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2023年陕西省渭南市临渭区中考物理二模试卷（含答案）
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这是一份2023年陕西省渭南市临渭区中考物理二模试卷（含答案），共37页。试卷主要包含了选择题，填空与作图题，实验与探究题，综合题等内容，欢迎下载使用。
2023年陕西省渭南市临渭区中考物理二模试卷
一、选择题（共10小题，每小题2分，计20分.每小题只有一个选项是符合题意的）
1．（2分）瓷器是中华民族文化的瑰宝.如图是小明手握青花瓷的场景，根据图片信息估测该瓷器的高度为（ ）
A．1cm B．10cm C．50cm D．1m
2．（2分）中考“百日誓师大会”，主持人带领大家举起右拳一起宣誓，操场上响起洪亮的宣誓声。下列说法错误的是（ ）
A．洪亮的宣誓声属于超声波
B．宣誓声是由声带振动产生的
C．学生能够通过音色分辨出是哪位同学在主持
D．学校附近的居民关闭窗户，是在传播过程中减弱噪声
3．（2分）关于粒子和宇宙，下列说法正确的是（ ）
A．雾霾弥漫，说明分子在不停地做无规则运动
B．汤姆生发现了电子，说明原子是可分的
C．地球等行星围绕太阳转动，太阳是宇宙的中心
D．丝绸摩擦过的玻璃棒吸引纸屑，说明分子间有引力
4．（2分）rainbow分子冰淇淋如图所示，它是以现代高科技冷凝技术通过﹣196℃低温液氮急速冷冻锁住营养的方式制成的，关于rainbow分子冰淇淋的制作过程，下列描述正确的是（ ）
A．冰激凌盒中的牛奶瞬间制成冰激凌，该过程与霜的形成过程一致
B．分子冰激凌周围“烟雾缭绕”，这些“烟雾”是空气中的水蒸气
C．将沸点为﹣196℃的液氮倒入容器中，液氮瞬间消失不见，该过程属于升华现象
D．吃到嘴里的冰激凌解暑降温，这个过程需要吸热
5．（2分）下列说法正确的是（ ）
A．使用试电笔时，手不能接触笔尾金属体
B．将一根短的电阻丝拉长，其质量和阻值均变大
C．马路两旁的路灯，晚上同时亮早晨同时灭，它们是串联的
D．祝融号火星车使用的“中国芯”是由半导体材料制成的
6．（2分）如图所示，是游客在大唐芙蓉园游玩时拍摄的一张照片，下列说法错误的是（ ）
A．湖水看上去比实际浅，是由于光的折射造成的
B．柳树在岸边形成的阴影是由光的直线传播形成的
C．建筑物在水中的倒影是由光的反射形成的等大的实像
D．拍摄该照片利用了凸透镜成倒立缩小实像的原理
7．（2分）新型膨胀式安全带（如图）紧缚力达到一定值时，藏在安全带里的气囊就会快速充气，迅速形成气囊袋，对驾乘人员起到更好的保护作用，下列说法正确的是（ ）
A．当汽车加速时，该安全带就会自动充气
B．乘车时要系好安全带，是为了防止因惯性力带来的危害
C．该安全带充气后增大与人体的接触面积，减小压强，可避免人员被勒伤
D．汽车轮胎用橡胶制作，主要是因为橡胶的硬度大
8．（2分）下列说法错误的是（ ）
A．说明物体间力的作用是相互的
B．实验中小车之所以能停下来是因为物体的运动需要力来维持
C．实验表明压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大
D．实验中将小车扭转一个角度，是为了研究两个力不在同一直线上能否平衡
9．（2分）小明利用如图所示的滑轮组，使质量为50kg的重物A在10s内沿直线匀速上升了2m，拉力F为200N。已知每个滑轮的重力均相等，不计木板重、绳重和摩擦，g取10N/kg。下列说法正确的是（ ）
A．绳子自由端移动的速度为0.2m/s
B．每个动滑轮的重力为300N
C．滑轮组的机械效率为62.5%
D．拉力F做功的功率为100W
10．（2分）如图甲所示是充电式暖宝宝，其简化电路图如图乙所示，R1和R2均为发热电阻（阻值不变），该充电式暖宝宝可以通过S1、S2、S3三个开关的断开与闭合实现三个挡位（高温、中温、低温）的变化，只闭合S2时，该挡对应功率为22W；只闭合S1时，该挡对应功率为44W。则下列说法正确的是（ ）
A．用暖宝宝暖手是通过做功的方式增加手的内能
B．R2的阻值为2200Ω
C．低温挡和高温挡的功率之比为1：4
D．中温挡发热100s产生的热量为2200J
二、填空与作图题（共9小题，计22分）
11．（2分）据晋代张华的《博物志》记载：“削冰令圆，举以向日，以艾承其影，则得火”，如图甲所示，是我国古人用冰取火的情景，这是利用了 透镜对光的作用，该透镜可以用来矫正 图中的视力问题（选填“乙”或“丙”）。
12．（3分）如图所示，歼20是我国自主研发的一款高性能的隐形战机歼20发动机使用的石油燃料是 （选填“可再生”或“不可再生”）能源；歼20离地起飞，以地面为参照物飞机是 的；歼20飞行员与地面指挥中心通过 传递信息。
13．（4分）清晨城市清洁车在平直路面上边匀速前进边工作。
（1）清洁车在路面上前行并将地面上的落叶吸入车内，若不计油量消耗，清洁车的机械能将 （选填“增大”“减小”或“不变”），地面落叶吸入车内是利用了空气流速越大的地方 原理。
（2）清洁车静止在水平路面上时，清洁车所受重力与路面对清洁车的支持力是一对 。
（3）汽油机是汽车的“心脏”，四冲程汽油机的 冲程实现了内能向机械能的转化。
14．（2分）某同学制作了如图所示的装置：风吹动时，风车带动磁体上方的线圈转动（线圈两端引出线上的绝缘漆已全部刮掉），灵敏电流计的指针会发生偏转。该装置利用 原理工作的。指南针之所以指南北，是因为它受到 的作用。
15．（2分）菜油最适宜的烹饪温度在150℃至180℃之间．用天然气将质量为0.02kg的菜油从室温20℃加热到170℃，天然气燃烧释放出的热量有60%被菜油吸收，则菜油吸收了 J热量，燃烧了 m3的天然气。[取c菜油＝2.0×103J•（kg•℃） ﹣1，天然气的热值为4×107J/m3]
16．（3分）小明设计了如图甲所示的风速仪，电源电压恒定，灯泡的额定电压为5V，灯泡的I﹣U关系图象如图乙所示，AB为粗细均匀的电阻丝，总电阻为15Ω，OP为不计电阻的金属细杆（与AB接触良好），闭合开关S，无风时OP自然下垂，此时电流表的示数为0.2A，电流表示数越大，说明风力越 ；电源电压为 V，小灯泡的额定功率为 W。
17．（2分）攀岩是年轻人非常喜欢的一种运动，如图是一名攀岩运动员拉着绳子停在峭壁上的简化图，请以重心O为作用点，画出运动员所受的重力G和峭壁对运动员的支持力F支的示意图。
18．（2分）如图，请标出小磁针的N、S极及磁感线的方向。
19．（2分）如图，这是小莹家的电烤箱电路示意图，请将a、b、c三个接线口接入电路中。
三、实验与探究题（共4小题，计21分）
20．（4分）按要求完成填空。
（1）如图甲所示，温度计示数为 ℃。
（2）如图乙所示，杠杆平衡后，在左侧A点挂三个钩码，每个钩码重1N，在右侧B点竖直向下拉着弹簧测力计，使杠杆在水平位置平衡，此时弹簧测力计的示数F＝ N。
（3）如图丙为探究液体内部压强的装置。对比A、B两图可知：同种液体，深度越深，液体内部压强越 ；图A中探头位置不变，向容器中加入适量食用盐并搅拌均匀（液体未溢出），则U形管两侧液面高度差将 （选填“变大”“不变”或“变小）。
21．（4分）小聪和小明一起做“探究并联电路中电流的规律实验。
（1）连接电路时，开关应该断开，这样做的目的是防止连接电路时因电路发生 （选填“短路”或“断路”）而导致电流过大烧坏电流表。
（2）按照图甲电路图连好电路后（电流表未画出），闭合开关，发现电流表指针位置如图乙所示，原因可能是 。
（3）改正后的实验电路如图丙所示，此时电流表测量的是 （选填“A”、“B”或“C”）处的电流。
（4）多次实验，并将数据记录在表格中，分析表中数据可得出结论： （写出表达式）。
实验次序
IA/A
IB/A
IC/A
1
0.12
0.14
0.26
2
0.22
0.24
0.46
3
0.24
0.26
0.5
22．（6分）在“探究固体熔化时温度的变化规律”实验中，实验装置如图甲所示，将温度计插入试管后，待温度升至50℃左右开始，每隔大约1min记录一次温度，根据记录的数据，画出如图乙所示的该物质熔化时温度随时间变化的图象。
（1）组装实验器材时，应该按照 （选填“自下而上”或“自上而下”）的顺序安装；实验中采取水浴法对试管中的物质加热，这种加热方法的好处是使试管中的物质 。
（2）该物质是 （选填“晶体”或“非晶体”）。
（3）图中B点物体的内能 （选填“大于”“小于”或“等于”）图中D点物体的内能。
（4）某同学把试管中的物质换成水，发现无论怎么加热，试管中的水都不会沸腾，请你设计一种可以使试管中的水沸腾的方案： 。（写出一种即可）
（5）比较图乙中的AB段与DE段可知，AB段的比热容 （选填“大于“小于”或“等于”）DE段的比热容。
23．（7分）小林在如图1所示的台灯下做作业时，发现书本在不同情况下被台灯照亮的程度有所不同，于是小林想探究书本被照亮的程度与哪些因素有关？并提出以下猜想：
猜想一：可能与灯泡的功率有关；
猜想二：可能与灯泡的种类有关。
（1）请你再补充一个猜想：书本被照亮的程度可能还与 有关。
（2）灯泡发光时，电能转化为光能和 能。
（3）小林验证猜想二时，选用如图2所示的白炽灯和节能灯进行实验.在其他因素相同的情况下，应选择下面的 （填序号）两盏灯来进行实验。
A.“220V 15W”白炽灯
B.“220V 75W”白炽灯
C.“220V 5W”节能灯
D.“220V 15W”节能灯
（4）选择合适的灯泡后，小林进行实验：
①断开电源，取下台灯的灯罩，先在灯座上安装白炽灯，检查无误后进行实验，让灯持续发光十分钟，用手靠近灯并观察灯下书本被照亮的程度。
② 后，再重复上述实验，并观察同种情况下书本被照亮的程度。
③通过观察比较，他发现在灯持续通电十分钟后，用手立即快速触摸或靠近灯，会感到白炽灯的表面明显更热一些；由此可知，同一位置的书本在 （选填“白炽灯”或“节能灯”）照射下更亮。由此可知猜想二是 （选填“正确”与“错误”）的。
（5）小林在上述实验时取下灯罩后发现在同一位置的书本变暗了。可得结论：灯罩会增大灯光亮度，这是利用了光的 原理，将光尽量集中照到需要照射的地方。
四、综合题（共2小题，计17分）
24．（8分）如图甲是小明设计的“空气浮力演示器”：将一空心金属球与配重通过细线悬挂在定滑轮上，调节配重质量使二者保持静止，用气泵往玻璃容器内缓慢压入空气，可根据现象证明空气浮力的存在，已知容器的容积为50L，金属球重4N，体积为5000cm3（滑轮和细线的重力、滑轮和配重的体积及各种摩擦均忽略不计，g取10N/kg）。
（1）装置中的定滑轮相当于一个 （选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆；用气泵向玻璃容器内压入空气，当我们看到 现象时，可以说明金属球受到空气浮力的作用。
（2）该空心金属球用密度为8g/cm3的金属材料制成，求空心部分体积是多少cm3？
（3）压入空气前，容器内原有的空气密度为1.2kg/m3，求配重静止时金属球受到空气的浮力是多少N？
25．（9分）图甲为汽车远、近光灯的自动控制模拟电路，图乙是某型号汽车远、近光灯构造示意图。在一个灯泡里面装有两个不同阻值的钨丝，近光灯钨丝电阻4.8Ω，电压12V，远光灯钨丝电阻38.4Ω，电压48V。控制电路主要由电磁铁、调节电阻R0、光敏电阻R组成，电源电压恒为3V。闭合开关S，当电磁铁线圈中电流I≥0.3A时，衔铁被吸下，触点b、c相接触，光敏电阻的阻值大小与光照程度E（单位：cd）的变化关系如图丙所示，当光照强度＜3cd时，远光灯打开，线圈的组织忽略不计。
（1）A、B两电源的电压值分别为UA＝ V，UB＝ V。
（2）求调节电阻R0的阻值。
（3）小明爸爸的汽车灯型号与本题中的相同，某天晚自习后小明爸爸开车接小明回农村老家，开车耗时30分钟，其中10分钟路程光照强度不低于3cd，求整个路程小明爸爸汽车两个远光灯消耗的电能为多少？
（4）若要使汽车远光灯在光照强度更低时自动打开，请你写出一条对该控制电路改进的措施： 。
2023年陕西省渭南市临渭区中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（共10小题，每小题2分，计20分.每小题只有一个选项是符合题意的）
1．（2分）瓷器是中华民族文化的瑰宝.如图是小明手握青花瓷的场景，根据图片信息估测该瓷器的高度为（ ）
A．1cm B．10cm C．50cm D．1m
【分析】首先估测手掌的宽度，然后根据手掌的宽度估测瓷器的高度。
【解答】解：手掌宽度在8cm左右，瓷器的高度比手掌的宽度大，约10cm，故B正确。
故选：B。
【点评】本题考查了长度的估测，是对基础知识的考查。
2．（2分）中考“百日誓师大会”，主持人带领大家举起右拳一起宣誓，操场上响起洪亮的宣誓声。下列说法错误的是（ ）
A．洪亮的宣誓声属于超声波
B．宣誓声是由声带振动产生的
C．学生能够通过音色分辨出是哪位同学在主持
D．学校附近的居民关闭窗户，是在传播过程中减弱噪声
【分析】（1）人们都不能听到超声波和次声波；
（2）声音由物体的振动产生；
（3）音色指声音的品质与特色，与发声体的结构和材料有关；
（4）减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声；阻断噪声的传播；在人耳处减弱噪声。
【解答】解：A、洪亮的宣誓声不属于超声波，因为超声波人耳听不到，故A错误；
B、声音由物体的振动产生，宣誓的声音是由声带振动产生的，故B正确；
C、由于不同发声体发出的声音的音色不同，所以学生能够通过音色分辨出是哪位同学在主持，故C正确；
D、关闭窗户是在传播过程中减弱噪声，故D正确。
故选：A。
【点评】本题考查了声音的产生和音色、防止噪声的途径，有一定的综合性，但难度不大，强化对课本基础知识的记忆是解决识记性题目的基础。
3．（2分）关于粒子和宇宙，下列说法正确的是（ ）
A．雾霾弥漫，说明分子在不停地做无规则运动
B．汤姆生发现了电子，说明原子是可分的
C．地球等行星围绕太阳转动，太阳是宇宙的中心
D．丝绸摩擦过的玻璃棒吸引纸屑，说明分子间有引力
【分析】（1）分子很小，分子运动用肉眼是看不到的；
（2）汤姆生发现了电子，这说明原子是可以再分的；
（3）宇宙有层次之分，是由无数天体组成，太阳是宇宙中的一颗恒星，不是宇宙的中心；
（4）带电体可以吸引轻小物体.
【解答】解：A、分子很小，用肉眼是看不到的，雾霾弥漫是物体的机械运动，故A错误；
B、汤姆生发现了电子，这说明原子是可以再分的，故B正确；
C、宇宙有层次之分，是由无数天体组成，太阳是宇宙中的一颗恒星，不是宇宙的中心，故C错误；
D、用丝绸摩擦过的玻璃棒能吸引小纸屑是因为带电体能吸引轻小物体，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了带电体的性质、分子的运动、原子核的结构、人类探究太阳系及宇宙的历程等，属基础知识的考查。
4．（2分）rainbow分子冰淇淋如图所示，它是以现代高科技冷凝技术通过﹣196℃低温液氮急速冷冻锁住营养的方式制成的，关于rainbow分子冰淇淋的制作过程，下列描述正确的是（ ）
A．冰激凌盒中的牛奶瞬间制成冰激凌，该过程与霜的形成过程一致
B．分子冰激凌周围“烟雾缭绕”，这些“烟雾”是空气中的水蒸气
C．将沸点为﹣196℃的液氮倒入容器中，液氮瞬间消失不见，该过程属于升华现象
D．吃到嘴里的冰激凌解暑降温，这个过程需要吸热
【分析】（1）凝华指物质由气态直接转变成固态；升华指物质由固态直接转变成气态。
（2）熔化指物质由固态转变成液态，熔化要吸热。
【解答】解：A、冰激凌盒中的牛奶瞬间制成冰激凌，该过程为凝固过程，与霜的形成过程不同，故A错误；
B、这些“烟雾”是水蒸气液化成的小水珠，故B错误；
C、将沸点为﹣196℃的液氮倒入容器中，液氮瞬间消失不见，该过程属于汽化现象，故C错误。
D、吃到嘴里的冰激凌解暑降温，这个过程需要吸热，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了汽化、熔化和凝华，属于基础题。
5．（2分）下列说法正确的是（ ）
A．使用试电笔时，手不能接触笔尾金属体
B．将一根短的电阻丝拉长，其质量和阻值均变大
C．马路两旁的路灯，晚上同时亮早晨同时灭，它们是串联的
D．祝融号火星车使用的“中国芯”是由半导体材料制成的
【分析】（1）使用试电笔时，笔尖接触要检测的导线，手接触笔尾金属体，才能在接触火线时氖管发光；
（2）质量是物体本身具有的属性，决定于物体所含物质的多少；影响电阻大小的因素有：材料、长度、横截面积和温度；在材料和温度相同时，长度越长，横截面积越小电阻越大；
（3）并联电路中各用电器之间互不影响；
（4）导电能力介于导体和绝缘体之间的材料叫半导体，半导体是制作二极管、三极管的材料，常用在电子元件上；二极管具有单向导电的性质。
【解答】解：A、使用试电笔时，手必须接触笔尾金属体才能构成通路，试电笔接触火线时氖管才能发光，故A错误；
B、将一根铁丝拉长后，形状发生变化，所含物质多少没有变化，所以质量不变；将一根铁丝拉长后，长度变长了，横截面积变小了，所以电阻变大了，故B错误；
C、马路两旁的路灯，晚上同时亮，早晨同时灭，但它们互不影响，是并联的，故C错误；
D、祝融号火星车使用的“中国芯”是半导体材料制成的，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了测电笔的使用、影响电阻大小因素、质量、串、并联电路的辨别和半导体材料的应用，属于基础题。
6．（2分）如图所示，是游客在大唐芙蓉园游玩时拍摄的一张照片，下列说法错误的是（ ）
A．湖水看上去比实际浅，是由于光的折射造成的
B．柳树在岸边形成的阴影是由光的直线传播形成的
C．建筑物在水中的倒影是由光的反射形成的等大的实像
D．拍摄该照片利用了凸透镜成倒立缩小实像的原理
【分析】（1）光线从一种介质斜射入另一种介质时会发生折射，由此形成的现象有：雨后彩虹、池水变浅、水中筷子折断、海市蜃楼等；
光在同种均匀介质中沿直线传播，如：激光准直、小孔成像、影子的形成、日食和月食的形成等；
（2）平面镜成像所成的是正立等大的虚像；
（3）当物距大于二倍焦距时，凸透镜成倒立、缩小的实像，其应用是照相机和摄像头。
【解答】解：A、湖水看上去比实际浅，这是由于光从水中斜射入空气中时，发生折射形成的，故A正确；
B、柳树在岸边形成的阴影是由光的直线传播形成的，故B正确；
C、建筑物在水中的倒影属于平面镜成像，成的是正立等大的虚像，故C错误；
D、拍摄该照片时，物距大于二倍焦距，凸透镜成倒立、缩小的实像，故D正确。
故选：C。
【点评】本题考查了光的直线传播、光的反射和折射、凸透镜成像规律的应用，属于基础知识。
7．（2分）新型膨胀式安全带（如图）紧缚力达到一定值时，藏在安全带里的气囊就会快速充气，迅速形成气囊袋，对驾乘人员起到更好的保护作用，下列说法正确的是（ ）
A．当汽车加速时，该安全带就会自动充气
B．乘车时要系好安全带，是为了防止因惯性力带来的危害
C．该安全带充气后增大与人体的接触面积，减小压强，可避免人员被勒伤
D．汽车轮胎用橡胶制作，主要是因为橡胶的硬度大
【分析】（1）惯性是属性不是力，惯性的大小只与质量有关；
（2）新型膨胀式安全带紧缚力达到一定的值，藏在安全带里的气囊就会快速充气，迅速充气，迅速形成气囊袋；
（3）减小压强方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
（4）橡胶具有弹性，可以受压发生形变而减少颠簸。
【解答】解：A、由题意“紧缚力达到一定的值，藏在安全带里的气囊就会快速充气，迅速形成气囊袋”，说明当急刹车时，该安全带就会自动充气，加速不会，故A错误；
B、惯性是性质，不是力，不能说防止因惯性力带来的危害，故B错误。
C、该安全带充气后增大与人体的接触面积，压力一定时，可以减小对人体的减小压强，可避免人员被勒伤，故C正确；
D、汽车轮胎用橡胶制作，主要是因为橡胶的弹性好，受压发生形变而减少颠簸，不是硬度大，故D错误。
故选：C。
【点评】该题考查了惯性的利用、弹性、减小压强方法以及气囊工作原理的理解等，难度不大，属于基础知识。
8．（2分）下列说法错误的是（ ）
A．说明物体间力的作用是相互的
B．实验中小车之所以能停下来是因为物体的运动需要力来维持
C．实验表明压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大
D．实验中将小车扭转一个角度，是为了研究两个力不在同一直线上能否平衡
【分析】（1）物体间力的作用是相互的；
（2）力是改变物体的运动状态原因，而物体的运动不需要力来维持；
（3）根据改变的因素进行分析；
（4）实验中将小车扭转一个角度，两个拉力不同在同一直线上。
【解答】解：A．甲推乙，同时乙推甲，说明物体间力的作用是相互的，故A正确；
B．实验中小车之所以能停下来是因为受到摩擦力，改变了物体的运动状态，而物体的运动不需要力来维持，故B错误；
C．实验中，压力相等，接触面的粗糙程度不同，摩擦力不同，实验表明压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大，故C正确；
D．实验中将小车扭转一个角度，两个拉力不在同一直线上，其他因素不变，故是为了研究两个力不在同一直线上能否平衡；故D正确。
故选：B。
【点评】本题考查多个小实验，属于基础知识的综合，难度不大。
9．（2分）小明利用如图所示的滑轮组，使质量为50kg的重物A在10s内沿直线匀速上升了2m，拉力F为200N。已知每个滑轮的重力均相等，不计木板重、绳重和摩擦，g取10N/kg。下列说法正确的是（ ）
A．绳子自由端移动的速度为0.2m/s
B．每个动滑轮的重力为300N
C．滑轮组的机械效率为62.5%
D．拉力F做功的功率为100W
【分析】（1）由图可知n＝4，绳子自由端移动的距离s＝nh，利用v＝求出绳子自由端移动的速度；
（2）根据G＝mg求重物的重力，利用不计木板重、绳重和摩擦时F＝（G+G动）求两个动滑轮的总重力，进而求出一个动滑轮的重力；
（3）利用η＝＝＝＝求滑轮组的机械效率；
（4）利用P＝＝＝Fv求拉力做功的功率。
【解答】解：A、由图可知n＝4，绳子自由端移动的距离：s＝nh＝4×2m＝8m，
绳子自由端移动的速度：v＝＝＝0.8m/s，故A错误；
B、重物的重力：G＝mg＝50kg×10N/kg＝500N，
因为不计木板重、绳重和摩擦时F＝（G+G动），所以动滑轮的重力：G动总＝nF﹣G＝4×200N﹣500N＝300N，
因此一个动滑轮的重力：G动＝G动总＝×300N＝150N，故B错误；
C、滑轮组的机械效率：η＝＝＝＝＝×100%＝62.5%，故C正确；
D、拉力F做功的功率：P＝＝＝Fv＝200N×0.8m/s＝160W，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了使用滑轮组时速度、动滑轮的重力、机械效率和功率的计算，明确滑轮组绳子的有效股数是关键。
10．（2分）如图甲所示是充电式暖宝宝，其简化电路图如图乙所示，R1和R2均为发热电阻（阻值不变），该充电式暖宝宝可以通过S1、S2、S3三个开关的断开与闭合实现三个挡位（高温、中温、低温）的变化，只闭合S2时，该挡对应功率为22W；只闭合S1时，该挡对应功率为44W。则下列说法正确的是（ ）
A．用暖宝宝暖手是通过做功的方式增加手的内能
B．R2的阻值为2200Ω
C．低温挡和高温挡的功率之比为1：4
D．中温挡发热100s产生的热量为2200J
【分析】（1）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；
（2）只闭合S1时，电路为R1的简单电路，根据题意得出该挡对应的功率，根据P＝求出R1的阻值；只闭合S2时，R1与R2串联，根据题意得出该挡对应的功率，根据串联电路特点P＝求出R2的阻值；
（3）当同时闭合S1、S3时，R1与R2并联，此时为高温挡，根据电阻的并联求出电路中的总电阻，利用P＝求出高温挡的功率，然后求出低温挡和高温挡的功率之比；
（4）根据Q＝W＝Pt求出以中温挡发热100s产生的热量。
【解答】解：
A、用暖宝宝暖手是通过热传递的方式增加手的内能，故A错误；
B、由电路图知，只闭合开关S2时，R1与R2串联，只闭合S1时电路为R1的简单电路，当同时闭合S1、S3时R1与R2并联，
因并联电路的总电阻小于任何一个分电阻、串联电路中总电阻大于任何一个分电阻，
电源电压一定，由P＝可知，同时闭合S1、S3时，电路的总电阻最小，总功率最大，为高温挡，
只闭合开关S2时，电路的总电阻最大，总功率最小为低温挡，即P低温＝22W，
只闭合S1时为中温挡，即P中温＝44W。
由P＝可得：R1＝＝＝1100Ω
低温挡时，R1与R2串联，
P低温＝，即22W＝，
解得：R2＝1100Ω，故B错误；
C．当同时闭合S1、S3时，R1与R2并联，此时为高温挡，
P高温＝+＝+＝88W，
低温挡和高温挡的功率之比：
P低：P高＝22W：88W＝1：4，故C正确；
D．中温挡发热100s产生的热量：
Q＝W＝P中温t＝44W×100s＝4400J，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了内能的改变方式的判断、串并联电路的特点和电功率公式、电热公式的综合应用，分清充电式暖宝宝不同挡位时电路的连接方式是关键。
二、填空与作图题（共9小题，计22分）
11．（2分）据晋代张华的《博物志》记载：“削冰令圆，举以向日，以艾承其影，则得火”，如图甲所示，是我国古人用冰取火的情景，这是利用了 凸 透镜对光的作用，该透镜可以用来矫正 乙 图中的视力问题（选填“乙”或“丙”）。
【分析】（1）凸透镜对光线具有会聚作用、凹透镜对光线具有发散作用，据此分析判断；
（2）远视眼的成因：晶状体太薄或眼球前后径太短，使来自近处物体的光会聚于视网膜后方，造成看不清近处的物体；远视眼的矫正方法，需配戴凸透镜。
【解答】解：古人将冰磨成一种冰透镜，该透镜中间厚、边缘薄，属于凸透镜，能使太阳光会聚焦点，从而能点燃艾草取火；
远视眼的成因是只能看清远处的物体，看不清近处的物体，晶状体太薄，折光能力太弱，或者眼球在前后方向上太短，因此来自远处点的光会聚在视网膜后，图乙是远视眼的成因；凸透镜对光线具有会聚作用，戴上凸透镜制成的眼镜后，能使光线提前会聚，正好会聚在视网膜上，因此可以用凸透镜的镜片进行矫正。
故答案为：凸；乙。
【点评】本题考查了凸透镜对光线的作用，以及对远视眼的成因和矫正方法的掌握。
12．（3分）如图所示，歼20是我国自主研发的一款高性能的隐形战机歼20发动机使用的石油燃料是 不可再生 （选填“可再生”或“不可再生”）能源；歼20离地起飞，以地面为参照物飞机是 运动 的；歼20飞行员与地面指挥中心通过 电磁波 传递信息。
【分析】（1）能够从自然界源源不断获得或可重复利用的能源是可再生能源；不能够从自然界源源不断获得或不可重复利用的能源是不可再生能源；
（2）研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物。研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化；
（3）电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播；电磁波能够传递信息，也能传递能量。
【解答】解：歼20发动机使用的石油燃料是不可再生能源；
歼20离地起飞，以地面为参照物飞机的位置发生变化，飞机是运动的；
歼20飞行员与地面指挥中心通过电磁波传递信息。
故答案为：不可再生；运动；电磁波。
【点评】本题考查了能源及其分类、参照物及其选择、电磁波的传播与应用，属于基础性题目，难度不大。
13．（4分）清晨城市清洁车在平直路面上边匀速前进边工作。
（1）清洁车在路面上前行并将地面上的落叶吸入车内，若不计油量消耗，清洁车的机械能将 增大 （选填“增大”“减小”或“不变”），地面落叶吸入车内是利用了空气流速越大的地方 压强小 原理。
（2）清洁车静止在水平路面上时，清洁车所受重力与路面对清洁车的支持力是一对 平衡力 。
（3）汽油机是汽车的“心脏”，四冲程汽油机的 做功 冲程实现了内能向机械能的转化。
【分析】（1）机械能包括动能和势能；动能的大小与质量和速度有关；重力势能大小与质量和高度有关；流体的压强跟流速有关，流速越快的位置压强反而越小；
（2）平衡力作用在同一物体上、大小相等、方向相反、作用在同一直线上；
（3）四冲程内燃机一个工作循环包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，由进气门、排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断是哪个冲程；其中压缩冲程中将机械能转化为内能，做功冲程中将内能转化为机械能。
【解答】解：（1）清洁车在路面上前行并将地面上的落叶吸入车内，此过程中，由于车的质量变大，故扫地车的动能增大，重力势能增大，机械能增大；清洁车在工作时，由于转动的扇叶处气体的流速大，压强小，从而在周围大气压的作用下将地面上的落叶吸入车内；
（2）清洁车匀速行驶，重力与地面的支持力是一对平衡力；
（3）四冲程汽油机的做功冲程实现了内能向机械能的转化。
故答案为：（1）增大；压强小；（2）平衡力；（3）做功。
【点评】此题平衡力的判断、流体压强和流速的关系、热机等，涉及到的知识点多，综合性强。
14．（2分）某同学制作了如图所示的装置：风吹动时，风车带动磁体上方的线圈转动（线圈两端引出线上的绝缘漆已全部刮掉），灵敏电流计的指针会发生偏转。该装置利用 电磁感应 原理工作的。指南针之所以指南北，是因为它受到 地磁场 的作用。
【分析】（1）闭合电路部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流的现象叫做电磁感应；
（2）指南针指示南北方向就是因为受到地磁场的作用。
【解答】解：（1）图中线圈、导线和灵敏电流计组成闭合电路，线圈处在磁场中，风吹风车带动线圈转动切割磁感线从而产生感应电流，所以该装置是利用电磁感应原理工作的；
（2）指南针指示南北方向就是因为受到地磁场的作用。
故答案为：电磁感应；地磁场。
【点评】此题考查了电磁感应现象和地磁场等知识，难度不大。
15．（2分）菜油最适宜的烹饪温度在150℃至180℃之间．用天然气将质量为0.02kg的菜油从室温20℃加热到170℃，天然气燃烧释放出的热量有60%被菜油吸收，则菜油吸收了 6×103 J热量，燃烧了 2.5×10﹣4 m3的天然气。[取c菜油＝2.0×103J•（kg•℃） ﹣1，天然气的热值为4×107J/m3]
【分析】知道菜油的质量、比热容和菜油的初温和末温，利用吸热公式求菜油吸收的热量；
知道效率，利用效率公式可以求出天然气完全燃烧所需放出的热量，根据公式Q＝Vq求出体积。
【解答】解：菜油吸收的热量：Q吸＝c菜油mΔt＝2.0×103J•（kg•℃）﹣1×0.02kg×（170℃﹣20℃）＝6×103J；
天然气完全燃烧所需放出的热量Q放＝＝104J；
由Q放＝qV得完全燃烧的天然气的体积：V＝＝2.5×10﹣4m3。
故答案为：6×103；2.5×10﹣4。
【点评】本题考查了学生对吸热公式、燃料燃烧放热公式的掌握和运用，因条件已给出，难度不大。
16．（3分）小明设计了如图甲所示的风速仪，电源电压恒定，灯泡的额定电压为5V，灯泡的I﹣U关系图象如图乙所示，AB为粗细均匀的电阻丝，总电阻为15Ω，OP为不计电阻的金属细杆（与AB接触良好），闭合开关S，无风时OP自然下垂，此时电流表的示数为0.2A，电流表示数越大，说明风力越 大 ；电源电压为 5 V，小灯泡的额定功率为 1.5 W。
【分析】由图可知：灯泡和电阻丝串联，电流表测量电路中电流；
图可知：电阻丝上PB段连入电路，当风越大，根据电阻丝与金属细杆的接触点的右侧电阻丝的长度变化即可判断电阻丝接入电路的电阻变化；
电流表示数越大，根据欧姆定律可知电路中电阻的变化，根据串联电路的特点判断出电阻丝接入电路的电阻变化，进而得出风力的变化；
无风时OP自然下垂，此时电流表的示数为0.2A，由图乙得出灯泡两端的电压，然后根据串联电路的特点和欧姆定律求出电源电压；
灯泡的额定电压为5V，从图中可知，小灯泡的额定电流为0.3A，根据P＝UI得出小灯泡的额定功率。
【解答】解：由图可知：灯泡和电阻丝串联，电流表测量电路中电流；
当风越大，金属细杆的下端向右偏转的角度变大，则电阻丝与金属细杆的接触点的右侧电阻丝的长度减小，则电阻丝接入电路的电阻变小；
由于电源电压一定，当电流表示数越大时，根据欧姆定律可知电路中的总电阻变小，根据电阻的串联特点可知，电阻丝接入电路的电阻变小，则电阻丝与金属细杆的接触点的右侧电阻丝的长度减小，所以，金属细杆的下端向右偏转的角度变大，说明风力越大；
无风时OP自然下垂，电阻丝的电阻全部连入电路；电流表示数为0.2A，根据串联电路的电流处处相等的特点可知通过灯泡的电流为0.2A，
由图乙可知此时灯泡两端的电压为2V；
由欧姆定律可得，电阻丝两端的电压：UAB＝IRAB＝0.2A×15Ω＝3V，
则电源电压U＝UAB+UL＝3V+2V＝5V；
灯泡的额定电压为5V，从图中可知，小灯泡的额定电流为0.3A，小灯泡的额定功率P＝ULIL＝5V×0.3A＝1.5W。
故答案为：大；5；1.5。
【点评】本题考查电功率的计算，关键是从图中得出有用信息。
17．（2分）攀岩是年轻人非常喜欢的一种运动，如图是一名攀岩运动员拉着绳子停在峭壁上的简化图，请以重心O为作用点，画出运动员所受的重力G和峭壁对运动员的支持力F支的示意图。
【分析】先明确重力、支持力的方向和作用点，再根据力的示意图的画法作图。
【解答】解：运动员处于静止状态，受到竖直向下的重力、垂直于峭壁的支持力的作用，这两个力作用在O点上，力的示意图如图：
故答案为：如图见解答。
【点评】正确分析重力、支持力的方向是本题的关键，画图时力的方向是易错点，值得我们注意。
18．（2分）如图，请标出小磁针的N、S极及磁感线的方向。
【分析】（1）首先根据安培定则确定螺线管的NS极。再利用磁极间的相互规律确定小磁针的NS极。
（2）在磁体的周围，磁感线从N极流出回到S极。由此可以确定磁感线的方向。
【解答】解：（1）根据电流的流向，结合线圈的绕向，利用安培定则可以确定螺线管右端为N极，左端为S极；
由磁极间的相互规律可知，小磁针的左端为S极，右端为N极。
（2）在磁体的周围，磁感线从磁体的N极出发回到S极，所以图中磁感线的方向是向左的。如图所示：
【点评】安培定则共涉及三个方向：电流方向、线圈绕向、磁场方向，告诉其中的两个可以确定第三个。其中磁场的方向往往与小磁针的NS极或磁感线的方向联系在一起，而电流方向经常与电源的正负极联系起来。
19．（2分）如图，这是小莹家的电烤箱电路示意图，请将a、b、c三个接线口接入电路中。
【分析】开关控制用电器时，开关要接在用电器和火线之间；有金属外壳的用电器要接地线。
【解答】解：由图可知，火线应该先接b点，进入开关，然后控制用电器，零线应该接a点；c要将金属外壳与地线相连，如图所示：
【点评】本题考查了家庭电路中用电器的连接，要注意开关应控制火线，金属外壳要接地。
三、实验与探究题（共4小题，计21分）
20．（4分）按要求完成填空。
（1）如图甲所示，温度计示数为 68 ℃。
（2）如图乙所示，杠杆平衡后，在左侧A点挂三个钩码，每个钩码重1N，在右侧B点竖直向下拉着弹簧测力计，使杠杆在水平位置平衡，此时弹簧测力计的示数F＝ 2 N。
（3）如图丙为探究液体内部压强的装置。对比A、B两图可知：同种液体，深度越深，液体内部压强越 大 ；图A中探头位置不变，向容器中加入适量食用盐并搅拌均匀（液体未溢出），则U形管两侧液面高度差将 变大 （选填“变大”“不变”或“变小）。
【分析】（1）使用温度计测量温度时，首先要明确温度计的分度值，读数时视线与液柱最高处相平，并注意区分零上或零下；
（2）从图知道两边力臂的关系，知道阻力（重力）大小，利用杠杆的平衡条件求所需拉力大小；
（3）液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此解答；
在深度相同时，液体的密度越大，压强越大，据此分析。
【解答】解：（1）如甲图所示，在温度计上，10℃之间有10个小格，一个小格代表1℃，所以此温度计的分度值为1℃，且温度越往下越小，是零上，示数为68℃；
（2）由图可知：OA：OB＝2：3，
根据杠杆的平衡条件可得，G×OA＝F×OB，
F＝＝＝2N；
（3）在相同液体中的不同深度处，U形管两侧的液面高度差不相等，液体的压强不同，且乙处的深度大，U形管两侧液面的高度差大，可以得到实验结论：同种液体内部，深度越深，液体的压强越大；
在图A中保持金属盒的位置不变，向容器中加入适量食用盐并搅拌均匀（未溢出），此时容器内液体的密度变大，由于在深度相同时，液体的密度越大，压强越大，所以则U形管两侧液面高度差将变大。
故答案为：（1）68℃；（2）2；（3）大；变大。
【点评】本题考查了温度计的读数问题、杠杆平衡的条件以及液体压强大小的影响因素，难度不大。
21．（4分）小聪和小明一起做“探究并联电路中电流的规律实验。
（1）连接电路时，开关应该断开，这样做的目的是防止连接电路时因电路发生 短路 （选填“短路”或“断路”）而导致电流过大烧坏电流表。
（2）按照图甲电路图连好电路后（电流表未画出），闭合开关，发现电流表指针位置如图乙所示，原因可能是 电流表的正负接线柱接反了 。
（3）改正后的实验电路如图丙所示，此时电流表测量的是 C （选填“A”、“B”或“C”）处的电流。
（4）多次实验，并将数据记录在表格中，分析表中数据可得出结论： IC＝IA+IB （写出表达式）。
实验次序
IA/A
IB/A
IC/A
1
0.12
0.14
0.26
2
0.22
0.24
0.46
3
0.24
0.26
0.5
【分析】（1）在连接电路时，为保护电路，开关必须断开，是防止电路发生短路时因电流过大损坏电路元件；
（2）电流从电流表正接线柱流入，从负接柱流出；若接反了，则电流表指针会反转；
（3）根据电流表与待测电路串联；
（4）分析表中数据得出结论；为得出普遍结论，实验时应采用不同规格的实验器材进行多次实验。
【解答】解：（1）根据实验操作规范，在连接电路时，为保护电路，开关必须断开，是防止电路发生短路时因电流过大损坏电路元件；
（2）图乙中的电流表的指针向左偏转，说明电流表的正负接线柱接反了；
（3）电流表与待测电路串联，如图丙所示，电流表接在干路上，此时电流表测量的是C处的电流；
（4）根据表中数据有：0.26A＝0.12A+0.14A，0.46A＝0.22A+0.24A，0.5A＝0.24A+0.26A，故可得出初步结论IC＝IA+IB。
故答案为：（1）短路；（2）电流表的正负接线柱接反了；（3）C；（4）IC＝IA+IB。
【点评】本题是探究并联电路的电流实验，考查了注意事项、电流表的使用、实验数据分析和归纳法的应用等。
22．（6分）在“探究固体熔化时温度的变化规律”实验中，实验装置如图甲所示，将温度计插入试管后，待温度升至50℃左右开始，每隔大约1min记录一次温度，根据记录的数据，画出如图乙所示的该物质熔化时温度随时间变化的图象。
（1）组装实验器材时，应该按照 自下而上 （选填“自下而上”或“自上而下”）的顺序安装；实验中采取水浴法对试管中的物质加热，这种加热方法的好处是使试管中的物质 受热均匀 。
（2）该物质是 晶体 （选填“晶体”或“非晶体”）。
（3）图中B点物体的内能 小于 （选填“大于”“小于”或“等于”）图中D点物体的内能。
（4）某同学把试管中的物质换成水，发现无论怎么加热，试管中的水都不会沸腾，请你设计一种可以使试管中的水沸腾的方案： 将烧杯加盖 。（写出一种即可）
（5）比较图乙中的AB段与DE段可知，AB段的比热容 小于 （选填“大于“小于”或“等于”）DE段的比热容。
【分析】（1）实验中要用酒精灯外焰加热，温度计玻璃泡完全浸没被测物质中，但不能碰容器底和壁，所以组装仪器需要按照自下而上的顺序；
“水浴法”加热方法的好处是使试管中的物质受热均匀；
（2）晶体和非晶体的区别是看是否有固定的熔化或凝固温度；
（3）物体吸收热量内能增大；
（4）水沸腾的条件：达到沸点，继续吸热；
（5）根据Q＝mcΔt，比较图乙中的AB段与DE段可知比热容的大小。
【解答】解：（1）实验中要用酒精灯外焰加热，所以需要点燃酒精灯，温度计玻璃泡完全浸没被测物质中，但不能碰容器底和壁，所以组装仪器需要按照自下而上的顺序；
“水浴法”加热方法的好处是使试管中的物质受热均匀；
（2）由图乙可知，2﹣5min内，吸收热量，温度不变，所以该物质为晶体；
（3）BD段的物质处于熔化过程中，不断吸热，内能增加，温度不变，故物体在B点内能小于在D点时的内能；
（4）烧杯中的水吸热沸腾后温度不再变化，试管中的水能达到沸点但不能继续吸热，所以试管内的水不能沸腾，可以给烧杯上面加一个盖，这样烧杯水面上方气压高，水的沸点升高，试管中的水就可以从烧杯中继续吸热，使试管中的水沸腾；也可以将烧杯中的水换成沸点更高的液体（如食用油），试管中的水就可以从烧杯中继续吸热，使试管中的水沸腾；
（5）比较图乙中的AB段与DE段可知：加热时间都为两分钟，吸收的热量相同，但AB段比DE段温度变化大，根据Q＝mcΔt判断：物质AB段的比热容小于DE段的比热容。
故答案为：（1）自下而上；受热均匀； （2）晶体； （3）小于；（4）将烧杯加盖；（5）小于。
【点评】本题考查熔化的探究实验，关键是将实验操作原则及结论掌握清楚，仔细分析然后解答。
23．（7分）小林在如图1所示的台灯下做作业时，发现书本在不同情况下被台灯照亮的程度有所不同，于是小林想探究书本被照亮的程度与哪些因素有关？并提出以下猜想：
猜想一：可能与灯泡的功率有关；
猜想二：可能与灯泡的种类有关。
（1）请你再补充一个猜想：书本被照亮的程度可能还与 书本到灯的距离 有关。
（2）灯泡发光时，电能转化为光能和 内 能。
（3）小林验证猜想二时，选用如图2所示的白炽灯和节能灯进行实验.在其他因素相同的情况下，应选择下面的 AD （填序号）两盏灯来进行实验。
A.“220V 15W”白炽灯
B.“220V 75W”白炽灯
C.“220V 5W”节能灯
D.“220V 15W”节能灯
（4）选择合适的灯泡后，小林进行实验：
①断开电源，取下台灯的灯罩，先在灯座上安装白炽灯，检查无误后进行实验，让灯持续发光十分钟，用手靠近灯并观察灯下书本被照亮的程度。
② 把白炽灯换成节能灯 后，再重复上述实验，并观察同种情况下书本被照亮的程度。
③通过观察比较，他发现在灯持续通电十分钟后，用手立即快速触摸或靠近灯，会感到白炽灯的表面明显更热一些；由此可知，同一位置的书本在 节能灯 （选填“白炽灯”或“节能灯”）照射下更亮。由此可知猜想二是 正确 （选填“正确”与“错误”）的。
（5）小林在上述实验时取下灯罩后发现在同一位置的书本变暗了。可得结论：灯罩会增大灯光亮度，这是利用了光的 反射 原理，将光尽量集中照到需要照射的地方。
【分析】本题属于物理走向生活的应用，在操作时要应用控制变量法做实验，涉及到电功率的知识，电能与内能的转换，最后还涉及光的反射。
【解答】（1）猜想书本被照亮的程度可能还与灯到书本的距离或书本纸张的颜色有关
（2）灯泡发光时，电能转化为光能和内能。
（3）验证猜想二时，根据控制变量法可知探究书本被照亮的程度与灯的种类的关系时，需控制灯泡的功率相同，改变灯泡的种类，所以选择相同规格的灯泡AD进行实验。
（4）①进行实验时，首先要注意用电安全，先断开电源，取下台灯的灯罩，在灯座上安装白炽灯，10分钟后观察书本被照亮的程度，
②第二次把电源关闭后，把白炽灯换成节能灯，观察10分钟后节能灯的亮度，以此来作对比。
③通过观察比较，他发现在灯持续通电十分钟后，用手立即快速触摸或靠近灯，会感到白炽灯的表面明显更热一些。这句话从能量转换角度分析，就是说同样是电能转换成光能和内能，但白炽灯表面更热，说明白炽灯的电能转换的内能远远多于节能灯，自然白炽灯的亮度就不及节能灯了。
白炽灯的光电转化率低于节能灯，故同一位置的书本在节能灯照射下更亮，由此猜想二是正确的。
（5）灯罩会增大灯光亮度，这是利用了光的反射原理。
故答案为：（1）书本到灯的距离 （2）内 （3）AD （4）把白炽灯换成节能灯，节能灯，正确 （5）反射。
【点评】为了更好的保护视力和节约能源，应选择节能灯。
四、综合题（共2小题，计17分）
24．（8分）如图甲是小明设计的“空气浮力演示器”：将一空心金属球与配重通过细线悬挂在定滑轮上，调节配重质量使二者保持静止，用气泵往玻璃容器内缓慢压入空气，可根据现象证明空气浮力的存在，已知容器的容积为50L，金属球重4N，体积为5000cm3（滑轮和细线的重力、滑轮和配重的体积及各种摩擦均忽略不计，g取10N/kg）。
（1）装置中的定滑轮相当于一个 等臂 （选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆；用气泵向玻璃容器内压入空气，当我们看到 金属球会上升（或配重下降） 现象时，可以说明金属球受到空气浮力的作用。
（2）该空心金属球用密度为8g/cm3的金属材料制成，求空心部分体积是多少cm3？
（3）压入空气前，容器内原有的空气密度为1.2kg/m3，求配重静止时金属球受到空气的浮力是多少N？
【分析】（1）定滑轮的本质是等臂杠杆，使用起来并不省力，但是能改变力的方向；演示器内定滑轮下所挂金属球和配重平衡，若金属球受到浮力，对左侧绳子拉力将减小，由此分析会出现的现象；
（2）根据G＝mg以及ρ＝可求金属球实心部分的体积，进而计算空心部分的体积；
（3）利用阿基米德原理可求金属球在空气中所受的浮力。
【解答】解：（1）定滑轮在使用时相当于一个等臂杠杆；演示器容器内定滑轮下所挂金属球和配重平衡，即G球＝G配，向玻璃容器内压入空气后，若金属球受到空气浮力的作用，则金属球对左侧绳子拉力F＝G球﹣F浮，所以F＜G配，金属球会上升（或配重下降）；
（2）金属球重4N，由G＝mg可知，金属球的质量为：m金＝＝＝0.4kg＝400g，
如果该金属球为实心球，则金属球的体积为：V金＝＝＝50cm3，
所以该球空心部分体积是V空＝V球﹣V金＝5000cm3﹣50cm3＝4950cm3；
（3）由阿基米德原理可得，金属球受到空气的浮力为：
F浮＝ρ空气gV排＝ρ空气gV＝1.2kg/m3×10N/kg×5000×10﹣6m3＝0.06N。
答：（1）等臂；金属球会上升（或配重下降）；
（2）空心部分体积是4950cm3；
（3）配重静止时金属球受到空气的浮力是0.06N。
【点评】本题属于综合题，主要考查杠杆的分类、空心球的体积计算、阿基米德原理及其应用、重力的计算等，有一定难度。
25．（9分）图甲为汽车远、近光灯的自动控制模拟电路，图乙是某型号汽车远、近光灯构造示意图。在一个灯泡里面装有两个不同阻值的钨丝，近光灯钨丝电阻4.8Ω，电压12V，远光灯钨丝电阻38.4Ω，电压48V。控制电路主要由电磁铁、调节电阻R0、光敏电阻R组成，电源电压恒为3V。闭合开关S，当电磁铁线圈中电流I≥0.3A时，衔铁被吸下，触点b、c相接触，光敏电阻的阻值大小与光照程度E（单位：cd）的变化关系如图丙所示，当光照强度＜3cd时，远光灯打开，线圈的组织忽略不计。
（1）A、B两电源的电压值分别为UA＝ 48 V，UB＝ 12 V。
（2）求调节电阻R0的阻值。
（3）小明爸爸的汽车灯型号与本题中的相同，某天晚自习后小明爸爸开车接小明回农村老家，开车耗时30分钟，其中10分钟路程光照强度不低于3cd，求整个路程小明爸爸汽车两个远光灯消耗的电能为多少？
（4）若要使汽车远光灯在光照强度更低时自动打开，请你写出一条对该控制电路改进的措施： 将R0调小 。
【分析】（1）由图可知，控制电路中两电阻串联接入电路，随着光照强度的增加，光敏电阻的阻值变小，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知通过电路的电流的变化，据此判断电路连接情况，进一步判断甲图的虚线框中远、近光灯的电压值；
（2）当光照强度等于3cd时，光敏电阻的阻值为3Ω，此时通过电路的电流恰好为0.3A，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律计算调节电阻R0的阻值；
（3）整个路程耗时30分钟，其中10分钟路程光照强度不高于3cd，即开大灯的时间为20分钟，根据W＝t计算一个大灯消耗的电能，进一步计算整个路程小明爸爸汽车两个大灯消耗的电能；
（4）要使远光灯在光照强度更低时才自动打开，当光照强度更小时，光敏电阻变大，而衔铁被吸下时的电流应不变，根据欧姆定律结合串联电路的电阻特点分析提出改进措施。
【解答】解：（1）由图可知，控制电路中两电阻串联接入电路，由图丙可知，随着光照强度的增加，光敏电阻的阻值变小，由串联电路的电阻特点可知，电路的总电阻减小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，衔铁被吸下，触点与b接线柱连接，属于近光，电压为12V，当光照强度＜3cd时，衔铁被释放，触点与a接线柱连接，远光灯打开，电压为48V；
（2）当光照强度等于3cd时，光敏电阻的阻值为3Ω，此时通过电路的电流恰好为0.3A，
由欧姆定律可知，此时电路的总电阻：R总＝＝＝10Ω，
由串联电路的电阻特点可知，调节电阻R0的阻值：R0＝R总﹣R＝10Ω﹣3Ω＝7Ω；
（3）整个路程耗时30分钟，其中10分钟路程光照强度不高于3cd，因此开近光灯的时间为10分钟，则开大灯的时间为t＝30min﹣10min＝20min，
一个大灯消耗的电能为：W1＝t＝×20×60s＝7.2×104J，
则整个路程小明爸爸汽车两个大灯消耗的电能为：W总＝2W1＝2×7.2×104J＝1.44×105J；
（4）要使远光灯在光照强度更低时才自动打开，当光照强度更小时，光敏电阻变大，而衔铁被吸下时的电流应不变，由欧姆定律可知，此时电路的总电阻不变，由串联电路的电阻特点可知，可将R0调小。
答：（1）48；12；
（2）调节电阻R0的阻值为7Ω；
（3）整个路程小明爸爸汽车两个远光灯消耗的电能为1.44×105J；
（4）将R0调小。
【点评】本题考查电磁继电器原理、串联电路特点、欧姆定律和电功公式的灵活运用，综合性强。
2023年陕西省渭南市临渭区中考物理二模试卷
一、选择题（共10小题，每小题2分，计20分.每小题只有一个选项是符合题意的）
1．（2分）瓷器是中华民族文化的瑰宝.如图是小明手握青花瓷的场景，根据图片信息估测该瓷器的高度为（ ）
A．1cm B．10cm C．50cm D．1m
2．（2分）中考“百日誓师大会”，主持人带领大家举起右拳一起宣誓，操场上响起洪亮的宣誓声。下列说法错误的是（ ）
A．洪亮的宣誓声属于超声波
B．宣誓声是由声带振动产生的
C．学生能够通过音色分辨出是哪位同学在主持
D．学校附近的居民关闭窗户，是在传播过程中减弱噪声
3．（2分）关于粒子和宇宙，下列说法正确的是（ ）
A．雾霾弥漫，说明分子在不停地做无规则运动
B．汤姆生发现了电子，说明原子是可分的
C．地球等行星围绕太阳转动，太阳是宇宙的中心
D．丝绸摩擦过的玻璃棒吸引纸屑，说明分子间有引力
4．（2分）rainbow分子冰淇淋如图所示，它是以现代高科技冷凝技术通过﹣196℃低温液氮急速冷冻锁住营养的方式制成的，关于rainbow分子冰淇淋的制作过程，下列描述正确的是（ ）
A．冰激凌盒中的牛奶瞬间制成冰激凌，该过程与霜的形成过程一致
B．分子冰激凌周围“烟雾缭绕”，这些“烟雾”是空气中的水蒸气
C．将沸点为﹣196℃的液氮倒入容器中，液氮瞬间消失不见，该过程属于升华现象
D．吃到嘴里的冰激凌解暑降温，这个过程需要吸热
5．（2分）下列说法正确的是（ ）
A．使用试电笔时，手不能接触笔尾金属体
B．将一根短的电阻丝拉长，其质量和阻值均变大
C．马路两旁的路灯，晚上同时亮早晨同时灭，它们是串联的
D．祝融号火星车使用的“中国芯”是由半导体材料制成的
6．（2分）如图所示，是游客在大唐芙蓉园游玩时拍摄的一张照片，下列说法错误的是（ ）
A．湖水看上去比实际浅，是由于光的折射造成的
B．柳树在岸边形成的阴影是由光的直线传播形成的
C．建筑物在水中的倒影是由光的反射形成的等大的实像
D．拍摄该照片利用了凸透镜成倒立缩小实像的原理
7．（2分）新型膨胀式安全带（如图）紧缚力达到一定值时，藏在安全带里的气囊就会快速充气，迅速形成气囊袋，对驾乘人员起到更好的保护作用，下列说法正确的是（ ）
A．当汽车加速时，该安全带就会自动充气
B．乘车时要系好安全带，是为了防止因惯性力带来的危害
C．该安全带充气后增大与人体的接触面积，减小压强，可避免人员被勒伤
D．汽车轮胎用橡胶制作，主要是因为橡胶的硬度大
8．（2分）下列说法错误的是（ ）
A．说明物体间力的作用是相互的
B．实验中小车之所以能停下来是因为物体的运动需要力来维持
C．实验表明压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大
D．实验中将小车扭转一个角度，是为了研究两个力不在同一直线上能否平衡
9．（2分）小明利用如图所示的滑轮组，使质量为50kg的重物A在10s内沿直线匀速上升了2m，拉力F为200N。已知每个滑轮的重力均相等，不计木板重、绳重和摩擦，g取10N/kg。下列说法正确的是（ ）
A．绳子自由端移动的速度为0.2m/s
B．每个动滑轮的重力为300N
C．滑轮组的机械效率为62.5%
D．拉力F做功的功率为100W
10．（2分）如图甲所示是充电式暖宝宝，其简化电路图如图乙所示，R1和R2均为发热电阻（阻值不变），该充电式暖宝宝可以通过S1、S2、S3三个开关的断开与闭合实现三个挡位（高温、中温、低温）的变化，只闭合S2时，该挡对应功率为22W；只闭合S1时，该挡对应功率为44W。则下列说法正确的是（ ）
A．用暖宝宝暖手是通过做功的方式增加手的内能
B．R2的阻值为2200Ω
C．低温挡和高温挡的功率之比为1：4
D．中温挡发热100s产生的热量为2200J
二、填空与作图题（共9小题，计22分）
11．（2分）据晋代张华的《博物志》记载：“削冰令圆，举以向日，以艾承其影，则得火”，如图甲所示，是我国古人用冰取火的情景，这是利用了 透镜对光的作用，该透镜可以用来矫正 图中的视力问题（选填“乙”或“丙”）。
12．（3分）如图所示，歼20是我国自主研发的一款高性能的隐形战机歼20发动机使用的石油燃料是 （选填“可再生”或“不可再生”）能源；歼20离地起飞，以地面为参照物飞机是 的；歼20飞行员与地面指挥中心通过 传递信息。
13．（4分）清晨城市清洁车在平直路面上边匀速前进边工作。
（1）清洁车在路面上前行并将地面上的落叶吸入车内，若不计油量消耗，清洁车的机械能将 （选填“增大”“减小”或“不变”），地面落叶吸入车内是利用了空气流速越大的地方 原理。
（2）清洁车静止在水平路面上时，清洁车所受重力与路面对清洁车的支持力是一对 。
（3）汽油机是汽车的“心脏”，四冲程汽油机的 冲程实现了内能向机械能的转化。
14．（2分）某同学制作了如图所示的装置：风吹动时，风车带动磁体上方的线圈转动（线圈两端引出线上的绝缘漆已全部刮掉），灵敏电流计的指针会发生偏转。该装置利用 原理工作的。指南针之所以指南北，是因为它受到 的作用。
15．（2分）菜油最适宜的烹饪温度在150℃至180℃之间．用天然气将质量为0.02kg的菜油从室温20℃加热到170℃，天然气燃烧释放出的热量有60%被菜油吸收，则菜油吸收了 J热量，燃烧了 m3的天然气。[取c菜油＝2.0×103J•（kg•℃） ﹣1，天然气的热值为4×107J/m3]
16．（3分）小明设计了如图甲所示的风速仪，电源电压恒定，灯泡的额定电压为5V，灯泡的I﹣U关系图象如图乙所示，AB为粗细均匀的电阻丝，总电阻为15Ω，OP为不计电阻的金属细杆（与AB接触良好），闭合开关S，无风时OP自然下垂，此时电流表的示数为0.2A，电流表示数越大，说明风力越 ；电源电压为 V，小灯泡的额定功率为 W。
17．（2分）攀岩是年轻人非常喜欢的一种运动，如图是一名攀岩运动员拉着绳子停在峭壁上的简化图，请以重心O为作用点，画出运动员所受的重力G和峭壁对运动员的支持力F支的示意图。
18．（2分）如图，请标出小磁针的N、S极及磁感线的方向。
19．（2分）如图，这是小莹家的电烤箱电路示意图，请将a、b、c三个接线口接入电路中。
三、实验与探究题（共4小题，计21分）
20．（4分）按要求完成填空。
（1）如图甲所示，温度计示数为 ℃。
（2）如图乙所示，杠杆平衡后，在左侧A点挂三个钩码，每个钩码重1N，在右侧B点竖直向下拉着弹簧测力计，使杠杆在水平位置平衡，此时弹簧测力计的示数F＝ N。
（3）如图丙为探究液体内部压强的装置。对比A、B两图可知：同种液体，深度越深，液体内部压强越 ；图A中探头位置不变，向容器中加入适量食用盐并搅拌均匀（液体未溢出），则U形管两侧液面高度差将 （选填“变大”“不变”或“变小）。
21．（4分）小聪和小明一起做“探究并联电路中电流的规律实验。
（1）连接电路时，开关应该断开，这样做的目的是防止连接电路时因电路发生 （选填“短路”或“断路”）而导致电流过大烧坏电流表。
（2）按照图甲电路图连好电路后（电流表未画出），闭合开关，发现电流表指针位置如图乙所示，原因可能是 。
（3）改正后的实验电路如图丙所示，此时电流表测量的是 （选填“A”、“B”或“C”）处的电流。
（4）多次实验，并将数据记录在表格中，分析表中数据可得出结论： （写出表达式）。
实验次序
IA/A
IB/A
IC/A
1
0.12
0.14
0.26
2
0.22
0.24
0.46
3
0.24
0.26
0.5
22．（6分）在“探究固体熔化时温度的变化规律”实验中，实验装置如图甲所示，将温度计插入试管后，待温度升至50℃左右开始，每隔大约1min记录一次温度，根据记录的数据，画出如图乙所示的该物质熔化时温度随时间变化的图象。
（1）组装实验器材时，应该按照 （选填“自下而上”或“自上而下”）的顺序安装；实验中采取水浴法对试管中的物质加热，这种加热方法的好处是使试管中的物质 。
（2）该物质是 （选填“晶体”或“非晶体”）。
（3）图中B点物体的内能 （选填“大于”“小于”或“等于”）图中D点物体的内能。
（4）某同学把试管中的物质换成水，发现无论怎么加热，试管中的水都不会沸腾，请你设计一种可以使试管中的水沸腾的方案： 。（写出一种即可）
（5）比较图乙中的AB段与DE段可知，AB段的比热容 （选填“大于“小于”或“等于”）DE段的比热容。
23．（7分）小林在如图1所示的台灯下做作业时，发现书本在不同情况下被台灯照亮的程度有所不同，于是小林想探究书本被照亮的程度与哪些因素有关？并提出以下猜想：
猜想一：可能与灯泡的功率有关；
猜想二：可能与灯泡的种类有关。
（1）请你再补充一个猜想：书本被照亮的程度可能还与 有关。
（2）灯泡发光时，电能转化为光能和 能。
（3）小林验证猜想二时，选用如图2所示的白炽灯和节能灯进行实验.在其他因素相同的情况下，应选择下面的 （填序号）两盏灯来进行实验。
A.“220V 15W”白炽灯
B.“220V 75W”白炽灯
C.“220V 5W”节能灯
D.“220V 15W”节能灯
（4）选择合适的灯泡后，小林进行实验：
①断开电源，取下台灯的灯罩，先在灯座上安装白炽灯，检查无误后进行实验，让灯持续发光十分钟，用手靠近灯并观察灯下书本被照亮的程度。
② 后，再重复上述实验，并观察同种情况下书本被照亮的程度。
③通过观察比较，他发现在灯持续通电十分钟后，用手立即快速触摸或靠近灯，会感到白炽灯的表面明显更热一些；由此可知，同一位置的书本在 （选填“白炽灯”或“节能灯”）照射下更亮。由此可知猜想二是 （选填“正确”与“错误”）的。
（5）小林在上述实验时取下灯罩后发现在同一位置的书本变暗了。可得结论：灯罩会增大灯光亮度，这是利用了光的 原理，将光尽量集中照到需要照射的地方。
四、综合题（共2小题，计17分）
24．（8分）如图甲是小明设计的“空气浮力演示器”：将一空心金属球与配重通过细线悬挂在定滑轮上，调节配重质量使二者保持静止，用气泵往玻璃容器内缓慢压入空气，可根据现象证明空气浮力的存在，已知容器的容积为50L，金属球重4N，体积为5000cm3（滑轮和细线的重力、滑轮和配重的体积及各种摩擦均忽略不计，g取10N/kg）。
（1）装置中的定滑轮相当于一个 （选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆；用气泵向玻璃容器内压入空气，当我们看到 现象时，可以说明金属球受到空气浮力的作用。
（2）该空心金属球用密度为8g/cm3的金属材料制成，求空心部分体积是多少cm3？
（3）压入空气前，容器内原有的空气密度为1.2kg/m3，求配重静止时金属球受到空气的浮力是多少N？
25．（9分）图甲为汽车远、近光灯的自动控制模拟电路，图乙是某型号汽车远、近光灯构造示意图。在一个灯泡里面装有两个不同阻值的钨丝，近光灯钨丝电阻4.8Ω，电压12V，远光灯钨丝电阻38.4Ω，电压48V。控制电路主要由电磁铁、调节电阻R0、光敏电阻R组成，电源电压恒为3V。闭合开关S，当电磁铁线圈中电流I≥0.3A时，衔铁被吸下，触点b、c相接触，光敏电阻的阻值大小与光照程度E（单位：cd）的变化关系如图丙所示，当光照强度＜3cd时，远光灯打开，线圈的组织忽略不计。
（1）A、B两电源的电压值分别为UA＝ V，UB＝ V。
（2）求调节电阻R0的阻值。
（3）小明爸爸的汽车灯型号与本题中的相同，某天晚自习后小明爸爸开车接小明回农村老家，开车耗时30分钟，其中10分钟路程光照强度不低于3cd，求整个路程小明爸爸汽车两个远光灯消耗的电能为多少？
（4）若要使汽车远光灯在光照强度更低时自动打开，请你写出一条对该控制电路改进的措施： 。
2023年陕西省渭南市临渭区中考物理二模试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（共10小题，每小题2分，计20分.每小题只有一个选项是符合题意的）
1．（2分）瓷器是中华民族文化的瑰宝.如图是小明手握青花瓷的场景，根据图片信息估测该瓷器的高度为（ ）
A．1cm B．10cm C．50cm D．1m
【分析】首先估测手掌的宽度，然后根据手掌的宽度估测瓷器的高度。
【解答】解：手掌宽度在8cm左右，瓷器的高度比手掌的宽度大，约10cm，故B正确。
故选：B。
【点评】本题考查了长度的估测，是对基础知识的考查。
2．（2分）中考“百日誓师大会”，主持人带领大家举起右拳一起宣誓，操场上响起洪亮的宣誓声。下列说法错误的是（ ）
A．洪亮的宣誓声属于超声波
B．宣誓声是由声带振动产生的
C．学生能够通过音色分辨出是哪位同学在主持
D．学校附近的居民关闭窗户，是在传播过程中减弱噪声
【分析】（1）人们都不能听到超声波和次声波；
（2）声音由物体的振动产生；
（3）音色指声音的品质与特色，与发声体的结构和材料有关；
（4）减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声；阻断噪声的传播；在人耳处减弱噪声。
【解答】解：A、洪亮的宣誓声不属于超声波，因为超声波人耳听不到，故A错误；
B、声音由物体的振动产生，宣誓的声音是由声带振动产生的，故B正确；
C、由于不同发声体发出的声音的音色不同，所以学生能够通过音色分辨出是哪位同学在主持，故C正确；
D、关闭窗户是在传播过程中减弱噪声，故D正确。
故选：A。
【点评】本题考查了声音的产生和音色、防止噪声的途径，有一定的综合性，但难度不大，强化对课本基础知识的记忆是解决识记性题目的基础。
3．（2分）关于粒子和宇宙，下列说法正确的是（ ）
A．雾霾弥漫，说明分子在不停地做无规则运动
B．汤姆生发现了电子，说明原子是可分的
C．地球等行星围绕太阳转动，太阳是宇宙的中心
D．丝绸摩擦过的玻璃棒吸引纸屑，说明分子间有引力
【分析】（1）分子很小，分子运动用肉眼是看不到的；
（2）汤姆生发现了电子，这说明原子是可以再分的；
（3）宇宙有层次之分，是由无数天体组成，太阳是宇宙中的一颗恒星，不是宇宙的中心；
（4）带电体可以吸引轻小物体.
【解答】解：A、分子很小，用肉眼是看不到的，雾霾弥漫是物体的机械运动，故A错误；
B、汤姆生发现了电子，这说明原子是可以再分的，故B正确；
C、宇宙有层次之分，是由无数天体组成，太阳是宇宙中的一颗恒星，不是宇宙的中心，故C错误；
D、用丝绸摩擦过的玻璃棒能吸引小纸屑是因为带电体能吸引轻小物体，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了带电体的性质、分子的运动、原子核的结构、人类探究太阳系及宇宙的历程等，属基础知识的考查。
4．（2分）rainbow分子冰淇淋如图所示，它是以现代高科技冷凝技术通过﹣196℃低温液氮急速冷冻锁住营养的方式制成的，关于rainbow分子冰淇淋的制作过程，下列描述正确的是（ ）
A．冰激凌盒中的牛奶瞬间制成冰激凌，该过程与霜的形成过程一致
B．分子冰激凌周围“烟雾缭绕”，这些“烟雾”是空气中的水蒸气
C．将沸点为﹣196℃的液氮倒入容器中，液氮瞬间消失不见，该过程属于升华现象
D．吃到嘴里的冰激凌解暑降温，这个过程需要吸热
【分析】（1）凝华指物质由气态直接转变成固态；升华指物质由固态直接转变成气态。
（2）熔化指物质由固态转变成液态，熔化要吸热。
【解答】解：A、冰激凌盒中的牛奶瞬间制成冰激凌，该过程为凝固过程，与霜的形成过程不同，故A错误；
B、这些“烟雾”是水蒸气液化成的小水珠，故B错误；
C、将沸点为﹣196℃的液氮倒入容器中，液氮瞬间消失不见，该过程属于汽化现象，故C错误。
D、吃到嘴里的冰激凌解暑降温，这个过程需要吸热，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了汽化、熔化和凝华，属于基础题。
5．（2分）下列说法正确的是（ ）
A．使用试电笔时，手不能接触笔尾金属体
B．将一根短的电阻丝拉长，其质量和阻值均变大
C．马路两旁的路灯，晚上同时亮早晨同时灭，它们是串联的
D．祝融号火星车使用的“中国芯”是由半导体材料制成的
【分析】（1）使用试电笔时，笔尖接触要检测的导线，手接触笔尾金属体，才能在接触火线时氖管发光；
（2）质量是物体本身具有的属性，决定于物体所含物质的多少；影响电阻大小的因素有：材料、长度、横截面积和温度；在材料和温度相同时，长度越长，横截面积越小电阻越大；
（3）并联电路中各用电器之间互不影响；
（4）导电能力介于导体和绝缘体之间的材料叫半导体，半导体是制作二极管、三极管的材料，常用在电子元件上；二极管具有单向导电的性质。
【解答】解：A、使用试电笔时，手必须接触笔尾金属体才能构成通路，试电笔接触火线时氖管才能发光，故A错误；
B、将一根铁丝拉长后，形状发生变化，所含物质多少没有变化，所以质量不变；将一根铁丝拉长后，长度变长了，横截面积变小了，所以电阻变大了，故B错误；
C、马路两旁的路灯，晚上同时亮，早晨同时灭，但它们互不影响，是并联的，故C错误；
D、祝融号火星车使用的“中国芯”是半导体材料制成的，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了测电笔的使用、影响电阻大小因素、质量、串、并联电路的辨别和半导体材料的应用，属于基础题。
6．（2分）如图所示，是游客在大唐芙蓉园游玩时拍摄的一张照片，下列说法错误的是（ ）
A．湖水看上去比实际浅，是由于光的折射造成的
B．柳树在岸边形成的阴影是由光的直线传播形成的
C．建筑物在水中的倒影是由光的反射形成的等大的实像
D．拍摄该照片利用了凸透镜成倒立缩小实像的原理
【分析】（1）光线从一种介质斜射入另一种介质时会发生折射，由此形成的现象有：雨后彩虹、池水变浅、水中筷子折断、海市蜃楼等；
光在同种均匀介质中沿直线传播，如：激光准直、小孔成像、影子的形成、日食和月食的形成等；
（2）平面镜成像所成的是正立等大的虚像；
（3）当物距大于二倍焦距时，凸透镜成倒立、缩小的实像，其应用是照相机和摄像头。
【解答】解：A、湖水看上去比实际浅，这是由于光从水中斜射入空气中时，发生折射形成的，故A正确；
B、柳树在岸边形成的阴影是由光的直线传播形成的，故B正确；
C、建筑物在水中的倒影属于平面镜成像，成的是正立等大的虚像，故C错误；
D、拍摄该照片时，物距大于二倍焦距，凸透镜成倒立、缩小的实像，故D正确。
故选：C。
【点评】本题考查了光的直线传播、光的反射和折射、凸透镜成像规律的应用，属于基础知识。
7．（2分）新型膨胀式安全带（如图）紧缚力达到一定值时，藏在安全带里的气囊就会快速充气，迅速形成气囊袋，对驾乘人员起到更好的保护作用，下列说法正确的是（ ）
A．当汽车加速时，该安全带就会自动充气
B．乘车时要系好安全带，是为了防止因惯性力带来的危害
C．该安全带充气后增大与人体的接触面积，减小压强，可避免人员被勒伤
D．汽车轮胎用橡胶制作，主要是因为橡胶的硬度大
【分析】（1）惯性是属性不是力，惯性的大小只与质量有关；
（2）新型膨胀式安全带紧缚力达到一定的值，藏在安全带里的气囊就会快速充气，迅速充气，迅速形成气囊袋；
（3）减小压强方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
（4）橡胶具有弹性，可以受压发生形变而减少颠簸。
【解答】解：A、由题意“紧缚力达到一定的值，藏在安全带里的气囊就会快速充气，迅速形成气囊袋”，说明当急刹车时，该安全带就会自动充气，加速不会，故A错误；
B、惯性是性质，不是力，不能说防止因惯性力带来的危害，故B错误。
C、该安全带充气后增大与人体的接触面积，压力一定时，可以减小对人体的减小压强，可避免人员被勒伤，故C正确；
D、汽车轮胎用橡胶制作，主要是因为橡胶的弹性好，受压发生形变而减少颠簸，不是硬度大，故D错误。
故选：C。
【点评】该题考查了惯性的利用、弹性、减小压强方法以及气囊工作原理的理解等，难度不大，属于基础知识。
8．（2分）下列说法错误的是（ ）
A．说明物体间力的作用是相互的
B．实验中小车之所以能停下来是因为物体的运动需要力来维持
C．实验表明压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大
D．实验中将小车扭转一个角度，是为了研究两个力不在同一直线上能否平衡
【分析】（1）物体间力的作用是相互的；
（2）力是改变物体的运动状态原因，而物体的运动不需要力来维持；
（3）根据改变的因素进行分析；
（4）实验中将小车扭转一个角度，两个拉力不同在同一直线上。
【解答】解：A．甲推乙，同时乙推甲，说明物体间力的作用是相互的，故A正确；
B．实验中小车之所以能停下来是因为受到摩擦力，改变了物体的运动状态，而物体的运动不需要力来维持，故B错误；
C．实验中，压力相等，接触面的粗糙程度不同，摩擦力不同，实验表明压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大，故C正确；
D．实验中将小车扭转一个角度，两个拉力不在同一直线上，其他因素不变，故是为了研究两个力不在同一直线上能否平衡；故D正确。
故选：B。
【点评】本题考查多个小实验，属于基础知识的综合，难度不大。
9．（2分）小明利用如图所示的滑轮组，使质量为50kg的重物A在10s内沿直线匀速上升了2m，拉力F为200N。已知每个滑轮的重力均相等，不计木板重、绳重和摩擦，g取10N/kg。下列说法正确的是（ ）
A．绳子自由端移动的速度为0.2m/s
B．每个动滑轮的重力为300N
C．滑轮组的机械效率为62.5%
D．拉力F做功的功率为100W
【分析】（1）由图可知n＝4，绳子自由端移动的距离s＝nh，利用v＝求出绳子自由端移动的速度；
（2）根据G＝mg求重物的重力，利用不计木板重、绳重和摩擦时F＝（G+G动）求两个动滑轮的总重力，进而求出一个动滑轮的重力；
（3）利用η＝＝＝＝求滑轮组的机械效率；
（4）利用P＝＝＝Fv求拉力做功的功率。
【解答】解：A、由图可知n＝4，绳子自由端移动的距离：s＝nh＝4×2m＝8m，
绳子自由端移动的速度：v＝＝＝0.8m/s，故A错误；
B、重物的重力：G＝mg＝50kg×10N/kg＝500N，
因为不计木板重、绳重和摩擦时F＝（G+G动），所以动滑轮的重力：G动总＝nF﹣G＝4×200N﹣500N＝300N，
因此一个动滑轮的重力：G动＝G动总＝×300N＝150N，故B错误；
C、滑轮组的机械效率：η＝＝＝＝＝×100%＝62.5%，故C正确；
D、拉力F做功的功率：P＝＝＝Fv＝200N×0.8m/s＝160W，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了使用滑轮组时速度、动滑轮的重力、机械效率和功率的计算，明确滑轮组绳子的有效股数是关键。
10．（2分）如图甲所示是充电式暖宝宝，其简化电路图如图乙所示，R1和R2均为发热电阻（阻值不变），该充电式暖宝宝可以通过S1、S2、S3三个开关的断开与闭合实现三个挡位（高温、中温、低温）的变化，只闭合S2时，该挡对应功率为22W；只闭合S1时，该挡对应功率为44W。则下列说法正确的是（ ）
A．用暖宝宝暖手是通过做功的方式增加手的内能
B．R2的阻值为2200Ω
C．低温挡和高温挡的功率之比为1：4
D．中温挡发热100s产生的热量为2200J
【分析】（1）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；
（2）只闭合S1时，电路为R1的简单电路，根据题意得出该挡对应的功率，根据P＝求出R1的阻值；只闭合S2时，R1与R2串联，根据题意得出该挡对应的功率，根据串联电路特点P＝求出R2的阻值；
（3）当同时闭合S1、S3时，R1与R2并联，此时为高温挡，根据电阻的并联求出电路中的总电阻，利用P＝求出高温挡的功率，然后求出低温挡和高温挡的功率之比；
（4）根据Q＝W＝Pt求出以中温挡发热100s产生的热量。
【解答】解：
A、用暖宝宝暖手是通过热传递的方式增加手的内能，故A错误；
B、由电路图知，只闭合开关S2时，R1与R2串联，只闭合S1时电路为R1的简单电路，当同时闭合S1、S3时R1与R2并联，
因并联电路的总电阻小于任何一个分电阻、串联电路中总电阻大于任何一个分电阻，
电源电压一定，由P＝可知，同时闭合S1、S3时，电路的总电阻最小，总功率最大，为高温挡，
只闭合开关S2时，电路的总电阻最大，总功率最小为低温挡，即P低温＝22W，
只闭合S1时为中温挡，即P中温＝44W。
由P＝可得：R1＝＝＝1100Ω
低温挡时，R1与R2串联，
P低温＝，即22W＝，
解得：R2＝1100Ω，故B错误；
C．当同时闭合S1、S3时，R1与R2并联，此时为高温挡，
P高温＝+＝+＝88W，
低温挡和高温挡的功率之比：
P低：P高＝22W：88W＝1：4，故C正确；
D．中温挡发热100s产生的热量：
Q＝W＝P中温t＝44W×100s＝4400J，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了内能的改变方式的判断、串并联电路的特点和电功率公式、电热公式的综合应用，分清充电式暖宝宝不同挡位时电路的连接方式是关键。
二、填空与作图题（共9小题，计22分）
11．（2分）据晋代张华的《博物志》记载：“削冰令圆，举以向日，以艾承其影，则得火”，如图甲所示，是我国古人用冰取火的情景，这是利用了 凸 透镜对光的作用，该透镜可以用来矫正 乙 图中的视力问题（选填“乙”或“丙”）。
【分析】（1）凸透镜对光线具有会聚作用、凹透镜对光线具有发散作用，据此分析判断；
（2）远视眼的成因：晶状体太薄或眼球前后径太短，使来自近处物体的光会聚于视网膜后方，造成看不清近处的物体；远视眼的矫正方法，需配戴凸透镜。
【解答】解：古人将冰磨成一种冰透镜，该透镜中间厚、边缘薄，属于凸透镜，能使太阳光会聚焦点，从而能点燃艾草取火；
远视眼的成因是只能看清远处的物体，看不清近处的物体，晶状体太薄，折光能力太弱，或者眼球在前后方向上太短，因此来自远处点的光会聚在视网膜后，图乙是远视眼的成因；凸透镜对光线具有会聚作用，戴上凸透镜制成的眼镜后，能使光线提前会聚，正好会聚在视网膜上，因此可以用凸透镜的镜片进行矫正。
故答案为：凸；乙。
【点评】本题考查了凸透镜对光线的作用，以及对远视眼的成因和矫正方法的掌握。
12．（3分）如图所示，歼20是我国自主研发的一款高性能的隐形战机歼20发动机使用的石油燃料是 不可再生 （选填“可再生”或“不可再生”）能源；歼20离地起飞，以地面为参照物飞机是 运动 的；歼20飞行员与地面指挥中心通过 电磁波 传递信息。
【分析】（1）能够从自然界源源不断获得或可重复利用的能源是可再生能源；不能够从自然界源源不断获得或不可重复利用的能源是不可再生能源；
（2）研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物。研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化；
（3）电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在固体、液体、气体中传播，也可以在真空中传播；电磁波能够传递信息，也能传递能量。
【解答】解：歼20发动机使用的石油燃料是不可再生能源；
歼20离地起飞，以地面为参照物飞机的位置发生变化，飞机是运动的；
歼20飞行员与地面指挥中心通过电磁波传递信息。
故答案为：不可再生；运动；电磁波。
【点评】本题考查了能源及其分类、参照物及其选择、电磁波的传播与应用，属于基础性题目，难度不大。
13．（4分）清晨城市清洁车在平直路面上边匀速前进边工作。
（1）清洁车在路面上前行并将地面上的落叶吸入车内，若不计油量消耗，清洁车的机械能将 增大 （选填“增大”“减小”或“不变”），地面落叶吸入车内是利用了空气流速越大的地方 压强小 原理。
（2）清洁车静止在水平路面上时，清洁车所受重力与路面对清洁车的支持力是一对 平衡力 。
（3）汽油机是汽车的“心脏”，四冲程汽油机的 做功 冲程实现了内能向机械能的转化。
【分析】（1）机械能包括动能和势能；动能的大小与质量和速度有关；重力势能大小与质量和高度有关；流体的压强跟流速有关，流速越快的位置压强反而越小；
（2）平衡力作用在同一物体上、大小相等、方向相反、作用在同一直线上；
（3）四冲程内燃机一个工作循环包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，由进气门、排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断是哪个冲程；其中压缩冲程中将机械能转化为内能，做功冲程中将内能转化为机械能。
【解答】解：（1）清洁车在路面上前行并将地面上的落叶吸入车内，此过程中，由于车的质量变大，故扫地车的动能增大，重力势能增大，机械能增大；清洁车在工作时，由于转动的扇叶处气体的流速大，压强小，从而在周围大气压的作用下将地面上的落叶吸入车内；
（2）清洁车匀速行驶，重力与地面的支持力是一对平衡力；
（3）四冲程汽油机的做功冲程实现了内能向机械能的转化。
故答案为：（1）增大；压强小；（2）平衡力；（3）做功。
【点评】此题平衡力的判断、流体压强和流速的关系、热机等，涉及到的知识点多，综合性强。
14．（2分）某同学制作了如图所示的装置：风吹动时，风车带动磁体上方的线圈转动（线圈两端引出线上的绝缘漆已全部刮掉），灵敏电流计的指针会发生偏转。该装置利用 电磁感应 原理工作的。指南针之所以指南北，是因为它受到 地磁场 的作用。
【分析】（1）闭合电路部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流的现象叫做电磁感应；
（2）指南针指示南北方向就是因为受到地磁场的作用。
【解答】解：（1）图中线圈、导线和灵敏电流计组成闭合电路，线圈处在磁场中，风吹风车带动线圈转动切割磁感线从而产生感应电流，所以该装置是利用电磁感应原理工作的；
（2）指南针指示南北方向就是因为受到地磁场的作用。
故答案为：电磁感应；地磁场。
【点评】此题考查了电磁感应现象和地磁场等知识，难度不大。
15．（2分）菜油最适宜的烹饪温度在150℃至180℃之间．用天然气将质量为0.02kg的菜油从室温20℃加热到170℃，天然气燃烧释放出的热量有60%被菜油吸收，则菜油吸收了 6×103 J热量，燃烧了 2.5×10﹣4 m3的天然气。[取c菜油＝2.0×103J•（kg•℃） ﹣1，天然气的热值为4×107J/m3]
【分析】知道菜油的质量、比热容和菜油的初温和末温，利用吸热公式求菜油吸收的热量；
知道效率，利用效率公式可以求出天然气完全燃烧所需放出的热量，根据公式Q＝Vq求出体积。
【解答】解：菜油吸收的热量：Q吸＝c菜油mΔt＝2.0×103J•（kg•℃）﹣1×0.02kg×（170℃﹣20℃）＝6×103J；
天然气完全燃烧所需放出的热量Q放＝＝104J；
由Q放＝qV得完全燃烧的天然气的体积：V＝＝2.5×10﹣4m3。
故答案为：6×103；2.5×10﹣4。
【点评】本题考查了学生对吸热公式、燃料燃烧放热公式的掌握和运用，因条件已给出，难度不大。
16．（3分）小明设计了如图甲所示的风速仪，电源电压恒定，灯泡的额定电压为5V，灯泡的I﹣U关系图象如图乙所示，AB为粗细均匀的电阻丝，总电阻为15Ω，OP为不计电阻的金属细杆（与AB接触良好），闭合开关S，无风时OP自然下垂，此时电流表的示数为0.2A，电流表示数越大，说明风力越 大 ；电源电压为 5 V，小灯泡的额定功率为 1.5 W。
【分析】由图可知：灯泡和电阻丝串联，电流表测量电路中电流；
图可知：电阻丝上PB段连入电路，当风越大，根据电阻丝与金属细杆的接触点的右侧电阻丝的长度变化即可判断电阻丝接入电路的电阻变化；
电流表示数越大，根据欧姆定律可知电路中电阻的变化，根据串联电路的特点判断出电阻丝接入电路的电阻变化，进而得出风力的变化；
无风时OP自然下垂，此时电流表的示数为0.2A，由图乙得出灯泡两端的电压，然后根据串联电路的特点和欧姆定律求出电源电压；
灯泡的额定电压为5V，从图中可知，小灯泡的额定电流为0.3A，根据P＝UI得出小灯泡的额定功率。
【解答】解：由图可知：灯泡和电阻丝串联，电流表测量电路中电流；
当风越大，金属细杆的下端向右偏转的角度变大，则电阻丝与金属细杆的接触点的右侧电阻丝的长度减小，则电阻丝接入电路的电阻变小；
由于电源电压一定，当电流表示数越大时，根据欧姆定律可知电路中的总电阻变小，根据电阻的串联特点可知，电阻丝接入电路的电阻变小，则电阻丝与金属细杆的接触点的右侧电阻丝的长度减小，所以，金属细杆的下端向右偏转的角度变大，说明风力越大；
无风时OP自然下垂，电阻丝的电阻全部连入电路；电流表示数为0.2A，根据串联电路的电流处处相等的特点可知通过灯泡的电流为0.2A，
由图乙可知此时灯泡两端的电压为2V；
由欧姆定律可得，电阻丝两端的电压：UAB＝IRAB＝0.2A×15Ω＝3V，
则电源电压U＝UAB+UL＝3V+2V＝5V；
灯泡的额定电压为5V，从图中可知，小灯泡的额定电流为0.3A，小灯泡的额定功率P＝ULIL＝5V×0.3A＝1.5W。
故答案为：大；5；1.5。
【点评】本题考查电功率的计算，关键是从图中得出有用信息。
17．（2分）攀岩是年轻人非常喜欢的一种运动，如图是一名攀岩运动员拉着绳子停在峭壁上的简化图，请以重心O为作用点，画出运动员所受的重力G和峭壁对运动员的支持力F支的示意图。
【分析】先明确重力、支持力的方向和作用点，再根据力的示意图的画法作图。
【解答】解：运动员处于静止状态，受到竖直向下的重力、垂直于峭壁的支持力的作用，这两个力作用在O点上，力的示意图如图：
故答案为：如图见解答。
【点评】正确分析重力、支持力的方向是本题的关键，画图时力的方向是易错点，值得我们注意。
18．（2分）如图，请标出小磁针的N、S极及磁感线的方向。
【分析】（1）首先根据安培定则确定螺线管的NS极。再利用磁极间的相互规律确定小磁针的NS极。
（2）在磁体的周围，磁感线从N极流出回到S极。由此可以确定磁感线的方向。
【解答】解：（1）根据电流的流向，结合线圈的绕向，利用安培定则可以确定螺线管右端为N极，左端为S极；
由磁极间的相互规律可知，小磁针的左端为S极，右端为N极。
（2）在磁体的周围，磁感线从磁体的N极出发回到S极，所以图中磁感线的方向是向左的。如图所示：
【点评】安培定则共涉及三个方向：电流方向、线圈绕向、磁场方向，告诉其中的两个可以确定第三个。其中磁场的方向往往与小磁针的NS极或磁感线的方向联系在一起，而电流方向经常与电源的正负极联系起来。
19．（2分）如图，这是小莹家的电烤箱电路示意图，请将a、b、c三个接线口接入电路中。
【分析】开关控制用电器时，开关要接在用电器和火线之间；有金属外壳的用电器要接地线。
【解答】解：由图可知，火线应该先接b点，进入开关，然后控制用电器，零线应该接a点；c要将金属外壳与地线相连，如图所示：
【点评】本题考查了家庭电路中用电器的连接，要注意开关应控制火线，金属外壳要接地。
三、实验与探究题（共4小题，计21分）
20．（4分）按要求完成填空。
（1）如图甲所示，温度计示数为 68 ℃。
（2）如图乙所示，杠杆平衡后，在左侧A点挂三个钩码，每个钩码重1N，在右侧B点竖直向下拉着弹簧测力计，使杠杆在水平位置平衡，此时弹簧测力计的示数F＝ 2 N。
（3）如图丙为探究液体内部压强的装置。对比A、B两图可知：同种液体，深度越深，液体内部压强越 大 ；图A中探头位置不变，向容器中加入适量食用盐并搅拌均匀（液体未溢出），则U形管两侧液面高度差将 变大 （选填“变大”“不变”或“变小）。
【分析】（1）使用温度计测量温度时，首先要明确温度计的分度值，读数时视线与液柱最高处相平，并注意区分零上或零下；
（2）从图知道两边力臂的关系，知道阻力（重力）大小，利用杠杆的平衡条件求所需拉力大小；
（3）液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，据此解答；
在深度相同时，液体的密度越大，压强越大，据此分析。
【解答】解：（1）如甲图所示，在温度计上，10℃之间有10个小格，一个小格代表1℃，所以此温度计的分度值为1℃，且温度越往下越小，是零上，示数为68℃；
（2）由图可知：OA：OB＝2：3，
根据杠杆的平衡条件可得，G×OA＝F×OB，
F＝＝＝2N；
（3）在相同液体中的不同深度处，U形管两侧的液面高度差不相等，液体的压强不同，且乙处的深度大，U形管两侧液面的高度差大，可以得到实验结论：同种液体内部，深度越深，液体的压强越大；
在图A中保持金属盒的位置不变，向容器中加入适量食用盐并搅拌均匀（未溢出），此时容器内液体的密度变大，由于在深度相同时，液体的密度越大，压强越大，所以则U形管两侧液面高度差将变大。
故答案为：（1）68℃；（2）2；（3）大；变大。
【点评】本题考查了温度计的读数问题、杠杆平衡的条件以及液体压强大小的影响因素，难度不大。
21．（4分）小聪和小明一起做“探究并联电路中电流的规律实验。
（1）连接电路时，开关应该断开，这样做的目的是防止连接电路时因电路发生 短路 （选填“短路”或“断路”）而导致电流过大烧坏电流表。
（2）按照图甲电路图连好电路后（电流表未画出），闭合开关，发现电流表指针位置如图乙所示，原因可能是 电流表的正负接线柱接反了 。
（3）改正后的实验电路如图丙所示，此时电流表测量的是 C （选填“A”、“B”或“C”）处的电流。
（4）多次实验，并将数据记录在表格中，分析表中数据可得出结论： IC＝IA+IB （写出表达式）。
实验次序
IA/A
IB/A
IC/A
1
0.12
0.14
0.26
2
0.22
0.24
0.46
3
0.24
0.26
0.5
【分析】（1）在连接电路时，为保护电路，开关必须断开，是防止电路发生短路时因电流过大损坏电路元件；
（2）电流从电流表正接线柱流入，从负接柱流出；若接反了，则电流表指针会反转；
（3）根据电流表与待测电路串联；
（4）分析表中数据得出结论；为得出普遍结论，实验时应采用不同规格的实验器材进行多次实验。
【解答】解：（1）根据实验操作规范，在连接电路时，为保护电路，开关必须断开，是防止电路发生短路时因电流过大损坏电路元件；
（2）图乙中的电流表的指针向左偏转，说明电流表的正负接线柱接反了；
（3）电流表与待测电路串联，如图丙所示，电流表接在干路上，此时电流表测量的是C处的电流；
（4）根据表中数据有：0.26A＝0.12A+0.14A，0.46A＝0.22A+0.24A，0.5A＝0.24A+0.26A，故可得出初步结论IC＝IA+IB。
故答案为：（1）短路；（2）电流表的正负接线柱接反了；（3）C；（4）IC＝IA+IB。
【点评】本题是探究并联电路的电流实验，考查了注意事项、电流表的使用、实验数据分析和归纳法的应用等。
22．（6分）在“探究固体熔化时温度的变化规律”实验中，实验装置如图甲所示，将温度计插入试管后，待温度升至50℃左右开始，每隔大约1min记录一次温度，根据记录的数据，画出如图乙所示的该物质熔化时温度随时间变化的图象。
（1）组装实验器材时，应该按照 自下而上 （选填“自下而上”或“自上而下”）的顺序安装；实验中采取水浴法对试管中的物质加热，这种加热方法的好处是使试管中的物质 受热均匀 。
（2）该物质是 晶体 （选填“晶体”或“非晶体”）。
（3）图中B点物体的内能 小于 （选填“大于”“小于”或“等于”）图中D点物体的内能。
（4）某同学把试管中的物质换成水，发现无论怎么加热，试管中的水都不会沸腾，请你设计一种可以使试管中的水沸腾的方案： 将烧杯加盖 。（写出一种即可）
（5）比较图乙中的AB段与DE段可知，AB段的比热容 小于 （选填“大于“小于”或“等于”）DE段的比热容。
【分析】（1）实验中要用酒精灯外焰加热，温度计玻璃泡完全浸没被测物质中，但不能碰容器底和壁，所以组装仪器需要按照自下而上的顺序；
“水浴法”加热方法的好处是使试管中的物质受热均匀；
（2）晶体和非晶体的区别是看是否有固定的熔化或凝固温度；
（3）物体吸收热量内能增大；
（4）水沸腾的条件：达到沸点，继续吸热；
（5）根据Q＝mcΔt，比较图乙中的AB段与DE段可知比热容的大小。
【解答】解：（1）实验中要用酒精灯外焰加热，所以需要点燃酒精灯，温度计玻璃泡完全浸没被测物质中，但不能碰容器底和壁，所以组装仪器需要按照自下而上的顺序；
“水浴法”加热方法的好处是使试管中的物质受热均匀；
（2）由图乙可知，2﹣5min内，吸收热量，温度不变，所以该物质为晶体；
（3）BD段的物质处于熔化过程中，不断吸热，内能增加，温度不变，故物体在B点内能小于在D点时的内能；
（4）烧杯中的水吸热沸腾后温度不再变化，试管中的水能达到沸点但不能继续吸热，所以试管内的水不能沸腾，可以给烧杯上面加一个盖，这样烧杯水面上方气压高，水的沸点升高，试管中的水就可以从烧杯中继续吸热，使试管中的水沸腾；也可以将烧杯中的水换成沸点更高的液体（如食用油），试管中的水就可以从烧杯中继续吸热，使试管中的水沸腾；
（5）比较图乙中的AB段与DE段可知：加热时间都为两分钟，吸收的热量相同，但AB段比DE段温度变化大，根据Q＝mcΔt判断：物质AB段的比热容小于DE段的比热容。
故答案为：（1）自下而上；受热均匀； （2）晶体； （3）小于；（4）将烧杯加盖；（5）小于。
【点评】本题考查熔化的探究实验，关键是将实验操作原则及结论掌握清楚，仔细分析然后解答。
23．（7分）小林在如图1所示的台灯下做作业时，发现书本在不同情况下被台灯照亮的程度有所不同，于是小林想探究书本被照亮的程度与哪些因素有关？并提出以下猜想：
猜想一：可能与灯泡的功率有关；
猜想二：可能与灯泡的种类有关。
（1）请你再补充一个猜想：书本被照亮的程度可能还与 书本到灯的距离 有关。
（2）灯泡发光时，电能转化为光能和 内 能。
（3）小林验证猜想二时，选用如图2所示的白炽灯和节能灯进行实验.在其他因素相同的情况下，应选择下面的 AD （填序号）两盏灯来进行实验。
A.“220V 15W”白炽灯
B.“220V 75W”白炽灯
C.“220V 5W”节能灯
D.“220V 15W”节能灯
（4）选择合适的灯泡后，小林进行实验：
①断开电源，取下台灯的灯罩，先在灯座上安装白炽灯，检查无误后进行实验，让灯持续发光十分钟，用手靠近灯并观察灯下书本被照亮的程度。
② 把白炽灯换成节能灯 后，再重复上述实验，并观察同种情况下书本被照亮的程度。
③通过观察比较，他发现在灯持续通电十分钟后，用手立即快速触摸或靠近灯，会感到白炽灯的表面明显更热一些；由此可知，同一位置的书本在 节能灯 （选填“白炽灯”或“节能灯”）照射下更亮。由此可知猜想二是 正确 （选填“正确”与“错误”）的。
（5）小林在上述实验时取下灯罩后发现在同一位置的书本变暗了。可得结论：灯罩会增大灯光亮度，这是利用了光的 反射 原理，将光尽量集中照到需要照射的地方。
【分析】本题属于物理走向生活的应用，在操作时要应用控制变量法做实验，涉及到电功率的知识，电能与内能的转换，最后还涉及光的反射。
【解答】（1）猜想书本被照亮的程度可能还与灯到书本的距离或书本纸张的颜色有关
（2）灯泡发光时，电能转化为光能和内能。
（3）验证猜想二时，根据控制变量法可知探究书本被照亮的程度与灯的种类的关系时，需控制灯泡的功率相同，改变灯泡的种类，所以选择相同规格的灯泡AD进行实验。
（4）①进行实验时，首先要注意用电安全，先断开电源，取下台灯的灯罩，在灯座上安装白炽灯，10分钟后观察书本被照亮的程度，
②第二次把电源关闭后，把白炽灯换成节能灯，观察10分钟后节能灯的亮度，以此来作对比。
③通过观察比较，他发现在灯持续通电十分钟后，用手立即快速触摸或靠近灯，会感到白炽灯的表面明显更热一些。这句话从能量转换角度分析，就是说同样是电能转换成光能和内能，但白炽灯表面更热，说明白炽灯的电能转换的内能远远多于节能灯，自然白炽灯的亮度就不及节能灯了。
白炽灯的光电转化率低于节能灯，故同一位置的书本在节能灯照射下更亮，由此猜想二是正确的。
（5）灯罩会增大灯光亮度，这是利用了光的反射原理。
故答案为：（1）书本到灯的距离 （2）内 （3）AD （4）把白炽灯换成节能灯，节能灯，正确 （5）反射。
【点评】为了更好的保护视力和节约能源，应选择节能灯。
四、综合题（共2小题，计17分）
24．（8分）如图甲是小明设计的“空气浮力演示器”：将一空心金属球与配重通过细线悬挂在定滑轮上，调节配重质量使二者保持静止，用气泵往玻璃容器内缓慢压入空气，可根据现象证明空气浮力的存在，已知容器的容积为50L，金属球重4N，体积为5000cm3（滑轮和细线的重力、滑轮和配重的体积及各种摩擦均忽略不计，g取10N/kg）。
（1）装置中的定滑轮相当于一个 等臂 （选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆；用气泵向玻璃容器内压入空气，当我们看到 金属球会上升（或配重下降） 现象时，可以说明金属球受到空气浮力的作用。
（2）该空心金属球用密度为8g/cm3的金属材料制成，求空心部分体积是多少cm3？
（3）压入空气前，容器内原有的空气密度为1.2kg/m3，求配重静止时金属球受到空气的浮力是多少N？
【分析】（1）定滑轮的本质是等臂杠杆，使用起来并不省力，但是能改变力的方向；演示器内定滑轮下所挂金属球和配重平衡，若金属球受到浮力，对左侧绳子拉力将减小，由此分析会出现的现象；
（2）根据G＝mg以及ρ＝可求金属球实心部分的体积，进而计算空心部分的体积；
（3）利用阿基米德原理可求金属球在空气中所受的浮力。
【解答】解：（1）定滑轮在使用时相当于一个等臂杠杆；演示器容器内定滑轮下所挂金属球和配重平衡，即G球＝G配，向玻璃容器内压入空气后，若金属球受到空气浮力的作用，则金属球对左侧绳子拉力F＝G球﹣F浮，所以F＜G配，金属球会上升（或配重下降）；
（2）金属球重4N，由G＝mg可知，金属球的质量为：m金＝＝＝0.4kg＝400g，
如果该金属球为实心球，则金属球的体积为：V金＝＝＝50cm3，
所以该球空心部分体积是V空＝V球﹣V金＝5000cm3﹣50cm3＝4950cm3；
（3）由阿基米德原理可得，金属球受到空气的浮力为：
F浮＝ρ空气gV排＝ρ空气gV＝1.2kg/m3×10N/kg×5000×10﹣6m3＝0.06N。
答：（1）等臂；金属球会上升（或配重下降）；
（2）空心部分体积是4950cm3；
（3）配重静止时金属球受到空气的浮力是0.06N。
【点评】本题属于综合题，主要考查杠杆的分类、空心球的体积计算、阿基米德原理及其应用、重力的计算等，有一定难度。
25．（9分）图甲为汽车远、近光灯的自动控制模拟电路，图乙是某型号汽车远、近光灯构造示意图。在一个灯泡里面装有两个不同阻值的钨丝，近光灯钨丝电阻4.8Ω，电压12V，远光灯钨丝电阻38.4Ω，电压48V。控制电路主要由电磁铁、调节电阻R0、光敏电阻R组成，电源电压恒为3V。闭合开关S，当电磁铁线圈中电流I≥0.3A时，衔铁被吸下，触点b、c相接触，光敏电阻的阻值大小与光照程度E（单位：cd）的变化关系如图丙所示，当光照强度＜3cd时，远光灯打开，线圈的组织忽略不计。
（1）A、B两电源的电压值分别为UA＝ 48 V，UB＝ 12 V。
（2）求调节电阻R0的阻值。
（3）小明爸爸的汽车灯型号与本题中的相同，某天晚自习后小明爸爸开车接小明回农村老家，开车耗时30分钟，其中10分钟路程光照强度不低于3cd，求整个路程小明爸爸汽车两个远光灯消耗的电能为多少？
（4）若要使汽车远光灯在光照强度更低时自动打开，请你写出一条对该控制电路改进的措施： 将R0调小 。
【分析】（1）由图可知，控制电路中两电阻串联接入电路，随着光照强度的增加，光敏电阻的阻值变小，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知通过电路的电流的变化，据此判断电路连接情况，进一步判断甲图的虚线框中远、近光灯的电压值；
（2）当光照强度等于3cd时，光敏电阻的阻值为3Ω，此时通过电路的电流恰好为0.3A，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律计算调节电阻R0的阻值；
（3）整个路程耗时30分钟，其中10分钟路程光照强度不高于3cd，即开大灯的时间为20分钟，根据W＝t计算一个大灯消耗的电能，进一步计算整个路程小明爸爸汽车两个大灯消耗的电能；
（4）要使远光灯在光照强度更低时才自动打开，当光照强度更小时，光敏电阻变大，而衔铁被吸下时的电流应不变，根据欧姆定律结合串联电路的电阻特点分析提出改进措施。
【解答】解：（1）由图可知，控制电路中两电阻串联接入电路，由图丙可知，随着光照强度的增加，光敏电阻的阻值变小，由串联电路的电阻特点可知，电路的总电阻减小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，衔铁被吸下，触点与b接线柱连接，属于近光，电压为12V，当光照强度＜3cd时，衔铁被释放，触点与a接线柱连接，远光灯打开，电压为48V；
（2）当光照强度等于3cd时，光敏电阻的阻值为3Ω，此时通过电路的电流恰好为0.3A，
由欧姆定律可知，此时电路的总电阻：R总＝＝＝10Ω，
由串联电路的电阻特点可知，调节电阻R0的阻值：R0＝R总﹣R＝10Ω﹣3Ω＝7Ω；
（3）整个路程耗时30分钟，其中10分钟路程光照强度不高于3cd，因此开近光灯的时间为10分钟，则开大灯的时间为t＝30min﹣10min＝20min，
一个大灯消耗的电能为：W1＝t＝×20×60s＝7.2×104J，
则整个路程小明爸爸汽车两个大灯消耗的电能为：W总＝2W1＝2×7.2×104J＝1.44×105J；
（4）要使远光灯在光照强度更低时才自动打开，当光照强度更小时，光敏电阻变大，而衔铁被吸下时的电流应不变，由欧姆定律可知，此时电路的总电阻不变，由串联电路的电阻特点可知，可将R0调小。
答：（1）48；12；
（2）调节电阻R0的阻值为7Ω；
（3）整个路程小明爸爸汽车两个远光灯消耗的电能为1.44×105J；
（4）将R0调小。
【点评】本题考查电磁继电器原理、串联电路特点、欧姆定律和电功公式的灵活运用，综合性强。
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