湖北省孝感市孝昌县邹岗镇初级中学2022-2023学年九年级上学期第一次月考物理试卷(含答案)

这是一份湖北省孝感市孝昌县邹岗镇初级中学2022-2023学年九年级上学期第一次月考物理试卷(含答案)，共20页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验探究题，应用题等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年湖北省孝感市孝昌县邹岗中学九年级（上）
第一次月考物理试卷
一、选择题（每题只有一个选项符合题意，每小题3分，共24分）
1．（3分）下列生活情景中，能说明分子在不停地做无规则运动的是（　　）
A．春天，花香扑鼻 B．夏天，毛毛细雨
C．秋天，树叶飞舞 D．冬天，鹅毛大雪
2．（3分）仔细观察图中的甲、乙、丙三杯水，判断下列说法正确的是（　　）

A．甲杯中水的内能最大 B．乙杯中水的内能最大
C．丙杯中水的内能最大 D．一样大
3．（3分）新冠肺炎疫情期间戴口罩能有效预防飞沫传播，要勤洗手，做好消毒工作，下列说法正确的是（　　）
A．新冠病毒随飞沫传播是一种分子运动
B．带口罩可以有效防止病毒传播是因为制作材料分子间没有空隙可以阻挡病毒传播
C．用酒精消毒时闻到酒精消毒液的气味是因为分子的热运动
D．口罩内层吸水层能够有效吸收呼出的水蒸气，说明分子之间存在着斥力
4．（3分）将两个分别装有空气和红棕色二氧化氮气体（密度ρ二氧化氮＞ρ空气）的玻璃瓶口对口对接，中间用玻璃板隔开抽开隔板后，通过观察瓶内颜色变化推断气体分子是否做无规则运动。对于玻璃瓶的三种放置方法（如图所示），最合理的是（　　）


A．甲图 B．乙图
C．丙图 D．三种放置都一样
5．（3分）两个相同的容器分别装了质量相同的两种液体，用两相同热源分别加热，不计热损失，液体温度与加热时间关系如图所示，根据图线可知（　　）

A．甲液体的比热容比乙液体的小
B．如果升高相同的温度，甲液体吸收的热量比乙液体多
C．加热时间相同，甲液体吸收的热量比乙液体多
D．加热时间相同，甲液体温度升高比乙液体多
6．（3分）有甲、乙两物体，它们的质量之比是3：1，吸收的热量之比是2：1．如果升高的温度之比是5：3，则甲、乙两物质的比热容之比是（　　）
A．10：1 B．1：10 C．2：5 D．5：2
7．（3分）我国将面向2030年部署一批与国家战略长远发展和人民生活紧密相关的重大科技项目和重大工程。其中，航空发动机和燃气轮机专项已经启动，下列我国“陆、海、空、天”装备中动力机械不属于热机（利用内能做功的机械）的是（　　）
A．中国高铁交流异步牵引电动机
B．052D型导弹驱逐舰燃气轮机
C．歼20战机涡扇15煤油发动机
D．长征五号火箭液氢液氧发动机
8．（3分）2020年11月24日4时30分，我国在中国文昌航天发射场，用长征五号遥控运载火箭成功发射探月工程“嫦娥五号”探测器，火箭飞行约2200秒后，顺利将探测器送入预定轨道，开启我国首次地外天体采样返回之旅。现代火箭选择燃料时，该物质应具有的特性是（　　）
A．较大的比热容 B．较低的沸点
C．较高的凝固点 D．较大的热值
二、填空题（每空一分，共11分）
9．（2分）航母舰载机即将起飞前，燃料燃烧会获得大量的　 　能，向后喷射出高温高速燃气流，为了避免对舰上人员及其它器材造成危害，甲板上安装可偏流板如图，偏流板后面装有供冷却水循环流动的格状水管，这是利用水的　 　大的特性来降低偏流板的温度。

10．（3分）如图所示，水平桌面上有一铁块，由绕过定滑轮的细绳与重6N的沙桶相连且保持静止。不计绳重及滑轮间的摩擦，定滑轮的作用是 　 　；铁块受到了 　 　个力的作用；铁块受到摩擦力的大小是 　 　N。

11．（3分）某汽油机工作过程有吸气、压缩、做功和排气四个冲程。如图为 　 　冲程工作示意图，在这个过程中 　 　能转化为机械能。若该汽油机的飞轮转速是4800r/min，则汽油机每秒钟做功 　 　次。

12．（3分）如图所示，是我国选手在第24届世界大学生冬运会女子冰壶比赛中夺冠的一个场景。比赛时两名队员在冰壶前方“刷冰”，通过　 　的方式改变冰的内能，使表面的冰　 　成薄薄的一层水（填物态变化名称），这样就能够减小冰壶与冰面之间的　 　，使冰壶按照运动员预计的运动快慢和方向运动。

三、作图题（每小题2分，共4分）
13．（2分）画出静止在斜面上的木块所受重力的示意图。

14．（2分）如图所示，杠杆在力F1、F2作用下处于平衡状态，请在图中作出F1、F2的力臂。

四、实验探究题（每空一分，共15分）
15．（7分）为了探究不同物质的吸热能力，实验室中准备了水和某种液体，用同样规格的电加热器加热，每隔1min记录一次它们的温度，测得如下数据：已知水的比热容c水＝4.2×103J/（kg•℃）。
时间/min
0
1
2
3
4
水的温度/℃
20
22
24
26
28
某种液体的温度/℃
20
23
26
29
32
（1）实验中，在两个完全相同的烧杯中分别装入　 　（选填“质量”或“体积”）、初温都相同的水和某种液体。采用同样规格的电加热器进行加热，且在加热时间相同，使水吸收的热量　 　（选填“大于”“等于”或“小于”）某种液体吸收的热量。
（2）由表中数据可知，温度升高较快的物质是　 　（选填“水”或“某种液体”）。本实验主要采用的实验方法是　 　法。
（3）由此可知，如果水和某种液体升高相同的温度，则　 　吸收的热量多。
（4）由以上信息可推知，c水　 　c液（选填“＞”、“＜”或“＝”）。
（5）根据以上数据可算出c液＝　 　J/（kg•℃）。
16．（4分）在某次探究实验中，需要测出实验所用盐水的密度，小玲、小亮分别进行了如下实验：
（1）小玲在使用天平时，先将天平放在水平台上，发现天平的游码未归零，但指针却指在分度盘中央，她应该先将游码调到零刻度线处，再将平衡螺母向 　 　（选填“左”或“右”）调节，天平横梁才能在水平位置平衡。
（2）小玲的实验过程如下：
①用已调节好的天平测出空烧杯的质量为20g；再往烧杯中倒入适量的盐水，天平平衡时，砝码的质量和游码的位置如图甲所示，则烧杯与盐水的总质量为 　 　g；
②把烧杯中的盐水倒入量筒中，如图乙所示，盐水的密度为 　 　kg/m3；
③这样测出的盐水密度会 　 　（选填“偏大”或“偏小”）。

17．（4分）解释小孩玩滑梯游戏。
若不计摩擦和空气阻力，则小孩在下滑的过程中，机械能　 　。
若小孩在滑梯上匀速下滑，在这一过程中，他的机械能　 　。
若小孩在滑梯上下滑时，臀部有灼热的感觉，在这一过程中，　 　 能转化为　 　。
五、应用题（每小题8分，共16分）
18．（8分）小明家的太阳能热水器水箱容积80L，装满初温为20℃的水，在阳光的照射下，热水器一天中吸收的太阳能为4.2×107J，这些能量可以让水温升高70℃，ρ水＝1.0×103kg/m3，c水＝4.2×103/（kg•℃）。
（1）求热水器中水的质量；
（2）求热水器中水吸收的热量；
（3）求该热水器将太阳能转化为内能的效率。
19．（8分）“运﹣20”是我国自主研发的大型运输机，它的发动机是一种热机，通过航空煤油在气室中燃烧，从喷口向后高速喷出气体，使发动机获得向前的推力，若“运﹣20”在高空中飞行时，在恒定的水平推力F的作用下，以900km/h的速度沿水平方向匀速航行1h，需要燃烧航空煤油5000kg，已知飞机发动机提供的恒定推力为1.6×105N，航空煤油的热值为q＝4.0×107J/kg。则在这1h内：
（1）航空煤油完全燃烧放出的热量是多少？
（2）飞机发动机做的功是多少？
（3）该发动机的热机效率是多大？

2022-2023学年湖北省孝感市孝昌县邹岗中学九年级（上）
第一次月考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（每题只有一个选项符合题意，每小题3分，共24分）
1．（3分）下列生活情景中，能说明分子在不停地做无规则运动的是（　　）
A．春天，花香扑鼻 B．夏天，毛毛细雨
C．秋天，树叶飞舞 D．冬天，鹅毛大雪
【分析】物体是由大量分子组成的，分子永不停息地做无规则运动，大量分子无规则的运动叫做分子的热运动，据此分析。
【解答】解：分子的无规则运动人的眼睛是看不到的。
A、春天，花香扑鼻，鼻子能闻到，但是人眼看不到，能说明分子在不停地做无规则运动，故A符合题意；
B、夏天，毛毛细雨，细雨可以看到，不能说明分子在不停地做无规则运动，故B不符合题意；
C、秋天，树叶飞舞，树叶可以看到，不能说明分子在不停地做无规则运动，故C不符合题意；
D、冬天，鹅毛大雪，雪花可以看到，不能说明分子在不停地做无规则运动，故D不符合题意。
故选：A。
【点评】本题考查对分子热运动的理解和掌握，是一道基础题。
2．（3分）仔细观察图中的甲、乙、丙三杯水，判断下列说法正确的是（　　）

A．甲杯中水的内能最大 B．乙杯中水的内能最大
C．丙杯中水的内能最大 D．一样大
【分析】内能的大小与物体的质量，温度，状态等有关。
【解答】解：对于同种物体，质量越大，温度越高，内能就越大，所以丙杯内的水内能最大。
故ABD错误，C正确。
故选：C。
【点评】理解内能概念和影响内能的因素，可解答此题。
3．（3分）新冠肺炎疫情期间戴口罩能有效预防飞沫传播，要勤洗手，做好消毒工作，下列说法正确的是（　　）
A．新冠病毒随飞沫传播是一种分子运动
B．带口罩可以有效防止病毒传播是因为制作材料分子间没有空隙可以阻挡病毒传播
C．用酒精消毒时闻到酒精消毒液的气味是因为分子的热运动
D．口罩内层吸水层能够有效吸收呼出的水蒸气，说明分子之间存在着斥力
【分析】（1）物质是由分子组成的，直接用肉眼看不到；飞沫是肉眼可以看到的，不是分子；
（2）分子之间存在空隙；
（3）一切物质的分子都在不停地做无规则运动；
（4）分子间存在着相互作用的引力和斥力。
【解答】解：A、分子很小，直接用肉眼看不到，飞沫是肉眼可以看到的；所以新冠病毒随飞沫传播是机械运动，不是分子的运动，故A错误；
B、由分子热运动可知分子之间存在间隙，所以口罩材料分子之间也有空隙，故B错误；
C、可以闻到酒精味，是由于酒精分子在不停地做无规则运动，故C正确；
D、内层吸水层能够有效吸收呼出的水蒸气分子，吸收作用体现的是分子间存在引力，而不是斥力，故D错误。
故选：C。
【点评】本题结合分子动理论的观点解释生活中的现象，属于基础题
4．（3分）将两个分别装有空气和红棕色二氧化氮气体（密度ρ二氧化氮＞ρ空气）的玻璃瓶口对口对接，中间用玻璃板隔开抽开隔板后，通过观察瓶内颜色变化推断气体分子是否做无规则运动。对于玻璃瓶的三种放置方法（如图所示），最合理的是（　　）


A．甲图 B．乙图
C．丙图 D．三种放置都一样
【分析】不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散，扩散现象说明了分子在不停地做无规则运动。
【解答】解：由题意可知，图甲中，虽然二氧化氮的密度大于空气密度，但是它也会运动到上面的瓶子内，这说明气体分子在不停地做无规则运动，最有说服力；
图乙中，密度大的二氧化氮气体在上方，抽去玻璃板后，由于重力的作用，二氧化氮气体会向下运动，所以不能完全说明气体分子在不停地做无规则运动，最不合理；
图丙中，瓶子水平放置，抽开隔板，气体可以自由运动，互相进入对方，能说明气体分子在不停地做无规则运动，但与甲相比，仍不够典型。
综上所述，最合理的是甲图，最不合理的是乙图。
故选：A。
【点评】扩散现象说明了分子在不停地做无规则运动，本实验中要注意将密度大的气体放在下面。
5．（3分）两个相同的容器分别装了质量相同的两种液体，用两相同热源分别加热，不计热损失，液体温度与加热时间关系如图所示，根据图线可知（　　）

A．甲液体的比热容比乙液体的小
B．如果升高相同的温度，甲液体吸收的热量比乙液体多
C．加热时间相同，甲液体吸收的热量比乙液体多
D．加热时间相同，甲液体温度升高比乙液体多
【分析】（1）在纵轴上找一点，保证两种液体升高相同的温度；过这点做横轴的平行线，与甲、乙两种液体的图象有交点，再过交点做纵轴的平行线，与横轴上有交点，比较甲、乙两种液体的加热时间，加热时间长的吸收热量多，根据公式Q吸＝cm（t﹣t0）得出比热容的关系；
（2）在纵轴上找一点，保证两种液体升高相同的温度；过这点做横轴的平行线，与甲、乙两种液体的图象有交点，再过交点做纵轴的平行线，与横轴上有交点，比较甲、乙两种液体的加热时间，加热时间长的吸收热量多；
（3）用同一热源加热，相同的加热时间，甲乙液体吸收的热量就是相同的；
（4）在横轴上找一点，保证加热时间相同；过这点做纵轴的平行线，与甲、乙两种液体的图象有交点，再过交点做横轴的平行线，与纵轴上有交点，比较甲乙升高温度的关系。
【解答】解：

根据图象可知：
A、质量相同的甲、乙两种液体升高相同的温度，甲的加热时间更长，吸收的热量更多，根据公式Q吸＝cm（t﹣t0），质量、升高的温度一定时，吸收的热量和物质的比热容成正比，甲吸收的热量多说明甲的比热容大，故A错误；
B、质量相同的甲、乙两种液体升高相同的温度，甲的加热时间更长，说明甲吸收的热量更多，故B正确；
C、同一热源加热，相同的时间内甲、乙两种液体吸收的热量就是相同的，故C错误；
D、质量相同的甲、乙两种液体加热相同的时间，乙的温度升高值更大，故D错误。
故选：B。
【点评】此题主要考查的是我们对于比热容图象的分析能力，难度一般。
6．（3分）有甲、乙两物体，它们的质量之比是3：1，吸收的热量之比是2：1．如果升高的温度之比是5：3，则甲、乙两物质的比热容之比是（　　）
A．10：1 B．1：10 C．2：5 D．5：2
【分析】要求两物质的比热容之比，首先需要熟练热量公式，以及热量公式的变形，在依据题意把条件代入，即可求得。
【解答】解：已知 M甲：M乙＝3：1，Q甲：Q乙＝2：1，△t甲：△t乙＝5：3，
由热量公式，Q＝CM△t得：C＝，
则C甲：C乙＝：＝××＝××＝。
故选：C。
【点评】主要考查了学生对热量公式以及公式的变形，这是中考中常考的题型，要求学生熟练掌握，易出错的地方是公式变形。
7．（3分）我国将面向2030年部署一批与国家战略长远发展和人民生活紧密相关的重大科技项目和重大工程。其中，航空发动机和燃气轮机专项已经启动，下列我国“陆、海、空、天”装备中动力机械不属于热机（利用内能做功的机械）的是（　　）
A．中国高铁交流异步牵引电动机
B．052D型导弹驱逐舰燃气轮机
C．歼20战机涡扇15煤油发动机
D．长征五号火箭液氢液氧发动机
【分析】热机是把内能转化成机械能的装置，分析各选项能量转化，找出符合要求的答案。
【解答】解：燃气轮机、煤油发动机和火箭都是热机，工作时把内能转化成机械能，而电动机是把电能转化成机械能，不符合热机的特点，故A正确。
故选：A。
【点评】本题考查了学生对热机的认识，把握住热机的能量转化是解题的关键。
8．（3分）2020年11月24日4时30分，我国在中国文昌航天发射场，用长征五号遥控运载火箭成功发射探月工程“嫦娥五号”探测器，火箭飞行约2200秒后，顺利将探测器送入预定轨道，开启我国首次地外天体采样返回之旅。现代火箭选择燃料时，该物质应具有的特性是（　　）
A．较大的比热容 B．较低的沸点
C．较高的凝固点 D．较大的热值
【分析】热值是燃料的一种特性，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多。
【解答】解：选择推进器燃料时，相同质量的燃料完全燃烧时，放出的热量越多，具有的内能就越大，对外做功就越多，飞的越远，所以需要热值大的燃料。
故选：D。
【点评】本题主要考查燃料热值的特性，会利用其解决生活中的实际问题。知道热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多即可解答。
二、填空题（每空一分，共11分）
9．（2分）航母舰载机即将起飞前，燃料燃烧会获得大量的　内　能，向后喷射出高温高速燃气流，为了避免对舰上人员及其它器材造成危害，甲板上安装可偏流板如图，偏流板后面装有供冷却水循环流动的格状水管，这是利用水的　比热容　大的特性来降低偏流板的温度。

【分析】（1）燃料燃烧时，它的化学能转化为内能；
（2）用水循环来降低偏流板的温度，是因为水在升高相同的温度时可以吸收更多的热量，冷却效果好。
【解答】解：
飞机发动机内的燃料燃烧，获得了大量的内能，然后转化为飞机的机械能；
水的比热容比较大，在升高相同的温度时需要吸收更多的热量，所以利用水来降低偏流板的温度。
故答案为：内；比热容。
【点评】本题考查了燃料燃烧过程能的转化、水比热容的特点，具有一定的综合性。
10．（3分）如图所示，水平桌面上有一铁块，由绕过定滑轮的细绳与重6N的沙桶相连且保持静止。不计绳重及滑轮间的摩擦，定滑轮的作用是 　改变力的方向　；铁块受到了 　4　个力的作用；铁块受到摩擦力的大小是 　6　N。

【分析】（1）由定滑轮的特点分析；
（2）分析铁块的受力情况；
（3）根据水平方向二力平衡的条件判断。
【解答】解：（1）使用定滑轮可以改变用力的方向；
（2）由图可知，铁块受到重力，桌面的支持力、桌面的摩擦力和细绳的拉力等4个力；
（3）因为铁块静止，所以在水平方向桌面的摩擦力和细绳的拉力是一对平衡力，它们大小相等；对于沙桶来说，细绳拉力和沙桶受到的重力平衡，所以铁块受到的摩擦力大小等于沙桶的重力大小，故铁块受到的摩擦力大小为6N；
故答案为：（1）改变力的方向；（2）4；（3）6。
【点评】将定滑轮和受力分析结合，考查了铁块和沙桶两个物体的受力分析，需注意研究对象的选取。
11．（3分）某汽油机工作过程有吸气、压缩、做功和排气四个冲程。如图为 　做功　冲程工作示意图，在这个过程中 　内　能转化为机械能。若该汽油机的飞轮转速是4800r/min，则汽油机每秒钟做功 　40　次。

【分析】判断冲程可以看气门的开关情况和活塞运动情况，结合规律总结进行判断内燃机的冲程；
四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，活塞往复1次，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次。
【解答】解：图中的进气门和排气门关闭，活塞下行，所以是做功冲程，内能转化为机械能；
四冲程汽油机的飞轮转速为4800r/min，则该飞轮每秒钟转80圈，对外做功40次。
故答案为：做功；内；40。
【点评】此题是关于内燃机的综合题目，会辨别不同的冲程，知道四冲程汽油机在一个工作循环中曲轴转2圈、飞轮转2周、做功一次是解决该题的关键。
12．（3分）如图所示，是我国选手在第24届世界大学生冬运会女子冰壶比赛中夺冠的一个场景。比赛时两名队员在冰壶前方“刷冰”，通过　做功　的方式改变冰的内能，使表面的冰　熔化　成薄薄的一层水（填物态变化名称），这样就能够减小冰壶与冰面之间的　摩擦　，使冰壶按照运动员预计的运动快慢和方向运动。

【分析】明确冰壶比赛的实际过程，从实际过程结合对应的物理知识入手分析来突破此题。
【解答】解：运动员刷冰时，冰刷与冰面摩擦，摩擦生热，将机械能转化为内能。
使冰面的内能增加，温度升高，冰熔化成水。
由于水的出现使冰壶与冰面分开，从而减小了冰壶与冰面之间的摩擦。
故答案为：做功；熔化；摩擦。
【点评】此题的综合性较强，做功使冰的内能增加是题目的突破口。
三、作图题（每小题2分，共4分）
13．（2分）画出静止在斜面上的木块所受重力的示意图。

【分析】过物体的重心，用一条带箭头的线段表示出重力的作用点和方向，注意重力的方向竖直向下。
【解答】解：
从木块的重心开始，沿竖直向下的方向画一条有向线段，用G表示物体所受的重力，如图所示：

【点评】本题考查了力的示意图的画法，知道重力方向是竖直向下（垂直于水平面）、作用点在重心，规则形状的物体（如球、方形物体等）的重心在物体的几何中心上。
14．（2分）如图所示，杠杆在力F1、F2作用下处于平衡状态，请在图中作出F1、F2的力臂。

【分析】力臂是由支点到力的作用线的距离，分别从支点向两个力的作用线引垂线，垂线段的长度即为动力臂、阻力臂。
【解答】解：
反向F1的作用线，从支点O到F1作用线的距离为F1的力臂L1，从支点到F2作用线的距离为F2的力臂L2，如图所示：
。
【点评】力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点。②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线。③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。④用字母L1或l2标出。
四、实验探究题（每空一分，共15分）
15．（7分）为了探究不同物质的吸热能力，实验室中准备了水和某种液体，用同样规格的电加热器加热，每隔1min记录一次它们的温度，测得如下数据：已知水的比热容c水＝4.2×103J/（kg•℃）。
时间/min
0
1
2
3
4
水的温度/℃
20
22
24
26
28
某种液体的温度/℃
20
23
26
29
32
（1）实验中，在两个完全相同的烧杯中分别装入　质量　（选填“质量”或“体积”）、初温都相同的水和某种液体。采用同样规格的电加热器进行加热，且在加热时间相同，使水吸收的热量　等于　（选填“大于”“等于”或“小于”）某种液体吸收的热量。
（2）由表中数据可知，温度升高较快的物质是　某种液体　（选填“水”或“某种液体”）。本实验主要采用的实验方法是　控制变量　法。
（3）由此可知，如果水和某种液体升高相同的温度，则　水　吸收的热量多。
（4）由以上信息可推知，c水　＞　c液（选填“＞”、“＜”或“＝”）。
（5）根据以上数据可算出c液＝　2.8×103　J/（kg•℃）。
【分析】（1）（4）我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法。
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
（2）根据表中数据可直观看出升温快的液体；
（3）根据表中数据可知，吸收相同热量，液体温度的变化，然后推理可知，升高相同的温度，吸收热量的多少；
（5）已知水的比热容，根据水的比热容，以及水和某种液体比热容的关系，即可求出某种液体的比热容。
【解答】解：
（1）根据比较吸热能力的两种方法，要控制不同物质的质量相同，故在两个完全相同的烧杯中分别装入质量、初温都相同的水和某种液体；
根据转换法，实验中选择相同规格的电加热器，可以认为在相同时间内水和液体吸收热量相同，由比较吸热能力的第2种方法，然后比较升温的快慢的方法来完成探究实验的；
（2）根据表中数据可知，质量相同的水和某种液体，吸收相同的热量，水的温度从20℃升高到28℃；某种液体的温度从20℃升高到32℃，因此在加热时间相同的条件下，升温快的是某种液体，本实验主要采用了控制变量法；
（3）根据表中数据可知，吸收相同的热量，水的温度从20℃升高到28℃；某种液体的温度从20℃升高到32℃，因此都从20℃升高到28℃，某种液体加热的时间短，故如果它们升高相同的温度，水吸收的热量多；
（4）根据表格数据知：在吸收热量、质量相同的情况下，某种液体的温度变化快，某种液体的吸热能力弱，故某种液体的比热容小，即c水＞c液；
（5）由表中数据可知：在加热相同的时间，如1min，水和某种液体的吸收的热量是相同的，由表格中数据可知，同是加热1min，水的温度升高了2℃，某种液体温度升高了3℃，水和这种液体升高的温度之比是2：3；
根据Q吸＝cm（t﹣t0）可知：在质量和吸收的热量相同时，物质升高的温度和物质的比热容成反比，水和这种液体升高的温度之比是2：3，水和这种液体的比热容之比就是3：2。
这种液体的比热容c液＝4.2×103J/（kg•℃）×＝2.8×103J/（kg•℃）。
故答案为：（1）质量；等于；（2）某种液体；控制变量；（3）水；（4）＞；（5）2.8×103。
【点评】此题考查了我们对于实验数据的分析能力，以及根据Q吸＝cm（t﹣t0）计算吸收热量的能力，是一道重点题。
16．（4分）在某次探究实验中，需要测出实验所用盐水的密度，小玲、小亮分别进行了如下实验：
（1）小玲在使用天平时，先将天平放在水平台上，发现天平的游码未归零，但指针却指在分度盘中央，她应该先将游码调到零刻度线处，再将平衡螺母向 　右　（选填“左”或“右”）调节，天平横梁才能在水平位置平衡。
（2）小玲的实验过程如下：
①用已调节好的天平测出空烧杯的质量为20g；再往烧杯中倒入适量的盐水，天平平衡时，砝码的质量和游码的位置如图甲所示，则烧杯与盐水的总质量为 　42　g；
②把烧杯中的盐水倒入量筒中，如图乙所示，盐水的密度为 　1.1×103　kg/m3；
③这样测出的盐水密度会 　偏大　（选填“偏大”或“偏小”）。

【分析】（1）天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度处，平衡螺母向上翘的一端移动，使天平的横梁平衡。
（2）烧杯和盐水的总质量等于砝码的质量和游码对应的刻度之和，知道空烧杯的质量求出烧杯中盐水的质量，量筒中盐水的体积等于盐水面对应的刻度值，根据密度公式求出盐水的密度；由于烧杯中的盐水不能全部倒入量筒中，导致烧杯中盐水的体积测量值偏小，密度值偏大。
【解答】解：（1）小玲在使用天平时，先将天平放在水平台上，发现天平的游码未归零，但指针却指在分度盘的中央，游码移到标尺左端的零刻度线处后，相当于右盘变轻，所以左端下沉右端上翘，平衡螺母向上翘的右端移动，使天平的横梁平衡。；
（2）①烧杯和盐水的总质量为：m'＝20g+20g+2g＝42g；
②倒入量筒中盐水的体积为：V＝20mL＝20cm3，
倒入量筒中盐水的质量为：m＝m'﹣m0＝42g﹣20g＝22g，
盐水的密度为：ρ＝＝＝1.1g/cm3＝1.1×103kg/m3；
③烧杯中的盐水没有全部倒入量筒，导致烧杯中盐水体积测量值偏小，质量是准确的，根据密度公式得，盐水的密度测量值偏大。
故答案为：（1）右；（2）①42；②1.1×103；③偏大。
【点评】本题考查常规天平和量筒测量盐水的密度，难度适中。
17．（4分）解释小孩玩滑梯游戏。
若不计摩擦和空气阻力，则小孩在下滑的过程中，机械能　不变　。
若小孩在滑梯上匀速下滑，在这一过程中，他的机械能　变小　。
若小孩在滑梯上下滑时，臀部有灼热的感觉，在这一过程中，　机械　 能转化为　内能　。
【分析】（1）影响动能大小的因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；
（2）影响重力势能大小的因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越大，重力势能就越大；
（3）机械能等于动能和势能之和，判断能量的转化，即看清在该过程中消耗了那种形式的能，进而又产生了哪种形式的能量即可。
【解答】解：（1）若不计摩擦和空气阻力，则小孩在下滑的过程中，动能增大，重力势能减小，机械能没有损失，总量不变；
（2）若小孩在滑梯上匀速下滑，在这一过程中，动能不变，重力势能减小，因此他的机械能变小；
（3）若小孩在滑梯上下滑时，臀部有灼热的感觉，在这一过程中，克服摩擦力做功，机械能转化为内能。
故答案为：不变；变小；机械；内能。
【点评】本题动能和重力势能的大小判断是比较容易的，要注意分析机械能与内能的转化。
五、应用题（每小题8分，共16分）
18．（8分）小明家的太阳能热水器水箱容积80L，装满初温为20℃的水，在阳光的照射下，热水器一天中吸收的太阳能为4.2×107J，这些能量可以让水温升高70℃，ρ水＝1.0×103kg/m3，c水＝4.2×103/（kg•℃）。
（1）求热水器中水的质量；
（2）求热水器中水吸收的热量；
（3）求该热水器将太阳能转化为内能的效率。
【分析】（1）知道水的体积，利用密度公式ρ＝求出水的质量；
（2）知道水的初温和末温，根据吸热公式Q水吸＝cmΔt求出水吸收的热量；
（3）利用η＝计算热水器将太阳能转化为内能的效率。
【解答】解：（1）由ρ＝得，水的质量：
m＝ρ水V＝1.0×103kg/m3×80×10﹣3m3＝80kg；
（2）水吸收的热量：
Q水吸＝c水mΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×80kg×70℃＝2.352×107J；
（3）水器将太阳能转化为内能的效率：
η＝＝×100%＝56%。
答：（1）水箱中水的质量是80kg；
（2）水吸收的热量是2.352×107J；
（3）热水器将太阳能转化为内能的效率为56%。
【点评】本题考查密度公式、吸热公式、效率公式的应用，是一道热学综合题，难度不大。
19．（8分）“运﹣20”是我国自主研发的大型运输机，它的发动机是一种热机，通过航空煤油在气室中燃烧，从喷口向后高速喷出气体，使发动机获得向前的推力，若“运﹣20”在高空中飞行时，在恒定的水平推力F的作用下，以900km/h的速度沿水平方向匀速航行1h，需要燃烧航空煤油5000kg，已知飞机发动机提供的恒定推力为1.6×105N，航空煤油的热值为q＝4.0×107J/kg。则在这1h内：
（1）航空煤油完全燃烧放出的热量是多少？
（2）飞机发动机做的功是多少？
（3）该发动机的热机效率是多大？
【分析】（1）根据Q＝qm计算放出的热量。
（2）根据s＝vt计算出路程，再根据W＝Fs计算飞机发动机做的功。
（3）根据η＝计算出效率。
【解答】解：（1）已知q＝4.0×107J/kg，m＝5000kg，
航空煤油完全燃烧放出的热量是：
Q放＝qm＝4.0×107J/kg×5000kg＝2×1011J；
（2）已知v＝900km/h，t＝1h，
飞机飞行的路程：s＝vt＝900km/h×1h＝900km＝9×105m；
飞机发动机做的功：W有＝Fs＝1.6×105N×9×105m＝1.44×1011J；
（3）该发动机的热机效率：η＝＝＝72%；
答：（1）航空煤油完全燃烧放出的热量是2×1011J；
（2）飞机发动机做的功是1.44×1011J；
（3）该发动机的热机效率是72%。
【点评】本题考查了热机效率、功和热量的计算，属于基本公式的应用。