2022届高考物理选择题专题强化训练：平行板电容器的电容 常用电容器(广东使用)

这是一份2022届高考物理选择题专题强化训练：平行板电容器的电容 常用电容器(广东使用)，共14页。试卷主要包含了单项选择题，双项选择题，多项选择题等内容，欢迎下载使用。
一、单项选择题（共21小题；共84分）
1. 传感器是一种采集信息的重要器件，图为测定压力的电容式传感器，将电容器、灵敏电流表、电源连接。施加力的作用使电极发生形变，引起电容的变化，导致灵敏电流计指针偏转。在对膜片开始施加恒定的压力到膜片稳定，灵敏电流表指针的偏转情况为（电流从电流表正接线柱流入时指针向右偏）
A. 向右偏到某一刻度后不动B. 向左偏到某一刻度后不动
C. 向右偏到某一刻度后回到零刻度D. 向左偏到某一刻度后回到零刻度

2. 如图所示，真空中的平行板电容器带有一定的电荷量，静电计的指针偏转一定的角度。若减小两极板间的距离，同时在两极板间插入电介质，则静电计指针的偏转角度
A. 一定减小B. 一定增大C. 一定不变D. 可能不变

3. 利用电容传感器可检测矿井渗水，及时发出安全警报，从而避免事故的发生。如图所示是一种通过测量电容器电容的变化来检测矿井中液面高低的仪器原理图，A 为固定的导体芯，B 为导体芯外面的一层绝缘物质，C 为导电液体（矿井中含有杂质的水），A，C 构成电容器。已知灵敏电流表 G 的指针偏转方向与电流方向的关系：电流从哪侧流入电流表则电流表指针向哪侧偏转。若矿井渗水（导电液体深度 h 增大），则电流表
A. 指针向右偏转，A，C 构成的电容器充电
B. 指针向左偏转，A，C 构成的电容器充电
C. 指针向右偏转，A，C 构成的电容器放电
D. 指针向左偏转，A，C 构成的电容器放电

4. 如图所示为“研究影响平行板电容器电容的因素”的实验装置，以下说法正确的是
A. A 板与静电计的指针带的是异种电荷
B. 甲图中将 B 板上移，静电计的指针偏角增大
C. 乙图中将 B 板左移，静电计的指针偏角不变
D. 丙图中将电介质插入两板之间，静电计的指针偏角增大

5. 如图所示是一种通过测量电容器电容的变化，检测液面高低的仪器原理图，电容器的两个电极分别用导线接到指示器上，指示器可显示出电容的大小，下列关于该仪器的说法中正确的是
A. 金属芯线粗细决定电容的大小
B. 芯柱外套的绝缘管越厚，该电容器的电容越大
C. 该仪器中电容的两个电极分别是芯柱和电介质
D. 指示器显示出电容增大了，则电容器中液面升高了

6. 如图所示，平行板 M 、 N 组成电容器，充电后与静电计相连。在整个实验过程中，保持电容器的带电荷量 Q 不变，下面的操作中将使静电计指针张角变小的是
A. 仅将 M 板向下平移静电计
B. 仅将 M 板向左平移
C. 仅将 M 板向上平移
D. 仅在 M 、 N 之间插入云母板（介电常数大于 1）

7. 一充电后的平行板电容器保持两极板的正对面积、间距和电荷量不变，在两极板间插入一电介质，其电容 C 和两极板间的电势差 U 的变化情况是
A. C 和 U 均增大B. C 增大，U 减小
C. C 减小，U 增大D. C 和 U 均减小

8. 如图，带电的平行板电容器和静电计用导线相连
A. 若仅使上极板上移一段距离，则电容器的电容增大
B. 若仅向两板间插入云母介质，则板间电场强度减小
C. 若静电计指针张角增大，可能仅是因为两板正对面积增大
D. 若静电计指针张角减小，可能仅是因为两板间距变大

9. 一平行板电容器两板之间的距离 d 和两板对面积 S 都可以调节，电容器充电后与电源断开，以 U 表示电容器两极板间电压，E 表示两极板间的电场强度，则
A. 当 S 减小、 d 增大时，U 增大、 E 增大
B. 当 S 增大、 d 不变时，U 减小、 E 不变
C. 当 d 减小、 S 减小时，U 增大、 E 增大
D. 当 d 增大、 S 不变时，U 增大、 E 减小

10. 如图所示，先接通电键 S 使电容器充电，然后断开 S，增大两极板间的距离时，电容器所带电量 Q 、电容 C 、两极板间电势差 U 的变化情况是 。
A. Q 变小，C 不变，U 不变B. Q 变小，C 变小，U 不变
C. Q 不变，C 变小，U 变大D. Q 不变，C 变小，U 变小

11. 如图所示：a 、 b 为平行金属板，静电计的外壳接地，合上开关 S 后，静电计的指针张开一个较小的角度，能使角度增大的办法是
A. 使 a 、 b 板的距离增大一些
B. 使 a 、 b 板的正对面积减小一些
C. 断开 S，使 a 、 b 板的距离增大一些
D. 断开 S，使 a 、 b 板的正对面积增大一些

12. 如图，带电的平行板电容器和静电计用导线相连
A. 若仅使上极板上移一段距离，则电容器的电容增大
B. 若仅向两板间插入云母介质，则板间电场强度减小
C. 若静电计指针张角增大，可能仅是因为两板正对面积增大
D. 若静电计指针张角减小，可能仅是因为两板间距变大

13. 如图所示，水平放置的平行板电容器，上板带负电，下板带正电，带电小球以速度 v0 水平射入电场，恰好沿下板边缘飞出。若下板不动，将上板上移一小段距离，小球仍以相同的速度 v0 从原处飞入，则带电小球
A. 将打在下板上B. 仍沿原轨迹由下板边缘飞出
C. 不发生偏转，沿直线运动D. 小球可能会打到下板的中央

14. 如图所示的实验装置中，平行板电容器的极板 B 与灵敏的静电计相连，极板 A 接地。若极板 A 稍向上移动一些，由观察到的静电计指针变大作出平行板电容器电容变小的结论，其原理是
A. 两极板上的电量几乎不变B. 两极板上的电量变大
C. 两极板间的电压不变D. 两极板间的电压变小

15. 如图所示，C 为平行板电容器，a 和 b 为其两极板，a 板接地；P 和 Q 为两竖直放置的平行金属板，在两板间用绝缘线悬挂一带电小球；P 板与 b 板用导线相连，Q 板接地。开始时悬线静止在竖直方向，在 b 板带电后，悬线偏转了角度 α，在以下方法中，能使悬线的偏角 α 变大的是
A. 缩小 a 、 b 间的距离B. 在 a 、 b 两板间插入电介质
C. a 板向上平移D. Q 板向右平移

16. 如图所示电路可将声音信号转化为电信号，该电路中右侧固定不动的 金属板 b 与能在声波驱动下沿水平方向振动的镀有金属层的振动膜 a 构成了一个电容器，a 、 b 通过导线与恒定电源两极相接。若声源 S 做简谐运动，则
A. a 振动过程中，a 、 b 板之间的电场强度不变
B. a 振动过程中，a 、 b 板所带的电荷量不变
C. a 振动过程中，灵敏电流计中始终有方向不变的电流
D. a 向右的位移最大时，a 、 b 板构成的电容器的电容最大

17. 一平行板电容器两极板间距为 d 、极板正对面积为 S，电容为 C=ɛ0Sd，其中 ɛ0 是常量。对此电容器充电后断开电源。当增大两极板间距时，电容器极板间的电场强度将
A. 变大B. 变小C. 不变D. 不能确定

18. 如图所示，a 、 b 为平行金属板，静电计的外壳接地，合上开关 S 后，静电计的指针张开一个较小的角度，能使角度增大的办法是
A. 使 a 、 b 板的距离增大一些
B. 使 a 、 b 板的正对面积减小一些
C. 断开 S，使 a 板向左平移一些
D. 断开 S，使 a 、 b 板的正对面积增大一些

19. 如图所示，两块大小、形状完全相同的金属平板平行放置，构成一平行板电容器，合开关 S，电源给电容器充电．下列说法正确的是
A. 保持 S 接通，减小两极板的距离，则两极板间电场的电场强度减小
B. 保持 S 接通，在两极板间插入一块介质，则极板上的电量增大
C. 断开 S，减小两极板间正对面积，则两极板间的电势差减少
D. 断开 S，减小两极板间的距离，则极板上的电量减少

20. 如图所示，平行金属板中带电质点 P 原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器 R4 的滑片向 b 端移动时，则
A. 电压表读数减小B. 电流表读数减小
C. 质点 P 将向上运动D. R3 上消耗的功率逐渐增大

21. 如图所示，一平行板电容器的两个极板竖直放置，并与电源两极连接，两极板间有一带电小球，小球用一绝缘细线悬挂于 0 点，平衡时细线与竖直方向的夹角为 30∘，水平缓慢移动极板，使细线与竖直方向的夹角增加到 60∘，小球与极板不接触，下列说法正确的是
A. 板间电压为原来的 3 倍B. 极板电量为原来的 32 倍
C. 板间距离为原来的 13 D. 电容器的电容为原来的 3 倍

二、双项选择题（共6小题；共24分）
22. 如图所示是探究影响平行板电容器电容大小因素的实验装置，关于此实验装置中的静电计，下列说法中正确的是
A. 增大两极板之间的距离，静电计指针张角变大
B. 将 A 板稍微上移，静电计指针张角将变小
C. 静电计的外壳与 A 板相连接后可不接地
D. 可以用电压表替代静电计

23. 如图所示，水平放置的平行板电容器 M 、 N 与一电源相连。在电容器的两板间有一带电的小球 P 处于静止状态。现将电容器两板间的距离增大，则
A. 电容变大B. 小球向上运动C. 电容变小D. 小球向下运动

24. 如图所示是描述对给定的电容器充电时其电荷量 Q 、电压 U 、电容 C 之间相互关系的图象，其中正确的是
A. B.
C. D.

25. 用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素（如图 )．设两极板正对面积为 S，极板间的距离为 d，静电计指针偏角为 θ .实验中，极板所带电荷量不变，若
A. 保持 S 不变，增大 d，则 θ 变大
B. 保持 S 不变，增大 d，则 θ 变小
C. 保持 d 不变，减小 S，则 θ 变小
D. 若在两板间增加介质，则 θ 变小

26. 如图所示，A 、 B 为两块水平放置的金属板，通过闭合开关 S 分别与电源两极相连，两板中央各有一个小孔 a 和 b，在 a 孔正上方某处一带电质点由静止开始下落，不计空气阻力，该质点到达 b 孔时速度恰为零，然后返回。现要使带电质点能穿出 b 孔，可行的方法是
A. 保持 S 闭合，将 A 板适当上移
B. 保持 S 闭合，在两板左边之间插入电介质
C. 先断开 S，再将 A 板适当下移
D. 先断开 S，在两板左边之间插入电介质

27. M 、 N 是一对水平放置的平行板电容器，将它与一电动势为 E，内阻为r的电源组成如图所示的电路，R 是并联在电容器上的滑动变阻器，G 是灵敏电流计，在电容器的两极板间有一带电的油滴处于悬浮状态，如图所示，现保持开关 S 闭合，将滑动变阻器的滑片向上滑动，则
A. 在滑片滑动时，灵敏电流计中有从 a 向 b 的电流
B. 在滑片滑动时，灵敏电流计中有从 b 向 a 的电流
C. 带电油滴将向上运动
D. 带电油滴将向下运动

三、多项选择题（共3小题；共12分）
28. 如图所示，电容器与电动势为 E 的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地。一带电油滴位于电容器中的 P 点恰好处于静止状态，现将平行板电容器的上极板竖直向下移动一小段距离则
A. 带电油滴的电势能将减小
B. P 点的电势将降低，两极板间的电势差不变
C. 平行板之间的电场强度增大，平行板所带电荷量也增大
D. 电容器的电容增大，带电油滴将沿竖直方向向上运动

29. 如图所示，电容器极板间有一可移动的电介质板，介质与被测物体相连，接入电路后，通过极板上物理量的变化可确定被测物体的位置，则以下说法正确的是
A. 若电容器极板间的电压不变，x 变大，电容器极板上带电量减小
B. 若电容器极板电量不变，x 变小，电容器极板间电压变小
C. 若电容器极板间的电压不变，x 变大，有电流流向电容器的正极板
D. 若电容器极板间的电压不变，x 变大，有电流流向电容器的负极板

30. 如图所示，平行板电容器与直流电源、理想二极管（正向通电时可以理解为短路，反向通电时可理解为断路）连接，电源负极接地，初始时电容器不带电，闭合开关，电路稳定后，一带电油滴位于电容器中的 P 点且处于静止状态。下列说法正确的
A. 上极板上移，带电油滴保持静止B. 上极板上移，P 点电势降低
C. 上极板下移，带电油滴向下运动D. 上极板下移，P 点电势升高
答案
第一部分
1. C
【解析】当 F 向上压膜片电极时，板间距离减小，由电容的决定式 C=ɛS4πkd 得到，电容器的电容将增大，又根据电容的定义式 C=QU，电容器两极的电压 U 不变，故 Q 将增大，即电容器充电，所以电流将从电流表正接线柱流入，电流计指针向右偏。当充电完毕后，电路中没有电流，电流计的指针回到零刻度。故C正确，ABD错误。
2. A
3. B
【解析】由图可知，液体与芯柱构成了电容器，由图可知，两板间距离不变；液面变化时只有正对面积发生变化；则由 C=ɛS4πkd 可知，当液面升高时，只能是正对面积 S 增大；故可判断电容增大，再依据 C=QU，因此电势差不变，那么电容的电荷量增大，因此电容器处于充电状态，因电流从哪侧流入电流表则电流表指针向哪侧偏转，因此指针向左偏转；故ACD错误，B正确。
4. B
5. D
6. D
【解析】电容器的 M 板通过大地与静电计的金属外壳连接，右边的 N 板与静电计指针相连，两板之间电压越高，静电计的指针张角越大，在电荷量不变时，张角变小即电压 U=QC 变小，可判断电容变大，而平行板电容器电容 C=ɛS4πkd，M 板上移或者 M 板下移都使正对面积 S 变小，电容 C 变小，电压升高静电计张角变大，故AC错误；
M 板向左平移，两板之间的距离 d 变大，电容变小，电压升高，静电计张角变大，故B错误；
仅在 M 、 N 之间插入云母板（介电常数大于 1）而空气的介电常数等于 1 即电容 C 变大，电压降低，静电计张角变小，故D正确。
7. B
【解析】由平行板电容器的电容的表达式 C=ɛrS4πkd，当两极板之间插入一电介质，ɛ 变大，则 C 变大，由 U=QC 可知，在电荷量 Q 不变的情况下，两极板间的电势差 U 将减小，B项正确。
8. B
【解析】根据 C=εS4πkd 可知，若仅使上极板上移一段距离，则 d 变大，电容器的电容减小，故A错误；
根据 C=εS4πkd，若仅向两板间插入云母介质，则电容器的电容变大，根据 C=QU 可知，两板电势差 U 减小，根据 E=Ud 可知板间电场强度减小，故B正确；
若仅是因为两板正对面积增大，根据 C=εS4πkd 可知 C 变大，由 C=QU 可知 U 减小，即静电计指针张角减小，故C错误；
仅是因为两板间距变大，根据 C=εS4πkd 可知 C 变小，由 C=QU 可知 U 变大，即静电计指针张角变大，故D错误。
9. A
【解析】电容器充电后与电源断开后电荷量 Q 不变，
当 S 减小，d 增大时，据电容的决定式 C=ɛS4πkd 知电容 C 减小，据电容定义式 C=QU 知电压 U 增大，根据场强 E=Ud=QCd=4πkQɛS 知场强 E 增大，故A正确；
当 S 增大、 d 不变时，据电容的决定式 C=ɛS4πkd 知电容 C 增大，据电容定义式 C=QU 知电压 U 减小，根据场强 E=Ud=QCd=4πkQɛS 知强强 E 变小，故B错误；
当 S 减小，d 减小时，根据场强 E=Ud=QCd=4πkQɛS 知场强 E 变大，据 U=Ed 公式，E 增大，d 减小，不能判断电压 U 的变化，故C错误；
当 S 不变，d 增大时，根据场强 E=Ud=QCd=4πkQɛS 知场强 E 不变，故D错误。
10. C
【解析】电容器与电源断开，电量保持不变，增大两极板间距离时，根据 C=ɛS4πkd，知电容 C 变小，根据 U=QC 知两极板间的电势差 U 变大，故C正确。
11. C
【解析】开关 S 闭合，电容器两端的电势差不变，则静电计指针的张角不变，故 A 、B错误；
断开 S，电容器所带的电量不变，a 、 b 板的距离增大，则电容减小，根据 U=QC 知，电势差增大，则指针张角增大，故C正确；
断开 S，电容器所带的电量不变，a 、 b 板的正对面积增大，电容增大，根据 U=QC 知，电势差减小，则指针张角减小，故D错误。
12. B
【解析】A、根据 C=ɛS4πkd 可知，若仅使上极板上移一段距离，则 d 变大，电容器的电容减小，故A错误；
B、根据 C=ɛS4πkd，若仅向两板间插入云母介质，则电容器的电容变大，根据 C=QU 可知，两板电势差 U 减小，根据 E=Ud 可知板间电场强度减小，故B正确；
C、若仅是因为两板正对面积增大，根据 C=ɛS4πkd 可知 C 变大，由 C=QU 可知 U 减小，即静电计指针张角减小，故C错误；
D、仅是因为两板间距变大，根据 C=ɛS4πkd 可知 C 变小，由 C=QU 可知 U 变大，即静电计指针张角变大，故D错误。
13. B
【解析】由平行板电容器电容及其与电量、电压的关系可得：C=ɛS4πkd=QU，
所以，电容器中场强 E=Ud=4πkQɛS 不变；
故带电小球受力不变，那么，小球的运动轨迹不变，故B正确，ACD错误。
14. A
15. C
16. D
【解析】a 、 b 间电压不变，a 振动过程中，板间距离周期性变化，则由公式 E=Ud 分析得知，a 、 b 板间的电场强度也会周期性变化，故A错误；
a 振动过程中，a 、 b 间电压不变，由公式 C=QU 分析得知，a 、 b 板所带的电量会周期性变化，故B错误；
a 振动过程中，a 、 b 板所带的电量会周期性变化，电容器放电和充电周期性交替产生，所以灵敏电流计中电流的方向也会周期性变化，故C错误；
a 向右的位移最大时，a 、 b 板间的距离最小，则 a 、 b 构成的电容器的电容最大，故D正确。
17. C
【解析】因通电后断开，故两板上的带电量不变；增加 d，则 C 减小，则电势差 U 增大；
由公式可得：U=QC=Qɛ0Sd=Qdɛ0S，则电场强度为：E=Ud=Qɛ0S，故 E 与 d 无关，故电场强度不变，故C正确，ABD错误。
18. C
【解析】开关闭合，不论使 a 、 b 板的距离增大一些，还是使 a 、 b 板的正对面积减小一些，电容器两端的电势差总不变，故A 、B错误。
断开 S，电荷量不变，使 a 板向左平移一些，即使 a 、 b 板的距离增大一些，根据 C=ɛS4πkd 知，电容 C 减小，则 U=QC，可知电势差增大，故C正确。
断开 S，电荷量不变，使 a 、 b 板的正对面积增大一些，根据 C=ɛS4πkd 知，电容 C 增大，则 U=QC，可知电势差减小，故D错误。
19. B
【解析】保持 S 接通，则电容器两板间的电势差 U 不变，减小板间距离时，由 E=Ud 可知，两极板间的电场的电场场强增大，故A错误；
保持 S 接通，两板间的电势差不变，在两极板间插入一块介质，则电容增大，则由 Q=CU 可知极板上的电量增大，故B正确；
断开 S，两板上所带电量 Q 不变，减小两极板间正对面积，电容减小，由电容的定义式 C=QU 分析知，两极板间的电势差增大，故C错误；
断开 S，极板上的电量不变，故D错误。
20. A
【解析】由图可知，R2 与滑动变阻器 R4 串联后与 R3 并联后，再由 R1 串联接在电源两端，电容器与 R3 并联；
当滑片向 b 移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大，路端电压减小，同时 R1 两端的电压也增大，故并联部分的电压减小，由欧姆定律可知流过 R3 的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大，故B错误；
因并联部分电压减小，而 R2 中电压增大，故电压表示数减小，故A正确；
因电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，合力向下，电荷向下运动，故C错误；
因 R3 两端的电压减小，由 P=U2R 可知，R3 上消耗的功率减小；故D错误。
21. C
第二部分
22. A， C
23. C， D
24. C， D
【解析】 C=QU 是电容的定义式，电容器电容的大小与电容的带电量 Q 以及电容器两极板之间的电压无关，电容器电容的决定式为：C=ɛS4πkd，只要电容器不变其电容就不发生变化，故AB错误，D正确；
根据 C=QU 可有：Q=CU，由于电容器不变，因此电量 Q 和电压 U 成正比，故C正确；
25. A， D
【解析】根据电容的决定式 C=ɛS4πkd 得知，电容与极板间距离成反比，当保持 S 不变，增大 d 时，电容减小，电容器的电量 Q 不变，由电容的定义式 C=QU 分析可知板间电势差增大，则静电计指针的偏角 θ 变大；反之，保持 S 不变，减小 d，则 θ 减小，故A正确，B错误；根据电容的决定式 C=ɛS4πkd 得知，电容与极板的正对面积成正比，当保持 d 不变，减小 S 时，电容减小，电容器极板所带的电荷量 Q 不变，则由电容的定义式 C=QU，分析可知板间电势差增大，静电计指针的偏角 θ 变大；反之，保持 d 不变，增大 S，则 θ 减小，故C错误；保持 S，d 不变，极板间放入塑料板，电容增大，电容器的电量 Q 不变，由电容的定义式 分析可知板间电势差减小，则静电计指针的偏角 θ 变小，故D正确
26. C， D
【解析】保持 S 闭合，知 AB 两端的电势差不变，根据动能定理知，质点还是到达 b 点速度为零然后返回。故AB错误；
断开 S，电量不变，将 A 板下移，d 减小，根据 C=ɛS4πkd 知，电容增大，则 U=QC，知 U 减小，根据动能定理，运动到 b 重力做功大于电场力做功，b 点速度不为零，将穿过 b 孔。故C正确；
断开 S，电量不变，在两板左边之间插入电介质，根据 C=ɛS4πkd 知，电容增大，则 U=QC，知 U 减小，根据动能定理，运动到 b 重力做功大于电场力做功，b 点速度不为零，将穿过 b 孔。故D正确。
27. A， C
第三部分
28. A， C， D
【解析】AB.现将平行板电容器的上极板竖直向下移动一小段距离，d 减小，电容器的电压 U 不变，由 E=Ud 分析得知，板间场强增大，因 P 点到下极板的距离不变，而 E 增大，由 U=Ed 知，P 点与下极板间电势差增大，P 点的电势大于零，则 P 点的电势升高，由于油滴带负电，则带电油滴的电势能将减少，故A正确，B错误；
C.由于 d 减小，由 C=ɛS4πkd，知电容 C 增大，U 不变，由 C=QU 分析可知电容器所带电量增加，故C正确；
D.将上极板竖直向下移动时，d 减小，电容器的电压 U 不变，由 E=Ud 分析得知，板间场强增大，则油滴所受电场力增大，油滴将沿竖直向上运动，故D正确；
故选ACD。
29. A， B， D
【解析】x 变大，则电容 C 变小，根据 Q=CU 可知，电荷量 Q 减小，故A正确；
x 变小，C 变大，U=QC，可得 U 变小，故B正确；
x 变大，C 变小，Q=CU，可知 Q 变小，有电流流向负极板，故C错误：D正确。
30. A， B， D
【解析】二极管具有单向导电性，闭合电键后电容器充电，电容器的电容：C=ɛS4πkd，C=QU，极板间的电场强度：E=Ud 整理得：E=4πkQɛS；
油滴静止，油滴所受合力为零，向上的电场力与向下的重力相等，qE=mg；
A选项、B选项：将上极板向上移动，d 变大，由 C=ɛS4πkd 可知，C 变小，由于二极管具有单向导电性，电容器不能放电，由 E=4πkQɛS 可知电容器两极板间的电场强度不变，油滴保持不动；上极板与 P 点距离增大，场强不变，上极板与 P 点的电势差增大，所以 P 点电势降低，故AB正确；
C选项、D选项：上极板向下移动时，d 变小，由 C=ɛS4πkd 可知，C 变大，由 Q=UC 可知，电容器充电可以实现，故两板间电场强度增大，油滴受电场力向上增大，油滴向上运动；因电场强度增大，P 与下极板间的电势差增大，故 P 点电势升高，故C错误，D正确。