2021-2022学年安徽省合肥四十二中八年级（下）期末物理模拟练习试卷（含解析）

这是一份2021-2022学年安徽省合肥四十二中八年级（下）期末物理模拟练习试卷（含解析），共22页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2021-2022学年安徽省合肥四十二中八年级（下）期末物理模拟练习试卷

题号
一
二
三
四
五
总分
得分








一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1. 小强和爷爷周末乘车到荣县双溪水库风景区去游玩，下列有关惯性的说法正确的是(    )
A. 小强和爷爷都系上安全带，是为了减小汽车行驶中人的惯性
B. 汽车紧急刹车时，小强向前倾，是由于受到惯性力的作用
C. 驾驶员踩刹车后，汽车仍向前滑行了一段距离，是由于汽车具有惯性
D. 高速公路严禁超速，是因为汽车速度越大，惯性越大
2. 如图所示，长方体物块A放置在上表面水平的小车上，水平拉力F作用在小车上，在拉力F的作用下，物块A随小车一起向右做匀速直线运动(不计空气阻力)，下列分析正确的是(    )

A. 小车所受的重力和水平地面对小车的支持力是一对平衡力
B. 小车所受的拉力和水平地面对小车的摩擦力是一对平衡力
C. 物块A对小车压力和水平地面对小车的支持力是一对相互作用力
D. 物块A所受水平向左的摩擦力和小车所受拉力是一对相互作用力
3. 关于小粒子和大宇宙、人类从未停止过探索，下列认识中正确的是(    )
A. 电子、原子、新冠病毒是按空间尺度从大到小排列的
B. 宇宙是一个有层次的天体结构，恒星是绝对不动的
C. 固体、液体很难被压缩是因为分子间存在引力
D. 物理学家汤姆生发现了电子从而揭示了原子是可分的
4. 如图所示，客机起飞升空的过程中，下列说法错误的是(    )
A. 客机动能增大
B. 客机重力势能增大
C. 客机机械能增大
D. 此过程中动能转化为重力势能
5. 下列关于压强的说法正确的是(    )

A. 图甲中，剪刀有锋利的刃是为了减小压强
B. 图乙中，将玻璃管竖直下压，下端管口橡皮膜受到的压强变小
C. 图丙中，墨水会被吸进钢笔，是利用了大气压强
D. 图丁中，从纸条上方沿纸条吹气，此时纸条上方的气压大于下方的气压
6. 沈清同学利用托里拆利实验测量大气压强的值，如图所示，以下判断正确的是(    )

A. 此时大气压强等于760mm高水银柱所产生的压强
B. 若将玻璃管稍稍倾斜，则管内外水银面的高度差将不变
C. 若把此装置从天塔首层乘电梯带到顶层，则管内外水银面的高度差将增大
D. 若换用密度比水银小的液体做实验，则大气压能支持液柱的高度会不变
7. 如图所示，将同一个小球分别放入甲、乙、丙三种不同液体中，静止时小球在甲液体中漂浮、在乙液体中悬浮、在丙液体中下沉到底部。如果用ρ甲、ρ乙、ρ丙分别表示三种液体的密度，则关于三种液体密度大小的关系说法正确的是(    )

A. ρ甲>ρ乙=ρ丙 B. ρ甲=ρ乙>ρ丙 C. ρ甲>ρ乙>ρ丙 D. ρ甲ρ丙。
故选：C。
根据小球在甲、乙、丙三种液体中的状态，利用物体浮沉条件比较其密度大小。
该题考查了物体浮沉条件的理解和应用，分析清楚各种情况的状态是解决该题的关键。

8.【答案】D 
【解析】解：由图1知：甲的密度ρ甲=m甲V甲=2g1cm3=2g/cm3；乙的密度ρ乙=m乙V乙=1g2cm3=0.5g/cm3；
体积相等的甲、乙两种物质的质量大小关系是m甲=4m乙，由图2知，n=3，忽略动滑轮重和摩擦，右侧物体的重力等于左侧总重力的13，因此：
A、左边挂1个甲物质，右边挂乙物质的个数：m甲3=4m乙3=43m乙，故A错误；
B、左边挂4个甲物质，右边挂乙物质的个数：4×4m乙3≈5.3m乙，故B错误；
C、左边挂2个甲物质，右边挂乙物质的个数：2×4m乙3≈2.7m乙，故C错误；
D、左边挂3个甲物质，右边挂乙物质的个数：3×4m乙3=4m乙，故D正确。
故选：D。
由图1知，横轴代表物质体积，纵轴代表质量，取某一体积V，在图中得出甲、乙的质量，可以比较体积相等的甲、乙的质量大小关系；由图2知，n=3，右侧受到的拉力等于左侧重力的1n。
本题考查了能从物质的m−V图象得出相关信息以及滑轮组的特点，属于基础问题。

9.【答案】D 
【解析】解：A、F浮丙=G−F丙=5N−1N=4N，故A错误；
B、甲、乙、戊三图中，乙、戊两图的排开液体体积不相同，所以不能探究浮力大小与液体密度的关系，故B错误；
C、甲、乙、丁三图中，乙、丁两图的排开液体体积不相同，所以不能探究浮力大小与液体深度的关系，故C错误；
D、在丙图中，由阿基米德公式F浮=ρ水V排g，4N=1.0×103kg/m3×V排×10N/kg，解得V排=4×10−4m3；
完全浸没，V=V排=4×10−4m3；由甲图可知m=Gg=5N10N/kg=0.5kg；
ρ=mV=0.5kg4×10−4m3=1.25×103kg/m3。
故选：D。
A、利用称重法计算浮力；
BC、浮力大小与其他因素的关系，需要控制其他量不变，两个选项都没有控制排开液体体积这个因素不变；
D、在丙图中，由阿基米德公式F浮=ρ水V排g，可得V排；由m=Gg可得物体质量；由ρ=mV可得物体密度。
本题属于阿基米德原理的提升应用，关键在于灵活应用其原理和相关计算，难度较大。

10.【答案】C 
【解析】解：A、货车受的摩擦力f=0.2G=0.2×800N=160N，
因为货车做的是匀速直线运动，所以它受的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，所以货车受到绳子的水平拉力F1=f=160N，故A错误；
B、从图中可知n=2，拉力F移动距离：s′=2s=2×8m=16m，
根据W=Fs可知拉力：F=W总s′=1680J16m=105N，故B错误；
C、拉力做的有用功W有=F1s=160N×8m=1280J，
拉力F的有用功功率：P=W有t=1280J32s=40W，故C正确；
D、滑轮组的机械效率：
η=W有用W总×100%=1280J1680J×100%≈76.2%，故D错误。
故选：C。
(1)求出货车受的摩擦力f=0.2G，因为货车做的是匀速直线运动，所以它受的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等；
(2)从图中可知n=2，根据s′=2s得出拉力移动距离，根据W=Fs求出拉力的大小；
(3)根据W有=F1s得出拉力做的有用功，利用P=W有t求拉力F的有用功功率；
(4)根据η=W有用W总×100%得出滑轮组的机械效率。
本题考查了二力平衡条件的应用、水平使用滑轮组时有用功、总功、功率和机械效率的计算，注意水平使用滑轮组时克服地面的摩擦力做的功为有用功。

11.【答案】扩散  小于 
【解析】解：(1)同学们会闻到消毒液的气味，这是扩散现象，是由于分子不停地做无规则运动引起的；
(2)负压救护车：通过技术手段使车内气压小于外界气压，使新鲜空气流入车内，而车内被污染的空气通过无害化处理后排出。
故答案为：扩散；小于。
(1)扩散现象表明：组成物质的分子永不停息地做无规则的运动，物体温度越高，分子运动越剧烈；
(2)负压救护车：通过技术手段使车内气压小于外界气压，使新鲜空气流入车内，而车内被污染的空气通过无害化处理后排出。
本题考查大气压的应用、扩散现象，难度不大。

12.【答案】惯性  相互 
【解析】解：将冰壶沿水平冰面推出后，冰壶由于惯性，保持原来的运动状态继续向前运动。
掷壶队员给冰壶一个力的作用，因物体间力的作用是相互的，冰壶会给掷壶队员一个反作用力，其他队员会在掷壶队员身后稳定该名队员的轮椅，防止向后运动。
故答案为：惯性；相互。
(1)物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性；
(2)物体间力的作用是相互的。
通过冰壶运动考查了物体间的相互作用力、惯性的利用等，体现了物理在体育运动中的广泛应用。

13.【答案】下降  30 
【解析】解：大气压与高度的关系是：海拔越高，气压越低，将这个气压计从山顶拿到山脚，海拔变低，气压变大，瓶内气压不变，外界气压变大，所以玻璃管内液面会下降；
图乙中，物体在竖直方向上受到重力和静摩擦力，物体静止，重力与摩擦力二力平衡，大小相等，f=G=mg=3kg×10N/kg=30N；当水平力增大到40N时，物体仍静止，物体受到的重力与摩擦力为二力平衡，大小相等，物体重力没有变化，所以物体受到的摩擦力大小仍然30N。
故答案为：下降；30。
大气压与高度的关系是：海拔越高，气压越低；图乙中，物体在竖直方向上受到重力和静摩擦力，静摩擦力大小和水平力无关。
本题考查了大气压和高度的关系、静摩擦力大小的分析，属于基础题。

14.【答案】>  1：2 
【解析】解：(1)正方体对水平地面的压力为：F=G=mg，当A、B对地面的压强pA=pB时，由公式p=FS可得：GASA=GBSB……①
因为地面的受力面积关系为：SA>SB，所以A、B的重力关系为：GA>GB，则A、B的质量关系为：mA>mB；
(2)在B的上部沿水平方向切去三分之一的高度，并将切去的部分叠放在A上时，A、B对地面的压强之比为13：8，
由公式p=FS可得：GA+13GBSA：23GBSB=13：8……②
由①②可得：GA=4GB……③
将③代入①可得：SA=4SB，则A、B的体积关系为：VA=8VB……④
由③结合公式G=mg=ρVg可得：ρAgVA=4ρBgVB……⑤
由④⑤可得：2ρA=ρB，即A、B的密度之比为：ρA：ρB=1：2。
故答案为：>；1：2。
(1)正方体对水平地面的压力为：F=G=mg，当A、B对地面的压强相等时，由公式p=FS可知A、B的重力大小关系及质量大小关系；
(2)在B的上部沿水平方向切去三分之一的高度，并将切去的部分叠放在A上时，A、B对地面的压强之比为13：8，由公式G=mg=ρVg和p=FS可求得A、B的密度之比。
本题综合考查压强和密度的计算，要求学生灵活运用公式进行字母运算，难度大。

15.【答案】大于  甲 
【解析】解：(1)小球在甲中漂浮，浮力等于自身重力，小球在乙中下沉，浮力小于重力，所以小球在甲中受到的浮力要大于在乙中受到的浮力，根据阿基米德原理可知，小球在甲中排开的液体的重力要大于在乙中排开的液体的重力，根据G=mg可知，甲烧杯溢出的液体质量大于乙烧杯溢出的液体质量；
(2)小球在甲中漂浮，小球的密度要小于甲液体的密度，小球在乙中下沉，小球的密度要大于乙液体的密度，所以两种液体的密度ρ甲>ρ乙，由于液体深度相同，根据p=ρgℎ可知，p甲>p乙，甲乙是相同烧杯，底面积相同，根据F=pS可知，甲杯底部受到的液体压力较大。
故答案为：大于；甲。
(1)根据物体的浮沉条件判定浮力的大小关系，根据阿基米德原理判定排开的液体的重力关系，根据G=mg得出排开的液体的质量的大小关系；
(2)根据物体的浮沉条件分析小球密度与液体密度的关系，从而得出液体密度的大小关系，根据p=ρgℎ分析液体对杯底的压强，根据F=pS分析杯底部受到的液体压力大小。
本题考查了学生对阿基米德原理、物体的浮沉条件的应用，关键是理解和运用漂浮条件、下沉条件(密度关系)得出两液体的密度关系。

16.【答案】1×107  120  变小 
【解析】解：
(1)满载时轮船受到江水的浮力：
F浮=G排=m排g=1000×103kg×10N/kg=1×107N；
(2)由题意知，ℎ=3m，江水对船底的压强：
p=ρ江水gℎ=1×103kg/m3×10N/kg×3m=3×104Pa，
由p=FS可得，船底40cm2面积上受到水的压力：
F=pS=3×104Pa×40×10−4m2=120N；
(3)当轮船从江水中驶入海水中时，由于轮船始终漂浮，则船受到的浮力F浮=G，而船受到的重力G不变，所以船受到的浮力不变，由于海水的密度大于江水的密度，根据F浮=ρ液gV排可知它排开水的体积变小。
故答案为：1×107；120；变小。
(1)知道轮船的排水量(满载时排开水的质量)，利用阿基米德原理求出轮船满载时受到的浮力；
(2)利用液体压强公式求3m深处水对船底产生的压强；再利用F=pS求出40cm2面积上受到水的压力大小；
(3)轮船从江水中驶入海水中，自重不变、水的密度变大，根据漂浮条件和阿基米德原理可求得浮力及排开水的体积的变化。
本题考查了阿基米德原理、漂浮条件、压强公式和液体压强公式的应用，难点是对排水量含义的理解。

17.【答案】费力  3 
【解析】解：O为支点，动力臂OA小于阻力臂OB，所以此杠杆为费力杠杆；
由题知，OB=OA+AB=30cm+20cm=50cm，
因杠杆处于水平平衡，根据杠杆平衡条件可得F×OA=G×OB，则G=F×OAOB=5N×30cm50cm=3N。
故答案为：费力；3。
(1)O为支点，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；
(2)知道动力F的大小、动力臂OA，求出阻力臂OB，利用杠杆平衡条件求阻力大小(物体重)。
本题考查了杠杆平衡条件的应用，能确定阻力臂OB的大小是本题的突破口。

18.【答案】等于  等于  小于 
【解析】解：不计空气阻力，实心球从a到b的过程中，只有的动能和势能转化，故实心球的机械能守恒，在a、b、c、d点的机械能都相等；a点的高度与c点的高度相同，重力势能相等，因机械能守恒，故a点的动能与c点的动能相等；a点的高度比d点的高度高，故a点的重力势能大，因机械能守恒，故a点的动能比d点的动能小；
故答案为：等于；等于；小于。
(1)动能大小跟质量和速度有关，质量越大，速度越大，动能越大；
重力势能与质量和高度有关，质量越大，高度越高，重力势能越大。
(2)不计空气阻力，实心球在运动过程中机械能保持不变；篮球在空中运动时没有发生弹性形变，不考虑弹性势能，则机械能等于动能与重力势能之和；据此解答。
本题考查了动能和重力势能大小的影响因素，关键要知道：在不计空气阻力的情况下，实心球的机械能是守恒的。

19.【答案】解：物体A沿斜面向上滑动，受到沿斜面向下的滑动摩擦力的作用；A受到竖直向下的重力的作用；滑动摩擦力和重力的作用点都在物体A的重心上；物体对斜面压力的作用点在斜面上，方向垂直于斜面向下；力的示意图如图所示：
 
【解析】在斜面上物体受竖直向下的重力，平行于斜面向下的滑动摩擦力；物体对斜面的压力作用在斜面上，方向垂直于斜面向下；根据力的示意图的画法作图。
本题考查了力的示意图的画法。力的示意图要表示出力的作用点和力的方向。注意：摩擦力的方向与运动趋势相反。

20.【答案】解：
由题意知，C为支点，从A点向上作出阻力F2；动力作用在B点，以BC为动力臂是最长的力臂，从B点作BC的垂线，方向向下，即为最小动力，如图所示：
 
【解析】由题知，C为支点，过阻力作用点A画出阻力；根据杠杆的平衡条件：F1×L1=F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长，据此画出在B的最小动力。
本题的解题关键是根据杠杆的平衡条件知：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。

21.【答案】0.2  不能  右端钩码对杠杆的拉力的力臂变小 
【解析】解：(1)根据F1l1=F2l2可知，第2次实验数据中的阻力臂l2应为：l2=F1l1F2=2.0N×0.15m1.5N=0.2m；
(2)用带杆的滑轮水平向左缓慢推动右边挂钩码的悬线，此时右端钩码对杠杆的拉力的力臂变小，在右边挂钩码拉力不变、左端拉力、左端拉力的力臂不变的情况下，杠杆不能平衡。
故答案为：(1)0.2；(2)不能；右端钩码对杠杆的拉力的力臂变小。
(1)根据杠杆的平衡条件求出阻力臂的大小；
(2)根据杠杆的平衡条件分析杠杆是否能平衡。
此题是探究杠杆平衡实验，考查了杠杆的调平及杠杆平衡条件的应用，在利用平衡条件公式时，要注意分析力和对应的力臂。

22.【答案】74.1%  2、3  不变  刻度尺  小于 
【解析】解：(1)第4次实验：
W有用=Gℎ=8N×0.1m=0.8J，
W总=Fs=2.7N×0.4m=1.08J，
所以机械效率：η=W有用W总×100%=0.8J1.08J×100%≈74.1%。
物体升高0.1m时，绳子自由端移动0.4m，可以判断由4段绳子承担物体和动滑轮的重，滑轮组绕法如图。

(2)比较实验2、3，同一滑轮组，物体上升的高度相同，绳子自由端移动的距离相同，滑轮组提起的物体越重，滑轮组的效率越高。
滑轮组的机械效率跟提起的物重、摩擦、绳重、动滑轮的重有关，跟提升的速度无关，所以利用图甲的滑轮组匀速提升相同的物体时，仅增大提升物体的速度，滑轮组的机械效率不变。
(3)由于绳子自由端和物体升高的高度比值是一定的，可以不用测量物体升高的距离和绳子自由端移动的距离，实验器材中可以省略刻度尺。
甲和乙绳子的绕法不同，其它相同情况下，滑轮组的机械效率相同。若实验中使用的弹簧测力计的量程为“0～5N”，忽略绳重和摩擦，甲由两段绳子承担动滑轮和物体的重，乙由三段绳子承担动滑轮和物体的重，所以乙能提起更重的物体，所以乙的机械效率更高。
故答案为：(1)74.1%；(2)2、3；不变；(3)刻度尺；小于。
(1)根据W有用=Gℎ求出有用功，根据W总=Fs求出总功，根据机械效率公式求出机械效率。
由物体升高的高度和绳子自由端移动的距离，可以判断绳子的段数，根据绳子的段数绕滑轮组。
(2)滑轮组的机械效率跟提起的物重、摩擦、绳重、动滑轮的重有关，跟提升的速度，绳子的绕法，提升的高度都没有关系。
(3)由于绳子自由端和物体升高的高度比值是一定的，可以不用测量物体升高的距离和绳子自由端移动的距离。
拓展：滑轮组的机械效率跟提起的物重有关，跟绳子的绕法无关，弹簧测力计的量程一定时，看甲和乙谁能提起更重的物体，谁的机械效率就越高。
本题考查了机械效率高低的影响因素、实验器材、机械效率的比较等，属于较难的实验题。

23.【答案】海绵的凹陷深度  不能  B  >  = 
【解析】解：(1)根据转换法，实验中通过观察海绵的凹陷深度来比较压力的作用效果；
(2)根据控制变量法，A、B中受压材料不同，故不能通过A、B两次实验来比较压力作用效果与压力大小的关系；
(3)当这两个完全相同的矿泉水瓶用图F方式紧靠在一起放在海绵上，与将其中一个矿泉水放在海绵上对比，与海绵的接触面积扩大了一倍，即受力面积扩大一倍，对海绵的压力也扩大了一倍。由p=FS可知，压强不变，因此压力作用效果与B图一致；
(4)在B、C两次实验中，水对瓶底和瓶盖的压强分别为pB、pC，根据p=ρgℎ可知，B、C实验瓶中装满水，故水的深度相同，则液体对容器底部的压强相等，即pB=pC，根据F=pS，由图可知，SB>SC，所以FB>FC。
故答案为：(1)海绵的凹陷深度；(2)不能；(3)B；(4)>；=。
(1)力可以使物体发生形变，物体的形变量越大，力的作用效果越明显；
(2)根据控制变量法的要求，根据实验控制的变量与实验现象分析图示现象，然后答题；
(3)根据压强的影响因素可做出判断；
(4)水对瓶底和瓶盖的压强可直接利用p=ρgℎ进行判断。水对瓶底和瓶盖的压力利用F=pS判断。
本题探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验，主要考查控制变量法及转换法的应用，体现了对过程和方法的考查。

24.【答案】解：
(1)由题可知，物体重G柱=18N，完全浸没液体中时，圆柱体受到的拉力F拉=12N，
圆柱体受到的浮力：F浮=G柱−F拉=18N−12N=6N；
(2)因为圆柱体浸没，则有
V排=V柱=S柱ℎ=40cm2×10cm=400cm3=4×10−4m3，
由阿基米德原理可得，F浮=ρ液gV排，
6N=ρ液×10N/kg×4×10−4m3，
解得液体的密度为：ρ液=1.5×103kg/m3。
(3)液体的质量：m液=ρ液V液=1.5×103kg/m3×100×30×10−6m3=4.5kg，
液体的重力：G液=m液g=4.5kg×10N/kg=45N，
圆筒的重力：G筒=m筒g=0.5kg×10N/kg=5N，
则总重力：G总=G液+G筒+G柱=45N+5N+18N=68N，
圆筒放在水平桌面上，圆筒对桌面的压力：F=G总−F拉=68N−12N=56N，
此时圆筒对桌面的压强：p=FS=56N10−2m2=5600Pa。
答：(1)圆柱体完全浸没时受到液体的浮力6N；
(2)筒内液体密度是1.5×103kg/m3；
(3)当圆柱体完全浸没时，圆筒对桌面的压强5600Pa。 
【解析】(1)在圆柱体未进入液体中时，弹簧测力计示数为18N，求出圆柱体的重力，圆柱体完全浸没液体中时，弹簧测力计示数为12N，可以求出圆柱体受到的浮力。
(2)知道圆柱体的底面积和高度求出圆柱体的体积，圆柱体浸没在液体中，根据阿基米德原理求出液体的密度。
(3)圆筒对桌面的压力等于圆筒的重力、液体重力和圆柱体重力之和与所受拉力的差，知道受力面积，求出圆筒对桌面的压强。
本题的关键是当圆柱体浸没在液体中，容器对水平桌面的压力等于容器、液体和圆柱体所有的重力之和与向上的拉力差。

25.【答案】解：(1)20s内拉力F所做的功(总功)为：
W总=Fs=20N×1.5m=30J，
拉力F做功的功率：
P=W总t=30J20s=1.5W；
(2)由图可知，n=3，由s=nsA可得，物体A移动的距离：
sA=sn=1.5m3=0.5m，
物体A受到的摩擦力为：
f=0.1G=0.1×500N=50N，
所以有用功：
W有=fsA=50N×0.5m=25J，
滑轮组的机械效率为：
η=W有W总=25J30J≈83.3%。
答：(1)拉力F做功的功率为1.5W；
(2)滑轮组的机械效率为83.3%。 
【解析】(1)由W=Fs计算拉力做的功，由P=Wt计算拉力的功率；
(2)由图知，通过动滑轮绳子的段数n=3，s=nsA，克服物体A受的摩擦力做的功为有用功，据此计算有用功，根据η=W有W总计算滑轮组的机械效率。
本题考查有用功、总功、功率以及机械效率的计算，难度不大。