2021-2022学年江苏省泰州市泰兴市九年级（上）期末物理试卷（含答案解析）

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2021-2022学年江苏省泰州市泰兴市九年级（上）期末物理试卷

1. 下列事件中，力对物体做了功的是(    )
A. 将重物从一楼扛到二楼 B. 用力推汽车，没有推动
C. 举重运动员举着杠铃保持不动 D. 提着水桶在水平路面上匀速前行
2. 某人将一箱书搬上楼，可以有两种方法：一是把所有的书一起搬上楼；二是先搬一部分书上楼，再搬剩下的部分。假设他上楼的速度相同，则用这两种方法搬书过程中(    )
A. 人做的总功相同 B. 人做的有用功相同
C. 人做功的机械效率相同 D. 人做功的功率相同
3. 关于温度、内能和热量，下列说法正确的是(    )
A. 温度越高的物体含有的热量越多 B. 物体温度升高，一定是吸收了热量
C. 内能小的物体也可能向内能大的物体传热 D. 南极的冰块没有内能
4. 如图所示的事例中，不是通过做功的方式改变物体内能的是(    )
A. 锯木头锯条发热
B. 划火柴点火
C. 铁丝来回弯折温度升高
D. 烧水时水温升高
5. 关于家庭电路，下列说法中错误的是(    )
A. 用电器使用三线插头，是为了防止漏电而采取的保护措施
B. 家庭电路中总电流过大，保险丝熔断，一定是出现了短路现象
C. 在家庭电路中，同时工作的用电器越多，总电流越大
D. 保险丝一般选用电阻比较大，熔点比较低的合金材料制作而成的
6. 科技的自立自强是国家发展的战略支撑，2021年新一代5G芯片将开始量产，标志着中国芯片正在崛起。芯片是指含有集成电路的硅片，制造芯片的主要材料是(    )


A. 超导材料 B. 绝缘材料 C. 隔热材料 D. 半导体材料
7. 2021年中国航天丰收年，三名太空宇航员出差三个月后重返家园，代表着我国航天事业迈入新篇章。如图1所示是卫星在随火箭加速上升的情景。如图2所示是人造地球卫星沿椭圆轨道绕地球运行，离地球最近的一点叫近地点，最远的一点叫远地点。下列说法正确的(    )

A. 如图1卫星加速上升过程中，动能转化为重力势能
B. 如图2人造地球卫星运行中，只有动能和势能的转化
C. 如图2人造地球卫星运行中，从远地点向近地点运行时，机械能减小，动能增大
D. 图1、图2中卫星的机械能都不变
8. 如图所示是体重自动测试仪的工作原理图，下列说法正确的是(    )

A. 体重越大，体重示数计的示数越小 B. 该体重测试仪的刻度是均匀的
C. 电阻R1在电路中没有作用，可以去掉 D. R2下端的绝缘层能起到节能的作用
9. 近年来作为民族高新技术产业代表的华为公司在5C技术等方面雄踞于世界科技巨头之列。如图为华为手机，其指纹锁“钥匙”是特定人的指纹(S1)、密码(S2)或人脸识别钥匙(S3)，三者都可以单独使手机(M)解锁并工作。如图中电路设计符合要求的是(    )


A. B.
C. D.
10. 如图乙所示，将锡纸条的中间剪掉一些，已知ab、bc、cd长度相等，如图甲所示，将锡纸条接在电池两极，很快锡纸条开始冒烟、着火.关于该实验现象的分析错误的是(    )

A. ab段的电阻大于bc段的电阻 B. bc段产生的热量大于cd段
C. 先冒烟的是ab段 D. ab段的电流小于bc段的电流
11. 如图所示电路，电源电压保持不变，闭合开关，滑动变阻器滑片向左移动，电流表的示数将(    )

A. 甲表示数变大，乙表示数变大 B. 甲表示数不变，乙表示数变小
C. 甲表示数不变，乙表示数变大 D. 甲表示数变小，乙表示数不变
12. 如图甲所示是小灯泡L和电阻R的I−U图像.小灯泡L的额定电压为2V，若将L和R以某种方式连接到电源两端，下列说法中正确的有(    )
①将L和R并联，当电路中总电流为0.7A时，灯L正常发光
②将L和R串联时电路的最大总功率与L和R并联时电路的最大总功率之比为5：2
③将L和R串联在电压为1.4V的电源两端时，此时R两端电压为1V
④将L和R串联在电压为4V的电源两端时，电路中的电流约0.3A
A. ②③④ B. ①②③ C. ①②④ D. ①③④
13. 图中点燃的蜡烛上下摆动，形成跷跷板。涉及的物理原理是：______。


14. 如图所示，是用绳和木棍体验“滑轮组”威力的实验，该实验说明了使用滑轮组能______。


15. 如图所示两个实验可以说明的同一个物理问题是：______。

16. “文明城市”的创建让泰兴更美更洁净，如图所示，园林工人使用的剪刀可以省______，环卫工人使用的扫帚可以省______。


17. 如图甲，用滑轮组将重为120N的物体匀速提起，在5s内绳子自由端移动的距离为3m，图乙是拉力F与绳自由端移动距离s的关系图象，不计绳重和摩擦.则图乙中阴影部分的面积表示的物理量是______，拉力F的功率是______ W，动滑轮的重是______ N，该滑轮组的机械效率为______。

18. 将A、B两个金属片插入柠檬中制成水果电池，如图是用电压表测量水果电池两端电压的情景，金属片B是水果电池的______极；若将3个这样的水果电池并联起来，可获得______ V的电压。

19. 如图所示，图A、B、C、D是四冲程汽油机的工作示意图，图E、F是演示实验的示意图，B图是______冲程，与它原理相同的是______图所示的演示实验。汽车内某单缸汽油机飞轮转速为2400r/min，该汽油机每分钟对外做功______次。汽油机需要用冷却液进行降温，是利用了冷却液的______大的特性。
20. 夏天常用的电热驱蚊器是利用电流的______效应工作的，与电灯、电风扇等其它家用电器是______联在电路里的，其发热元件正常工作时的电阻为8800Ω，接在家庭照明电路中，正常工作100s产生的热量是______ J。
21. 某导体两端的电压为8V，通过它的电流是0.4A，则该导体的电阻是______Ω；若导体两端电压为4V，该导体消耗的电功率为______ W。
22. 如图所示是一种定时课间音乐播放装置的原理图.“播放器”是有电流通过时会播放音乐的装置；“定时开关”是到达设定时间，自动断开的开关，闭合开关S，当“定时开关”处于断开状态时，指示灯______(填“会”或“不会”)亮，播放器______(填“会”或“不会”)播放音乐；到达上课时间，“定时开关”处于______(填“闭合”或“断开”)状态.
23. 如图所示是小明家的电能表，电能表上的一个数据看不清楚，计数器记录了他家月初、月末的耗电示数，则这个月他家总共消耗的电能为______kW⋅h.若电路中只有一个电热水壶工作3min，观察到电能表的指示灯闪烁了200次，该热水壶的电功率为1250W，这个电能表看不清楚的数据应该标的是______imp/(kW⋅h)。

24. 如图，O为轻质杠杆的支点，A点挂一重物，杠杆在图示位置平衡，作出阻力臂L2和最小动力F1的示意图。
25. 如图所示，某人站在A处通过一根绳和两个滑轮匀速提起物体B，所用的拉力F=100N，物体B重300N(不计滑轮重、绳重及摩擦力)，画出滑轮组的绕线。


26. 请完成图中电路的连接，使其符合安全用电的要求。

27. 某品牌汽车在某路段以1500N的恒定牵引力匀速行驶80km，则此次运行过程中需要完全燃烧10kg的汽油，汽车汽油机的能量流程图如图所示(汽油的热值为q=5.0×107J/kg)。求：
(1)此次运行过程中牵引力做的功是多少；
(2)完全燃烧10kg的汽油放出的热量是多少；
(3)发动机将获得的机械能用来推进汽车行驶做功的效率是多少。

28. 图甲是小明家某型号电热加湿器的原理图，电热加湿器的额定电压为220V，最大注水量为3L。R1、R2为发热电阻，不考虑温度对电阻的影响，且R2=3R1，S为旋转型开关，1、2、3、4为触点，通过旋转开关S可实现“关”、“低挡”、“高挡”之间的切换，低挡发热功率100W。(低挡为小功率加热，高挡为大功率加热)
(1)求电阻R1的阻值；
(2)某次使用加湿器工作时，加湿器注水仓中加注冷水已达到最大注水量，如图乙所示是该次使用加湿器工作30min的图象，请计算加湿器在高挡正常工作时消耗的电能；
(3)在该次工作过程中产生的热量全部被水吸收，可以使注水仓中冷水的温度升高多少℃[计算结果保留一位小数，水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)]。

29. 小明想利用如图所示的实验装置(斜面、木块、不同质量的小钢球)“研究动能的大小与哪些因素有关”，请你帮助他完成如下实验方案：

(1)小球进入水平面时的动能是由______转化来的，实验时通过______来比较动能大小。
(2)第一次实验的情景如图甲所示，在进行第二次实验前，应先将撞出的木块______。
(3)实验中小明进行了如图中4步操作，由甲、乙两图可探究动能的大小与物体的______有关。
(4)由______三图可初步判断，在质量和速度这两个因素中，对物体动能影响较大的是速度。
30. 在探究杠杆平衡条件实验中(每个钩码的重力均为G，杠杆上每格长度均为a)。
(1)实验前，杠杆如图甲所示，可将杠杆两端的平衡螺母向______(选填“左”或“右”)调节，使杠杆在水平位置平衡，这样做的好处是可以直接从杠杆上读出______。
(2)如果小明面对甲图状况，没有调水平平衡就匆忙进行乙图实验(弹簧测力计的挂钩钩在4格处)，杠杆虽然此时水平平衡，但可以判断：2G⋅3a______F1⋅4a(选填“大于”或“小于”或“等于”，F1是弹簧测力计的示数)；
(3)重新调节杠杆平衡后，如图丙所示，在杠杆B点挂3个相同的钩码，可在杠杆的D点挂______个相同的钩码，就可使杠杆重新在水平位置平衡。
(4)保持B点钩码数量和力臂不变，杠杆在水平位置平衡时，测出多组动力臂l1和动力F1的数据，绘制了l1−F1的关系图像，如图所示.请根据图像推算，当F1为0.25N时，l1为______m.
31. 小明在“探究斜面的机械效率与哪些因素有关”的活动中，提出了以下猜想：
A.对于同一个斜面，是不是所推的物体越重，机械效率越高呢？
B.斜面的机械效率可能与斜面的倾斜程度有关；
为了验证自己的猜想，小红用木板搭成了如图所示的装置进行探究，记录数据如表：
实验次序
斜面倾角
物重G/N
拉力F/N
斜面高度h/m
斜面长度s/m
有用功W有/J
总功W总/J
斜面机械效率η
①
30∘
3
2.5
0.6
1.2
1.8
3
60%
②
30∘
5
4.2
0.6
1.2
3
5.04

③
42∘
3
2.8
0.8
1.2
2.4
3.36
71%
(1)在实验过程中，应沿斜面向上______拉动木块，此时的绳子对物体的拉力和斜面对木块的摩擦力______(选填“是”或“不是”)平衡力。
(2)第②次实验中斜面的机械效率η=______。
(3)对比实验①②的数据可以用来验证猜想______，细心的小明发现第②次实验中的额外功大于第①次实验中的额外功，你认为可能是______变大的原因造成的。
(4)对比①③两次实验数据，可初步得出的结论是______。

32. 小明用如图所示装置探究两种液体的吸热能力，两烧瓶中的电阻丝阻值相同。
(1)实验中，必须取______(选填“质量”或“体积”)相等的甲、乙两种液体；
(2)实验中，用______(填序号)间接反映液体吸收热量的多少；通过比较______(填序号)来判断吸热能力的强弱；
A.通电时间
B.温度计示数的变化
(3)如表是某次的实验数据，分析可知，______(选填“甲”或“乙”)液体的吸热能力较强；

质量/g
初始温度/℃
加热时间/min
最终温度/℃
液体甲
150
20
3
45
液体乙
150
20
3
68
(4)小明继续探究电流产生的热量与电阻的关系，他对该装置进行改进，所用的电阻丝的阻值______(选填“相等”或“不相等”)，为使实验现象更明显，他只需将______(选填“甲”或“乙”)烧瓶中的液体换成和另一烧瓶中完全相同的液体。

33. (1)小明探究电流与电阻的关系，他利用电阻箱代替定值电阻设计了如图甲所示的电路，电阻箱R1规格“0∼999.9Ω”，滑动变阻器R2规格为“20Ω1A”，电源电压恒为3V。
①图乙是小明连接的实物电路，请在图中补画一根导线，使之成为完整实验电路。要求：滑片P向左移动时，R2接入电路的电阻变小。
②正确连接电路后，调节两变阻器的阻值至最大并闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，则电路故障可能为______。
A.R1短路
B.R1断路
C.R2短路
D.R2断路
③排除故障后，小明正确进行实验，他调节电阻箱改变R1的阻值进行三次实验，在调节电阻箱的过程中，______(选填“需要”或“不需要”)调节滑动变阻器。
④探究得到的实验数据如下表所示：分析表中数据：可以得到的结论是：当电压一定时，______。
实验次数
1
2
3
电阻R/Ω
5
10
15
电流I/A
0.36
0.18
0.12
⑤小明继续用该装置探究电流和电压关系，他准备将电阻箱的阻值调为10Ω进行实验，他预设了“0.9V”、“1.5V”、“2.5V”三个电压值进行实验，同组的小华指出有一个电压值是无法调节到的，你认为______ V的电压值是无法调节到的；若仍想按这三个预设的电压进行实验，在不改变电源电压、不添加和更换器材的情况下，他可以适当______，从而完成实验。
(2)小明按如图丙所示的电路来测量额定电流为I额的小灯泡的额定功率，小灯泡电阻约为8Ω。图中定值电阻可以选择R1=5Ω、R2=15Ω、R3=25Ω这三个电阻中其中一个。假如你是同组成员，请你帮助小明补全实验方案：
①闭合开关S1、S2，调节电阻箱的示数为0，调节滑动变阻器的滑片P，使______。
②闭合开关S1、S3，只调节______，使电流表示数为I额，再______(物理量的下标用“0”表示)；
③小灯泡L的额定功率P额=______(用已知物理量、所选定值电阻、所测物理量的符号表示)。
答案和解析

1.【答案】A 
【解析】解：A、将重物从一楼扛到二楼，重物在提力的方向上移动了距离，做了功，故A正确；
B、用力推汽车，没有推动，对汽车有力的作用，但汽车没有移动距离，所以不做功，故B错误；
C、举重运动员举着杠铃站着不动，有力但没有移动距离，不做功，故C错误；
D、提着水桶在水平路面上匀速前行，力与距离的方向互相垂直，所以不做功。故D错误；
故选：A。
做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离。据此分析判断。
明确三种情况不做功：一是有力无距离(例如：推而未动)，二是有距离无力(靠惯性运动)，三是力的方向与运动方向垂直。

2.【答案】B 
【解析】解：这箱书的重力一定，楼的高度前后不变，由W=G书h可知，两次所做的有用功相等；
用方法一所做的额外功为一次克服自身重力所做的功，而方法二所做的额外功是两次克服自身重力所做的功，
因此方法二的额外功大于方法一的额外功，则方法二的总功大于方法一的总功，即用方法一搬书时做功少；
由η=W有W总可知，η1>η2，即用方法一搬书时机械效率高。
因上楼的速度相同，方法二需要上楼二次，所以方法二所用时间长；
由P=Wt可知：P1>P2，即用方法一搬书时功率大。
综上分析可知，ACD错误，B正确。
故选：B。
已知这箱书的重力一定，楼的高度前后不变，根据公式W=Gh可求克服自身重力做的功；比较两次所做额外功的多少，从而确定总功的大小，根据机械效率公式可知效率的大小；他上楼的速度相同，得出上楼时间关系，根据P=Wt可知功率大小。
本题考查了学生对有用功、额外功、总功、功率和机械效率的了解与掌握，能从场景中得出相关信息是本题的关键。

3.【答案】C 
【解析】解：A、热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，故A错误；
B、物体温度升高，可能是吸收了热量，也可能是外界物体对它做了功，故B错误；
C、据热传递的实质可知，热量从温度高的物体向温度低的物体传递，内能小的物体的温度可能会高一些，故C正确；
D、任何物体都有内能，南极的冰块也有内能，故D错误。
故选：C。
(1)热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量；
(2)做功和热传递都能改变物体的内能；
(3)据热传递的定义分析即可判断；
(4)任何物体都有内能。
此题考查了热量的理解、内能的影响因素、改变内能的方式和热传递的实质，是一道综合题。

4.【答案】D 
【解析】解：
A、用锯锯木板，克服摩擦做功，使锯条发热，是通过做功的方式改变物体内能，故A不符合题意；
B、划火柴点火，火柴克服摩擦力做功，是通过做功的方式改变物体内能，故B不符合题意；
C、铁丝来回弯折温度升高，手对铁丝做功，使得铁丝的内能增加，温度升高，是通过做功的方式改变物体内能，故C不符合题意；
D、烧水时水温升高，是通过热传递的方式改变物体内能的，故D符合题意。
故选：D。
改变物体内能的方法有：
一是热传递，高温物体放出热量、降低温度、内能减少；低温物体吸收热量、温度升高、内能增加。
二是做功，对物体做功(克服摩擦做功、压缩气体做功)，物体的内能增加、温度升高；物体对外做功(气体膨胀做功)，物体的内能减少、温度降低。据此分析判断。
做功和热传递都可以改变物体的内能，在效果上是等效的，但其实质不同。

5.【答案】B 
【解析】解：
A、用电器使用三线插头，三孔插座上面的孔接地线，在用电器漏电时，人接触用电器，地线可以把人短路避免触电事故发生，故A正确；
B、保险丝熔断是因为电路中电流过大，电流过大可能是短路或总功率过大造成的，故B错误；
C、在导体长度和材料一定时，横截面积越大，电阻越小；家庭电路中用电器都是并联的，同时工作的用电器越多，相当于增大了导体的横截面积，所以总电阻越小，根据欧姆定律可知，干路中的电流越大，故C正确；
D、保险丝一般选择电阻大，熔点低的铅锑合金制成的，故D正确。
故选：B。
(1)三孔插座接地是为了漏电时起到保护作用。
(2)保险丝熔断是因为电路中电流过大，电流过大是因为短路或总功率过大。
(3)用电器并联的越多，相当于增加了横截面积，从横截面积和电阻的关系及欧姆定律分析。
(4)保险丝一般选择电阻大，熔点低的铅锑合金制成的。
本题考查了保险丝的材料、电阻和横截面积关系、三孔插座作用和保险丝熔断原因，属于基础知识的考查，夯实基础知识很重要。

6.【答案】D 
【解析】解：常见的半导体材料有：硅、锗、砷、镓等。芯片的核心部件是其中的电子芯片，是半导体硅制成的。
故选：D。
芯片的核心部件是其中的电子芯片，是半导体硅，半导体具有单向导电性。
本题考查半导体的应用，属于基础知识。

7.【答案】B 
【解析】解：
A、卫星加速上升过程中，其质量不变，速度增大，则动能增大；同时高度增大，重力势能增大；因卫星的动能与重力势能都增大，所以不是动能转化为重力势能，且卫星的机械能增大，故A错误。
BC、太空中是真空，卫星沿椭圆轨道绕地球运行过程中，不受空气阻力，机械能守恒，只有动能和势能的相互转化，故B正确，C错误；
D、图1中卫星的机械能增加，图2中卫星的机械能不变，故D错误。
故选：B。
动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大。
重力势能大小的影响因素：质量、高度；质量越大，高度越高，重力势能越大。
机械能等于动能与势能的总和；卫星在大气层外运行时，不受空气阻力的作用，其机械能守恒。
本题考查了动能、重力势能、机械能的大小变化，关键是明确动能、重力势能大小的影响因素。

8.【答案】D 
【解析】解：由图可知，该电路为串联电路，体重计串联接入电路中；
A、由电路图可知，体重示数计串联在电路中，所以体重示数计是由电流表改装成的；当测试仪所测体重越大时，滑片上移，滑动变阻器接入电路的电阻越小，总电阻变小，由I=UR可知，电路中的电流越大，即体重示数计的示数越大，故A错误；
B、体重示数计是由电流表改装而成，由I=UR可知，电流与电阻是成反比的，所以体重测试仪的刻度是不均匀的，故B错误；
C、当滑片上移到最上端时，滑动变阻器接入电路的阻值为0，如果没有定值电阻，将形成电源短路，因此定值电阻有保护电路的作用，故C错误；
D、当体重自动测试仪不工作时，滑片位于绝缘体的位置，电路断路，节约电能，故D正确。
故选：D。
(1)根据电表的正确使用，即电流表串联在电路中、电压表并联在电路两端判断体重示数计的类型；当测试仪所测体重越大时，滑动变阻器接入电路的电阻越小，根据欧姆定律可知电路中电流的变化；
(2)由I=UR分析体重自动测试仪刻度是否均匀；
(3)定值电阻具有保护电路的作用；
(4)当体重自动测试仪不工作时，滑片位于绝缘体的位置，电路断路。
解决本题的关键是欧姆定律以及滑动变阻器的正确使用，并会将理论知识应用到实际生活当中，真正体会从物理走向生活的理念。

9.【答案】B 
【解析】解：由题知，三个开关都可以单独控制电动机工作，从而打开锁，所以三个开关应并联再与电动机M串联，故B符合要求。
故选：B。
三把“钥匙”相当于三个开关，题意要求任意一个开关闭合，都能使电动机工作，据此结合串联和并联的特点来分析解答。
本题考查了电路的设计，要知道串联电路中只要有一个开关断开，整个电路都断路，并联电路中各支路间互不影响。

10.【答案】D 
【解析】解：
A、由图知，锡纸条上ab、bc、cd段的材料和长度相等，ab段横截面积最小，cd段横截面积最大，在材料和长度相同时，横截面积越小电阻越大，所以ab段的电阻最大，bc段的电阻较大，cd段的电阻最小，故A正确；
BCD、ab、bc、cd段可看作是串联，通过三段的电流相等，根据Q=I2Rt可知相等时间内，ab段的电阻最大，产生热量最多，其次是bc段，cd段产生的热量最少，所以先冒烟的是ab段，故BC正确，D错误。
故选：D。
(1)导体电阻的大小跟导体的长度、横截面积、材料、温度有关，据此分析判断各段的电阻大小；
(2)根据三段锡纸条的连接方式和焦耳定律判断各段产生热量的多少。
本题考查了电阻影响因素、焦耳定律的应用以及对短路的认识，知道短路时，电路中的电流很大，很容易烧坏电源或导线，是不可取的。

11.【答案】D 
【解析】
【分析】
由电路图可知，滑动变阻器和定值电阻是并联的，甲电流表测的是干路电流，乙电流表测的是定值电阻的电流，结合欧姆定律分析电路中电流表的示数变化情况。
解决此类问题的关键是弄清当滑动变阻器阻值变化时，在电路中的电流表和电压表的示数如何变化。
【解答】
当滑动变阻器滑片向左移动，连入电路的电阻变大，整个电路的电阻也变大，
由欧姆定律I=UR可知，整个电路中的电流变小，所以甲电表的示数变小；
因乙电流表测的是定值电阻的电流，定值电阻两端的电压等于电源电压，阻值不变，所以乙电流表的示数不变；
故选D。  
12.【答案】C 
【解析】解：
①将L和R并联，L和R两端的电压相同，当电路中总电流为0.7A时，由图可知，此时灯泡两端的电压为2V，小灯泡正常发光，故①正确；
②将L和R串联时，灯泡两端的最大电压为2V，此时通过灯泡的电流为0.5A；R的电阻为：R=URI=2V0.2A=10Ω；串联电路中电流处处相等，此时电阻R两端的电压为：U′R=IR=0.5A×10Ω=5V；
电源电压为：U=2V+5V=7V；电路的最大功率为：P=UI=7V×0.5A=3.5W；
将L和R并联，灯泡两端的最大电压为2V，电源电压为2V；L和R两端的电压相同，由图可知，电路中总电流为0.5A+0.2A=0.7A时，电路的最大功率为：P′=U′I′=2V×0.7A=1.4W；
L和R串联时电路的最大总功率与L和R并联时电路的最大总功率之比为P：P′=3.5W：1.4W=5：2，故②正确；
③由图可知，当灯泡两端的电压为2V时，通过灯泡的电流为0.5A，此时灯泡的电阻为：RL=U2I2=2V0.5A=4Ω；
将L和R串联在电源两端时，若R两端电压为1V，此时电路中的电流为：I′=U′′RR=1V10Ω=0.1A；
由于灯丝的电阻受温度的影响，电压越低，灯丝的温度越低，灯丝的电阻越大，所以电路中电流为0.1A时，灯泡的电阻要大于通过灯泡电流为0.5A时的电阻，所以此时灯泡两端的电压要大于0.1A×4Ω=0.4V，即电源电压要大于1.0V+0.4V=1.4V，故③错误；
④将L和R串联在电压为4V的电源两端时，由图像可知，此时L两端的电压为1V，R两端的电压为3V，此时电路中的电流约0.3A，故④正确；
故选：C。
(1)并联电路各支路两端的电压相等；并联电路中，干路中的电流等于各支路电流的和，据此结合图像可知灯泡两端的实际电压，从而判断灯泡是否正常发光；
(2)L和R串联时，根据灯泡的额定电压判定电路中的电流；根据串联电路的电压规律求出电源电压；L和R并联时，根据灯泡的额定电压判定干路中的最大电流；然后根据P=UI分析功率之比；
(3)R两端电压为1V，据此求出电路中的电流，根据电流读出灯泡两端的电压，根据串联电路的电压规律求出总电压；
(4)将L和R串联在电压为4V的电源两端时，根据图像得出灯泡和R两端的电压和电路中的电流。
本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图象读出对应的电压和电流，对学生获取信息的能力要求较高。

13.【答案】杠杆原理 
【解析】解：图a中点燃的蜡烛上下摆动，有支点、两个力、两个力臂，符合杠杆的五个要素，故其原理为杠杆原理。
故答案为：杠杆原理。
图A点燃的蜡烛上下摆动，符合杠杆的五要素，因此符合杠杆原理。
本题考查了学生识图的能力，根据图示的内容，联系相关的物理知识内容。加深了学生记忆。

14.【答案】省力 
【解析】解：
图是用绳和木棍的组合相当于一个滑轮组，手所拿的绳端相当于滑轮组的绳子自由端，该现象表明使用滑轮组可以省力。
故答案为：省力。
定滑轮可以改变力的方向，而动滑轮可以省力，所以滑轮组既能改变力的方向，又能省力，故据此分析即可。
本题考查了滑轮组的作用，分析清楚图示情景是正确解题的关键。

15.【答案】重力势能和动能可以相互转化 
【解析】解：读图可以观察到，物体向下运动时，高度下降，速度增大，是重力势能转化为动能，从下向上运动时，高度上升，速度减小，是动能转化为重力势能，两个实验可以说明的同一个物理问题是重力势能和动能可以相互转化。
故答案为：重力势能和动能可以相互转化。
根据动能与重力势能的转化和能量的转化知识分析填写。
本题考查了动能与重力势能的转化及能量的转化的知识，属于基础题。

16.【答案】力  距离 
【解析】解：园林工人使用的剪刀，在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；环卫工人使用的扫帚，在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，但省距离。
故答案为：力；距离。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
本题主要考查了杠杆的分类，属于基础题。

17.【答案】J303080% 
【解析】解：(1)图乙中纵坐标表示拉力，且拉力大小为50N不变，横坐标表示绳子自由端移动的距离，所以，阴影部分的面积=Fs，表示拉力所做的总功，功的单位是J；
(2)由题知，在5s时间内绳子自由端移动的距离为s=3m，
则拉力做的总功：W总=Fs=50N×3m=150J，
拉力的功率：P=W总t=150J5s=30W；
(3)由图知n=3，不计绳重和摩擦，根据F=1n(G+G动)可知，动滑轮的重：G动=3F−G=3×50N−120N=30N；
(4)该滑轮组的机械效率为：η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF=120N3×50N=80%。
故答案为：J；30；30；80%。
(1)根据横纵坐标表示的单位和数值以及其数值变化关系确定该物理量及其单位；
(2)根据W总=Fs求出总功的大小，再根据P=Wt求出拉力的功率；
(3)不计绳重和摩擦，根据F=1n(G+G动)求出动滑轮的重；
(4)根据η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF求出机械效率。
本题考查了功、功率、机械效率和动滑轮重力的计算，能够正确识图和辨别动滑轮承担总重的绳子段数是解题的关键。

18.【答案】正  1.2 
【解析】解：(1)电压表的连接方法，电流必须从正接线柱流入，从负接线柱流出时指针向右偏，故由图可观察到电压表的指针的向右偏转，从而确定与电压表正接线柱相连的B金属片是电池的正极；
(2)若将3个这样的水果电池并联起来，根据并联电路的电压规律可知，则电源电压为1.2V。
故答案为：正；1.2。
(1)根据电压表的正确使用可知，由于它们都有正负接线柱，故我们可以根据指针的偏转情况和所连的接线柱来判断电池的正负极。
(2)水果电池并联，则电源电压等于各水果电池的电压。
本题考查了水果电池的制作和正负极的判断及串联电路电压的规律，是一道基础题。

19.【答案】压缩  E 20 比热容 
【解析】解：(1)B图中，两气门都关闭，活塞上行，是压缩冲程，此冲程将内能转化为机械能；
(2)E图中，用力将活塞压下，活塞对筒内空气做功，空气的内能增大，温度升高，达到了棉花的着火点，棉花就会燃烧，这是通过对物体做功来增大物体内能的，即是将机械能转化为内能的过程；
F图中，水蒸气膨胀对外做功，将塞子冲出，将内能转化为机械能；
综上所述，与B图原理相同的是E图所示的演示实验；
(3)由题意可知，单缸四冲程汽油机的飞轮转速是2400r/min=40r/s，即每秒钟飞轮转40圈，完成80个冲程，对外做功20次；
(4)汽油机工作时会产生大量热，是因为冷却液的比热容比较大，由Q吸=cmΔt可知，与其它液体相比，在质量和升高温度相同时，冷却液可以吸收更多的热量，降低发动机的温度。
故答案为：压缩；E；20；比热容。
(1)判断汽油机的四个冲程，先看进气门和排气门的关闭情况，进气门打开的是吸气冲程，排气门打开的是排气冲程，进气门和排气门都关闭的是压缩冲程或者做功冲程；活塞上行为压缩冲程和排气冲程；活塞下行为吸气冲程和做功冲程。
(2)改变物体内能的方式有热传递和做功两种。做功改变物体内能的实质是能量的转化，具体来说是内能和机械能的相互转化。对物体做功，物体的内能增加，温度升高；物体对外做功，物体的内能减少，温度降低。
(3)在四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次。
(4)冷却液的比热容较大，相同质量的冷却液和其他物质，在升高相同温度的情况下，冷却液吸收的热量最多。
此题是通过内燃机的工作原理、水的比热容大的应用、改变内能的方法，属于基础题。

20.【答案】热  并  550 
【解析】解：
电热驱蚊器是利用电流的热效应来工作的；
家庭电路中各用电器之间可以单独工作，互不影响，所以电灯、电风扇等其它家用电器是并联的；
通电100s产生的热量：Q=W=U2Rt=(220V)28800Ω×100s=550J。
故答案为：热；并；550。
电流通过导体时向外放出热量的现象叫做电流的热效应；
家庭电路中用电器之间是并联的；
根据Q=W=U2Rt求出产生的热量。
此题主要考查的是学生对家庭电路连接的认识、电流热效应、电能计算公式的理解和掌握，注意变形公式的熟练运用，属于基础题。

21.【答案】200.8 
【解析】解：由I=UR可得，导体的电阻为：R=U1I1=8V0.4A=20Ω；
因导体的电阻与导体两端的电压、通过的电流无关，所以当导体两端的电压变为4V时，导体的电阻仍为20Ω；
此时通过导体的电流为：I2=U2R=4V20Ω=0.2A；
导体消耗的电功率：P=U2I2=4V×0.2A=0.8W。
故答案为：20；0.8。
知道导体两端电压和通过的电流，利用欧姆定律求这段导体的电阻；
当所加电压为4V时，利用欧姆定律求出此时的电流，再利用P=UI求该导体所消耗的电功率。
本题考查了电流、电阻的简单计算和欧姆定律的应用以及电功率计算，关键是公式的灵活应用和知道导体的电阻与导体两端的电压，通过的电流无关。

22.【答案】会  会  闭合 
【解析】解：由题意知，闭合开关S，到达设定时间“定时开关”处于断开状态，播放器与指示灯串联，“播放器”和指示灯有电流通过，“播放器”播放音乐，指示灯亮；当“定时开关”处于闭合状态时，播放器被短路，指示灯会亮，则播放器中没有电流通过，播放器不会播放音乐。
故答案为：会；会；闭合。
由图可知当定时开关闭合时播放器被短路，则播放器中没有电流通过；若定时开关断开时，播放器与指示灯串联。
本题考查物理知识在生产生活中的应用，应在认真分析题意及电路的基础上找到合适的物理规律作答。

23.【答案】95 3200 
【解析】解：由图示可知，小明家这个月消耗的电能为E=12614.6KW⋅h−12519.6kW⋅h=95kW⋅h；
电热水壶在3min内消耗的电能为E壶=Pt=1.25kW×360h=0.0625kW⋅h；
观察到指示灯闪烁了200次，则每kW⋅h闪烁的次数为n=200imp0.0625kW⋅h=3200imp/(kW⋅h)。
故答案为：95；3200。
电能表示数的差值为这个月消耗的电能；
已知电热水壶的功率和工作时间可求消耗的电能W=Pt，再由消耗这些电能的闪烁次数即可求出看不清的数据。
本题考查利用电能表参数计算电能，明确电能表中各参数的意义是解答本题的关键。

24.【答案】解：反向延长阻力F2的作用线，然后过支点O作力F2作用线的垂线段OC，即为阻力臂L2，如图所示；
由图可知，力F1作用在B点时，力臂L1最大，此时力F1最小，力F1示意图如图所示；
 
【解析】从支点作力的作用线的垂线段，即可作出力的力臂；阻力与阻力臂一定时，由杠杆平衡条件可知，动力臂越大，动力越小，根据图示确定最大动力臂，然后作出最小的动力。
考查了作最小力示意图及作力臂问题，熟练应用杠杆平衡条件、由图示确定最大力臂是正确解题的关键。

25.【答案】解：不计滑轮重和绳重，不计摩擦力，承担物重的绳子段数为n=GF=300N100N=3，
滑轮组由3段绳子承担物重，绕线如图所示：
 
【解析】此题考查了有关滑轮组的绕线，根据滑轮组的省力特点判断出承担物重的绳子段数是解决此题的关键。

26.【答案】解：灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。
三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
 
【解析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。

27.【答案】解：(1)已知汽车的牵引力为F=1500N，行驶的路程s=80km=80000m，
则此次运行过程中牵引力做的功为：W=Fs=1500N×80000m=1.2×108J；
(2)完全燃烧10kg的汽油放出的热量为：Q放=qm=5.0×107J/kg×10kg=5.0×108J；
(3)发动机的效率为：η=WQ放×100%=1.2×108J5.0×108J×100%=24%.
答：(1)此次运行过程中牵引力做的功为1.2×108J；
(2)完全燃烧10kg的汽油放出的热量是5.0×108J；
(3)发动机将获得的机械能用来推进汽车行驶做功的效率是24%。 
【解析】(1)已知汽车的牵引力大小和行驶的路程，利用W=Fs可求出运行过程中牵引力做的功；
(2)已知消耗汽油的质量和汽油的热值，利用Q放=qm可求出汽油完全燃烧放出的热量；
(3)利用η=WQ放×100%可求出发动机的效率。
本题考查了对热机效率、功和热值的计算公式的应用，需要熟练掌握相关的计算公式及变形式。

28.【答案】解：(1)由图甲知，开关S接“2、3”触点时，电路为R1和R2串联的电路，电路的总电阻最大，电源的电压一定，由P=UI=U2R可知，电热加湿器的功率最小，处于低挡，
根据P=U2R知R1和R2的总电阻为：
R总=U2P低=(220V)2100W=484Ω，
因为R2=3R1，
所以R总=R1+R2=R1+3R1=4R1=484Ω，
所以电阻R1的阻值为：
R1=484Ω4=121Ω；
(2)开关S接“3、4”触点时，电路为R1的简单电路，电路的总电阻最小，电源的电压一定，由P=UI=U2R可知，电热加湿器的功率最大，处于高挡，
高挡的功率为：
P高=U2R1=(220V)2121Ω=400W，
由图乙知，工作30min时，其中高挡工作时间为10min，低挡工作时间为20min，
由P=Wt可得，在高挡正常工作时消耗的电能：
W高=P高t高=400W×10×60s=2.4×105J；
(3)由密度公式ρ=mV知水的质量为：
m=ρ水V=1.0×103kg/m3×3×10−3m3=3kg；
如果产生的热量全部被水吸收，即：Q吸=W高=2.4×105J，
由Q吸=cmΔt可得，水升高的温度：
Δt=Q吸cm=2.4×105J4.2×103J/(kg⋅℃)×3kg≈19.0℃。
答：(1)电阻R1的阻值为121Ω；
(2)加湿器在高挡正常工作时消耗的电能为2.4×105J；
(3)在该次工作过程中产生的热量全部被水吸收，可以使注水仓中冷水的温度升高19.0℃。 
【解析】(1)由图甲知，开关S接“2、3”触点时，电路为R1和R2串联的电路，电路的总电阻最大，电源的电压一定，由P=UI=U2R可知，电热加湿器的功率最小，处于低挡，根据P=U2R算出R1和R2的总电阻，根据R2=3R1求出电阻R1的阻值；
(2)开关S接“3、4”触点时，电路为R1的简单电路，电路的总电阻最小，电源的电压一定，由P=UI=U2R可知，电热加湿器的功率最大，处于高挡，根据P=U2R算出高挡的功率；由W=Pt算出加湿器在高挡正常工作时消耗的电能；
(3)由密度公式ρ=mV算出水的质量，在该次工作过程中产生的热量全部被水吸收，即Q吸=W，根据Q吸=cmΔt求出水升高的温度。
本题是一道电热综合题，考查了电功率公式、吸热公式以及串联电路的特点等知识，关键会根据P=U2R判断用电器的挡位，属于常考题型。

29.【答案】重力势能  木块被推动的距离大小  恢复到原位置  质量  甲、乙、丁 
【解析】解：(1)由图知，同一小钢球分别从同一斜面不同高度由静止滑下，小钢球的质量不变，高度变小，重力势能减小，速度变大，动能变大，重力势能转化为动能；
根据转换法可知，实验中通过小钢球推动木块移动的距离来反映动能的大小；
(2)在实验的过程中，通过木块滑动的距离来判定动能的大小，故重新实验时，应把木块恢复到原位置；
(3)由图可知，甲、乙中小钢球的高度相同，质量不同，推动木块移动的距离不同，所以探究的是动能与质量的关系；
(4)由甲、丁可知质量不变时，速度变为原来的2倍，木块移动的距离要大于乙图中木块移动的距离，这说明丁中物体的动能大，即速度对动能的影响大，故由甲、乙、丁三图可初步判断，在质量和速度这两个因素中，对物体动能影响较大的是速度。
故答案为：(1)重力势能；木块被推动的距离大小；(2)恢复到原位置；(3)速度；(4)甲、乙、丁。
(1)动能大小与物体的质量和速度有关，重力势能的大小与高度、质量有关；在探究过程中应用控制变量法，并通过小钢球推动木块做的功来反映动能的大小；
(2)在实验的过程中，通过木块滑动的距离来判定动能的大小，故重新实验时，应控制木块的初始位置相同；
(3)根据图中小钢球在斜面上所处的高度和撞击后木块移动的距离分析；
(4)根据质量、速度的变化和木块移动的距离分析。
本题是探究影响动能大小的因素的实验，由于动能大小与质量和速度有关，所以实验中要用控制变量法，同时要掌握转换法在实验中的应用。

30.【答案】右  力臂  小于  61.2 
【解析】解：(1)杠杆不在水平位置，左端向下倾斜，右端上翘，故应向右调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡；杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，可以直接从杠杆上读出力臂；
(2)实验前杠杆左端下沉，重心在左侧，没有调水平平衡就匆忙进行乙图实验(弹簧测力计的挂钩钩在4格处)，杠杆虽然此时水平平衡，但可以判断：2G⋅3a小于F1⋅4a；
(3)设一钩码重为G，一格为L，根据杠杆平衡条件可知：3G×4L=FD×2L，所以FD=6G，需在D点挂6个钩码；
(4)由于此题中的阻力和阻力臂不变，据F1L1=F2L2可知，利用图像丙中任意一组数据都能得出，F2L2=F1L1=0.1m×3N=0.3N⋅m；
故当F1为0.25N时，L1=F2L2F1=0.3N⋅m0.25N=1.2m.
故答案为：(1)右；力臂；(2)小于；(3)6；(4)1.2。
(1)调节杠杆在水平位置平衡，左边下沉往右调；杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小；(2)实验前杠杆右端下沉，重心在右侧，根据杠杆的平衡条件分析；
(3)根据杠杆平衡条件做出解答；
(4)由于此题中的阻力和阻力臂不变，故据杠杆的平衡条件分析即可解决。
(1)调节杠杆在水平位置平衡和调节天平横梁平衡的操作方法是相同的，都是将平衡螺母向上翘的一端移动。
(2)杠杆平衡条件，在杠杆平衡问题中有广泛的应用，一定要熟练掌握。

31.【答案】匀速直线  不是  60%A物体对斜面的压力  当物体的重力相同时，斜面的倾斜程度越大，斜面的机械效率越大 
【解析】解：(1)为了保证弹簧测力计的示数稳定，应沿斜面向上匀速直线拉动木块；
沿斜面向上匀速拉动物体时，在斜面方向上物体受到沿斜面向上的拉力和沿斜面向下的摩擦力以及重力沿斜面向下的分力作用处于平衡状态，
由力的平衡条件可知，拉力F等于摩擦力加上重力沿斜面向下的分力，
因物体所受到的拉力与斜面对物体的摩擦力大小不相等，所以二力不是一对平衡力；
(2)由表中数据可知，第②次实验中斜面的机械效率：η=W有W总×100%=3J5.04J×100%≈60%；
(3)对比①②两次实验的数据，控制的是斜面倾角相同，改变的是物体的重力，因此是探究斜面的机械效率与物体重力的关系，即验证的是猜想A；
沿着斜面拉物体时，克服斜面对物体的摩擦力做的功为额外功，由表中①②两次的数据可知，①②两次斜面的倾角不变，第②次物体的重力大于第①次物体的重力，因此第②次物体对斜面的压力大于第①次物体对斜面的压力，由滑动摩擦力的影响因素可知，第②次物体受到斜面的摩擦力大于第①次物体受到斜面的摩擦力，由W额=fs可知，第②次的额外功大于第①次的额外功；
(4)对比①③两次实验的数据，控制的是物体的重力相同，改变的是斜面倾角，且斜面倾角越大，机械效率越高，故可得出结论：当物体的重力相同时，斜面的倾斜程度越大，斜面的机械效率越大。
故答案为：(1)匀速直线；(2)不是；(3)60%；(4)A；物体对斜面的压力；(5)当物体的重力相同时，斜面的倾斜程度越大，斜面的机械效率越大。
(1)要测量沿斜面的拉力，就要让木块做匀速直线运动，因为只有这样，弹簧测力计的示数稳定，测量才够准确；
沿斜面向上匀速拉动物体时，物体处于平衡状态，受到的力为平衡力，根据受力分析得出沿斜面的平衡力，然后根据二力平衡条件进行判断；
(2)根据表中数据，利用η=W有W总×100%求斜面的机械效率；
(3)根据控制变量法的思想，比较实验①②数据，找出相同不变的量和变化的量，探究机械效率与变化量的关系；
沿着斜面拉物体时，克服斜面对物体的摩擦力做的功为额外功，结合滑动摩擦力的影响因素分析第②次额外功变大的原因；
(4)对比实验①③数据，找出相同不变的量和变化的量，分析得出机械效率与变化量的关系。
本题考查斜面的机械效率，要会分析实验数据总结规律，关键是找准需要分析的项目。影响斜面机械效率的因素有物块重力、斜面倾斜程度和斜面粗糙程度，注意控制变量法，在研究机械效率和某一因素关系时，要说明其他两个因素保持一定。

32.【答案】质量  A B 甲  不相等  甲 
【解析】解：(1)由于物体吸收热量的多少与质量有关，所以要探究不同物质的吸热能力，应控制两种液体的质量相等；
(2)两电阻丝串联，相同的电阻丝在相同时间内产生的热量相同，所以实验中可用通电时间来间接反映液体吸收热量的多少，并通过温度计的变化来判断两种液体的吸热能力；
(3)由表格中数据知，甲、乙的质量相等，在相同时间内吸收相同的热量，甲的温度变化更小，说明甲的吸热能力更强；
(4)探究电流产生的热量与电阻的关系，需要控制电流和通电时间不变，改变电阻的大小，因此所用的电阻丝的阻值应该不相同；
由(3)可知，乙物质的吸热能力弱，吸收相同的热量温度变化大，实验现象明显，因此他需将甲烧瓶中的液体换成和乙烧瓶中完全相同的液体。
故答案为：(1)质量；(2)A；B；(3)甲；(4)不相等；甲。
(1)物体吸收热量的多少与物体的质量有关，根据控制变量法，实验中需控制液体的质量相等；
(2)(3)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法。
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(4)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，探究电流产生的热量与电阻的关系，需要控制电流和通电时间不变，改变电阻的大小；
吸热能力越弱的物质，吸收相同的热量温度变化越大，实验现象越明显。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，同时也考查了探究电流产生的热量与电阻的关系，综合性较强。

33.【答案】A 需要  电流与电阻成反比  0.9降低电阻箱的阻值  电流表示数为I额  电阻箱  读出电阻箱的阻值R0  I额2(R0+R1) 
【解析】解：(1)①由题意可知，滑片P向左移动时，R2接入电路的电阻变小，则变阻器的左下方接线柱应与开关右接线柱相连，如下图所示：

②正确连接电路后，调节两变阻器的阻值至最大并闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，则电压表并联部分短路，可能是R1短路造成的；
③探究电流与电阻的关系时，应控制电阻两端的电压不变，他调节电阻箱改变R1的阻值进行三次实验的过程中，需要调节滑动变阻器使电阻箱两端的电压不变；
④由表格数据可知，电压一定时电流和电压的乘积不变，即IR=1.8V不变，故可得结论：电压一定时，电流与电阻成反比；
⑤设电阻箱两端的电压为U1，则滑动变阻器两端的电压为U−U1，由串联电路的分压特点可知，滑动变阻器接入电路中的电阻为R2=U−U1U1R1=3V−U1U1×10Ω，
把“0.9V”、“1.5V”、“2.5V”三个电压值带入可得，变阻器接入电路中的电阻分别为23.3Ω、10Ω、2Ω，由滑动变阻器的最大阻值为20Ω可知，0.9V的电压值是无法调节到的；
若仍想按这三个预设的电压进行实验，在不改变电源电压、不添加和更换器材的情况下，他可以适当降低电阻箱的阻值，从而完成实验；
(2)①闭合开关S1、S2，调节电阻箱的示数为0时，灯泡L与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，调节滑动变阻器的滑片P，使电流表示数为I额；
②闭合开关S1、S3，保持滑片的位置不动，只调节电阻箱，使电流表示数为I额，在读出电阻箱的阻值R0；
③电源的电压不变，由①②两种情况下电路中的电流相等可知，两种情况下的总电阻相等，由滑动变阻器接入电路中的电阻不变可知，灯泡的电阻RL=R0+R定值，
因小灯泡电阻约为8Ω，所以定值电阻只能选R1=5Ω，则小灯泡L的额定功率P额=I额2RL=I额2(R0+R1)。
故答案为：(1)①如上图所示；②A；③需要；④电流与电阻成反比；⑤0.9；降低电阻箱的阻值；
(2)①电流表示数为I额；②电阻箱；读出电阻箱的阻值R0；③I额2(R0+R1)。
(1)①滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中，由“滑片P向左移动时，R2接入电路的电阻变小”可知，变阻器的左下方接线柱必须接入电路中；
②正确连接电路后，调节两变阻器的阻值至最大并闭合开关，由电流表有示数可知电路是通路，由电压表无示数可知电压表并联部分短路，据此进行解答；
③探究电流与电阻的关系时，应控制电阻两端的电压不变，据此进行解答；
④分析表格数据得出电流与电阻的关系，利用控制变量法得出结论；
⑤先设出电阻箱两端的电压，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用串联电路的分压特点得出滑动变阻器接入电路中的电阻的表达式，然后把“0.9V”、“1.5V”、“2.5V”三个电压值带入得出变阻器接入电路中的电阻，最后结合滑动变阻器的最大阻值确定无法调节到的电压值，进一步得出实验的改进方法。
(2)要测量额定电流为I额的小灯泡的额定功率，根据P=UI=I2R可知，只要测出额定电流下灯泡的电阻即可；先将灯L与滑动变阻器串联在电路中，先使电流表的示数达到I额，然后保持滑片位置不动，通过调节电阻箱使电流表的示数达到I额，根据欧姆定律可知两种情况下电路的总电阻相等，从而得出额定电流下灯泡的电阻等于定值电阻的阻值加上电阻箱的示数，进一步确定定值电阻的阻值和求出小灯泡L的额定功率。
本题考查了探究电流与电阻的关系实验和测量额定电流为I额的小灯泡的额定功率实验，涉及到滑动变阻器的正确使用、电路故障的判断、归纳数据得出实验结论、串联电路特点、欧姆定律和电功率公式的应用等，明白等效替代法设计测量灯泡电功率实验的原理图是关键。