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2021-2022学年河北省保定市顺平县九年级（上）期末物理试卷（含答案解析）
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这是一份2021-2022学年河北省保定市顺平县九年级（上）期末物理试卷（含答案解析），共24页。试卷主要包含了5VD，5kW⋅h，5A，A2的示数为0，【答案】B，【答案】A，【答案】D，【答案】C等内容，欢迎下载使用。
2021-2022学年河北省保定市顺平县九年级（上）期末物理试卷
1. 下列现象中能用分子动理论解释的是( )
A. 春天，柳絮飞扬 B. 夏天，桂花飘香 C. 秋天，落叶归根 D. 冬天，雪花飘飘
2. 关于温度、内能和热量三者的关系，下列说法正确的是( )
A. 温度高的物体，内能一定大 B. 物体温度升高，内能一定增加
C. 物体吸收了热量，温度一定升高 D. 物体温度升高一定是吸收了热
3. 如图所示的事例中，通过热传递的方式改变物体内能的是( )
A. 锯木头锯条发热
B. 划火柴点火
C. 烧水时水温升高
D. 铁丝来回弯折温度升高
4. 下列机械应用了热机的是( )
A. 农用三轮车上的柴油机 B. 电脑工作一会儿后主机变热
C. 电动自行车 D. 洗衣机内部的电动机
5. 用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球，如图所示，两个金属箔张开，下列说法正确的是( )
A. 毛皮和橡胶棒摩擦的过程中创造了电子
B. 金属箔张开是因为带了异种电荷
C. 橡胶棒接触验电器的金属球时，电子向橡胶棒转移
D. 毛皮和橡胶棒摩擦的过程中橡胶棒得到了电子
6. 关于组成电路的基本元件的作用，下列说法中错误的是( )
A. 电源提供电能 B. 用电器是将其他形式的能转化为电能
C. 开关控制电路的通、断 D. 导线连接各电路元件，是电流的通道
7. 下列描述正确的是( )
A. 奥斯特发现了电磁感应现象
B. 法拉第首先发现了电流周围有磁场
C. 安培发现了通电螺线管的磁极性与电流方向的关系
D. 欧姆发现了电流通过导体产生的热量与电流电阻和通电时间的关系
8. 指南针是我国古代的四大发明之一，如图所示是我国早期的指南针——司南。公元1世纪初，东汉学者王充在《论衡》中记载，“司南之杓，投之于地，其柢指南”。这句话中“柢”和“南”分别指的是( )
A. 指南针的南极，地理的南极 B. 指南针的北极，地磁的北极
C. 指南针的北极，地理的北极 D. 指南针的南极，地磁的南极
9. 关于电流和电压的估测正确的是( )
A. 家用空调工作时的电流为1A B. 看电视时，电视机中的电流为2A
C. 电饭锅的额定电压为2.5V D. 石英钟内部电源的电压为1.5V
10. 如图是小明的玩具警车的简化电路图，若只让警车行驶，警灯不亮，小明的操作是( )
A. 只闭合开关S1
B. 只闭合开关S2
C. 两个开关都闭合
D. 两个开关都断开
11. 现代社会倡导文明出行，行人车辆都应遵守交通信号灯的指示。小明发现交通信号红绿灯是独立工作的，他设计了下列红绿灯电路图，你认为合理的是( )
A. B. C. D.
12. 如图所示电路中，当开关闭合时，下列说法正确的是( )
A. 灯泡L1不发光
B. 灯泡L2不发光
C. 电压表测量L1两端的电压
D. 电压表没有示数
13. 小明想用如图所示的装置比较甲，乙、丙三根镍铬合金丝的电阻大小，其中甲、乙两根长度相同，乙、丙两根粗细相同，小明分别将三根镍铬合金丝接入M、N两点间，闭合开关，记录电流表的示数，得出如下结论，你认为正确的是( )
A. 电流表的示数越大，说明接入M、N两点间的电阻越大
B. 甲的电阻大于乙的电阻
C. 乙的电阻大于丙的电阻
D. 甲的电阻小于丙的电阻
14. 如图所示为某同学家中的电能表的示意图，下列说法不正确的是( )
A. 此时的读数为8633.5kW⋅h
B. 家中干路中的总电流为1A时，该电能表不能工作
C. 每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转3600圈
D. 转盘每转1圈，对应消耗的电能是1000J
15. 如图所示是小明探究电磁铁磁性强弱与什么因素有关的实验装置．下列措施中能使电磁铁磁性增强的是( )
A. 滑片P向右移动，其他条件不变
B. 滑片P向左移动，其他条件不变
C. 开关S由1扳到2，其他条件不变
D. 电源的正负极对调，其他条件不变
16. 如图所示电路，闭合开关后，两表均有示数，过一会儿发现电压表示数突然变小，电流表示数突然变大，下列判断可能的是( )
A. 灯泡L1短路
B. 灯泡L2短路
C. 灯泡L1灯丝断开
D. 灯泡L2灯丝断开
17. 如图，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，闭合S，滑片从中点向右移动时，下列说法正确的是( )
A. 电压表示数变大，电流表A1示数变小 B. 电压表示数不变，电流表A2示数变大
C. 电压表示数与电流表A2示数的比值变大 D. 电流表A2与A1示数之差变小
18. 如图所示，电源电压是8V，灯泡L1和L2的阻值不随温度变化，闭合开关S，两个灯泡均发光，电压表的示数是3V，下列说法正确的是( )
A. 电压表测量的是灯泡L1两端的电压
B. 灯泡L1和L2的电阻之比为3：5
C. 灯泡L1和L2中的电流之比为3：5
D. 灯泡L1比灯泡L2亮些
19. 如图所示电路中，电源电压恒定，当S1、S2都闭合时，电流表A1的示数为0.5A，A2的示数为0.3A，电阻R2的阻值为10Ω，下列说法正确的是( )
A. 通过R1的电流为0.2A B. 电源电压为5V
C. 电阻R1的阻值为15Ω D. 若断开开关S2，电流表A2的示数变大
20. 如图所示电路，电源电压不变，滑动变阻器R2的最大阻值与R1的阻值均为R0，a、b、c分别为电阻(阻值为R0)、电流表、电压表其中之一，且不相同。当S1、S3闭合时，移动滑片P，电路中消耗的功率始终为I02R0，下列有关说法正确的是( )
A. a一定是电阻，c一定是电流表
B. 开关都闭合时，电路消耗功率为2I02R0
C. 只闭合S1，若b为电压表，滑片P向右移动，b的示数变小
D. 只闭合S1，移动滑动变阻器的滑片可以使电路消耗的最大功率为I02R0
21. 汽油机的一个工作循环包括四个冲程，如图所示，回答下列问题：
(1)在甲、乙、丙、丁四幅图中，图甲表示______冲程，在这个冲程中活塞的运动方向是______(选填“向上”或“向下”)；
(2)在甲、乙、丙、丁四幅图中，图______表示做功冲程，在这个冲程中能量转化情况是：______；
(3)若汽油机飞轮转速为1200r/min，则1min内汽油机共完成______个工作循环。
22. 如图所示，为了比较酒精和碎纸片的热值，在相同规格的烧杯中装入质量相等、温度相同的水，将酒精和碎纸片分别放入两个燃烧皿中，点燃它们分别给烧杯加热，直到酒精和碎纸片完全燃烧。
(1)实验前，应该控制酒精和碎纸片的______相等。
(2)比较甲乙两图中的温度计的示数可知，甲图中水的温度升高的多，说明甲图中的水吸收的热量______(“大于”或“小于”)乙图中的水吸收的热量。
(3)该实验可以得出的结论是______。
(4)该实验用到的物理方法有______和______。
23. 如图所示，请标出画出开关闭合后磁感线方向和小磁针静止时的N极．
24. 如图为地磁场的示意图，请在括号内填上地磁的磁极和小磁针右下端的磁极(选填“N”或“S”)。
25. 如图为______的模型，是利用______的原理工作的，工作中产生的感应电流的______都在做周期性变化，这种电流叫做交变电流。
26. 某同学利用热敏电阻为家中灯暖型“浴霸”(用电灯取暖的用电器)设计了一个温度可自动控制的装置，如图甲所示。“控制电路”中的热敏电阻Rt的阻值随温度变化的曲线如图乙所示。“浴霸”共安装有2盏标有“220V 440W”的灯泡。
回答问题：
(1)当浴室中的温度上升时，由图乙可知热敏电阻的阻值______ (选填“变大”，“变小”或“不变”)；当升高到一定的温度值时，继电器的街铁会被______ 。(选填“吸合”或“释放”)
(2)此同学用一节干电池作为控制电路的电源，已知电磁铁线圈的阻值R0=10Ω。当电线圈中电流≥50mA时继电器的衔铁会被吸合、电流≤30mA时衔铁会被释放，此时热敏电阻Rt对应的阻值分别是______ Ω和______ Ω；将这位同学设计的装置放在浴室内，浴室内温度可控制在______ ℃∽______ ℃范围内。
27. 在探究“磁场对通电导体的作用”的实验中，小明设计了如图所示的电路，导体棒ab用绝缘细线悬挂在蹄形磁铁的两极之间。
(1)磁体周围和通电导线周围都存在一种特殊物质是______(选填“磁场”或“磁感线”)；
(2)闭合开关前，导体棒ab静止，闭合开关后，导体棒ab向右运动，说明磁场对______有力的作用。
(3)断开开关，将图中磁铁的N、S极对调，再闭合开关，会发现导体a、b的运动方向与对调前的运动方向______，说明通电导体在磁场中的受力方向与______有关。
(4)断开开关，将图中电源的正、负极对调，再闭合开关，会发现导体a、b的运动方向与对调前的运动方向______，说明通电导体在磁场中的受力方向与______有关。
(5)如果同时改变磁场方向和电流方向，______(填“能”或“不能”)确定受力方向与磁场方向或电流方向是否有关。
28. 小明和小亮在探究“电流通过导体产生的热量跟什么因素有关”时，设计了如图所示的甲、乙实验装置将电阻丝R1、R2分别密封在两个装有相等质量煤油的相同烧瓶中，a、b、c、d为相同规格的温度计，滑动变阻器的规格相同，滑片置于中间位置。已知R1
(1)实验中通过观察______来比较电流产生的热量的多少。
(2)甲图中R1、R2的连接方式是______，该装置可探究电流通过导体产生的热量与______是否有关。
(3)闭合开关前，小亮分析了乙图所示的实验装置，给出以下四种判断，你认为正确的是______(选填序号)。
①该装置中R1、R2的连接方式并联
②闭合开关后，R2将被短路
③闭合开关后，R1中的电流小于R2中的电流
④闭合开关后，相同时间内c温度计示数的变化量大于d温度计示数的变化量
(4)同时闭合甲、乙两图中的开关，比较相同时间内a、c两支温度计示数变化情况，温度变化较大的是______，可以得出的结论是：当______时，______，电流通过导体产生的热量越多。
29. 小宇用如图甲所示的实验装置测量额定电压为2.5V的小灯泡电功率时，电源电压为3V，若所用器材均能满足实验需要。
(1)用笔画线替代导线，将实物电路连接完整；
(2)闭合开关前，滑动变阻器滑片应滑至最______端(选填“左”或“右”)；
(3)实验过程中，当电压表示数为2.5V时小灯泡正常发光，由图乙可知，此时电流表的示数为______ A，小灯泡正常发光时的电阻为______Ω，小灯泡的额定功率为______ W；
(4)小王受此实验启发，想测定电动自行车上用作照明的LED(发光二极管)额定功率。在老师的帮助下通过实验得到该LED的I−U图象如图丙所示，由图象可知LED灯的电阻随电压的增大而______(选填“增大”、“不变”或“减小”)。查阅资料知道该LED的额定电压为3V，结合图象可得该LED的额定功率为______ W。
30. 某学校九年级物理兴趣小组的同学在研究“沙子和水谁的吸热本领大”时，选用了两只完全相同的酒精灯分别给质量都是200g的沙子和水加热，他们绘制出沙子与水的温度随加热时间变化的图象如图所示。已知酒精的热值是3.0×107J/kg，加热时酒精灯平均每分钟消耗1g酒精、那么请问：
(1)加热满2min时，水吸收了多少热量？
(2)给水加热的2min时间内，如果酒精完全燃烧将放出多少热量？
(3)试求出沙子的比热容。
31. 在如图所示的电路中，电源电压为3V保持不变，滑动变阻器的最大阻值为20Ω，只闭合开关S1时，电流表的示数为0.2A。
(1)求定值电阻R1的阻值；
(2)通电1min后，定值电阻R1消耗的电能；
(3)再闭合开关S2，移动滑动变阻器的滑片，使R1和R2消耗的总功率最小，求此最小总功率P最小。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、春天，柳絮飞扬，是宏观物体的运动，和分子运动无关，故A错误；
B、夏天，桂花飘香是扩散现象，是分子无规则运动的结果，故B正确；
C、秋天，落叶归根，树叶运动是宏观物体的运动，和分子运动无关，故C错误；
D、冬天，雪花飘飘，雪花运动是宏观物体的运动，和分子运动无关，故D错误。
故选：B。
解答本题应掌握：分子动理论的内容及分子动理论在生活中的应用；并要注意区分分子运动与宏观的机械运动的区别。
本题考查学生对分子动理论知识的掌握及考查能否应用到生产生活中去解释常见现象。
2.【答案】B
【解析】解：A、因为影响内能的因素有质量、温度和状态，因此温度高的物体内能不一定大，故A错误；
B、物体温度升高，可能是吸收了热量，也可能是外界对它做了功，其内能一定增加，故B正确；
C、物体吸收热量，温度不一定升高，如冰熔化，吸收热量，内能增加，温度不变，故C错误．
D、物体温度升高可能是吸收了热，也可能是外界物体对它做了功，故D错误；
故选B.
(1)影响内能的因素有质量、温度以及状态等．
(2)内能是指物体内部所有分子的分子动能和分子势能的和；物体的内能发生变化，可能表现在物体的温度变化，也可能是状态的变化．
(3)物体吸收了热量，可能用来加快分子的无规则运动，即表现在物体的温度的升高；也可能用来改变物体的状态．
(4)改变物体内能的方式有做功和热传递两种方式．
本题考查的是学生对影响物体内能大小的因素的理解以及内能、温度与热量三者之间的关系的掌握，是中招的热点．
3.【答案】C
【解析】解：
A、锯条锯木头，克服摩擦做功，机械能转化为内能，属于做功改变物体内能；不符合题意；
B、擦划火柴是相互摩擦做功，机械能转化为木头的内能，是通过做功的方式增加了物体的内能，不符合题意；
C、烧水时，火焰的内能传递给水，使水的内能增加，温度升高；属于通过热传递的方式改变物体的内能；符合题意；
D、来回弯折铁丝，铁丝发热，是利用做功来改变物体内能的，不符合题意。
故选：C。
此题是考查对做功和热传递改变物体内能的辨别，是中考热点，属于基础题目。
4.【答案】A
【解析】解：
A、农用三轮车上的柴油机是把内能转化成机械能的装置，属于热机，故A符合题意；
B、电脑工作一会儿后主机变热，是电能转化为热能，不属于热机，故B不合题意；
C、电动自行车利用电能工作，不属于热机，故C不合题意；
D、洗衣机内部的电动机，利用电能工作，不属于热机，故D不合题意。
故选：A。
热机是把内能转化成机械能的装置，分析各选项能量转化即可正确解题。
本题主要考查了对热机的理解，是一道容易出错的题目。
5.【答案】D
【解析】解：A、摩擦起电现象是通过摩擦的方式使电荷发生了转移，而不是创造了电子，故A错误；
B、验电器的金属箔片张开是因为带了同种电荷，同种电荷相互排斥，故B错误；
C、橡胶棒接触验电器的金属球时，橡胶棒上的电子从橡胶棒转移到验电器上，故C错误；
D、毛皮和橡胶棒摩擦的过程中，橡胶棒原子核束缚电子的能力强，得到电子而带负电，故D正确。
故选：D。
(1)摩擦起电的实质是电荷的转移，原子核束缚电子能力强的物体得到电子带负电，原子核束缚电子能力弱的物体，失去电子带正电；
(2)验电器是检验物体是否带电的仪器，其制作原理是：同种电荷相互排斥；
(3)用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电荷，当接触验电器上端的金属球时，橡胶棒上的电子会转移到验电器上。
知道实验室中如何取得正电荷和负电荷，且明白验电器的制作原理是解决该题的关键。
6.【答案】B
【解析】解：A、电源是提供电能的装置，故A正确；
B、用电器是消耗电能的装置，它将电能转化为其它形式的能，故B错误；
C、开关是用来控制电路通、断的装置，故C正确；
D、导线是将电源，用电器，开关连接起来构成电路，是电流的通道，故D正确；
故选B.
电源是提供电能的装置，用电器是用电来工作的装备，开关是用来控制电路通、断的装置，导线是将电源，用电器，开关连接起来构成电路，是输送电能的元件．
本题较简单，记清电路的概念和各部分的作用是解题的关键．
7.【答案】C
【解析】解：A、奥斯特发现了电流周围存在磁场，故A错误；
B、法拉第发现了电磁感应现象，故B错误；
C、安培最早发现通电螺线管的磁场和电流方向的关系，故C正确；
D、焦耳揭示了电流通过导体产生的热量与电流、电阻和通电时间的关系，得出了焦耳定律，故D错误。
故选：C。
根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可。
本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。
8.【答案】A
【解析】解：
地球本身是一个大磁体，司南是用天然磁石磨制成的勺子，即其实质就是一块磁铁，在地球的磁场中受到磁力的作用，其静止时其“柢”(勺柄)指向南方，即指南针的南极，地理上的南极是地磁的北极，故A正确，BCD错误。
故选：A。
(1)司南实际上就是一个磁铁；
(2)磁体静止时，指南的叫南极用字母S表示；指北的叫北极，用字母N表示。
本题主要考查学生对：司南的了解和掌握，是一道基础题。
9.【答案】D
【解析】解：A、家用空调工作时的电流在5A左右，故A不正确；
B、看电视时，电视机中的电流约0.7A，故B不正确；
C、电饭锅的额定电压为220V，故C不正确；
D、石英钟内部电源是一节干电池，电压为1.5V，故D正确。
故选：D。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断正确的是哪一个。
估测是一种科学的近似值，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要的作用，应用日常知识积累解答此题。
10.【答案】A
【解析】解：据图可知，开关S1控制电动机，开关S2控制小灯泡，若只让电动机M工作，应只闭合S1。警灯不亮，开关S2控制小灯泡，应断开S2。
故选：A。
根据电路图可知，电动机与小灯泡有两条电流路径，电动机和小灯泡并联，开关S2控制小灯泡，开关S1控制电动机；根据开关所在并联电路中的位置判断其作用。
本题考查并联电路的特点和开关的作用等内容，属于基础题目。
11.【答案】B
【解析】解：已知交通信号红绿灯是独立工作的，由此可知两灯是并联的；
A.两开关均闭合时红绿交通信号灯同时发光，只闭合一个开关均不发光，故A错误；
B.只闭合开关S1时绿灯亮，只闭合开关S2时红灯亮，两灯独立工作，互不影响，故B正确；
C.两开关都闭合时会造成绿灯短路，只有红灯发光；S1断开、S2闭合时，两个灯同时发光，不能实现各自独立工作，故C错误；
D.两开关都闭合时会造成红灯短路，只有绿灯发光；S1断开、S1闭合时，两个灯同时发光，不能实现各自独立工作，故D错误；
故选：B。
已知交通信号红绿灯是独立工作的，由此可知两灯是并联的，然后分析选项得出答案。
本题考查了电路图的设计，关键是知道红绿交通信号灯两灯泡不会同时亮，要注意从选项中找出最符合题意的答案。
12.【答案】A
【解析】解：由图可知，该电路为并联电路，电压表与灯泡L1串联在一条支路中；由于电压表的电阻特别大，相当于断路，所以灯泡L1不发光；
根据并联电路各支路互不影响可知，灯泡L2发光；
此时电压表测量的是电源的电压，所以电压表示数等于电源电压；综上所述，A正确，BCD错误。
故选：A。
由图可知，该电路为并联电路，电压表与灯泡L1串联在一条支路中；根据电压表的特点分析灯泡L1的发光情况；根据电压表的连接方式判定其作用。
本题考查了电路的识别、电压表的连接方式，属于基础题。
13.【答案】D
【解析】解：(1)在该实验中，电阻的大小是通过电流的大小来体现的，电流越大说明电阻越小。故A错误；
(2)导体的电阻跟导体的材料、长度、横截面积和温度有关。当导体的材料、长度和温度相同时，导体的横截面积越大，电阻越小，由此判断甲的电阻小于乙的电阻；当导体的材料、横截面积和温度相同时，导体的长度越长，电阻越大，由此判断丙的电阻大于乙的电阻；由此得出：丙的电阻>乙的电阻大于甲的电阻，故BC错误，D正确。
故选：D。
电阻的大小可以通过电流的大小来转换比较，结合给出的实验器材，可以利用电流表的示数来比较；掌握影响导体电阻大小的因素：导体的材料、长度和横截面积以及温度；
本题考查的是探究影响电阻大小因素的实验，用好控制变量法和转换法是解决本题的关键。
14.【答案】B
【解析】解：A、电能表的读数：数字方框中最后一位是小数，单位是kW⋅h，由图可知，此时电能表的读数为8633.5kW⋅h，故A正确；
B、电能表上的“10A”表示电能表允许通过的最大电流为10A，则家中干路中的总电流为1A时，该电能表能工作，故B错误；
CD、3600r/(kW⋅h)表示电路中用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的转盘转过3600圈，则转盘每转一圈，用电器消耗的电能W=13600kW⋅h=13600×3.6×106J=1000J，故CD正确。
故选：B。
(1)电能表的读数：数字方框中最后一位是小数，单位是kW⋅h；
(2)电能表上的“10A”表示电能表允许通过的最大电流为10A；
(3)3600r/(kW⋅h)表示电路中用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的转盘转过3600圈，则转盘每转一圈，用电器消耗的电能为13600kW⋅h。
本题考查电能表的读数、对电能表参数的理解和掌握、消耗电能的计算，知道3600r/(kW⋅h)表示电路中用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的转盘转过3600圈是解题的关键。
15.【答案】B
【解析】
【分析】
明确影响电磁铁磁性强弱的因素有哪些，再对照选项分析是否改变了这些因素，是解决此题的关键。
电磁铁磁性的强弱受电流的大小、线圈的匝数、以及铁芯的有无等因素的影响，从这一角度，对照各选项可进行针对性地分析。
【解答】
A.滑片右移，电路中的电阻增大，电流减小，电磁铁的磁性会减弱，故不合题意；
B.滑片左移，电路中的电阻减小，电流增大，电磁铁的磁性会增强，故符合题意；
C.开关S由1扳到2时，线圈的匝数减少，电磁铁的磁性会减弱，故不合题意；
D.电源的正负极对调只会改变电流的方向，对电磁铁的磁性不会有影响，故不合题意。
故选B。
16.【答案】A
【解析】解：当开关S闭合后，该电路为串联电路，电压表测量L1两端的电压，电流表测量电路中的电流；两表均有示数，过一会儿发现电压表示数突然变小，由电压表示数突然变小说明电压表由测量部分电路两端的电压(L1两端的电压)变为测量导线两端的电压(L1短路)，因此电路故障为L1短路，此时电流表示数变大。
故选：A。
电路故障分为短路和断路：短路时，电路中有电流，并且电流较大；断路时，电路中无电流；先根据电流表示数的变化确定电路的故障，然后再根据电压表、电流表示数示数的变化确定故障的具体位置。
本题考查了学生利用电流表、电压表判断电路故障的分析能力，电路故障分短路和开路两种情况，平时做实验时试一试，多总结、提高分析能力。
17.【答案】C
【解析】解：由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A2测干路电流，电流表A1测R2支路的电流；
AB、由于电源电压不变，则电压表示数不变；闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从中点向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流减小，即电流表A1示数变小；由于并联电路互不影响，则通过R1的电流不变，根据并联电路的电流规律可知，干路中的电流变小，即电流表A2示数变小；故AB错误；
C、电压表示数不变，电流表A2示数变小，其比值变大，故C正确；
D、电流表A2、A1示数之差为通过R1的电流，保持不变，故D错误。
故选：C。
由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A2测干路电流，电流表A1测R2支路的电流；
根据电源电压判定电压表示数的变化情况；
闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从中点向右移动时，根据滑动变阻器阻值变化判定通过其电流的变化；根据并联电路的特点分析通过R1电流的变化和干路电流的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，注意滑动变阻器接入电路中电阻的变化是关键。
18.【答案】AB
【解析】解：A、闭合开关S，两个灯泡串联，电压表并联在L1两端，测量L1两端的电压，故A正确；
C、串联电路的电流处处相等，故灯泡L1和L2中的电流之比为1：1，故C错误；
B、电压表的示数是3V，根据串联电路的电压特点可知L2两端的电压U2=U−U1=8V−3V=5V，
根据欧姆定律可知灯泡L1和L2的电阻之比：R1R2=U1IU2I=U1U2=3V5V=35，故B正确；
D、根据P=UI可知灯泡L1和L2的电功率之比：P1P2=U1IU2I=U1U2=35，即L2的实际功率大于L1的实际功率，故灯泡L1比灯泡L2暗些，故D错误。
故选：AB。
(1)闭合开关S，两个灯泡串联，电压表并联在L1两端，测量L1两端的电压；
(2)串联电路的电流处处相等，据此得出灯泡L1和L2中的电流之比；
(3)电压表的示数是3V，根据串联电路的电压特点可知L2两端的电压，根据欧姆定律可知灯泡L1和L2的电阻之比；
(4)根据P=UI可知灯泡L1和L2的功率之比，实际功率大的灯泡较亮。
本题考查欧姆定律的应用、串联电路的特点和电功率的计算等知识，综合性较强。
19.【答案】AC
【解析】解：由电路图可知，两电阻并联，电流表A2测R2支路的电流，电流表A1测干路的电流；开关S1控制整个电路，开关S2控制电阻R1；
A、因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过电阻R1的电流：I1=I−I2=0.5A−0.3A=0.2A，故A正确；
B、因为并联电路中各支路两端的电压相等，所有由欧姆定律可得，电源的电压：U=U2=I2R2=0.3A×10Ω=3V，故B错误；
C、由I=UR可得，电阻R1的阻值：R1=UI1=3V0.2A=15Ω，故C正确。
D、电流表A2测R2支路的电流，由于并联电路各支路互不影响，所以断开开关S2时，通过R2的电流不变，即电流表A2示数不变，故D错误。
故选：AC。
由电路图可知，两电阻并联，电流表A2测R2支路的电流，电流表A1测干路的电流；开关S1控制整个电路，开关S2控制电阻R1；
根据并联电路的电流特点求出通过电阻R1的电流，再根据并联电路的电压特点求出电源的电压，利用欧姆定律求出电阻R1的阻值，若断开开关S2，根据并联电路各支路互不影响的特点，判断出电流表A2示数的变化。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道较为简单的计算题。
20.【答案】BD
【解析】解：A、当S1、S3闭合时，移动滑片P，电路中消耗的功率始终为I02R0，说明滑动变阻器没有接入电路，电路为a的简单电路，a和c串联接入电路，由此可知a是电阻；若c为电流表，则b为电压表；若c为电压表，则b为电流表；根据欧姆定律可知，此时电源电压为：U=I0R0，故A错误；
B、开关都闭合时，滑动变阻器被短路，a和R1并联，此时总电阻R总=R02，I=UR总=I0R0R02=2I0，P=I2R=(2I0)2×R02=2I02R0，故B正确；
C、只闭合S1，a和滑动变阻器串联，电压表b测量滑动变阻器两端的电压，滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据串联电路的分压规律可知，滑动变阻器两端的电压变大，所以b的示数变大，故C错误；
D、只闭合S1，与滑动变阻器串联接入电路中，要使电路的总功率最大，根据P=U2R可知，此时电路的总电阻最小，根据串联电路的电阻关系可知，当滑片在最左端时，滑动变阻器接入电路中的电阻为0，此时电路中的最小电阻为R0，则电路消耗的最大功率为P=I02R0，故D正确。
故选：BD。
(1)当S1、S3闭合时，移动滑片P，电路中消耗的功率始终为I02R0，说明滑动变阻器没有接入电路，a和c串联接入电路，据此分析出a是电阻，c与b都是既可能为电流表，也可能为电压表，且电源电压U=I0R0；
(2)开关都闭合时，滑动变阻器被短路，a和R1并联，根据欧姆定律得出此时总电阻和电流，根据P=I2R得出电路消耗的功率；
(3)只闭合S1，a和滑动变阻器串联，电压表b测量滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的分压规律分析电压表示数的变化；
(4)只闭合S1，a与滑动变阻器串联接入电路中；要使电路的总功率最大，根据P=U2R可知，此时电路的总电阻最小，据此分析。
本题考查电流表和电压表的使用、等效电路分析、欧姆定律的应用、电功率的计算等问题，难度较大。
21.【答案】吸气 向下 丁 内能转化为机械能 600
【解析】解：
(1)由图甲知进气门打开，排气门关闭，活塞下行，是吸气冲程；
(2)由图丁知进气门与排气门都关闭，活塞下行，是做功冲程，把内能转化为机械能；
(3)由飞轮转速为1200r/min可知，飞轮1min转动1200圈；四冲程汽油机的每个工作循环中，飞轮转动2圈，对外做功1次，因此，1min完成600个工作循环，对外做功600次。
故答案为：(1)吸气；向下；(2)丁；内能转化为机械能；(3)600。
(1)(2)根据气门的关闭情况和活塞的运动方向判断是哪一个冲程；
(3)已知飞轮的转速，四冲程汽油机的每个工作循环中，飞轮转动2圈，对外做功1次，据此求出每分钟对外做功的次数。
本题主要考查内燃机的四个冲程，常见题目。
22.【答案】质量 大于 酒精的热值大 控制变量法 转换法
【解析】解：(1)根据控制变量法可知，实验前，应该控制酒精和碎纸片的质量相同；
(2)甲、乙装置中水的质量和初温相同，甲图中水的温度升高的多，说明甲图中的水吸收的热量大于乙图中的水吸收的热量；
(3)燃烧相同质量的酒精和碎纸，酒精放出的热量多，酒精的热值大；
(4)实验中采用的是控制变量法；实验中通过水的温度的变化来判定燃料热值的大小，采用的是转换法。
故答案为：(1)质量；(2)大于；(3)酒精的热值大；(4)控制变量法；转换法。
根据控制变量法进行分析，比较酒精和碎纸片这两种燃料的热值，需使质量相同，加热水的质量相同，根据水升高的温度进行比较；水的温度升高的越多，表明燃料放出的热量越多，燃料的热值越大。
本题主要考查不探究同燃料的热值的实验，其中理解燃料燃烧放出热量的多少是通过燃烧燃料加热水，观察水温度的变化来呈现是解本题的关键。
23.【答案】解：(1)根据电源的正负极由安培定则可判断出图中通电螺线管的右端为N极，左端为S极，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可判定小磁针的右端为N极、左端为S极．
(2)根据磁感线都是从磁体的N极出发，回到S极，可以标出磁感线的方向．如图．
故答案为：
【解析】(1)由安培定则可判断出图中通电螺线管的NS极，根据磁极间的相互作用，可以判断小磁针的磁极．
(2)根据磁体周围的磁感线都是从N极出来，回到S极，进行判断．
知道螺线管的电流方向、磁极、小磁针的磁极、磁感线中的任意一者，都可以根据磁极间的作用和安培定则判断另外几者．
24.【答案】解：(1)地球相当于一个巨大的磁体，而在磁体外部，磁感线都是从N极出发，回到S极，所以根据题图我们得出，在地理北极附近的是地磁S极，在地理南极附近的是地磁N极。
(2)根据磁极之间的相互作用规律可知，指向地理南极(地磁北极)的是小磁针的S极，故小磁针的右下端是S极。
故答案为：如下图所示
【解析】(1)在磁体外部，磁感线都是从N极出发，回到S极；在磁体内部，磁感线都是从S极出发，回到N极。
(2)磁极间的相互作用是：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。
地磁北极在地理南极附近；地磁南极在地理北极附近。注意，地磁南极(地磁北极)与地理北极(地理南极)并没有重合在一起。
25.【答案】发电机 电磁感应 大小和方向
【解析】解：由如图所示可知，电路中无电源，闭合电路的线圈在磁场中做切割磁感线运动，线圈中就会产生感应电流，这就是电磁感应现象，所以该装置是发电机模型；
发电机产生电流的大小和方向随时间作周期性变化，这种电流叫做交流电。
故答案为：发电机；电磁感应；大小和方向。
发电机是利用电磁感应原理工作的；交流电是指大小和方向随时间做周期性的变化。
本题主要考查学生对：发电机的原理和构造，以及交流电的特点的了解和掌握，是一道基础题。
26.【答案】变小 吸合 20 40 22 34
【解析】解：
(1)分析图象发现：温度升高时，热敏电阻阻值减小，根据欧姆定律，电路中电流就会增大，电磁铁的磁性就会增大，继电器的街铁会被吸合；
(2)用一节干电池作为控制电路的电源，此时的电源电压为U=1.5V；
当控制电路的电流达到I=50mA=0.05A时，继电器的衔铁会被吸合，由I=UR可知，总电阻：R1+R2=UI=1.5V0.05A=30Ω，
则R1=30Ω−10Ω=20Ω，由图乙可知，对应的水温为34℃，
当控制电路的电流达到I′=30mA=0.03A时，继电器的衔铁会被吸合，由I=UR可知，总电阻：R1′+R2=UI′=1.5V0.03A=50Ω，
则R1′=50Ω−10Ω=40Ω，由图乙可知，对应的水温为22℃，
所以水箱内的水温被控制在22℃∼34℃范围之内。
故答案为：(1)变小；吸合；(2)20；40；22；34。
(1)由图象分析热敏电阻阻值随温度的变化关系，结合欧姆定律分析电路中电流的变化，从而判断出电磁铁磁性的变化；
(2)当控制电路的电流达到50mA=0.05A时，继电器的衔铁被吸合，根据欧姆定律求出电路总电阻，进一步求出热敏电阻的阻值，并从图象中读出对应的温度；
当控制电路的电流减小到30mA=0.03A时，衔铁会被释放，根据欧姆定律求出电路总电阻，进一步求出热敏电阻的阻值，并从图象中读出对应的温度；综合上述分析得出水温的控制范围。
本题考查了串联电路的特点、欧姆定律公式的应用，明白电磁继电器的工作特点是关键，难度不大。
27.【答案】磁场 通电导体 相反 磁场方向 相反 电流方向 不能
【解析】解：(1)磁体周围和通电导线周围都存在一种特殊物质是磁场；而磁感线是不存在的；
(2)将一根导体ab置于蹄形磁铁的两极之间，未闭合开关前，电路中没有电流，导体静止不动，闭合开关后，电路中有电流，导体运动，说明磁场对通电导体有力的作用；
(3)断开开关，将图中磁铁的N、S极对调，磁场方向改变，再闭合开关，电流方向不变，会发现导体ab的运动方向与对调前的运动方向相反，向左运动，这说明通电导体在磁场中的受力方向与磁场方向有关；
(4)断开开关，将图中电源的正、负极对调，电流的方向发生了变化，再闭合开关，会发现导体a、b的运动方向与对调前的运动方向相反，这说明通电导体在磁场中的受力方向与电流的方向有关；
(5)同时改变磁场方向和电流方向，导体运动的方向不变，不能确定受力方向与磁场方向或电流方向是否有关。
故答案为：(1)磁场；(2)通电导体；(3)相反；磁场方向；(4)相反；电流方向；(5)不能。
(1)磁体的周围存在磁场；
(2)磁场对通电导体有力的作用；
(3)(4)(5)改变电流的方向或磁场的方向都可以改变通电导体的受力方向，从而使其运动方向不同，若电流的方向和磁场的方向都同时改变，不可以改变通电导体的受力方向。
此题主要考查了磁场对电流的作用，明确磁场力大小的影响因素、磁场力方向的影响因素是解题的关键。
28.【答案】温度计示数的变化 串联 电阻 ①④ c 电阻一定 电流越大
【解析】解：(1)当电阻丝通电后，电流产生热量使煤油温度升高，从而使温度计示数上升，因此可根据温度计示数的变化可知电流产生热量的多少；
(2)甲中两电阻串联，根据串联电路电流特点可知通过两电阻的电流相等，两电阻的阻值不同，所以可探究电流产生热量的多少与电阻的关系；
(3)乙图中，两电阻并联接入电路，根据并联电路电压特点可知两电阻两端的电压相同，根据Q=W=U2Rt可知电阻越小产生的热量越多，已知R1
故答案为：(1)温度计示数变化；(2)串联；电阻；(3)①④；(4)c；电阻一定；电流越大。
(1)由焦耳定律可知，瓶中电阻丝发热后放出热量，使瓶内液体温度升高，根据温度计示数变化的大小体现出来；转换法在物理学中有很多应用，主要用来演示一些不易直接观察的物理量的变化；
(2)由甲图可知，两电阻串联，可知电路中电流一定相等，根据控制变量法可知两瓶中产生的热量应与电阻有关，故可探究电流产生的热量与电阻的关系；
(3)乙图中，两电阻并联接入电路，根据并联电路电压特点可知两电阻两端的电压相同，根据Q=W=U2Rt可知电阻越小产生的热量越多；
(4)在电阻和通电时间相同的条件下，观察两只温度计示数变化情况，可以探究电流产生的热量与电流的关系。
本题探究热量与电流及电阻的关系，要求能正确分析电路，掌握串并联电路的特点，并灵活应用焦耳定律分析解答。
29.【答案】右 0.38.330.75减小 0.072
【解析】解：(1)滑动变阻器“一上一下”串联接入电路中，电压表并联到灯泡的两端，灯泡的额定电压为2.5V，则电压表选用小量程；电流表选用小量程，如下图所示：
；
(2)为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器滑片应该移到连入电路阻值最大的位置，即最右端；
(3)由图乙知，电流表的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，所以示数为0.3A；
根据欧姆定律可知，小灯泡的电阻为：R=ULIL=2.5V0.3A≈8.33Ω；
灯泡的额定功率为：P=ULIL=2.5V×0.3A=0.75W；
(4)由图象丙知，U−I图像不是一条直线，随着电压的升高，电流变大，电压的变化量要小于电流的变化量，根据欧姆定律可知，电阻减小，则LED灯的电阻随电压的增大而减小；
当电压U=3V时，电流为I=24mA=0.024A，则该LED的额定功率P′=UI=3V×0.024A=0.072W。
故答案为：(1)如上图所示；(2)右；(3)0.3；8.33；0.75；(4)减小；0.072。
(1)根据题目要求确定滑动变阻器的接法，然后根据要求连接实物电路图；
(2)为保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至最大阻值处；
(3)确定电流表的量程和分度值，读出示数，根据R=UI求出小灯泡的电阻，根据公式P=UI计算出额定功率；
(4)由图象丙知，U−I图像不是一条直线，随着电压的升高，电流变大，电压的变化量要小于电流的变化量，据此判断电阻变化；
由图丙确定额定电流，根据P=UI计算出额定功率。
此题是“测定小灯泡电功率”的实验，考查了电路的连接、电流表的读数及电功率的计算、欧姆定律的应用；同时考查了对图象的分析，要学会从图象中获取有价值的信息。
30.【答案】解：
(1)图a表示的是沙子吸热升温的过程，因为沙子和水的质量相等，沙子的比热容比水小，吸收相同热量时(加热相同时间)，由△t=Qcm可知，沙子的温度升高得多；则图b表示的是水吸热升温的过程。
由题和图象可知，c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，m水=200g=0.2kg，△t水=70℃−20℃=50℃，
则水吸收的热量为：Q水吸=c水m水△t水=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.2kg×(70℃−20℃)=42000J。
(2)加热时酒精灯平均每分钟消耗1g酒精，
则加热2min时间消耗酒精的质量为：m=1g×2=2g=2×10−3kg，
这些酒精完全燃烧放出的热量为：Q放=mq=2×10−3kg×3.0×107J/kg=6×104J。
(3)相同时间内酒精燃烧放出的热量相同，在2分钟的时间内，Q沙吸=Q水吸=42000J，
由图知，加热满2min，沙子的温度从20℃上升到250℃，则△t沙=250℃−20℃=230℃，m沙=200g=0.2kg；
由Q吸=cm△t可得沙子的比热容为：
c沙=Q沙吸m沙△t沙=42000J0.2kg×230∘$C≈0.91×103J/(kg⋅℃)。
答：(1)水吸收了42000J的热量。
(2)酒精完全燃烧将放出6×104J的热量。
(3)沙子的比热容为0.91×103J/(kg⋅℃)。
【解析】(1)用两只完全相同的酒精灯，分别给水和沙子加热，这样做的目的是使水和沙子在相同时间吸收相同的热量，再利用公式△t=Qcm进行分析。
从图象可知，加热满2min，水的温度从20℃上升到70℃，从而可知水的温度变化，已知水的质量和比热容，可利用公式Q吸=cm△t计算水吸收的热量。
(2)已知酒精灯平均每分钟消耗1g酒精，便可以计算出给水加热2min时间消耗的酒精，已知酒精的热值，可利用公式Q放=mq计算热量。
(3)相同时间内酒精燃烧放出的热量相同，从(2)可知，加热2min水吸收的热量，已知酒精的质量和加热2min酒精的温度变化，可利用公式c=Qm△t计算沙子的比热容。
此题考查了学生对吸热公式的掌握和运用，并可利用公式计算热量和比热容，能从液体的温度随时间变化的图象搜集有关信息是本题的关键。
31.【答案】解：(1)只闭合开关S1时，只有定值电阻R1连入电路，根据欧姆定律可得R的阻值：
R1=UI1=3V0.2A=15Ω；
(2)通电1min后，定值电阻R1消耗的电能：W1=UI1t=3V×0.2A×60s=36J；
(3)再闭合开关S2，R1与R滑并联在电路中，电流表测干路电流，当滑动变阻器的滑片P移到最右端时，滑动变阻器连入电阻为最大阻值，此时干路电流最小，则电路消耗的总功率最小；
根据并联电路各支路不会影响的特点可知此时通过R1的电流仍为I1=0.2A，
此时通过滑动变阻器的电流为：
I2=UR2=3V20Ω=0.15A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流：I=I1+I2=0.2A+0.15A=0.35A，
最小总功率：P最小=UI=3V×0.35A=1.05W。
答：(1)定值电阻R1的阻值为15Ω；
(2)通电1min后，定值电阻R1消耗的电能为36J；
(3)再闭合开关S2，移动滑动变阻器的滑片，使R1和R2消耗的总功率最小，此最小总功率P最小为1.05W。
【解析】(1)只闭合开关S1时，只有定值电阻R1连入电路，根据欧姆定律求出电阻R1的阻值；
(2)根据W=UIt即可求出R1消耗的电能；
(3)再闭合开关S2，R1与R2并联在电路中，电流表测干路电流，当滑动变阻器的滑片P移到最右端时，滑动变阻器连入电阻为最大阻值，此时干路电流最小，则电路消耗的总功率最小，根据欧姆定律和并联电路的特点求出干路电流，利用P=Ui即可求出最小总功率。
本题考查了并联电路的特点、欧姆定律的应用和电功率的计算，分清电路的连接方式是关键。
2021-2022学年河北省保定市顺平县九年级（上）期末物理试卷
1. 下列现象中能用分子动理论解释的是( )
A. 春天，柳絮飞扬 B. 夏天，桂花飘香 C. 秋天，落叶归根 D. 冬天，雪花飘飘
2. 关于温度、内能和热量三者的关系，下列说法正确的是( )
A. 温度高的物体，内能一定大 B. 物体温度升高，内能一定增加
C. 物体吸收了热量，温度一定升高 D. 物体温度升高一定是吸收了热
3. 如图所示的事例中，通过热传递的方式改变物体内能的是( )
A. 锯木头锯条发热
B. 划火柴点火
C. 烧水时水温升高
D. 铁丝来回弯折温度升高
4. 下列机械应用了热机的是( )
A. 农用三轮车上的柴油机 B. 电脑工作一会儿后主机变热
C. 电动自行车 D. 洗衣机内部的电动机
5. 用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球，如图所示，两个金属箔张开，下列说法正确的是( )
A. 毛皮和橡胶棒摩擦的过程中创造了电子
B. 金属箔张开是因为带了异种电荷
C. 橡胶棒接触验电器的金属球时，电子向橡胶棒转移
D. 毛皮和橡胶棒摩擦的过程中橡胶棒得到了电子
6. 关于组成电路的基本元件的作用，下列说法中错误的是( )
A. 电源提供电能 B. 用电器是将其他形式的能转化为电能
C. 开关控制电路的通、断 D. 导线连接各电路元件，是电流的通道
7. 下列描述正确的是( )
A. 奥斯特发现了电磁感应现象
B. 法拉第首先发现了电流周围有磁场
C. 安培发现了通电螺线管的磁极性与电流方向的关系
D. 欧姆发现了电流通过导体产生的热量与电流电阻和通电时间的关系
8. 指南针是我国古代的四大发明之一，如图所示是我国早期的指南针——司南。公元1世纪初，东汉学者王充在《论衡》中记载，“司南之杓，投之于地，其柢指南”。这句话中“柢”和“南”分别指的是( )
A. 指南针的南极，地理的南极 B. 指南针的北极，地磁的北极
C. 指南针的北极，地理的北极 D. 指南针的南极，地磁的南极
9. 关于电流和电压的估测正确的是( )
A. 家用空调工作时的电流为1A B. 看电视时，电视机中的电流为2A
C. 电饭锅的额定电压为2.5V D. 石英钟内部电源的电压为1.5V
10. 如图是小明的玩具警车的简化电路图，若只让警车行驶，警灯不亮，小明的操作是( )
A. 只闭合开关S1
B. 只闭合开关S2
C. 两个开关都闭合
D. 两个开关都断开
11. 现代社会倡导文明出行，行人车辆都应遵守交通信号灯的指示。小明发现交通信号红绿灯是独立工作的，他设计了下列红绿灯电路图，你认为合理的是( )
A. B. C. D.
12. 如图所示电路中，当开关闭合时，下列说法正确的是( )
A. 灯泡L1不发光
B. 灯泡L2不发光
C. 电压表测量L1两端的电压
D. 电压表没有示数
13. 小明想用如图所示的装置比较甲，乙、丙三根镍铬合金丝的电阻大小，其中甲、乙两根长度相同，乙、丙两根粗细相同，小明分别将三根镍铬合金丝接入M、N两点间，闭合开关，记录电流表的示数，得出如下结论，你认为正确的是( )
A. 电流表的示数越大，说明接入M、N两点间的电阻越大
B. 甲的电阻大于乙的电阻
C. 乙的电阻大于丙的电阻
D. 甲的电阻小于丙的电阻
14. 如图所示为某同学家中的电能表的示意图，下列说法不正确的是( )
A. 此时的读数为8633.5kW⋅h
B. 家中干路中的总电流为1A时，该电能表不能工作
C. 每消耗1kW⋅h的电能，电能表的转盘转3600圈
D. 转盘每转1圈，对应消耗的电能是1000J
15. 如图所示是小明探究电磁铁磁性强弱与什么因素有关的实验装置．下列措施中能使电磁铁磁性增强的是( )
A. 滑片P向右移动，其他条件不变
B. 滑片P向左移动，其他条件不变
C. 开关S由1扳到2，其他条件不变
D. 电源的正负极对调，其他条件不变
16. 如图所示电路，闭合开关后，两表均有示数，过一会儿发现电压表示数突然变小，电流表示数突然变大，下列判断可能的是( )
A. 灯泡L1短路
B. 灯泡L2短路
C. 灯泡L1灯丝断开
D. 灯泡L2灯丝断开
17. 如图，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，闭合S，滑片从中点向右移动时，下列说法正确的是( )
A. 电压表示数变大，电流表A1示数变小 B. 电压表示数不变，电流表A2示数变大
C. 电压表示数与电流表A2示数的比值变大 D. 电流表A2与A1示数之差变小
18. 如图所示，电源电压是8V，灯泡L1和L2的阻值不随温度变化，闭合开关S，两个灯泡均发光，电压表的示数是3V，下列说法正确的是( )
A. 电压表测量的是灯泡L1两端的电压
B. 灯泡L1和L2的电阻之比为3：5
C. 灯泡L1和L2中的电流之比为3：5
D. 灯泡L1比灯泡L2亮些
19. 如图所示电路中，电源电压恒定，当S1、S2都闭合时，电流表A1的示数为0.5A，A2的示数为0.3A，电阻R2的阻值为10Ω，下列说法正确的是( )
A. 通过R1的电流为0.2A B. 电源电压为5V
C. 电阻R1的阻值为15Ω D. 若断开开关S2，电流表A2的示数变大
20. 如图所示电路，电源电压不变，滑动变阻器R2的最大阻值与R1的阻值均为R0，a、b、c分别为电阻(阻值为R0)、电流表、电压表其中之一，且不相同。当S1、S3闭合时，移动滑片P，电路中消耗的功率始终为I02R0，下列有关说法正确的是( )
A. a一定是电阻，c一定是电流表
B. 开关都闭合时，电路消耗功率为2I02R0
C. 只闭合S1，若b为电压表，滑片P向右移动，b的示数变小
D. 只闭合S1，移动滑动变阻器的滑片可以使电路消耗的最大功率为I02R0
21. 汽油机的一个工作循环包括四个冲程，如图所示，回答下列问题：
(1)在甲、乙、丙、丁四幅图中，图甲表示______冲程，在这个冲程中活塞的运动方向是______(选填“向上”或“向下”)；
(2)在甲、乙、丙、丁四幅图中，图______表示做功冲程，在这个冲程中能量转化情况是：______；
(3)若汽油机飞轮转速为1200r/min，则1min内汽油机共完成______个工作循环。
22. 如图所示，为了比较酒精和碎纸片的热值，在相同规格的烧杯中装入质量相等、温度相同的水，将酒精和碎纸片分别放入两个燃烧皿中，点燃它们分别给烧杯加热，直到酒精和碎纸片完全燃烧。
(1)实验前，应该控制酒精和碎纸片的______相等。
(2)比较甲乙两图中的温度计的示数可知，甲图中水的温度升高的多，说明甲图中的水吸收的热量______(“大于”或“小于”)乙图中的水吸收的热量。
(3)该实验可以得出的结论是______。
(4)该实验用到的物理方法有______和______。
23. 如图所示，请标出画出开关闭合后磁感线方向和小磁针静止时的N极．
24. 如图为地磁场的示意图，请在括号内填上地磁的磁极和小磁针右下端的磁极(选填“N”或“S”)。
25. 如图为______的模型，是利用______的原理工作的，工作中产生的感应电流的______都在做周期性变化，这种电流叫做交变电流。
26. 某同学利用热敏电阻为家中灯暖型“浴霸”(用电灯取暖的用电器)设计了一个温度可自动控制的装置，如图甲所示。“控制电路”中的热敏电阻Rt的阻值随温度变化的曲线如图乙所示。“浴霸”共安装有2盏标有“220V 440W”的灯泡。
回答问题：
(1)当浴室中的温度上升时，由图乙可知热敏电阻的阻值______ (选填“变大”，“变小”或“不变”)；当升高到一定的温度值时，继电器的街铁会被______ 。(选填“吸合”或“释放”)
(2)此同学用一节干电池作为控制电路的电源，已知电磁铁线圈的阻值R0=10Ω。当电线圈中电流≥50mA时继电器的衔铁会被吸合、电流≤30mA时衔铁会被释放，此时热敏电阻Rt对应的阻值分别是______ Ω和______ Ω；将这位同学设计的装置放在浴室内，浴室内温度可控制在______ ℃∽______ ℃范围内。
27. 在探究“磁场对通电导体的作用”的实验中，小明设计了如图所示的电路，导体棒ab用绝缘细线悬挂在蹄形磁铁的两极之间。
(1)磁体周围和通电导线周围都存在一种特殊物质是______(选填“磁场”或“磁感线”)；
(2)闭合开关前，导体棒ab静止，闭合开关后，导体棒ab向右运动，说明磁场对______有力的作用。
(3)断开开关，将图中磁铁的N、S极对调，再闭合开关，会发现导体a、b的运动方向与对调前的运动方向______，说明通电导体在磁场中的受力方向与______有关。
(4)断开开关，将图中电源的正、负极对调，再闭合开关，会发现导体a、b的运动方向与对调前的运动方向______，说明通电导体在磁场中的受力方向与______有关。
(5)如果同时改变磁场方向和电流方向，______(填“能”或“不能”)确定受力方向与磁场方向或电流方向是否有关。
28. 小明和小亮在探究“电流通过导体产生的热量跟什么因素有关”时，设计了如图所示的甲、乙实验装置将电阻丝R1、R2分别密封在两个装有相等质量煤油的相同烧瓶中，a、b、c、d为相同规格的温度计，滑动变阻器的规格相同，滑片置于中间位置。已知R1
(1)实验中通过观察______来比较电流产生的热量的多少。
(2)甲图中R1、R2的连接方式是______，该装置可探究电流通过导体产生的热量与______是否有关。
(3)闭合开关前，小亮分析了乙图所示的实验装置，给出以下四种判断，你认为正确的是______(选填序号)。
①该装置中R1、R2的连接方式并联
②闭合开关后，R2将被短路
③闭合开关后，R1中的电流小于R2中的电流
④闭合开关后，相同时间内c温度计示数的变化量大于d温度计示数的变化量
(4)同时闭合甲、乙两图中的开关，比较相同时间内a、c两支温度计示数变化情况，温度变化较大的是______，可以得出的结论是：当______时，______，电流通过导体产生的热量越多。
29. 小宇用如图甲所示的实验装置测量额定电压为2.5V的小灯泡电功率时，电源电压为3V，若所用器材均能满足实验需要。
(1)用笔画线替代导线，将实物电路连接完整；
(2)闭合开关前，滑动变阻器滑片应滑至最______端(选填“左”或“右”)；
(3)实验过程中，当电压表示数为2.5V时小灯泡正常发光，由图乙可知，此时电流表的示数为______ A，小灯泡正常发光时的电阻为______Ω，小灯泡的额定功率为______ W；
(4)小王受此实验启发，想测定电动自行车上用作照明的LED(发光二极管)额定功率。在老师的帮助下通过实验得到该LED的I−U图象如图丙所示，由图象可知LED灯的电阻随电压的增大而______(选填“增大”、“不变”或“减小”)。查阅资料知道该LED的额定电压为3V，结合图象可得该LED的额定功率为______ W。
30. 某学校九年级物理兴趣小组的同学在研究“沙子和水谁的吸热本领大”时，选用了两只完全相同的酒精灯分别给质量都是200g的沙子和水加热，他们绘制出沙子与水的温度随加热时间变化的图象如图所示。已知酒精的热值是3.0×107J/kg，加热时酒精灯平均每分钟消耗1g酒精、那么请问：
(1)加热满2min时，水吸收了多少热量？
(2)给水加热的2min时间内，如果酒精完全燃烧将放出多少热量？
(3)试求出沙子的比热容。
31. 在如图所示的电路中，电源电压为3V保持不变，滑动变阻器的最大阻值为20Ω，只闭合开关S1时，电流表的示数为0.2A。
(1)求定值电阻R1的阻值；
(2)通电1min后，定值电阻R1消耗的电能；
(3)再闭合开关S2，移动滑动变阻器的滑片，使R1和R2消耗的总功率最小，求此最小总功率P最小。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、春天，柳絮飞扬，是宏观物体的运动，和分子运动无关，故A错误；
B、夏天，桂花飘香是扩散现象，是分子无规则运动的结果，故B正确；
C、秋天，落叶归根，树叶运动是宏观物体的运动，和分子运动无关，故C错误；
D、冬天，雪花飘飘，雪花运动是宏观物体的运动，和分子运动无关，故D错误。
故选：B。
解答本题应掌握：分子动理论的内容及分子动理论在生活中的应用；并要注意区分分子运动与宏观的机械运动的区别。
本题考查学生对分子动理论知识的掌握及考查能否应用到生产生活中去解释常见现象。
2.【答案】B
【解析】解：A、因为影响内能的因素有质量、温度和状态，因此温度高的物体内能不一定大，故A错误；
B、物体温度升高，可能是吸收了热量，也可能是外界对它做了功，其内能一定增加，故B正确；
C、物体吸收热量，温度不一定升高，如冰熔化，吸收热量，内能增加，温度不变，故C错误．
D、物体温度升高可能是吸收了热，也可能是外界物体对它做了功，故D错误；
故选B.
(1)影响内能的因素有质量、温度以及状态等．
(2)内能是指物体内部所有分子的分子动能和分子势能的和；物体的内能发生变化，可能表现在物体的温度变化，也可能是状态的变化．
(3)物体吸收了热量，可能用来加快分子的无规则运动，即表现在物体的温度的升高；也可能用来改变物体的状态．
(4)改变物体内能的方式有做功和热传递两种方式．
本题考查的是学生对影响物体内能大小的因素的理解以及内能、温度与热量三者之间的关系的掌握，是中招的热点．
3.【答案】C
【解析】解：
A、锯条锯木头，克服摩擦做功，机械能转化为内能，属于做功改变物体内能；不符合题意；
B、擦划火柴是相互摩擦做功，机械能转化为木头的内能，是通过做功的方式增加了物体的内能，不符合题意；
C、烧水时，火焰的内能传递给水，使水的内能增加，温度升高；属于通过热传递的方式改变物体的内能；符合题意；
D、来回弯折铁丝，铁丝发热，是利用做功来改变物体内能的，不符合题意。
故选：C。
此题是考查对做功和热传递改变物体内能的辨别，是中考热点，属于基础题目。
4.【答案】A
【解析】解：
A、农用三轮车上的柴油机是把内能转化成机械能的装置，属于热机，故A符合题意；
B、电脑工作一会儿后主机变热，是电能转化为热能，不属于热机，故B不合题意；
C、电动自行车利用电能工作，不属于热机，故C不合题意；
D、洗衣机内部的电动机，利用电能工作，不属于热机，故D不合题意。
故选：A。
热机是把内能转化成机械能的装置，分析各选项能量转化即可正确解题。
本题主要考查了对热机的理解，是一道容易出错的题目。
5.【答案】D
【解析】解：A、摩擦起电现象是通过摩擦的方式使电荷发生了转移，而不是创造了电子，故A错误；
B、验电器的金属箔片张开是因为带了同种电荷，同种电荷相互排斥，故B错误；
C、橡胶棒接触验电器的金属球时，橡胶棒上的电子从橡胶棒转移到验电器上，故C错误；
D、毛皮和橡胶棒摩擦的过程中，橡胶棒原子核束缚电子的能力强，得到电子而带负电，故D正确。
故选：D。
(1)摩擦起电的实质是电荷的转移，原子核束缚电子能力强的物体得到电子带负电，原子核束缚电子能力弱的物体，失去电子带正电；
(2)验电器是检验物体是否带电的仪器，其制作原理是：同种电荷相互排斥；
(3)用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电荷，当接触验电器上端的金属球时，橡胶棒上的电子会转移到验电器上。
知道实验室中如何取得正电荷和负电荷，且明白验电器的制作原理是解决该题的关键。
6.【答案】B
【解析】解：A、电源是提供电能的装置，故A正确；
B、用电器是消耗电能的装置，它将电能转化为其它形式的能，故B错误；
C、开关是用来控制电路通、断的装置，故C正确；
D、导线是将电源，用电器，开关连接起来构成电路，是电流的通道，故D正确；
故选B.
电源是提供电能的装置，用电器是用电来工作的装备，开关是用来控制电路通、断的装置，导线是将电源，用电器，开关连接起来构成电路，是输送电能的元件．
本题较简单，记清电路的概念和各部分的作用是解题的关键．
7.【答案】C
【解析】解：A、奥斯特发现了电流周围存在磁场，故A错误；
B、法拉第发现了电磁感应现象，故B错误；
C、安培最早发现通电螺线管的磁场和电流方向的关系，故C正确；
D、焦耳揭示了电流通过导体产生的热量与电流、电阻和通电时间的关系，得出了焦耳定律，故D错误。
故选：C。
根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可。
本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。
8.【答案】A
【解析】解：
地球本身是一个大磁体，司南是用天然磁石磨制成的勺子，即其实质就是一块磁铁，在地球的磁场中受到磁力的作用，其静止时其“柢”(勺柄)指向南方，即指南针的南极，地理上的南极是地磁的北极，故A正确，BCD错误。
故选：A。
(1)司南实际上就是一个磁铁；
(2)磁体静止时，指南的叫南极用字母S表示；指北的叫北极，用字母N表示。
本题主要考查学生对：司南的了解和掌握，是一道基础题。
9.【答案】D
【解析】解：A、家用空调工作时的电流在5A左右，故A不正确；
B、看电视时，电视机中的电流约0.7A，故B不正确；
C、电饭锅的额定电压为220V，故C不正确；
D、石英钟内部电源是一节干电池，电压为1.5V，故D正确。
故选：D。
不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断正确的是哪一个。
估测是一种科学的近似值，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要的作用，应用日常知识积累解答此题。
10.【答案】A
【解析】解：据图可知，开关S1控制电动机，开关S2控制小灯泡，若只让电动机M工作，应只闭合S1。警灯不亮，开关S2控制小灯泡，应断开S2。
故选：A。
根据电路图可知，电动机与小灯泡有两条电流路径，电动机和小灯泡并联，开关S2控制小灯泡，开关S1控制电动机；根据开关所在并联电路中的位置判断其作用。
本题考查并联电路的特点和开关的作用等内容，属于基础题目。
11.【答案】B
【解析】解：已知交通信号红绿灯是独立工作的，由此可知两灯是并联的；
A.两开关均闭合时红绿交通信号灯同时发光，只闭合一个开关均不发光，故A错误；
B.只闭合开关S1时绿灯亮，只闭合开关S2时红灯亮，两灯独立工作，互不影响，故B正确；
C.两开关都闭合时会造成绿灯短路，只有红灯发光；S1断开、S2闭合时，两个灯同时发光，不能实现各自独立工作，故C错误；
D.两开关都闭合时会造成红灯短路，只有绿灯发光；S1断开、S1闭合时，两个灯同时发光，不能实现各自独立工作，故D错误；
故选：B。
已知交通信号红绿灯是独立工作的，由此可知两灯是并联的，然后分析选项得出答案。
本题考查了电路图的设计，关键是知道红绿交通信号灯两灯泡不会同时亮，要注意从选项中找出最符合题意的答案。
12.【答案】A
【解析】解：由图可知，该电路为并联电路，电压表与灯泡L1串联在一条支路中；由于电压表的电阻特别大，相当于断路，所以灯泡L1不发光；
根据并联电路各支路互不影响可知，灯泡L2发光；
此时电压表测量的是电源的电压，所以电压表示数等于电源电压；综上所述，A正确，BCD错误。
故选：A。
由图可知，该电路为并联电路，电压表与灯泡L1串联在一条支路中；根据电压表的特点分析灯泡L1的发光情况；根据电压表的连接方式判定其作用。
本题考查了电路的识别、电压表的连接方式，属于基础题。
13.【答案】D
【解析】解：(1)在该实验中，电阻的大小是通过电流的大小来体现的，电流越大说明电阻越小。故A错误；
(2)导体的电阻跟导体的材料、长度、横截面积和温度有关。当导体的材料、长度和温度相同时，导体的横截面积越大，电阻越小，由此判断甲的电阻小于乙的电阻；当导体的材料、横截面积和温度相同时，导体的长度越长，电阻越大，由此判断丙的电阻大于乙的电阻；由此得出：丙的电阻>乙的电阻大于甲的电阻，故BC错误，D正确。
故选：D。
电阻的大小可以通过电流的大小来转换比较，结合给出的实验器材，可以利用电流表的示数来比较；掌握影响导体电阻大小的因素：导体的材料、长度和横截面积以及温度；
本题考查的是探究影响电阻大小因素的实验，用好控制变量法和转换法是解决本题的关键。
14.【答案】B
【解析】解：A、电能表的读数：数字方框中最后一位是小数，单位是kW⋅h，由图可知，此时电能表的读数为8633.5kW⋅h，故A正确；
B、电能表上的“10A”表示电能表允许通过的最大电流为10A，则家中干路中的总电流为1A时，该电能表能工作，故B错误；
CD、3600r/(kW⋅h)表示电路中用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的转盘转过3600圈，则转盘每转一圈，用电器消耗的电能W=13600kW⋅h=13600×3.6×106J=1000J，故CD正确。
故选：B。
(1)电能表的读数：数字方框中最后一位是小数，单位是kW⋅h；
(2)电能表上的“10A”表示电能表允许通过的最大电流为10A；
(3)3600r/(kW⋅h)表示电路中用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的转盘转过3600圈，则转盘每转一圈，用电器消耗的电能为13600kW⋅h。
本题考查电能表的读数、对电能表参数的理解和掌握、消耗电能的计算，知道3600r/(kW⋅h)表示电路中用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的转盘转过3600圈是解题的关键。
15.【答案】B
【解析】
【分析】
明确影响电磁铁磁性强弱的因素有哪些，再对照选项分析是否改变了这些因素，是解决此题的关键。
电磁铁磁性的强弱受电流的大小、线圈的匝数、以及铁芯的有无等因素的影响，从这一角度，对照各选项可进行针对性地分析。
【解答】
A.滑片右移，电路中的电阻增大，电流减小，电磁铁的磁性会减弱，故不合题意；
B.滑片左移，电路中的电阻减小，电流增大，电磁铁的磁性会增强，故符合题意；
C.开关S由1扳到2时，线圈的匝数减少，电磁铁的磁性会减弱，故不合题意；
D.电源的正负极对调只会改变电流的方向，对电磁铁的磁性不会有影响，故不合题意。
故选B。
16.【答案】A
【解析】解：当开关S闭合后，该电路为串联电路，电压表测量L1两端的电压，电流表测量电路中的电流；两表均有示数，过一会儿发现电压表示数突然变小，由电压表示数突然变小说明电压表由测量部分电路两端的电压(L1两端的电压)变为测量导线两端的电压(L1短路)，因此电路故障为L1短路，此时电流表示数变大。
故选：A。
电路故障分为短路和断路：短路时，电路中有电流，并且电流较大；断路时，电路中无电流；先根据电流表示数的变化确定电路的故障，然后再根据电压表、电流表示数示数的变化确定故障的具体位置。
本题考查了学生利用电流表、电压表判断电路故障的分析能力，电路故障分短路和开路两种情况，平时做实验时试一试，多总结、提高分析能力。
17.【答案】C
【解析】解：由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A2测干路电流，电流表A1测R2支路的电流；
AB、由于电源电压不变，则电压表示数不变；闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从中点向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流减小，即电流表A1示数变小；由于并联电路互不影响，则通过R1的电流不变，根据并联电路的电流规律可知，干路中的电流变小，即电流表A2示数变小；故AB错误；
C、电压表示数不变，电流表A2示数变小，其比值变大，故C正确；
D、电流表A2、A1示数之差为通过R1的电流，保持不变，故D错误。
故选：C。
由电路图可知，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A2测干路电流，电流表A1测R2支路的电流；
根据电源电压判定电压表示数的变化情况；
闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从中点向右移动时，根据滑动变阻器阻值变化判定通过其电流的变化；根据并联电路的特点分析通过R1电流的变化和干路电流的变化。
本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，注意滑动变阻器接入电路中电阻的变化是关键。
18.【答案】AB
【解析】解：A、闭合开关S，两个灯泡串联，电压表并联在L1两端，测量L1两端的电压，故A正确；
C、串联电路的电流处处相等，故灯泡L1和L2中的电流之比为1：1，故C错误；
B、电压表的示数是3V，根据串联电路的电压特点可知L2两端的电压U2=U−U1=8V−3V=5V，
根据欧姆定律可知灯泡L1和L2的电阻之比：R1R2=U1IU2I=U1U2=3V5V=35，故B正确；
D、根据P=UI可知灯泡L1和L2的电功率之比：P1P2=U1IU2I=U1U2=35，即L2的实际功率大于L1的实际功率，故灯泡L1比灯泡L2暗些，故D错误。
故选：AB。
(1)闭合开关S，两个灯泡串联，电压表并联在L1两端，测量L1两端的电压；
(2)串联电路的电流处处相等，据此得出灯泡L1和L2中的电流之比；
(3)电压表的示数是3V，根据串联电路的电压特点可知L2两端的电压，根据欧姆定律可知灯泡L1和L2的电阻之比；
(4)根据P=UI可知灯泡L1和L2的功率之比，实际功率大的灯泡较亮。
本题考查欧姆定律的应用、串联电路的特点和电功率的计算等知识，综合性较强。
19.【答案】AC
【解析】解：由电路图可知，两电阻并联，电流表A2测R2支路的电流，电流表A1测干路的电流；开关S1控制整个电路，开关S2控制电阻R1；
A、因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过电阻R1的电流：I1=I−I2=0.5A−0.3A=0.2A，故A正确；
B、因为并联电路中各支路两端的电压相等，所有由欧姆定律可得，电源的电压：U=U2=I2R2=0.3A×10Ω=3V，故B错误；
C、由I=UR可得，电阻R1的阻值：R1=UI1=3V0.2A=15Ω，故C正确。
D、电流表A2测R2支路的电流，由于并联电路各支路互不影响，所以断开开关S2时，通过R2的电流不变，即电流表A2示数不变，故D错误。
故选：AC。
由电路图可知，两电阻并联，电流表A2测R2支路的电流，电流表A1测干路的电流；开关S1控制整个电路，开关S2控制电阻R1；
根据并联电路的电流特点求出通过电阻R1的电流，再根据并联电路的电压特点求出电源的电压，利用欧姆定律求出电阻R1的阻值，若断开开关S2，根据并联电路各支路互不影响的特点，判断出电流表A2示数的变化。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，是一道较为简单的计算题。
20.【答案】BD
【解析】解：A、当S1、S3闭合时，移动滑片P，电路中消耗的功率始终为I02R0，说明滑动变阻器没有接入电路，电路为a的简单电路，a和c串联接入电路，由此可知a是电阻；若c为电流表，则b为电压表；若c为电压表，则b为电流表；根据欧姆定律可知，此时电源电压为：U=I0R0，故A错误；
B、开关都闭合时，滑动变阻器被短路，a和R1并联，此时总电阻R总=R02，I=UR总=I0R0R02=2I0，P=I2R=(2I0)2×R02=2I02R0，故B正确；
C、只闭合S1，a和滑动变阻器串联，电压表b测量滑动变阻器两端的电压，滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据串联电路的分压规律可知，滑动变阻器两端的电压变大，所以b的示数变大，故C错误；
D、只闭合S1，与滑动变阻器串联接入电路中，要使电路的总功率最大，根据P=U2R可知，此时电路的总电阻最小，根据串联电路的电阻关系可知，当滑片在最左端时，滑动变阻器接入电路中的电阻为0，此时电路中的最小电阻为R0，则电路消耗的最大功率为P=I02R0，故D正确。
故选：BD。
(1)当S1、S3闭合时，移动滑片P，电路中消耗的功率始终为I02R0，说明滑动变阻器没有接入电路，a和c串联接入电路，据此分析出a是电阻，c与b都是既可能为电流表，也可能为电压表，且电源电压U=I0R0；
(2)开关都闭合时，滑动变阻器被短路，a和R1并联，根据欧姆定律得出此时总电阻和电流，根据P=I2R得出电路消耗的功率；
(3)只闭合S1，a和滑动变阻器串联，电压表b测量滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的分压规律分析电压表示数的变化；
(4)只闭合S1，a与滑动变阻器串联接入电路中；要使电路的总功率最大，根据P=U2R可知，此时电路的总电阻最小，据此分析。
本题考查电流表和电压表的使用、等效电路分析、欧姆定律的应用、电功率的计算等问题，难度较大。
21.【答案】吸气 向下 丁 内能转化为机械能 600
【解析】解：
(1)由图甲知进气门打开，排气门关闭，活塞下行，是吸气冲程；
(2)由图丁知进气门与排气门都关闭，活塞下行，是做功冲程，把内能转化为机械能；
(3)由飞轮转速为1200r/min可知，飞轮1min转动1200圈；四冲程汽油机的每个工作循环中，飞轮转动2圈，对外做功1次，因此，1min完成600个工作循环，对外做功600次。
故答案为：(1)吸气；向下；(2)丁；内能转化为机械能；(3)600。
(1)(2)根据气门的关闭情况和活塞的运动方向判断是哪一个冲程；
(3)已知飞轮的转速，四冲程汽油机的每个工作循环中，飞轮转动2圈，对外做功1次，据此求出每分钟对外做功的次数。
本题主要考查内燃机的四个冲程，常见题目。
22.【答案】质量 大于 酒精的热值大 控制变量法 转换法
【解析】解：(1)根据控制变量法可知，实验前，应该控制酒精和碎纸片的质量相同；
(2)甲、乙装置中水的质量和初温相同，甲图中水的温度升高的多，说明甲图中的水吸收的热量大于乙图中的水吸收的热量；
(3)燃烧相同质量的酒精和碎纸，酒精放出的热量多，酒精的热值大；
(4)实验中采用的是控制变量法；实验中通过水的温度的变化来判定燃料热值的大小，采用的是转换法。
故答案为：(1)质量；(2)大于；(3)酒精的热值大；(4)控制变量法；转换法。
根据控制变量法进行分析，比较酒精和碎纸片这两种燃料的热值，需使质量相同，加热水的质量相同，根据水升高的温度进行比较；水的温度升高的越多，表明燃料放出的热量越多，燃料的热值越大。
本题主要考查不探究同燃料的热值的实验，其中理解燃料燃烧放出热量的多少是通过燃烧燃料加热水，观察水温度的变化来呈现是解本题的关键。
23.【答案】解：(1)根据电源的正负极由安培定则可判断出图中通电螺线管的右端为N极，左端为S极，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可判定小磁针的右端为N极、左端为S极．
(2)根据磁感线都是从磁体的N极出发，回到S极，可以标出磁感线的方向．如图．
故答案为：
【解析】(1)由安培定则可判断出图中通电螺线管的NS极，根据磁极间的相互作用，可以判断小磁针的磁极．
(2)根据磁体周围的磁感线都是从N极出来，回到S极，进行判断．
知道螺线管的电流方向、磁极、小磁针的磁极、磁感线中的任意一者，都可以根据磁极间的作用和安培定则判断另外几者．
24.【答案】解：(1)地球相当于一个巨大的磁体，而在磁体外部，磁感线都是从N极出发，回到S极，所以根据题图我们得出，在地理北极附近的是地磁S极，在地理南极附近的是地磁N极。
(2)根据磁极之间的相互作用规律可知，指向地理南极(地磁北极)的是小磁针的S极，故小磁针的右下端是S极。
故答案为：如下图所示
【解析】(1)在磁体外部，磁感线都是从N极出发，回到S极；在磁体内部，磁感线都是从S极出发，回到N极。
(2)磁极间的相互作用是：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。
地磁北极在地理南极附近；地磁南极在地理北极附近。注意，地磁南极(地磁北极)与地理北极(地理南极)并没有重合在一起。
25.【答案】发电机 电磁感应 大小和方向
【解析】解：由如图所示可知，电路中无电源，闭合电路的线圈在磁场中做切割磁感线运动，线圈中就会产生感应电流，这就是电磁感应现象，所以该装置是发电机模型；
发电机产生电流的大小和方向随时间作周期性变化，这种电流叫做交流电。
故答案为：发电机；电磁感应；大小和方向。
发电机是利用电磁感应原理工作的；交流电是指大小和方向随时间做周期性的变化。
本题主要考查学生对：发电机的原理和构造，以及交流电的特点的了解和掌握，是一道基础题。
26.【答案】变小 吸合 20 40 22 34
【解析】解：
(1)分析图象发现：温度升高时，热敏电阻阻值减小，根据欧姆定律，电路中电流就会增大，电磁铁的磁性就会增大，继电器的街铁会被吸合；
(2)用一节干电池作为控制电路的电源，此时的电源电压为U=1.5V；
当控制电路的电流达到I=50mA=0.05A时，继电器的衔铁会被吸合，由I=UR可知，总电阻：R1+R2=UI=1.5V0.05A=30Ω，
则R1=30Ω−10Ω=20Ω，由图乙可知，对应的水温为34℃，
当控制电路的电流达到I′=30mA=0.03A时，继电器的衔铁会被吸合，由I=UR可知，总电阻：R1′+R2=UI′=1.5V0.03A=50Ω，
则R1′=50Ω−10Ω=40Ω，由图乙可知，对应的水温为22℃，
所以水箱内的水温被控制在22℃∼34℃范围之内。
故答案为：(1)变小；吸合；(2)20；40；22；34。
(1)由图象分析热敏电阻阻值随温度的变化关系，结合欧姆定律分析电路中电流的变化，从而判断出电磁铁磁性的变化；
(2)当控制电路的电流达到50mA=0.05A时，继电器的衔铁被吸合，根据欧姆定律求出电路总电阻，进一步求出热敏电阻的阻值，并从图象中读出对应的温度；
当控制电路的电流减小到30mA=0.03A时，衔铁会被释放，根据欧姆定律求出电路总电阻，进一步求出热敏电阻的阻值，并从图象中读出对应的温度；综合上述分析得出水温的控制范围。
本题考查了串联电路的特点、欧姆定律公式的应用，明白电磁继电器的工作特点是关键，难度不大。
27.【答案】磁场 通电导体 相反 磁场方向 相反 电流方向 不能
【解析】解：(1)磁体周围和通电导线周围都存在一种特殊物质是磁场；而磁感线是不存在的；
(2)将一根导体ab置于蹄形磁铁的两极之间，未闭合开关前，电路中没有电流，导体静止不动，闭合开关后，电路中有电流，导体运动，说明磁场对通电导体有力的作用；
(3)断开开关，将图中磁铁的N、S极对调，磁场方向改变，再闭合开关，电流方向不变，会发现导体ab的运动方向与对调前的运动方向相反，向左运动，这说明通电导体在磁场中的受力方向与磁场方向有关；
(4)断开开关，将图中电源的正、负极对调，电流的方向发生了变化，再闭合开关，会发现导体a、b的运动方向与对调前的运动方向相反，这说明通电导体在磁场中的受力方向与电流的方向有关；
(5)同时改变磁场方向和电流方向，导体运动的方向不变，不能确定受力方向与磁场方向或电流方向是否有关。
故答案为：(1)磁场；(2)通电导体；(3)相反；磁场方向；(4)相反；电流方向；(5)不能。
(1)磁体的周围存在磁场；
(2)磁场对通电导体有力的作用；
(3)(4)(5)改变电流的方向或磁场的方向都可以改变通电导体的受力方向，从而使其运动方向不同，若电流的方向和磁场的方向都同时改变，不可以改变通电导体的受力方向。
此题主要考查了磁场对电流的作用，明确磁场力大小的影响因素、磁场力方向的影响因素是解题的关键。
28.【答案】温度计示数的变化 串联 电阻 ①④ c 电阻一定 电流越大
【解析】解：(1)当电阻丝通电后，电流产生热量使煤油温度升高，从而使温度计示数上升，因此可根据温度计示数的变化可知电流产生热量的多少；
(2)甲中两电阻串联，根据串联电路电流特点可知通过两电阻的电流相等，两电阻的阻值不同，所以可探究电流产生热量的多少与电阻的关系；
(3)乙图中，两电阻并联接入电路，根据并联电路电压特点可知两电阻两端的电压相同，根据Q=W=U2Rt可知电阻越小产生的热量越多，已知R1
故答案为：(1)温度计示数变化；(2)串联；电阻；(3)①④；(4)c；电阻一定；电流越大。
(1)由焦耳定律可知，瓶中电阻丝发热后放出热量，使瓶内液体温度升高，根据温度计示数变化的大小体现出来；转换法在物理学中有很多应用，主要用来演示一些不易直接观察的物理量的变化；
(2)由甲图可知，两电阻串联，可知电路中电流一定相等，根据控制变量法可知两瓶中产生的热量应与电阻有关，故可探究电流产生的热量与电阻的关系；
(3)乙图中，两电阻并联接入电路，根据并联电路电压特点可知两电阻两端的电压相同，根据Q=W=U2Rt可知电阻越小产生的热量越多；
(4)在电阻和通电时间相同的条件下，观察两只温度计示数变化情况，可以探究电流产生的热量与电流的关系。
本题探究热量与电流及电阻的关系，要求能正确分析电路，掌握串并联电路的特点，并灵活应用焦耳定律分析解答。
29.【答案】右 0.38.330.75减小 0.072
【解析】解：(1)滑动变阻器“一上一下”串联接入电路中，电压表并联到灯泡的两端，灯泡的额定电压为2.5V，则电压表选用小量程；电流表选用小量程，如下图所示：
；
(2)为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器滑片应该移到连入电路阻值最大的位置，即最右端；
(3)由图乙知，电流表的量程为0∼0.6A，分度值为0.02A，所以示数为0.3A；
根据欧姆定律可知，小灯泡的电阻为：R=ULIL=2.5V0.3A≈8.33Ω；
灯泡的额定功率为：P=ULIL=2.5V×0.3A=0.75W；
(4)由图象丙知，U−I图像不是一条直线，随着电压的升高，电流变大，电压的变化量要小于电流的变化量，根据欧姆定律可知，电阻减小，则LED灯的电阻随电压的增大而减小；
当电压U=3V时，电流为I=24mA=0.024A，则该LED的额定功率P′=UI=3V×0.024A=0.072W。
故答案为：(1)如上图所示；(2)右；(3)0.3；8.33；0.75；(4)减小；0.072。
(1)根据题目要求确定滑动变阻器的接法，然后根据要求连接实物电路图；
(2)为保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至最大阻值处；
(3)确定电流表的量程和分度值，读出示数，根据R=UI求出小灯泡的电阻，根据公式P=UI计算出额定功率；
(4)由图象丙知，U−I图像不是一条直线，随着电压的升高，电流变大，电压的变化量要小于电流的变化量，据此判断电阻变化；
由图丙确定额定电流，根据P=UI计算出额定功率。
此题是“测定小灯泡电功率”的实验，考查了电路的连接、电流表的读数及电功率的计算、欧姆定律的应用；同时考查了对图象的分析，要学会从图象中获取有价值的信息。
30.【答案】解：
(1)图a表示的是沙子吸热升温的过程，因为沙子和水的质量相等，沙子的比热容比水小，吸收相同热量时(加热相同时间)，由△t=Qcm可知，沙子的温度升高得多；则图b表示的是水吸热升温的过程。
由题和图象可知，c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，m水=200g=0.2kg，△t水=70℃−20℃=50℃，
则水吸收的热量为：Q水吸=c水m水△t水=4.2×103J/(kg⋅℃)×0.2kg×(70℃−20℃)=42000J。
(2)加热时酒精灯平均每分钟消耗1g酒精，
则加热2min时间消耗酒精的质量为：m=1g×2=2g=2×10−3kg，
这些酒精完全燃烧放出的热量为：Q放=mq=2×10−3kg×3.0×107J/kg=6×104J。
(3)相同时间内酒精燃烧放出的热量相同，在2分钟的时间内，Q沙吸=Q水吸=42000J，
由图知，加热满2min，沙子的温度从20℃上升到250℃，则△t沙=250℃−20℃=230℃，m沙=200g=0.2kg；
由Q吸=cm△t可得沙子的比热容为：
c沙=Q沙吸m沙△t沙=42000J0.2kg×230∘$C≈0.91×103J/(kg⋅℃)。
答：(1)水吸收了42000J的热量。
(2)酒精完全燃烧将放出6×104J的热量。
(3)沙子的比热容为0.91×103J/(kg⋅℃)。
【解析】(1)用两只完全相同的酒精灯，分别给水和沙子加热，这样做的目的是使水和沙子在相同时间吸收相同的热量，再利用公式△t=Qcm进行分析。
从图象可知，加热满2min，水的温度从20℃上升到70℃，从而可知水的温度变化，已知水的质量和比热容，可利用公式Q吸=cm△t计算水吸收的热量。
(2)已知酒精灯平均每分钟消耗1g酒精，便可以计算出给水加热2min时间消耗的酒精，已知酒精的热值，可利用公式Q放=mq计算热量。
(3)相同时间内酒精燃烧放出的热量相同，从(2)可知，加热2min水吸收的热量，已知酒精的质量和加热2min酒精的温度变化，可利用公式c=Qm△t计算沙子的比热容。
此题考查了学生对吸热公式的掌握和运用，并可利用公式计算热量和比热容，能从液体的温度随时间变化的图象搜集有关信息是本题的关键。
31.【答案】解：(1)只闭合开关S1时，只有定值电阻R1连入电路，根据欧姆定律可得R的阻值：
R1=UI1=3V0.2A=15Ω；
(2)通电1min后，定值电阻R1消耗的电能：W1=UI1t=3V×0.2A×60s=36J；
(3)再闭合开关S2，R1与R滑并联在电路中，电流表测干路电流，当滑动变阻器的滑片P移到最右端时，滑动变阻器连入电阻为最大阻值，此时干路电流最小，则电路消耗的总功率最小；
根据并联电路各支路不会影响的特点可知此时通过R1的电流仍为I1=0.2A，
此时通过滑动变阻器的电流为：
I2=UR2=3V20Ω=0.15A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流：I=I1+I2=0.2A+0.15A=0.35A，
最小总功率：P最小=UI=3V×0.35A=1.05W。
答：(1)定值电阻R1的阻值为15Ω；
(2)通电1min后，定值电阻R1消耗的电能为36J；
(3)再闭合开关S2，移动滑动变阻器的滑片，使R1和R2消耗的总功率最小，此最小总功率P最小为1.05W。
【解析】(1)只闭合开关S1时，只有定值电阻R1连入电路，根据欧姆定律求出电阻R1的阻值；
(2)根据W=UIt即可求出R1消耗的电能；
(3)再闭合开关S2，R1与R2并联在电路中，电流表测干路电流，当滑动变阻器的滑片P移到最右端时，滑动变阻器连入电阻为最大阻值，此时干路电流最小，则电路消耗的总功率最小，根据欧姆定律和并联电路的特点求出干路电流，利用P=Ui即可求出最小总功率。
本题考查了并联电路的特点、欧姆定律的应用和电功率的计算，分清电路的连接方式是关键。
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