浙江省台州市三门启超中学等两校2021-2022学年高一下学期期中联考数学试题(解析版)
展开2021学年第二学期二校期中联考
高一数学
满分:150分 考试时间:120分钟 考试范围:必修第二册6.1—8.3
一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.
1. 已知为虚数单位,,则复平面上对应的点在( )
A. 第一象限 B. 第二象限 C. 第三象限 D. 第四象限
【1题答案】
【答案】A
【解析】
【分析】先利用复数的除法化简,再利用复数的几何意义求解.
【详解】因为,
所以
复数对应的点是,
所以对应的点在第一象限.
故选:A.
2. 已知点A(0,1),B(3,2),向量,则向量等于( )
A. (-7,-4) B. (7,4)
C. (-1,4) D. (1,4)
【2题答案】
【答案】A
【解析】
【分析】首先设,根据得到,再求的坐标即可.
【详解】设,则,
所以,,即,
所以 ,
故选:A
3. 下列各组平面向量中,可以作为平面的基底的是( )
A. B.
C. D.
【3题答案】
【答案】D
【解析】
【分析】已知平面内两个不共线的向量才可以作为平面内一组基底,再根据平面向量共线的坐标表示即可求出答案.
【详解】解:已知平面内两个不共线的向量才可以作为平面内一组基底,
选项A中,,则,故A错;
选项B中,由于,则,故B错;
选项C中,由于,则,故C错;
选项D中,,则不共线,可作为基底,故D对;
故选:D.
【点睛】本题主要考查平面向量基本定理,考查平面向量共线的坐标表示,属于基础题.
4. 已知正三角形的边长为4,那么的直观图的面积为( )
A. B. C. D.
【4题答案】
【答案】A
【解析】
【分析】以BC中点O为原点,BC为x轴建立直角坐标系,再画出直观图形,根据,,, 即可得到答案.根据直观图的画法,即可得到答案.
【详解】如图所示,
则的面积为:.
故选:A.
5. 已知一个圆锥的底面积为,侧面积为,则该圆锥的体积为( ).
A. B. C. D.
【5题答案】
【答案】C
【解析】
【分析】由条件底面积和侧面积建立方程,求出圆锥的底面半径和侧棱,再求出高,然后再求体积.
【详解】设圆锥的底面半径、高、母线长分别为r,h,l,
则解得所以.
圆锥的体积
故选:C
6. 在中,,则
A. B. C. D.
【6题答案】
【答案】A
【解析】
【分析】先根据得到为的重心,从而,故可得,利用可得,故可计算的值.
【详解】因为所以为的重心,
所以,
所以,
所以,因为,
所以,故选A.
【点睛】对于,一般地,如果为的重心,那么,反之,如果为平面上一点,且满足,那么为的重心.
7. 已知点,则向量在方向上的投影为
A. B. C. D.
【7题答案】
【答案】A
【解析】
【详解】,,向量在方向上投影为,故选A.
8. 奔驰定理:已知是内的一点,,,的面积分别为,,,则.“奔驰定理”是平面向量中一个非常优美的结论,因为这个定理对应的图形与“奔驰”轿车的logo很相似,故形象地称其为“奔驰定理”.设为三角形内一点,且满足:,则( )
A. B. C. D.
【8题答案】
【答案】D
【解析】
【分析】直接根据向量的基本运算得到,再结合“奔驰定理”即可求解结论.
【详解】解:为三角形内一点,且满足,
,
.
,
故选:D.
二、多项选择题:本题共4个小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得3分,有选错的得0分.
9. 已知是虚数单位,则下列说法正确的有( )
A.
B. “”是“复数是纯虚数”的必要不充分条件
C. 若复数,且,则
D. 若复数满足,则复数的虚部为
【9题答案】
【答案】ABD
【解析】
【分析】根据复数的乘方运算法则判断A,根据复数的分类判断B,根据复数模的计算公式判断C,根据复数相等的充要条件判断D;
【详解】解:对于A:因为,,,所以,故A正确;
对于B:由推不出是纯虚数,如,此时为实数,故充分性不成立;
由为纯虚数,则,故必要性成立,
故“”是“复数是纯虚数”的必要不充分条件,即B正确;
对于C:因为,且,所以,解得,故C错误;
对于D:设,则,
则,故,解得,故D正确;
故选:ABD
10. 已知向量,,则( )
A. B. 向量在向量上投影向量为
C. 与的夹角余弦值为 D. 若,则
【10题答案】
【答案】BCD
【解析】
【分析】利用平面向量共线的坐标表示可判断A选项的正误;设向量在向量上的投影向量为,根据题意得出,求出的值,可判断B选项的正误;利用平面向量夹角余弦的坐标表示可判断C选项的正误;利用平面向量垂直的坐标表示可判断D选项的正误.
【详解】对于A选项,,,所以,与不共线,A选项错误;
对于B选项,设向量在向量上的投影向量为,
则,即,解得,
故向量在向量上的投影向量为,B选项正确;
对于C选项,,,C选项正确;
对于D选项,若,则,所以,,D选项正确.
故选:BCD.
11. 在中,角,,所对的边分别为,,,那么在下列给出的各组条件中,能确定三角形有唯一解的是( )
A. ,, B. ,,
C. ,, D. ,,
【11题答案】
【答案】BD
【解析】
【分析】对于ABC,求出顶点A到BC边的距离与比较大小即可,对于D,由三个角和一边确定唯一个三角形
【详解】解:对于A,顶点A到BC边的距离为,因为,所以三角形有两个解,所以A不符合题意;
对于B,顶点A到BC边的距离为,因为,所以三角形是直角三角形,有唯一解,所以B符合题意;
对于C,顶点A到BC边的距离为,所以三角形无解,所以C不符合题意;
对于D,因为,,所以,因为,所以三角形的形状是唯一的,所以D符合题意,
故选:BD
12. 已知点O为所在平面内一点,且,则下列选项正确的是( )
A. 若,,,则
B. 若,,,且,则
C. 若直线过的中点,则
D.
【12题答案】
【答案】AB
【解析】
【分析】由,,即可判断A;
将两边平方可得的值,再结合即可判断B;
设的中点为,则再结合即可得之间的关系可判断C;取点使得,,,则点为的重心,可得,再利用三角形面积公式即可求,即可求得,即可判断D,进而可得正确选项.
【详解】对于A:若,,则,因为,
,代入可得即
,所以,可得,
故选项A正确;
对于B:若,,则,所以
所以,即,
所以,可得,
所以
,故选项B正确;
对于C:设的中点为,则
若直线过的中点,则存在实数满足,
即,
所以,所以,,所以不一定,故选项C不正确;
对于D:取点使得,,,则
,所以点为的重心,
因为重心到中点的距离等于中线的,所以重心到的距离等于高线的,可得,同理可得,,
所以,
所以,同理可得:,
,所以,故选项D不正确;
故选:AB.
【点睛】结论点睛:若点O为所在平面内一点,且,则
.
三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.
13. 满足条件的复数在复平面上对应点的轨迹围成的图形面积为_______.
【13题答案】
【答案】25π
【解析】
【分析】设z对应的点为(x,y),根据题意可求(x,y)的轨迹,据此即可求出其围成的面积.
【详解】,
设z=x+yi,x、y∈R,则z在复平面对应点为(x,y),
则,
∴z在复平面上对应点的轨迹围成的图形为以原点为圆心,半径为5的圆,
∴其面积为25π.
故答案为:25π﹒
14. 已知向量的夹角为,则________.
【14题答案】
【答案】7
【解析】
【分析】将模平方,结合数量积公式,化简计算,即可得答案.
【详解】
.
故答案为:7
15. 已知圆柱的高为2,它的两个底面的圆周在半径为2的同一个球的球面上.则球的体积与圆柱的体积的比值为__________.
【15题答案】
【答案】
【解析】
【分析】
画图分析可得,该球的直径与圆柱的底面直径和高构成直角三角形,进而求得圆柱的底面半径,进而求得球的体积与圆柱的体积的比值.
【详解】
如图有外接球的体积,圆柱的底面直径,故底面半径.故圆柱体积.
故球的体积与圆柱的体积的比值为.
故答案:
【点睛】本题主要考查了圆柱与外接球的关系,需要根据球的直径和圆柱的底面直径和高构成直角三角形进行求解.属于基础题.
16. 如图,某景区的山上原有一条笔直的山路BC,现在又新架设了一条索道AC,小李在山脚B处看索道,发现张角;从B处攀登3千米到达D处,回头看索道AC,发现张角;从D处再攀登4千米到达C处,则索道AC的长为___________千米.
【16题答案】
【答案】
【解析】
【分析】中根据,求出,利用内角和定理算出,从而千米,利用余弦定理算出.然后在中,根据两边、长和夹角,利用余弦定理解出值,从而得出.
【详解】解:在中,千米,,
得中,千米,(千米)
在中,千米,
(千米)
千米.
故答案为:.
四、解答题:本题共6题,共70分.第17题10分,第18-22题每小题12分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.
17. 为何实数时,复数是:
(1)实数;(2)虚数;(3)纯虚数?
【17题答案】
【答案】(1)或;(2)且;(3)
【解析】
【分析】先对复数整理得,
(1)要为实数,只要虚部为零,令即可;
(2)要为虚数,只要虚部不为零,令即可;
(3)要为纯虚数,只要实部为零,虚部不为零,由求解即可
【详解】解:
.
(1)由得或,
即或时,为实数.
(2)由得且,
即且时,为虚数.
(3)由得,
即时,为纯虚数.
18. 已知向量,.
(1)若向量,且,求的坐标;
(2)若向量与互相垂直,求实数的值.
【18题答案】
【答案】(1)或;(2).
【解析】
【分析】(1)设,利用两个向量平行的性质,用待定系数法求出向量的坐标.
(2)由题意利用两个向量垂直的性质,代入模即可求出的值.
【详解】解:(1)设,因为,所以,
因为,所以,解得或,
所以或.
(2)因为向量与互相垂直
所以,即,
而,,所以,,
因此,解得.
19. 的内角A,B,C的对边分别为a,b,c.已知.
(1)求角C;(2)若,,求的周长.
【19题答案】
【答案】(1)(2)
【解析】
【详解】试题分析:(1)根据正弦定理把化成,利用和角公式可得从而求得角;(2)根据三角形的面积和角的值求得,由余弦定理求得边得到的周长.
试题解析:(1)由已知可得
(2)
又
,
的周长为
考点:正余弦定理解三角形.
20. 如图,在平行四边形中,、分别在、上,且,,,.
(1)试用、表示、;
(2)若,,,求的值.
【20题答案】
【答案】(1),;(2).
【解析】
【分析】(1)利用平面向量的减法、加法法则可得出、关于、的表达式;
(2)利用平面向量数量积的定义以及运算性质可求得的值.
【详解】(1)由已知可得,,
所以,,;
(2)由平面向量数量积的定义可得,
所以,.
21. 已知正四棱台(由正四棱锥截得且截面是正方形)的底面边长分别为20和10.
(1)若侧棱所在直线与上、下底面正方形中心的连线所成的角为45o,求棱台的侧面积.
(2)若所有侧面的面积和为780,求棱台的斜高(侧面的高)及对应的正四棱锥的体积.
【21题答案】
【答案】(1)
(2),
【解析】
【分析】(1)由条件求正四棱台的斜高,再求其侧面积;(2)根据侧面积的大小求出正四棱台的斜高,再求四棱台和四棱锥的高,结合锥体体积公式求四棱锥的体积.
【小问1详解】
如图,设分别为上、下底面的中心,
过作于过作于
连接,则为正四棱台的斜高,
由题意知,
在中,,
又,
斜高,
∴ 棱台的侧面积.
【小问2详解】
取的中点,的中点,则为棱台的斜高,
四条侧棱延长后交于点,
由题意侧面积
斜高
在直角梯形中,
,,
∴
由棱锥的性质得,
,所以
则正四棱锥的体积为
.
【点睛】
23. 如图,某大型景区有两条直线型观光路线,, ,点位于的平分线上,且与顶点相距1公里.现准备过点安装一直线型隔离网(分别在和上),围出三角形区域,且和都不超过5公里.设,(单位:公里).
(Ⅰ)求的关系式;
(Ⅱ)景区需要对两个三角形区域,进行绿化.经测算,区域每平方公里的绿化费用是区域的两倍,试确定的值,使得所需的总费用最少.
【23题答案】
【答案】(Ⅰ);(Ⅱ)当, (单位:公里)时,所需的总费用最少..
【解析】
【详解】试题分析:(Ⅰ) 由题意得,利用面积公式及条件可得 (其中);
(Ⅱ)设区域每平方公里的绿化费用为 (为常数),两区域总费用为,则有,记,由(Ⅰ)可知,即,用均值不等式求最值即可.
试题解析:
(Ⅰ)解法一:由题意得,
故,
即,
所以 (其中).
解法二:在中,由余弦定理得:,
则,同理可得,
在中,由正弦定理得:,
在中,由正弦定理得:,
因为,两式相除可得,
化简得 (其中,).
(Ⅱ)设区域每平方公里的绿化费用为 (为常数),两区域总费用为,
则有,
记,由(Ⅰ)可知,即,
则,
当且仅当,即解得此时等号成立.
答:当, (单位:公里)时,所需的总费用最少.
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