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2022-2023学年江苏省徐州市第七中学高二下学期4月月考数学试题含解析
展开2022-2023学年江苏省徐州市第七中学高二下学期4月月考数学试题
一、单选题
1.若向量,,则向量与的夹角为( )
A.0 B. C. D.
【答案】D
【分析】利用向量数量积的定义,直接计算即可.
【详解】设向量与的夹角为,且,
所以,,
所以,
故选:D
2.若4名学生报名参加数学、计算机、航模兴趣小组,每人选报1项,则不同的报名方式有( )
A. 种 B.种 C.种 D.种
【答案】A
【分析】每个人选报一科,则每个人有3种报名方法,根据分步计算原理即可得解.
【详解】4名学生,每人有三种可选方案,根据分步计数原理,4人共有种方法.
故选:A.
3.在四面体OABC中,E为OA中点,,若,,,则( )
A. B. C. D.
【答案】D
【分析】利用空间向量的加减法、数乘运算即可求解.
【详解】
.
故选:D
4.被9除所得的余数是( )
A.0 B.1 C.2 D.3
【答案】C
【分析】由于,所以将其展开后可求出结果
【详解】
,
因为能被9整除,
所以被9除所得的余数等于被9除的余数,
因为除以9余2,
所以被9除所得的余数是2,
故选:C
5.三棱锥ABCD中,AB=AC=AD=2,∠BAD=90°,∠BAC=60°,则等于( )
A.-2 B.2 C. D.
【答案】A
【详解】试题分析:
【解析】平面向量数量积的运算
6.疫情期间学校采用线上教学,上午有4节课,一个教师要上3个班的网课,每个班1节课,若不能连上3节,则这个老师的课有( )种排法.
A.3 B.6 C.12 D.18
【答案】C
【分析】使用插空法,先排3个班的网课,然后在两个空位中插入一节课.
【详解】将该教师的3节课排成一列,共有种排法,再在3节课产生的两个空位中插入一节课有2种方法,所以该老师的课共有种排法.
故选:C
7.已知是所在平面外一点,是中点,且,则( )
A.0 B.1 C.2 D.3
【答案】A
【分析】利用向量减法的三角形法则进行计算即可.
【详解】因为M是PC中点,
,又,
,
∴.
故选:A.
8.设某工厂仓库中有10盒同样规格的零部件,已知其中有4 盒、3盒、3盒依次是甲厂、乙厂、丙厂生产的.且甲、乙、丙三厂生产该种零部件的次品率依次为,现从这10盒中任取一盒,再从这盒中任取一个零部件,则取得的零部件是次品的概率为( )
A.0.06 B.0.07 C.0.075 D.0.08
【答案】C
【分析】由全概率公式计算.
【详解】依题意,任取一盒产品,分别来自甲、乙、丙三厂的概率分别是,
所以任取一个零部件,则取得的零部件是次品的概率为,
故选:C.
二、多选题
9.从装有个红球和个蓝球的袋中(均不小于2),每次不放回地随机摸出一球. 记“第一次摸球时摸到红球”为,“第一次摸球时摸到蓝球”为,“第二次摸球时摸到红球”为,“第二次摸球时摸到蓝球”为,则下列说法中正确的是( )
A. B.
C. D.
【答案】ACD
【分析】对AC,利用互斥事件和独立事件的概率公式求解判断;对BD,利用条件概率公式求解判断.
【详解】由题意可知,,,,
,
从而,故AC正确;
又因为,,
故,故D正确;
,
故,故B错误.
故选:ACD.
10.若x5=a0+a1(1+x)+a2(1+x)2+⋅⋅⋅+a5(1+x)5,其中a0,a1,a2,⋅⋅⋅,a5为实数,则( )
A. B.a1+a2+⋅⋅⋅+a5=1
C.a1+a3+a5=16 D.
【答案】BD
【分析】运用赋值法,结合导数的运算逐一判断即可.
【详解】在x5=a0+a1(1+x)+a2(1+x)2+⋅⋅⋅+a5(1+x)5中,
令,得,故选项A不正确;
令,得,而,
所以,所以选项B正确;
令,得,
,得,因此选项C不正确;
对x5=a0+a1(1+x)+a2(1+x)2+⋅⋅⋅+a5(1+x)5左右两边求导,得
,
令,得,而,
所以,因此选项D正确,
故选:BD
11.现有6个志愿者排队进入社区服务,下列说法正确的是( )
A.若甲乙丙顺序固定,共有种站法
B.若甲乙必须站在一起,共有种站法
C.若甲乙不站在一起,共有种站法
D.若6个人平均分成A、B、C三组分别进入社区,共有种分法
【答案】ABC
【分析】根据选项当中的情况,逐个选项采用合理的排列方法进行求解即可.
【详解】对于A,对于某些元素顺序固定的排列问题,可将所有元素全排列,然后除以顺序固定的几个元素的全排列,甲乙丙顺序固定,即先对6个志愿者全排列,再除以顺序固定的甲乙丙3个志愿者,所以,共有种站法,所以,A正确;
对于B,某些元素要求必须相邻时,可将这些元素看成一个,然后与其他元素排列;所以,若甲乙必须站在一起,共有种站法,所以,B正确;
对于C,某些元素要求必须相离时,可将其他元素全排列,再将相离元素排入已排好的元素的左右空隙中;若甲乙不站在一起,共有种站法,所以,C正确;
对于D,若6个人平均分成A、B、C三组分别进入社区,共有种分法,所以,D错误.
故选:ABC
12.在棱长为1的正方体中,点满足,,则以下说法正确的是( )
A.当时,
B.当时,线段长度的范围是
C.当时,直线与平面所成角的最大值为
D.当时,存在唯一点使得直线与直线所成的角为
【答案】ABD
【分析】以为轴建立空间直角坐标系,利用空间向量法判断直线垂直,求线段长,线面角、异面直线所成的角,从而判断各选项.
【详解】如图,以为轴建立空间直角坐标系,则,,,,,
由得,即,
选项A,时,,,,,A正确;
选项B,,,
,所以,,B正确;
选项C,平面的一个法向量是,
,
设直线与平面所成角为,则,由选项B得,,
,,C错误;
选项D,,,,,
,,
又,∴,即点唯一,D正确,
故选:ABD.
.
三、填空题
13.一个数学兴趣小组共有2名男生3名女生,从中随机选出2名参加交流会,在已知选出的2名中有1名是男生的条件下,另1名是女生的概率为______.
【答案】
【分析】首先求出男女生各1名的概率,再应用对立事件概率求法求至少有1名男生的概率,最后应用条件概率公式求概率.
【详解】若A表示“2名中至少有1名男生”,B表示“2名中有1名女生”,
所以2名中有1名是男生的条件下,另1名是女生的概率为,
而,,故.
故答案为:
14.现将6个相同的小球放在3个不同的盒子里,每个盒子至少一个,共有______种放法.(用数字作答)
【答案】10
【分析】利用隔板法求解,问题相当于6个球排成一列形成5个空隙,5个空隙中插入2个挡板,分成3部分即可
【详解】由题意可得,6个球排成一列形成5个空隙,5个空隙中插入2个挡板,分成3部分,
则共有种放法,
故答案为:10
四、双空题
15.已知,的展开式中含项的系数为13,则当________,含项的系数取得最小值,最小值为_________.
【答案】 6或7/7或6 36
【分析】先由二项式的展开式的通项公式可得出,分当中有一个为1和当都大于或等于2进行讨论,从而得出答案.
【详解】展开式中通项公式为:,则含x项的系数为,
展开式中通项公式为:,则含x项的系数为,
由题意可得,
当中有一个为1时,不妨设,则,则的展开式中含的项的系数为,
当都大于或等于2时,则的展开式中含的项的系数为,
,
由于,当或时,此时含的项的系数取最小值36,
综上,当或时,含的项的系数取最小值为36.
五、填空题
16.如图,在四棱锥中,四边形ABCD是矩形,平面ABCD,,,点Q是侧棱PD的中点,点M,N分别在边AB,BC上,当空间四边形PMND的周长最小时,点Q到平面PMN的距离为______.
【答案】/
【分析】平面PAB沿AB展开到与平面ABCD共面,当点P,M,N和共线时周长最小,计算得到,,,建立空间直角坐标系,计算平面的法向量为,根据距离公式计算得到答案.
【详解】要使得空间四边形PMND周长最小,只需将平面PAB沿AB展开到与平面ABCD共面,
延长DC至,使得,
于是点N在线段的垂直平分线上,所以,
因为PD为定值,故当点P,M,N和共线时,空间四边形PMND的周长最小,
易得,即得,即,
所以,,,
以A为坐标原点,AB为x轴,AD为y轴,AP为z轴,建立如图所示的空间直角坐标系,
则,,,由题意可得,,,
则,,
设是平面PMN的一个法向量,则. 即得,
令,得,,,,
所以点Q到平面PMN的距离.
故答案为:.
六、解答题
17.计算:
(1)求的值;
(2)若,求n的值.
【答案】(1)
(2)
【分析】(1)由组合数性质求解即可;
(2)由,化简解方程即可得出答案.
【详解】(1)
.
(2),
,解正整数.
故正整数的值为.
18.在一个袋子里有大小一样的5个小球,其中有3个红球和2个白球.
(1)现无放回地依次从中摸出1个球,求第一次摸出红球且第二次摸出白球的概率;
(2)现有放回地每次从中摸出1个球,连摸3次,设摸到红球的次数为X,求随机变量X的概率分布及方差.
【答案】(1)
(2)分布列见解析;
【分析】(1)记“第一次摸出红球”为事件A,“第二次摸出白球”为事件B,直接求出
,,由概率乘法公式得;
(2)先分析出,直接求出概率,写出分布列,套公式求出方差.
【详解】(1)解:记“第一次摸出红球”为事件A,“第二次摸出白球”为事件B,则
,,由概率乘法公式得
即第一次摸出红球且第二次摸出白球的概率为.
(2)由题意分析.
所以,,
,.
分布列为:
X | ||||
.
19.某班级甲组有5名男生,3名女生;乙组有6名男生,2名女生.
(1)若从甲、乙两组中各选1人担任组长,则有多少种不同的的选法?
(2)若从甲、乙两组中各选1人担任正副班长,则有多少种不同的的选法?
(3)若从甲、乙两组中各选2人参加核酸检测,则选出的4人中恰有1名男生的不同选法共有多少种?
【答案】(1)64;
(2)128;
(3)51.
【分析】(1)利用分步原理即得;
(2)利用先选后排可求;
(3)先分类再分步即得
【详解】(1)利用分步原理可得从甲、乙两组中各选1人担任组长,共有种不同的的选法;
(2)先选后排,可得从甲、乙两组中各选1人担任正副班长有种不同的的选法;
(3)先分类再分步:第一类:甲组1男生:,第二类:乙组1男生:,
则选出的4人中恰有1名男生的不同选法共有51种.
20.如图,四棱锥的底面是平行四边形,,,,,平面.
(1)求证:;
(2)求二面角的正弦值.
【答案】(1)证明见解析;
(2).
【分析】(1)利用余弦定理证得,再结合线面垂直的性质和判定推理作答.
(2)以点D为原点建立空间直角坐标系,利用空间向量求出二面角的余弦计算作答.
【详解】(1)在中,,,由余弦定理得:
,则,即,有,
因平面,平面,则,而,平面,
于是得平面,又平面,
所以.
(2)因为平面,平面,则,由(1)知,射线两两垂直,
以为原点建立如图所示的空间直角坐标系,
则,,
设为平面的一个法向量,则,令,得,
设是平面的一个法向量,则,令,得,
设二面角的大小为,则,
所以二面角的正弦值为.
21.在的展开式中,第2,3,4项的二项式系数依次成等差数列.
(1)证明:展开式中没有常数项;
(2)求展开式中系数最大的项.
【答案】(1)证明见解析
(2)第二项和第三项
【分析】①根据二项式展开式的二项式系数,根据成等差数列列出方程,进而解出,然后求出展开式中通项,假设有常数项,进而得到矛盾.
②假设第r+1项系数最大,根据和,解出的范围,进而可求解.
【详解】(1)证明:由二项式定理可知:第2,3,4项的二项式系数为依次成等差数列,,,
(舍)或.
二项展开式中第项,令,
所以展开式中没有常数项得证.
(2)由(1)知二项展开式中第项的系数为,设第项系数最大,则且,化简得,
又或2,则展开式中系数最大的项是第二项和第三项.
22.李先生家住小区,他工作在科技园区,从家开车到公司上班路上有两条路线(如图),路线上有三个路口,各路口遇到红灯的概率均为;路线上有两个路口,各路口遇到红灯的概率依次为.
(Ⅰ)若走路线,求最多遇到1次红灯的概率;
(Ⅱ)若走路线,求遇到红灯次数的数学期望;
(Ⅲ)按照“平均遇到红灯次数最少”的要求,请你帮助李先生从上述两条路线中选择一条最好的上班路线,并说明理由.
【答案】(1)(2)(3)选择路线上班最好.
【详解】【试题分析】(1)走线路相当于次独立重复试验,按照二项分布的计算公式,计算恰好发生次和恰好发生次的概率,相加即可.(2)走线路,则遇到红灯次数的可能取值为,按照独立事件概率计算公式计算对应的概率,写出并求其期望.(3)线路是二项分布,利用公式计算出期望,由于的期望小,故选线路.
【试题解析】(Ⅰ)设“走路线最多遇到1次红灯”为事件,
则 ,
所以走路线,最多遇到1次红灯的概率为.
(Ⅱ)依题意,的可能取值为0,1,2.
.
随机变量的分布列为:
0 | 1 | 2 | |
所以.
(Ⅲ)设选择路线遇到红灯次数为,随机变量服从二项分布~,所以. 因为,所以选择路线上班最好.
【点睛】本题主要考查二项分布的分布列即数学期望,考查相互独立事件概率计算,考查期望值的在现实生活中的指导意义.对比两条线路,第一条线路每次遇到红灯的概率是一样的,都为,所以可以看成是次独立重复试验,符合二项分布的概念.线路二用的就是相互独立事件概率公式了.
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江苏省徐州市第七中学2022-2023学年高二下学期5月份学情调研数学试题: 这是一份江苏省徐州市第七中学2022-2023学年高二下学期5月份学情调研数学试题,共4页。
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