安徽省合肥市庐巢七校联考2022-2023学年高二化学下学期期中考试试题（Word版附解析）

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2022－2023学年安徽省合肥市庐巢七校联考高二(下)期中化学试卷
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 下列表示不正确的是
A. 乙烯的结构式： B. 甲酸甲酯的结构简式：
C. 甲基丁烷的键线式： D. 甲基的电子式：
【答案】B
【解析】
【详解】A．结构式是每一对共用电子对用一个短横来表示，乙烯分子中每个碳原子和每个氢原子形成一对共用电子对，碳原子和碳原子形成两对共用电子对，故A正确；
B．结构简式中需要体现出特殊结构和官能团，甲酸甲酯中要体现出酯基，其结构简式为HCOOCH3，故B错误；
C．键线式中每个端点为一个C原子，省略C—H键，故C正确；
D．甲基中碳原子和三个氢原子形成3对共用电子对，还剩一个成单电子，故D正确；
答案选B。
2. 下列说法不正确是
A. 提纯苯甲酸可采用重结晶的方法
B. 分离正己烷(沸点69℃)和正庚烷(沸点98℃)可采用蒸馏的方法
C. 某有机化合物的相对分子质量为58，则其分子式一定为C4H10
D. 某烃完全燃烧生成CO2和H2O的物质的量之比为1∶1，则其最简式为CH2
【答案】C
【解析】
【详解】A．苯甲酸在水中的溶解度不大，因此可以采用重结晶方法提纯，A正确；
B．正己烷(沸点69℃)和正庚烷(沸点98℃)是是互溶的沸点不同的液体混合物，可以采用蒸馏方法分离，B正确；
C．某有机化合物的相对分子质量为58，则其分子式可能为C4H10，也可能是C3H6O，因此该物质的分子式不一定是C4H10，C错误；
D．某烃完全燃烧生成CO2和H2O的物质的量之比为1∶1，则该烃分子中C、H原子个数比是1∶2，故该烃的最简式为CH2，D正确；
故合理选项是B。
3. 已知有机物a和b的结构简式分别为和。下列说法正确的是(不考虑立体异构)
A. a分子中含有6个键，2个键 B. a与苯互为同分异构体
C. b可使溴水褪色，反应时键断裂 D. b的一氯代物有5种
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】A．a分子中含有14个键，2个键，A项错误；
B．a的分子式为，苯的分子式为，二者不互为同分异构体，B项错误；
C．b中含有碳碳双键，与溴发生加成反应时，键断裂，C项正确；
D．b分子中有6种不同化学环境的氢原子，则b的一氯代物有6种，D项错误。
故选：C。
4. 桶烯(Barrelene)键线式如图所示，下列有关说法不正确的是

A. 桶烯分子中所有原子在同一平面内
B. 0.1 mol桶烯完全燃烧需要消耗氧气22.4 L(标准状况)
C. 桶烯与苯乙烯(C6H5CH=CH2)互为同分异构体
D. 桶烯中的一个氢原子被氯原子取代，所得产物只有两种
【答案】A
【解析】
【详解】A．桶烯分子中存在饱和碳原子，所以桶烯分子中所有原子不可能在同一平面内，故A错误；
B．根据桶烯的结构简式可知桶烯的分子式为C8H8，0.1 mol桶烯完全燃烧需要消耗氧气的物质的量为0.1 mol×(8＋)=1 mol，在标准状况下的体积为22.4 L，故B正确；
C．桶烯和苯乙烯的分子式相同，都是C8H8，但桶烯和苯乙烯的结构不同，所以二者互为同分异构体，故C正确；
D．桶烯是对称结构，只有两种不同化学环境的氢原子，所以桶烯中的一个氢原子被氯原子取代，所得产物只有两种，故D正确；
故选A。
5. 已知某有机物A的核磁共振氢谱如图所示，下列说法中不正确的是

A. 若分子式为，则其结构简式可能为
B. 分子中不同化学环境的氢原子个数之比为1：2：3
C. 该分子中氢原子个数一定为6
D. 若A的化学式为，则其为丙烯
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】分子式为，则其结构简式可能为，含3种H，且氢原子个数之比为1：2：3，故A正确；
B．由图可知，分子中不同化学环境的氢原子个数之比为1：2：3，故B正确；
C．无法确定该有机物中H原子个数，故C错误；
D．若A的化学式为，丙烯的结构简式为，含3种H，且氢原子个数之比为1：2：3，故D正确；
故选：C。
【点睛】本题考查核磁共振氢谱分析，把握H的种类为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意选项C为解答的易错点，题目难度不大。
6. 下列叙述正确的是
A. 某有机物燃烧后产物只有CO2和H2O，可推出的结论是有机物属于烃
B. 某有机物燃烧后产物只有CO2和H2O，可推出的结论是有机物属于烃的含氧衍生物
C. 某有机物燃烧后产物只有CO2和H2O，通过测定有机物、CO2和H2O的质量，可确定有机物是否含有氧
D. 甲烷在同系物中含碳量最高，因而是清洁能源
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】A．烃的含氧衍生物完全燃烧产物也只有二氧化碳和水，故该有机物不一定为烃类，A错误；
B．烃类物质完全燃烧产物也只有二氧化碳和水，故该有机物可能为烃类，不一定为烃的含氧衍生物，B错误；
C．有机物完全燃烧生成二氧化碳和水，说明有机物中一定含有C、H两种元素，C、H质量可以根据质量守恒确定，再根据有机物的质量减去C和H的质量确定是否有氧元素，C正确；
D．烷烃（CnH2n+2）是含氢量最高的有机物，甲烷（CH4）是含氢量最高的烷烃，故甲烷的含碳量最低，D错误；
故选C
7. 下列物质中，互为同分异构体的一组是
A. 甲烷和乙烷 B. 乙烯和丙烯
C. 正丁烷和异丁烷 D. 一氯甲烷和二氯甲烷
【答案】C
【解析】
【分析】同分异构体是分子式相同、结构不同的化合物；
【详解】A．甲烷和乙烷分子式不同，A错误；
B．乙烯和丙烯分子式不同，B错误；
C．正丁烷和异丁烷是分子式相同、结构不同的化合物，互为同分异构体，C正确；
D．一氯甲烷和二氯甲烷分子式不同，D错误；
故选C。
8. 1972年初，屠呦呦研究小组采用乙醚(CH3CH2OCH2CH3)低温浸取成功分离并结晶出“青蒿素II(后称青蒿素)，经测定其化学式为C15H22O5。下列说法正确的是
A. 青蒿素是屠呦呦研究小组合成创造的新物质
B. 青蒿素从物质分类看属于氧化物
C. 乙醚与乙醇具有相同分子式
D. 乙醚低温浸取青蒿素的过程主要涉及物理变化
【答案】D
【解析】
【详解】A．青蒿素不属于合成创造的新物质，A错误；
B．氧化物是指只含有两种元素，且含有氧元素，B错误；
C．乙醚的分子式为C4H10O，乙醇分子式为C2H6O，C错误；
D．乙醚低温浸取青蒿素的过程属于萃取，主要涉及物理变化，D正确；
故答案为：D。
9. 将有机物完全燃烧，生成CO2和H2O。将12.4 g该有机物的完全燃烧产物通过浓硫酸，浓硫酸增重10.8 g，再通过碱石灰，碱石灰又增重了17.6 g。下列说法不正确的是
A. 该有机物的最简式为CH3O
B. 该有机物的分子式可能为CH3O
C. 该有机物的分子式一定为C2H6O2
D. 该有机物核磁共振氢谱中可能有两个吸收峰
【答案】B
【解析】
【分析】浓硫酸增重的为水的质量，碱石灰增重的为二氧化碳的质量，根据n=计算出水、二氧化碳的物质的量，再根据质量守恒确定含有氧元素的质量及物质的量;根据C、H、O元素的物质的量之比得出该有机物达到最简式，根据有机物结构与性质及核磁共振氢谱的知识对各选项进行判断。
【详解】有机物完全燃烧，生成CO2和H2O。将12.4 g该有机物的完全燃烧产物通过浓硫酸，浓硫酸增重10.8 g，增加质量为水的质量，m(H2O)=10.8 g，n(H2O)=，n(H)=2n(H2O)=2×0.6 mol=1.2 mol，m(H)=1.2 g；再通过碱石灰，碱石灰增重17.6 g为CO2的质量，n(CO2)=，m(C)=0.4 mol×12 g/mol=4.8 g，m(C)+m(H)= 1.2 g +4.8 g =6 g＜12.4 g，则m(O)=2.4 g－6 g=6.4 g，n(O)=，n(C)：n(H)：n(O)=0.4 mol：1.2 mol：0.4 mol=1：3：1，所以物质中N(C)：N(H)：N(O)=1：3：1，故该有机物的最简式为CH3O。
A．根据分析可知，该有机物的最简式为CH3O，A正确；
B．该有机物分子中只含有C、H、O三种元素，H原子数只能为偶数，其分子式不可能为CH3O，B错误；
C．设该有机物分子式为(CH3O)n，当n=2时，得到的分子式C2H6O2中H原子已经达到饱和，所以该有机物分子式为C2H6O2，C正确；
D．若该有机物为乙二醇，乙二醇的分子中含有两种等效H，则其核磁共振氢谱有两个吸收峰，D正确；
故合理选项是B。
10. 下列说法正确的是
A. 乙烷的一氯代物有2种，二氯代物有3种
B. 丙烷的一氯代物有2种，二氯代物有4种
C. 正丁烷的一氯代物有2种，二氯代物有5种
D. 正戊烷的一氯代物有3种，二氯代物有8种
【答案】B
【解析】
【详解】A．乙烷有1种位置的氢，因此一氯代物的同分异构体有1种，二氯代物同一个碳上有1种，不同碳上有1种，因此二氯代物的同分异构体有2种，故A错误；
B．丙烷有2种位置的氢，因此一氯代物的同分异构体有2种，二氯代物同一个碳上有2种，不同碳上2种，因此二氯代物的同分异构体有4种，故B正确；
C．正丁烷有2种位置的氢，因此一氯代物的同分异构体有2种，二氯代物同一个碳上有2种，不同碳上4种，因此二氯代物的同分异构体有6种，故C错误；
D．正戊烷有3种位置的氢，因此一氯代物的同分异构体有3种，二氯代物同一个碳上有3种，不同碳上6种，因此二氯代物的同分异构体有9种，故D错误；
故答案为B。
【点睛】有几种位置的氢则为一氯代物有几种，二氯代物主要是先根据同一个碳分析，再根据不同碳原子分子用同异构体。
11. 研究有机物一般经过以下几个基本步骤：分离、提纯→确定实验式→确定分子式→确定结构式。以下用于研究有机物的方法错误的是（ ）
A. 蒸馏常用于分离提纯互溶的液态有机混合物
B. 李比希元素分析仪可以确定有机物的分子结构
C. 利用红外光谱仪可以区分乙醇和二甲醚
D. 质谱仪通常用于测定有机物的相对分子质量
【答案】B
【解析】
【详解】A．蒸馏常用于分离互溶的沸点相差较大的液体，故常用于提纯液态有机混合物，A正确；
B．李比希元素分析仪可以确定有机物的元素组成，分子的最简式，甚至可以确定有机物的分子式，但是不能确定有机物的结构，B错误；
C．利用红外光谱仪可以测出共价物质分子中含有的化学键、官能团，乙醇和二甲醚中所含的化学键类型不完全相同，故可以区分乙醇和二甲醚，C正确；
D．质谱仪通常用于测定有机物的相对分子质量，质荷比的最大值=相对分子质量，D正确。
故答案为：B。
12. 下列除去杂质的方法正确的是
①除去乙烷中少量的乙烯：光照条件下通入，气液分离
②除去乙酸乙酯中少量的乙酸：加入饱和碳酸钠溶液，分液
③除去中少量的：将气体通过盛有饱和碳酸钠溶液的洗气瓶
④除去乙醇中少量的乙酸：加足量生石灰，蒸馏
A ①② B. ②④ C. ③④ D. ②③
【答案】B
【解析】
【详解】乙烷在光照条件下与氯气发生取代反应，应用溴水除去乙烷中的乙烯，故①错误；
饱和碳酸钠溶液可与乙酸反应，同时能降低乙酸乙酯的溶解度，可用于除去乙酸乙酯中的乙酸，故②正确；
和都能与饱和碳酸钠溶液反应，应用饱和碳酸氢钠溶液除去中的，故③错误；
乙酸易与生石灰反应生成乙酸钙，乙酸钙的沸点高，再进行蒸馏可得到纯净的乙醇，故④正确;
综合以上分析可知②④正确。
答案选B。
13. 某烃的一种同分异构体只能生成1种一氯代物，该烃的分子式可以是
A. C3H8 B. C4H10 C. C5H12 D. C6H14
【答案】C
【解析】
【详解】A．分子式为C3H8的烷烃只能是丙烷，丙烷分子中含有2类氢原子，一氯代物有2种，故A不符合题意；
B．分子式为C4H10的烷烃可能为正丁烷、异丁烷，其中正丁烷分子中含有2类氢原子，一氯代物有2种，异丁烷分子中含有2类氢原子，一氯代物有2种，故B不符合题意；
C．分子式为C5H12的烷烃可能为正戊烷、异戊烷、新戊烷，其中正戊烷分子中含有3类氢原子，一氯代物有3种，异戊烷分子中含有4类氢原子，一氯代物有4种，新戊烷分子中含有1类氢原子，一氯代物有1种，则分子式为C5H12的新戊烷的一氯代物只有1种，故C符合题意；
D．分子式为C6H14的烷烃有有5种同分异构体，其中CH3(CH2)4CH3分子中有3类氢原子，一氯代物有3种；CH3CH(CH3)CH2CH2CH3分子中有5类氢原子，一氯代物有5种；CH3CH2CH(CH3)CH2CH3分子中有4类氢原子，一氯代物有4种；CH3C(CH3)2CH2CH3分子中有3类氢原子，一氯代物有3种；CH3CH(CH3)CH(CH3)CH3分子中有2类氢原子，一氯代物有2种，故D不符合题意；
故选C。
14. 下列有机物的命名正确的是
A. 3，3-二甲基丁烷 B. 3，3-­二甲基-2-乙基戊烷
C. 3-甲基丁烷 D. 2，2-二甲基丙烷
【答案】D
【解析】
【详解】A．主链编号起点错误，正确的名称应为2，2-二甲基丁烷，故A错误；
B．主链不是最长的，正确名称为3，3，4­-三甲基己烷，故B错误；
C．主链编号起点错误，正确的名称应为2-甲基丁烷，故C错误；
D．2，2-二甲基丙烷命名正确，故D正确；
故答案选D。
15. 为了提纯表中所列物质(括号内为杂质)，有关除杂试剂和分离方法的选择均正确的是
选项
被提纯的物质
除杂试剂
分离方法
A
己烷(己烯)
溴水
分液
B
淀粉溶液(NaCl)
水
过滤
C
CH3CH2OH(CH3COOH)
CaO
蒸馏
D
CH3COOC2H5(CH3COOH)
饱和NaOH溶液
分液

A. A B. B C. C D. D
【答案】C
【解析】
【详解】A．向试样中加入溴水，己烯与Br2反应的产物与己烷互溶，用分液法不能将己烷提纯，A错误；
B．淀粉溶液和NaCl溶液均可透过滤纸，应该是渗析法，B错误；
C．CaO与CH3COOH发生反应：CaO＋2CH3COOH=(CH3COO)2Ca＋H2O，用蒸馏法将CH3CH2OH蒸出，C正确；
D．乙酸乙酯和乙酸均能与饱和氢氧化钠溶液反应，用饱和Na2CO3溶液可减少乙酸乙酯在水中的溶解量并与CH3COOH反应除去乙酸，然后用分液的方法分离，D错误。
答案选C。
16. 已知X、Y、Z、W是原子序数依次增大的短周期主族元素，位于三个不同的周期。由X、Y、Z组成的某有机物常用于合成高分子化合物，其结构如下图所示。W原子的最外层电子数比Z多。相关说法正确的是

A. 该有机物不能使酸性溶液褪色
B. Y、Z、W可以组成各原子均满足8电子稳定结构的某种微粒
C. Z的氢化物熔点一定高于Y的氢化物
D. 氧化物对应水化物的酸性：W一定比Z强
【答案】B
【解析】
【分析】已知X、Y、Z、W是原子序数依次增大的短周期主族元素，位于三个不同的周期，X为H，根据结构图可知Y为C，Z为N，W原子的最外层电子数比Z多，W为S或Cl，以此来解析；
【详解】A．该有机物中含有碳碳双键能使酸性KMnO4溶液褪色，A错误；
B．有分析可知Y为C、Z为N、W为S或Cl，可以组成各原子均满足8电子稳定结构的可以是(SCN)2或为CSCl2，B正确；
C．Z为N可以形成NH3为简单气态氢化物，Y为C可以形成CH4，为简单气态氢化物，NH3存在分子间氢键，熔沸点比甲烷的高，但是C还可以形成以苯等许多的烃类，苯就氨的熔沸点高了，C错误；
D．W为S或Cl，Z为N，W最高价氧化物对应水化物的酸性一定Z的最高价氧化物对应水化物的酸性强，H2SO4和HClO4二者酸性大于HNO3，但是H2SO3和HClO的酸性比HNO3的酸性弱，D错误；
故选B。
17. 按要求完成下列方程式、注明反应类型。
（1）CH4在光照条件下与氯气反应生成一氯取代物方程式_____；反应类型_____。
（2）CH2=CH－CH=CH2与足量Br2水的反应方程式_____；反应类型_____。
（3）CH3－CH=CH2在催化剂条件下生成聚丙烯方程式_____；反应类型_____。
【答案】（1） ①. CH4+Cl2CH3Cl+HCl ②. 取代反应
（2） ①. CH2=CH－CH=CH2+2Br2→CH2BrCHBrCHBrCH2Br ②. 加成反应
（3） ①. nCH3CH=CH2 ②. 加聚反应
【解析】
【小问1详解】
甲烷在光照条件下与氯气发生取代反应生成一氯甲烷和氯化氢，反应的化学方程式为CH4+Cl2CH3Cl+HCl，故答案为：CH4+Cl2CH3Cl+HCl；取代反应；
【小问2详解】
1，3—丁二烯与足量溴水发生加成反应生成1，2，3，4—四溴丁烷，反应的化学方程式为CH2=CH－CH=CH2+2Br2→CH2BrCHBrCHBrCH2Br，故答案为：CH2=CH－CH=CH2+2Br2→CH2BrCHBrCHBrCH2Br；加成反应；
【小问3详解】
丙烯在催化剂条件下发生加聚反应生成生成聚丙烯，反应的化学方程式为nCH3CH=CH2，故答案为：nCH3CH=CH2；加聚反应。
18. (1)键线式表示的物质的分子式为___________。
(2)中含有的官能团的名称为___________。
(3)戊烷的某种同分异构体只有一种一氯代物，试书写它的结构简式：___________。
(4)某芳香烃的结构为，它的分子式为___________，一氯代物有种___________。
(5)分子式为的某烃的所有碳原子都在同一平面上，则该烃的结构简式为___________，若分子式为的某烃中所有的碳原子都在同一条直线上，则该烃的结构简式为___________。
【答案】 ①. ②. 羟基、酯基 ③. ④. ⑤. 4 ⑥. ⑦.
【解析】
【详解】(1)由键线式可知，该物质属于饱和烃，分子中含有6个碳原子，分子式为。
(2)中含有的官能团的名称为羟基、酯基。
(3)戊烷的某种同分异构体只有一种一氯代物，则该有机化合物分子中只含1种化学环境的氢原子，该烃的结构简式为。
(4)芳香烃的结构简式是，则其分子式是。该有机化合物的结构对称，分子中有4种化学环境的氢原子，所以其一氯代物有4种。
(5)根据乙烯是平面形分子，，可看作乙烯中的四个氢原子被甲基取代，所以分子式为，所有碳原子都在同一平面上的烃的结构简式为；乙炔是直线形分子，，可看作甲基取代乙炔分子中的氢原子，所以分子式为，所有的碳原子都在同一条直线上的烃的结构简式是。
19. I.回答下列问题：
（1）某有机化合物的蒸汽对氢气的相对密度为30，其分子中含碳40%，含氢6.7%，其余为氧。该有机物的分子式为_____；若该物质能与Na2CO3溶液反应放出CO2，则该物质的结构简式为_____。
II.某烃M的相对分子质量为84。
（2）烃M的分子式为_____。
（3）下列物质与烃M以任意比例混合，若总物质的量一定，充分燃烧消耗氧气的量不变的是_____(填字母序号，下同)；若总质量一定，充分燃烧消耗氧气的量不变的是_____。
A.C7H8 B.C4H14 C.C7H14 D.C8H8
（4）若烃M为链烃，分子中所有的碳原子在同一平面上，该分子的一氯取代物只有一种，则烃M的结构简式为_____。
【答案】（1） ①. C2H4O2 ②. CH3COOH
（2）C6H12 （3） ①. A ②. C
（4）
【解析】
小问1详解】
由有机化合物的蒸汽对氢气的相对密度为30可知，有机物的相对分子质量为2×30=60，则由分子中含碳40%，含氢6.7%，其余为氧可知，有机物分子中碳原子个数为=2、氢原子个数为≈4、氧原子个数为≈2，则有机物的分子数为C2H4O2，该物质能与碳酸钠溶液反应放出二氧化碳说明分子中含有羧基，结构简式为CH3COOH，故答案为：C2H4O2；CH3COOH；
【小问2详解】
由商余法可知，相对分子质量为84 的烃可得：84÷12=7。。。0，则符合碳原子的成键特征的M的分子式为C6H12，故答案为：C6H12；
【小问3详解】
烃与烃C6H12以任意比例混合，若总物质的量一定，充分燃烧消耗氧气的量不变，说明烃与烃M的通式为C6+xH12—4x或C6—xH12+4x，当x=1时，烃的分子式可能为C7H8或C5H16，C5H16不符合碳原子的成键特征，不成立；当x=2时，烃的分子式可能为C8H4或C4H20，均符合碳原子的成键特征，故选A；若总质量一定，充分燃烧消耗氧气的量不变，则烃与烃C6H12的最简式相同，则C7H14符合题意，故答案为：A；C；
【小问4详解】
若烃C6H12为链烃说明该烃为烯烃，分子中所有的碳原子在同一平面上，该分子的一氯取代物只有一种的结构简式为，故答案为：。
20. 下图中A、B、C分别是三种有机物的结构模型：
A. B. C.
请回答下列问题：
（1）A、B两种模型分别是有机物的___________模型和___________模型。
（2）A及其同系物的分子式符合通式___________(用n表示)。当n=___________时，烷烃开始出现同分异构体。
（3）A、B、C三种有机物中，所有原子均共面的是___________(填名称)。
（4）有机物C具有的结构或性质是___________(填字母)。
a．是碳碳双键和碳碳单键交替的结构
b．有毒、不溶于水、密度比水小
c．能使酸性KMnO4溶液褪色
d．一定条件下能与氢气或氧气反应
（5）等质量的三种有机物完全燃烧生成H2O和CO2，消耗氧气的体积(相同状况下)最大的是___________(填分子式)。
【答案】（1） ①. 球棍 ②. 比例
（2） ①. CnH2n＋2 ②. 4
（3）乙烯、苯 （4）bd
（5）CH4
【解析】
【分析】根据题图可知，三种物质依次是甲烷、乙烯和苯；
【小问1详解】
A、B两种模型分别是有机物的球棍模型和比例模型。
【小问2详解】
)甲烷及其同系物即烷烃的通式为CnH2n＋2；甲烷、乙烷和丙烷均无同分异构体，从丁烷开始出现同分异构体，即正丁烷和异丁烷，当n=4时，烷烃开始出现同分异构体。
【小问3详解】
甲烷分子是正四面体结构，分子中所有原子不共面；而乙烯和苯都是平面结构，分子中所有原子均共面。
【小问4详解】
a．苯分子中没有单键和双键，其中的碳碳键是一种介于单键和双键之间的独特的键，所有碳碳键均是相同的，不存在碳碳双键和碳碳单键交替的结构，a错误；
b．苯有毒、不溶于水、密度比水小，b正确；
c．苯环化学性质较为稳定，不能使酸性KMnO4溶液褪色，c错误；
d．苯一定条件下能与氢气反应生成环己烷、与氧气燃烧生成二氧化碳和水，d正确；
故选bd。
【小问5详解】
等质量的烃完全燃烧，含氢量越高，消耗的氧气越多。所有的烃中，甲烷的含氢量最高，故答案为CH4。