2021-2022学年江苏省南京市联合体九年级（上）期末物理试卷（含答案解析）

这是一份2021-2022学年江苏省南京市联合体九年级（上）期末物理试卷（含答案解析），共28页。试卷主要包含了4A，8W∼3W，5V、电阻约为10Ω，5A，故D错误，【答案】A，【答案】B，【答案】C，【答案】D等内容，欢迎下载使用。

2021-2022学年江苏省南京市联合体九年级（上）期末物理试卷

1. 图中正在使用的机械，属于省力杠杆的有(    )

A. ①③ B. ②③ C. ①④ D. ②④
2. 下列有关数据符合实际的是(    )
A. 家用冷暖空调的功率约为1200W B. 一个机械经改进后其效率可达100%
C. 一节新干电池的电压为2V D. 家用电饭锅正常工作时的电流约为0.4A
3. 如图是内燃机某冲程的工作示意图，下面四个事例中能量转化与之相同的是(    )
A. 瓶塞冲出
B. 搓手取暖
C. 压缩气体
D. 钻木取火


4. 关于内能、热量和温度的关系，下列说法中正确的是(    )
A. 物体温度越高，含有的热量也就越多
B. 1kg、0℃的水的内能和1kg、0℃的冰的内能一样大
C. 物体吸收热量，内能增加，温度不一定升高
D. 在热传递过程中，热量总是从内能大的物体向内能小的物体转移
5. 下列关于电学元件使用的说法中，正确的是(    )
A. 电流表可以直接连接到电源两级
B. 电压表应与被测用电器并联
C. 滑动变阻器任意两个接线柱接入电路，都能改变电路中的电流
D. 电能表应并联接在家庭电路的干路上
6. 在科学实验时，为了减小误差或寻找普遍规律，经常需要进行反复多次实验。
①“测量物体的长度”时，多次测量
②“研究杠杆的平衡”时，改变动力(臂)和阻力(臂)，多次测量
③“研究串、并联电路的电流特点”时，换用不同定值电阻，多次测量
④“用电压表和电流表测导体的电阻”时，多次测量电阻两端电压和通过电阻的电流值
上述实验中寻找普遍规律的是(    )
A. ①② B. ①③ C. ②③ D. ②④
7. 如图所示，下列电器中不是应用电流热效应工作的是(    )
A. 电风扇 B. 电熨斗
C. 电水壶 D. 电饭锅
8. 下列行为不符合安全用电的是(    )
A. 家庭电路中开关应接在火线上 B. 当熔丝熔断后，不能用铜丝代替
C. 使用测电笔时，手接触笔尾金属电极 D. 发生人员触电时，应立即用手将人拉开
9. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关电路正常工作，一段时间后，发现电路中有一个电表的示数突然变大，电阻R1或R2有一处发生故障，其他元件仍保持完好。下列说法正确的是(    )
A. 一定是R1短路
B. 一定是R2短路
C. 可能是R1断路
D. 可能是R2断路
10. 小阳设计一个天然气泄漏检测电路，如图甲所示，R为气敏电阻，其阻值随天然气浓度变化曲线如图乙所示，R0为定值电阻，电源电压恒定不变。则下列说法正确的是(    )

A. 天然气浓度减小，电流表示数变大
B. 天然气浓度减小，电路消耗的总功率变小
C. 天然气浓度增大，电压表与电流表示数的比值变大
D. 天然气浓度增大，电压表示数变小
11. 有一种专门烤肉串的烤箱，将肉串挂到箱内支架上，关上箱门(相当于闭合开关S1)，支架在电动机的带动下旋转；再将温控开关S2闭合，开始加热；若只闭合开关S2，则不能加热。如图中是电动机，R是加热电阻，其中电路设计合理的是(    )
A. B.
C. D.
12. 如图所示，电源电压保持6V不变，电流表量程为0∼0.6A，电压表量程为0∼3V，定值电阻R1的规格为“10Ω0.5A”，滑动变阻器R2的规格为“20Ω1A”。闭合开关，为了保证电路安全，在变阻器滑片移动过程中，下列说法正确的是(    )
(1)电阻R1消耗电功率允许的变化范围为0.4W∼0.9W
(2)电流表示数允许的变化范围为0.2A∼0.5A
(3)滑动变阻器R2允许接入电路阻值的变化范围为10Ω∼20Ω
(4)电路消耗总电功率允许的变化范围为1.8W∼3W
A. (1)(3) B. (1)(4) C. (2)(3) D. (2)(4)
13. 小红同学用30N的力拉着一个重为20N的物体，在水平地面上做匀速直线运动，0.5min内使物体移动10m的距离，此过程中重力做的功是______ J，小红拉力做的功是______ J，功率是______ W。

14. 如图甲所示的汽油机每秒钟内燃气对外做功10次，则该汽油机飞轮转速是______r/min。如图乙为某调光灯内部的电位器结构图，a、b、c是它的三个接线柱，a、c分别与弧形阻丝的两端相连，b与金属滑片相连，为实现调光功能，电位器应与灯______(选填“串联”或“并联”)；当将a、b接线柱接入电路，为使灯变亮，应______(选填“顺时针”或“逆时针”)旋动滑片。

15. 用如图所示的滑轮组匀速提升30N的重物，5s内提升了2m，拉力大小为18N，则有用功为______ J，滑轮组的机械效率为______。若其他条件不变，将重物匀速提升5m，该滑轮组的机械效率将______(选填“升高”“降低”或“不变”)。


16. 2021年6月份，搭载中国空间站天和核心舱的长征五号B遥二运载火箭，在我国文昌航天发射场点火升空。

(1)长征五号B遥二运载火箭是新一代运载火箭，火箭使用的燃料是液态氢，这是利用液态氢______的特点。若完全燃烧0.5kg的氢燃料，可放出热量______ J，若这些热量有84%被质量为1×103kg的水吸收，水的温度能够上升______℃。【q氢=1.4×108J/kg、c水=4.2×103J/(kg⋅℃)】。
(2)神舟十二号载人飞船返回舱载着三名航天员返回地球，返回舱进入大气层时与空气剧烈摩擦，通过______(选填“做功”或“热传递”)的方式改变内能。返回舱减速降落的过程中，重力势能______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
17. 如图所示是A、B两定值电阻的U−I图像，由图像中信息可知：RA______RB(选填“>”、“=”或“<”)；若将A、B两电阻并联接在4V电源的两端，RA和RB的电功率之比为______，1min内电阻A产生的热量为______ J。


18. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变。当电键S由闭合到断开时，电流表的示数将______，电压表与电流表示数的比值将______。(两空均选填“变大”“变小”“不变”或“无法确定”)


19. 某电热水壶额定电压为220V，额定功率为1210W。
(1)在使用时，电热水壶与室内各房间里电灯、电视机等用电器是______联的。
(2)发热体通电一段时间后变得很烫，而与电热水壶连接的导线却不怎么热，主要是因为______。
(3)若家中仅使用电热水壶工作6min，标有“3000imp/(kW⋅h)”的电能表指示灯闪烁300次，则该电热水壶的实际功率为______ W，该家庭电路的实际电压为______ V。
20. 在中学生创新大赛中，我校参赛组设计了一种测定风力的装置，其工作原理如图甲所示，电源电压恒为5V，定值电阻R=3Ω，Rx为压敏电阻，其阻值Rx与风力F关系如图乙所示。开关闭合后，无风时，压敏电阻的功率______ W；如果电压表的量程为0∼3V。该装置所能测量的最大风力为______ N，若想让该装置能测量更大的风力，可以采取改进装置的措施是______。
21. 按要求作图(请保留作图痕迹)：
如图所示，用螺丝刀撬图钉，请画出在A点处所用最小力F1的示意图，并画出力F2的力臂。

22. 如图是某油量表的部分电路，若油量表为电压表改装而成，且油量增加，电压表读数增加，请在图中补画出电压表及其接线，并标明正、负接线柱。


23. 如图所示，家庭电路中可用一个开关控制插座，增强安全性，请在图中将开关和插座正确连入电路。

24. 在“探究杠杆的平衡条件”实验中：
实验次数
动力F1/N
动力臂L1/m
阻力F2/N
阻力臂L2/m
1
2
0.3
3
0.2
2
4
0.4
______
0.2
3
5
0.3
6
0.25
(1)将杠杆的中点置于支架上，当杠杆停在如图所示的位置时，______(选填“处于”或“不处于”)平衡状态。这时应向______(选填“左”或“右”)端调节平衡螺母，直到杠杆在水平位置平衡，这是为了方便测量______；
(2)记录实验数据的表格如上表，请完善第2次实验中一个数据。
(3)有的同学按方案得出如下结论：“动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离”，这个结论与杠杆平衡条件不符，原因是实验过程中______。
A.没有改变力的大小
B.没有改变力的方向
C.没有改变力的作用点
D.实验次数较少，结论具有偶然性
25. 在“探究影响物体动能大小的因素”实验中将同一小钢球先后从同一斜面的A、B不同高度处由静止滚下，推动硬纸盒运动一段距离后静止。

(1)本实验研究对象是______(选填“斜面”、“钢球”或“纸盒”)。
(2)纸盒被推动得越远，小球对硬纸盒______越多，表明小球的动能越大。
(3)甲、乙两图实验是为了探究动能大小与______的关系，在做完甲图实验后进行乙图实验时，发现硬纸盒被撞后滑出木板而掉落，为防止因此造成纸盒损坏，需改进乙图实验后再与甲图实验对比，在不改变木板长度的情况下，采用以下______方法可确保实验取得成功(选填字母)。
A.换用质量更小的小球
B.适当降低小球的高度
C.给水平木板铺上毛巾
D.换用一个较重的硬纸盒
26. 学校物理探究小组进行了以下甲乙丙三个实验。

(1)实验甲是通过______(选填“加热时间”或“温度计升高的示数”，下同)反映物质吸热多少，实验乙是通过______反映燃料完全燃烧放出的热量。
(2)乙实验中，控制酒精与碎纸片质量相等，烧杯中水的质量与初温相等，发现用碎纸片加热烧杯中水温度升得快，______(选填“能”或“不能”)说明碎纸片的热值大。
(3)丙实验中，闭合开关，通电1min后测量烧瓶A内煤油升高的温度；然后移动滑片，重复上述操作，这样做的目的是研究电热与______的关系。利用该实验，经过多次测量，收集数据，绘制了温度计升高的示数T与电流I2关系的图像，正确的是______。

(4)其中一位组员，又拿来一个烧瓶B，里面装有等质量的水和电阻RB，他将烧瓶A、B中的电阻丝串联接入丙实验电路中，探究不同物质的吸热升温现象，请问他的设计______(选填：“可行”或“不可行”)。
27. 在“探究电流与电阻的关系”的实验中，提供的器材如下：电源电压保持6V不变，定值电阻R的阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω，滑动变阻器R1、电压表、电流表、开关各1只，导线若干。
(1)按照图甲将图乙补画完整。
(2)按图甲连接电路后，闭合开关前，将滑动变阻器的滑片P移到最______(选填“左”或“右”)端，闭合开关后，发现电流表有示数，电压表无示数。若电路故障只出现在R和R1上，则电路故障是______。
(3)排除故障后，将R=5Ω的定值电阻接入电路，调节滑动变阻器的滑片，直到电流表示数为0.4A时，读出电压表示数。
(4)将R=5Ω电阻换成10Ω电阻，接下来的操作是：闭合开关，此时电流表的示数如图丙所示为______ A，将滑动变阻器的滑片P向______(选填“左”或“右”)移动，直到电压表示数与(3)电压表示数相同。
(5)分别将其它电阻依次替换R，重复(4)实验，根据所测数据绘制出如图丁所示I−R图像，并得出结论：电压一定时，电流与电阻成______。
(6)要完成本次实验，滑动变阻器的最大阻值至少为______Ω。
28. 如图甲，在测定“小灯泡电功率”中，选用的小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10Ω。
(1)实验过程中，当电压表示数为1.8V时，为了测量小灯泡的额定功率，需将滑片向C端移动，眼睛注意观察______(选填“电压表”、“电流表”或“小灯泡”)。
(2)根据测量的数据绘制成I−U图像(如图乙)，得出小灯泡的额定功率为______ W。
(3)另一组同学小红在只有一个电流表的情况下，设计如图丙所示电路，也测出了额定电压为U额的另一个小灯泡的额定功率，R0为定值电阻(阻值R0)，R1为滑动变阻器(最大阻值未知)。
①请在虚框内填入电流表、开关S1、灯泡的元件符号；
②闭合S和S1，断开S2，调节R1的滑片P，使电流表示数为______；
③闭合S和S2，断开S1，保持滑动变阻器滑片P的位置不变，读出电流表示数I1；
④小灯泡的额定功率P额=______(用U额、R0、I1表示)。
29. 电动汽车以节能、环保的优势很快成为城市公交的重要选择，图示为某城市公交电动汽车，某次在运载游客时，水平路面上以10m/s的速度匀速行驶了500m，功率恒定为18kW。
(1)公交电动汽车行驶过程中受到的阻力是多大？
(2)牵引力做了多少功？

30. 电加热便携式养生杯可以在旅行中满足不同需求，如图甲是一款市场上的产品。图乙是该产品设计的可调节高、中、低三挡电加热养生杯原理图。电源电压为12V，其中两个加热元件的阻值分别是R1=4Ω，R2=8Ω，开关S3只能接a或b。
(1)在乙图电路中，S1闭合、S2断开、S3接a时，加热电路为______(选填“高”、“中”或“低”)温挡。
(2)求中温挡时电功率；
(3)使用高温挡工作5min，电热杯消耗多少电能。


答案和解析

1.【答案】D 
【解析】
【分析】
本题的解题关键是通过生活经验，体会支点的位置，判断出动力臂与阻力臂的长度关系，进而得出省力、费力情况。
此题考查的是杠杆的分类和特点，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力。
【解答】
①钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
②羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
③筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
④核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。
综上所述，属于省力杠杆的有②④。
故选：D。  
2.【答案】A 
【解析】解：A.家用冷暖空调的功率约为1200W，故A正确；
B.使用任何机械做功时，都一定会有额外功，机械效率都小于100%，故B错误；
C.一节新干电池的电压为1.5V，故C错误；
D.家用电饭锅正常工作时的功率约为1000W，由P=UI可得电流约为I=PU=1000W220V≈4.5A，故D错误。
故选：A。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
本题考查估测能力，需要在平时的学习与生活中多积累，将物理知识与社会生活联系起来。

3.【答案】A 
【解析】解：
根据图示可知，两个气门都关闭，活塞下行，因此该冲程为做功冲程，将内能转化为机械能。
A、酒精燃烧时化学能转化为内能，试管口塞子喷出是内能转化为机械能，故A符合题意；
B、冬天，搓手取暖是克服摩擦力做功，把机械能转化为内能，内能增加，故B不符合题意；
C、用力将活塞压下，活塞对筒内空气做功，筒内空气的内能增大，温度升高，达到了棉花的着火点，棉花就会燃烧，此过程中机械能转化为内能，故C不符合题意；
D、钻木取火过程中，克服摩擦力做功，机械能转化为内能，内能增加，故D不符合题意。
故选：A。
(1)内燃机是利用内能做功的机器，其在工作时有四个冲程，即吸气、压缩、做功、排气四个冲程。其中压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能。
(2)改变内能的方式有：做功和热传递。做功可以改变物体的内能，对物体做功的过程中，机械能转化为内能，物体内能增加。
此题考查了做功改变物体内能的情况，需要注意的是：对物体做功，物体内能增加，物体对外做功，物体内能减小。

4.【答案】C 
【解析】解：
A、热量是一个过程量，只有在物体发生热传递时，我们才用热量这个概念，不能说物体含有热量，故A错误；
B、1kg0℃的冰熔化成1kg0℃的水，需要吸收热量，内能增大，故B错误；
C、晶体熔化时，吸收热量内能增加，温度不变，故C正确；
D、热传递的条件是有温度差，内能小的物体温度可能比内能大的物体温度高，因此热量也可能由内能小的物体传给内能大的物体，故D错误。
故选：C。
(1)热量是一个过程量，不是一个状态量，热量描述了物体发生热传递时，传递能量的多少，不能说物体含有多少热量；
(2)内能是物体分子无规则运动的动能和分子势能的总和，与物体的质量、温度、状态均有关；
(3)晶体熔化时，吸收热量内能增加，温度不变；
(4)热传递的条件是：有温度差；热传递的特点是：高温物体放出热量，低温物体吸收热量，热量从高温物体传给低温物体。
本题主要考查学生对内能、温度和热量的关系以及晶体的熔化现象，难度不大。

5.【答案】B 
【解析】解：A、连接电路时，由于电流表的电阻很小，相当于导线，不可以将电流表不经过任何用电器而直接与电源接通，故A错误。
B、电压表与被测电路并联，因此连接电路时，应将电压表并联在电路中才能测出电压的大小，故B正确；
C、在连接滑动变阻器时，要按一上一下的原则接线，当同时将上面或下面两个接线柱接入电路，将滑片将失去改变接入电路阻值的大小，故C错误；
D、电能表是串联在家庭电路的干路上，便于测量整个家庭电路消耗的电能。故D错误。
故选：B。
(1)根据电流表的特点，判断出电流表不能直接接在电源两极上；
(2)电压表应与被测用电器并联；
(3)滑动变阻器采用“一上一下”的接法与用电器串联使用，改变滑动变阻器接入电路的电阻，可以改变电路电流和部分电路的电压。
(4)电能表测量家庭电路消耗电能的多少，电能表接在家庭电路的干路上。
此题主要考查电流表、电压表、滑动变阻器、电能表的使用方法，属于基本技能的考查，需要熟练掌握。

6.【答案】C 
【解析】解：①“测量物体的长度”时，由于测量工具或测量方法等会产生实验误差，为了减小误差采取多次测量求平均值的方法；
②“研究杠杆的平衡”时，改变动力(臂)和阻力(臂)，多次测量是为了探究杠杆的平衡条件，总结出“动力×动力臂=阻力×阻力臂”一般规律；
③“研究串、并联电路的电流特点”时，尤其是探究并联电路的电流特点时，如果两个电阻阻值相同，测量的电流也会相同，就会得出“并联电路各支路电流相等”的错误结论，因此为了寻找普遍规律，换用不同电阻多次测量。
④“用电压表和电流表测导体的电阻”时，测量的是定值电阻的阻值，测量值是个定值，多次测量可以比较测量值减小误差。
故选：C。
测量性实验为了减小误差或者寻找规律进行多次测量，如果物理量是个恒量，多次测量求平均值可以减小实验误差；如果不是测量具体的物理量，而是寻找规律也采取多次测量，寻找普遍性。
注意求平均值时，计算的结果小数点后面保留的位数要和题目中提供的数据的位数相同，这是由测量工具的分度值决定的。

7.【答案】A 
【解析】解：磁场对电流的作用，说明通电导体在磁场中受到力的作用，是电能转化为机械能，根据这个原理制成了电动机；电风扇中的电动机通电后电风扇转动，电能转化成了机械能，不是利用电流的热效应即可；电熨斗、电水壶、电饭锅电能转化成内能，都是利用了电流的热效应。
故选：A。
电流的热效应是指导体通电时会发热，电流的磁效应是指通电导体周围存在磁场的现象，磁场对电流的作用，说明通电导体在磁场中受到力的作用，是电能转化为机械能，根据这个原理制成了电动机；分析每种用电器的原理后选择。
本题主要考查学生对电流的热效应、电动机工作原理的了解情况，利用热效应工作的电器特点是把电能主要转化成内能，是一道基础题。

8.【答案】D 
【解析】解：
A、控制家用电器的开关应安装在火线上，这样，在断开开关时用电器不带电，故A符合安全用电原则；
B、当熔丝熔断后，若用铜丝代替，因铜的熔点高，在电流过大时铜丝不易熔断，不能起到保险作用，所以不能用铜丝代替，故B符合安全用电原则；
C、使用测电笔时，手要接触笔尾金属体，这样测电笔才能正确辨别火线和零线，故C符合安全用电原则；
D、遇到有人触电时，若直接用手将人拉开，则施救者也会触电，故D不符合安全用电原则；
故选：D。
开关应控制火线，使用测电笔时，手必须接触笔尾的金属；
熔丝熔断后不能用铜丝，铁丝代替；
遇到有人触电时，要切断电源，或用干木棒挑开电线；
本题考查安全用电原则，关键是将课本知识记忆清楚，仔细分析即可。

9.【答案】D 
【解析】解：由图知，两电阻R1、R2串联，电压表测量R2两端的电压，电流表测量电路中的电流。
(1)若是R1短路，电压表由测量R2两端的电压变成测量电源电压，故电压表示数变大；而此时电路中电阻会变小，则电路中电流也变大，所以两表示数都变大；
(2)若是R2短路，电压表相当于测量导线的电压，其示数变小；而此时电路中电阻会变小，则电路中的电流会变大，电流表示数会变大，即一个电表示数变小，另一个电表示数变大；
(3)若R1断路，由图可知整个电路断路，所以两个电表的示数都减小为0；
(4)若R2断路，该电路是断路，所以电流表的示数减小为零，此时电压表串联在电路中测电源电压，则电压表示数变大，即一个电表示数变小，另一个电表示数变大；
综上分析可知，R1短路、R2短路、R2断路都有可能；
故ABC错误、D正确。
故选：D。
由图知，两电阻R1、R2串联，电压表测量R2两端的电压，电流表测量电路中的电流。
分析R1短路、R2短路、R1断路、R2断路时电流表、电压表的示数变化，找出电路中有一个电表的示数突然变大的原因，确定各个选项的正误。
本题考查了电流表、电压表在判断电路故障中的应用，认真分析电路、得出某个电阻短路、断路时的两表示数变化是关键。

10.【答案】B 
【解析】解：由图甲可知，R与R0串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流。
由乙图可知，当天然气浓度增大时，气敏电阻R的阻值变小，电路中的总电阻变小，
由I=UR可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；
由U=IR可知，R0两端的电压变大，即电压表的示数变大，故D错误；
电压表与电流表示数的比值为定值电阻R0的阻值，所以天然气浓度增大，电压表与电流表示数的比值不变，故C错误；
同理可知，天然气浓度减小时，气敏电阻R的阻值变大，电路中的电流变小，R0两端的电压变小，即电流表和电压表的示数均变小，根据P=UI知电路消耗的总功率变小，故A错误，B正确。
故选：B。
由图甲可知，R与R0串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流；由图乙可知气敏电阻的性质，电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端的电压变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律的应用，从图象中获取天然气浓度变化时气敏电阻阻值的变化是关键。

11.【答案】B 
【解析】解：经分析可知，电动机和加热电阻并联，开关S1位于干路，开关S2位于加热电阻支路。
A.由电路图可知，温控开关S2闭合时，加热电阻工作，故A不符合题意；
B.由电路图可知，闭合开关S1时电动机工作，再将温控开关S2闭合后加热电阻工作，只闭合开关S2时加热电阻不工作，故B符合题意；
C.由电路图可知，闭合开关S1时，加热电阻工作，而电动机不工作，故C错误；
D.由电路图可知，闭合开关S1时，加热电阻和电动机同时工作，再将温控开关S2闭合后只有加热电阻，故D不符合题意。
故选：B。
由题意可知，闭合开关S1时电动机工作，再将温控开关S2闭合后加热电阻工作，只闭合开关S2时加热电阻不工作，说明电动机和加热电阻可以独立工作、互不影响即为并联，且开关S1位于干路，开关S2位于加热电阻支路，据此分析选项得出答案。
本题考查了根据要求设计电路，关键是正确分析电路的连接方式和开关的位置。

12.【答案】A 
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
①当电压表的示数最大为3V时，电路中的电流：
I1=U1R1=3V10Ω=0.3A，
因电流表的量程为0∼0.6A，定值电阻R1允许通过的最大电流为0.5A，滑动变阻器R2允许通过的最大电流为1A，
所以，电路中的最大电流为0.3A，故(2)错误；
此时电路中的总电阻：
R=UI1=6V0.3A=20Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：
R2小=R−R1=20Ω−10Ω=10Ω，
则滑动变阻器R2允许接入电路阻值的变化范围为10Ω∼20Ω，故(3)正确；
电阻R1消耗的最大功率：
P1=U1I1=3V×0.3A=0.9W，
电路消耗的最大功率：
P=UI1=6V×0.3A=1.8W，故(4)错误；
②当滑动变阻器R2接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电阻R1的功率最小，电路消耗的总功率也最小，
此时电路中的电流：
I2=UR1+R2=6V10Ω+20Ω=0.2A，
电阻R1的最小功率：
P1′=I22R1=(0.2A)2×10Ω=0.4W，
则电阻R1消耗功率允许的变化范围为0.4W∼0.9W，故(1)正确，
综上可知，(1)(3)正确。
故选：A。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)根据欧姆定律求出电压表的示数为3V时电路中的电流，然后结合滑动变阻器、定值电阻的规格和电流表的量程确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，根据电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，根据P=UI求出电阻R1的最大功率和电路消耗的最大总功率；
(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电阻R1的功率最小，根据P=I2R求出电阻R1的最小功率，然后得出电阻R1消耗功率允许的变化范围。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的确定电路中的最大电流是关键，要注意对于选择题来说，只要有一处错误即可判断该选项错误。

13.【答案】0 300 10 
【解析】解：(1)物体在水平地面上移动，没有在重力的方向上移动距离，所以重力不做功，即重力做功为0J；
(2)拉力做的功：W=Fs=30N×10m=300J，
(3)拉力的功率：P=Wt=300J0.5×60s=10W。
故答案为：0；300；10。
(1)做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离，二者缺一不可；
(2)知道拉力和移动距离，根据公式W=Fs求出拉力做的功；知道拉力做的功和时间，根据公式P=Wt计算拉力做功的功率。
本题考查功和功率的计算问题，难度不大。

14.【答案】1200 串联  逆时针 
【解析】解：
(1)汽油机每秒内对外做功10次，因为一个工作循环飞轮转2圈，完成4个冲程，做功1次，所以1s内，飞轮转20圈，1min飞轮转动的圈数为60×20圈=1200圈；
(2)电位器串联在电路中能改变电路中电流的大小，所以图中电位器应与灯泡串联；
当将a、b接线柱接入电路，滑片左边的电阻丝接入电路，为使灯变亮，逆时针转动旋钮时，电位器接入电路的电阻变小，电路中电流变大，灯泡变亮。
故答案为：1200；串联；逆时针。
(1)汽油机的一个工作循环由吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成。在一个工作循环中曲轴转2圈，飞轮转2周，做功一次；
(2)电位器的实质是滑动变阻器；串联在电路中能改变电路中电流的大小；若将图乙中a、b接入改变电阻大小，为使灯变亮，减小电阻。
此题考查学生对于滑动变阻器的理解和掌握以及内燃机的工作过程，知道在一个工作循环中曲轴转2圈，飞轮转2周，做功一次可解答此题。

15.【答案】6083.3%不变 
【解析】解：
(1)有用功：W有用=Gh=30N×2m=60J，
由图知，n=2，则拉力端移动的距离：s=2h=2×2m=4m，
拉力做的总功：W总=Fs=18N×4m=72J，
滑轮组的机械效率：η=W有用W总×100%=60J72J×100%≈83.3%；
(2)由η=W有用W总=GhFs=GhF×2h=G2F可知，滑轮组的机械效率与提升高度无关，所以，若其他条件不变，重物匀速提升高度5m，该滑轮组的机械效率将不变；
故答案为：60；83.3%；不变。
(1)由图知，n=2，拉力端移动的距离s=2h，利用W=Gh求有用功，利用W=Fs求拉力做的总功；滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比；
(2)由η=W有用W总=GhFs=GhF×2h=G2F可知，滑轮组的机械效率与提升高度无关。
本题考查了有用功、总功、机械效率、功率的计算以及影响滑轮组机械效率的因素，难度不大。

16.【答案】热值大  7×107  14 做功  变小 
【解析】解：
(1)火箭使用的燃料主要是液态氢，这是利用了液态氢燃料的热值大的特点；
0.5kg氢完全燃烧释放出的热量：
Q放=m氢q氢=0.5kg×1.4×108J/kg=7×107J；
根据η=Q吸Q放知，水吸收的热量：
Q吸=ηQ放=84%×7×107J=5.88×107J，
由Q吸=cmΔt得加热后水上升的温度：
Δt=Q吸c水m水=5.88×107J4.2×103J/(kg⋅℃)×1×103kg=14℃。
(2)火箭高速运动过程中，与空气摩擦而温度急剧升高，这是以做功的方式改变火箭的内能；
返回舱减速降落的过程中，其质量不变，高度减小，所以重力势能变小。
故答案为：(1)热值大；7×107；14；(2)做功；变小。
(1)热值是指1千克的某种燃料完全燃烧后释放的能量，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小；
已知氢的热值，利用Q放=mq可求氢完全燃烧释放出的热量；利用Q吸=ηQ放求水吸收的热量，知道水的比热容、质量，利用公式Q吸=cmΔt计算水吸收热量升高的温度。
(2)改变物体内能的两种方式：做功和热传递；
重力势能与质量和高度有关，质量越大、高度越大，重力势能越大。
本题是一道综合题目，考查了吸热公式、热效率公式、燃料燃烧放出热量公式及机械能影响因素的综合运用，掌握基础知识是解答的关键。

17.【答案】>1：2 48 
【解析】解：由图可知，在电流相同时，A两端的电压大，根据R=UI可知，RA>RB；
若将A、B两电阻并联接在4V电源的两端，电阻两端的电压相同，通过RA和RB的电流分别为0.2A和0.4A，根据P=UI可知，RA和RB的电功率之比0.2A：0.4A=1：2；
1min内电阻A产生的热量为：Q=W=UIt=4V×0.2A×60s=48J。
故答案为：>；1：2；48
根据R=UI分析电阻的大小关系；根据P=UI分析电功率的大小关系；根据Q=W=UIt求出产生的热量。
本题考查了欧姆定律公式、电功率公式、热量公式的应用，属于基础题。

18.【答案】变小  不变 
【解析】解：由电路图可知，当电键S闭合时，电路为R的简单电路，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；
当电键S断开时，R与L串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，当电键S由闭合到断开时，电路中的总电阻变大，
由I=UR可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，
由R=UI可知，电压表与电流表示数的比值等于R的阻值，
则电压表与电流表示数的比值不变。
故答案为：变小；不变。
由电路图可知，当电键S闭合时，电路为R的简单电路，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；当电键S断开时，R与L串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据欧姆定律结合R的阻值可知电压表与电流表示数的比值变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，把电压表与电流表示数的比值转换为R的阻值处理是关键。

19.【答案】并  导线比电热丝的电阻小  1000 200 
【解析】解：
(1)电热水壶与室内各房间里电灯、电视机工作时互不影响，是并联的；
(2)电热丝与导线串联，通过它们的电流I和通电时间t相等，已知Q电热丝>Q导线，根据Q=I2Rt可知R电热丝>R导线，所以电热丝通电一段时间后变得很烫，而连接电热水壶的导线却不怎么热，主要是因为导线比电热线的电阻小；
(3)6min内电能表指示灯闪烁了300次，电热水器消耗的电能：W=3003000kW⋅h=0.1kW⋅h，
电热水器的实际功率：P=Wt=0.1kW⋅h660h=1kW=1000W；
由PP=U2R可得，在加热状态下发热体的电阻：R=U2P壶=(220V)21210W=40Ω；
实际电压U实际=PR=1000W×40Ω=200V。
故答案为：(1)并；(2)导线比电热丝的电阻小；(3)1000；200。
(1)家庭电路中的用电器是并联的；
(2)电热丝和导线串联，通过的电流和通电时间相同，根据焦耳定律Q=I2Rt可知，电阻越大电流产生的热量越多，据此分析判断；
(3)3000imp/(kW⋅h)表示电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表指示灯闪烁3000次，据此可求电能表指示灯闪烁300次时消耗的电能，又知道工作的时间，根据P=Wt求电热水器的实际功率；由P=U2R可求出电热水壶的电阻，然后根据P=U2R求出实际电压。
本题考查了家庭电路的连接方式、电功率和电能的计算，明确电能表相关参数的意义是关键。

20.【答案】1.22366.7减小R的电阻值 
【解析】解：(1)由电路图可知，闭合开关，定值电阻和压敏电阻串联；
由图象可知，当无风时，电阻Rx=7Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以电路中的电流：I=UR+Rx=5V5Ω+7Ω=512A，
压敏电阻Rx消耗的电功率：Px=I2Rx=(512A)2×7Ω≈1.22W；
(2)由图象可知Rx与F图线为一次函数，Rx=aF+b，
当F=0时，Rx=7Ω，所以7Ω=a×0+b，
可得：b=7Ω，
当F=600N时，Rx=1Ω，所以1Ω=a×600N+7Ω，
可得：a=−0.01Ω/N，
则：Rx=−0.01Ω/N×F+7Ω，
当所测风力最大时，Rx的阻值最小，电路中电流最大，则电压表的示数最大，即UR=3V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以Rx两端的电压：Ux=U−UR=5V−3V=2V，
因串联电路中各处的电流相等，所以电路中的电流：I′=URR=3V5Ω=0.6A，
则压敏电阻的阻值：Rx′=UxI′=2V0.6A=103Ω，
所以103Ω=−0.01Ω/N×F+7Ω，
解得：F≈366.7N，该装置所能测量的最大风力为366.7N；
(3)若想让该装置能测量更大的风力，风力越大，Rx的电阻越小，其分担的电压越小，R分担的电压越大，电压表示数越大，要使电压表的示数保持3V不变，可以通过减小R的电阻来减小R两端的电压，故采取改进装置的措施是：减小R的电阻值。
故答案为：1.22；366.7；减小R的电阻值。
(1)由图乙可知无风时Rx的阻值，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据P=I2R求出压敏电阻Rx消耗的电功率；
(2)当所测风力最大时，Rx的阻值最小，电路中电流最大，则电压表的示数最大，根据欧姆定律求出电压表示数最大时电路中的电流，再根据欧姆定律求出压敏电阻的阻值，根据图乙可知该装置所能测量的最大风力；
(3)根据串联电路的分压规律分析。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据图象获取有用的信息，有一定的难度。

21.【答案】解：由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，因此OA作为动力臂最长，由图知动力的方向应该向下，过A点垂直于OA向下作出最小力的示意图；
过O点向力F2的作用线作垂线，即为阻力F2的力臂l2，如图所示：
 
【解析】(1)力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；
(2)杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂(F1L1=F2L2)，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。
本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小的结论。

22.【答案】解：
由图可知，R1、R2串联；当油量增加，浮标上升，在杠杆作用下，滑片下移，R2连入电路的电阻变小，由串联分压原理可知，R2分压变小，则R1分压变大，所以电压表应与R1并联，电压表的连接如图所示：
 
【解析】题目要求：若油量表为电压表改装而成，当油量增加，电压表读数增加。先分析当油量增加，R2连入电阻变化，R1、R2的分压变化，进而确定电压表与谁并联，再根据电压表的连接方法画出。
本题考查了电压表的连接方法和串联电路的分压特点，分析电路图得出当油量增加时R1、R2的分压变化是关键。

23.【答案】解：
由题知，家庭电路中可用一个开关控制插座，且火线先连接开关，再连接三孔插座右边接线柱；三孔插座的接法：上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线，如图所示：
 
【解析】三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线；开关接在火线上。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。

24.【答案】8 处于  右  力臂  B 
【解析】解：(1)杠杆停在如图所示的位置保持静止处于平衡状态。这时应向右端调节平衡螺母，直到杠杆在水平位置平衡，这是为了方便测量力臂的大小；
(2)由表格数据分析可知，实验是探究动力、动力臂与阻力、阻力臂之间的关系，则第二组数据4N×0.4m=0.2m×F2，解得：F2=8N；
(3)在“探究杠杆的平衡条件”实验中，在调平衡时一般都把杠杆的平衡位置调到水平位置，这样当力的作用线在竖直方向时，从支点到力的作用点的距离就是力的力臂，若要使力臂与支点到力的作用点的距离不等，可以改变力的方向，故选；B。
故答案为：(1)处于；右；力臂；(2)8；(3)B。
(1)当杠杆受力平衡时将保持静止或匀速转动状态；调节杠杆平衡的原则是螺母的调节方向是向上翘的那端调节；调节杠杆在水平位置平衡，便于在杠杆上直接读出力臂的大小；
(2)分析表格数据找出规律并补充完整；
(3)力臂：从支点到力的作用线的垂直距离。当杠杆平衡在水平位置时，力的作用点到支点的距离就是力的力臂。
本题考查了探究杠杆平衡条件的实验过程，从调节到实际操作、数据分析、原理运用等，考查较为全面，是我们应该掌握的重点实验。

25.【答案】钢球  做功  速度  B 
【解析】解：
(1)本实验研究的对象是钢球；
(2)让小球从斜面的不同高度滑下，那么小球到达水平面时的速度就不同，小球推动硬纸盒做功，硬纸盒运动距离越远，做功越多，说明小球撞击硬纸盒时的动能越大；
(3)让小球从不同的高度滚下，是为了使小球到达水平面时具有不同的初速度，对比甲、乙两图实验是为了验证物体动能与速度的关系；
如果做乙图实验时，为防止造成硬纸盒损坏掉落，可适当降低钢球的高度，这样小球的动能减小，撞击纸盒后前进的距离变小，就不会掉落了；
A.换用质量更小的钢球，不能与甲控制相同的质量，故A错误；
B.适当降低钢球的高度，小球的动能减小，撞击纸盒后前进的距离变小，就不会掉落了，故B正确；
C.给水平木板铺上毛巾，不能与甲控制相同的接触面，故C错误；
D.换用一个较重的硬纸盒，则可能推动的距离过小，无法正确判断动能的大小，故D错误；
(3)若要验证动能大小与质量的关系，需要添加的一个器材是质量不同的小球。
故答案为：(1)钢球；(2)做功；(3)速度；B。
(1)本实验研究的对象是钢球；钢球滚下过程中，重力势能减小，动能增大，重力势能转化为动能；
(2)同一小球保证了质量相同，从斜面的不同高度滑下，到达水平面时的速度不同，硬纸盒被撞后移动的距离越远，推力做功越多，就可以说明小球的动能越大，从而得出质量相同时，速度越大的物体动能越大；
(3)动能大小的影响因素：质量和速度，质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大，对照图示，结合控制变量法进行分析，
实验中，小球到达水平面时的速度由小球的高度决定，通过调整高度可调整其速度，从而改变动能。
本题考查了学生根据实验现象得出实验结论的能力，要学会利用控制变量法分析问题，并能把所学知识与生活实际相联系，分析解答问题。

26.【答案】加热时间  温度计升高的示数  不能  电流大小  a 不可行 
【解析】解：(1)根据转换法，不同物质吸热的多少是通过加热时间来反映的；
比较不同燃料的热值，根据Q=cmΔt，燃料完全燃烧放出的热量是通过温度计升高的示数来反应的；
(2)乙实验中，控制酒精与碎纸片质量相等，烧杯中水的质量与初温相等，发现用碎纸片加热烧杯中水温度升得快，但升高的不一定多，不能说明碎纸片的热值大；
(3)丙实验中，闭合开关，通电1min后测量烧瓶A内煤油升高的温度；然后移动滑片，滑动变阻器接入电路的电阻改变，根据欧姆定律可知，电路中的电流改变，通过两个电阻的电流发生了变化，所以该操作是为了研究电热与电流的关系；
实验中燃料完全燃烧放出的热量是通过温度计升高的示数来反应的，放出的热量越多温度计示数升高的越多且成正比，根据Q=I2Rt知在电阻、通电时间相同时，Q与电流I2成正比，升高的温度与电流I2也成正比，故a正确；
(4)烧瓶B里面装有等质量的水和电阻RB，他将烧瓶A、B中的电阻丝串联接入丙实验电路中，此时通过两个电阻丝的电流是相同的，电阻不同，则相同时间内产生的热量不同；而探究不同物质的吸热升温现象时，需要用相同的加热器加热，所以他的设计不可行。
故答案为：(1)加热时间；温度计升高的示数；(2)不能；(3)电流大小；a；(4)不可行。
(1)使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
根据Q=cmΔt，通过液体升高的温度来反应燃料完全燃烧放出的热量的多少；
(2)相同质量的不同燃料，完全燃烧放出的燃料越多，热值越大；
(3)电流产生的热量与电流大小、电阻大小、通电时间的长短有关；
根据焦耳定律分析解答；
(4)探究不同物质的吸热升温现象时，需要用相同的加热器加热。
本题将比较不同燃料的热值实验与比较不同物质吸热升温的特点两上实验对比考查，涉及控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，关键是分清每个实验中要研究的对象及控制的条件。

27.【答案】右  R短路  0.3右  反比  50 
【解析】解：(1)根据电路图连接实物图，电压表要并联在待测用电器两端，滑动变阻器要一上一下接入电路，如下图；

(2)为了防止电路中电流过大，滑动变阻器的滑片要滑到阻值最大处，滑动变阻器左侧下方接线柱接入电路，使用滑片左侧电阻，闭合开关前，将滑动变阻器的滑片P移到最右端；
闭合开关后，发现电流表有示数，电路中没有发生断路，电压表无示数，则与电压表并联的用电器短路，所以电路中的故障为R短路；
(4)如图丙，电流表的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，电流表的示数为0.3A，将R=5Ω电阻换成10Ω电阻，阻值变大，据串联电路分压特点U1U2=IRIR1=RR1，分得电压变多，为了保持电阻两端电压不变，则需要滑动变阻器分压增大，故应将滑片向阻值向右滑动；
(5)根据如图丁I−R图像，每次电流与电阻的乘积都为2V，可得出结论：电压一定时，电流与电阻成反比；
(6)由图丁知当电阻为25Ω时，定值电阻两端电压UR=2V，
根据串联电路电压的规律知变阻器两端的电压应为：U滑=U−UR=6V−2=4V；
根据串联电路的分压作用知U滑UR=R滑大R定大，即4V2V=R滑大25Ω，
则滑动变阻器的最大阻值为：
R滑=50Ω。
故答案为：(1)见上图；(2)右，R短路；(4)0.3，右(5)反比；(6)50。
(1)根据电路图连接实物图，电压表要并联在待测用电器两端，滑动变阻器要一上一下接入电路；
(2)为了保护电路，滑动变阻器的滑片要滑到阻值最大处；故障分析：当电流表有示数，故障一定不是断路故障，电压表无示数，则与电压表并联的用电器短路或电压表断路；
(4)电流表读数时首先明确量程，确定分度值，数出指针偏转格数，读出电流表示数；探究电流与电阻的关系时，控制电阻两端的电压不变，根据串联电路分压特点U1U2=IRIR1=RR1，保持滑片位置不动R1大小不变，将R=5Ω电阻换成10Ω电阻，更换较大电阻时，R分到的电压变大，为了保持电阻两端电压不变，则需要滑动变阻器分压增大，故应将滑片向阻值增大处滑动；
(5)根据如图丁I−R图像，可得出结论：电压一定时，电流与电阻成反比；
(6)保持电阻两端的电压不变，根据分压的知识，当电阻的阻值最大时所需的变阻器阻值最大，根据最大电阻值求出变阻器的阻值。
本题是探究电流与电阻的关系，考查了电路的连接、电路故障分析、实验操作过程、数据分析等，属于中考热点内容，应掌握扎实。

28.【答案】电压表  0.625U额R0  U额×(I1−U额R0) 
【解析】解：(1)灯在额定电压下正常发光，示数为1.8V小于灯的额定电压2.5V，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器两端的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故需将滑片向C端移动，眼睛注意观察电压表示数，直到电压表示数为额定电压；
(2)由图乙所示I−U图像可知，灯泡两端的电压等于额定电压2.5V时，通过灯泡的电流等于0.25A，则灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；
(3)①电流表与定值电阻串联，左下填电流表，左上填开关S1，如下图所示

②闭合S和S1，断开S2，灯泡与R0并联，电流表测量通过的R0电流，由于当灯泡正常发光时，灯泡两端的电压为额定电压U额；则调节R1的滑片P，使电流表示数为：I0=U额R0；
③闭合S和S2，断开S1，灯泡与R0并联，电流表测量通过的干路中的电流，保持滑动变阻器滑片P的位置不变，读出电流表示数为I1；
④在③中，电流表测灯与定值电阻的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路干路电流等于各支路电流之和可知此时灯的额定电流：
IL=I1−I0=I1−U额R0；
则小灯泡的额定功率：
P额=U额×(I1−U额R0)。
故答案为：(1)电压表；(2)0.625；(3)①如图所示；②U额R0；U额×(I1−U额R0)。
(1)使灯泡正常发光，灯泡两端的电压必须等于额定电压；
(2)由I−U图像找出灯泡两端的电压等于额定电压时对应的电流，根据P=UI求出灯泡的额定功率；
(3)要测灯的额定功率，应先使灯正常发光，在没有电压表的情况下，电流表与定值电阻R0应起到电压表的测量作用，故将R0与电流表串联后再与灯并联，通过移动变阻器的滑片使电流表示数为：I0=U额R0时，由并联电路电压的规律，灯的电压为U额，灯正常发光；
保持滑片位置不变，通过开关的转换，使电流表测灯与R0并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律求出灯的额定电流，根据P=UI写出灯的额定功率的表达式。
本题是测灯泡电功率的实验，考查了实验注意事项、实物电路的连接、实验的操作、电功率的计算等，考查知识点多，综合性强。

29.【答案】解：(1)汽车功率P=18kW=1.8×104W
由P=Fv得，汽车的牵引力为：F=Pv=1.8×104W10m/s=1800N
根据二力平衡可得：汽车受到的阻力为：f=F=1800N
(2)牵引力做功为：W=Fs=1800N×500m=9×105J。
答：(1)公交电动汽车行驶过程中受到的阻力是1800N；
(2)牵引力做功9×105J。 
【解析】(1)根据公式P=Fv变形后可求牵引力大小，再根据二力平衡知识，得出阻力大小。
(2)运用公式W=Fs可求出做功多少。
熟练运用功率、功的公式和二力平衡知识，可解答此题。

30.【答案】低 
【解析】解：(1)当S1闭合、S2断开、S3接a时，电路为R1与R2串联，此时电路的总电阻(R=R1+R2)最大，由P=U2R可知，电源电压不变、电路的电阻最大，则总功率最小，所以此时为低温挡。
(2)当S1闭合、S2闭合、S3接a时，电路只有R1工作，属于简单电路，此时为中温挡。
中温挡功率为：P=U2R1=(12V)24Ω=36W。
(3)当S1闭合、S2闭合、S3接b时，电路为R1与R2并联，此时总功率最大，是高温挡。
支路R1的功率为：P1=U2R1=(12V)24Ω=36W
支路R2的功率为：P2=U2R2=(12V)28Ω=18W
总功率为：P=P1+P2=36W+18W=54W
高温挡工作5min，即t=5min=300s，电热杯消耗电能为：W=Pt=54W×300s=1.62×104J。
答：(1)在乙图电路中，S1闭合、S2断开、S3接a时，加热电路为低温挡；
(2)中温挡时电功率为36W；
(3)使用高温挡工作5min，电热杯消耗电能为1.62×104J。
(1)根据电路的连接方式(串联、并联、简单电路)和电路总功率大小，可判断电路的挡位。
(2)根据电功率的公式P=U2R可求出中温挡的电功率。
(3)先求出高温挡的电功率，再运用W=Pt，求出使用高温挡工作5min，电热杯消耗的电能。
准确分析电路的不同挡位，熟练运用电功率、电功的计算公式，是解答此题的关键。