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2021-2022学年河北省保定市唐县九年级（上）期末物理试卷（含答案解析）
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这是一份2021-2022学年河北省保定市唐县九年级（上）期末物理试卷（含答案解析），共26页。
2021-2022学年河北省保定市唐县九年级（上）期末物理试卷
1. 坚持低碳生活、绿色发展，下列做法与这一理念不相符的是( )
A. 步行或骑自行车 B. 练习本双面使用 C. 节约用水用电 D. 发展燃煤发电
2. 把两滴蓝墨水分别同时滴入盛有冷水和热水的两个玻璃杯中，会看到如图所示的现象，对该现象的解释合理的是( )
A. 看到的是大量分子在运动
B. 温度越高，分子的运动越快
C. 温度越高，分子的间隔越小
D. 温度越高，分子的体积越大
3. 对下列四幅图说法正确的是( )
A. 水蒸气驱动叶轮转动是将内能转化为机械能
B. 图中所示冲程是压缩冲程
C. 将玻璃板缓慢拉离水面时，弹簧测力计示数变大说明分子间存在斥力
D. 将活塞迅速下压，玻璃筒内硝化棉燃烧起来，压缩空气过程中将内能转化为机械能
4. 下列各组物质都是导体的一组是( )
A. 陶瓷 水 铜 B. 炭笔 硅 干布 C. 铁 人体 大地 D. 玻璃 橡胶 铜
5. 下列情境中改变内能的方式与钻木取火相同的是( )
A. 晒太阳取暖 B. 搓手使手暖和 C. 敷冷毛巾降温 D. 抱暖手宝取暖
6. 下列说法正确的是( )
A. 燃料燃烧过程中燃料的内能转化为化学能
B. 北极寒冷的冰川没有内能
C. 中国空间站中的水球内部分子间没有作用力
D. 同样在阳光照射下，沙子比海水烫是因为水的比热容比沙子大
7. 关于下列四幅图说法正确的是( )
A. 用干燥的手将撕成条状的塑料膜摩擦几下，塑料条彼此分开是异种电荷相互排斥
B. 用丝绸摩擦过的玻璃棒接触验电器，验电器箔片张开是因为都带上负电荷
C. 通过研究水流的形成过程对产生电流的原因提出猜想，利用的是类比法
D. 甲、乙两小球互相吸引，说明两小球一定带异种电荷
8. 下列数据最接近实际情况的是( )
A. 家庭电路两端电压为36V B. 家用电风扇的电功率约为1000W
C. 手电筒中的电流约为2A D. 计算机USB接口输出电压一般为5V
9. 电动公交车的动力来源于电动机，前、后两门(电路开关)中任意一个门没有关闭好，电动公交车都无法行驶。图中符合要求的电路是( )
A. B.
C. D.
10. 下列关于电路的知识说法正确的是( )
A. 电动机工作时将机械能转化为电能 B. 发光二极管是超导材料制成
C. 电饭锅是利用电流的热效应工作 D. 干电池供电时将电能转化为化学能
11. 下列关于电与磁现象的描述中，正确的是( )
A. 如图所示条形磁体周围的磁感线方向是从 S 极指向 N 极
B. 如图所示电流周围存在磁场是法拉第最早发现的
C. 如图所示是麦克风的原理图，利用的是电磁感应原理来工作的
D. 如图所示是扬声器的结构图，工作原理和发电机的工作原理一样
12. 以下说法正确的是( )
A. 根据R=UI可知电阻与电压成正比，与电流成反比
B. 长度相同的 a、b 两根镍铬合金丝，横截面积关系为 Sa>Sb，则Ra>Rb
C. 两灯 L1、L2 分别标有“220V100W”“220V 40W”，接入电路后，L1一定比L2亮
D. 滑动变阻器是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变连入电路中的电阻的
13. 如图为“探究影响电流热效应的因素”的实验装置，下列说法正确的是( )
A. 图甲可探究电流热效应与电压的关系
B. 图乙可探究电流热效应与电阻的关系
C. 用 U 形管液面的高度差反映产生热量的多少
D. 图乙容器中的电阻产生的热量一样多
14. 以下说法正确的是( )
A. 家庭电路中总功率越大，总电流越大 B. 摩擦起电是创造了电
C. 家庭电路中空调和冰箱是串联 D. 电流做功越多，电功率越大
15. 如图所示电路，电源电压恒定为3V，R1、R2均为定值电阻。当开关S闭合，S1断开时，电流表A的示数为0.2A；当开关S、S1都闭合时，电流表A的示数为0.5A，则( )
A. R1=6Ω
B. I1：I2=2：3
C. R1：R2=2：3
D. R2=15Ω
16. 某型号电饭煲有加热和保温功能，图甲所示为其内部电路原理图，图乙是该电饭煲工作时电功率与时间的关系图像，关于电饭煲工作时下列说法中正确的是( )
A. 开关 S 接触点 2 时，电饭煲处于加热状态
B. 保温状态下电饭煲 1min消耗 200J 的电能
C. 电饭煲处于加热状态时的功率是 800W
D. 电饭煲处于保温状态时的电流是 1.1A
17. 关于如图所示电路，下列说法正确的是( )
A. 若①②都为电流表，可以将开关S1、S2都闭合
B. 若①②都为电压表，可以将开关S1、S2都闭合
C. 若R1、R2并联，应只闭合S1，①②都为电压表
D. 若R1、R2串联，应将S1、S2都闭合，①为电压表，②为电流表
18. 对下列四幅图的说明正确的是( )
A. 图①中地磁场的南极在地理的南极附近，磁针指南北就是受到地磁场的影响
B. 图②是通电导体在磁场中受力的作用，力的方向与磁场方向和电流方向有关
C. 图③是探究电磁铁的磁性与线圈匝数的关系，匝数越多，电磁铁的磁性越大
D. 图④是一种温度自动报警器，图中电磁继电器是利用电磁铁控制工作电路通断
19. 如图R和R1的U−I图象，下列说法正确的是( )
A. R的电阻为 10Ω
B. R1的电阻为 2.5Ω
C. R 与 R1串联接在 2.5V的电压下，电路中电流为 0.4A
D. R 与 R1并联接在 2.5V的电压下，干路电流为 0.65A
20. 如图所示，电源电压恒为6V，电流表量程为“0∼0.6A”，电压表量程“0∼3V”，滑动变阻器标有“20Ω1A”，小灯泡(灯丝电阻不变)标有“2.5V1.25W”。在保证电路安全的情况下，移动滑动变阻器的滑片，下列选项中正确的是( )
A. 电流表的示数变化范围是 0.24∼0.5A
B. 电压表的示数变化范围是 1.2∼3V
C. 滑动变阻器连入电路阻值范围是 7∼20Ω
D. 滑动变阻器两端最大电压为 4.8V
21. 如图，闭合开关，L1、L2是______(选填“并”或“串”)联，电压表V1测的是______的电压。
22. 有一只灯泡额定电压是3V，电阻是10Ω，在电压为9V的电源下正常发光，需要______联一个阻值为______Ω的电阻。
23. 如图，闭合开关，将滑动变阻器的滑片P向右滑动，电流表示数______(选填“变大”“不变”或“变小”)，电磁铁上端为______(选填“N”或“S”)极。
24. 某同学家中电能表的表盘如图所示，表盘示数为______kW⋅h。关闭家中其它用电器，只让电热器单独工作，5min内电能表的表盘转过300转，该饮水机消耗的电能为______ J，实际电功率为______ W。
25. 在“比较不同物质的吸热能力”实验中，在图A的装置中两只相同的试管中应分别加入______相同的水和煤油，根据测量数据描绘温度-时间图象如图B所示，由图可知______(选填“甲”或“乙”)物质是水，实验中用到的研究方法有______和______。实验完成后，酒精灯中剩余酒精的热值______(选填“变大”“变小”或“不变”)。
26. 如图在探究“什么情况下磁可以生电”的实验中。
①保持蹄形磁体位置不动，让导体AB在磁场中静止、竖直上下运动，电流表的指针均不发生偏转。
②导线AB向左或向右运动，电流表的指针发生偏转。
③保持导线AB不动，让蹄形磁体向左或向右运动，电流表的指针发生偏转。
④保持磁场方向不变，导线AB向右运动时，电流表指针向右偏转；导线AB向左运动时，电流表指针向左偏转。
⑤对调磁体两极的位置，使磁场方向发生改变，导线AB向右运动时，电流表指针向左偏转；导线AB向左运动时，电流表指针向右偏转。
(1)由①②③可得实验结论：闭合电路的一部分导体在磁场中做______运动时，导体中就会产生感应电流。
(2)由④⑤可得实验结论：感应电流的方向与______的方向及______方向有关。
27. 小丽利用图甲所示的电路探究“电流与电压的关系”。
(1)当闭合开关试触时，发现电流表指针摆动出现了图乙所示情况，存在的错误是______，断开开关纠正后，闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，可能的原因是______(写一种即可)。
(2)排除故障后，闭合开关调节滑动变阻器的滑片，改变电阻R1______测出多组数据，根据数据作出I−U图象，如图丙所示，根据图象可得出的结论是______，该实验中滑动变阻器的作用是______。
(3)换用阻值比R1大的定值电阻R2再次测量，请将R2的图象画在图丙合适的位置。
28. 某同学用伏安法测电阻，干电池为全新电池，滑动变阻器上标有“20Ω2A”字样，估计被测电阻约10Ω。
(1)连接电路时开关应______，连接好如图甲所示的电路后经检查发现有一根导线连接不合理，请你在图甲中将不合理的导线上画“×”，并用笔画线代替导线改正。
(2)闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P滑到______(选填“A”或“B”)端。
(3)某同学已将前两次实验的数据记入了表中，第3次实验时电表指针如图乙所示，请将两表的读数、第3次电阻值和被测电阻Rx的值填入答题卡对应表中。该实验多次测量的目的是______。
电压(V)
电流(I)
电阻(Ω)
1
2.0
0.20
10.0
2
2.5
0.24
10.4
3
被测电阻Rx=______ Ω
(4)该同学更换另一个未知阻值的电阻再次进行测量时，发现电压表出现故障，于是他在不用电压表的情况下用现有器材也测出了该电阻值的大小，请将他设计的电路图画在方框中(电源电压保持不变)。
29. 某物理实验小组在“测量小灯泡电功率”的实验中，选用器材连接了如图甲所示的电路，电源(设电压恒为6V)、小灯泡的额定电压为2.5V(灯丝电阻约为10Ω)，规格分别为“10Ω1A”和“30Ω0.5A”的滑动变阻器R1和R2各一个。
(1)连接电路时，根据实验条件应选择滑动变阻器______(选填“R1”或“R2”)，请用笔画线代替导线，将图甲的实物图连接完整。
(2)完善电路后，闭合开关，改变滑动变阻器的阻值，测量出了5组数据，并描点画出了小灯泡电流随其两端电压变化的图象，如图乙所示，则小灯泡的额定功率为______ W，由图可知小灯泡的灯丝由暗变亮的过程中，灯丝电阻值______(选填“变大”“不变”或“变小”)，说明小灯泡灯丝电阻的大小与______有关。
30. 中国首次火星探测任务“天问一号”探测器的成功发射，是我国综合国力和创新能力提升的重要标志。目前运载火箭一般使用液态氢作为燃料，液态氧作为助燃剂，下表是一些燃料的热值。
燃料
热值
燃料
热值
汽油
4.6×107J/kg
煤油
4.6×107J/kg
柴油
4.3×107J/kg
氢
1.4×108J/kg
(1)使用氢作为燃料的主要优点是：______(写出一种即可)。
(2)某火箭发射时携带了3×104kg液态氢，求这些氢燃料完全燃烧产生的热量？
(3)若第(2)问氢燃料完全燃烧产生热量的80%被水吸收，在1标准大气压下，能将多少初温为20℃的水加热至沸腾？[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
31. 如图所示，小灯泡L规格为“5V1W”，R0=50Ω，电源电压不变，电流表的量程为“0∼0.6A”“0∼3A”，闭合开关，小灯泡L正常发光。
(1)求R0的功率和电源电压；
(2)拆除小灯泡L，让标有“100Ω0.5A”滑动变阻器与R0连接，选择哪种连接方式使电路消耗的总功率最大？最大总功率是多少？
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A.相较于开车，步行或骑自行车排放的二氧化碳几乎为0，符合低碳生活的要求，故选项A不符合题意；
B.练习本双面使用，可以增加纸张的利用率，这样可以有效减小对树木等的需求，符合绿色发展的要求，故选项B不符合题意；
C.节约用水用电符合低碳生活、绿色发展的要求，故选项C不符合题意；
D.燃煤发电的过程中，会产生大量的二氧化碳、硫化物等污染物，对环境的危害很大，不符合低碳生活、绿色发展的要求，故选项D符合题意。
故选：D。
(1)低碳生活是指减少污染的生活，主要是为了减少二氧化碳的排放。
(2)绿色发展是以效率、和谐、持续为目标的经济增长和社会发展方式，是在保护环境或对环境危害较小的情况下进行的可持续的发展。
近几年来，与环境保护、能源危机、节约用水等相关的试题逐渐增多，我们要引起重视。
2.【答案】B
【解析】解：A、分子是肉眼看不到的，故A错误；
BCD、扩散现象说明了分子在不停地运动，温度越高扩散现象越明显，分子的运动越快，故B正确，CD错误。
故选：B。
不同的物质在相互接触时能彼此浸入对方的现象称为扩散，固体、液体和气体都能发生扩散现象；扩散现象表明分子是运动的，且分子间有间隙；而且温度越高，分子的运动越快，扩散现象越明显。
本题考查分子动理论的有关内容，难度不大。
3.【答案】A
【解析】解：A.燃料燃烧的过程是化学能转化为内能，这种内能传递给水，水沸腾汽化为水蒸气，高温的水蒸气对小叶轮做功，驱动小叶轮转动，水蒸气自身的温度会降低，内能会减少，转化成了小叶轮的机械能，是内能做功的结果，故A正确；
B.两气门关闭，活塞向下运动，是汽油机的做功冲程，内能转化为机械能，气体内能不断减少，故B错误；
C.缓慢向上提拉与水面接触的玻璃板，弹簧测力计示数变大，说明分子间存在引力，故C错误；
D.下压活塞时，活塞对筒内的空气做功，机械能转化为空气的内能，故D错误；
故选：A。
(1)给试管中的水加热，燃料燃烧的化学能转化成水的内能，高温的水蒸气推动叶轮转动，说明内能转化成了叶轮的机械能。
(2)汽油机的做功冲程，内能转化为机械能；
(3)分子之间存在相互作用的引力和斥力；
(4)做功可以使内能与机械能之间进行转化：对物体做功，物体内能会增加；物体对外做功，物体内能会减少。
本题主要考查了内能与机械能的转化、分子之间的作用力以及热机的压缩冲程和做功冲程的知识点，题目难度不大。
4.【答案】C
【解析】解：A、陶瓷、水、铜中，陶瓷不容易导电，属于绝缘体；水、铜容易导电，属于导体，故A不符合题意；
B、炭笔、硅、干布中，炭笔容易导电，属于导体；硅属于半导体；干布不容易导电，属于绝缘体，故B不符合题意；
C、铁、人体、大地，都容易导电，都属于导体，故C符合题意；
D、玻璃、橡胶、铜中，玻璃、橡胶不容易导电，属于绝缘体；铜容易导电，属于导体，故D不符合题意。
故选：C。
根据导电性的不同，材料可分为导体、半导体、绝缘体三大类，容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体。
本题考查了导体和绝缘体的概念。对于常见的导体和绝缘体可以联系它们在日常生活和工业生产中的应用来记忆，不要死记硬背。如塑料，橡胶，陶瓷等常用来制作用电器的外壳，以防止触电，它们都是绝缘体；而电线芯用金属来做，因为金属容易导电，是导体。
5.【答案】B
【解析】解：钻木取火时，克服摩擦做功，机械能转化为内能，属于通过做功改变物体的内能；
A、晒太阳取暖，从阳光中吸收热量，属于热传递改变物体的内能，故A不符合题意；
B、搓手时，克服摩擦做功，机械能转化为内能，属于通过做功改变物体的内能，故B符合题意；
C、敷冷毛巾降温，是冷毛巾从人体吸收热量，使人体温度降低，是通过热传递改变内能的，故C不符合题意；
D、抱暖手宝取暖时，手从暖手宝上吸收热量，属于热传递改变物体的内能，故D不符合题意。
故选：B。
改变物体内能有两种方式：做功和热传递；做功实质是能量的转化；热传递是能量的转移。
此题是考查对做功和热传递改变物体内能的辨别，是中考热点，属于易错题目。
6.【答案】D
【解析】解：
A、燃料燃烧时将燃料的化学能转化为内能，故A错误；
B、分子都在不停地做无规则运动，所以北极寒冷的冰川具有内能，故B错误；
C、中国空间站中的水球内部分子间存在相互作用力，故C错误；
D、因为水的比热容较大，同样受热或冷却的情况下，吸收或放出相同热量，但水的温度变化比沙小。因此，在受太阳照射条件相同时，沙滩比海水的温度高，故D正确。
故选：D。
(1)燃料燃烧时将燃料的化学能转化为内能；
(2)任何物体都有内能；
(3)分子间存在相互作用的引力和斥力；
(4)水的比热容大，在质量、吸收或放出相同热量时，水的温度变化小。
本题考查了水的比热容大的应用、能量的转化、内能、分子动理论的相关内容，属于基础题。
7.【答案】C
【解析】解：A、用干燥的手将撕成条状的塑料膜摩擦几下，塑料条彼此分开是同种电荷相互排斥，故A错误；
B、用丝绸摩擦过的玻璃棒接触验电器，由于丝绸摩擦的玻璃棒带正电，所以验电器箔片张开是因为都带上正电荷，故B错误；
C、通过研究水流的形成过程对产生电流的原因提出猜想，利用的是类比法，故C正确；
D、甲、乙两小球互相吸引，两小球可能带异种电荷，也可能一个带电，一个不带电，故D错误。
故选：C。
(1)电荷间的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
(2)物理学规定：丝绸摩擦的玻璃棒带正电，用玻璃棒接触验电器，验电器也会带上正电；
(3)我们学习一些十分抽象的，看不见、摸不着的物理量时，由于不易理解我们就拿出一个大家能看见的与之很相似的量来进行对照学习，此方法是类比法；
(4)带电体能够吸引轻小的物体；异种电荷相互吸引。
本题主要考查了电荷间的相互作用规律、接触带电、物理学方法等知识点，题目有一定的综合性。
8.【答案】D
【解析】解：
A、我国家庭电路两端电压为220V，故A错误；
B、家用电风扇的电功率约为60W，故B错误；
C、手电筒中的电流很小，远远小于2A，故C错误；
D、根据生活经验可知，计算机USB接口的输出电压一般为5.0V，故D正确。
故选：D。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
本题主要考查了对一些电学物理量的估算能力，是我们在日常生活中应该用心积累的。
9.【答案】B
【解析】解：因为电动机要由前、后两门(电路开关)关闭同时控制，任意一个门没有关闭好电动机都不能工作，则电动公交车无法行驶，所以前、后两门中的电路开关应串联连接同时控制电动机，符合要求的电路只有选项B。
故选：B。
根据串联电路的特点进行分析，即串联电路开关控制整个电路。
会设计串联电路和并联电路，并且知道串并联电路中开关的作用。
10.【答案】C
【解析】解：A、电动机工作时，将电能转化为机械能，故A错误；
B、发光二极管是由半导体材料制成的，故B错误；
C、电饭锅工作时消耗电能转化为内能，是利用电流的热效应制成的加热设备，故C正确；
D、干电池供电时将化学能转化为电能，故D错误。
故选：C。
(1)电动机工作时，消耗电能，转化为机械能；
(2)发光二极管是由半导体材料制成的；
(3)电流通过导体时会发热的现象叫电流的热效应，电饭锅是利用电流的热效应制成的加热设备；
(4)干电池供电时将化学能转化为电能。
本题考查了电动机工作时、电饭锅工作时、电池供电时的能量转化，以及发光二极管的材料组成，属于基础题目。
11.【答案】C
【解析】解：A、在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极出发，回到S极，故A错误；
B、如图为奥斯特实验，说明电流的周围存在磁场，是奥斯特最早发现的，故B错误；
C、麦克风(话筒)是声信号转化为电信号，即是利用电磁感应现象的原理制成的，故C正确；
D、扬声器是将电信号转化成声信号，即其内部有磁铁和线圈，当线圈中通过变化的电流时，该线圈会在磁场中受力而有规律的振动，进而产生声音，故是利用通电导体在磁场中受到力的作用而运动的原理工作的，而发电机是利用电磁感应现象工作的，故D错误。
故选：C。
(1)在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极出发，回到S极；
(2)奥斯特实验说明电流的周围存在磁场；
(3)电磁感应现象是闭合电路的一部分导体在切割磁感线运动时，产生感应电流；
(4)通电导体在磁场中受到力的作用而运动，应用有电动机、扬声器等。
本题考查了对磁场特点、奥斯特实验、麦克风和扬声器原理的理解与认识，尤其是对麦克风和扬声器原理要注意区分。
12.【答案】D
【解析】解：
A、导体的电阻是导体本身的性质，与导体的材料、长度、横截面积以及温度有关，与流过的电流和两端的电压无关，故A错误；
B、长度相同的a、b 两根镍铬合金丝，材料也相同，横截面积越大，电阻越小，横截面积关系为Sa>Sb，则Ra
D、滑动变阻器是通过改变接入电路中电阻丝的长度，从而改变连入电路中的电阻值，故D正确。
故选：D。
(1)(2)导体的电阻是导体本身的性质，与导体的材料、长度、横截面积以及温度有关，导体电阻可由导体两端的电压值与流过导体的电流值的比值求得，但是导体电阻是导体本身的一种性质，与流过的电流和两端的电压无关；
(3)灯泡的亮度是由实际功率决定的；
(4)滑动变阻器是通过改变接入电路中电阻丝的长度工作的。
本题考查了影响电阻大小的因素、灯泡亮度大小的判定，属于基础题。
13.【答案】C
【解析】解：(1)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但可以通过U 形管液面高度差的变化来反映，故C正确；
(2)由甲图可知，两个烧瓶中的电阻丝串联，通过两电阻丝的电流和通电时间相同，研究的是：当通过的电流和通电时间相同时，电流产生的热量与导体电阻大小的关系，故A错误；
(3)在乙装置中一个5Ω的电阻与两个5Ω的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右侧两个电阻的总电流和左侧的电阻电流相等，即I右=I左，两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I右=I1+I2，两电阻阻值相等，则支路中电流相等，I1=I2，所以右边容器中的通过电阻的电流是左侧通过电流的一半，所以图乙探究的是电流热效应与电流的关系，根据焦耳定律Q=I2Rt可知在电阻和通电时间相同的情况下，电流越大，产生的热量越多，所以右侧容器中的电阻产生的热量多，故BD错误。
故选：C。
(1)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但可以通过U 形管液面高度差的变化来反映；
(2)由甲图可知，两个烧瓶中的电阻丝串联，通过两电阻丝的电流和通电时间相同，电阻不同；
(3)乙图中一个5Ω的电阻与两个5Ω的电阻并联后再串联，根据串联电路电流特点、并联电路电流特点可知通过两电阻的电流不同，根据焦耳定律Q=I2Rt可知在电阻和通电时间相同的情况下，电流越大，产生的热量越多。
此题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与电阻、电流的关系”实验的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用是解决该题的关键。
14.【答案】A
【解析】解：A、家庭电路两端电压一定，由公式I=PU可知，家庭电路中总功率越大，总电流越大，故A正确；
B、摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，即说明了电荷可以从一个物体转移到另一个物体，故B错误；
C、因为并联电路中各用电器可以单独工作，且互不影响，因此空调和冰箱在家庭电路中应并联，故C错误；
D、由公式P=Wt可以看出，电功率与电流做功多少和做功时间都有关系，电流做功多，时间不确定，功率大小不能确定，故D错误。
故选：A。
(1)在电路中，功率等于电压与电路电流的乘积；
(2)摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷；
(3)串联电路所有用电器共同组成一个通路，工作过程彼此影响；并联电路每个用电器独立组成一个通路，工作过程彼此互不影响；
(4)电功率决定于做功多少和所用时间多少。
此题考查了电功率计算公式及其变形公式的应用、摩擦起电的本质及串并联电路的特点，正确理解概念和规律是解答的关键。
15.【答案】B
【解析】解：由电路图可知，当开关S闭合，S1断开时，电路为R1的简单电路，电流表A、A1测电路中的电流；当开关S、S1闭合时，R1与R2并联，电流表A1测R1支路电流，电流表A2测R2支路电流，电流表A测干路电流；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以两电阻并联时，通过R1的电流不变，仍为0.2A；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过R2的电流：I2=I−I1=0.5A−0.2A=0.3A；
则通过R1、R2的电流之比：I1：I2=0.2A：0.3A=2：3，故B正确；
因并联电路中各支路两端电压相等，所以由I=UR可得，R1、R2的阻值：R1=UI1=3V0.2A=15Ω，R2=UI2=3V0.3A=10Ω，故AD错误；
则电阻R1、R2的阻值之比：R1：R2=15Ω：10Ω=3：2，故C错误；
故选：B。
根据电路图可知，当开关S闭合，S1断开时，电路为R1的简单电路，电流表A、A1测电路中的电流；当开关S、S1闭合时，R1与R2并联，电流表A1测R1支路电流，电流表A2测R2支路电流，电流表A测干路电流；
根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1的电流不变，根据并联电路的电流特点求出通过R2的电流；进一步求出通过R1、R2的电流之比，根据欧姆定律求出R1、R2的阻值，进一步求出两电阻之比，
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，要注意并联电路中各支路独立工作、互不影响。
16.【答案】C
【解析】解：A、电源电压一定，当S接触点2时，两电阻串联，电路中的总电阻等于两电阻之和；当S接触点1时，R2开路，电路为R1的简单电路，电路中的总电阻等于R1的阻值大小，由P=U2R可知，S接触点2时，电路消耗的功率小于S接触点1时电路消耗的功率，即：开关S接触点2时，电饭煲处于保温状态；开关S接触点1时，电饭煲处于加热状态，故A错误；
BCD、由图乙可知，电饭煲处于加热状态时的功率是800W，电饭煲处于保温状态时的功率为200W，
则保温状态下电饭煲1min消耗200J的电能为：W保=P保t=200W×1×60s=12000J，
此时通过电饭煲的电流约为：I保=P保U=200W220V=0.91A，故C正确，BD错误；
故选：C。
A、电源电压一定，当S接触点2时，两电阻串联，电路中的总电阻等于两电阻之和；当S接触点1时，R2开路，电路为R1的简单电路，电路中的总电阻等于R1的阻值大小，由P=U2R可知，S接触点2、点1时，电路消耗的功率大小关系，从而可知电饭煲所处的状态；
BCD、由图乙可知，电饭煲的加热和保温功率，根据W=Pt计算保温状态下电饭煲1min消耗的电能，根据P=UI计算保温状态时电路中的电流。
本题考查电功、电功率在动态电路中的计算，能根据开关的变换确定电路的连接方式，从而确定电路的功率大小是解题的关键，难度较大。
17.【答案】B
【解析】解：A、由于电流表电阻很小，相当于导线，若①②都为电流表，开关S1、S2都闭合时，①电流表会将两电阻都短路，会烧坏电流表和电源，故A错误；
B、由于电压表电阻很大，相当于断路，若①②都为电压表，开关S1、S2都闭合时，两电阻串联，①电压表测量电源电压，②电压表测量R2两端的电压，故可以将开关S1、S2都闭合，故B正确；
C、若R1、R2并联，应只闭合S1，①②都为电流表，①电流表测量通过电阻R2的电流，②电流表测量干路的电流，故C错误；
D、若R1、R2串联，应将S1、S2都闭合，且①②都为电压表，①电压表测量电源电压，②电压表测量R2两端的电压，故D错误。
故选：B。
(1)电压表并联在电路中，在电路中可以看作开路；电流表必须串联在电路中，在电路中相当于导线；
(2)电路元件首首相连、尾尾相连的连接方式是并联，并联电路中电流有多条路径；
(3)电路元件首尾依次相连的连接方式是串联，串联电路中电流只有一条路径。
本题主要考查了串并联电路的辨别和电表的正确使用，是一道较为简单的应用题。
18.【答案】BCD
【解析】解：
A、图①中，磁感线是由地球下面出发终止与上面，说明下面是地磁北极，上面是地磁南极，由图可知地磁南极在地理北极附近，故A错误；
B、图②是“探究通电导体在磁场中受力作用”的实验装置，交换电流方向或者磁场方向，金属棒的受力方向也会发生改变，故B正确；
C、图③中的实验装置是串联电路，电流处处相等，但两个铁钉上的线圈匝数不同，匝数多的铁钉吸引的大头针更多，说明电流相同的情况下，匝数越多，电磁铁的磁性越大，故C正确；
D、图④是一种温度自动报警器，温度低于90℃时，电磁继电器处于断开状态，此时工作电路中的灯亮，电铃不响；温度到达或者超过90℃时，电磁继电器通电，衔铁被吸下来，此时灯灭，电铃开始响起来，从而起到报警的作用，故D正确。
故选：BCD。
A、地磁场的N极在地理南极附近，S极在地理北极附近。地磁的两极与地理的两极并不重合；磁针指南北是受到地磁场的影响；
B、通电导体在磁场中会受到力的作用，力的方向与磁场方向和电流方向有关；
C、电磁铁的磁性强弱与线圈的匝数有关，电流相同的情况下，匝数越多，磁性越大；
D、电磁继电器是利用电磁铁磁性的有无来控制工作电路的通断。
本题要求熟悉电磁场的特点，熟悉题中三组电路装置的原理，这样才能避免错选，漏选。
19.【答案】AD
【解析】解：AB、定值电阻的阻值一定，通过的电流和其两端电压成正比，则倾斜直线代表定值电阻的U−I图像，而曲线则代表电阻R1的U−I图像，所以电阻R1的阻值是变化的，故B错误；
由图像可知当定值电阻两端电压为2.5V时，通过它的电流为0.25A，由I=UR可知，定值电阻的阻值：R=URIR=2.5V0.25A=10Ω，故A正确；
C、因串联电路处处电流相等，且串联电路两端电压等于各部分电压之和，由图像可知，当电路电流为0.2A时，电阻R1两端电压为0.5V，定值电阻两端电压为2V，则UR+UL=0.5V+2V=2.5V，符合要求，因此电路中电流为 0.2A，故C错误；
D、因并联电路中各支路两端电压相等，所以定值电阻和电阻R1两端电压均为2.5V，由图像可知，通过电阻R1的电流为0.4A，通过定值电阻的电流为0.25A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流：I=IR+IL′=0.25A+0.4A=0.65A，故D正确。
故选：AD。
(1)定值电阻的阻值一定，通过的电流和其两端电压成正比，则倾斜直线代表定值电阻的U−I图像，而曲线则代表电阻R1的U−I图像；根据图像读出定值电阻的一组电压值和电流值，根据欧姆定律求出定值电阻的阻值；
(2)根据串联电路电流、电压规律，结合图像读出电路电流；
(3)根据并联电路电压规律可知灯泡和电阻两端电压，根据图像读出通过灯泡和定值电阻的电流，再根据并联电路电流规律求出干路电流。
本题主要考查串并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键会从图中读出有用信息。
20.【答案】ACD
【解析】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流，电压表测灯泡L两端的电压。
A.灯泡的电阻RL=UL2PL=(2.5V)21.25W=5Ω；
灯泡正常发光时的电流为：IL=PLUL=1.25W2.5V=0.5A；
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，即电流表的示数最小，
则I小=UR总=6V5Ω+20Ω=0.24A；
因串联电路中各处的电流相等，且电流表量程为0∼0.6A，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，小灯泡L的额定电流为0.5A，
所以，电路中电流表的最大电流I大=0.5A，则电流表的示数变化范围是0.24A∼0.5A，故A正确；
B.当电路中的电流为0.5A时，灯泡正常发光，此时灯泡两端的电压为2.5V，即电压表的最大示数为2.5V，
当电路中的电流最小时，灯泡两端的电压最小，即电压表的最小示数UL′=I小RL=0.24A×5Ω=1.2V，
所以，电压表的示数变化范围是1.2V∼2.5V，故B错误；
C.当电路中的电流最大时，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，此时电路的总电阻R总=UI大=6V0.5A=12Ω，
由串联电路中总电阻等于各分电阻之和可知，滑动变阻器接入电路中的最小阻值R小=R总−RL=12Ω−5Ω=7Ω，
所以，滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是7Ω∼20Ω，故C正确；
D.根据串联电路的分压规律可知，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，其分担的电压最大，最大电压为：U′=I小R=0.24A×20Ω=4.8V，故D正确。
故选：ACD。
由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流，电压表测灯泡L两端的电压。
(1)根据R=UL2PL求出灯泡的电阻，根据I=PLUL求出的正常发光时的电流；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的最小电流；比较电流表的量程和滑动变阻器允许通过的最大电流以及小灯泡L的额定电流确定电路中的最大电流，然后得出电流表的示数变化范围；
(2)当电路中的电流为0.5A时，灯泡正常发光，此时电压表的示数最大，其最大示数等于灯泡的额定电压；当电路中的电流最小时，灯泡两端的电压最小，根据欧姆定律求出电压表的最小示数，然后得出电压表的示数变化范围；
(3)当电路中的电流最大时，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出此时电路的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，然后得出滑动变阻器连入电路的阻值变化范围；
(4)根据串联电路的分压规律可知，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，其分担的电压最大，据此分析。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，考查的较全面，有一定的难度。
21.【答案】串 L1
【解析】解：由图可知，开关闭合后，电路中电流的路径只有一条，为串联电路；电压表V1与灯泡L1并联，所以测量的是L1两端的电压。
故答案为：串；L1。
各用电器首尾顺次连接，电路只有一条电流路径的连接方式是串联；各用电器首首相连，尾尾相连，电路有多条电流路径的连接方式是并联；电压表与被测电路元件并联。
本题考查了判断灯的连接方式、电压表测哪部分电路电压，是一道基础题，知道串并联的特点、电压表的用法，分析清楚电路结构即可正确解题。
22.【答案】串 20
【解析】解：
灯泡正常发光时的电压为3V，要使灯泡接到9V的电源上正常发光，应串联一个电阻分压，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电阻两端的电压：UR=U−UL=9V−3V=6V，
因串联电路各处的电流相等，所以，电路中的电流：I=ULRL=URR，即3V10Ω=6VR，
解得：R=20Ω。
故答案为：串；20。
电源的电压大于灯泡的额定电压时应串联一个电阻分压，根据串联电路的电压特点求出电阻两端的电压，根据串联电路各处的电流相等和欧姆定律得出等式，即可求出定值电阻的阻值。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，难度不大，是一道基础题目。
23.【答案】变小 N
【解析】解：由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，闭合开关，将滑动变阻器的滑片P向右滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，则电流表示数变小；根据安培定则可知，电磁铁上端为N极。
故答案为：变小；N。
根据滑动变阻器接入电路电阻的变化，利用欧姆定律判定电流表示数的变化；根据安培定则判定电磁铁的极性。
本题考查了安培定则的应用、电路的动态分析，难度不大。
24.【答案】30.63.6×105 1200
【解析】解：(1)由于电能表读数时，最后一位是小数，单位kW⋅h，图示电能表的示数为30.6kW⋅h；
(2)3000r/kW⋅h表示的含义是：电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转3000转，
电能表的转盘转300r时，饮水机消耗的电能：
W=3003000kW⋅h=0.1kW⋅h=0.1×3.6×106J=3.6×105J，
t=5min=300s，
饮水机的实际功率：
P=Wt=3.6×105J300s=1200W。
故答案为：30.6；3.6×105；1200。
(1)电能表读数时注意：最后一位是小数，单位kW⋅h；
(2)3000r/kW⋅h表示的含义是：电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转3000转，据此求出电能表的转盘转过300r时，饮水机消耗的电能，知道工作时间，再利用P=Wt求饮水机的实际功率。
本题考查了电能表的读数方法、电能和电功率的计算，明确电能表参数的含义是关键。
25.【答案】质量和初温 乙 控制变量法 转换法 不变
【解析】解：在“比较不同物质的吸热能力”实验中，采用的是控制变量法，需要在图A的装置中两只相同的试管中应分别加入质量和初温相同的水和煤油；
根据图B可知，质量和初温相同的水和煤油，加热相同时间，吸收相同的热量，乙的温度变化小，乙的吸热能力强，乙为水；
实验中，我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；所以实验中采用了控制变量法和转换法；
由于热值的大小只与燃料的种类有关，与质量无关，所以酒精的热值不变。
故答案为：质量和初温；乙；控制变量法；转换法；不变。
实验过程中，控制水和煤油的质量相等时，初温相同，使用相同的加热器，加热时间相同，水和煤油吸收热量相同；
我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
热值的大小只与燃料的种类有关，与质量无关。
本题利用控制变量法和转换法探究如何比较物质的吸热能力，此实验是热学重要的实验，要熟练掌握。
26.【答案】切割磁感线 导体切割磁感线 磁场
【解析】解：(1)由①②③可得实验结论：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流。
(2)磁场方向不变，导体切割磁感线运动方向改变，电流方向改变，导体切割磁感线运动方向不变，改变磁场方向，电流方向改变，由④⑤可得实验结论：感应电流的方向与导体切割磁感线方向和磁场方向有关。
故答案为：(1)切割磁感线；(2)导体切割磁感线；磁场。
(1)闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，此现象称为电磁感应现象，发电机就是根据此原理制成的。
(2)感应电流的方向跟导体切割磁感线方向、磁场方向有关。
本题考查了产感应电流产生的条件及影响感应电流方向的因素，属于基础题。
27.【答案】电流表没有调零 定值电阻R短路 两端的电压 导体的电阻一定时，通过导体的电流与其两端的电压成正比 改变定值电阻R1两端的电压
【解析】(1)电流表使用前，要保证电流表的指针指在零刻度处，图丙中指针反偏，说明电流表没有调零；
电流表有示数，说明电路不是断路，电压表无示数，可能是与电压表并联的支路短路，或与电压表并联的支路以外的电路断路了，结合两电表的现象可知，故障可能是与电压表并联的定值电阻R短路了；
(2)探究电流与电压的关系时，需要通过调节滑动变阻器的滑片改变定值电阻R1两端的电压，因此排除故障后，闭合开关调节滑动变阻器的滑片，改变电阻R1两端的电压测出多组数据，图丙的I−U图象为一条过原点的直线，因此可得结论为：导体的电阻一定时，通过导体的电流与其两端的电压成正比，该实验中滑动变阻器的作用是改变定值电阻R1两端的电压；
(3)由欧姆定律I=UR结合数学知识可知，R越大，I−U图象的斜率1R越小，即R2的图象的斜率小于R1的图象的斜率，如图所示：
。
故答案为：(1)电流表没有调零；定值电阻R短路；(2)两端的电压；导体的电阻一定时，通过导体的电流与其两端的电压成正比；改变定值电阻R1两端的电压；(3)如图所示。
(1)电流表使用前需要调零；电流表有示数，说明电路不是断路，电压表无示数，可能是与电压表并联的支路短路，或与电压表并联的支路以外的电路断路了，据此分析；
(2)探究电流与电压的关系时，需要改变定值电阻两端的电压，据此分析；根据图丙的I−U图象为一条过原点的直线分析得出结论；
(3)根据欧姆定律I=UR结合数学的斜率知识分析作图。
本题探究“电流与电压的关系”，考查电流表的使用、故障分析、实验操作、数据分析及图象的画法。
28.【答案】断开 B 多次测量取平均值减小误差 10.1
【解析】解：(1)连接电路时开关应断开，电源为两节干电池，所以电源电压为3V，则电压表应选择0∼3V的量程接入电路，如图：
；
(2)为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到阻值最大处，即B端；
(3)电压表接入电路的量程为0∼3V，分度值为0.1V，示数为2.8V，电流表接入电路的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，示数为0.28A，由欧姆定律可得此时待测电阻的阻值为：R3=UI=2.8V0.28A=10Ω，
该实验需多次测量取平均值减小误差，则待测电阻的阻值为：R=R1+R2+R33=10Ω+10.4Ω+10Ω3≈10.1Ω，表格如下：
电压(V)
电流(I)
电阻(Ω)
1
2.0
0.20
10.0
2
2.5
0.24
10.4
3
2.8
0.28
10
被测电阻Rx=10.1Ω
(4)电源、开关、电流表、滑动变阻器、待测电阻串联接入电路，电路图如图：
。
测量时，可以将滑片移至最右端，测出此时的电流I1，此时电路为待测电阻的简单电路，由欧姆定律可得U=I1R；
将滑片移至最左端，测出此时的电流I2，此时滑动变阻器以最大阻值和待测电阻串联接入电路，
串联电路总电压等于各部分电压之和，由欧姆定律可得U=I2RH+I2R，
根据电压相等列出方程，即I1R=I2RH+I2R，已知滑动变阻器的最大阻值，解方程可得待测电阻R的值。
故答案为：(1)如图；(2)B；(3)多次测量取平均值减小误差；10.1；见上表；(4)如图。
(1)连接电路时，开关应处于断开状态，电源电压为3V，电压表的量程应选择0∼3V；
(2)为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到阻值最大处；
(3)根据电压表和电流表接入电路的量程结合乙图读出示数，由欧姆定律可得第三次待测电阻的阻值，该实验需多次测量取平均值减小误差；
(4)电源、开关、电流表、滑动变阻器、待测电阻串联接入电路，第一次，滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电路为待测电阻的简单电路，第二次，移动滑片，滑动变阻器接入电路最大阻值，根据串联电路电压规律结合欧姆定律表示电源电压，根据电源电压不变列出方程可得待测电阻的阻值。
伏安法测电阻的实验考查电路的连接、滑动变阻器的使用、欧姆定律的灵活运用以及特殊方法测电阻方案的设计。
29.【答案】R2 0.625变大 温度
【解析】解：(1)灯的额定电压为2.5V，所以，变阻器要分去6V−2.5V=3.5V的电压，根据分压原理，U滑UL=R滑RL，滑动变阻器的阻值至少为R滑=U滑UL×RL=3.5V2.5V×10Ω=14Ω>10Ω，根据欧姆定律知，灯正常发光的时的电流约为：I=ULRL=2.5V10Ω=0.25A，故应选用R2“30Ω0.5A”的滑动变阻器；
由题知，滑动变阻器应采用“一上一下”的方式与灯泡串联，从而控制灯泡的亮度，电压表与灯泡并联测其两端电压，因为灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表使用0∼3V量程。如图所示：
；
(2)由图乙图象可知，当灯泡正常发光时的电流为0.25A，则灯泡的额定功率：P额=U额I额=2.5V×0.25A=0.625W；
由图象可知，电压增大时，电流也增大，根据P=UI可知，灯的功率变大，灯丝的温度升高，灯的亮度变大，但由于电压增大的幅度比电流增大的幅度大，根据R=UI可知，灯丝的电阻随电压的升高而增大，即灯泡的功率越大，灯丝的电阻越大。
故答案为：(1)R2；如图所示；(2)0.625；变大；温度。
(1)根据分压原理求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；
滑动变阻器应采用“一上一下”的方式与被控制用电器串联，根据小灯泡的额定电压确定电压表量程，电压表并联在小灯泡的两端；
(2)由图乙图象分析出小灯泡正常发光时的电流，由电功率公式P=UI求出灯泡的功率；
由图象可知，随着电压的升高，电流增大幅度变慢，据此分析；灯的电阻随温度的升高而增大。
本题测量小灯泡的电功率实验，考查器材选择、电路连接、额定电功率的计算、欧姆定律的应用及影响电阻大小的因素。
30.【答案】热值大
【解析】解：(1)运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量，另外氢气燃烧的生成物是水，不会造成污染；
(2)3×104kg液态氢完全燃烧释放的热量：
Q=mq=3×104kg×1.4×108J/kg=4.2×1012J，
(3)一标准大气压下水的沸点为100℃，
水的质量为：m′=QcΔt=4.2×1012J4.2×103J/(kg⋅℃)×(100℃−20℃)=1.25×107kg。
故答案为：(1)热值大；
(2)这些氢燃料完全燃烧产生的热量是4.2×1012J；
(3)在1标准大气压下，能将1.25×107kg初温为20℃的水加热至沸腾。
(1)运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量，另外氢气燃烧的生成物是水，不会造成污染；
(2)根据Q=mq计算3×104kg液态氢完全燃烧释放的热量；
(3)根据比热容公式的变形m=QcΔt计算水的质量。
本题考查了学生对燃料热值的了解、燃烧放热公式、比热容公式的掌握和运用，综合性强。
31.【答案】解：(1)由图可知，该电路为L和R0的串联电路，电流表测电路中的电流；
已知灯泡L的额定电压UL=5V，额定功率PL=1W，则L正常发光时的电流为：IL=PLUL=1W5V=0.2A，则闭合开关后，电路中的电流为I=IL=0.2A；
则R0的功率为：P0=I2R0=(0.2A)2×50Ω=2W；
由欧姆定律可知R0两端的电压为：U0=IR0=0.2A×50Ω=10V，
由串联电路的电压特点可知电源电压为：U=U0+UL=10V+5V=15V；
(2)由P=U2R可知，当电路总电阻最小时，电功率最大，由串、并联电路电阻的特点可知，用电器并联时总电阻最小，因此滑动变阻器与R0应该并联；
此时电流表测干路的电流，由题意可知选择的量程应为0∼3A，
此时通过R0的电流为：I0=UR0=15V50Ω=0.3A，而滑动变阻器允许通过的最大电流为IP=0.5A，
由并联电路的电流特点可知干路的最大电流为：I大=I0+IP=0.3A+0.5A=0.8A，
则电路最大总功率为：P大=I大U=0.8A×15V=12W。
答：(1)R0的功率为2W；电源电压为15V；
(2)选择并联连接方式使电路消耗的总功率最大；最大总功率是12W。
【解析】(1)由图可知，该电路为L和R0的串联电路，电流表测电路中的电流；已知L的额定电压和额定功率，利用P=UI可求出L正常发光时的电流，即电路中的电流；利用P=I2R可求出R0的功率；再利用欧姆定律求出R0两端的电压，最后根据串联电路的电压特点求出电源电压；
(2)用电器串联，总电阻等于各个用电器的电阻之和，用电器并联，总电阻的倒数等于各个用电器电阻的倒数之和，因此两个用电器并联的总电阻小于串联的总电阻；再结合P=U2R分析要想电路总功率最大，滑动变阻器应该与R0如何连接；
先利用欧姆定律求出通过R0的电流，由题可知滑动变阻器允许通过的最大电流，再由并联电路的电流特点得出干路电流，最后根据P=UI可求出电路最大总功率。
本题考查了对欧姆定律和电功率计算公式的应用，要注意运用好串、并联电路的电流、电压和电阻的特点。
2021-2022学年河北省保定市唐县九年级（上）期末物理试卷
1. 坚持低碳生活、绿色发展，下列做法与这一理念不相符的是( )
A. 步行或骑自行车 B. 练习本双面使用 C. 节约用水用电 D. 发展燃煤发电
2. 把两滴蓝墨水分别同时滴入盛有冷水和热水的两个玻璃杯中，会看到如图所示的现象，对该现象的解释合理的是( )
A. 看到的是大量分子在运动
B. 温度越高，分子的运动越快
C. 温度越高，分子的间隔越小
D. 温度越高，分子的体积越大
3. 对下列四幅图说法正确的是( )
A. 水蒸气驱动叶轮转动是将内能转化为机械能
B. 图中所示冲程是压缩冲程
C. 将玻璃板缓慢拉离水面时，弹簧测力计示数变大说明分子间存在斥力
D. 将活塞迅速下压，玻璃筒内硝化棉燃烧起来，压缩空气过程中将内能转化为机械能
4. 下列各组物质都是导体的一组是( )
A. 陶瓷 水 铜 B. 炭笔 硅 干布 C. 铁 人体 大地 D. 玻璃 橡胶 铜
5. 下列情境中改变内能的方式与钻木取火相同的是( )
A. 晒太阳取暖 B. 搓手使手暖和 C. 敷冷毛巾降温 D. 抱暖手宝取暖
6. 下列说法正确的是( )
A. 燃料燃烧过程中燃料的内能转化为化学能
B. 北极寒冷的冰川没有内能
C. 中国空间站中的水球内部分子间没有作用力
D. 同样在阳光照射下，沙子比海水烫是因为水的比热容比沙子大
7. 关于下列四幅图说法正确的是( )
A. 用干燥的手将撕成条状的塑料膜摩擦几下，塑料条彼此分开是异种电荷相互排斥
B. 用丝绸摩擦过的玻璃棒接触验电器，验电器箔片张开是因为都带上负电荷
C. 通过研究水流的形成过程对产生电流的原因提出猜想，利用的是类比法
D. 甲、乙两小球互相吸引，说明两小球一定带异种电荷
8. 下列数据最接近实际情况的是( )
A. 家庭电路两端电压为36V B. 家用电风扇的电功率约为1000W
C. 手电筒中的电流约为2A D. 计算机USB接口输出电压一般为5V
9. 电动公交车的动力来源于电动机，前、后两门(电路开关)中任意一个门没有关闭好，电动公交车都无法行驶。图中符合要求的电路是( )
A. B.
C. D.
10. 下列关于电路的知识说法正确的是( )
A. 电动机工作时将机械能转化为电能 B. 发光二极管是超导材料制成
C. 电饭锅是利用电流的热效应工作 D. 干电池供电时将电能转化为化学能
11. 下列关于电与磁现象的描述中，正确的是( )
A. 如图所示条形磁体周围的磁感线方向是从 S 极指向 N 极
B. 如图所示电流周围存在磁场是法拉第最早发现的
C. 如图所示是麦克风的原理图，利用的是电磁感应原理来工作的
D. 如图所示是扬声器的结构图，工作原理和发电机的工作原理一样
12. 以下说法正确的是( )
A. 根据R=UI可知电阻与电压成正比，与电流成反比
B. 长度相同的 a、b 两根镍铬合金丝，横截面积关系为 Sa>Sb，则Ra>Rb
C. 两灯 L1、L2 分别标有“220V100W”“220V 40W”，接入电路后，L1一定比L2亮
D. 滑动变阻器是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变连入电路中的电阻的
13. 如图为“探究影响电流热效应的因素”的实验装置，下列说法正确的是( )
A. 图甲可探究电流热效应与电压的关系
B. 图乙可探究电流热效应与电阻的关系
C. 用 U 形管液面的高度差反映产生热量的多少
D. 图乙容器中的电阻产生的热量一样多
14. 以下说法正确的是( )
A. 家庭电路中总功率越大，总电流越大 B. 摩擦起电是创造了电
C. 家庭电路中空调和冰箱是串联 D. 电流做功越多，电功率越大
15. 如图所示电路，电源电压恒定为3V，R1、R2均为定值电阻。当开关S闭合，S1断开时，电流表A的示数为0.2A；当开关S、S1都闭合时，电流表A的示数为0.5A，则( )
A. R1=6Ω
B. I1：I2=2：3
C. R1：R2=2：3
D. R2=15Ω
16. 某型号电饭煲有加热和保温功能，图甲所示为其内部电路原理图，图乙是该电饭煲工作时电功率与时间的关系图像，关于电饭煲工作时下列说法中正确的是( )
A. 开关 S 接触点 2 时，电饭煲处于加热状态
B. 保温状态下电饭煲 1min消耗 200J 的电能
C. 电饭煲处于加热状态时的功率是 800W
D. 电饭煲处于保温状态时的电流是 1.1A
17. 关于如图所示电路，下列说法正确的是( )
A. 若①②都为电流表，可以将开关S1、S2都闭合
B. 若①②都为电压表，可以将开关S1、S2都闭合
C. 若R1、R2并联，应只闭合S1，①②都为电压表
D. 若R1、R2串联，应将S1、S2都闭合，①为电压表，②为电流表
18. 对下列四幅图的说明正确的是( )
A. 图①中地磁场的南极在地理的南极附近，磁针指南北就是受到地磁场的影响
B. 图②是通电导体在磁场中受力的作用，力的方向与磁场方向和电流方向有关
C. 图③是探究电磁铁的磁性与线圈匝数的关系，匝数越多，电磁铁的磁性越大
D. 图④是一种温度自动报警器，图中电磁继电器是利用电磁铁控制工作电路通断
19. 如图R和R1的U−I图象，下列说法正确的是( )
A. R的电阻为 10Ω
B. R1的电阻为 2.5Ω
C. R 与 R1串联接在 2.5V的电压下，电路中电流为 0.4A
D. R 与 R1并联接在 2.5V的电压下，干路电流为 0.65A
20. 如图所示，电源电压恒为6V，电流表量程为“0∼0.6A”，电压表量程“0∼3V”，滑动变阻器标有“20Ω1A”，小灯泡(灯丝电阻不变)标有“2.5V1.25W”。在保证电路安全的情况下，移动滑动变阻器的滑片，下列选项中正确的是( )
A. 电流表的示数变化范围是 0.24∼0.5A
B. 电压表的示数变化范围是 1.2∼3V
C. 滑动变阻器连入电路阻值范围是 7∼20Ω
D. 滑动变阻器两端最大电压为 4.8V
21. 如图，闭合开关，L1、L2是______(选填“并”或“串”)联，电压表V1测的是______的电压。
22. 有一只灯泡额定电压是3V，电阻是10Ω，在电压为9V的电源下正常发光，需要______联一个阻值为______Ω的电阻。
23. 如图，闭合开关，将滑动变阻器的滑片P向右滑动，电流表示数______(选填“变大”“不变”或“变小”)，电磁铁上端为______(选填“N”或“S”)极。
24. 某同学家中电能表的表盘如图所示，表盘示数为______kW⋅h。关闭家中其它用电器，只让电热器单独工作，5min内电能表的表盘转过300转，该饮水机消耗的电能为______ J，实际电功率为______ W。
25. 在“比较不同物质的吸热能力”实验中，在图A的装置中两只相同的试管中应分别加入______相同的水和煤油，根据测量数据描绘温度-时间图象如图B所示，由图可知______(选填“甲”或“乙”)物质是水，实验中用到的研究方法有______和______。实验完成后，酒精灯中剩余酒精的热值______(选填“变大”“变小”或“不变”)。
26. 如图在探究“什么情况下磁可以生电”的实验中。
①保持蹄形磁体位置不动，让导体AB在磁场中静止、竖直上下运动，电流表的指针均不发生偏转。
②导线AB向左或向右运动，电流表的指针发生偏转。
③保持导线AB不动，让蹄形磁体向左或向右运动，电流表的指针发生偏转。
④保持磁场方向不变，导线AB向右运动时，电流表指针向右偏转；导线AB向左运动时，电流表指针向左偏转。
⑤对调磁体两极的位置，使磁场方向发生改变，导线AB向右运动时，电流表指针向左偏转；导线AB向左运动时，电流表指针向右偏转。
(1)由①②③可得实验结论：闭合电路的一部分导体在磁场中做______运动时，导体中就会产生感应电流。
(2)由④⑤可得实验结论：感应电流的方向与______的方向及______方向有关。
27. 小丽利用图甲所示的电路探究“电流与电压的关系”。
(1)当闭合开关试触时，发现电流表指针摆动出现了图乙所示情况，存在的错误是______，断开开关纠正后，闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，可能的原因是______(写一种即可)。
(2)排除故障后，闭合开关调节滑动变阻器的滑片，改变电阻R1______测出多组数据，根据数据作出I−U图象，如图丙所示，根据图象可得出的结论是______，该实验中滑动变阻器的作用是______。
(3)换用阻值比R1大的定值电阻R2再次测量，请将R2的图象画在图丙合适的位置。
28. 某同学用伏安法测电阻，干电池为全新电池，滑动变阻器上标有“20Ω2A”字样，估计被测电阻约10Ω。
(1)连接电路时开关应______，连接好如图甲所示的电路后经检查发现有一根导线连接不合理，请你在图甲中将不合理的导线上画“×”，并用笔画线代替导线改正。
(2)闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P滑到______(选填“A”或“B”)端。
(3)某同学已将前两次实验的数据记入了表中，第3次实验时电表指针如图乙所示，请将两表的读数、第3次电阻值和被测电阻Rx的值填入答题卡对应表中。该实验多次测量的目的是______。
电压(V)
电流(I)
电阻(Ω)
1
2.0
0.20
10.0
2
2.5
0.24
10.4
3
被测电阻Rx=______ Ω
(4)该同学更换另一个未知阻值的电阻再次进行测量时，发现电压表出现故障，于是他在不用电压表的情况下用现有器材也测出了该电阻值的大小，请将他设计的电路图画在方框中(电源电压保持不变)。
29. 某物理实验小组在“测量小灯泡电功率”的实验中，选用器材连接了如图甲所示的电路，电源(设电压恒为6V)、小灯泡的额定电压为2.5V(灯丝电阻约为10Ω)，规格分别为“10Ω1A”和“30Ω0.5A”的滑动变阻器R1和R2各一个。
(1)连接电路时，根据实验条件应选择滑动变阻器______(选填“R1”或“R2”)，请用笔画线代替导线，将图甲的实物图连接完整。
(2)完善电路后，闭合开关，改变滑动变阻器的阻值，测量出了5组数据，并描点画出了小灯泡电流随其两端电压变化的图象，如图乙所示，则小灯泡的额定功率为______ W，由图可知小灯泡的灯丝由暗变亮的过程中，灯丝电阻值______(选填“变大”“不变”或“变小”)，说明小灯泡灯丝电阻的大小与______有关。
30. 中国首次火星探测任务“天问一号”探测器的成功发射，是我国综合国力和创新能力提升的重要标志。目前运载火箭一般使用液态氢作为燃料，液态氧作为助燃剂，下表是一些燃料的热值。
燃料
热值
燃料
热值
汽油
4.6×107J/kg
煤油
4.6×107J/kg
柴油
4.3×107J/kg
氢
1.4×108J/kg
(1)使用氢作为燃料的主要优点是：______(写出一种即可)。
(2)某火箭发射时携带了3×104kg液态氢，求这些氢燃料完全燃烧产生的热量？
(3)若第(2)问氢燃料完全燃烧产生热量的80%被水吸收，在1标准大气压下，能将多少初温为20℃的水加热至沸腾？[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
31. 如图所示，小灯泡L规格为“5V1W”，R0=50Ω，电源电压不变，电流表的量程为“0∼0.6A”“0∼3A”，闭合开关，小灯泡L正常发光。
(1)求R0的功率和电源电压；
(2)拆除小灯泡L，让标有“100Ω0.5A”滑动变阻器与R0连接，选择哪种连接方式使电路消耗的总功率最大？最大总功率是多少？
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A.相较于开车，步行或骑自行车排放的二氧化碳几乎为0，符合低碳生活的要求，故选项A不符合题意；
B.练习本双面使用，可以增加纸张的利用率，这样可以有效减小对树木等的需求，符合绿色发展的要求，故选项B不符合题意；
C.节约用水用电符合低碳生活、绿色发展的要求，故选项C不符合题意；
D.燃煤发电的过程中，会产生大量的二氧化碳、硫化物等污染物，对环境的危害很大，不符合低碳生活、绿色发展的要求，故选项D符合题意。
故选：D。
(1)低碳生活是指减少污染的生活，主要是为了减少二氧化碳的排放。
(2)绿色发展是以效率、和谐、持续为目标的经济增长和社会发展方式，是在保护环境或对环境危害较小的情况下进行的可持续的发展。
近几年来，与环境保护、能源危机、节约用水等相关的试题逐渐增多，我们要引起重视。
2.【答案】B
【解析】解：A、分子是肉眼看不到的，故A错误；
BCD、扩散现象说明了分子在不停地运动，温度越高扩散现象越明显，分子的运动越快，故B正确，CD错误。
故选：B。
不同的物质在相互接触时能彼此浸入对方的现象称为扩散，固体、液体和气体都能发生扩散现象；扩散现象表明分子是运动的，且分子间有间隙；而且温度越高，分子的运动越快，扩散现象越明显。
本题考查分子动理论的有关内容，难度不大。
3.【答案】A
【解析】解：A.燃料燃烧的过程是化学能转化为内能，这种内能传递给水，水沸腾汽化为水蒸气，高温的水蒸气对小叶轮做功，驱动小叶轮转动，水蒸气自身的温度会降低，内能会减少，转化成了小叶轮的机械能，是内能做功的结果，故A正确；
B.两气门关闭，活塞向下运动，是汽油机的做功冲程，内能转化为机械能，气体内能不断减少，故B错误；
C.缓慢向上提拉与水面接触的玻璃板，弹簧测力计示数变大，说明分子间存在引力，故C错误；
D.下压活塞时，活塞对筒内的空气做功，机械能转化为空气的内能，故D错误；
故选：A。
(1)给试管中的水加热，燃料燃烧的化学能转化成水的内能，高温的水蒸气推动叶轮转动，说明内能转化成了叶轮的机械能。
(2)汽油机的做功冲程，内能转化为机械能；
(3)分子之间存在相互作用的引力和斥力；
(4)做功可以使内能与机械能之间进行转化：对物体做功，物体内能会增加；物体对外做功，物体内能会减少。
本题主要考查了内能与机械能的转化、分子之间的作用力以及热机的压缩冲程和做功冲程的知识点，题目难度不大。
4.【答案】C
【解析】解：A、陶瓷、水、铜中，陶瓷不容易导电，属于绝缘体；水、铜容易导电，属于导体，故A不符合题意；
B、炭笔、硅、干布中，炭笔容易导电，属于导体；硅属于半导体；干布不容易导电，属于绝缘体，故B不符合题意；
C、铁、人体、大地，都容易导电，都属于导体，故C符合题意；
D、玻璃、橡胶、铜中，玻璃、橡胶不容易导电，属于绝缘体；铜容易导电，属于导体，故D不符合题意。
故选：C。
根据导电性的不同，材料可分为导体、半导体、绝缘体三大类，容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体。
本题考查了导体和绝缘体的概念。对于常见的导体和绝缘体可以联系它们在日常生活和工业生产中的应用来记忆，不要死记硬背。如塑料，橡胶，陶瓷等常用来制作用电器的外壳，以防止触电，它们都是绝缘体；而电线芯用金属来做，因为金属容易导电，是导体。
5.【答案】B
【解析】解：钻木取火时，克服摩擦做功，机械能转化为内能，属于通过做功改变物体的内能；
A、晒太阳取暖，从阳光中吸收热量，属于热传递改变物体的内能，故A不符合题意；
B、搓手时，克服摩擦做功，机械能转化为内能，属于通过做功改变物体的内能，故B符合题意；
C、敷冷毛巾降温，是冷毛巾从人体吸收热量，使人体温度降低，是通过热传递改变内能的，故C不符合题意；
D、抱暖手宝取暖时，手从暖手宝上吸收热量，属于热传递改变物体的内能，故D不符合题意。
故选：B。
改变物体内能有两种方式：做功和热传递；做功实质是能量的转化；热传递是能量的转移。
此题是考查对做功和热传递改变物体内能的辨别，是中考热点，属于易错题目。
6.【答案】D
【解析】解：
A、燃料燃烧时将燃料的化学能转化为内能，故A错误；
B、分子都在不停地做无规则运动，所以北极寒冷的冰川具有内能，故B错误；
C、中国空间站中的水球内部分子间存在相互作用力，故C错误；
D、因为水的比热容较大，同样受热或冷却的情况下，吸收或放出相同热量，但水的温度变化比沙小。因此，在受太阳照射条件相同时，沙滩比海水的温度高，故D正确。
故选：D。
(1)燃料燃烧时将燃料的化学能转化为内能；
(2)任何物体都有内能；
(3)分子间存在相互作用的引力和斥力；
(4)水的比热容大，在质量、吸收或放出相同热量时，水的温度变化小。
本题考查了水的比热容大的应用、能量的转化、内能、分子动理论的相关内容，属于基础题。
7.【答案】C
【解析】解：A、用干燥的手将撕成条状的塑料膜摩擦几下，塑料条彼此分开是同种电荷相互排斥，故A错误；
B、用丝绸摩擦过的玻璃棒接触验电器，由于丝绸摩擦的玻璃棒带正电，所以验电器箔片张开是因为都带上正电荷，故B错误；
C、通过研究水流的形成过程对产生电流的原因提出猜想，利用的是类比法，故C正确；
D、甲、乙两小球互相吸引，两小球可能带异种电荷，也可能一个带电，一个不带电，故D错误。
故选：C。
(1)电荷间的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
(2)物理学规定：丝绸摩擦的玻璃棒带正电，用玻璃棒接触验电器，验电器也会带上正电；
(3)我们学习一些十分抽象的，看不见、摸不着的物理量时，由于不易理解我们就拿出一个大家能看见的与之很相似的量来进行对照学习，此方法是类比法；
(4)带电体能够吸引轻小的物体；异种电荷相互吸引。
本题主要考查了电荷间的相互作用规律、接触带电、物理学方法等知识点，题目有一定的综合性。
8.【答案】D
【解析】解：
A、我国家庭电路两端电压为220V，故A错误；
B、家用电风扇的电功率约为60W，故B错误；
C、手电筒中的电流很小，远远小于2A，故C错误；
D、根据生活经验可知，计算机USB接口的输出电压一般为5.0V，故D正确。
故选：D。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
本题主要考查了对一些电学物理量的估算能力，是我们在日常生活中应该用心积累的。
9.【答案】B
【解析】解：因为电动机要由前、后两门(电路开关)关闭同时控制，任意一个门没有关闭好电动机都不能工作，则电动公交车无法行驶，所以前、后两门中的电路开关应串联连接同时控制电动机，符合要求的电路只有选项B。
故选：B。
根据串联电路的特点进行分析，即串联电路开关控制整个电路。
会设计串联电路和并联电路，并且知道串并联电路中开关的作用。
10.【答案】C
【解析】解：A、电动机工作时，将电能转化为机械能，故A错误；
B、发光二极管是由半导体材料制成的，故B错误；
C、电饭锅工作时消耗电能转化为内能，是利用电流的热效应制成的加热设备，故C正确；
D、干电池供电时将化学能转化为电能，故D错误。
故选：C。
(1)电动机工作时，消耗电能，转化为机械能；
(2)发光二极管是由半导体材料制成的；
(3)电流通过导体时会发热的现象叫电流的热效应，电饭锅是利用电流的热效应制成的加热设备；
(4)干电池供电时将化学能转化为电能。
本题考查了电动机工作时、电饭锅工作时、电池供电时的能量转化，以及发光二极管的材料组成，属于基础题目。
11.【答案】C
【解析】解：A、在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极出发，回到S极，故A错误；
B、如图为奥斯特实验，说明电流的周围存在磁场，是奥斯特最早发现的，故B错误；
C、麦克风(话筒)是声信号转化为电信号，即是利用电磁感应现象的原理制成的，故C正确；
D、扬声器是将电信号转化成声信号，即其内部有磁铁和线圈，当线圈中通过变化的电流时，该线圈会在磁场中受力而有规律的振动，进而产生声音，故是利用通电导体在磁场中受到力的作用而运动的原理工作的，而发电机是利用电磁感应现象工作的，故D错误。
故选：C。
(1)在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极出发，回到S极；
(2)奥斯特实验说明电流的周围存在磁场；
(3)电磁感应现象是闭合电路的一部分导体在切割磁感线运动时，产生感应电流；
(4)通电导体在磁场中受到力的作用而运动，应用有电动机、扬声器等。
本题考查了对磁场特点、奥斯特实验、麦克风和扬声器原理的理解与认识，尤其是对麦克风和扬声器原理要注意区分。
12.【答案】D
【解析】解：
A、导体的电阻是导体本身的性质，与导体的材料、长度、横截面积以及温度有关，与流过的电流和两端的电压无关，故A错误；
B、长度相同的a、b 两根镍铬合金丝，材料也相同，横截面积越大，电阻越小，横截面积关系为Sa>Sb，则Ra
D、滑动变阻器是通过改变接入电路中电阻丝的长度，从而改变连入电路中的电阻值，故D正确。
故选：D。
(1)(2)导体的电阻是导体本身的性质，与导体的材料、长度、横截面积以及温度有关，导体电阻可由导体两端的电压值与流过导体的电流值的比值求得，但是导体电阻是导体本身的一种性质，与流过的电流和两端的电压无关；
(3)灯泡的亮度是由实际功率决定的；
(4)滑动变阻器是通过改变接入电路中电阻丝的长度工作的。
本题考查了影响电阻大小的因素、灯泡亮度大小的判定，属于基础题。
13.【答案】C
【解析】解：(1)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但可以通过U 形管液面高度差的变化来反映，故C正确；
(2)由甲图可知，两个烧瓶中的电阻丝串联，通过两电阻丝的电流和通电时间相同，研究的是：当通过的电流和通电时间相同时，电流产生的热量与导体电阻大小的关系，故A错误；
(3)在乙装置中一个5Ω的电阻与两个5Ω的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右侧两个电阻的总电流和左侧的电阻电流相等，即I右=I左，两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I右=I1+I2，两电阻阻值相等，则支路中电流相等，I1=I2，所以右边容器中的通过电阻的电流是左侧通过电流的一半，所以图乙探究的是电流热效应与电流的关系，根据焦耳定律Q=I2Rt可知在电阻和通电时间相同的情况下，电流越大，产生的热量越多，所以右侧容器中的电阻产生的热量多，故BD错误。
故选：C。
(1)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但可以通过U 形管液面高度差的变化来反映；
(2)由甲图可知，两个烧瓶中的电阻丝串联，通过两电阻丝的电流和通电时间相同，电阻不同；
(3)乙图中一个5Ω的电阻与两个5Ω的电阻并联后再串联，根据串联电路电流特点、并联电路电流特点可知通过两电阻的电流不同，根据焦耳定律Q=I2Rt可知在电阻和通电时间相同的情况下，电流越大，产生的热量越多。
此题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与电阻、电流的关系”实验的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用是解决该题的关键。
14.【答案】A
【解析】解：A、家庭电路两端电压一定，由公式I=PU可知，家庭电路中总功率越大，总电流越大，故A正确；
B、摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，即说明了电荷可以从一个物体转移到另一个物体，故B错误；
C、因为并联电路中各用电器可以单独工作，且互不影响，因此空调和冰箱在家庭电路中应并联，故C错误；
D、由公式P=Wt可以看出，电功率与电流做功多少和做功时间都有关系，电流做功多，时间不确定，功率大小不能确定，故D错误。
故选：A。
(1)在电路中，功率等于电压与电路电流的乘积；
(2)摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷；
(3)串联电路所有用电器共同组成一个通路，工作过程彼此影响；并联电路每个用电器独立组成一个通路，工作过程彼此互不影响；
(4)电功率决定于做功多少和所用时间多少。
此题考查了电功率计算公式及其变形公式的应用、摩擦起电的本质及串并联电路的特点，正确理解概念和规律是解答的关键。
15.【答案】B
【解析】解：由电路图可知，当开关S闭合，S1断开时，电路为R1的简单电路，电流表A、A1测电路中的电流；当开关S、S1闭合时，R1与R2并联，电流表A1测R1支路电流，电流表A2测R2支路电流，电流表A测干路电流；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以两电阻并联时，通过R1的电流不变，仍为0.2A；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过R2的电流：I2=I−I1=0.5A−0.2A=0.3A；
则通过R1、R2的电流之比：I1：I2=0.2A：0.3A=2：3，故B正确；
因并联电路中各支路两端电压相等，所以由I=UR可得，R1、R2的阻值：R1=UI1=3V0.2A=15Ω，R2=UI2=3V0.3A=10Ω，故AD错误；
则电阻R1、R2的阻值之比：R1：R2=15Ω：10Ω=3：2，故C错误；
故选：B。
根据电路图可知，当开关S闭合，S1断开时，电路为R1的简单电路，电流表A、A1测电路中的电流；当开关S、S1闭合时，R1与R2并联，电流表A1测R1支路电流，电流表A2测R2支路电流，电流表A测干路电流；
根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1的电流不变，根据并联电路的电流特点求出通过R2的电流；进一步求出通过R1、R2的电流之比，根据欧姆定律求出R1、R2的阻值，进一步求出两电阻之比，
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，要注意并联电路中各支路独立工作、互不影响。
16.【答案】C
【解析】解：A、电源电压一定，当S接触点2时，两电阻串联，电路中的总电阻等于两电阻之和；当S接触点1时，R2开路，电路为R1的简单电路，电路中的总电阻等于R1的阻值大小，由P=U2R可知，S接触点2时，电路消耗的功率小于S接触点1时电路消耗的功率，即：开关S接触点2时，电饭煲处于保温状态；开关S接触点1时，电饭煲处于加热状态，故A错误；
BCD、由图乙可知，电饭煲处于加热状态时的功率是800W，电饭煲处于保温状态时的功率为200W，
则保温状态下电饭煲1min消耗200J的电能为：W保=P保t=200W×1×60s=12000J，
此时通过电饭煲的电流约为：I保=P保U=200W220V=0.91A，故C正确，BD错误；
故选：C。
A、电源电压一定，当S接触点2时，两电阻串联，电路中的总电阻等于两电阻之和；当S接触点1时，R2开路，电路为R1的简单电路，电路中的总电阻等于R1的阻值大小，由P=U2R可知，S接触点2、点1时，电路消耗的功率大小关系，从而可知电饭煲所处的状态；
BCD、由图乙可知，电饭煲的加热和保温功率，根据W=Pt计算保温状态下电饭煲1min消耗的电能，根据P=UI计算保温状态时电路中的电流。
本题考查电功、电功率在动态电路中的计算，能根据开关的变换确定电路的连接方式，从而确定电路的功率大小是解题的关键，难度较大。
17.【答案】B
【解析】解：A、由于电流表电阻很小，相当于导线，若①②都为电流表，开关S1、S2都闭合时，①电流表会将两电阻都短路，会烧坏电流表和电源，故A错误；
B、由于电压表电阻很大，相当于断路，若①②都为电压表，开关S1、S2都闭合时，两电阻串联，①电压表测量电源电压，②电压表测量R2两端的电压，故可以将开关S1、S2都闭合，故B正确；
C、若R1、R2并联，应只闭合S1，①②都为电流表，①电流表测量通过电阻R2的电流，②电流表测量干路的电流，故C错误；
D、若R1、R2串联，应将S1、S2都闭合，且①②都为电压表，①电压表测量电源电压，②电压表测量R2两端的电压，故D错误。
故选：B。
(1)电压表并联在电路中，在电路中可以看作开路；电流表必须串联在电路中，在电路中相当于导线；
(2)电路元件首首相连、尾尾相连的连接方式是并联，并联电路中电流有多条路径；
(3)电路元件首尾依次相连的连接方式是串联，串联电路中电流只有一条路径。
本题主要考查了串并联电路的辨别和电表的正确使用，是一道较为简单的应用题。
18.【答案】BCD
【解析】解：
A、图①中，磁感线是由地球下面出发终止与上面，说明下面是地磁北极，上面是地磁南极，由图可知地磁南极在地理北极附近，故A错误；
B、图②是“探究通电导体在磁场中受力作用”的实验装置，交换电流方向或者磁场方向，金属棒的受力方向也会发生改变，故B正确；
C、图③中的实验装置是串联电路，电流处处相等，但两个铁钉上的线圈匝数不同，匝数多的铁钉吸引的大头针更多，说明电流相同的情况下，匝数越多，电磁铁的磁性越大，故C正确；
D、图④是一种温度自动报警器，温度低于90℃时，电磁继电器处于断开状态，此时工作电路中的灯亮，电铃不响；温度到达或者超过90℃时，电磁继电器通电，衔铁被吸下来，此时灯灭，电铃开始响起来，从而起到报警的作用，故D正确。
故选：BCD。
A、地磁场的N极在地理南极附近，S极在地理北极附近。地磁的两极与地理的两极并不重合；磁针指南北是受到地磁场的影响；
B、通电导体在磁场中会受到力的作用，力的方向与磁场方向和电流方向有关；
C、电磁铁的磁性强弱与线圈的匝数有关，电流相同的情况下，匝数越多，磁性越大；
D、电磁继电器是利用电磁铁磁性的有无来控制工作电路的通断。
本题要求熟悉电磁场的特点，熟悉题中三组电路装置的原理，这样才能避免错选，漏选。
19.【答案】AD
【解析】解：AB、定值电阻的阻值一定，通过的电流和其两端电压成正比，则倾斜直线代表定值电阻的U−I图像，而曲线则代表电阻R1的U−I图像，所以电阻R1的阻值是变化的，故B错误；
由图像可知当定值电阻两端电压为2.5V时，通过它的电流为0.25A，由I=UR可知，定值电阻的阻值：R=URIR=2.5V0.25A=10Ω，故A正确；
C、因串联电路处处电流相等，且串联电路两端电压等于各部分电压之和，由图像可知，当电路电流为0.2A时，电阻R1两端电压为0.5V，定值电阻两端电压为2V，则UR+UL=0.5V+2V=2.5V，符合要求，因此电路中电流为 0.2A，故C错误；
D、因并联电路中各支路两端电压相等，所以定值电阻和电阻R1两端电压均为2.5V，由图像可知，通过电阻R1的电流为0.4A，通过定值电阻的电流为0.25A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流：I=IR+IL′=0.25A+0.4A=0.65A，故D正确。
故选：AD。
(1)定值电阻的阻值一定，通过的电流和其两端电压成正比，则倾斜直线代表定值电阻的U−I图像，而曲线则代表电阻R1的U−I图像；根据图像读出定值电阻的一组电压值和电流值，根据欧姆定律求出定值电阻的阻值；
(2)根据串联电路电流、电压规律，结合图像读出电路电流；
(3)根据并联电路电压规律可知灯泡和电阻两端电压，根据图像读出通过灯泡和定值电阻的电流，再根据并联电路电流规律求出干路电流。
本题主要考查串并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键会从图中读出有用信息。
20.【答案】ACD
【解析】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流，电压表测灯泡L两端的电压。
A.灯泡的电阻RL=UL2PL=(2.5V)21.25W=5Ω；
灯泡正常发光时的电流为：IL=PLUL=1.25W2.5V=0.5A；
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，即电流表的示数最小，
则I小=UR总=6V5Ω+20Ω=0.24A；
因串联电路中各处的电流相等，且电流表量程为0∼0.6A，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，小灯泡L的额定电流为0.5A，
所以，电路中电流表的最大电流I大=0.5A，则电流表的示数变化范围是0.24A∼0.5A，故A正确；
B.当电路中的电流为0.5A时，灯泡正常发光，此时灯泡两端的电压为2.5V，即电压表的最大示数为2.5V，
当电路中的电流最小时，灯泡两端的电压最小，即电压表的最小示数UL′=I小RL=0.24A×5Ω=1.2V，
所以，电压表的示数变化范围是1.2V∼2.5V，故B错误；
C.当电路中的电流最大时，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，此时电路的总电阻R总=UI大=6V0.5A=12Ω，
由串联电路中总电阻等于各分电阻之和可知，滑动变阻器接入电路中的最小阻值R小=R总−RL=12Ω−5Ω=7Ω，
所以，滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是7Ω∼20Ω，故C正确；
D.根据串联电路的分压规律可知，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，其分担的电压最大，最大电压为：U′=I小R=0.24A×20Ω=4.8V，故D正确。
故选：ACD。
由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流，电压表测灯泡L两端的电压。
(1)根据R=UL2PL求出灯泡的电阻，根据I=PLUL求出的正常发光时的电流；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的最小电流；比较电流表的量程和滑动变阻器允许通过的最大电流以及小灯泡L的额定电流确定电路中的最大电流，然后得出电流表的示数变化范围；
(2)当电路中的电流为0.5A时，灯泡正常发光，此时电压表的示数最大，其最大示数等于灯泡的额定电压；当电路中的电流最小时，灯泡两端的电压最小，根据欧姆定律求出电压表的最小示数，然后得出电压表的示数变化范围；
(3)当电路中的电流最大时，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出此时电路的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，然后得出滑动变阻器连入电路的阻值变化范围；
(4)根据串联电路的分压规律可知，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，其分担的电压最大，据此分析。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，考查的较全面，有一定的难度。
21.【答案】串 L1
【解析】解：由图可知，开关闭合后，电路中电流的路径只有一条，为串联电路；电压表V1与灯泡L1并联，所以测量的是L1两端的电压。
故答案为：串；L1。
各用电器首尾顺次连接，电路只有一条电流路径的连接方式是串联；各用电器首首相连，尾尾相连，电路有多条电流路径的连接方式是并联；电压表与被测电路元件并联。
本题考查了判断灯的连接方式、电压表测哪部分电路电压，是一道基础题，知道串并联的特点、电压表的用法，分析清楚电路结构即可正确解题。
22.【答案】串 20
【解析】解：
灯泡正常发光时的电压为3V，要使灯泡接到9V的电源上正常发光，应串联一个电阻分压，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电阻两端的电压：UR=U−UL=9V−3V=6V，
因串联电路各处的电流相等，所以，电路中的电流：I=ULRL=URR，即3V10Ω=6VR，
解得：R=20Ω。
故答案为：串；20。
电源的电压大于灯泡的额定电压时应串联一个电阻分压，根据串联电路的电压特点求出电阻两端的电压，根据串联电路各处的电流相等和欧姆定律得出等式，即可求出定值电阻的阻值。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，难度不大，是一道基础题目。
23.【答案】变小 N
【解析】解：由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，闭合开关，将滑动变阻器的滑片P向右滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，则电流表示数变小；根据安培定则可知，电磁铁上端为N极。
故答案为：变小；N。
根据滑动变阻器接入电路电阻的变化，利用欧姆定律判定电流表示数的变化；根据安培定则判定电磁铁的极性。
本题考查了安培定则的应用、电路的动态分析，难度不大。
24.【答案】30.63.6×105 1200
【解析】解：(1)由于电能表读数时，最后一位是小数，单位kW⋅h，图示电能表的示数为30.6kW⋅h；
(2)3000r/kW⋅h表示的含义是：电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转3000转，
电能表的转盘转300r时，饮水机消耗的电能：
W=3003000kW⋅h=0.1kW⋅h=0.1×3.6×106J=3.6×105J，
t=5min=300s，
饮水机的实际功率：
P=Wt=3.6×105J300s=1200W。
故答案为：30.6；3.6×105；1200。
(1)电能表读数时注意：最后一位是小数，单位kW⋅h；
(2)3000r/kW⋅h表示的含义是：电路中用电器每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转3000转，据此求出电能表的转盘转过300r时，饮水机消耗的电能，知道工作时间，再利用P=Wt求饮水机的实际功率。
本题考查了电能表的读数方法、电能和电功率的计算，明确电能表参数的含义是关键。
25.【答案】质量和初温 乙 控制变量法 转换法 不变
【解析】解：在“比较不同物质的吸热能力”实验中，采用的是控制变量法，需要在图A的装置中两只相同的试管中应分别加入质量和初温相同的水和煤油；
根据图B可知，质量和初温相同的水和煤油，加热相同时间，吸收相同的热量，乙的温度变化小，乙的吸热能力强，乙为水；
实验中，我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；所以实验中采用了控制变量法和转换法；
由于热值的大小只与燃料的种类有关，与质量无关，所以酒精的热值不变。
故答案为：质量和初温；乙；控制变量法；转换法；不变。
实验过程中，控制水和煤油的质量相等时，初温相同，使用相同的加热器，加热时间相同，水和煤油吸收热量相同；
我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
热值的大小只与燃料的种类有关，与质量无关。
本题利用控制变量法和转换法探究如何比较物质的吸热能力，此实验是热学重要的实验，要熟练掌握。
26.【答案】切割磁感线 导体切割磁感线 磁场
【解析】解：(1)由①②③可得实验结论：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流。
(2)磁场方向不变，导体切割磁感线运动方向改变，电流方向改变，导体切割磁感线运动方向不变，改变磁场方向，电流方向改变，由④⑤可得实验结论：感应电流的方向与导体切割磁感线方向和磁场方向有关。
故答案为：(1)切割磁感线；(2)导体切割磁感线；磁场。
(1)闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，此现象称为电磁感应现象，发电机就是根据此原理制成的。
(2)感应电流的方向跟导体切割磁感线方向、磁场方向有关。
本题考查了产感应电流产生的条件及影响感应电流方向的因素，属于基础题。
27.【答案】电流表没有调零 定值电阻R短路 两端的电压 导体的电阻一定时，通过导体的电流与其两端的电压成正比 改变定值电阻R1两端的电压
【解析】(1)电流表使用前，要保证电流表的指针指在零刻度处，图丙中指针反偏，说明电流表没有调零；
电流表有示数，说明电路不是断路，电压表无示数，可能是与电压表并联的支路短路，或与电压表并联的支路以外的电路断路了，结合两电表的现象可知，故障可能是与电压表并联的定值电阻R短路了；
(2)探究电流与电压的关系时，需要通过调节滑动变阻器的滑片改变定值电阻R1两端的电压，因此排除故障后，闭合开关调节滑动变阻器的滑片，改变电阻R1两端的电压测出多组数据，图丙的I−U图象为一条过原点的直线，因此可得结论为：导体的电阻一定时，通过导体的电流与其两端的电压成正比，该实验中滑动变阻器的作用是改变定值电阻R1两端的电压；
(3)由欧姆定律I=UR结合数学知识可知，R越大，I−U图象的斜率1R越小，即R2的图象的斜率小于R1的图象的斜率，如图所示：
。
故答案为：(1)电流表没有调零；定值电阻R短路；(2)两端的电压；导体的电阻一定时，通过导体的电流与其两端的电压成正比；改变定值电阻R1两端的电压；(3)如图所示。
(1)电流表使用前需要调零；电流表有示数，说明电路不是断路，电压表无示数，可能是与电压表并联的支路短路，或与电压表并联的支路以外的电路断路了，据此分析；
(2)探究电流与电压的关系时，需要改变定值电阻两端的电压，据此分析；根据图丙的I−U图象为一条过原点的直线分析得出结论；
(3)根据欧姆定律I=UR结合数学的斜率知识分析作图。
本题探究“电流与电压的关系”，考查电流表的使用、故障分析、实验操作、数据分析及图象的画法。
28.【答案】断开 B 多次测量取平均值减小误差 10.1
【解析】解：(1)连接电路时开关应断开，电源为两节干电池，所以电源电压为3V，则电压表应选择0∼3V的量程接入电路，如图：
；
(2)为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到阻值最大处，即B端；
(3)电压表接入电路的量程为0∼3V，分度值为0.1V，示数为2.8V，电流表接入电路的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，示数为0.28A，由欧姆定律可得此时待测电阻的阻值为：R3=UI=2.8V0.28A=10Ω，
该实验需多次测量取平均值减小误差，则待测电阻的阻值为：R=R1+R2+R33=10Ω+10.4Ω+10Ω3≈10.1Ω，表格如下：
电压(V)
电流(I)
电阻(Ω)
1
2.0
0.20
10.0
2
2.5
0.24
10.4
3
2.8
0.28
10
被测电阻Rx=10.1Ω
(4)电源、开关、电流表、滑动变阻器、待测电阻串联接入电路，电路图如图：
。
测量时，可以将滑片移至最右端，测出此时的电流I1，此时电路为待测电阻的简单电路，由欧姆定律可得U=I1R；
将滑片移至最左端，测出此时的电流I2，此时滑动变阻器以最大阻值和待测电阻串联接入电路，
串联电路总电压等于各部分电压之和，由欧姆定律可得U=I2RH+I2R，
根据电压相等列出方程，即I1R=I2RH+I2R，已知滑动变阻器的最大阻值，解方程可得待测电阻R的值。
故答案为：(1)如图；(2)B；(3)多次测量取平均值减小误差；10.1；见上表；(4)如图。
(1)连接电路时，开关应处于断开状态，电源电压为3V，电压表的量程应选择0∼3V；
(2)为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到阻值最大处；
(3)根据电压表和电流表接入电路的量程结合乙图读出示数，由欧姆定律可得第三次待测电阻的阻值，该实验需多次测量取平均值减小误差；
(4)电源、开关、电流表、滑动变阻器、待测电阻串联接入电路，第一次，滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电路为待测电阻的简单电路，第二次，移动滑片，滑动变阻器接入电路最大阻值，根据串联电路电压规律结合欧姆定律表示电源电压，根据电源电压不变列出方程可得待测电阻的阻值。
伏安法测电阻的实验考查电路的连接、滑动变阻器的使用、欧姆定律的灵活运用以及特殊方法测电阻方案的设计。
29.【答案】R2 0.625变大 温度
【解析】解：(1)灯的额定电压为2.5V，所以，变阻器要分去6V−2.5V=3.5V的电压，根据分压原理，U滑UL=R滑RL，滑动变阻器的阻值至少为R滑=U滑UL×RL=3.5V2.5V×10Ω=14Ω>10Ω，根据欧姆定律知，灯正常发光的时的电流约为：I=ULRL=2.5V10Ω=0.25A，故应选用R2“30Ω0.5A”的滑动变阻器；
由题知，滑动变阻器应采用“一上一下”的方式与灯泡串联，从而控制灯泡的亮度，电压表与灯泡并联测其两端电压，因为灯泡的额定电压为2.5V，所以电压表使用0∼3V量程。如图所示：
；
(2)由图乙图象可知，当灯泡正常发光时的电流为0.25A，则灯泡的额定功率：P额=U额I额=2.5V×0.25A=0.625W；
由图象可知，电压增大时，电流也增大，根据P=UI可知，灯的功率变大，灯丝的温度升高，灯的亮度变大，但由于电压增大的幅度比电流增大的幅度大，根据R=UI可知，灯丝的电阻随电压的升高而增大，即灯泡的功率越大，灯丝的电阻越大。
故答案为：(1)R2；如图所示；(2)0.625；变大；温度。
(1)根据分压原理求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；
滑动变阻器应采用“一上一下”的方式与被控制用电器串联，根据小灯泡的额定电压确定电压表量程，电压表并联在小灯泡的两端；
(2)由图乙图象分析出小灯泡正常发光时的电流，由电功率公式P=UI求出灯泡的功率；
由图象可知，随着电压的升高，电流增大幅度变慢，据此分析；灯的电阻随温度的升高而增大。
本题测量小灯泡的电功率实验，考查器材选择、电路连接、额定电功率的计算、欧姆定律的应用及影响电阻大小的因素。
30.【答案】热值大
【解析】解：(1)运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量，另外氢气燃烧的生成物是水，不会造成污染；
(2)3×104kg液态氢完全燃烧释放的热量：
Q=mq=3×104kg×1.4×108J/kg=4.2×1012J，
(3)一标准大气压下水的沸点为100℃，
水的质量为：m′=QcΔt=4.2×1012J4.2×103J/(kg⋅℃)×(100℃−20℃)=1.25×107kg。
故答案为：(1)热值大；
(2)这些氢燃料完全燃烧产生的热量是4.2×1012J；
(3)在1标准大气压下，能将1.25×107kg初温为20℃的水加热至沸腾。
(1)运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量，另外氢气燃烧的生成物是水，不会造成污染；
(2)根据Q=mq计算3×104kg液态氢完全燃烧释放的热量；
(3)根据比热容公式的变形m=QcΔt计算水的质量。
本题考查了学生对燃料热值的了解、燃烧放热公式、比热容公式的掌握和运用，综合性强。
31.【答案】解：(1)由图可知，该电路为L和R0的串联电路，电流表测电路中的电流；
已知灯泡L的额定电压UL=5V，额定功率PL=1W，则L正常发光时的电流为：IL=PLUL=1W5V=0.2A，则闭合开关后，电路中的电流为I=IL=0.2A；
则R0的功率为：P0=I2R0=(0.2A)2×50Ω=2W；
由欧姆定律可知R0两端的电压为：U0=IR0=0.2A×50Ω=10V，
由串联电路的电压特点可知电源电压为：U=U0+UL=10V+5V=15V；
(2)由P=U2R可知，当电路总电阻最小时，电功率最大，由串、并联电路电阻的特点可知，用电器并联时总电阻最小，因此滑动变阻器与R0应该并联；
此时电流表测干路的电流，由题意可知选择的量程应为0∼3A，
此时通过R0的电流为：I0=UR0=15V50Ω=0.3A，而滑动变阻器允许通过的最大电流为IP=0.5A，
由并联电路的电流特点可知干路的最大电流为：I大=I0+IP=0.3A+0.5A=0.8A，
则电路最大总功率为：P大=I大U=0.8A×15V=12W。
答：(1)R0的功率为2W；电源电压为15V；
(2)选择并联连接方式使电路消耗的总功率最大；最大总功率是12W。
【解析】(1)由图可知，该电路为L和R0的串联电路，电流表测电路中的电流；已知L的额定电压和额定功率，利用P=UI可求出L正常发光时的电流，即电路中的电流；利用P=I2R可求出R0的功率；再利用欧姆定律求出R0两端的电压，最后根据串联电路的电压特点求出电源电压；
(2)用电器串联，总电阻等于各个用电器的电阻之和，用电器并联，总电阻的倒数等于各个用电器电阻的倒数之和，因此两个用电器并联的总电阻小于串联的总电阻；再结合P=U2R分析要想电路总功率最大，滑动变阻器应该与R0如何连接；
先利用欧姆定律求出通过R0的电流，由题可知滑动变阻器允许通过的最大电流，再由并联电路的电流特点得出干路电流，最后根据P=UI可求出电路最大总功率。
本题考查了对欧姆定律和电功率计算公式的应用，要注意运用好串、并联电路的电流、电压和电阻的特点。
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