【期末总复习】人教版(2019)高二物理必修第三册——闭合电路欧姆定律的应用综合问题（技巧强化训练）

这是一份【期末总复习】人教版(2019)高二物理必修第三册——闭合电路欧姆定律的应用综合问题（技巧强化训练），共25页。试卷主要包含了单选题，多选题，解答题等内容，欢迎下载使用。
一、单选题
1．（2021·福建省龙岩第一中学高二月考）图甲为某电源的图线，图乙为某小灯泡的图线，则下列说法中正确的是（ ）
A．电源的内阻为
B．小灯泡的电阻随着功率的增大而减小
C．把电源和小灯泡组成闭合回路，小灯泡的功率约为
D．把电源和小灯泡组成闭合回路，电路的总功率约为
2．（2021·江西师大附中高二期中）电源电动势反映了电源把其它形式的能量转化为电能的能力，因此（ ）
A．电动势是一种非静电力
B．电动势越大，表明电源储存的电能越多
C．电动势的大小是非静电力做功能力的反映
D．电动势就是闭合电路中电源两端的电压
3．（2021·河南南阳·高二期中）如图，E为内阻不能忽略的电池，R1、R2、R3为定值电阻，S0、S为开关，V与A分别为电压表与电流表．初始时S0与S均闭合，现将S断开，则（ ）
A．V的读数变大，A的读数变小B．V的读数变大，A的读数变大
C．V的读数变小，A的读数变小D．V的读数变小，A的读数变大
4．（2021·辽宁·庄河高中高二月考）如图所示，电路中R1、R2均为可变电阻，电源内阻不能忽略．平行板电容器C的极板水平放置．闭合电键S，电路达到稳定时，带电油滴悬浮在两板之间静止不动． 如果仅改变下列某一个条件，油滴仍能静止不动的是( )
A．增大R1的阻值B．增大R２的阻值
C．增大两板间的距离D．断开电键S
5．（2021·湖北省黄州中学高二开学考试）在如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器．当R2的滑动触点在a端时合上开关S，此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U．现将R2的滑动触点向b端移动，则三个电表示数的变化情况是
A． I1增大，I2不变，U增大
B． I1减小，I2增大，U减小
C． I1增大，I2减小，U增大
D． I1减小，I2不变，U减小
6．（2021·湖南·宁乡市第七高级中学高二期中）在如图所示的图像中，直线为某一电源的路端电压与电流的关系图像，直线为某一电阻R的伏安特性曲线。用该电源与电阻R组成闭合电路。由图像判断错误的是（ ）
A．电源的电动势为3 V，内阻为0.5Ω
B．电阻R的阻值为1Ω
C．电源的效率为80%
D．电源的输出功率为4 W
7．（2021·福建·邵武市第七中学高二期中）如图所示，直线A为某电源的图线，曲线B为某灯泡的图线的一部分，用该电源和灯泡组成闭合电路时，灯泡恰好能正常发光，则下列说法正确的是（ ）
A．此电源的内阻为
B．灯泡的额定电压为3V，额定功率为6W
C．把灯泡换成“3V，20W”的灯泡，电源的输出功率将变小
D．由于灯泡的图线是一条曲线，所以灯泡发光的过程，欧姆定律不适用
8．（2020·甘肃省会宁县第一中学高二期末）如图所示电路，在平行金属板M，N内部左侧中央P有一质量为m的带电粒子（重力不计）以水平速度v0射入电场并打在N板的O点．改变R1或R2的阻值，粒子仍以v0射入电场，则
A．该粒子带正电
B．减少R2，粒子将打在O点左侧
C．增大R1，粒子在板间运动时间不变
D．减少R1，粒子将打在O点左侧
9．（2021·天津市实验中学滨海学校高二期中）如图所示，电路中E、r为电源的电动势和内电阻，、、为定值电阻，电压表和电流表均为理想电表，开关闭合时，平行金属板中一带电小液滴P处于静止状态。选地面为零电势参考面，当滑动变阻器的滑片向a端移动时，则（ ）
A．电阻消耗的功率增大
B．带电小液滴的电势能增加
C．电源的效率减小
D．若电流表、电压表的示数变化量分别为和，则
10．（2020·辽宁·朝阳市第二高级中学高二月考）如图所示，电源电动势E=6V，小灯泡L标有“3V，0.9W”，开关S接1，当滑动变阻器调到R=4Ω时，小灯泡L正常发光；现将开关S接2，小灯泡L和电动机M均正常工作，则（ ）
A．电源的内阻为10ΩB．电动机的内阻为4Ω
C．电动机正常工作的电压为1.8VD．电源的效率为70%
11．（2020·江西·上高二中高二月考）如图所示，一电荷量q=+3×10-5C的小球，用绝缘细线悬挂于竖直放置足够大的平行金属板中的O点，开关S合上后，小球静止时细线与竖直方向的夹角θ=37°．已知两板间距d=0.1m，电源电动势E=15V，内阻r=0.5Ω，电阻R1=3Ω，R2=R3=R4=8Ω，．取g=10m/s2，已知sin37°=0.6，cs37°=0.8．则以下说法正确的是( )
A．电源的输出功率为14W
B．两板间的电场强度的大小为140V/m
C．带电小球的质量5.6毫克
D．若增加R1的大小，会有瞬时电流从右向左流过R4
12．（2021·江苏·常州市武进区礼嘉中学高二月考）如图所示，电路中R为滑动变阻器，，是定值电阻，理想电压表V的读数为U，理想电流表A的读数为，电源内阻不能忽略，则下列说法正确的是（ ）
A．开关S断开时，滑动变阻器的滑片P向左滑动，减小，不变
B．开关S断开时，滑动变阻器的滑片P向右滑动，增大，增大
C．滑动变阻器的滑片P不动，开关S闭合时，U减小，增大
D．滑动变阻器的滑片P不动，开关S闭合时，U增大，增大
二、多选题
13．（2021·四川·成都外国语学校高二月考）如图所示，电源电动势为E，内阻为r，平行板电容器C的两金属板水平放置，G为灵敏电流计，开关S闭合后，两板间恰好有一质量为m、电荷量为q的油滴处于静止状态，则在滑动变阻器R的触头P向上移动的过程中，下列判断正确的是（ ）
A．灵敏电流计G中有b→ a的电流
B．油滴向上加速运动
C．电容器极板所带电荷量将减小
D．通过电阻R2的电流将减小
14．（2020·安徽省怀宁中学高二月考）如图所示，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r．闭合电键后，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表、、示数变化量的绝对值分别为、、，理想电流表示数变化量的绝对值为，则（ ）
A．B．
C．和保持不变D．电源输出功率先增大后减小
15．（2018·山西·怀仁市第一中学校高二月考）在纯电阻电路中，当用一个固定的电源(设E、r是定值)向变化的外电阻供电时，关于电源的输出功率P随外电阻R变化的规律如图所示．下列判断中正确的是（ ）
A．当R＝r时，电源有最大的输出功率
B．电源内阻消耗的功率随外电阻R的增大而增大
C．电源的功率P总随外电阻R的增大而增大
D．电源的效率η随外电阻R的增大而增大
16．（2021·河南·信阳高中高二月考）某同学将一直流电源的总功率PE、输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线画在同一坐标系内，如图所示，根据图线可知 （ ）
A．反映Pr变化的图线是a
B．电源电动势为8 V
C．电源内阻为2 Ω
D．当电流为0.5 A时，外电路的电阻为6 Ω
17．（2018·全国·高二单元测试）如图所示的电路中，电源内阻一定，电压表和电流表均为理想电表．现使滑动变阻器R滑片向左滑动一小段距离，测得电压表V1的示数变化大小为ΔU1，电压表V2的示数变化大小为ΔU2，电流表A的示数变化大小为ΔI，对于此过程下列说法正确的是( )
A．通过电阻R1的电流变化量大小等于
B．R0两端的电压的变化量大小等于ΔU2－ΔU1
C．路端电压的增加量等于ΔU2
D．为一定值
18．（2021·河北·石家庄二中实验学校高二月考）如图所示，电源电动势E=9V，内电阻r=4.5Ω，变阻器Rl的最大电阻Rm=5.0Ω，R2=1.5Ω，R3=R4=1000Ω，平行板电容器C的两金属板水平放置．在开关S与a接触且当电路稳定时，电源恰好有最大的输出功率，在平板电容器正中央引入一带电微粒，也恰能静止．那么（ ）
A．在题设条件下，接入电路的阻值为，电源的输出功率为
B．引入的微粒带负电，当开关接向未接触的过程中，微粒将向下运动
C．在题设条件下，的阻值增大时，两端的电压增大
D．在题设条件下，当开关接向b后，流过的电流方向为
19．（2021·全国·高二期中）2019年1月11日1时11分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，成功将“中星2D”卫星发射升空，升空后的卫星能量补给主要靠太阳能电池.硅光电池是一种太阳能电池，具有低碳环保的优点.如图所示，图线a是该电池在某光照强度下路端电压U和电流I的关系图象，图线b是某纯电阻电器的U- I图象.则在该光照强度下，把该电池和该电器组成一个电路时，电池的（ ）
A．内阻为5.5
B．输出功率为12.5 W
C．内耗功率为0.22 W
D．效率为50%
20．（2021·吉林·白城一中高二期中）如图所示，有A，B两块正对的金属板竖直放置，在金属板A的内侧表面系一绝缘细线，细线下端系一带电小球(可视为点电荷)。两块金属板接在如图所示的电路中，电路中的R1为光敏电阻(其阻值随所受光照强度的增大而减小)，R2为滑动变阻器，R3为定值电阻。当R2的滑片P在中间时闭合电键S，此时电流表和电压表的示数分别为I和U，带电小球静止时绝缘细线与金属板A的夹角为θ。电源电动势E和内阻r一定，下列说法中正确的是（ ）
A．若将R2的滑动触头P向b端移动，则θ不变
B．若将R2的滑动触头P向a端移动，则I减小，U减小
C．保持滑动触头P不动，用较强的光照射R1，则小球重新达到稳定后θ变小
D．保持滑动触头P不动，用较强的光照射R1，则U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值不变
三、解答题
21．（2021·山东·临沂双语学校高二月考）如图所示，电源的电动势E=110V，电阻R1=21Ω，电动机绕组的电阻R0=0.5Ω，电键S1始终闭合．当电键S2断开时，电阻R1的电功率是525W；当电键S2闭合时，电阻R1的电功率是336W，求：
（1）电源的内电阻；
（2）当电键S2闭合时流过电源的电流和电动机的输出功率．
22．（2020·河南·高二月考）如图甲所示的电路中，R1、R2均为定值电阻，且R1＝100 Ω，R2阻值未知，R3为一滑动变阻器。当其滑片P从左端滑至右端时，测得电源的路端电压随电源中流过的电流变化图线如图乙所示，其中A、B两点是滑片P在变阻器的两个不同端点得到的。求：
(1)电源的电动势和内阻；
(2)定值电阻R2的阻值；
(3)滑动变阻器的最大阻值。
23．（2021·河南·范县第一中学高二期中）在如图所示的电路中，两平行正对金属板A、B水平放置，两板间的距离d=4.0cm．电源电动势E=400V，内电阻r=20Ω，电阻R1=1980Ω．闭合开关S，待电路稳定后，将一带正电的小球（可视为质点）从B板上的小孔以初速度v0=1.0m/s竖直向上射入两板间，小球恰好能到达A板．若小球所带电荷量q=1.0×10-7C，质量m=2.0×10-4kg，不考虑空气阻力，忽略射入小球对电路的影响，取g=10m/s2．求：
（1）A、B两金属板间的电压的大小U；
（2）滑动变阻器消耗的电功率P；
（3）电源的效率η．
24．（2018·湖北·荆州中学高二期中）电路如图所示，电源电动势E＝30 V，内阻r＝3 Ω，电阻R1＝12 Ω，R2＝R4＝4 Ω，R3＝8 Ω，C为平行板电容器，其电容C＝3.0 pF，图中虚线到两极板距离相等，极板长l＝0.30 m，两极板的间距d＝1.0×10－2m.求：
（1）若开关S处于断开状态，R3上的电压是多少？
（2）当开关闭合后，R3上的电压会变化，那么电容器上的电压等于多少？
（3）若开关S闭合时，有一带电微粒沿虚线方向以v0＝3.0 m/s的初速度射入C的电场中，刚好沿虚线匀速运动，问：当开关S断开后，此带电微粒以相同初速度沿虚线方向射入C的电场中，能否从C的电场中射出？(要求写出计算和分析过程，g取10m/s2)
25．（2021·江苏·吴江中学高二月考）如图，一电荷量带正电的小球，用绝缘细线悬于竖直放置足够大的平行金属板中的点。S合上后，小球静止时，细线与竖直方向的夹角。已知两板相距，电源电动势，内阻，电阻，，取，，。求：
（1）流过电源的电流；
（2）两板间的电场强度的大小；
（3）小球的质量。
26．（2021·辽宁·辽师大附中高二月考）如图所示的电路中，电表均为理想电表，R1=1Ω，R2=5Ω，电容器的电容C=100μF，变阻器R3最大阻值为10Ω，闭合开关S电路稳定后：当R3的阻值为1Ω时，电压表的示数为3V；当R3的阻值为7Ω时，电流表的示数为1A，求：
（1）电源电动势和内阻；
（2）调节变阻器R3的阻值，当R3消耗的功率最大时，求电容器上容纳的电量。
27．（2021·山东师范大学附中高二期中）如图1所示，电路中R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，M为玩具电动机， 电动机线圈电阻 r1=0.5Ω，A、V1、V2均理想电表．闭合开关 S1、断开开关 S2，在将滑动 变阻器的滑动触头 P 从最右端滑到最左端的过程中，两个电压表的示数随电流表示数变化的完整图线如图2所示．
(1)求电源的电动势E和内阻r；
(2)求滑动变阻器R2的最大功率 Pm；
(3)若滑动变阻器的滑动触头P滑到最左端后，再闭合开关S2，此时电流表的示数 I=1.0A，求此状态下电动机的输出功率P
参考答案
1．C
【详解】
A．根据闭合电路欧姆定律变形
可得图像与纵轴的交点表示电动势，图像斜率的大小表示内阻，根据甲图电动势为
内阻为
A错误；
B．根据乙图可知电流越大，小灯泡功率越大，根据欧姆定律变形得
可知乙图线上某点与原点连线的斜率为电阻，所以小灯泡的电阻随着功率的增大而增大，B错误；
CD．把电源和小灯泡组成闭合回路，将在乙中作该电源对应的U-I图象，如图所示
两曲线的交点即小灯泡的电压、电流，根据图像读数：
，
所以，小灯泡的功率为：
回路中的总功率为
C正确，D错误。
故选C。
2．C
【详解】
电动势在数值上等于非静电力把1C的正电荷在电源内部从负极搬运到正极所做的功，不是一种非静电力，故A错误；电动势是描述电源把其它形式的能量转化为电能本领的物理量，是非静电力做功能力的反映，电动势越大，表明电源将其它形式的能转化为电能的本领越大，故B错误C正确；电源电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压，在闭合电路中电源两极间的电压是路端电压，小于电源电动势，故D错误．
【点睛】电动势等于非静电力把1C的正电荷在电源内部从负极搬运到正极所做的功，描述电源把其它形式的能量转化为电能本领的物理量．
3．B
【详解】
S断开，相当于电阻变大，则由闭合电路欧姆定律可得电路中总电流减小，故路端电压增大，V的读数变大；
把R1归为内阻，内电压减小，故R3中的电压增大，由欧姆定律可知R3中的电流也增大，电流表示数增大，
A．分析得V的读数变大，Ａ的读数变大，故A错误；
B．分析得V的读数变大，Ａ的读数变大，故B正确；
C．分析得V的读数变大，Ａ的读数变大，故C错误；
D．分析得V的读数变大，Ａ的读数变大，故D错误；
4．B
【详解】
试题分析：以油滴为研究对象进行受力分析可知，油滴静止不动，所受电场力与重力平衡，即，现欲使油滴仍能处于平衡状态，则保证电场强度不发生变化即可，R1的电压不变即可，题中R2没有电流通过，故改变R2时对电路工作状态无影响，所以选项B正确、A错误；而增大两板间距离时，电场强度减小，油滴下落，所以选项C错误；断开电键S时，电容器与可变电阻构成闭合回路，电容器放电，油滴下落，所以选项D错误；
考点：闭合电路欧姆定律、平行板电容器
5．B
【详解】
R2的滑动触点向b端移动时，R2减小，整个电路的总电阻减小，总电流增大，内电压增大，外电压减小，即电压表示数减小，R3电压增大，R1、R2并联电压减小，通过R1的电流I1减小，即A1示数减小，而总电流I增大，则流过R2的电流I2增大，即A2示数增大．故A、C、D错误，B正确．
6．C
【详解】
A．根据闭合电路欧姆定律得：
U=E-Ir
当I=0时，U=E，由读出电源的电动势E=3V，内阻等于图线的斜率大小，则：
A正确；
B．根据图像可知电阻：
B正确；
C．电源的效率：
C错误；
D．两图线的交点表示该电源直接与电阻R相连组成闭合电路时工作状态，由图读出电压U=2V，电流I=2A，则电源的输出功率为：
P出=UI=4W
D正确。
故选C。
7．B
【详解】
A．由题图可知电源的电动势，内阻
故A错误；
B．两图线的交点表示灯泡与电源连接时的工作状态，此时灯泡两端的电压，流过灯泡的电流，灯泡消耗的电功率为
由于灯泡正常发光，则灯泡的额定电压为3V，额定功率为6W，故B正确；
C．灯泡的电阻
“3V，20W”的灯泡的电阻
可知灯泡的电阻更接近电源的内阻，根据电源的内、外电阻相等时，电源的输出功率最大，可知把灯泡换成灯泡，电源的输出功率将变大，故C错误；
D．灯泡是纯电阻元件，欧姆定律仍适用，图线为曲线是因为灯泡的电阻随温度的升高而增大，D错误．
故选B。
8．D
【分析】
本题是含容电路的动态分析与带电粒子运动相结合的问题，运用闭合电路欧姆定律和类平抛运动的知识可进行求解．
【详解】
设板间场强为，粒子的电荷量是，板间间距为，则粒子在板间运动时：、．
A：由电路图知，极板M带负电、极板N带正电，板间场强的方向向上，重力不计的带电粒子向下偏转，粒子带负电．故A项错误．
B：由于R2与平行金属板串联，稳定时此支路断路，调节R2对电路无影响；减少R2，平行板两端的电压不变，板内场强不变，粒子运动情况不变，仍打在O点．故B项错误．
CD：增大R1，据串联电路电压分配原理知，平行板两端的电压减小，板内场强减小，粒子在电场中的运动时间变长．减少R1，据串联电路电压分配原理知，平行板两端的电压增大，板内场强增大，粒子在电场中的运动时间变短，粒子将打在O点左侧．故C项错误，D项正确．
9．D
【详解】
A．由图可知，与滑动变阻器串联后与并联，再与串连接在电源两端；电容器与并联；当滑片向a端移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可知，干路中电流减小；路端电压增大，同时两端的电压也减小；故并联部分的电压增大；由欧姆定律可知流过的电流增大，故电流表的示数减小；根据
电阻消耗的功率减小，A错误；
B．电压表的示数变大，金属板板间的电场变强，电场力变大，电场力大于小液滴的重力，则小液滴向上运动，电势能减小，B错误；
C．由于路端电压变大，根据
可知电源效率增大，C错误；
D．根据电路可知
很容易看出
由于
有
D正确。
故选D。
10．D
【详解】
A．小灯泡的额定电流为
电阻为
当接1时，由闭合电路欧姆定律可知
E=I（RL+R+r）
代入数据解得
r=6Ω
故A错误；
BC．当接2时灯泡正常发光，流过的电流为I=0.3A
电源内阻分的电压为
U=Ir=0.3×6V=1.8V
故电动机分的电压为
U动=E-UL-U=6-3-1.8V=1.2V
电动机的内阻
故BC错误；
D．电源的效率
故D正确。
故选D。
11．B
【详解】
R2=R3=8Ω，并联后的电阻值为：R′＝R2=4Ω；由闭合电路的欧姆定律得：；电源的输出功率P=EI-I2r=15×2-22×0.5=28W，故A错误；两板间的电压为：UC=I（R1+R23）=2×（3+4）=14V；两板间的电场强度为：，故B正确；小球处于静止状态，所受电场力为F，又F=qE，由平衡条件得：水平方向 Tcsα-mg=0 ；竖直方向：Tsinα-qE=0； 得：m= =5.6×10-4kg，故C错误；若增加R1的大小，电容两端电压增大，电容器充电，会有瞬时电流从左向右流过R4，故D错误．故选B．
12．A
【详解】
A．开关S断开时，滑动变阻器的滑片P向左滑动，滑动变阻器的阻值变小，总的外电阻减小，根据
则总电流增大，根据
则减小，根据闭合电路欧姆定律可得
则有
所以不变，则A正确；
B．开关S断开时，滑动变阻器的滑片P向右滑动，滑动变阻器的阻值变大，总的外电阻增大，根据
则总电流减小，根据
则增大，根据闭合电路欧姆定律可得
则有
所以不变，则A正确；
CD．滑动变阻器的滑片P不动，开关S闭合时，则外电阻减小，根据
则总电流增大，根据闭合电路欧姆定律可得
则U减小，再根据
则电阻 两端电压也减小，所以减小，则CD错误；
故选A。
13．AB
【详解】
ACD．在滑动变阻器R的触头P向上移动的过程中，R增大，总电阻增大，电动势和内阻不变，可知总电流减小，内电压减小，外电压增大，外电压等于R1上的电压和R2与R并联电压之和，而R1上的电压减小，所以R2与R的并联电压增大，通过R2的电流增大．根据Q=CU，电容器所带的电量增大，上极板带正电，电容器充电，所以流过电流计的电流方向是b→a．
选项A正确，CD错误；
B．电容器两端电压增大，电场强度增大，电场力增大，开始电场力与重力平衡，所以油滴会向上加速．故B正确．
故选AB．
【点睛】
处理本题的关键是抓住不变量，熟练运用闭合电路的动态分析．注意处理含容电路时，把含有电容的支路看成断路，电容器两端的电压等于和电容器并联支路的电压．
14．BC
【详解】
A．测量路端电压，测量R的电压，测量滑动变阻器的电压，将滑动变阻器滑片向下滑动，滑动变阻器阻值减小，总电阻减小，则总电流增大，内电压增大，变小，变大，变小，减小量小于增大量和减小量之和，所以
，A错误：
B．根据闭合电路欧姆定律得
则有，B正确；
C．根据欧姆定律得，不变，根据闭合电路欧姆定律得
则有，不变，C正确；
D．当外电路电阻等于内阻时，电源输出功率最大，而电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r，所以将滑动变阻器滑片向下滑动，电源输出功率变大，D错误．
故选BC。
15．AD
【详解】
A、根据电路的输出功率，结果图象可知当R＝r时，电源有最大的输出功率为，A正确．B、电源内阻的功率，外电阻R的增大内阻的功率不断变小，B错误．C、电源的总功率，则随着外电阻R的增大而减小，C错误．D、电源的效率，得随着R增大时，电源的效率增大，D正确．
【点睛】
根据图象可知，电源的输出功率随着外电阻的增大先增大后减小，当R=r时，功率最大．
16．CD
【详解】
试题分析：电源的总功率，功率与电流成正比，由知电源内部的发热功率与电流的平方成正比，A正确；直流电源的总功率，P-I图象的斜率等于电动势E，则有，电流为2A时电源的总功率与发热功率相等，则根据可得，当电流为0．5A时，根据闭合电路欧姆定律可得出外电路的电阻为6Ω，CD正确
考点：考查闭合电路欧姆定律的图象应用
【名师点睛】要注意根据电源的总功率公式求解电动势，根据发热功率的公式，求解电源的内阻．
17．ABD
【详解】
A、电压表V1测量路端电压，即R1两端的电压，根据欧姆定律可知，R1的电流变化量大小等于；故A正确．B、C、D、使滑动变阻器R滑片向左滑动一小段距离，电阻变大，总电阻变大，总电流变小，内阻所占电压减小，路端电压增大，所以路端电压增大△U1，并联部分的电压增大△U1，通过R1的电流增大，所以通过滑动变阻器的电流减小，R0上的电压减小，R上的电压增大△U2，所以R0两端的电压的变化量大小等于△U2-△U1，电压表V1测量路端电压，根据欧姆定律可知为定值，所以为定值，故B，D正确，C错误．故选ABD．
【点睛】
闭合电路欧姆定律的动态分析类题目，一般可按外电路—内电路—外电路的分析思路进行分析，在分析时应注意结合闭合电路欧姆定律及串并联电路的性质．
18．AD
【分析】
根据当外电阻等于内电阻时，电源的输出功率最大去求解；对微粒进行受力分析，根据微粒处于平衡状态，判断出微粒的电性．当开关接向b（未接触b）的过程中，电容器电荷量未变，从而判断出微粒的运动状况；电路的动态分析抓住电动势和内阻不变，结合闭合电路欧姆电路进行分析；找出开关接a和接b上下极板所带电荷的电性，即可确定出电流的方向．
【详解】
在开关S与a接触且当电路稳定时，电源恰好有最大的输出功率，可知，则电源的输出功率，A正确；在开关S与a接触且当电路稳定时，在平板电容器正中央引入一带电微粒，也恰能静止微粒受重力和电场力平衡而上极板带正电，可知微粒带负电当开关接向未接触的过程中，电容器所带的电量未变，电场强度也不变，所以微粒不动，B错误；电容器所在的支路相当于断路，在题设条件下，和及电源构成串联电路，的阻值增大时，总电阻增大，总电流减小，两端的电压减小C错误；在题设条件下，开关接a时，上极板带正电，当开关接向b后，下极板带正电，流过的电流方向为，D正确．
19．AC
【详解】
由闭合电路欧姆定律得U=E−Ir，当I=0时，E=U，由a与纵轴的交点读出电动势为E=3.6v.根据两图线交点处的状态可知，将它们组成闭合回路时路端电压为U=2.5V，电流为I=0.2A．
A. 将它们组成闭合回路时路端电压为U=2V，电流为I=0.2A，则电池的内阻为
故A正确；
B. 电池的输出功率为：
P出=UI=2.5×0.2W=0.5W
故B错误；
C.此时硅光电池的总功率为：
P总=EI=3.6×0.2W=0.72W
内耗功率为
P内= P总 -P出=0.22 W
故C正确；
D. 电池的输出效率为：
η=×100%=×100%≈69.4%
故D错误．
20．ACD
【详解】
AB．滑动变阻器处于含容支路中，相当于导线，所以移动滑动触头，电容器两端的电压不变，则不变，此时电流表的示数和电压表的示数不变，故A正确，B错误；
CD．保持滑动触头P不动，用较强的光照射，的阻值变小，总电阻减小，电流增大，内电压增大，外电压减小，即减小，所以的变化量的绝对值等于内电压的增加量，其中
变化量的绝对值与变化量的绝对值的比值不变；因为电流增大，则有电压增大，而外电压减小，则两端电压减小，所以电容器两端的电压减小，所以小球重新达到稳定后变小，故C、D正确。
故选ACD。
21．（1）1Ω（2）1606W
【详解】
设S2断开时R1消耗的功率为P1，则
代入数据可以解得，
设S2闭合时R1两端的电压为U，消耗的功率为P2，则
解得，
U=84V
由闭合电路欧姆定律得，
代入数据，得
流过R1的电流为I1，流过电动机的电流为I2，
A
而电流关系:
所以
由
代入数据得，
22．(1)；；(2)；(3)
【详解】
（1）由闭合电路欧姆定律可得
结合题图乙可知
代入数据，联立解得
（2）当P滑到的右端时，被短路，电路参数对应题图乙中的B点，即
根据欧姆定律
（3）当P滑到的左端时，电路参数对应题图乙中的A点
根据欧姆定律
因为
所以滑动变阻器的最大阻值为
23．（1）U =200V（2）20W（3）
【详解】
（1）小球从B板上的小孔射入恰好到达A板的过程中，在电场力和重力作用下做匀减速直线运动，设A、B两极板间电压为U，根据动能定理有：
，
解得：U = 200 V．
（2）设此时滑动变阻器接入电路中的电阻值为R，根据闭合电路欧姆定律可知，电路中的电流，而 U = IR ，
解得：R = 2×103 Ω
滑动变阻器消耗的电功率．
（3）电源的效率．
【点睛】
本题电场与电路的综合应用，小球在电场中做匀减速运动，由动能定理求电压．根据电路的结构，由欧姆定律求变阻器接入电路的电阻．
24．(1)U3＝16 V (2)U3′＝13.3V (3)微粒不能从C的电场中射出
【详解】
（1）S断开时，电阻R3两端电压为U3＝E＝16 V；
（2）S闭合后，外阻为R＝＝6 Ω，
端电压为U＝E＝20V
电阻R3两端电压为U3′＝U＝13.3V.
（3）设微粒质量为m，电荷量为q，当开关S闭合时有：＝mg
当开关S断开后，设微粒加速度为a，则－mg＝ma
设微粒能从C的电场中射出，则水平方向：t＝
竖直方向：y＝at2
由以上各式求得：y＝0.01 m＞故微粒不能从C的电场中射出．
【点睛】
本题由电场偏转与电路的综合，它们之间联系的纽带是电容器的电压，电压由欧姆定律求解．将类平抛运动分解成两个相互垂直的简单直线运动的合成，再由牛顿第二定律和运动学公式进行研究．
25．（1）；（2）；（3）
【详解】
（1）外电路电阻
电路中总电流
（2）路端电压
两板间的场
（3）设小球质量为，由共点力平衡条件有
解得
26．（1）E=9V，r=1Ω；（2）4.5×10﹣4C
【详解】
（1）闭合开关S电路稳定后，电容器所在支路断路，由题意可知，当R3=1Ω时
根据闭合电路欧姆定律有
当R3=7Ω时
联立解得
E=9V
r=1Ω
（2）根据题意可知，R3的功率为
9I﹣2I2
当时，P3取最大值，因为
解得
R3=2Ω
电容器两端的电压为
通过电容器的电量为：
Q=CU=4.5×10-4C
27．（1）E=6V，r=2Ω（2）0.9W（3）1.875W
【分析】
由题图2可知，图线B的延长线与纵轴的交点值表示电动势，由图线A可知R1 的电阻，电压表的示数变化等效于电源内阻r和定值电阻R1分得的电压变化，根据斜率求出内阻r；将Rl看成电源的内阻，当等效电源的内外电阻相等时，滑动变阻器R2的功率最大，根据闭合电路欧姆定律求解电流，再求出滑动变阻器 R2 的最大功率；当电流表的示数时，根据闭合电路欧姆定律求出电源的路端电压，根据并联分流求出此时通过电动机的电流，根据求出电动机的输出功率；
【详解】
解：(1)由题图2可知，图线B的延长线与纵轴的交点值表示电动势，即电源的电动势
由图线A可知
电压表的示数变化等效于电源内阻r和定值电阻R1分得的电压变化，则与电流表示数的变化的比值为，即，
解得电源内阻
(2)由图线B知，滑动变阻器接入电路的最大阻值，
根据等效电源原理可知，当时，的功率最大，
此时电流
滑动变阻器的最大功率为
(3)当电流表的示数时，电源的路端电压为
此时通过的电流为，
此时通过电动机的电流为，
则电动机的输出功率