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2023年江苏省镇江市丹阳市中考物理二模试卷（含解析）
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这是一份2023年江苏省镇江市丹阳市中考物理二模试卷（含解析），共29页。试卷主要包含了0分）， 下列说法正确的是等内容，欢迎下载使用。
2023年江苏省镇江市丹阳市中考物理二模试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）
1. 我们能分辨同一乐器发出的高音与低音，主要根据声音的( )
A. 幅度 B. 音色 C. 音调 D. 响度
2. 皮影戏是中国民间古老的传统艺术。表演时，艺人们操纵鲁皮制作的人物剪影，在灯光照射下，屏幕上就会出现活动的影子。下列现象与皮影戏的光学原理相同是( )
A. 月食的形成 B. 湖面的倒影 C. 海市蜃楼 D. 用放大镜看报纸
3. 下列现象对应的物态变化过程需要放热的是( )
A. 春天，河中的冰雪消融 B. 夏天，清晨的迷雾消散
C. 秋天，晶莹的露珠形成 D. 冬天，冰冻的衣服晾干
4. 将杯中的水倒出，发现怎样倒也倒不干净，杯壁上沾有水珠，这是由于( )
A. 分子之间存在斥力 B. 分子之间有间隙 C. 分子之间存在引力 D. 水分子很多
5. 如图是四冲程汽油机工作的示意图，其中表示内能转化为机械能的冲程的是( )
A. B. C. D.
6. 下列说法正确的是( )
A. 太阳能属于不可再生能源 B. 一切物体都具有热量
C. 电磁波能在真空中传播 D. 原子核是由质子和电子组成的
7. 下列生活中的物理数据最接近实际的是( )
A. 洗澡时的水温约为70℃ B. 平静时呼吸一次的时间约为5s
C. 人正常步行的速度约为5m/s D. 家用洗衣机正常工作时的电流约为10A
8. 2023年5月11日5时16分，天舟六号货运飞船成功对接空间站组合体，对接后，以下列哪个物体为参照物，货运飞船是静止的( )
A. 地球 B. 空间站组合体 C. 月球 D. 太阳
9. 中国人民解放军海军的新航母将安装电磁弹射器。飞机弹射时，磁场推动通电的牵引器，牵引器带动飞机加速运动。图中与电磁弹射器工作原理相同的是( )
A.
B.
C.
D.
10. 共享电单车可以在手机上进行还车操作，步骤如下：①若未使用头盔，头盔与车筐连接完好(S2闭合)，则可以进行一键还车(S1闭合)，电磁锁启动；②若使用了头盔，则需要先归还头盔，再进行一键还车操作。以下电路符合要求的是( )
A. B.
C. D.
11. 如图，小车静止在水平面上，弹簧一端与物块相连，另一端固定在小车上，此时弹簧处于伸长状态，物块相对于小车静止。已知小车上表面水平且粗糙，若弹簧对物块的弹力用F表示，小车对物块的摩擦力用f表示，下列说法正确的是( )
A. 小车静止时，F与f是一对相互作用力
B. 若小车突然向左加速，且物块相对于小车静止，f的方向可能水平向左
C. 若小车突然向右加速，且物块相对于小车静止，则F的大小等于f的大小
D. 若小车运动时，弹簧长度突然变长，则小车一定开始加速
12. 在凸透镜成像实验中，烛焰和光屏的中心在凸透镜主光轴上，小明进行如下实验操作：
步骤①：调节蜡烛、凸透镜和光屏至如图位置，光屏上出现清晰的像；
步骤②：保持蜡烛和光屏位置不变，将凸透镜向左移动至刻度线M，光屏上再次出现清晰的像；
步骤③：保持步骤①中蜡烛、凸透镜和光屏位置不变，换焦距更小的凸透镜，将凸透镜向左移动至刻度线N，光屏上再次出现清晰的像。
下列说法错误的是( )
A. 步骤①中成像的应用是照相机
B. 步骤②中刻度线M是35cm，且光屏上清晰的像是放大的实像
C. 步骤③中刻度线N在步骤②中刻度线M的右侧
D. 步骤③中光屏上清晰的像比步骤②中光屏上清晰的像大
二、填空题（本大题共9小题，共28.0分）
13. 图1中，物体的长度为______ cm；图2中，秒表的示数为______ s；图3中，体温计的读数为______ ℃。
14. 如图是正在向空中喷雾的雾炮车。在太阳光下，它的后方能看到一道“彩虹”。该车匀速行驶时机械能______ (选填“变大”“变小”或“不变”)，它喷出的水雾能降温是因为水______ (填物态变化名称)吸热，“彩虹”形成的是光的______ 现象。
15. 小明在国防教育基地进行远距离射击训练，瞄准时要做到“三点一线”，这是光的______ 原理；子弹离开枪膛后仍能继续向前飞行，这是因为子弹具有______ ；射击结束后，小明发现子弹命中的位置总比瞄准位置低，这是因为子弹受______ 的作用。
16. 如图，擦窗机器人在玻璃外侧清洁玻璃，它的“腹部”与玻璃之间形成一个空腔。当风机转动时，腔内空气被向外抽出，腔内气压______ (选填“变大”“变小”或“不变”)，形成“负压空腔”，机器人被牢牢吸附在玻璃上；工作时，机器人依靠履带在玻璃上移动，用清洁垫擦拭玻璃；已知机器人的质量为4kg，履带与玻璃的接触面积为50cm2，履带对玻璃的压强为2800Pa，则履带对玻璃的压力为______ N，机器人静止在竖直玻璃上时受到的摩擦力为______ N。(g=10N/kg)
17. 小明操纵无人机悬停在湖面上方5m处，已知湖水深2m，则无人机与它在水中的像之间的距离为______ m，该像是______ (选填“实”或“虚”)像；若此时无人机竖直下降2m，它在水中像的大小将______ (选填“变大”“变小”或“不变”)。
18. 如图是小明家的电能表，示数为______ kW⋅h，当小明单独打开电吹风时，他发现家中电能表的转盘在5min内转动了600圈，则电吹风的实际功率为______ kW；若该电能表能正常工作的最大电流为20A，则小明家中还能接入额定功率为______ kW的用电器。
19. 如图是汽车座椅的加热电路，R1、R2是电热丝，其发热原理是电流的______ 效应；旋钮式开关可绕O点转动，若选择“高温”挡，应将开关转至______ (选填“1”或“2”)位置；已知电源电压为24V，R1阻值是32Ω，若“低温”挡功率为12W，则电路中的电流是______ A；若选择“高温”挡，通电100s时间，R2产生的热量为______ J。
20. 如图，电子秤上支架质量不计，均匀细木棒OAB可绕O点自由转动，当支架支撑在A点时，调节O点高度，使木棒水平平衡，此时电子秤示数如图1所示，已知OA：OB=2：5，细木棒的自重为______ N。现在B点施加竖直向上拉力FB，电子秤示数与FB的关系图线为图2中的①，则图像中横坐标x点的数值为______ N。若将支架从A点移至C点，电子秤示数与FB的关系图线变为图2中的______ (选填数字序号)。(g=10N/kg)
21. 如图1是小明设计的天然气泄漏检测电路，R1是气敏电阻，R2是电阻箱，V1和V2是电压表，电源电压U=3V。由图2可知：当天然气浓度变大时，R1阻值______ (选填“变大”“变小”或“不变”)。若V1示数用U1表示，V2示数用U2表示，则ΔU=U1−U2。为检测天然气浓度是否超标(超标浓度≥0.6ppm)，小明先调节电阻箱R2=1kΩ，则当△U ______ 0(选填“=”、“>”或“<”)或在U2在______ 范围内时，可判断天然气浓度未超标。
三、作图题（本大题共3小题，共6.0分）
22. 图中，一铁球静止在水平桌面上，O是它的重心，请画出它的受力示意图。
23. 图中，根据插座的连接，请用笔画线代替导线将开关和灯泡正确连入家庭电路。
24. 图中，光从空气射向玻璃砖时，入射点O、玻璃砖内光线和出射光线如图所示。已知玻璃砖上下表面平行，请根据辅助线画出入射光线及其反射光线。
四、实验探究题（本大题共3小题，共20.0分）
25. 在“比较不同物质吸热能力”实验中，小志用完全相同的装置对水和香醋加热。
(1)实验时要控制两种液体的______ (选填“质量”或“体积”)和初温都相同，通过加热相同的时间，比较______ 来判断两种液体的吸热能力；
(2)此实验用到的物理方法有控制变量法和______ 法；
(3)小志根据实验得到的数据画出了两种液体温度随时间变化的关系图像如图丙所示，由图可知______ 的吸热能力强，已知水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，则可估算香醋的比热容为______ J/(kg⋅℃)。
26. 为测量75%酒精消毒液的密度，小明和小华分别设计实验方案。
(1)小华的方案，实验操作步骤如下：
①实验前，将天平放在水平桌面上，游码移至标尺左端零刻度线处，发现指针摆动的范围如图1所示，则应将平衡螺母向______ 调节，使天平平衡；
②向烧杯中倒入适量的酒精消毒液，测量出烧杯和消毒液的总质量为100g；
③如图2，将烧杯中的部分消毒液倒入量筒中，读出消毒液的体积______ mL；
④如图3，测量出烧杯和剩余消毒液的总质量为______ g；
⑤计算出该酒精消毒液的密度ρ液= ______ g/cm3。
(2)小明的方案，实验操作步骤如下：
①如图4，取密度为ρ的合金块，用电子秤测得其质量为m1；
②如图5，在烧杯中倒入适量消毒液，用细线提起合金块，使其缓慢浸没在消毒液中，稳定后，电子秤的示数为m2(细线的质量与体积都不计)；
③如图6，松手后，合金块沉底，电子秤的示数为m3，则该酒精消毒液的密度ρ液= ______ (用ρ、m1、m2和m3表示)。
(3)小明的实验步骤②中，若合金块未完全浸没时读数，则密度测量值______ (选填“偏大”、“偏小”或“无影响”)。
27. 小明设计图甲装置比较小灯泡和LED发光二极管的发光效率，该装置电路由电路①、密封箱和电路②组成，电路①中光敏电阻RP的阻值与光照强度的关系如图乙所示。
(1)小明将小灯泡安装在灯座上进行实验。
①在开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于最______ 端；
②闭合开关，小明发现调节滑动变阻器时，电路②中电压表示数保持不变，电流表无示数。若导线及各接线柱连接完好，则电路中的______ 可能出现了______ 故障；
③排除故障后，小明向左移动滑动变阻器滑片，电路②中电压表示数______ ，灯泡亮度______ ，电路①中电压表示数______ ；(选填“变大”、“不变”或“变小”)
④调节滑动变阻器，分别记录下电路①和电路②中电表的示数。
(2)小明将LED发光二极管安装在灯座上进行实验。实验时，调节滑动变阻器，分别记录下电路①和电路②中电表的示数。电路②中电表示数如下表所示：
电压/V
20
2.3
2.5
2.8
3.0
3.3
3.5
3.6
3.7
电流/mA
0
5
10
60
160
380
690
900
1250
①LED发光二极管由______ 材料制成；(选填“超导体”、“半导体”或“绝缘体”)
②已知该LED发光二极管的额定电压为3.6V，则其额定功率为______ W；
(3)利用实验时记录的电表示数比较小灯泡和LED发光二极管的发光效率，方法是：当电路①中的电压表示数相同时，比较______ 。
五、计算题（本大题共3小题，共22.0分）
28. 如图所示，用125N的拉力通过动滑轮将重为200N的货物提升1.5m，不计绳重及滑轮与轴之间的摩擦，求；
(1)拉力做的有用功。
(2)动滑轮的机械效率。
(3)动滑轮的重力。
29. 甲醇燃料电池汽车是利用甲醇和氧发生化学反应产生电能供给电动机从而驱动汽车行驶的。在某次测试中该类型汽车甲沿平直公路以90km/h的速度匀速行驶1h，此过程中消耗甲醇10kg，所产生的电能E甲的90%用来维持汽车匀速行驶。已知汽车匀速行驶时所受阻力为1000N，加注1kg甲醇需2.5元。求：
(1)在测试过程中该汽车行驶的路程s。
(2)在测试过程中由化学反应所产生的电能E电。
(3)另一辆纯电汽车乙也参与测试，在平直公路上以90km/h的速度匀速行驶，所受阻力与甲车相同，此过程中电池释放电能的90%用于汽车匀速行驶。已知某充电站充电单价为1元/kW⋅h，且充电效率为80%，则在与甲车花费相同燃料费用的情况下，甲、乙两车谁行驶的距离远。
30. 如图1是某燃气热水器水温控制模拟电路，图2是热水器燃烧器的示意图。R是电阻箱，Rt为置于热水器进水口的热敏电阻，其阻值随温度变化的关系如图3所示。当S断开时，铁质阀门在弹簧拉力作用下封住阀门口。当S闭合时，电磁铁吸引铁质阀门，弹簧伸长，燃气通过阀门与管壁之间的空隙流出，并进入燃烧器燃烧，水管内水均匀受热，热水从出水口流出。水温控制电路可以根据进水口的水温自动调节阀门与管壁之间的空隙大小，改变燃气耗气量，实现出水口的水温基本恒定。
(1)当进水口冷水温度降低，Rt阻值______ ，电磁铁中电流______ ，阀门与管壁之间空隙变大，燃烧器火焰变大；(选填“变大”、“变小”或“不变”)
(2)若进水口水温是20℃，将电阻箱调至160Ω，则出水温度恰好为40℃；已知U=6V，电磁铁中电流I与燃气耗气量的关系如下表所示，燃气完全燃烧，且放出热量有70%被水吸收，燃气的热值取q=3×107J/m3，求：
电流I/mA
0
10
20
30
40
50
耗气量m3/min
0
0.006
0.024
0.056
0.096
0.15
①电磁铁线圈中电流；
②出水口热水流量为多少L/min？
(3)在进水温度一定的情况下，为提高出水口热水的温度，下列方法可行的是______ 。
A.适当减小电阻箱R的阻值
B.减小水管内水的流速
C.适当减小电源电压U
D.换用质量更小的空心铁质阀门
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：AD.响度反映声音的大小，与物体的振动幅度有关，振幅越大，响度越大，故AD不正确；
B.音色反映声音的品质和特性，不同发声体的音色不同，常用来分辨不同的发声体，故B不正确；
C.音调反映声音的高低，与物体的振动频率有关，振动频率越快，音调越高，乐器发出的高音与低音，指的是声音的高低，故C正确。
故选：C。
音调反映声音的高低，与物体的振动频率有关，振动频率越快，音调越高。
本题考查了声音的特点，属于基础知识。
2.【答案】A
【解析】解：A、月食现象的原因是地球挡住了太阳射向月球的光，是由光的直线传播形成的，故A符合题意；
B、湖中倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故B不符合题意；
CD、海市蜃楼和放大镜使用是光的折射现象，故CD不符合题意。
故选：A。
皮影戏是利用光的直线传播。
光的传播规律有：光的直线传播、光的反射、光的折射，多注意课本中的例子，会分析日常生活中的例子，做到学以致用。
3.【答案】C
【解析】解：A、春天，河中的冰雪消融，是熔化现象，熔化吸热，故A不符合题意；
B、夏天，清晨的迷雾消散，是汽化现象，汽化吸热，故B不符合题意；
C、秋天，晶莹的露珠形成，是液化现象，液化放热，故C符合题意；
D、冬天，冰冻的衣服晾干，是升华现象，升华吸热，故D不符合题意。
故选：C。
(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】C
【解析】解：分子间存在相互作用的引力，将杯中的水倒出时，由于水分子与组成杯子的物质分子之间存在引力，因此无论怎样倒，总有少量水残留在杯壁上，故ABD错误，C正确。
故选：C。
分子间存在相互作用的引力和斥力。
掌握分子动理论的内容，就能顺利解答。
5.【答案】B
【解析】解：内能转化为机械能的是做功冲程：
A图：气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，不符合题意；
B图：气门都关闭，活塞向下运行，气缸容积增大，是做功冲程，符合题意；
C图：排气门打开，活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程，不符合题意；
D图：进气门打开，活塞向下运行，气缸容积增大，是吸气冲程，不符合题意。
故选：B。
内燃机的一个工作循环有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成，其中压缩冲程中机械能转化成内能，做功冲程中内能转化成机械能。
本题考查了内燃机的四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，以及做功冲程的能量转化，是中考的热点内容。
6.【答案】C
【解析】解：A、像风能、水能、太阳能等可以在自然界里源源不断地得到，称它们为可再生能源，故A错误；
B、一切物体都具有内能，热量指热传递过程中传递内能的多少，故B错误；
C、电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，也可以在空气中传播，故C正确；
D、原子核是由质子和中子组成的，故D错误；
故选：C。
(1)像风能、水能、太阳能等可以在自然界里源源不断地得到，称它们为可再生能源；
(2)一切物体都具有内能，热量指热传递过程中传递内能的多少；
(3)电磁波的传播不需要介质；
(4)原子由带正电的原子核和核外带负电的电子构成，原子核是由质子和中子组成的。
知道生活中常见能源的分类，电磁波的应用，理解内能、热量概念，知道原子的构造，可解答此题。
7.【答案】B
【解析】解：A、人洗澡时的水温约为40℃，故A不符合实际；
B、平静状态下，人1min呼吸15次左右，平均一次的时间在4s左右，与5s时间较接近，故B接近实际；
C、人正常步行的速度约为1m/s，故C不符合实际；
D、家用洗衣机的功率在220W左右，正常工作的电流在I=PU=220W220V=1A左右，故D不符合实际；
故选：B。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
8.【答案】B
【解析】解：A、以地球为参照物，天舟六号货运飞船的位置不断变化，是运动的，故A不合题意；
B、以在轨运行的空间站组合体，天舟六号货运飞船的位置没有变化，是静止的，故B符合题意；
C、以月球为参照物，天舟六号货运飞船的位置不断变化，是运动的，故C不合题意；
B、以太阳参照物，天舟六号货运飞船的位置不断变化，是运动的，故D不合题意。
故选：B。
判断一个物体的运动和静止，首先确定一个参照物，被研究的物体和参照物之间发生了位置的改变，被研究的物体是运动的，否则是静止的。
在选定参照物时，被研究物体与参照物之间存在位移的变化，那么被研究物体就是运动的，反之则静止，要充分理解运动和静止的相对性。
9.【答案】D
【解析】解：电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强电流时，弹射车受到强大的推力带动舰载机快速起飞；由此可知其原理是通电导体在磁场中受力而运动，其原理与电动机相同。
A、图中是探究电流磁效应的实验，故A错误；
B、图中没有电源，是探究电磁感应现象的实验，是发电机的原理图，故B错误；
C、图中是探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验，是电流的磁效应，故C错误；
D、图中有电源，通电导体在磁场中会受力而运动，是电动机的原理图，故D正确。
故选：D。
(1)通电导体在磁场中受到力的作用；
(2)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流；
(3)电流的周围存在磁场。
对于电磁学中的电流磁效应、磁场对通电导体有力的作用、电磁感应等实验要注意区分，属于常见题型。
10.【答案】B
【解析】解：根据题意可知，若未使用头盔，头盔与车筐连接完好(S2闭合)，则可以进行一键还车(S1闭合)，电磁锁启动，这说明两个开关都闭合后，电磁锁工作；
若使用了头盔，则需要先归还头盔，即先使得开关S2闭合后才能使电磁锁启动，这说明两个开关工作时相互影响，是串联的，然后与电磁锁、保护电阻串联接在电路中，故B正确。
故选：B。
根据题分析两个开关的连接方式、电磁锁、定值电阻的连接方式，然后选出正确的电路图。
本题考查了电路图的设计，根据题意得出两开关的连接方式和工作状态是关键。
11.【答案】B
【解析】解：A.小车静止时，木块也是静止，受力平衡，F与f大小相等，方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上，是一对平衡力，不是相互作用力，故A错误；
B.若小车突然向左加速，且物块相对于小车静止，说明木块也是向左加速，则木块受到的合力向左，因而此时受到向左的弹力可能大于向右的摩擦力，可能摩擦力等于0，也可能摩擦力也是向左，故B正确；
C.若小车突然向右加速，且物块相对于小车静止，说明木块也是向右加速，则向右的摩擦力一定大于向左的弹力F，故C错误；
D.若小车运动时，弹簧长度突然变长，如果小车是向左运动，说明木块由于惯性相对于小车向右运动使得弹簧伸长，则小车一定向左开始加速，如果向右运动，则此时木块相对于小车向右运动，使得弹簧伸长，因而是小车减速，由于惯性木块向右滑动，故D错误。
故选：B。
相互作用力是：大小相等，方向相反、作用在不同一物体上、作用在同一直线上；
加速运动时，受力不平衡，合力方向与运动方向相同；
根据惯性分析木块相对小车的运动情况分析。
本题考查相互作用力、力与运动、惯性等，属于较难题。
12.【答案】C
【解析】解：A、在步骤①中由图可知，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的，故A正确；
B、在步骤②中，保持蜡烛和光屏位置不变，将凸透镜向左移动至刻度线35cm处，此时物距等于原来的像距，像距等于原来的物距，根据在光的折射中，光路是可逆的，可知在光屏上能再次成清晰的像，由于此时物距小于像距，根据凸透镜成像规律可知，光屏上清晰的像是放大的实像，故B正确；
CD、在步骤③中，保持步骤①中蜡烛、凸透镜和光屏位置不变，换焦距更小的凸透镜，凸透镜焦距变小，相当于增大物距，缩小像距，此时像成在光屏的左侧；若将凸透镜向左移动至刻度线N，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大可知，蜡烛到刻度线N的距离应小于保持步骤①中凸透镜到光屏的距离，即步骤③中刻度线N在步骤②中刻度线M的左侧；因光屏位置不变，在步骤③中的像距大于在步骤②中的像距，根据凸透镜成像规律可知，像距越大像越大，因此步骤③中光屏上清晰的像比步骤②中光屏上清晰的像大，故C错误，D正确。
故选：C。
(1)根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；
(2)在光的折射中，光路是可逆的；
(3)凸透镜焦距变小，相当于增大物距，缩小像距；根据凸透镜成实像时，物近像远像变大分析回答。
此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
13.【答案】1.40 185.4 38.5
【解析】解：(1)图1中，刻度尺上1cm之间有10个小格，一个小格是1mm，即刻度尺的分度值为1mm；起始端从0刻度线开始，读出末端刻度值，就是物体的长度1.40cm；
(2)图2中，秒表小盘的分度值是0.5min，指针在3min和4min之间，没有偏过中线；大盘的分度值是0.1s，大盘指针在5.4s，因此秒表读数为3min5.4s，即185.4s；
(3)体温计分度值是0.1℃，图中温度计示数是38.5℃。
故答案为：1.40；185.4；38.5。
(1)使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0刻度线开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
(2)秒表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和；
(3)体温计量程是35℃～42℃，分度值是0.1℃。
读取不同测量工具的示数时，基本方法是一致的，都要先明确测量工具的量程和分度值，确定零刻度线的位置，视线与刻度盘垂直。
14.【答案】变小 汽化 色散
【解析】解：(1)雾炮车在平直的路上匀速行驶，雾炮车的速度不变，但质量减小，所以其动能变小；同时高度不变，质量减小，所以重力势能变小，故机械能变小；
(2)雾炮车通过喷洒系统向空中发射颗粒极为细小的水雾，其降温作用是通过所喷出的水雾经汽化吸热而实现的；
(3)“彩虹”形成的是光的色散现象，属于光的折射。
故答案为：变小；汽化；色散。
(1)动能指物体由于运动而具有的能量，和物体运动的速度以及物体的质量有关；重力势能的大小与物体的质量、高度有关；动能和势能统称为机械能；
(2)物质由液态变为气态的过程叫汽化，汽化过程吸收热量
(3)当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象；复色光分解为单色光而形成光谱的现象叫做光的色散。
此题主要考查了机械能转化、汽化、光的折射等知识。在分析动能和重力势能的变化时，同学们往往考虑到速度、高度的变化，而忽略质量的变化，这是学生最容易出错的地方。
15.【答案】直线传播 惯性 重力
【解析】解：(1)射击瞄准时要做到“三点一线”，这是利用了光的直线传播原理；
(2)子弹离开枪膛后仍能继续向前飞行，这是因为子弹具有惯性，仍会保持原来的运动状态；
(3)子弹命中的位置总比瞄准位置低，这是因为子弹受到重力的作用，而重力的方向是竖直向下的。
故答案为：直线传播；惯性；重力。
(1)光在同种均匀介质中沿直线传播；
(2)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
(3)地面附近的一切物体都受到重力的作用，重力的方向竖直向下。
本题主要考查了对光的直线传播、惯性、重力等相关现象的解释，属基础题，难度不大。
16.【答案】变小 14 40
【解析】解：当风机转动时，腔内空气被向外抽出，腔内气压变小，形成“负压空腔”，机器人被牢牢吸附在玻璃上；
工作时，机器人依靠履带在玻璃上移动，用清洁垫擦拭玻璃；已知机器人的质量为4kg，履带与玻璃的接触面积为50cm2，履带对玻璃的压强为2800Pa，根据p=FS知，
履带对玻璃的压力F=pS=2800Pa×50×10−4m2=14N。
机器人静止在竖直玻璃上时，竖直方向受力平衡，受到的摩擦力大小等于重力，f=G=mg=4kg×10N/kg=40。
故答案为：变小；14；40。
(1)吸盘能吸在玻璃上是由于大气压强的作用；
(2)根据压强的变形公式F=pS可求压力。
(3)根据二力平衡分析摩擦力大小。
本题考查大气压、压力的计算和二力平衡的应用，属于中档题。
17.【答案】10 虚 不变
【解析】解：水面相当于平面镜，无人机距离湖面5m，根据平面镜成像特点：物像到平面镜的距离相等的特点可知，无人机的像距离湖面5m；则无人机与它在水中的像之间的距离为5m+5m=10m，无人机通过湖面所成的像是虚像；
无人机在湖面成像大小跟无人机的大小有关，跟无人机到湖面的距离没有关系，所以当它下降的过程中它在水中的像的大小将不变。
故答案为：10；虚；不变。
平面镜成像特点：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。
物体在平面镜中成像大小只跟物体大小有关，跟平面镜大小、距离平面镜的距离远近等都没有关系。
18.【答案】2023.6 2.4 2
【解析】解：(1)电能表表盘上最后一位是小数，单位是kW⋅h，则图示电能表的示数为2023.6kW⋅h；
(2)由“3000r/(kW⋅h)”可知电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表转盘转过3000r；
当电能表转盘转过600r时，电吹风消耗的电能：
W=6003000kW⋅h=0.2kW⋅h，
工作时间t=5min=112h，
则电吹风的实际功率：
P实际=Wt=0.2kW⋅h112h=2.4kW；
(3)小明家接入用电器的最大总功率：P最大=UI最大=220V×20A=4400W=4.4kW，
则小明家中还能接入用电器的额定功率：P=P最大−P实际=4.4kW−2.4kW=2kW。
故答案为：2023.6；2.4；2。
(1)电能表是测量家庭电路中消耗电能多少的仪表，表盘上最后一位是小数，单位是kW⋅h；
(2)3000r/(kW⋅h)表示的是电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，转盘正好转过3000圈，据此求出转盘转过600r时电吹风消耗的电能，知道工作时间，利用公式P=Wt求出电吹风的实际功率；
(3)知道电能表正常工作时通过的最大电流，根据P=UI求出他家接入用电器的最大总功率，用最大总功率减去电吹风的实际功率可得还能接入用电器的额定功率。
本题考查了电能表的读数、消耗电能和电功率的计算，知道电能表相关参数的含义是解题的关键。
19.【答案】热 2 0.5 3600
【解析】解：汽车座椅电热丝工作时把电能转化为内能，所以其发热原理是电流的热效应；
由图可知，当旋钮开关转至1时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点，此时电路中的总电阻最大，由P=U2R可知，电路中总功率最小，汽车座椅处于低温挡；
当旋钮开关转至2时，只有R2工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，汽车座椅处于高温挡；
由P=UI可知，低温挡时电路中的电流：I=P低U=12W24V=0.5A；
由I=UR可知，低温挡时电路中的总电阻：R=UI=24V0.5A=48Ω，
根据串联电路的电阻特点可知，R2的阻值：R2−R−R1=48Ω−32Ω=16Ω，
选择“高温”挡，通电100s时间，R2产生的热量：Q=W=U2R2t=(24V)216Ω×100s=3600J。
故答案为：热；1；0.5；3600。
(1)电流通过导体时把电能转化为内能的现象叫做电流的热效应；
(2)由图可知，当旋钮开关转至1时，R1、R2串联，当旋钮开关转至2时，只有R2工作；根据串联电路的电阻特点和P=U2R可知低温挡和高温挡的电路连接；
(3)知道低温挡的功率和电源电压，根据P=UI求出低温挡时电路中的电流；
(4)根据欧姆定律求出低温挡时电路中的总电阻，根据串联电路的电阻特点求出R2的阻值；根据Q=W=U2Rt求出选择“高温”挡，通电100s时间，R2产生的热量。
本题考查串联电路的的特点、电功率公式、欧姆定律以及焦耳定律的应用，难度不大。
20.【答案】1.6 0.8 ②
【解析】解：(1)支架对木棒的支持力F支=G示=mg=200×10−3kg×10N/kg=2N，
均匀细木棒的重心在木棒OAB的中心，根据杠杆平衡条件可得，G×12OB=F支×OA，代入OA：OB=2：5，可得杠杆自身的重力G=45F支=45×2N=1.6N；
(2)台秤示数为零说明，台秤给杠杆的支持力为0，根据杠杆平衡条件可得G×12OB=FB×OB，代入数据可得1.6N×12OB=FB×OB，解方程可得FB=0.8N；
(3)细木棒重力不变，重力的力臂不变，重力与重力力臂的乘积不变；
若将支架从A点移至C点，支架与O点之间的距离变大，即支架与O点之间力臂变大，
根据杠杆平衡条件可知G×12OB=F支×OC+FB×OB，在B点的拉力相同时，F支变小，即台秤的示数将变小，
台秤示数为零说明，台秤给杠杆的支持力为0，根据杠杆平衡条件有G×12OB=F×OB；所以施加的力不变，故选②。
故答案为：1.6；0.8；②。
(1)由图知台秤的示数为200g，根据F=G=mg算出杠杆对台秤的压力，根据台秤对杠杆的支持力与杠杆对台秤的压力是一对相互作用力，大小相等，据此得出F支=F压，此时的杠杆以O为支点，杠杆的重力为阻力，台秤对杠杆的支持力为动力，根据杠杆的平衡条件算出杠杆的重力；
(2)台秤示数为零说明，台秤给杠杆的支持力为0，根据杠杆平衡条件列方程可得B点的力；
(3)根据杠杆平衡条件分析即可。
本题考查重力公式、杠杆的平衡条件的应用，难点是理解台秤示数与力的关系。
21.【答案】变小 > 小于1.5V
【解析】解：由图2可知：当天然气浓度变大时，R1阻值变小；
由图1可知两电阻串联接入电路，电压表V1测气敏电阻两端的电压，电压表V2测电阻箱两端的电压，
先调节电阻箱R2=1kΩ，当天然气浓度为0.6ppm时，R1=1kΩ，
串联电路各处电流相等，根据U=IR可知两电阻两端的电压相等，
电源电压U=3V，串联电路总电压等于各部分电压之和，所以U1=U2=1.5V，则ΔU=U1−U2=0，
天然气浓度降低时，气敏电阻接入电路的阻值变大，根据串联分压原理可知气敏电阻两端的电压变大，根据串联电路电压规律可知电阻箱两端的电压变小，会小于1.5V，则ΔU=U1−U2>0。
故答案为：变小；>；小于1.5V。
由图2可知当天然气浓度变大时R1阻值变化；
由图1可知两电阻串联接入电路，电压表V1测气敏电阻两端的电压，电压表V2测电阻箱两端的电压，
先调节电阻箱R2=1kΩ，当天然气浓度为0.6ppm时，R1=1kΩ，根据串联电路电流特点结合U=IR可知两电阻两端的电压相等，
电源电压U=3V，根据串联电路电压规律可知U1=U2=1.5V，进一步计算ΔU的值，
天然气浓度降低时，气敏电阻接入电路的阻值变大，根据串联分压原理可知气敏电阻两端的电压变化，根据串联电路电压规律可知电阻箱两端的电压变化，进一步判断ΔU的变化。
本题考查串联电路特点和欧姆定律的灵活运用，正确读取图中信息是解题的关键。
22.【答案】解：铁球静止在水平桌面上，处于平衡状态，受到重力G和支持力F是一对平衡力，大小相等、方向相反，过铁球的球心O，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，注意两条线段的长度要相等，并分别标上符号G、F，如图所示：
【解析】物体静止在水平桌面上，受到重力G和支持力F，作用点在重心，重力的方向是竖直向下的，支持力的方向是竖直向上。根据力的示意图的画法作图。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
23.【答案】解：根据三孔插座“左零右火上接地”可知，三根线从上而下依次是：零线、火线、地线。
灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，如图所示：
【解析】首先辨别火线、零线、地线；灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
24.【答案】解：(1)光由空气中斜射进入玻璃砖中时，折射光线向靠近法线方向偏折，根据折射光线、入射光线分居法线两侧，折射角小于入射角，过入射点O平行于出射光线(光线经玻璃砖下表面折射到空气中的光线)作出入射光线；
(2)由光的反射定律的内容，根据反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，在法线右侧空气中画出反射光线。如图所示：
【解析】(1)反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角；
(2)折射规律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线向远离法线方向偏折，折射角大于入射角。
此题考查反射和折射光路图的画法。在光路图中，法线要画成虚线，如果能够确定反射角，在光路图中，一定要标出反射角的度数；画折射光路时，一定注意光从哪种介质进入哪种介质。
25.【答案】质量 升高的温度 转换 水 2.8×103
【解析】解：(1)根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同(不同物质密度不同，根据m=ρV，体积相同的不同物质质量不同)
实验时要控制两种液体的质量和初温都相同，通过加热相同的时间，比较升高的温度来判断两种液体的吸热能力；
(2)此实验用到的物理方法有控制变量法和转换法；
(3)根据实画出的两种液体温度随时间变化的关系图像可知，升高40℃，水、香醋的加热时间分别为6min和4min，故水的吸热能力强；由转换法，香醋和水吸热之比为2：3，根据Q=cmΔt可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，已知水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，则可估算香醋的比热容为：
c=23×4.2×103J/(kg⋅℃)=2.8×103J/(kg⋅℃)。
故答案为：(1)质量；升高的温度；(2)转换；(3)水；2.8×103。
(1)(2)我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；比较物质吸热能力的2种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；或使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(3)根据实画出的两种液体温度随时间变化的关系图像得出升高40℃水、香醋的加热时间，根据比较吸热能力的方法确定哪种物质的比热容大；根据Q=cmΔt可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，据此得出香醋的比热容。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法和Q=cmΔt的运用，为热学中的重要实验。
26.【答案】左 40 68 1.7 m2−m3+m1m1⋅ρ 偏小
【解析】解：(1)①由图1知，指针摆过分度盘中线偏右的幅度较大，则应将平衡螺母向左调节，使天平平衡；
③由图2知，消毒液的体积V=40mL=40cm3，
④由图3知，天平游码标尺的分度值为0.2g，消毒液的质量为：m=50g+10g+5g+3g=68g；
⑤该酒精消毒液的密度ρ液=mV=68g40cm3=1.7g/cm3；
(2)根据图4可得出合金块的质量m1，根据密度公式ρ=mV，
可得出合金块的体积V=m1ρ，
图5中质量m2等于烧杯质量、酒精消毒液质量、合金块浸没后排开液体的质量之和，图6质量m3等于烧杯质量、酒精消毒液质量、合金块的质量之和，
故完全浸没时所受浮力F浮=(m2−m3+m1)g，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排，完全浸没时V=V排，
故(m2−m3+m1)g=ρ液gV，酒精消毒液的密度ρ液=m2−m3+m1m1⋅ρ；
(3)若合金块未完全浸没，计算的浮力小于完全浸没时的浮力，计算时V排则按完全浸没时的V计算，故密度测量值会偏小。
故答案为：(1)①左；③40；④68；⑤1.7；(2)m2−m3+m1m1⋅ρ；(3)偏小。
(1)①调节横梁平衡，指针偏向分度盘中线左侧，平衡螺母向右调节，指针偏向分度盘中线右侧，平衡螺母向左调；
③由图2读出消毒液的体积；
④物体质量等于砝码的质量与游码在标尺上所对的刻度值之和；
⑤根据密度公式计算出该酒精消毒液的密度；
(2)根据图4可得出合金块的质量，根据密度公式可得出合金块的体积，图5中质量m2等于烧杯质量、酒精消毒液质量、合金块浸没后排开液体的质量之和，图6质量m3等于烧杯质量、酒精消毒液质量、合金块的质量之和，故(m2−m3+m1)g即为金属完全浸没时所受浮力，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排，计算酒精消毒液的密度ρ液的表达式；
(3)若合金块未完全浸没，计算的浮力小于完全浸没时的浮力，计算时V排则按完全浸没时的V计算。
本题目是测定密度的常规实验题，主要考查天平、量筒的读数及密度的基本计算，天平和量筒是初中物理中基本的测量工具，放、调、称、读等都是基本的知识要求，必须掌握扎实牢固。
27.【答案】右 灯泡 断路 变大 变亮 变大 半导体 3.24 小灯泡和LED发光二极管实际功率大小
【解析】解：(1)①为了保护电路，在开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处，即最右端；
②闭合开关，小明发现调节滑动变阻器时，电路②中电流表无示数，说明电路可能断路，电压表示数保持不变，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即电路中的灯泡可能出现了断路故障；
③排除故障后，小明向左移动滑动变阻器澄片，滑动变阻器阻值变小，根据分压原理，滑动变阻器两端电压变小，根据串联电路电压规律，灯泡两端电压变大，即电压表示数变大，灯泡实际功率变大，灯泡亮度变亮；
由图乙可知，光敏电阻RP的阻值随光照强度增大而减小，根据分压原理，光敏电阻RP两端的电压减小，根据串联电路电压规律，R0两端电压变大，即电压表示数变大；
(2)①LED发光二极管由半导体材料制成；
②已知该LED发光二极管的额定电压为3.6V，由表可知，发光二极管的额定电流为900mA=0.9A，则发光二极管的额定功率为：
P=UI=3.6V×0.9A=3.24W；
(3)当电路①中的电压表示数相同时，说明光敏电阻受到的光照强度相同，即小灯泡和LED发光二极管发光强度相同，此时只需要比较电路②中两电表示数大小，即小灯泡和LED发光二极管实际功率大小。
故答案为：(1)①右；②灯泡；断路；③变大；变亮；变大；(2)①半导体；②3.24；(3)小灯泡和LED发光二极管实际功率大小。
(1)①为了保护电路，在开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处；
②闭合开关，小明发现调节滑动变阻器时，电路②中电流表无示数，说明电路可能断路，电压表示数保持不变，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
③根据串联电路电压规律和分压原理分析回答；
(2)①半导体材料可制成发光二极管；
②根据表中数据结合P=UI求出发光二极管的额定功率；
(3)当电路①中的电压表示数相同时，说明光敏电阻受到的光照强度相同，即小灯泡和LED发光二极管发光强度相同，据此分析。
本题比较小灯泡和LED发光二极管的发光效率实验，考查了注意事项、电路故障、欧姆定律的应用、功率的计算等知识。
28.【答案】解：(1)拉力做的有用功为：
W有=Gh=200N×1.5m=300J；
(2)拉力做的总功为：
W总=Fs=F2h=125N×2×1.5m=375J，
则动滑轮的机械效率为：
η=W有W总=300J375J×100%=80%；
(3)不计绳重及滑轮与轴之间的摩擦，根据F=12(G+G动)可知，动滑轮的重力为：
G动=2F−G=2×125N−200N=50N。
答：(1)拉力做的有用功为300J；
(2)动滑轮的机械效率为80%；
(3)动滑轮的重力为50N。
【解析】(1)根据W有=Gh求出拉力做的有用功；
(2)根据W总=Fs=F⋅2h求出拉力做的总功，利用η=W有W总求出动滑轮的机械效率；
(3)不计绳重及滑轮与轴之间的摩擦，根据F=12(G+G动)求出动滑轮的重力。
本题考查了做功公式和滑轮组拉力公式以及滑轮组机械效率公式的应用，属于求滑轮组机械效率中最基础的题目。
29.【答案】解：(1)甲行驶的距离s=vt=90km/h×1h=90km=90000m；
(2)汽车匀速行驶时处于平衡状态，牵引力和阻力是一对平衡力，则牵引力F=f=1000N，
该过程中汽车做的有用功W=Fs=1000N×90000m=9×107J，
在测试过程中由化学反应所产生的电能E电=Wη=9×107J90%=1×108J；
(3)甲车消耗10kg甲醇的费用为10kg×2.5元/kg=25元，
此费用能买到的电能W电′=25元1元/kW⋅h=25kW⋅h=25×3.6×106J=9×107J，
输送到乙的电能W乙电=W电′η′=9×107J×80%=7.2×107J，
乙用来做有用功的能量W乙=W乙电η乙=7.2×107J×90%=6.48×107J，
乙的牵引力F乙=F=1000N，
乙行驶的距离s乙=W乙F乙=6.48×107J1000N=64800m<90000m，故甲行驶的距离远。
答：(1)在测试过程中该汽车行驶的路程s为90000m；
(2)在测试过程中由化学反应所产生的电能E电为1×108J；
(3)在与甲车花费相同燃料费用的情况下，甲车行驶的距离远。
【解析】(1)甲行驶的距离根据s=vt计算；
(2)汽车匀速行驶时处于平衡状态，牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，根据W=Fs计算该过程中汽车做的有用功，在测试过程中由化学反应所产生的电能根据E电=Wη计算；
(3)根据题意计算甲车消耗10kg甲醇的费用、此费用能买到的电能，根据W乙电=W电′η计算输送到乙的电能，根据W乙=W乙电η乙计算乙用来做有用功的能量，根据s=WF计算乙行驶的距离。
本题考查了路程、功的计算，能够搞清三个效率的关系是解答本题的关键。
30.【答案】变小 变大 ABD
【解析】解：(1)由图3可知，当温度降低时，热敏电阻Rt的电阻阻值变小，控制电路的电源电压等不变，根据欧姆定律可知电路中电流变大；
(2)①由图3可知，温度为20℃时，热敏电阻的阻值：Rt=40Ω，
根据串联电路规律可得，控制电路中的电阻：R总=R+Rt=160Ω+40Ω=200Ω，
由欧姆定律可得，电磁铁线圈中的电流：I=UR总=6V200Ω=0.03A=30mA；
②由表格数据可知，电磁铁中电流I=30mA时，燃气耗气量：0.056m3/min，表明每分钟消耗燃气：V=0.056m3，
每分钟燃气完全燃烧放出的热量：Q放=qV=3×107J/m3×0.056m3=1.68×105J，
每分钟水吸收的热量：Q吸=ηQ放=70%×1.68×105J=1.176×105J，
由Q=cmΔt可得，每分钟流出的水的质量：m=Q吸c(t−t0)=1.176×105J4.2×103J/(kg⋅℃)×(40℃−20℃)=1.4kg，
由ρ=mV可得，水的体积：V=mρ=1.4kg1.0×103kg/m3=1.4×10−3m3=1.4L，
所以出水口热水流量为1.4L/min；
(3)A、当适当减小电阻箱R的阻值时，电路中的电流变大，燃气耗气量变大，水吸收的热量多，水温升高，故A符合题意；
B、减小水管内水的流速，在相同时间内水的质量变小，燃气燃烧产生的热量不变，水吸收的热量不变，水温升高，故B符合题意；
C、适当减小电源电压U，电路中的电流减小，燃气消耗量减小，在相同时间内燃气燃烧产生的热量减少，水吸收的热量减少，水温降低，故C不符合题；
D、换用质量更小的空心铁质阀门，在电流不变，电磁铁额吸引力不变的情况下，出气口变大，在相同时间内燃烧的燃气量变大，水温升高，故D符合题意。
故选：ABD。
答：(1)变小；变大；
(2)①电磁铁线圈中电流为30mA；
②出水口热水流量为1.4L/min；
(3)ABD。
(1)由图3可知，当温度降低时，热敏电阻Rt的电阻变化情况，根据欧姆定律可知电路中电流的变化；
(2)由图3可知，温度为20℃时，热敏电阻的阻值，根据串联电路规律和欧姆定律计算电磁铁线圈中的电流；
根据表格可知每分钟消耗的燃气量，由此计算每分钟燃气完全燃烧放出的热量，根据效率计算每分钟水吸收的热量，根据Q=cmΔt，计算水的质量，由ρ=mV计算水的体积，求得出水口热水流量；
(3)逐项分析，得出结论。
本题考查欧姆定律公式、热量计算、密度公式等内容，知识点较多，综合程度较高，有一定难度。
2023年江苏省镇江市丹阳市中考物理二模试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
一、单选题（本大题共12小题，共24.0分）
1. 我们能分辨同一乐器发出的高音与低音，主要根据声音的( )
A. 幅度 B. 音色 C. 音调 D. 响度
2. 皮影戏是中国民间古老的传统艺术。表演时，艺人们操纵鲁皮制作的人物剪影，在灯光照射下，屏幕上就会出现活动的影子。下列现象与皮影戏的光学原理相同是( )
A. 月食的形成 B. 湖面的倒影 C. 海市蜃楼 D. 用放大镜看报纸
3. 下列现象对应的物态变化过程需要放热的是( )
A. 春天，河中的冰雪消融 B. 夏天，清晨的迷雾消散
C. 秋天，晶莹的露珠形成 D. 冬天，冰冻的衣服晾干
4. 将杯中的水倒出，发现怎样倒也倒不干净，杯壁上沾有水珠，这是由于( )
A. 分子之间存在斥力 B. 分子之间有间隙 C. 分子之间存在引力 D. 水分子很多
5. 如图是四冲程汽油机工作的示意图，其中表示内能转化为机械能的冲程的是( )
A. B. C. D.
6. 下列说法正确的是( )
A. 太阳能属于不可再生能源 B. 一切物体都具有热量
C. 电磁波能在真空中传播 D. 原子核是由质子和电子组成的
7. 下列生活中的物理数据最接近实际的是( )
A. 洗澡时的水温约为70℃ B. 平静时呼吸一次的时间约为5s
C. 人正常步行的速度约为5m/s D. 家用洗衣机正常工作时的电流约为10A
8. 2023年5月11日5时16分，天舟六号货运飞船成功对接空间站组合体，对接后，以下列哪个物体为参照物，货运飞船是静止的( )
A. 地球 B. 空间站组合体 C. 月球 D. 太阳
9. 中国人民解放军海军的新航母将安装电磁弹射器。飞机弹射时，磁场推动通电的牵引器，牵引器带动飞机加速运动。图中与电磁弹射器工作原理相同的是( )
A.
B.
C.
D.
10. 共享电单车可以在手机上进行还车操作，步骤如下：①若未使用头盔，头盔与车筐连接完好(S2闭合)，则可以进行一键还车(S1闭合)，电磁锁启动；②若使用了头盔，则需要先归还头盔，再进行一键还车操作。以下电路符合要求的是( )
A. B.
C. D.
11. 如图，小车静止在水平面上，弹簧一端与物块相连，另一端固定在小车上，此时弹簧处于伸长状态，物块相对于小车静止。已知小车上表面水平且粗糙，若弹簧对物块的弹力用F表示，小车对物块的摩擦力用f表示，下列说法正确的是( )
A. 小车静止时，F与f是一对相互作用力
B. 若小车突然向左加速，且物块相对于小车静止，f的方向可能水平向左
C. 若小车突然向右加速，且物块相对于小车静止，则F的大小等于f的大小
D. 若小车运动时，弹簧长度突然变长，则小车一定开始加速
12. 在凸透镜成像实验中，烛焰和光屏的中心在凸透镜主光轴上，小明进行如下实验操作：
步骤①：调节蜡烛、凸透镜和光屏至如图位置，光屏上出现清晰的像；
步骤②：保持蜡烛和光屏位置不变，将凸透镜向左移动至刻度线M，光屏上再次出现清晰的像；
步骤③：保持步骤①中蜡烛、凸透镜和光屏位置不变，换焦距更小的凸透镜，将凸透镜向左移动至刻度线N，光屏上再次出现清晰的像。
下列说法错误的是( )
A. 步骤①中成像的应用是照相机
B. 步骤②中刻度线M是35cm，且光屏上清晰的像是放大的实像
C. 步骤③中刻度线N在步骤②中刻度线M的右侧
D. 步骤③中光屏上清晰的像比步骤②中光屏上清晰的像大
二、填空题（本大题共9小题，共28.0分）
13. 图1中，物体的长度为______ cm；图2中，秒表的示数为______ s；图3中，体温计的读数为______ ℃。
14. 如图是正在向空中喷雾的雾炮车。在太阳光下，它的后方能看到一道“彩虹”。该车匀速行驶时机械能______ (选填“变大”“变小”或“不变”)，它喷出的水雾能降温是因为水______ (填物态变化名称)吸热，“彩虹”形成的是光的______ 现象。
15. 小明在国防教育基地进行远距离射击训练，瞄准时要做到“三点一线”，这是光的______ 原理；子弹离开枪膛后仍能继续向前飞行，这是因为子弹具有______ ；射击结束后，小明发现子弹命中的位置总比瞄准位置低，这是因为子弹受______ 的作用。
16. 如图，擦窗机器人在玻璃外侧清洁玻璃，它的“腹部”与玻璃之间形成一个空腔。当风机转动时，腔内空气被向外抽出，腔内气压______ (选填“变大”“变小”或“不变”)，形成“负压空腔”，机器人被牢牢吸附在玻璃上；工作时，机器人依靠履带在玻璃上移动，用清洁垫擦拭玻璃；已知机器人的质量为4kg，履带与玻璃的接触面积为50cm2，履带对玻璃的压强为2800Pa，则履带对玻璃的压力为______ N，机器人静止在竖直玻璃上时受到的摩擦力为______ N。(g=10N/kg)
17. 小明操纵无人机悬停在湖面上方5m处，已知湖水深2m，则无人机与它在水中的像之间的距离为______ m，该像是______ (选填“实”或“虚”)像；若此时无人机竖直下降2m，它在水中像的大小将______ (选填“变大”“变小”或“不变”)。
18. 如图是小明家的电能表，示数为______ kW⋅h，当小明单独打开电吹风时，他发现家中电能表的转盘在5min内转动了600圈，则电吹风的实际功率为______ kW；若该电能表能正常工作的最大电流为20A，则小明家中还能接入额定功率为______ kW的用电器。
19. 如图是汽车座椅的加热电路，R1、R2是电热丝，其发热原理是电流的______ 效应；旋钮式开关可绕O点转动，若选择“高温”挡，应将开关转至______ (选填“1”或“2”)位置；已知电源电压为24V，R1阻值是32Ω，若“低温”挡功率为12W，则电路中的电流是______ A；若选择“高温”挡，通电100s时间，R2产生的热量为______ J。
20. 如图，电子秤上支架质量不计，均匀细木棒OAB可绕O点自由转动，当支架支撑在A点时，调节O点高度，使木棒水平平衡，此时电子秤示数如图1所示，已知OA：OB=2：5，细木棒的自重为______ N。现在B点施加竖直向上拉力FB，电子秤示数与FB的关系图线为图2中的①，则图像中横坐标x点的数值为______ N。若将支架从A点移至C点，电子秤示数与FB的关系图线变为图2中的______ (选填数字序号)。(g=10N/kg)
21. 如图1是小明设计的天然气泄漏检测电路，R1是气敏电阻，R2是电阻箱，V1和V2是电压表，电源电压U=3V。由图2可知：当天然气浓度变大时，R1阻值______ (选填“变大”“变小”或“不变”)。若V1示数用U1表示，V2示数用U2表示，则ΔU=U1−U2。为检测天然气浓度是否超标(超标浓度≥0.6ppm)，小明先调节电阻箱R2=1kΩ，则当△U ______ 0(选填“=”、“>”或“<”)或在U2在______ 范围内时，可判断天然气浓度未超标。
三、作图题（本大题共3小题，共6.0分）
22. 图中，一铁球静止在水平桌面上，O是它的重心，请画出它的受力示意图。
23. 图中，根据插座的连接，请用笔画线代替导线将开关和灯泡正确连入家庭电路。
24. 图中，光从空气射向玻璃砖时，入射点O、玻璃砖内光线和出射光线如图所示。已知玻璃砖上下表面平行，请根据辅助线画出入射光线及其反射光线。
四、实验探究题（本大题共3小题，共20.0分）
25. 在“比较不同物质吸热能力”实验中，小志用完全相同的装置对水和香醋加热。
(1)实验时要控制两种液体的______ (选填“质量”或“体积”)和初温都相同，通过加热相同的时间，比较______ 来判断两种液体的吸热能力；
(2)此实验用到的物理方法有控制变量法和______ 法；
(3)小志根据实验得到的数据画出了两种液体温度随时间变化的关系图像如图丙所示，由图可知______ 的吸热能力强，已知水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，则可估算香醋的比热容为______ J/(kg⋅℃)。
26. 为测量75%酒精消毒液的密度，小明和小华分别设计实验方案。
(1)小华的方案，实验操作步骤如下：
①实验前，将天平放在水平桌面上，游码移至标尺左端零刻度线处，发现指针摆动的范围如图1所示，则应将平衡螺母向______ 调节，使天平平衡；
②向烧杯中倒入适量的酒精消毒液，测量出烧杯和消毒液的总质量为100g；
③如图2，将烧杯中的部分消毒液倒入量筒中，读出消毒液的体积______ mL；
④如图3，测量出烧杯和剩余消毒液的总质量为______ g；
⑤计算出该酒精消毒液的密度ρ液= ______ g/cm3。
(2)小明的方案，实验操作步骤如下：
①如图4，取密度为ρ的合金块，用电子秤测得其质量为m1；
②如图5，在烧杯中倒入适量消毒液，用细线提起合金块，使其缓慢浸没在消毒液中，稳定后，电子秤的示数为m2(细线的质量与体积都不计)；
③如图6，松手后，合金块沉底，电子秤的示数为m3，则该酒精消毒液的密度ρ液= ______ (用ρ、m1、m2和m3表示)。
(3)小明的实验步骤②中，若合金块未完全浸没时读数，则密度测量值______ (选填“偏大”、“偏小”或“无影响”)。
27. 小明设计图甲装置比较小灯泡和LED发光二极管的发光效率，该装置电路由电路①、密封箱和电路②组成，电路①中光敏电阻RP的阻值与光照强度的关系如图乙所示。
(1)小明将小灯泡安装在灯座上进行实验。
①在开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于最______ 端；
②闭合开关，小明发现调节滑动变阻器时，电路②中电压表示数保持不变，电流表无示数。若导线及各接线柱连接完好，则电路中的______ 可能出现了______ 故障；
③排除故障后，小明向左移动滑动变阻器滑片，电路②中电压表示数______ ，灯泡亮度______ ，电路①中电压表示数______ ；(选填“变大”、“不变”或“变小”)
④调节滑动变阻器，分别记录下电路①和电路②中电表的示数。
(2)小明将LED发光二极管安装在灯座上进行实验。实验时，调节滑动变阻器，分别记录下电路①和电路②中电表的示数。电路②中电表示数如下表所示：
电压/V
20
2.3
2.5
2.8
3.0
3.3
3.5
3.6
3.7
电流/mA
0
5
10
60
160
380
690
900
1250
①LED发光二极管由______ 材料制成；(选填“超导体”、“半导体”或“绝缘体”)
②已知该LED发光二极管的额定电压为3.6V，则其额定功率为______ W；
(3)利用实验时记录的电表示数比较小灯泡和LED发光二极管的发光效率，方法是：当电路①中的电压表示数相同时，比较______ 。
五、计算题（本大题共3小题，共22.0分）
28. 如图所示，用125N的拉力通过动滑轮将重为200N的货物提升1.5m，不计绳重及滑轮与轴之间的摩擦，求；
(1)拉力做的有用功。
(2)动滑轮的机械效率。
(3)动滑轮的重力。
29. 甲醇燃料电池汽车是利用甲醇和氧发生化学反应产生电能供给电动机从而驱动汽车行驶的。在某次测试中该类型汽车甲沿平直公路以90km/h的速度匀速行驶1h，此过程中消耗甲醇10kg，所产生的电能E甲的90%用来维持汽车匀速行驶。已知汽车匀速行驶时所受阻力为1000N，加注1kg甲醇需2.5元。求：
(1)在测试过程中该汽车行驶的路程s。
(2)在测试过程中由化学反应所产生的电能E电。
(3)另一辆纯电汽车乙也参与测试，在平直公路上以90km/h的速度匀速行驶，所受阻力与甲车相同，此过程中电池释放电能的90%用于汽车匀速行驶。已知某充电站充电单价为1元/kW⋅h，且充电效率为80%，则在与甲车花费相同燃料费用的情况下，甲、乙两车谁行驶的距离远。
30. 如图1是某燃气热水器水温控制模拟电路，图2是热水器燃烧器的示意图。R是电阻箱，Rt为置于热水器进水口的热敏电阻，其阻值随温度变化的关系如图3所示。当S断开时，铁质阀门在弹簧拉力作用下封住阀门口。当S闭合时，电磁铁吸引铁质阀门，弹簧伸长，燃气通过阀门与管壁之间的空隙流出，并进入燃烧器燃烧，水管内水均匀受热，热水从出水口流出。水温控制电路可以根据进水口的水温自动调节阀门与管壁之间的空隙大小，改变燃气耗气量，实现出水口的水温基本恒定。
(1)当进水口冷水温度降低，Rt阻值______ ，电磁铁中电流______ ，阀门与管壁之间空隙变大，燃烧器火焰变大；(选填“变大”、“变小”或“不变”)
(2)若进水口水温是20℃，将电阻箱调至160Ω，则出水温度恰好为40℃；已知U=6V，电磁铁中电流I与燃气耗气量的关系如下表所示，燃气完全燃烧，且放出热量有70%被水吸收，燃气的热值取q=3×107J/m3，求：
电流I/mA
0
10
20
30
40
50
耗气量m3/min
0
0.006
0.024
0.056
0.096
0.15
①电磁铁线圈中电流；
②出水口热水流量为多少L/min？
(3)在进水温度一定的情况下，为提高出水口热水的温度，下列方法可行的是______ 。
A.适当减小电阻箱R的阻值
B.减小水管内水的流速
C.适当减小电源电压U
D.换用质量更小的空心铁质阀门
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：AD.响度反映声音的大小，与物体的振动幅度有关，振幅越大，响度越大，故AD不正确；
B.音色反映声音的品质和特性，不同发声体的音色不同，常用来分辨不同的发声体，故B不正确；
C.音调反映声音的高低，与物体的振动频率有关，振动频率越快，音调越高，乐器发出的高音与低音，指的是声音的高低，故C正确。
故选：C。
音调反映声音的高低，与物体的振动频率有关，振动频率越快，音调越高。
本题考查了声音的特点，属于基础知识。
2.【答案】A
【解析】解：A、月食现象的原因是地球挡住了太阳射向月球的光，是由光的直线传播形成的，故A符合题意；
B、湖中倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故B不符合题意；
CD、海市蜃楼和放大镜使用是光的折射现象，故CD不符合题意。
故选：A。
皮影戏是利用光的直线传播。
光的传播规律有：光的直线传播、光的反射、光的折射，多注意课本中的例子，会分析日常生活中的例子，做到学以致用。
3.【答案】C
【解析】解：A、春天，河中的冰雪消融，是熔化现象，熔化吸热，故A不符合题意；
B、夏天，清晨的迷雾消散，是汽化现象，汽化吸热，故B不符合题意；
C、秋天，晶莹的露珠形成，是液化现象，液化放热，故C符合题意；
D、冬天，冰冻的衣服晾干，是升华现象，升华吸热，故D不符合题意。
故选：C。
(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；
(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】C
【解析】解：分子间存在相互作用的引力，将杯中的水倒出时，由于水分子与组成杯子的物质分子之间存在引力，因此无论怎样倒，总有少量水残留在杯壁上，故ABD错误，C正确。
故选：C。
分子间存在相互作用的引力和斥力。
掌握分子动理论的内容，就能顺利解答。
5.【答案】B
【解析】解：内能转化为机械能的是做功冲程：
A图：气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，不符合题意；
B图：气门都关闭，活塞向下运行，气缸容积增大，是做功冲程，符合题意；
C图：排气门打开，活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程，不符合题意；
D图：进气门打开，活塞向下运行，气缸容积增大，是吸气冲程，不符合题意。
故选：B。
内燃机的一个工作循环有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成，其中压缩冲程中机械能转化成内能，做功冲程中内能转化成机械能。
本题考查了内燃机的四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，以及做功冲程的能量转化，是中考的热点内容。
6.【答案】C
【解析】解：A、像风能、水能、太阳能等可以在自然界里源源不断地得到，称它们为可再生能源，故A错误；
B、一切物体都具有内能，热量指热传递过程中传递内能的多少，故B错误；
C、电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，也可以在空气中传播，故C正确；
D、原子核是由质子和中子组成的，故D错误；
故选：C。
(1)像风能、水能、太阳能等可以在自然界里源源不断地得到，称它们为可再生能源；
(2)一切物体都具有内能，热量指热传递过程中传递内能的多少；
(3)电磁波的传播不需要介质；
(4)原子由带正电的原子核和核外带负电的电子构成，原子核是由质子和中子组成的。
知道生活中常见能源的分类，电磁波的应用，理解内能、热量概念，知道原子的构造，可解答此题。
7.【答案】B
【解析】解：A、人洗澡时的水温约为40℃，故A不符合实际；
B、平静状态下，人1min呼吸15次左右，平均一次的时间在4s左右，与5s时间较接近，故B接近实际；
C、人正常步行的速度约为1m/s，故C不符合实际；
D、家用洗衣机的功率在220W左右，正常工作的电流在I=PU=220W220V=1A左右，故D不符合实际；
故选：B。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
8.【答案】B
【解析】解：A、以地球为参照物，天舟六号货运飞船的位置不断变化，是运动的，故A不合题意；
B、以在轨运行的空间站组合体，天舟六号货运飞船的位置没有变化，是静止的，故B符合题意；
C、以月球为参照物，天舟六号货运飞船的位置不断变化，是运动的，故C不合题意；
B、以太阳参照物，天舟六号货运飞船的位置不断变化，是运动的，故D不合题意。
故选：B。
判断一个物体的运动和静止，首先确定一个参照物，被研究的物体和参照物之间发生了位置的改变，被研究的物体是运动的，否则是静止的。
在选定参照物时，被研究物体与参照物之间存在位移的变化，那么被研究物体就是运动的，反之则静止，要充分理解运动和静止的相对性。
9.【答案】D
【解析】解：电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强电流时，弹射车受到强大的推力带动舰载机快速起飞；由此可知其原理是通电导体在磁场中受力而运动，其原理与电动机相同。
A、图中是探究电流磁效应的实验，故A错误；
B、图中没有电源，是探究电磁感应现象的实验，是发电机的原理图，故B错误；
C、图中是探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验，是电流的磁效应，故C错误；
D、图中有电源，通电导体在磁场中会受力而运动，是电动机的原理图，故D正确。
故选：D。
(1)通电导体在磁场中受到力的作用；
(2)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流；
(3)电流的周围存在磁场。
对于电磁学中的电流磁效应、磁场对通电导体有力的作用、电磁感应等实验要注意区分，属于常见题型。
10.【答案】B
【解析】解：根据题意可知，若未使用头盔，头盔与车筐连接完好(S2闭合)，则可以进行一键还车(S1闭合)，电磁锁启动，这说明两个开关都闭合后，电磁锁工作；
若使用了头盔，则需要先归还头盔，即先使得开关S2闭合后才能使电磁锁启动，这说明两个开关工作时相互影响，是串联的，然后与电磁锁、保护电阻串联接在电路中，故B正确。
故选：B。
根据题分析两个开关的连接方式、电磁锁、定值电阻的连接方式，然后选出正确的电路图。
本题考查了电路图的设计，根据题意得出两开关的连接方式和工作状态是关键。
11.【答案】B
【解析】解：A.小车静止时，木块也是静止，受力平衡，F与f大小相等，方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上，是一对平衡力，不是相互作用力，故A错误；
B.若小车突然向左加速，且物块相对于小车静止，说明木块也是向左加速，则木块受到的合力向左，因而此时受到向左的弹力可能大于向右的摩擦力，可能摩擦力等于0，也可能摩擦力也是向左，故B正确；
C.若小车突然向右加速，且物块相对于小车静止，说明木块也是向右加速，则向右的摩擦力一定大于向左的弹力F，故C错误；
D.若小车运动时，弹簧长度突然变长，如果小车是向左运动，说明木块由于惯性相对于小车向右运动使得弹簧伸长，则小车一定向左开始加速，如果向右运动，则此时木块相对于小车向右运动，使得弹簧伸长，因而是小车减速，由于惯性木块向右滑动，故D错误。
故选：B。
相互作用力是：大小相等，方向相反、作用在不同一物体上、作用在同一直线上；
加速运动时，受力不平衡，合力方向与运动方向相同；
根据惯性分析木块相对小车的运动情况分析。
本题考查相互作用力、力与运动、惯性等，属于较难题。
12.【答案】C
【解析】解：A、在步骤①中由图可知，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的，故A正确；
B、在步骤②中，保持蜡烛和光屏位置不变，将凸透镜向左移动至刻度线35cm处，此时物距等于原来的像距，像距等于原来的物距，根据在光的折射中，光路是可逆的，可知在光屏上能再次成清晰的像，由于此时物距小于像距，根据凸透镜成像规律可知，光屏上清晰的像是放大的实像，故B正确；
CD、在步骤③中，保持步骤①中蜡烛、凸透镜和光屏位置不变，换焦距更小的凸透镜，凸透镜焦距变小，相当于增大物距，缩小像距，此时像成在光屏的左侧；若将凸透镜向左移动至刻度线N，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大可知，蜡烛到刻度线N的距离应小于保持步骤①中凸透镜到光屏的距离，即步骤③中刻度线N在步骤②中刻度线M的左侧；因光屏位置不变，在步骤③中的像距大于在步骤②中的像距，根据凸透镜成像规律可知，像距越大像越大，因此步骤③中光屏上清晰的像比步骤②中光屏上清晰的像大，故C错误，D正确。
故选：C。
(1)根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；
(2)在光的折射中，光路是可逆的；
(3)凸透镜焦距变小，相当于增大物距，缩小像距；根据凸透镜成实像时，物近像远像变大分析回答。
此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。
13.【答案】1.40 185.4 38.5
【解析】解：(1)图1中，刻度尺上1cm之间有10个小格，一个小格是1mm，即刻度尺的分度值为1mm；起始端从0刻度线开始，读出末端刻度值，就是物体的长度1.40cm；
(2)图2中，秒表小盘的分度值是0.5min，指针在3min和4min之间，没有偏过中线；大盘的分度值是0.1s，大盘指针在5.4s，因此秒表读数为3min5.4s，即185.4s；
(3)体温计分度值是0.1℃，图中温度计示数是38.5℃。
故答案为：1.40；185.4；38.5。
(1)使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0刻度线开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
(2)秒表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和；
(3)体温计量程是35℃～42℃，分度值是0.1℃。
读取不同测量工具的示数时，基本方法是一致的，都要先明确测量工具的量程和分度值，确定零刻度线的位置，视线与刻度盘垂直。
14.【答案】变小 汽化 色散
【解析】解：(1)雾炮车在平直的路上匀速行驶，雾炮车的速度不变，但质量减小，所以其动能变小；同时高度不变，质量减小，所以重力势能变小，故机械能变小；
(2)雾炮车通过喷洒系统向空中发射颗粒极为细小的水雾，其降温作用是通过所喷出的水雾经汽化吸热而实现的；
(3)“彩虹”形成的是光的色散现象，属于光的折射。
故答案为：变小；汽化；色散。
(1)动能指物体由于运动而具有的能量，和物体运动的速度以及物体的质量有关；重力势能的大小与物体的质量、高度有关；动能和势能统称为机械能；
(2)物质由液态变为气态的过程叫汽化，汽化过程吸收热量
(3)当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象；复色光分解为单色光而形成光谱的现象叫做光的色散。
此题主要考查了机械能转化、汽化、光的折射等知识。在分析动能和重力势能的变化时，同学们往往考虑到速度、高度的变化，而忽略质量的变化，这是学生最容易出错的地方。
15.【答案】直线传播 惯性 重力
【解析】解：(1)射击瞄准时要做到“三点一线”，这是利用了光的直线传播原理；
(2)子弹离开枪膛后仍能继续向前飞行，这是因为子弹具有惯性，仍会保持原来的运动状态；
(3)子弹命中的位置总比瞄准位置低，这是因为子弹受到重力的作用，而重力的方向是竖直向下的。
故答案为：直线传播；惯性；重力。
(1)光在同种均匀介质中沿直线传播；
(2)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
(3)地面附近的一切物体都受到重力的作用，重力的方向竖直向下。
本题主要考查了对光的直线传播、惯性、重力等相关现象的解释，属基础题，难度不大。
16.【答案】变小 14 40
【解析】解：当风机转动时，腔内空气被向外抽出，腔内气压变小，形成“负压空腔”，机器人被牢牢吸附在玻璃上；
工作时，机器人依靠履带在玻璃上移动，用清洁垫擦拭玻璃；已知机器人的质量为4kg，履带与玻璃的接触面积为50cm2，履带对玻璃的压强为2800Pa，根据p=FS知，
履带对玻璃的压力F=pS=2800Pa×50×10−4m2=14N。
机器人静止在竖直玻璃上时，竖直方向受力平衡，受到的摩擦力大小等于重力，f=G=mg=4kg×10N/kg=40。
故答案为：变小；14；40。
(1)吸盘能吸在玻璃上是由于大气压强的作用；
(2)根据压强的变形公式F=pS可求压力。
(3)根据二力平衡分析摩擦力大小。
本题考查大气压、压力的计算和二力平衡的应用，属于中档题。
17.【答案】10 虚 不变
【解析】解：水面相当于平面镜，无人机距离湖面5m，根据平面镜成像特点：物像到平面镜的距离相等的特点可知，无人机的像距离湖面5m；则无人机与它在水中的像之间的距离为5m+5m=10m，无人机通过湖面所成的像是虚像；
无人机在湖面成像大小跟无人机的大小有关，跟无人机到湖面的距离没有关系，所以当它下降的过程中它在水中的像的大小将不变。
故答案为：10；虚；不变。
平面镜成像特点：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。
物体在平面镜中成像大小只跟物体大小有关，跟平面镜大小、距离平面镜的距离远近等都没有关系。
18.【答案】2023.6 2.4 2
【解析】解：(1)电能表表盘上最后一位是小数，单位是kW⋅h，则图示电能表的示数为2023.6kW⋅h；
(2)由“3000r/(kW⋅h)”可知电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表转盘转过3000r；
当电能表转盘转过600r时，电吹风消耗的电能：
W=6003000kW⋅h=0.2kW⋅h，
工作时间t=5min=112h，
则电吹风的实际功率：
P实际=Wt=0.2kW⋅h112h=2.4kW；
(3)小明家接入用电器的最大总功率：P最大=UI最大=220V×20A=4400W=4.4kW，
则小明家中还能接入用电器的额定功率：P=P最大−P实际=4.4kW−2.4kW=2kW。
故答案为：2023.6；2.4；2。
(1)电能表是测量家庭电路中消耗电能多少的仪表，表盘上最后一位是小数，单位是kW⋅h；
(2)3000r/(kW⋅h)表示的是电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，转盘正好转过3000圈，据此求出转盘转过600r时电吹风消耗的电能，知道工作时间，利用公式P=Wt求出电吹风的实际功率；
(3)知道电能表正常工作时通过的最大电流，根据P=UI求出他家接入用电器的最大总功率，用最大总功率减去电吹风的实际功率可得还能接入用电器的额定功率。
本题考查了电能表的读数、消耗电能和电功率的计算，知道电能表相关参数的含义是解题的关键。
19.【答案】热 2 0.5 3600
【解析】解：汽车座椅电热丝工作时把电能转化为内能，所以其发热原理是电流的热效应；
由图可知，当旋钮开关转至1时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点，此时电路中的总电阻最大，由P=U2R可知，电路中总功率最小，汽车座椅处于低温挡；
当旋钮开关转至2时，只有R2工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，汽车座椅处于高温挡；
由P=UI可知，低温挡时电路中的电流：I=P低U=12W24V=0.5A；
由I=UR可知，低温挡时电路中的总电阻：R=UI=24V0.5A=48Ω，
根据串联电路的电阻特点可知，R2的阻值：R2−R−R1=48Ω−32Ω=16Ω，
选择“高温”挡，通电100s时间，R2产生的热量：Q=W=U2R2t=(24V)216Ω×100s=3600J。
故答案为：热；1；0.5；3600。
(1)电流通过导体时把电能转化为内能的现象叫做电流的热效应；
(2)由图可知，当旋钮开关转至1时，R1、R2串联，当旋钮开关转至2时，只有R2工作；根据串联电路的电阻特点和P=U2R可知低温挡和高温挡的电路连接；
(3)知道低温挡的功率和电源电压，根据P=UI求出低温挡时电路中的电流；
(4)根据欧姆定律求出低温挡时电路中的总电阻，根据串联电路的电阻特点求出R2的阻值；根据Q=W=U2Rt求出选择“高温”挡，通电100s时间，R2产生的热量。
本题考查串联电路的的特点、电功率公式、欧姆定律以及焦耳定律的应用，难度不大。
20.【答案】1.6 0.8 ②
【解析】解：(1)支架对木棒的支持力F支=G示=mg=200×10−3kg×10N/kg=2N，
均匀细木棒的重心在木棒OAB的中心，根据杠杆平衡条件可得，G×12OB=F支×OA，代入OA：OB=2：5，可得杠杆自身的重力G=45F支=45×2N=1.6N；
(2)台秤示数为零说明，台秤给杠杆的支持力为0，根据杠杆平衡条件可得G×12OB=FB×OB，代入数据可得1.6N×12OB=FB×OB，解方程可得FB=0.8N；
(3)细木棒重力不变，重力的力臂不变，重力与重力力臂的乘积不变；
若将支架从A点移至C点，支架与O点之间的距离变大，即支架与O点之间力臂变大，
根据杠杆平衡条件可知G×12OB=F支×OC+FB×OB，在B点的拉力相同时，F支变小，即台秤的示数将变小，
台秤示数为零说明，台秤给杠杆的支持力为0，根据杠杆平衡条件有G×12OB=F×OB；所以施加的力不变，故选②。
故答案为：1.6；0.8；②。
(1)由图知台秤的示数为200g，根据F=G=mg算出杠杆对台秤的压力，根据台秤对杠杆的支持力与杠杆对台秤的压力是一对相互作用力，大小相等，据此得出F支=F压，此时的杠杆以O为支点，杠杆的重力为阻力，台秤对杠杆的支持力为动力，根据杠杆的平衡条件算出杠杆的重力；
(2)台秤示数为零说明，台秤给杠杆的支持力为0，根据杠杆平衡条件列方程可得B点的力；
(3)根据杠杆平衡条件分析即可。
本题考查重力公式、杠杆的平衡条件的应用，难点是理解台秤示数与力的关系。
21.【答案】变小 > 小于1.5V
【解析】解：由图2可知：当天然气浓度变大时，R1阻值变小；
由图1可知两电阻串联接入电路，电压表V1测气敏电阻两端的电压，电压表V2测电阻箱两端的电压，
先调节电阻箱R2=1kΩ，当天然气浓度为0.6ppm时，R1=1kΩ，
串联电路各处电流相等，根据U=IR可知两电阻两端的电压相等，
电源电压U=3V，串联电路总电压等于各部分电压之和，所以U1=U2=1.5V，则ΔU=U1−U2=0，
天然气浓度降低时，气敏电阻接入电路的阻值变大，根据串联分压原理可知气敏电阻两端的电压变大，根据串联电路电压规律可知电阻箱两端的电压变小，会小于1.5V，则ΔU=U1−U2>0。
故答案为：变小；>；小于1.5V。
由图2可知当天然气浓度变大时R1阻值变化；
由图1可知两电阻串联接入电路，电压表V1测气敏电阻两端的电压，电压表V2测电阻箱两端的电压，
先调节电阻箱R2=1kΩ，当天然气浓度为0.6ppm时，R1=1kΩ，根据串联电路电流特点结合U=IR可知两电阻两端的电压相等，
电源电压U=3V，根据串联电路电压规律可知U1=U2=1.5V，进一步计算ΔU的值，
天然气浓度降低时，气敏电阻接入电路的阻值变大，根据串联分压原理可知气敏电阻两端的电压变化，根据串联电路电压规律可知电阻箱两端的电压变化，进一步判断ΔU的变化。
本题考查串联电路特点和欧姆定律的灵活运用，正确读取图中信息是解题的关键。
22.【答案】解：铁球静止在水平桌面上，处于平衡状态，受到重力G和支持力F是一对平衡力，大小相等、方向相反，过铁球的球心O，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，注意两条线段的长度要相等，并分别标上符号G、F，如图所示：
【解析】物体静止在水平桌面上，受到重力G和支持力F，作用点在重心，重力的方向是竖直向下的，支持力的方向是竖直向上。根据力的示意图的画法作图。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
23.【答案】解：根据三孔插座“左零右火上接地”可知，三根线从上而下依次是：零线、火线、地线。
灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，如图所示：
【解析】首先辨别火线、零线、地线；灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
24.【答案】解：(1)光由空气中斜射进入玻璃砖中时，折射光线向靠近法线方向偏折，根据折射光线、入射光线分居法线两侧，折射角小于入射角，过入射点O平行于出射光线(光线经玻璃砖下表面折射到空气中的光线)作出入射光线；
(2)由光的反射定律的内容，根据反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，在法线右侧空气中画出反射光线。如图所示：
【解析】(1)反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角；
(2)折射规律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线向远离法线方向偏折，折射角大于入射角。
此题考查反射和折射光路图的画法。在光路图中，法线要画成虚线，如果能够确定反射角，在光路图中，一定要标出反射角的度数；画折射光路时，一定注意光从哪种介质进入哪种介质。
25.【答案】质量 升高的温度 转换 水 2.8×103
【解析】解：(1)根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同(不同物质密度不同，根据m=ρV，体积相同的不同物质质量不同)
实验时要控制两种液体的质量和初温都相同，通过加热相同的时间，比较升高的温度来判断两种液体的吸热能力；
(2)此实验用到的物理方法有控制变量法和转换法；
(3)根据实画出的两种液体温度随时间变化的关系图像可知，升高40℃，水、香醋的加热时间分别为6min和4min，故水的吸热能力强；由转换法，香醋和水吸热之比为2：3，根据Q=cmΔt可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，已知水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，则可估算香醋的比热容为：
c=23×4.2×103J/(kg⋅℃)=2.8×103J/(kg⋅℃)。
故答案为：(1)质量；升高的温度；(2)转换；(3)水；2.8×103。
(1)(2)我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；比较物质吸热能力的2种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；或使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(3)根据实画出的两种液体温度随时间变化的关系图像得出升高40℃水、香醋的加热时间，根据比较吸热能力的方法确定哪种物质的比热容大；根据Q=cmΔt可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，据此得出香醋的比热容。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法和Q=cmΔt的运用，为热学中的重要实验。
26.【答案】左 40 68 1.7 m2−m3+m1m1⋅ρ 偏小
【解析】解：(1)①由图1知，指针摆过分度盘中线偏右的幅度较大，则应将平衡螺母向左调节，使天平平衡；
③由图2知，消毒液的体积V=40mL=40cm3，
④由图3知，天平游码标尺的分度值为0.2g，消毒液的质量为：m=50g+10g+5g+3g=68g；
⑤该酒精消毒液的密度ρ液=mV=68g40cm3=1.7g/cm3；
(2)根据图4可得出合金块的质量m1，根据密度公式ρ=mV，
可得出合金块的体积V=m1ρ，
图5中质量m2等于烧杯质量、酒精消毒液质量、合金块浸没后排开液体的质量之和，图6质量m3等于烧杯质量、酒精消毒液质量、合金块的质量之和，
故完全浸没时所受浮力F浮=(m2−m3+m1)g，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排，完全浸没时V=V排，
故(m2−m3+m1)g=ρ液gV，酒精消毒液的密度ρ液=m2−m3+m1m1⋅ρ；
(3)若合金块未完全浸没，计算的浮力小于完全浸没时的浮力，计算时V排则按完全浸没时的V计算，故密度测量值会偏小。
故答案为：(1)①左；③40；④68；⑤1.7；(2)m2−m3+m1m1⋅ρ；(3)偏小。
(1)①调节横梁平衡，指针偏向分度盘中线左侧，平衡螺母向右调节，指针偏向分度盘中线右侧，平衡螺母向左调；
③由图2读出消毒液的体积；
④物体质量等于砝码的质量与游码在标尺上所对的刻度值之和；
⑤根据密度公式计算出该酒精消毒液的密度；
(2)根据图4可得出合金块的质量，根据密度公式可得出合金块的体积，图5中质量m2等于烧杯质量、酒精消毒液质量、合金块浸没后排开液体的质量之和，图6质量m3等于烧杯质量、酒精消毒液质量、合金块的质量之和，故(m2−m3+m1)g即为金属完全浸没时所受浮力，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排，计算酒精消毒液的密度ρ液的表达式；
(3)若合金块未完全浸没，计算的浮力小于完全浸没时的浮力，计算时V排则按完全浸没时的V计算。
本题目是测定密度的常规实验题，主要考查天平、量筒的读数及密度的基本计算，天平和量筒是初中物理中基本的测量工具，放、调、称、读等都是基本的知识要求，必须掌握扎实牢固。
27.【答案】右 灯泡 断路 变大 变亮 变大 半导体 3.24 小灯泡和LED发光二极管实际功率大小
【解析】解：(1)①为了保护电路，在开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处，即最右端；
②闭合开关，小明发现调节滑动变阻器时，电路②中电流表无示数，说明电路可能断路，电压表示数保持不变，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即电路中的灯泡可能出现了断路故障；
③排除故障后，小明向左移动滑动变阻器澄片，滑动变阻器阻值变小，根据分压原理，滑动变阻器两端电压变小，根据串联电路电压规律，灯泡两端电压变大，即电压表示数变大，灯泡实际功率变大，灯泡亮度变亮；
由图乙可知，光敏电阻RP的阻值随光照强度增大而减小，根据分压原理，光敏电阻RP两端的电压减小，根据串联电路电压规律，R0两端电压变大，即电压表示数变大；
(2)①LED发光二极管由半导体材料制成；
②已知该LED发光二极管的额定电压为3.6V，由表可知，发光二极管的额定电流为900mA=0.9A，则发光二极管的额定功率为：
P=UI=3.6V×0.9A=3.24W；
(3)当电路①中的电压表示数相同时，说明光敏电阻受到的光照强度相同，即小灯泡和LED发光二极管发光强度相同，此时只需要比较电路②中两电表示数大小，即小灯泡和LED发光二极管实际功率大小。
故答案为：(1)①右；②灯泡；断路；③变大；变亮；变大；(2)①半导体；②3.24；(3)小灯泡和LED发光二极管实际功率大小。
(1)①为了保护电路，在开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处；
②闭合开关，小明发现调节滑动变阻器时，电路②中电流表无示数，说明电路可能断路，电压表示数保持不变，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
③根据串联电路电压规律和分压原理分析回答；
(2)①半导体材料可制成发光二极管；
②根据表中数据结合P=UI求出发光二极管的额定功率；
(3)当电路①中的电压表示数相同时，说明光敏电阻受到的光照强度相同，即小灯泡和LED发光二极管发光强度相同，据此分析。
本题比较小灯泡和LED发光二极管的发光效率实验，考查了注意事项、电路故障、欧姆定律的应用、功率的计算等知识。
28.【答案】解：(1)拉力做的有用功为：
W有=Gh=200N×1.5m=300J；
(2)拉力做的总功为：
W总=Fs=F2h=125N×2×1.5m=375J，
则动滑轮的机械效率为：
η=W有W总=300J375J×100%=80%；
(3)不计绳重及滑轮与轴之间的摩擦，根据F=12(G+G动)可知，动滑轮的重力为：
G动=2F−G=2×125N−200N=50N。
答：(1)拉力做的有用功为300J；
(2)动滑轮的机械效率为80%；
(3)动滑轮的重力为50N。
【解析】(1)根据W有=Gh求出拉力做的有用功；
(2)根据W总=Fs=F⋅2h求出拉力做的总功，利用η=W有W总求出动滑轮的机械效率；
(3)不计绳重及滑轮与轴之间的摩擦，根据F=12(G+G动)求出动滑轮的重力。
本题考查了做功公式和滑轮组拉力公式以及滑轮组机械效率公式的应用，属于求滑轮组机械效率中最基础的题目。
29.【答案】解：(1)甲行驶的距离s=vt=90km/h×1h=90km=90000m；
(2)汽车匀速行驶时处于平衡状态，牵引力和阻力是一对平衡力，则牵引力F=f=1000N，
该过程中汽车做的有用功W=Fs=1000N×90000m=9×107J，
在测试过程中由化学反应所产生的电能E电=Wη=9×107J90%=1×108J；
(3)甲车消耗10kg甲醇的费用为10kg×2.5元/kg=25元，
此费用能买到的电能W电′=25元1元/kW⋅h=25kW⋅h=25×3.6×106J=9×107J，
输送到乙的电能W乙电=W电′η′=9×107J×80%=7.2×107J，
乙用来做有用功的能量W乙=W乙电η乙=7.2×107J×90%=6.48×107J，
乙的牵引力F乙=F=1000N，
乙行驶的距离s乙=W乙F乙=6.48×107J1000N=64800m<90000m，故甲行驶的距离远。
答：(1)在测试过程中该汽车行驶的路程s为90000m；
(2)在测试过程中由化学反应所产生的电能E电为1×108J；
(3)在与甲车花费相同燃料费用的情况下，甲车行驶的距离远。
【解析】(1)甲行驶的距离根据s=vt计算；
(2)汽车匀速行驶时处于平衡状态，牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，根据W=Fs计算该过程中汽车做的有用功，在测试过程中由化学反应所产生的电能根据E电=Wη计算；
(3)根据题意计算甲车消耗10kg甲醇的费用、此费用能买到的电能，根据W乙电=W电′η计算输送到乙的电能，根据W乙=W乙电η乙计算乙用来做有用功的能量，根据s=WF计算乙行驶的距离。
本题考查了路程、功的计算，能够搞清三个效率的关系是解答本题的关键。
30.【答案】变小 变大 ABD
【解析】解：(1)由图3可知，当温度降低时，热敏电阻Rt的电阻阻值变小，控制电路的电源电压等不变，根据欧姆定律可知电路中电流变大；
(2)①由图3可知，温度为20℃时，热敏电阻的阻值：Rt=40Ω，
根据串联电路规律可得，控制电路中的电阻：R总=R+Rt=160Ω+40Ω=200Ω，
由欧姆定律可得，电磁铁线圈中的电流：I=UR总=6V200Ω=0.03A=30mA；
②由表格数据可知，电磁铁中电流I=30mA时，燃气耗气量：0.056m3/min，表明每分钟消耗燃气：V=0.056m3，
每分钟燃气完全燃烧放出的热量：Q放=qV=3×107J/m3×0.056m3=1.68×105J，
每分钟水吸收的热量：Q吸=ηQ放=70%×1.68×105J=1.176×105J，
由Q=cmΔt可得，每分钟流出的水的质量：m=Q吸c(t−t0)=1.176×105J4.2×103J/(kg⋅℃)×(40℃−20℃)=1.4kg，
由ρ=mV可得，水的体积：V=mρ=1.4kg1.0×103kg/m3=1.4×10−3m3=1.4L，
所以出水口热水流量为1.4L/min；
(3)A、当适当减小电阻箱R的阻值时，电路中的电流变大，燃气耗气量变大，水吸收的热量多，水温升高，故A符合题意；
B、减小水管内水的流速，在相同时间内水的质量变小，燃气燃烧产生的热量不变，水吸收的热量不变，水温升高，故B符合题意；
C、适当减小电源电压U，电路中的电流减小，燃气消耗量减小，在相同时间内燃气燃烧产生的热量减少，水吸收的热量减少，水温降低，故C不符合题；
D、换用质量更小的空心铁质阀门，在电流不变，电磁铁额吸引力不变的情况下，出气口变大，在相同时间内燃烧的燃气量变大，水温升高，故D符合题意。
故选：ABD。
答：(1)变小；变大；
(2)①电磁铁线圈中电流为30mA；
②出水口热水流量为1.4L/min；
(3)ABD。
(1)由图3可知，当温度降低时，热敏电阻Rt的电阻变化情况，根据欧姆定律可知电路中电流的变化；
(2)由图3可知，温度为20℃时，热敏电阻的阻值，根据串联电路规律和欧姆定律计算电磁铁线圈中的电流；
根据表格可知每分钟消耗的燃气量，由此计算每分钟燃气完全燃烧放出的热量，根据效率计算每分钟水吸收的热量，根据Q=cmΔt，计算水的质量，由ρ=mV计算水的体积，求得出水口热水流量；
(3)逐项分析，得出结论。
本题考查欧姆定律公式、热量计算、密度公式等内容，知识点较多，综合程度较高，有一定难度。
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2023年江苏省镇江市丹阳市中考物理模拟试卷（含答案）： 这是一份2023年江苏省镇江市丹阳市中考物理模拟试卷（含答案），共26页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
