2023版高考物理创新设计二轮复习讲义选择题满分练(五)

这是一份2023版高考物理创新设计二轮复习讲义选择题满分练(五)，共7页。试卷主要包含了内陆盐矿中开采的氯化钠称为岩盐等内容，欢迎下载使用。
选择题满分练(五)(时间：25分钟)选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。14.一人乘坐电梯时，用智能手机采集到的加速度随时间的变化规律，如图甲、丙所示(坐标图乙、丁依次为图甲、丙的简化图)。若选取加速度向上为正方向，据此判断下列描述正确的是(　　)A.甲图是电梯下行状态B.甲图是电梯上行状态C.丙图是电梯下行状态D.甲、丙图都是电梯上行状态答案　A解析　电梯上行时，先加速，再匀速，后减速，以向上为正方向，可知加速阶段电梯加速度a1>0，减速阶段电梯加速度a2<0。电梯下行时，先加速，再匀速，后减速，可知加速阶段电梯加速度a1′<0，减速阶段电梯加速度a2′>0；题图乙是加速度先小于零，再等于零，后大于零，故题图甲是电梯下行状态，A正确，B错误；题图丁是加速度先大于零，再等于零，后小于零，故题图丙是电梯上行状态，C、D错误。15.内陆盐矿中开采的氯化钠称为岩盐。如图1，把岩盐晶体结构中相邻的四个离子放在圆弧的四个等分点，O点为圆心，A、B为两段圆弧的中点，且A、O、B在一条直线上，取无穷远处电势为零，下列说法正确的是(　　)图1A.在A、O、B三点中，O点的电势最大B.在A、O、B三点中，O点的电场强度最小C.同一点电荷在A、B两点所受到的电场力相同D.将一负点电荷从A点沿AOB直线移动到B点电势能增加答案　B解析　由对称性可知，A、O、B三点电势相等，均为零，则将一负点电荷从A点沿AOB直线移动到B点电势能不变，选项A、D错误；两个Cl－和两个Na＋在O点的场强叠加后为零，则O点的电场强度为零，最小，选项B正确；A、B两点场强等大反向，则同一点电荷在A、B两点所受到的电场力等大反向，选项C错误。16.如图2，一重力不计的梯子斜靠在光滑竖直墙壁上，重为G的工人由地面沿梯子上爬，在上爬过程中，梯子保持静止。设墙壁对梯子的作用力为F1，地面对梯子的支持力为F2，摩擦力为F3，则在上爬过程中(　　)图2A.F1由大变小  B.F2由大变小C.F2由小变大  D.F3由小变大答案　D解析　对梯子和人整体受力分析，如图所示，在人上爬的过程中，力的作用线的交点水平向左移动，F和竖直方向的夹角变大，由几何关系可知F1＝FN＝Gtan θ， F＝，即F1由小变大，A错误；F2＝Fcos θ＝cos θ＝G，即F2保持不变，B、C错误；F3＝Fsin θ＝Gtan θ，即F3由小变大，D正确。17.北京时间2021年5月15日，在经历“黑色九分钟”后，中国首辆火星车“祝融号”与着陆器成功登陆火星，这也意味着“天问一号”火星探测器已经实现了“绕”和“落”两项目标。火星可以看成半径为R的质量均匀球体，“天问一号”在火星赤道表面附近做匀速圆周运动一周的时间为T，“祝融号”与着陆器总质量为m，假如登陆后运动到火星赤道静止时对水平地面压力大小为F，引力常量为G，下列说法正确的是(　　)A.火星第一宇宙速度大小为B.“天问一号”在火星赤道表面附近做匀速圆周运动的加速度小于“祝融号”与着陆静止在赤道上的加速度C.火星自转角速度大小为D.火星自转角速度大小为答案　C解析　“天问一号”在火星赤道表面附近做匀速圆周运动，T＝，则火星的第一宇宙速度v＝，A错误；“天问一号”在火星赤道表面附近做匀速圆周运动，则G＝m′a1，“祝融号”与着陆器静止在火星赤道上时，有G－F＝ma2，则a1>a2，B错误；“祝融号”与着陆器在火星赤道表面上静止，则G－F＝mRω2，解得ω＝，C正确，D错误。18.如图3所示为家用单相电能表的结构示意图，其中电流线圈串联在电路中，电压线圈并联在电路中，通过电流线圈和电压线圈的交变电流产生的交变磁场使铝盘中产生涡旋电流，交变磁场对涡旋电流的安培力推动铝盘转动，转动方向如图中箭头所示。旁边还固定一块U形永久磁铁，铝盘转动时要从磁铁两极之间通过。关于家用单相电能表，下列说法正确的是(　　)图3A.用户功率越大，电压线圈在铝盘中产生的涡流越大B.用户功率减小，电流线圈在铝盘中产生的涡流变大C.永久磁铁对铝盘起着电磁阻尼的作用D.当停止用电时，永久磁铁可以保持铝盘继续转动答案　C解析　电流线圈串联在电路中，用户功率越大则电流越大，产生的磁场越强，则涡流越大，而电压线圈并联在电路中其电流与用户功率无关，电流大小不变，因此其涡流不变，故A、B错误；当停止用电时，铝盘失去继续转动的动力，线圈转动切割永久磁铁产生电磁阻尼效果，避免由于惯性继续转动而带来计量误差，故C正确，D错误。19.如图4所示，正方形框架ABCD固定在磁感应强度大小为B0的匀强磁场中，框架由四根长度均为L的相同导体棒首尾连接而成，框架平面与磁场方向垂直；电源的电动势为E，内阻为r，导体棒AB的电阻也为r，用导线将电源与框架的C、D两点连接，不计导线的电阻。下列说法正确的是(　　)图4A.通过电源的电流为B.通过导体棒AB和导体棒CD的电流之比为1∶3C.导体棒CD受到的安培力大小为D.框架受到的安培力大小为答案　BD解析　外电阻R＝＝，通过电源的电流I＝＝，故A错误；通过导体棒AB和导体棒CD的电流分别为I1＝＝，I2＝＝，可得＝，故B正确；导体棒CD受到的安培力大小F2＝B0I2L＝，故C错误；导体棒AD与导体棒BC受到的安培力相互平衡，根据左手定则，导体棒AB与导体棒CD受到的安培力方向相同，而导体棒AB受到的安培力大小F1＝B0I1L＝，故框架受到的安培力大小F＝F1＋F2＝，故D正确。20.如图5，光滑平行导轨水平放置，电阻不计，MN部分的宽度为2l，PQ部分的宽度为l，两部分导轨均足够长，金属棒a和b的质量分别为2m和m，其对应导轨间的电阻大小分别为2R和R，a和b分别静止在MN和PQ上，垂直导轨放置且相距足够远，整个装置处于竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度为B。现对a施加水平向右的瞬时冲量后，a以速度v开始向右运动，两棒运动时始终保持平行且a总在MN上运动，b总在PQ上运动，关于两金属棒的运动过程下列说法正确的(　　)图5A.两金属棒运动过程中总动量保持不变B.两金属棒运动过程中加速度大小相等C.最终两导轨之间的电压为BlvD.运动过程中a产生的热量为mv2答案　BC解析　开始时a做加速度减小的减速运动，b做加速度增大的加速运动，最后两金属棒均做匀速直线运动，两棒中电流相同，根据牛顿第二定律，b的加速度和a的加速度大小相等，可知两金属棒在运动过程中速度变化量大小相等，即v－va＝vb，当经过足够长时间后，两金属棒产生的电动势大小相同，回路中的电流为零，由B·2lva＝Blvb可得2va＝vb，联立可得va＝v，vb＝v，根据法拉第电磁感应定律可得最终两导轨之间的电压为Blv，由能量守恒定律可得产生的总热量为Q＝×2mv2－×2mv－mv＝mv2，两金属棒产生的热量之比为2∶1，所以a产生的热量为mv2，B、C正确，A、D错误。21.2022年2月18日，我国运动员夺得北京冬奥会自由式滑雪女子U型场地技巧赛冠军。比赛场地可简化为如图6甲所示的模型：滑道由两个半径相同的四分之一圆柱面轨道连接而成，轨道的倾角为θ。某次腾空时，运动员(视为质点)以大小为v的速度从轨道边缘上的M点沿轨道的竖直切面ABCD滑出轨道，速度方向与轨道边缘AD的夹角为90°－θ，腾空后沿轨道边缘AD上的N点进入轨道，腾空过程(从M点运动到N点的过程)的左视图如图乙所示。重力加速度大小为g，不计空气阻力。下列说法正确的是(　　)图6A.运动员腾空过程中处于超重状态B.运动员腾空过程中离开AD的最大距离为C.运动员腾空的时间为D.M、N两点的距离为答案　BD解析　加速度方向向上则超重，加速度方向向下则失重，运动员腾空过程中加速度方向一直向下，运动员一直处于失重状态，故A错误；运动员在M点时垂直AD方向的速度大小v1＝vsin(90°－θ)，设运动员在ABCD面内垂直AD方向的加速度大小为a1，根据牛顿第二定律有mgcos θ＝ma1，设运动员腾空过程中离开AD的最大距离为d，根据匀变速直线运动的规律有v＝2a1d，解得d＝，故B正确；运动员在M点时平行AD方向的速度大小v2＝vcos(90°－θ)，设运动员在ABCD面内平行AD方向的加速度大小为a2，根据牛顿第二定律有mgsin θ＝ma2，可得运动员从M点到离开AD最远的时间t0＝＝，根据对称性可知，运动员腾空的时间t＝2t0＝，故C错误；根据匀变速直线运动的规律可知，M、N两点的距离x＝v2t＋a2t2＝，故D正确。