2023乌鲁木齐第101中学高三下学期3月月考试题数学（文）含解析

这是一份2023乌鲁木齐第101中学高三下学期3月月考试题数学（文）含解析，共23页。试卷主要包含了单选题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
乌鲁木齐市第101中学2022-2023学年高三下学期三月月考 文科数学试题总分150分 考试时间120分钟一、单选题（共12小题每题5分共60分）1．已知，，则（    ）A． B．C． D．2．下列命题是真命题的有（    ）A．有甲､乙､丙三种个体按的比例分层抽样调查，如果抽取的乙个体数为9，则样本容量为32B．数据的平均数､众数､中位数相同C．若甲组数据的方差为5，乙组数据为，则这两组数据中较稳定的是甲D．一组数的分位数为43．已知复数z满足（为虚数单位），则（    ）A． B．5 C． D．24．某几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积是（    ）A． B． C． D．5．将函数的图象向右平移φ个单位，得到的图象关于原点对称，则φ的最小正值为（   ）A． B．C． D．6．《易传·系辞上》有“河出图，洛出书”之说，河图、洛书是中国古代流传下来的两幅神秘图案，蕴含了深奥的宇宙星象之理，被誉为“宇宙魔方”，是中华文化、阴阳术数之源，其中河图的排列结构是一、六在后，二、七在前，三、八在左，四、九在右，五、十背中.如图，白圈为阳数，黑点为阴数，若从阳数和阴数中各取一数，则其差的绝对值为3的概率为（    ）A． B． C． D．7．已知函数的图象可能为（    ）A． B．C． D．8．若函数在上的最大值为，则实数的值为A．4 B．3 C．2 D．19．在直三棱柱ABC﹣A1B1C1中，已知AB⊥AC，AA1＝BC＝5．M是BC中点，则直线A1M与平面ABC所成角的正切值为（　　）A． B．2 C． D．310．如图是底面半径为3的圆锥，将其放倒在一平面上，使圆锥在此平面内绕圆锥顶点滚动，当这个圆锥在平面内转回原位置时，圆锥本身恰好滚动了3周，则（    ）A．圆锥的母线长为18B．圆锥的表面积为27πC．圆锥的侧面展开图扇形圆心角为60°D．圆锥的体积为11．已知焦点坐标为、，且过点的椭圆方程为A． B．C． D．12．下列大小关系正确的是A． B．C． D． 二、填空题（共16分）13．设，若，则实数的值等于__________．14．设点在直线上，与轴相切，且经过点，则的半径为__________.15．已知双曲线的两条渐近线与抛物线的准线分别交于两点，为坐标原点，若的面积为，则双曲线的离心率为______.16．若，则的最大值是       . 三、解答题（共74分，请根据答题卡题号及分值在各题目的答题区域内作答，超出答题区域的答案无效。）17．为加强素质教育，提升学生综合素养，立德中学为高一年级提供了“书法”和“剪纸”两门选修课.为了了解选择“书法”或“剪纸”是否与性别有关，调查了高一年级1500名学生的选择倾向，随机抽取了100人，统计选择两门课程人数如下表：(1)补全列联表； 选书法选剪纸共计男生40 50女生   共计 30  (2)依据小概率值的独立性检验，能否认为选择“书法”或“剪纸”与性别有关？参考附表：0.1000.0500.0252.7063.8415.024 参考公式：，其中. 18．已知正项数列的前项和为，且和满足：.（1）求的通项公式；（2）设数列，求的前项和. 19．如图所示，在长方体中，已知，．（1）求：凸多面体的体积； （2）若为线段的中点，求点到平面的距离； （3）若点、分别在棱、上滑动，且线段的长恒等于，线段的中点为①试证：点必落在过线段的中点且平行于底面的平面上； ②试求点的轨迹． 20．已知函数.（1）若,求函数,的最小值;（2）若在处的切线斜率与无关,求. 21．已知过点的直线与抛物线交于、两点，且，其中为坐标原点.（1）求的值；（2）当最小时，求直线的方程. 22．已知过抛物线的焦点的直线交抛物线于A,B两点，且，求AB所在的直线方程. 23．已知，，.（1）若，求证：；（2）若，求证：.
文科数学 月考答案解析：1．A【分析】由集合的并运算即可求解.【解析】由题意得，，故选：A.2．B【分析】根据分层抽样的定义计算可判断A；根据平均数､众数､中位数的定义判断B；根据方差公式计算乙组数据方差判断C；根据百分位数的定义判断D.【解析】对A：甲､乙､丙三种个体按的比例分层抽样，故乙占了样本容量为，故A不正确；对B：数据的平均数为，众数为3，中位数为，故B正确；对C：乙组数的平均数为，方差为.乙组数据更稳定，故C错误；对D：将这组数据从小到大排列：1，2，2，3，；又，则这组数据的分位数是第七个数与第八个数的平均数，为，故D错误.故选：B.3．A【分析】由复数除法求得，再由复数模的定义求解．【解析】由题意，所以，故选：A．4．A【分析】根据三视图，可知该图形是由一个圆锥和一个圆柱组合而成的，分别求出圆锥和圆柱的体积即可求出答案.【解析】解：根据三视图，可知该图形是由一个圆锥和一个圆柱组合而成的，圆锥的底面半径为2，高为2，圆柱的地面半径为1，高为4，所以圆锥的体积为，圆柱的体积为，所以该几何体的体积是.故选：A.5．A【分析】求出平移后的解析式，得到，，求出φ的最小正值.【解析】函数的图像向右平移个单位得到，故，，解得：，，当时，取得最小正值为，故选：A.6．C【分析】根据古典概型的概率计算公式逐步求解即可.【解析】因为阳数：1，3，5，7，9，阴数：2，4，6，8，10，所以从阳数和阴数中各取一数有：种，满足差的绝对值为3的有：，，，，，，共7种，则.故选：C.7．A【解析】先利用判断出函数的奇偶性，再结合0右侧附近函数值的正负得到答案.【解析】因为，所以为偶函数，又，所以A选项正确.故选：A.8．C【解析】试题分析：,由得，或．又，得．考点：导数的应用.9．B【解析】根据平面，即可找到为直线与平面所成角，计算即可.【解析】因为平面，所以为直线与平面所成角.在中，，，.故选10．D【分析】由题意可知，再利用圆锥的表面积公式，侧面积公式及体积公式，即可判断.【解析】设圆锥的母线长为，以为圆心，为半径的圆的面积为，又圆锥的侧面积，因为圆锥在平面内转到原位置时，圆锥本身滚动了3周，所以，解得，所以圆锥的母线长为9，故选项A错误；圆锥的表面积，故选项B错误；因为圆锥的底面周长为，设圆锥的侧面展开图扇形圆心角为，则，解得，所以圆锥的侧面展开图扇形圆心角为120°，故选项C错误；圆锥的高，所以圆锥的体积为，故选项D正确．故选：D．11．B【分析】由椭圆焦点坐标，得到椭圆的焦点在轴,且,又由点,则,进而求得的值，即可得到椭圆的标准方程，得到答案.【解析】由题意,椭圆焦点坐标为、，可得椭圆的焦点在轴,且,又由过点,则,所以,所以椭圆的标准方程为.故选B.12．A【解析】∵，∴正确，故选A.13．-5【解析】由题意可得：,结合向量垂直的充要条件可得：，求解关于实数的方程可得：.14．1或5##5或1【分析】由点在直线上设, 圆与轴相切,  应用数形结合可得出与半径的关系, 再根据圆经过点也可写出与半径的关系，求解即可.【解析】由点在直线上，设.又与轴相切，且经过点，半径，且.解得或.则的半径为1或5.故答案为: 1或515．2【分析】求出双曲线的渐近线与准线的焦点坐标，利用的面积，找到的关系式，即可求出离心率.【解析】因为双曲线的两条渐近线为,抛物线的准线为 ，所以 ，因为的面积为,所以 故答案为：16．【解析】设，则，根据面积公式得，①根据余弦定理得，，将其代入①式得，，由三角形三边关系有，解得，故当时，取得最大值考点：解三角形点评：主要是考查了三角形的面积公式的运用，属于基础题.17．(1)列联表见解析(2)能 【分析】（1）根据所给的数据补全列联表即可；（2）计算卡方，再对比表中数据进行独立性检验即可(1)根据题意补全列联表，如下： 选书法选剪纸共计男生401050女生302050共计7030100 (2)零假设为：选择“书法”或“剪纸”与性别无关.根据列联表中数据，得，根据小概率的独立性检验，推断不成立，即有95%的把握认为选“书法”或“剪纸”与性别有关.18．（1）（2）【分析】（1）先求出首项，对递推公式再递推一步，两个式子相减，最后可以判断出数列是等差数列，最后求出通项公式即可；（2）利用错位相减法可以求出的前项和.【解析】（1）当时，，解得：，当且时，，∴，整理可得：，∵，∴，∴，∴数列以2为首项，4为公差的等差数列，∴.（2）由（1）知，，.则，∴.19．（1）10；（2）（3）①证明见解析；②点的轨迹为以点M为圆心,为半径的圆在长方体内部的部分．【分析】（1）根据多面体的体积是长方体的体积与三棱锥体积的差，可得解；（2）由点M到平面的距离即为点到平面的距离，即为点A到直线BD的距离，由三角形的等面积法可求解；（3）①由点P到底面ABCD的距离为定值，得点P必在过的中点M，且平行于底面ABCD的平面上； ②由， ,得点的轨迹为以点M为圆心, 为半径的圆在长方体内部的部分．【解析】解：（1）因为多面体的体积是长方体的体积与三棱锥体积的差，所以，所以； （2）因为点M到平面的距离即为点到平面的距离，即为点A到直线BD的距离，所以过A作交于N，则由三角形的等面积法得，所以，所以，于是点M到平面的距离为；（3）①因为点P到底面ABCD的距离为定值，所以点P必在过的中点M，且平行于底面ABCD的平面上； ②连接EA，由于， ,所以点的轨迹为以点M为圆心, 为半径的圆在长方体内部的部分．故得解.20．（1）（2）【分析】（1）求函数的导数,即求得单调区间,从而得到最小值,即可求得答案;（2）在处的切线斜率与无关,即在处的值与无关,,即分析即的根,即可求得答案.【解析】（1）当时,在上单调递减,在上单调递增.当时,最小值为（2）在处的切线斜率与无关在处的值与无关；令在单调递减,在单调递增当时,(小于趋于),且，当时,与无关.故.21．（1）；（2）.【分析】（1）设直线的方程为和抛物线方程联立利用韦达定理代入即可求得；（2）利用抛物线定义结合基本不等式求得取最小值时的值，代入点B坐标，将点代入，求得直线方程.【解析】（1）设直线的方程为，得设，，所以，因为，所以又，所以，又因为，所以.（2）根据抛物线定义，得，所以，当且仅当时等号成立.将代入，得（负值舍去）.将代入，得，即点将点代入，得所以直线的方程为，即.22．或【解析】试题分析：求出抛物线的焦点坐标，判断直线的斜率是否存在，然后设出直线的方程，与抛物线方程联立消元后得到一元二次方程，根据根与系数的关系和弦长公式求得斜率即可．试题解析：由题意得抛物线的焦点为．当直线的斜率不存在时，由条件可得，不合题意；所以直线的斜率存在，设其方程为．由消去x整理得，∵直线与抛物线交于两点，∴．设，则，∴，由条件得，解得．满足．∴直线的方程为或．23．（1）证明见解析（2）证明见解析【分析】（1）直接利用柯西不等式即可得证． （2）直接利用三元基本不等式即可得证．【解析】（1），当且仅当时等号成立，所以成立；（2）又，，，，，，所以，则，当且仅当，即，，时等号成立，，即得证．