;能用流体压强与流速的关系来解释。故D不符合题意。
9、C
【解析】
由图可知所成的像是倒立、缩小的实像,根据凸透镜成像规律知,当u>2f时,成倒立缩小的实像,此时物距大于像距,故凸透镜应放在c点才能成倒立缩小的实像,故选C。
10、B
【解析】
A.天然气属于化石燃料,不能短时期内从自然界得到补充,属于不可再生能源,故A不符合题意;
B.水能可以从自然界里源源不断的得到补充,属于可再生能源,故B符合题意;
C.煤属于化石燃料,不能短时期内从自然界得到补充,属于不可再生能源,故C不符合题意;
D.石油属于化石燃料,不能短时期内从自然界得到补充,属于不可再生能源,故D不符合题意。
二、多选题(本大题共3小题,共12分)
11、ABD
【解析】
A. 吸尘器工作时,由于其内部空气流速增大,压强减小,所以尘土在周围大气压的作用下被压入吸尘器中,故A正确;
B. 机器人内电动机制作原理是磁场对通电导体有力的作用,故B正确;
C. 机器人在自动充电过程中主要把电能转化为化学能的过程,故C错误;
D. 机器人利用超声波反射定位能更精准地主动躲避障碍物,符合超声波的应用,故D正确;
12、ABC
【解析】
(1)煤油对杯底的压强:p=ρgh=0.8×103kg/m3×10N/kg×20×10-2m=1.6×103Pa,故A正确;由p=可得,煤油对杯底的压力:F=pS=1.6×103Pa×100×10-4m2=16N,故C正确;(2)煤油体积:V=Sh=100cm2×20cm=2000cm3=0.002m3,由ρ=可得,煤油质量:m油=ρV=0.8×103kg/m3×0.002m3=1.6kg,煤油重力:G油=m油g=1.6kg×10N/kg=16N,因杯子处于静止状态,所以,杯子受到桌面的支持力:F支持=G杯+G油=2N+16N=18N,故D不正确;因杯子对桌面的压力和受到的支持力是一道相互作用力,所以,桌面受到的压力:F压=F支持=18N,杯底对桌面的压强:p′==1.8×103Pa,故B正确.故选ABC.
点睛:(1)知道圆柱形玻璃杯内煤油的深度,根据p=ρgh求出煤油对杯底的压强,再根据p=求出煤油对杯底的压力;(2)先求出煤油的体积,再根据密度公式求出煤油的质量,根据G=mg求出煤油的重力;杯子处于静止状态,受到桌面的支持力等于煤油和杯子的重力之和,杯子对桌面的压力和受到的支持力是一对相互作用力,二力大小相等,根据p=求出杯底对桌面的压强.
13、BCD
【解析】
根据题图甲和乙可知,本题综合考查液体压强和浮力的知识,根据图乙可得实心正方体的边长,从而计算出正方体的体积;根据F浮=G-F可求出正方体受到的浮力;读懂题图是解答问题的关键。
【详解】
由图乙可知,开始水平的图像,说明物体浸没在水中,拉力等于重力减去浮力,即,
当h=h0开始倾斜说明物体逐渐露出水面,到h=2h0的时候再次水平,说明物体A完全出水,物体完全出水后,拉力等于重力,即,浮力F浮=G-F=,故B正确。
根据阿基米德原理,物体A浸没在水中受到的浮力,物体A的重力,
由题可知,即,可得,故C正确。
设正方体A的边长为a,已知容器内部底面积是正方体下表面积的4倍,所以正方体A全部露出水面后,液面将下降,所以,所以,
已知正方体A的边长为,正方体的体积,故A错误。
所以,
根据液体压强公式,整个过程中,水对容器底部压强的最大变化量
,故D正确。
三、填空题(本大题共5小题,共10分)
14、小于;4.2×103
【解析】
(1)甲乙两种液体液体质量相等、初温相同、用两个完全相同的加热器加热时间相同时吸热也相同,利用热量的计算公式分析比热容关系;
(2)已知物体的质量、初温和末温、吸收的热量,利用求物质的比热容。
【详解】
(1)由题可知,同一加热器加热时间相同时,即两种液体吸收的热量相同,甲的温度升高的高;根据可知,在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下,比热容小的物质升温快;所以,甲的比热容小,乙的比热容大;
(2)根据比热容的定义式得,乙液体的比热容:
;
15、不守恒 t2 非平衡 先增大后减小
【解析】
(1)由图知道,弹簧的弹力在变化,即说明运动过程中弹簧的弹性势能在变化,而小球和弹簧组成的系统机械能守恒,但小球的机械能不守恒;
(2)由图知道,在t2 时刻,弹力最大,说明弹簧的压缩量最大,即小球运动到最低点,速度等于零,所以动能最小,且此时合力合力方向向上,不等于零,处于非平衡态;
(3)在t2~t3这段时间内,小球在上升,弹簧的压缩量由最大逐渐减小,即弹力减小,但大于重力,所以先做加速运动,当弹力等于重力时,速度达到最大,之后弹力小于重力,直到减小为零,做减速运动,所以小球的动能先增加后减少。
16、G3
【解析】
物体所受重力的方向总是竖直向下,与运动状态无关,所以,图中G3 为物体A所受重力的示意图.
17、金属外壳 万一洗衣机的金属外壳和电源火线之间的绝缘损坏,洗衣机外壳带电,会对人造成伤害.
【解析】
考点:插座的构造与工作方式.
专题:应用题;简答题.
分析:三脚插头与三孔插座相连接时,把有金属外壳的用电器的外壳与地线相接;因用电器漏电时,会使外壳带电,若接上地线,电流就通过地线,流入大地,以防止触电事故的发生;a插脚插入插座时让金属外壳与大地相连,若漏电则先跳闸而防止触电.
解答:解:a插脚插入插座,可以使洗衣机的金属外壳与大地相通;若将插脚折弯不用插进插座,洗衣机仍能工作,但万一洗衣机的金属外壳和电源火线之间的绝缘皮损坏,使洗衣机外壳带电,人接触会发生触电事故.
故答案为金属外壳;万一洗衣机的金属外壳和电源火线之间的绝缘皮损坏,使洗衣机外壳带电,人接触会发生触电事故.
点评:本题考查了洗衣机、电冰箱等家用电器都使用三孔插座的原因(防止触电),要明白其中的道理,用好a插脚,防止触电事故的发生.
18、不变 变大
【解析】
由电路图可知,R1与R2并联,电压表测电源电压,电流表A1测R1支路电流,电流表A2测R2支路电流;因电源电压保持不变,所以滑片移动时,电压表V的示数不变,因并联电路中各支路独立工作、互不影响,滑片移动时,通过R1的电流不变,即电流表A1的示数将不变,当滑动变阻器R2的滑片P向左端移动时,接入电路中的电阻变大,由可知,通过R2的电流变小,即电流表A2的示数变小;因电压表V的示数不变,电流表A2示数变小,所以电压表V示数与电流表A2示数的比值变大。
四、计算题(本大题共3小题,共29分)
19、660W 220Ω 990 000J
【解析】
(1)S和S1都闭合时,电阻R1与R2并联;
由乙图可知此时电流值Imax=3A,则功率Pmax=UImax=220V×3A=660W;
(2)开关S1断开时,电路中只有R1工作,由乙图可知通过R1 的电流值I1=2A,
则根据并联电路的电流特点可知:电阻R1与R2并联时;I2=Imax-I1=3A-2A=1A,
根据欧姆定律得:R2=U/I2=220V/1A=220Ω;
(3)只有R1工作时功率P1=UI1=220V×2A=440W;
由乙图可知:t′=10min+(20min-15min)=15min=900s,
t″=(15min-10min)+(30min-20min)=15min=900s,
则Q′=W′=Pmaxt′=660W×900s=5.94×105J,
Q″=W″=P1 t″=440W×900s=3.96×105J,
∴Q=Q′+Q″=5.94×105J+3.96×105J=9.9×105J.
20、(1)0.5A(2)60Ω(3)2160J
【解析】
(1)由P=UI可得,小灯泡正常发光时的电流:
IL===0.5A;
(2)当开关S1闭合,S2断开时,电路为L的简单电路,
因小灯泡正常发光,
所以,电源的电压U=UL=6V,
当开关S1、S2都闭合时,电阻R与灯泡L并联,
因并联电路中各支路独立工作、互不影响,
所以,通过L的电流不变,
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,
所以,通过R的电流:
IR=I−IL=0.6A−0.5A=0.1A,
因并联电路中各支路两端的电压相等,
所以,由I=可得,电阻R的阻值:
R===60Ω;
(3)小灯泡正常工作10min电路消耗的电能:
W=UIt=6V×0.6A×10×60s=2160J.
21、(1)此球是空心的.
(2)空心部分的体积为80cm1.
(1)在空心部分注满水,则注入水的质量为80g.
【解析】
分析:(1)根据密度公式变形V=求出此时铝球的实心体积,再与铝球的实际体积(100cm1)相比较,如果相等,则是实心的,如果实心体积小于实际体积,则是空心的.用铝球的实际体积减去实心部分的体积就是空心部分的体积;
(2)根据求得的空心部分体积即为注满水的体积,再利用m=ρV即可求出空心部分水的质量.
解答:解:(1)V实心===220cm1<100cm1,
∵V实心<V实际,∴此球是空心的.
答:此球是空心的.
(2)V空心=V实际-V实心=100cm1-220cm1=80cm1.
答:空心部分的体积为80cm1.
(1)V空心=V水=80cm1,
m水=ρ水V水=1g/cm1×80cm1=80g.
答:在空心部分注满水,则注入水的质量为80g.
五、作图题(本大题共2小题,共4分)
22、
【解析】
试题分析:明确图中杠杆的支点、动力以及阻力是画图的关键.力臂是从支点到力的作用线的距离.示意图是表示出力的三要素.
解:在图中,动力指的是作用在杠杆上的力,而不是通过定滑轮的力为动力.过支点O作动力作用线的垂线段;过B点做竖直向下的阻力.如图所示
【点评】本题考查了力的示意图和力臂的画法.画力臂关键是要作出支点到力的作用线的垂线段.
23、
【解析】
试题分析:刻度尺水平静止,受到重力G和手指对它的支持力F,这两个力平衡;重力从重心竖直向下画,支持力从重心竖直向上画,标出字母符号,注意两条线段的长度相同,如上图所示.
【考点定位】力的示意图
六、实验探究题(本大题共3小题,共15分)
24、温度计的玻璃泡碰到了容器底 98 >
【解析】
(1)根据图甲可知,在温度计测量液体温度时,温度计的玻璃泡要全部浸入被测液体中不要碰到容器底或容器壁;而图中温度计的玻璃泡碰到了容器底。
(2)图乙中温度计的分度值为1℃,根据图示的液柱对应的刻度读出示数为98℃,即水的沸点为98℃;
(3)由图乙可知a的初温比b的初温高,ab同时沸腾,说明吸收的热量相同,a升高的温度低,两组同学都用水,比热容相同,由Q=cmΔt可知a的质量大。
25、 将电流表指针调零 B B 正 2.0 40
【解析】
(1)根据表中电流大小,电流表选用小量程与电阻串联,变阻器按一上一下接入电路中与电阻串联,如下图所示:
(2)连接电路时,发现电流表指针如图丙,则接下来应将电流表指针调零;连接好电路闭合开关前,滑动变阻器滑片P应处于阻值最大处的B端;
(3)A.若电阻R短路,电压表没有示数,电路为通路,电流表有示数,不符合题意;
B.若电阻R断路,电流表示数为0,则电压表串联在电路中,电压表与电源连接,测电源电压,有示数,符合题意;
C.若滑动变阻器短路,电路为通路,两表都有示数,不符合题意;
D、若滑动变阻器断路,整个电路断路,两表都没有示数,不符合题意;
(4)实验记录的多组数据如表所示。纵向分析表数据知,电压为原来的几倍,通过的电流为原来的几倍,可得出結论:当电阻一定时,通辻导体中的电流与电压成正比;
(5)滑动变阻器的最大阻值为20Ω,如图丁所示,电压表选用小量程,分度值为0.1V,电压表的示数为2V;由串联电路电流的规律可知①,将滑动变阻器滑片移动至中点位置,电压表示数增大至2. 4V,由串联电路电流的规律可知②,由①②得到Rx=40Ω。
26、水平 右 垂直 力臂 用实验来探究物理规律时,只有一次实验,实验结论具有偶然性 3 变大 动力臂变小
【解析】
(1)调节杠杆平衡时,应使杠杆在水平位置平衡;图中的杠杆左端低、右端高,说明此时杠杆的重心在支点左边,应将杠杆的重心向右移,所以应将平衡螺母向右调节,杠杆才能平衡;
(2)挂上钩码,正确调节使杠杆再次平衡.此时挂在杠杆上的钩码施加的动力、阻力方向恰好与杠杆垂直,挂钩码位置所对应的刻度值就等于力臂;
(3) 小明只做了一次实验就得出结论,是不合理的,我们用实验来探究物理规律时,只有一次实验,实验结论具有偶然性,不能作为规律应用;
(4)用弹簧测力计在C位置竖直向上拉,使杠杆保持水平平衡,根据F1l1=F2l2得测力计的示数为:;弹簧测力计逐渐向右倾斜时,要使杠杆继续保持水平平衡,阻力和阻力臂不变,动力臂变小,动力变大,弹簧测力计示数变大.
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