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2021－2022学年人教版九年级上册物理期末综合复习精选60题（word版 含答案）
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这是一份2021－2022学年人教版九年级上册物理期末综合复习精选60题（word版 含答案），共43页。
九年级上册物理期末综合复习精选60题
一．选择题（共10小题）
1．（2021•濮阳三模）更迅速便捷地传递信息、寻找绿色可再生能源、研制具有特殊性能的新材料是当前科技界的三大研究方向。以下说法正确的是（ ）
A．5G信号比3G信号在空气中的传播速度快
B．太阳能，风能、核能是人类开发的新能源，它们都是可再生能
C．超导材料可用来制作电饭锅的发热体，且发热效率更高
D．5G手机的芯片使用的材料主要是半导体
2．（2020•都江堰市模拟）关于磁场和磁感线的说法正确的是（ ）
A．磁感线是由铁屑组成的
B．磁感线是磁场中实际存在的曲线
C．导体周围一定存在磁场
D．地磁场的南极在地理的北极附近
3．（2021•古冶区一模）分子很小，看不见摸不着，但我们可以通过一些直接感知的现象，经过合理的推测来认识分子。下列推测既合理又符合事实的是（ ）
A．现象：钢棒很难压缩 推测：分子之间没有间隙
B．现象：空中沙尘飞舞 推测：分子在做无规则运动
C．现象：水很难压缩 推测：分子之间存在斥力
D．现象：带电体能吸引轻小物体 推测：分子之间存在引力
4．（2020秋•平原县校级月考）以下关于能量说法正确的是（ ）
A．如图蒸气将塞子喷出是通过热传递改变管内水蒸气的内能
B．如图小球在地面弹跳时的最高点越来越低说明能量在转化时不守恒
C．如图中钻木取火时动能转化为内能
D．如图核电站发电是将核能直接转化为电能
5．闭合开关后，螺线管内的小磁针静止后停在图中位置，则（ ）
A．电源A端为负极，B端为正极，线圈右端为S极，左端为N极
B．电源A端为负极，B端为正极，线圈右端为N极，左端为S极
C．电源A端为正极，B端为负极，线圈右端为S极，左端为N极
D．电源A端为正极，B端为负极，线圈右端为N极，左端为S极
6．（2020秋•增城区期末）在探究“电流通过导体产生热量的多少跟什么因素有关”的实验中，三个透明容器中密封着等量的空气，容器内的电阻连接情况如图所示，通电后，观察U形管中液面高度的变化。则（ ）
A．甲、乙、丙三个容器内的导体，电流相等
B．通电一段时间后，U形管中液面高度变化最大的是乙
C．要探究电流产生的热量与电阻的关系，需观察甲、丙两个U形管中液面高度的变化
D．要探究电流产生的热量与电流的关系，需观察甲、乙两个U形管中液面高度的变化
7．（2021•连云港）如图所示是一种自动测定油箱内油面高度的装置。R2是滑动变阻器，它的金属滑片连在杠杆一端，闭合开关S，从油量表指针所指的刻度就可以知道油箱内油面的高度，下列说法正确的是（ ）
A．油量表是电流表 B．油量表是电压表
C．油量表是电能表 D．浮球一直处于漂浮状态
8．（2021•宝安区校级一模）在物理实践活动中，“乐学”物理小组利用电流表和电压表设计了一个电子秤，当秤盘上所加重物越多时，电流表或电压表示数越大，则符合要求的电路是（ ）
A．
B．
C．
D．
9．（2020秋•瑞安市校级期末）如图所示是探究“电流通过导体时产生量的多少与哪些因素有关”的实验装置（电源和开关没有画出），两个透明容器中密封着等质量的空气。下列说法正确的是（ ）
A．甲实验是为了研究电流产生的热量与电阻的关系
B．甲实验通电一段时间后，两边U形管中液面高度差一样大
C．乙实验是为了研究产生的热量与电流大小的关系
D．乙实验通电一段时间后，右边U形管中液面高度差比左边大
10．（2019秋•铜山区期末）如图所示，电路中R1的阻值为12Ω，闭合开关S，电流表A1的示数为1.2A，电流表A2的示数为0.3A，则R2的阻值是（ ）
A．36Ω B．24Ω C．6Ω D．4Ω
二．填空题（共16小题）
11．（2021秋•泾阳县期中）打扫房间时，小刚用干绸布擦穿衣镜，发现擦过的镜面很容易粘上细小绒毛，这是由于带电体有 的性质，摩擦后若镜面带正电，则绸布带 电，摩擦起电的实质是电荷间的 。
12．（2020秋•点军区期末）如图所示，将热牛奶放入冷水中冷却，此过程中牛奶通过 方式使它的内能 （选填“减小”、“不变”或“增大”），这种方式是物体间内能 的过程（选填“转移”或“转化”）。
13．（2018•文圣区校级三模）小明家的电能表如图所示，家中用电器的总功率不能超过 W．当小明家只有一盏电灯工作时，3min内转盘正好转过5圈，则该灯泡的电功率为 W。
14．（2021•黔东南州）如图所示的电路，电源电压保持不变，R1、R2为定值电阻，其中R1＝10Ω。当只闭合开关S1时，电流表示数为0.6A，则电源电压为 V；当同时闭合开关S1、S2时，电流表的示数增大了0.5A，则R2的阻值是 Ω。
15．（2020秋•静安区期末）在“用电流表测电流”实验中，连接电路时，开关应 ，电流表应 在待测电路中（选填“串联”或“并联”）并使电流从电流表 接线柱流入。
16．（2019•永春县自主招生）转速为2400r/min的四冲程单缸内燃机在1s内活塞对外做功 次，若每次做功735J，该内燃机的功率为 W。
17．（2020•浙江一模）如图所示，电源电压为U且保持不变，R1的电阻为20Ω，变阻器的最大阻值为30Ω，两电压表规格完全相同。
（1）闭合S，将变阻器的滑片向右调至中点，在此过程中电压表V2的示数将 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
（2）当变阻器的滑片位于中点一段时间后，观察到电压表V1的示数突然变大，若故障发生在电阻R1、R2中，且同时仅有一个出现故障，则故障原因是 。
18．（2021秋•鼓楼区期中）如图所示，向右移动滑片，电压表与电流表示数的比值 （选填“变大”“不变”或“变小”）。若电路正常工作一段时间后两表的示数都突然变成零，若是滑动变阻器Rp或电阻R其中一处发生故障．则该电路中出现的故障可能是 。
19．（2020秋•密山市期末）如图，开关控制干路，电流表A1测 的电流，电流表A2测 的电流。（选填“L1”“L2”或“干路”）
20．（2021春•上海期末）公路测绘员夏季进行室外作业，烈日下测绘器材表面温度升高，这时它的内能 （选填“变大”、“变小”或“不变”），其内能的变化是通过 方式实现的。（选填“热传递”或“做功”）
21．（2021•东台市模拟）已知甲、乙两灯的额定电压均为6V，如图是甲、乙两灯电流随其两端电压变化的曲线。现将两灯串联后接在某一电源两端，要使其中一个灯泡正常发光，并保证电路安全。则 （选填“甲”或“乙”）灯能正常发光，此时电路的工作电流为 A，电源最大电压为 V。
22．（2021•张家界）如图是研究巨磁电阻（GMR电阻在磁场中急剧减小）特性的原理示意图，闭合开关S1、S2后，电磁铁右端为 极，滑片P向左滑动过程中，指示灯明显变 （选填“亮”或“暗”）。
23．（2020秋•肥东县期末）小强随家人到海边玩耍时，发现阳光下的海水和岸边的沙子温差很大。于是他设计了如图甲所示的实验装置想比较沙子和水这两种物质比热容的差异。实验过程中所使用仪器规格完全相同。请你来帮他完成实验：
（1）测量出 相同的水和沙子，然后安装仪器，并记下沙子和水的初始温度。
（2）在实验时只要控制 相同就可以确定水、沙子吸收了相同的热量；图乙为小强记录的实验数据，可知沙子的比热容 水的比热容（选填“大于”、“小于”或“等于”）
（3）完成实验后小强认为本套实验装置还有可以改进的地方，请你帮他提出一条改进意见： 。
24．（2020•铜川二模）石墨烯是一种由碳原子构成的片状结构材料，它的原子由 和核外电子构成。这种材料在一定条件下电阻可以降为零，因此可用于制作 （选填“绝缘体半导体”或“超导体”），这一特点可以在生活中用于 （选填“电饭煲发热丝”“电动机线圈”或“小灯泡的灯丝”）。
25．（2020秋•建湖县期末）做图示实验时的观察对象是 （小磁针/小灯泡），为了使实验现象明显，导线应 （东西/南北/任意方向）放置，利用此实验的结论制造出了 （电磁铁/电动机发电机）。
26．（2020秋•青羊区期末）如图是电阻甲和乙的I﹣U图象。若把二者并联后接入电路中，当通过电阻乙的电流是0.2A时，通过电阻甲的电流是 A，若把二者串联后接入某电路，当通过电阻甲的电流为0.3A，电阻乙两端的电压是 V。
三．作图题（共5小题）
27．（2021•云南模拟）如图是一个带开关的插座，开关闭合，插座通电；开关断开，插座断电。部分电路已接好，请用笔画线代替导线将电路补画完整。
28．（2018•李沧区一模）小得的房内有两灯L1和L2用一个开关控制，请在图中完成电路图连接。
29．（2019秋•内江期末）在一个圆纸盒内有一个条形磁体，圆纸盒外放着一些小磁针，各个小磁针静止时的指向如图所示（黑色表示N极），根据圆纸盒外小磁针的指向，请你在圆纸盒内画出条形磁体，并标出条形磁体的N、S极。
30．（2021•秦淮区二模）一间教室要安装2盏“220V 40W”的电灯和插座，要求开关S控制两盏灯，且每盏灯都能正常发光。其中部分电路已经连接，请你用笔画代替导线将电路连接完整。
31．（2021•营口）将如图所示的电磁铁的电路连接完整，要求：
（1）根据小磁针静止时N极指向，在括号中标出电磁铁左端的极性（用“N”或“S”表示）；
（2）在虚线框内画出电池符号；
（3）开关闭合后，变阻器的滑片只有向右移动时，电磁铁的磁性才会变强（连接时导线不能交叉）
四．实验探究题（共17小题）
32．（2020•门头沟区二模）如图所示是小松探究“电磁铁磁性强弱与哪些因素有关”的实验装置图，其中E表示电磁铁。闭合开关S，改变滑动变阻器的滑片P的位置，通过观察电磁铁E吸引小铁钉的个数来比较电磁铁磁性强弱。小松探究的问题是：电磁铁磁性强弱与 是否有关？
33．（2020秋•宜兴市期末）如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，图中搅拌器未画出。燃料的质量都为10g，烧杯内的液体初温相同。
（1）在组装器材时应该先固定 （A/B）的位置；在实验中，三个烧杯中a、b液体的质量必须 （相等/不相等）。
温度/℃
20
30
40
50
加热时间/s
液体a
0
40
82
126
液体b
0
18
40
64
（2）若要比较不同物质的比热容大小，则：应选择甲和 图进行实验；实验中，用 （加热时间/升高温度）来表示两种液体吸收热量的多少。分析表中数据：你认为a、b两种液体中，比热容较大的是 （a/b）液体。若要比较不同燃料的热值，应选择甲和 两图进行实验。
34．（2021•玉州区二模）如图所示用“伏安法”测未知电阻的阻值，实验过程中电源电压保持不变。
（1）请用笔画线表示导线，帮助小明将图甲所示的实物连接成完整电路。要求：滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表示数变小（不要更改原有导线，导线不能交叉）。
（2）连接电路前，开关必须断开。电路接通前，滑动变阻器的滑片应该移至图中 处（选填“A”或“B”）。
（3）小明闭合开关后，发现电流表示数为零，但电压表有示数，此时电路中的一处故障是待测电阻Rx （选填“短路”或“断路”）。
（4）小明排除故障后，用滑动变阻器调节连入电路中的电阻，对应每次变化各测一次电流值和相应的电压值并记录，其中一次测量电流表和电压表的指针如图乙、丙所示，请计算出电阻Rx为 Ω（结果保留一位小数）。小明根据几组实验数据分别计算出Rx的值，并绘制了Rx的U﹣I图像。
（5）另一组的小刚用相同的器材连接电路并进行实验，并根据自己所记录的实验数据绘制了如图丁所示的U﹣I图像。小明发现小刚绘制的U﹣I图像和自己绘制的U﹣I图像不同，你认为小刚在实验操作中出现的问题是 。
（6）若实验中电压表损坏，利用其它的原有器材也能测出未知电阻Rx的阻值。实验电路如图所示（滑动变阻器最大阻值为R0，电源电压未知且不变），请将下列实验步骤补充完整：
①闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P移到a端，记录电流表示数为I1；
②闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P移到b端，记录电流表示数为I2；
③写出待测电阻的表达式，Rx＝ 。（用已知量和测量量符号表示）
35．（2021•东兴区开学）图是“探究什么情况下磁可以生电”的装置，导体ab、开关、灵敏电流表用导线连接，组成电路。
（1）实验中，我们通过电流表指针是否偏转来判断电路中是否有 ；通过指针偏转的方向判断 。
（2）闭合开关，让导体ab在磁场中上下运动，发现电流表的指针 ；让导体ab静止，磁铁水平向右运动，则电流表的指针 。（选填“偏转”或“不偏转”）该实验的重要结论是：闭合电路的一部分导体， ，导体中就会产生感应电流
（3）在仪器和电路连接都完好的情况下，某小组的实验现象不太明显，请提出一条改进措施： 。
（4）这个现象在生产和生活中的重要应用是 。
（5）如果想进一步探究感应电流的方向与导体运动的方向是否有关，则应闭合开关，保持其它条件不变，只改变 ，观察 得出结论。
（6）若将电流表换成 ，可以观察磁场对通电导体的作用。
36．（2017•本溪二模）完成下面电学实验：
（1）探究电流大小与电阻的关系
①根据甲电路图完成乙图中的实物连接。（电源由4节新的干电池串联构成）在连接过程中，开关应处于 （选填“闭合”或“断开”）状态；闭合开关前，滑动变阻器的滑片应滑到最 （选填“左”或“右”）端。
②实验中将5Ω、7Ω、10Ω、12Ω的电阻依次连接入a、b之间，每次实验时a、b之间的电压均为2V，那么应该选择 （选填“20Ω2A”、“25Ω1A”或“30Ω0.1A”）的滑动变阻器。
③某次实验中，刚将a、b之间的电阻更换后，未移动滑动变阻器就闭合了开关，电压表的示数如图丙所示，可以推测刚拆卸下电阻的阻值为 Ω。
④根据实验数据得出结论：在电压一定时， 。
（2）探究电流大小与电压的关系
①在探究电流与电压关系时，不能使用 （选填“灯泡”或“定值电阻”）为测量对象，原因是 。
②通过实验可得出结论：在电阻一定时，电流与电压成正比。
（3）测量小灯泡的额定电功率
①如图是为测量一个标有“3.8V”字样小灯泡额定功率而设计的电路图，电源电压未知，R0的阻值为10Ω，还有一个开关S2没有接上，为完成测量，请在如图中填加一个开关S2。
② （填写开关的断开、闭合状态），移动滑动变阻器的滑片P，直至电流表的示数为 A。
③保持滑动变阻器滑片位置不变，将原闭合的开关断开、原断开的开关闭合，读出电流表的示数为0.88A。
④小灯泡的额定功率P额＝ W。
37．（2020秋•南山区期末）在探究“通过导体的电流与电阻的关系”的实验中，某同学从实验室取得以下器材：电压恒为6V的电池组、电流表、电压表、开关和5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻各一个，规格为“30Ω 1A”的滑动变阻器，导线若干。实验的电路图和记录的数据如下：
（1）连接电路时开关应 ，请根据图甲所示电路图，将图乙所示的实物电路连接完整；
（2）该同学将电路接好，闭合开关后，发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片，电压表与电流表的示数始终很小，其原因可能是 。
（3）该同学用5Ω的电阻做完第1组实验后，改用10Ω的电阻接入电路继续实验，发现电压表示数 2.5V（选填“大于”或“小于”），应向 （选填“左”或“右”）移动滑片P才能达到实验要求；
（4）老师看了该同学的数据后（图丙），分析发现采用 Ω的定值电阻的这组实验数据是捏造的，该同学也明白了物理作为一门实证科学，应该实事求是；
（5）本实验中测量了多组数据，该同学想到：在许多实验中都需要进行多次测量，有的是为了从不同情况中找到普遍规律有的是为了求平均值以减小误差。你认为下列实验中多次测量的目的与本实验相同的是 （填序号）。
①测量物体的长度；②用伏安法测量定值电阻的阻值；③探究重力大小与质量的关系；
38．（2021•云南模拟）小勇利用如图所示的实验装置“探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”，他将实验中观察到的现象记录在下表中。
次数
开关
磁场方向
导体AB的运动方向
电流表指针的偏转方向
1
断开
上N下S
向右运动
不偏转
2
闭合
上N下S
向右运动
向左偏转
3
闭合
上N下S
向左运动
向右 偏转
4
闭合
上N下S
向上运动
不偏转
5
闭合
上S下N
向下运动
不偏转
6
闭合
上S下N
向右运动
向右偏转
7
闭合
上S下N
向左运动
向左偏转
（1）分析得出： 电路中的部分导体在磁场里做切割磁感应线运动时，导体中就会产生磁感应电流。
（2）比较试验2和3（或6和7）可知：在磁场方向一定时，感应电流的方向与 有关。
（3）比较实验 可知：在导体切割磁感线运动方向不变时，感应电流的方向与磁场方向有关。
（4）这个现象最早是由英国物理学家 发现的，此现象在生产和生活中的重要应用是 ，实现了 能转化为 能。
（5）针对这个实验，小勇进行了进一步的探究，他提出了“感应电炉的大小可能与导体切割磁感应线的运动速度有关”的猜想，于是他设计了如下的实验方案：
①保持磁场强弱不变，让导体AB以 的速度沿 方向做切割磁感应线运动，观察电流表指针偏转幅度大小。（均填“相同”或“不同”）
②如果电流表指针偏转幅度不同，说明感应电流的大小与导体切割磁感应线的运动速度 （填“有关”或“无关”）。
39．（2021秋•陈仓区期中）为了测小灯泡的电阻，给你图中所示的器材。
（1）在连接电路时，开关应该处于 状态；闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到 端（填“A”、“B”）。
（2）用笔画线代替导线完成如图甲所示的实验电路。
（3）某次实验中测得的数据如图乙所示，由此可知此时灯泡的电阻是 Ω。
（4）当图甲中的滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表的示数将 ，电压表的示数将 （填“变大”、“变小”或“不变”）
（5）通过实验测得小灯泡的电流随电压变化的曲线如图丙所示，由图像可知小灯泡的电阻 （填“是”或“不是”）一个定值，原因是 。
40．（2020秋•兰州期末）小明用如图甲所示实验装置探究a、b两种液体的吸热能力，在两个相同的烧瓶内分别接入电阻丝，装入质量相等的a、b两种液体，并分别插入温度计。
（1）实验中选用的两根电阻丝的阻值应 （选填“相同”或“不同”）。
（2）实验中，用 （选填“A”或“B”）间接反映液体吸收热量的多少，通过比较 （选填“A”或“B”）来判断液体吸热能力的强弱。
A.通电时间
B.温度计示数的变化量
（3）如表是某次的实验数据，液体a加热后的温度如图乙所示，请将温度计示数填入相应表格中。
物质
物理量
质量（g）
加热前
温度（℃）
加热时间
（min）
加热后
温度（℃）
液体a
150
20
10
液体b
150
20
10
35
分析可知， （选填“a”或“b”）液体的吸热能力较强。
（4）设质量为m的a液体中电阻丝的阻值为R，测出其电流为I，通电一段时间t后，温度计的示数变化量为△t，若不计热量损失，则a液体的比热容为 ，（用所给出的物理量写出比热容的表达式），用该表达式计算出的比热容会比实际值 （选填“偏大”或“偏小”）。
41．（2021•丹东一模）如图甲所示，是某学习小组同学设计的研究“电磁铁磁性强弱”的实验电路图。
（1）电路中滑动变阻器除了起到保护电路的作用，还可以 ，从而改变电磁铁的磁性强弱。
（2）保持滑动变阻器滑片位置不变，通过观察甲图的实验现象，可得出的实验结论是： 。
（3）电磁铁吸引的大头针下端分散的原因是 。
（4）本实验进行了多次实验，多次实验的目的和下列实验多次实验的目的相同的是 。
A．伏安法测量定值电阻的阻值
B．探究并联电路电流规律
C．测量小石块的密度
（5）实际生产和生活中，电磁铁的应用十分广泛。如图乙磁悬浮地球仪的球体中有一个磁铁，环形底座内有一金属线圈，通电后相当于电磁铁。将磁悬浮地球仪的球体用手轻轻向下按一下，球体就会从原来的悬浮位置向下运动，此时金属线圈中的电流 （选填“增大”或“减小”），磁性增强，金属线圈对球体的作用力 （选填“大于”或“小于”）球体重力，球体到达最低点向上运动返回原悬浮位置。
42．（2020•立山区二模）用“伏安法”测量（约5Ω）阻值实验中。
（1）小张根据提供的实验器材连接了如图甲的实验电路，其中连接错误的元件是 ；
（2）正确连线后，某次测量时电流表的示数为0.4A，电压表的示数如图乙所示，为 V．则Rx＝ Ω。
（3）小锋同学的电压表坏了，他设计了如图丙的电路图，用一只电流表、一只已知最大阻值为R0的滑动变阻器也能测出Rx的阻值。请将他的实验步骤补充完整：
①根据图丙，正确连接好电路；
② ；
③ ；
④电阻Rx＝ 。（用测量量和已知量的符号表示）
43．（2021春•通州区期末）如图是汽油机工作时四个冲程的示意图，甲、乙、丙、丁四个冲程中， 冲程的气缸内燃料混合物的压强增大、温度升高。（选填“甲”“乙”“丙”或“丁”）
44．（2020秋•寿光市期末）小赵同学设计了“探究电流与电阻的关系”的实验，器材如下：电源电压恒为4.5V，五个定值电阻R分别为：5Ω，10Ω，15Ω，20Ω及25Ω，标有“50Ω 1A”的滑动变阻器R′、电压表（可用量程：0～3V、0～15V）、电流表（0～0.6A）、开关各1只，导线若干。
（1）请根据图甲所示电路图将图乙所示的实物电路连接完整（要求：导线不允许交叉）。
（2）闭合开关前，应将滑动变阻器滑片P移到最 端，目的是 。
（3）小赵把5Ω的电阻R接入电路后，闭合开关S，发现电流表无示数，电压表有示数。若电路故障只出现在R和R'上，则电路故障是 ，排除电路故障后，适当调整滑动变阻器，当电压表示数为2.5V时，读出了对应的电流值。
（4）断开开关，保持滑片P位置不变，用10Ω的电阻替换5Ω，闭合开关，发现电压表示数 2.5V（选填“大于”或“小于”），应向 （选填“左”或“右”）移动滑片P才能达到实验要求。
（5）小赵再分别将定值电阻15Ω，20Ω，25Ω连入，根据实验所得的五组数据绘制出I﹣R图象，如图丙所示，由图象可得出的结论是： 。
（6）完成该实验探究，滑动变阻器允许连入电路的最小阻值为 Ω。
45．（2021•洪泽区校级一模）小文利用如图所示的实验装置探究“导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”。
（1）磁铁不动，闭合开关，导体棒沿 （选填“上下”或“左右”）方向运动时，电流表指针会发生偏转。
（2）导体棒不动，闭合开关，磁铁上下运动，电流表指针 （选填“会”或“不会”）发生偏转。
（3）断开开关，无论磁铁如何放置、导体棒怎样运动，电流表指针都不发生偏转。由此小明得出结论：闭合电路得一部分导体在磁场中做 运动时，电路中就产生感应电流。
（4）在实验的过程中，小文还发现当导体棒AB水平向左运动时，电流表指针向右偏：让导体棒AB水平向右运动时，电流表指针向左偏，这一实验现象说明：感应电流的方向与导体运动的 有关。
46．（2017秋•潮阳区期末）（1）某家庭电能表如图1所示，若该家庭单独让空调工作，测得1min内电能表转盘赚了60转，则空调消耗的电能为 kW•h，空调的电功率是 W。
（2）如图2所示，电流表的示数是 A，电压表的示数是 V。
（3）用图3所示的装置做“研究电流相同时，通过导体产生的热量与电阻大小的关系”的实验。（甲、乙是完全相同的密闭容器。闭合开关前，A、B两U形管内液面相平）
①由于电流产生的热量不易直接测量，因此在实验中是通过观察U形管中液面的高度差来显示甲、乙容器内空气温度的变化，这里采用了 的探究方法。
②通过对比观察， （选填“甲”、“乙”）容器中导体的电阻产生的热量较多。由此可知，在电流强度和通电时间相同时，电阻越 ，导体产生的热量越多。
47．（2020秋•陕州区期末）某小组同学用图甲的电路图探究欧姆定律，实验中他们所用的定值电阻分别是5Ω、10Ω、15Ω，电源电压为4.5V。
（1）在探究“电阻上的电流跟两端电压的关系”时，选用了某一定值电阻，连接电路闭合开关后，移动变阻器的滑片P，当电流表的示数是0.28A时，电压表的示数如图乙所示，由此可以判断，实验时选择的定值电阻是 Ω。
（2）在探究“电阻上的电流跟电阻的关系”时，把定值电阻由5Ω换成10Ω，闭合开关后，下一步的操作是：将变阻器的滑片P向 （选填“左”或“右”）移动，目的是 。
（3）探究结束后，该组同学又利用图甲所示的电路图测量小灯泡的电阻，他们把定值电阻换成电阻约为10Ω的小灯泡。
①闭合开关后，发现灯泡不亮，电压表示数接近电源电压，电流表指针没有明显偏转，造成这种现象的原因可能是 。
②如图丙所示，是小华同学利用图甲电路做实验时，测绘出的小灯泡的电流随电压变化的关系图象，从图中发现小灯泡的电阻是变化的，原因是 。
48．（2021•咸阳二模）小华同学为了探究“电流与电阻的关系”，设计了如甲图的实验电路。她在学校实验室找来了如下器材：电压恒为3V的电源，电流表、电压表各一只，一个开关，阻值分别为10Ω、20Ω、50Ω的定值电阻各一个，标有“20Ω 1A”字样的滑动变阻器一个，导线若干。
（1）请你用笔画线代替导线，将甲图中的实物电路连接完整。
（2）小华连接好电路，闭合开关后，移动滑动变阻器滑片时，发现电流表指针正常偏转，电压表示数为零，则发生这种故障的原因可能是 。
（3）故障排除后，小华先把10Ω的电阻接入电路，移动滑动变阻器滑片，使电压表示数为2V，读出电流表示数后，断开开关，她直接拆下10Ω的电阻，改换成阻值为20Ω的电阻继续做实验，闭合开关，电压表示数如乙图所示，其示数是 V，要完成这次实验，接下来她应将变阻器滑片向 端（填“左”或“右”）端移动。
（4）当小华改用50Ω的电阻继续实验时，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，都无法使电压表示数达到实验要求的值，你认为“电压表示数无法达到实验要求的值”的原因可能是 。
A．变阻器最大阻值太大了
B．电压表量程选小了
C．变阻器最大阻值太小了
D．变阻器烧坏了
（5）小东想用以上器材测未知电阻Rx的大小，发现电压表损坏，他设计了如丙图的电路，R0为已知电阻。测得开关闭合前后电流表的示数分别为I1和I2，则Rx的数学表达式为Rx＝ 。
五．计算题（共4小题）
49．（2021秋•陵城区期中）如图所示的电路，电源电压保持不变，电阻R1、R2分别为20Ω和30Ω，只闭合开关S1时，电流表的示数为0.3A。
求：
（1）电源电压；
（2）S1、S2均闭合时，电流表的示数；
（3）S1、S2均闭合时，电路中的总电阻。
50．（2019•台州一模）小明家有一台加湿器，说明书上有原理图（如图甲），表格中为其部分技术参数，R1、R2为发热电阻，且R2＝3R1，S为旋转型开关，1、2、3、4为触点，通过旋转开关S可实现“关”、“低挡”、“高挡”之间的转换（低挡为小功率加热，高挡为大功率加热）；
额定电压
220V
水箱容积
3L
低挡功率
110W
（1）求加湿器处于高挡时的电功率；
（2）若水箱加满水，用低挡功率加热，则当水吸收6.3×104J的热量时，水温从10℃可升高到多少℃？
（3）如图乙所示，加湿器工作30分钟消耗的电能为多少？
51．（2019秋•奉贤区期末）如图所示，电源电压保持不变，R1的阻值为10欧。开关S闭合前，电流表的示数如图所示；S闭合后，电流表的示数为0.6安。求：
（1）电源电压U。
（2）电阻R2的阻值。
（3）现调整电路，更换电流表量程，用标有“5欧2安”或“10欧1安”字样的滑动变阻器替换R1．在电路安全工作的情况下，选择“ ”字样滑动变阻器能使电流表示数最大值Imax与最小值Imin的比值最大，请通过计算说明，并求出该比值。
52．（2018秋•招远市期末）如图甲所示是小明家的自动电热水壶，它具有自动加水、加热、保温等功能。当壶内水位达到规定容量时，水的质量为1.5kg。小明关闭了家中的其它用电器，按一下电热水壶的加热按钮，温控开关闭合，6min后壶内的水从20℃加热到沸腾（在1个标准大气压下），电能表的转盘转了600转。温控开关断开，电热水壶自动转入保温状态，其电路图如图丙所示。[g取10N/kg，c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
请你结合图乙中电能表提供的有关参数信息解决以下问题：（忽略温度对电阻的影响）
（1）电热水壶加热时的加热效率是多少？
（2）电热水壶加热时的加热电功率及R1的阻值是多少？
（3）若电热水壶的保温功率是44W，电热丝R2的阻值是多少？
六．综合能力题（共3小题）
53．（2021•常州模拟）科技小组为灯暖型浴霸（一种取暖用的电器）设计了一个可自动控制温度的装置。如图甲所示，控制电路电压恒为12V，继电器线圈的电阻R0为20Ω，定值电阻R1为40Ω，热敏电阻R2的阻值随温度变化的图像如图乙所示；工作电路电压U2恒为220V，安装两只标有“220V 275W”的灯泡，闭合开关S，当继电器线圈中的电流大于或等于50mA时，继电器的衔铁被吸合，工作电路断开。
（1）工作电路工作时，A端应与 （B/C）端相连接。
（2）工作电路工作时的总电流为多大？
（3）浴室里控制的温度t0为多高？
（4）要使利用R2控制的浴室温度变高，可适当 （写出一种方法即可）。
54．（2021•光明区模拟）在2019年我国超越美国成为世界第一汽车消费大国。当我们开车转弯时要打转向灯，此时相应一侧的转向车灯开始闪烁，直至汽车直行为止。那么这种闪烁车灯的基本电路图是什么样的呢？我市某一中学科技小组的同学们利用电磁学知识设计了一个电路，如图甲所示。图甲电路中电源电压保持12V不变，指示灯的规格均为“12V 16W”，R0为定值电阻，左转或右转指示灯单独闪烁时，电压表两端实际电压随时间的变化规律如图乙所示。设指示灯的电阻不变，电磁铁线圈及衔铁的电阻值不计。
请回答下列问题：
（1）指示灯的电阻为 Ω。
（2）如图甲所示，当转向开关S与触点“2”和“3”接通时，电流从正极出发，通过定值电阻R0、电磁铁、左转指示灯L1，最后回到电源负极，这时电磁铁的上端是 极（选填“N”或“S”），指示灯L1 （选填“发光”或“微弱发光”）；由于电流通过电磁铁，电磁铁具有了磁性，会将衔铁拉下来，使动触点A与静触点B接触从而导致电阻R0和电磁铁短路，这时指示灯L1 （选填“发光”或“微弱发光”）；电磁铁被短路后没有了磁性，衔铁在弹簧的作用下动触点与静触点再次分离，如此反复，就实现了指示灯亮暗的交替闪烁。
（3）定值电阻R0的阻值是 Ω。
（4）若指示灯交替闪烁时间和频率与电流大小无关，当转向开关S与触点“4”和“5”接通，在0～0.9s这段时间内，电阻R0上消耗的电能为 J（保留两位小数）。
55．（2021•昆山市模拟）下表为某电烤箱铭牌的部分参数，其简化电路如图所示R1、R2均为电热丝。求
额定电压
220V
额定功率
高温挡
1100W
低温挡
440W
（1）当开关S闭合时，电烤箱处于 温挡。当电烤箱在高温挡工作时，1min消耗的电能是多少焦耳？
（2）R2的电阻是多少？
七．解答题（共2小题）
56．（2021•碑林区校级模拟）用“220V、800W”的电热壶烧开水，在额定电压下，20分钟能烧开一壶水。现电源电压不足，只有180伏特，在这个电压下，要烧开同样多的水，需要多少分钟？在做题的过程中，你用了哪些近似处理。
57．（2021•麻江县模拟）图示为一款有高、低温两挡的蒸汽电熨斗电路原理图。R1、R2为电热丝，其中R2＝242Ω，水升温并汽化成水蒸气，从而熨烫衣服。
（1）电熨斗处于低温挡时，正常工作功率为100W．求：通过电路的电流是多大？R1的电阻是多大？通电3min产生的热量是多少？
（2）若将该款电熨斗进行改造，使其正常工作时高温挡功率为1000W．要求只改变其中一个电热丝的阻值，请你通过分析和计算，求出该电热丝改变后的阻值应为多少？
九年级上册物理期末综合复习精选60题
参考答案与试题解析
一．选择题（共10小题）
1．【解答】解：A、5G信号的频率大于3G信号的频率，但都是电磁波，在空气中传播速度相同，故A错误；
B、太阳能、风能、核能是人类大力开发的新能源，但太阳能和风能是可再生能源，而核能是不可再生能源，故B错误；
C、超导体是指某些材料当温度降低某个值时，电阻突然为0，由于其电阻为0，所以电流经过超导体不发热，而电饭锅的发热体是由电阻较大的材料制作的。故C错误；
D、手机的芯片使用的材料主要是半导体，故D正确。
故选：D。
2．【解答】解：
AB、磁感线是为了描述磁场的性质而引入的，磁感线是不存在的，更不是由铁屑组成的。故AB错误；
C、奥斯特实验证明了通电导体周围一定存在磁场，不通电导体周围不存在磁场，故C错误；
D、地磁场的北极在地理的南极附近，地磁场的南极在地理的北极附近，故D正确；
故选：D。
3．【解答】解：
A、钢棒很难压缩，说明分子之间存在着相互作用的斥力，不符合题意；
B、空气中沙尘飞舞是沙尘的机械运动，沙尘是可以眼看到，不是分子运动，不符合题意；
C、水很难压缩，说明分子之间存在着相互作用的斥力，符合题意；
D、带电体能吸引轻小物体，是带电体的基本性质，不属于分子间的引力作用，不符合题意。
故选：C。
4．【解答】解：
A、图中试管内的水蒸气将塞子喷出时，水蒸气对塞子做功，内能转化为机械能，水蒸气的内能减少，温度降低，即通过做功的方式改变管内水蒸气的内能，故A错误；
B、图中小球在地面弹跳时的最高点越来越低，是因为小球需要克服阻力做功，有一部分机械能转化成了内能，但在能的转化和转移过程中，能的总量保持不变，故B错误；
C、图中钻木取火时，消耗机械能，获得内能，是将机械能转化为内能的过程，故C正确；
D、图中核电站将核能转化为内能，内能转化为机械能，机械能最后转化为电能，故D错误。
故选：C。
5．【解答】解：闭合开关后，螺线管内的小磁针静止后停在图中位置，小磁针的N极指向螺线管的右端，所以螺线管内部的磁场方向是由左端指向右端，即螺线管的右端为N极，左端为S极；
根据安培定则可以判断出电流从左边导线流入，右边导线流出，即A端为电源正极，B端为电源负极。
故选：D。
6．【解答】解：（1）丙容器中两电阻并联后再与甲、乙两容器中的电阻串联接入电路，根据串联电路和并联电路电流的规律可知通过甲、乙两容器中的电阻的电流相同，都大于通过丙容器中的电阻的电流，故A错误；
（2）甲容器中的电阻与丙容器中的电阻相同，电流不同，要探究电流产生的热量与电流的关系，需观察甲、丙两个U形管中液面高度的变化，故D错误；
（3）通过甲容器中的电阻与乙容器中的电阻的电流相同，两容器中的电阻不同，要探究电流产生的热量与电阻的关系，需观察甲、乙两个U形管中液面高度的变化，故C错误；
（4）甲、乙装置中，将容器中的电阻丝串联起来接到电源两端，通过他们的电流I与通电时间t相同，左边甲容器中的电阻小于右边乙容器中的电阻，由Q＝I2Rt可知，右边乙容器中的电阻产生的热量多，温度升得较快；甲、丙装置中，丙装置并联一个相同阻值的电阻，再将容器中的电阻丝串联起来接到电源两端，通过他们的电阻与通电时间t相同，左边甲容器中的电阻流大于右边丙容器中的电流，由Q＝I2Rt可知，甲容器中的电阻产生的热量多，温度升得较快；所以通电一段时间后，U形管中液面升高的高度最高的是乙，故B正确。
故选：B。
7．【解答】解：ABC.由电路图可知，油量表串联在电路中，是由电流表改装而成的，故A正确、BC错误；
D.由电路图可知，R1与R2串联，电流表（油量表）测电路中的电流，
当油箱内油面上升时，浮标排开油的体积变大，受到的浮力变大而上升，在杠杆的作用下滑片下移，变阻器接入电路中的电阻减小，电路中的总电阻变小，由I＝可知，电路中的电流变大；
整个工作过程中，浮球与指针组成的杠杆模型始终是处于动态平衡的（杠杆的动力和阻力可近似认为是浮球的重力和浮力），当油箱中的油量特别少时，仅靠油液提供的浮力已不足以使杠杆平衡，所以浮球还会受到油箱底面对它向上的支持力，这个时候浮球不再是漂浮状态，而是沉底状态，故D错误。
故选：A。
8．【解答】解：ACD．由电路图可知，R与R′串联，
当秤盘上所加重物越多时，在杠杆的作用下滑片上移，接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大，
由I＝可知，电路中的电流变小，
由U＝IR可知，R两端的电压变小，
所以，A图中电流表的示数变小、C图中电压表的示数变小，故AC不符合题意；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R′两端的电压变大，即D图中电压表的示数变大，故D符合题意；
B．由电路图可知，R与R′并联，电流表测R′支路的电流，
当秤盘上所加重物越多时，在杠杆的作用下滑片上移，接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I＝可知，R′支路的电流变小，即电流表的示数变小，故B不符合题意。
故选：D。
9．【解答】解：A、装置甲中一个5Ω的电阻与两个5Ω的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I右＝I左，两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I右＝I1+I2，两电阻阻值相等，则支路中电流相等，I1＝I2，所以通过右边容器中的电阻的电流是通过左侧电阻的电流的一半，所以甲实验是研究电流产生的热量与电流的关系，故A错误；
B、根据选项A分析，由Q＝I2Rt可知，左边容器中的电阻产生的热量多，所以左侧容器内U形管中液面高度差大，故B错误；
C、在乙装置中，容器中的两个电阻丝串联，通过它们的电流I与通电时间t相同，左边容器中的电阻小于右边容器中的电阻，所以乙实验是为了探究电流产生的热量与电阻大小的关系，故C错误；
D、根据选项C分析，由Q＝I2Rt可知，左边容器中的电阻产生的热量少，所以右侧容器内U形管中液面高度差大，故D正确。
故选：D。
10．【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流。
因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以R1支路的电流：
I1＝I﹣I2＝1.2A﹣0.3A＝0.9A，
因为并联电路中各支路两端的电压相等，
所以根据I＝可得，R2两端电压：
U2＝U1＝I1R1＝0.9A×12Ω＝10.8V，
则R2的阻值：
R2＝＝＝36Ω。
故选：A。
二．填空题（共16小题）
11．【解答】解：用干绸布擦穿衣镜，发现擦过的镜面很容易粘上细小绒毛，这是由于带电体有吸引轻小物体的性质，若镜面带正电，则在摩擦过程中镜面失去电子，则绸布由于得到电子，带负电，摩擦起电的实质是电荷间的转移。
故答案为：吸引轻小物体；负；转移。
12．【解答】解：将热牛奶放入冷水中，牛奶放出热量，冷水吸收热量，则牛奶的内能减小，这是通过热传递方式改变牛奶的内能；热传递是内能在物体间发生转移。
故答案为：热传递；减小；转移。
13．【解答】解：家中用电器的总功率不能超过P大＝UI＝220V×5A＝1100W；
转过5r消耗的电能W＝kw•h×5＝0.002kw•h＝7200J；
电功率P＝＝＝40W；
故答案为：1100；40。
14．【解答】解：只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，
由欧姆定律可得，电源电压：U＝I1R1＝0.6A×10Ω＝6V；
当同时闭合开关S1、S2时，两电阻并联，电流表测干路电流，
因为并联电路各支路独立工作、互不影响，
所以通过R1的电流不变，仍为0.6A，电流表的示数增大了0.5A，则通过R2的电流为0.5A，
并联电路各支路两端的电压相等，由欧姆定律可得R2的阻值：R2＝＝＝12Ω。
故答案为：6；12。
15．【解答】解：（1）连接电路时，为防止电路中出现短路现象造成电源或用电器的损坏，开关应断开；
（2）用电流表测电流时，电流表应串联在待测电路中，且电流从电流表的正接线柱流入、负接线柱流出。
故答案为：断开；串联；正。
16．【解答】解：
转速为2400r/min的四冲程内燃机，则每秒转40圈，做20次功；
每次做功735J，则每秒做的功：W＝735J×20＝14700J，
功率P＝＝＝14700W。
故答案为：20；14700。
17．【解答】解：
由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）将变阻器的滑片向右调至中点时，R2接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大，
由I＝可知，电路中的电流变小，R1两端的电压变小，
由串联电路中总电压等于各分电压之和可知，R2两端的电压变大，即电压表V2的示数变大；
（2）当变阻器的滑片位于中点一段时间后，观察到电压表V1的示数突然变大，
则电压表V1与电源之间是通路，所以R2不可能断路，且R1不可能短路，
又因故障发生在电阻R1、R2中，且同时仅有一个出现故障，
所以，故障原因可能是R1断路，也可能是R2短路。
故答案为：（1）变大；（2）R1断路或R2短路。
18．【解答】解：由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量R两端的电压，根据R＝可知，电压表与电流表示数的比值为R的电阻，保持不变；
若电路正常工作一段时间后，电流表示数变为0，则电路出现了断路现象；电压表示数为0，说明电压表与电源之间是断开的，所以故障是滑动变阻器Rp断路。
故答案为：不变；Rp断路。
19．【解答】解：读图可知，当开关S闭合后，电路中的电流路径有两条，分别流经灯L1和灯L2，故两灯是并联；开关S处在干路中，可以控制干路电路的通断，即开关S控制灯L1和L2；观察电流表所接入的位置可以看出，A1与灯L1串联，测的是灯L1所在支路的电流，而电流表A2接在干路中，测干路电流。
故答案为：L1；干路
20．【解答】解：烈日下测绘器材表面从太阳光中吸收热量，其温度升高、内能增大，其内能的变化是通过热传递方式实现的。
故答案为：变大；热传递。
21．【解答】解：甲、乙两灯的额定电压均为6V，
由图像可知：甲灯的额定电流为1A，乙灯的额定电流为0.5A，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，两灯泡串联时，电路的最大电流I＝I乙额＝0.5A，此时乙灯能正常发光，
由图像可知，当电流为0.5A时所对应的电压分别U甲＝2V，U乙＝6V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源电压：U＝U甲+U乙＝2V+6V＝8V。
故答案为：乙；0.5；8。
22．【解答】解：利用安培定则可知，电磁铁的左端为N极、右端为S极；
滑片P向左滑动过程中，滑动变阻器连入电路中的电阻变小，则电路中的电流变大，通电螺线管的磁性增强；
由右图可知，巨磁电阻和灯泡串联，
因巨磁电阻在磁场中急剧减小，
所以，此时巨磁电阻的阻值会变小，右侧电路中的总电阻变小，
由I＝可知，右侧电路中的电流变大，通过灯泡的电流变大，
因P＝I2R，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，
所以，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮。
故答案为：S；亮。
23．【解答】解：
（1）根据比较不同物质吸热能力的方法，要控制水和沙子的质量相同；
（2）因实验过程中所使用仪器规格完全相同，根据转换法，在实验时只要控制加热时间相同就可以确定水和沙子吸收了相同的热量；
由图乙知，加热相同时间，沙子温度升高快，水升温慢，故水的比热容大，沙子的比热容小；
（3）从实验过程分析可知，该装置没有用搅拌棒对沙子和水进行搅拌，物质受热不均匀，所以改进措施是：用搅拌棒对沙子和水进行搅拌，让物质受热均匀（或同时该装置中没有温度计，所以改进措施是：用温度计测量两装置中物质的温度）。
故答案为：（1）质量；（2）加热时间；小于；（3）用搅拌棒对沙子和水进行搅拌，让其受热均匀（或同时该装置中没有温度计，所以改进措施是：用温度计测量两装置中物质的温度）。
24．【解答】解：原子由位于中心的原子核和绕核转动的核外电子组成；
石墨烯在一定条件下电阻可以降为零，这样的材料叫做超导体；
超导体的电阻为0，电饭煲发热丝、小灯泡的灯丝都是利用电流热效应工作的，它们不能使用超导体；
电动机线圈工作时将电能转化为机械能，不需要产生热量，可以使用超导体。
故答案为：原子核；超导体；电动机线圈。
25．【解答】解：由图可知，该实验为奥斯特实验，奥斯特实验通过小磁针偏转说明了通电导体周围存在磁场；
由于小磁针受到地磁场的作用，要指南北方向，为了观察到明显的偏转现象，应使电流产生的磁场方向为东西方向，故应使把直导线南北放置；
人们利用电流的磁效应制成了电磁铁。
故答案为：小磁针；南北；电磁铁。
26．【解答】解：（1）因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，将甲和乙并联后接入电路中时，它们两端的电压相等，
由图象可知，当通过乙的电流为0.2A时，两端的电压为2.0V，所以甲两端的电压也为2.0V，此时通过甲的电流为0.4A；
（2）因串联电路中各处的电流相等，所以电阻甲、乙串联时，通过甲的电流为0.3A时，通过乙的电流也为0.3A，
由图象可知，此时乙两端的电压为3V。
故答案为：0.4；3。
三．作图题（共5小题）
27．【解答】解：
安装三孔插座的方法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；
开关应与火线连接，所以上面为火线、中间为零线、下面为地线；要使开关控制三孔插座，应将开关与插座的右孔连接。如图所示：
28．【解答】解：由分析可知，家庭电路中各电灯的连接方式为并联，而开关同时控制两盏灯，说明开关位于干路中，且为了保证用电安全，开关应接在火线上，如图所示：
。
29．【解答】解：根据图中小磁针N极的指向及其变化规律，可以看出，磁场的方向是从左下角指向右上角，故条形磁体的位置如图所示：
。
30．【解答】解：教室内要安装2盏“220V 40W”的照明灯，开关S控制两盏灯，则说明开关在干路上，两灯泡并联，开关S接火线，然后分别进入两灯泡；零线直接接入灯泡。
两孔插座的接法，左边接零线，右边接火线。由于右边的灯泡与插座的左孔相连，则此线应接零线；如图所示：
31．【解答】解：（1）小磁针静止时N极指向右，根据异名磁极相互吸引可知，电磁铁的右端为S极，左端为N极；
（2）根据安培定则可知，电流从电磁铁的右端流入，左端流出，所以电池的左端为正极；
（3）开关闭合后，变阻器的滑片只有向右移动时，电磁铁的磁性会变强，这说明电路中的电流变大，根据欧姆定律可知，电路中的总电阻变小，则滑动变阻器的电阻变小，滑动变阻器滑片应与左侧导线相连；
如图所示：
四．实验探究题（共17小题）
32．【解答】解：闭合开关S，改变滑动变阻器的滑片P的位置，改变了连入电路的电阻的大小，电路中电流大小发生变化，电磁铁磁性强弱改变，可说明电磁铁磁性强弱与电流（电流大小）有关，
故答案为：电流（电流大小）。
33．【解答】解：（1）因用酒精灯的外焰加热，故在组装器材时应该自下而上调试器材，即应先固定B的位置；在实验中，由控制变量法，三个烧杯中a、b液体的质量必须相等；
（2）若要比较不同物质的比热容大小，则需要燃烧相同的燃料（确保相同时间放出的热量相同），加热相同的时间，比较质量和初温相同的液体升高的温度，故应选择甲和丙图进行实验；
根据转换法，用加热时间来表示两种液体吸收热量的多少；
分析表中数据知，升高相同的温度，a加热时间长，故a、b两种液体中，比热容较大的是a液体；
若要比较不同燃料的热值，要用不同的燃料，加热质量相同的同种液体，应选择甲和乙两图进行实验；
故答案为：（1）B；相等；（2）丙；加热时间；a；乙。
34．【解答】解：（1）滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表示数变小，说明变阻器接入电路的电阻变大，故应将变阻器的左下接线柱连入电路中，如下图所示：
（2）小明闭合开关后，发现电流表示数为零，电路可能断路，但电压表有示数，则电压表与电源连通，此时电路中的一处故障是待测电阻Rx断路；
（3）其中一次测量电流表和电压表的指针如图乙、丙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，则电流为0.28A，电压表选用小量程，分度值为0.1V，则电压为2.6V，
由欧姆定律可得，此次测得的电阻值Rx＝＝≈9.3Ω；
（4）图中待测电阻与变阻器串联，当变阻器连入电路的电阻变小时，由欧姆定律可知电路的电流变大，根据U＝IR可得，待测电阻两端的电压变大，由串联电路电压的规律可知变阻器的电压变小，而图丁所示的U﹣I图像中电流增大时电压减小，这说明小刚在实验操作中出现的问题是将电压表并联在变阻器两端了；
（5步骤②中，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P移到b端，Rx被短路，只有R0工作，电流表示数为I2，所以电源电压：U＝I2R0，
步骤①，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P移到a端，两电阻并联，总电流为I1，
两次实验中，R0两端电压均等于电源电压，R0阻值不变，所以通过R0的电流均为I2，
根据并联电路的电流特点可得，通过待测电阻的电流Ix＝I1﹣I2，
并联电路电压相等，则待测电阻两端的电压：Ux＝U＝I2R0，
所以待测电阻Rx＝＝。
故答案为：（1）如上图所示；（2）断路；（3）9.3；（4）将电压表并联在变阻器两端了；（5）。
35．【解答】解：（1）感应电流就是通过灵敏电流表的指针偏转来体现的，若灵敏电流表的指针发生偏转，就说明产生了感应电流；同时还可以通过指针偏转的方向判断电流的方向；
（2）闭合开关，让导体ab在磁场中上下运动，由运动方向与磁感线方向平行，没有切割磁感线，所以电流表的指针不偏转；
让导体ab静止，磁铁水平向右运动，导体也会切割磁感线，则会产生感应电流，电流表的指针偏转。
由该实验可得出的结论是：闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流。
（3）我们可以将导体ab换成多匝线圈来增大感应电流，更容易观察；
（4）电磁感应现象中，消耗了机械能，得到了电能，利用电磁感应现象制成了发电机。
（5）要验证感应电流的方向和导体运动的方向关系，就要控制其它因素一定，而改变导体的运动方向，通过观察电流表的指针偏转方向，得出感应电流的方向和导体运动的方向的关系；
（6）将电流表换成电源，闭合开关，导体AB中有电流通过，导体受到磁场力的作用而运动，这是电动机的原理。
故答案为：（1）电流；电流方向；
（2）不偏转；偏转；在磁场中做切割磁感线运动时；
（3）将导体ab换成多匝线圈；
（4）发电机；
（5）导体运动的方向；电流表指针偏转的方向；
（6）电源。
36．【解答】解：（1）探究电流大小与电阻的关系
①根据电路图，变阻器左下接线柱连入电路中，如下图1所示：
在连接过程中，开关应处于断开状态；闭合开关前，滑动变阻器的滑片应滑到阻值最大处，即最右端；
②电压表控制的电压为2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：
U滑＝6V﹣2V＝4V，变阻器分得的电压为电压表示数的2倍，根据分压原理，当接入12Ω时，变阻器连入电路中的电阻为：
R滑＝2×12＝24Ω，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少24Ω的滑动变阻器，
考虑到选用5Ω电阻时，I1＝＝＝0.4A，电流为0.4A＞0.1A，故选25Ω1A的滑动变阻器； ③由分压原理，原来：
＝；
某次实验中，刚将a、b之间的电阻更换后，未移动滑动变阻器就闭合了开关，电压表的示数如图丙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压为2.5V，由分压原理，则换下的电阻比刚拆卸下电阻要大，
由串联电路电压的规律，变阻器的电压为：6V﹣2.5V＝3.5V，
更换后，根据分压原理有：
＝，
联立两式有：
＝0.7，
由题意知，原来的电阻为7Ω，更换后的电阻为10Ω；
④根据实验数据得出结论：在电压一定时，电流与电阻成反比；
（2）探究电流大小与电压的关系
①在探究电流与电压关系时，不能使用灯泡为测量对象，原因是灯泡的电阻随温度的升高而增大（改变而改变）；
②通过实验可得出结论：在电阻一定时，电流与电压成正比。
（3）测量小灯泡的额定电功率
①根据上面的分析，将开关S2如下连接；
②开关S1断开、S2闭合，移动滑动变阻器的滑片P，直至电流表的示数为0.38A；
③保持滑动变阻器滑片位置不变，将原闭合的开关断开（S1断开）、原断开的开关（S2）闭合，读出电流表的示数为0.88A；
在③中，电流表测灯与R并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律，灯的额定电流：
IL＝I﹣0.38A＝0.88A﹣0.38A＝0.5A，灯的额定功率：
P额＝ULIL＝3.8V×0.5A＝1.9W。
故答案为：（1）①如图1所示；断开；右； ②25Ω 1A；③7； ④电流与电阻成反比；
（2）①灯泡 ②灯泡的电阻随温度的升高而增大（改变而改变）
（3）①如图2所示；
②开关S1断开、S2闭合；0.38； ③1.9。
37．【解答】解：（1）为保护电路，连接电路时开关应断开；据甲图可知，变阻器右下接线柱连入电路中与电阻串联，如下所示：
（2）电压表与电阻并联测定值电阻两端的电压，电流表测电路的电流，该同学将电路接好，闭合开关后，发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片，电压表与电流表的示数始终很小，说明电路的电阻很大，其原因可能是：将变阻器下面两个接线柱连入了电路中；
（3）该同学用5Ω的电阻做完第1组实验后，改用10Ω的电阻接入电路继续实验，连入电路的电阻变大，由分压原理，发现电压表示数大于2.5V；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数保持不变；
（4）规格为“30Ω 1A”的滑动变阻器，可知变阻器的最大电阻为30Ω，选用25Ω的电阻时，由串联电阻的规律及欧姆定律I＝，电路的最小电流为：
I＝＝≈0.11A＞0.1A，故采用25Ω的定值电阻的这组实验数据是捏造的；
（5）本实验中测量了多组数据，进行多次测量，是为了从不同情况中找到普遍规律：
①测量物体的长度，进行多次测量，是为了取平均值减小误差；
②用伏安法测量定值电阻的阻值，进行多次测量，是为了取平均值减小误差；
③探究重力大小与质量的关系，进行多次测量，有的是为了从不同情况中找到普遍规律；
故选③。
故答案为：（1）断开；如上所示；（2）将变阻器下面两个接线柱连入了电路中；（3）大于；左；（4）25；（5）③。
38．【解答】解：（1）分析可知，产生感应电流的现象中，闭合电路中的部分导体在磁场里的运动方向与磁场方向垂直，即导体中产生感应电流时闭合电路中的部分导体在磁场里做切割磁感线运动。
（2）比较实验2和3（或6和7）可知：在磁场方向一定时，导体切割磁感线运动方向改变，感应电流的方向就改变。
（3）比较实验2和6（或3和7）可知：在导体切割磁感线运动方向（或导体运动方向）不变时，磁场方向改变，感应电流的方向就改变。
（4）英国物理学家法拉第经过十年不懈地努力于1831年发现了电磁感应现象，利用电磁感应现象，人们发明了发电机；在发电的过程中，是机械能转化为电能。
（5）探究感应电流的大小与导体切割磁感线运动速度是否有关，应该保持磁场强弱不变，让导体AB以不同的速度沿相同方向做切割磁感线运动，观察电流表指针偏转幅度大小。如果电流表指针偏转幅度不同，说明感应电流的大小与导体切割磁感线运动速度有关，如果电流表指针偏转幅度相同，说明感应电流的大小与导体切割磁感线运动速度无关。
故答案为：（1）闭合；（2）导体切割磁感线运动方向（导体运动方向）；（3）2、6或3、7；（4）法拉第；制成发电机；机械；电；（5）①不同；相同；②有关。
39．【解答】解：（1）为保护电路，连接电路时，开关应断开，闭合开关前，滑动变阻器的阻值应处于最大阻值处，即A端；
（2）滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中，灯泡与变阻器串联接入电路中；由题意可知：电压表的量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A；如下图所示：
；
（3）由图丙可知，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为0.8V；电流表示数为0.2A，则电阻为：
R＝＝＝4Ω；
（4）图中的滑动变阻器的滑片向左移动时，滑动变阻器电阻变大，电流表的示数将减小，根据U＝IR可知，电压表的示数将变小；
（5）利用图象中的I﹣U的图线，结合欧姆定律可以确定，导体的电阻值不是定值。导体的决定因素有导体的材料、长度、横截面积、温度四个。当导体中有电流通过时，导体都要发热，且电流越大，温度越高。导体的温度越高，导体的电阻就越大。
故答案为：（1）断开；A；（2）如图；（3）4；（4）变小；变小；（5）不是；灯丝的电阻随温度的升高而增大。
40．【解答】解：（1）图中两电阻丝串联，通过的电流和通电时间相同，由焦耳定律Q＝I2Rt可知，要控制相同时间两电热丝放出的热量相同（两液体吸热才能相同），实验中选用的两根电阻丝的阻值应相同；
（2）根据转换法，实验中，用通电时间间接反映液体吸收热量的多少，选A；
通过比较温度计示数的变化量来判断液体吸热能力的强弱，选B；
（3）图乙中温度计分度值为1℃，示数为48℃，如下表所示：
质量（克）
加热前温度（℃）
加热时间（min）
加热后温度（℃）
液体a
150
20
10
48
液体b
150
20
10
35
由表中数据，加热相同时间，b升温小，故b液体的吸热能力较强；
（4）设质量为m的a液体中电阻丝的阻值为R，测出其电流为I，通电一段时间t后，若不计热量损失，液体吸热为：
Q＝I2Rt，则a液体的比热容为：
c＝＝，实际上放出的热量不能完全被液体吸收，即分子变小，用该表达式计算出的比热容会比实际值偏大。
故答案为：（1）相同；（2）A；B；（3）如上表所示；b；（4）；偏大。
41．【解答】解：（1）电路中滑动变阻器除了起到保护电路的作用，滑动变阻器还可以改变自身的电阻，从而改变电路中的电流，达到改变电磁铁磁性的强弱；
（2）由图可知，该电路为串联电路，保持滑动变阻器滑片位置不变，电流大小不变，即通过两个电磁铁的电流是相同的，线圈的匝数越多，吸引的大头针的个数越多，磁性越强，即结论为：在电流相同时，线圈的匝数越多，磁性越强；
（3）大头针被磁化，同一端的磁性相同，互相排斥，所以下端分散；
（4）研究“探究电磁铁的磁性跟哪些因素有关”，多次实验的目的是总结规律，避免因次数太少造成结论的偶然性或片面性。
A．伏安法测量定值电阻的阻值，采用多次测量的目的是：取平均值，减小测量误差；
B．探究并联电路电流规律，多次测量的目的是：总结规律，防止结论的偶然性；
C．测量小石块的密度，采用多次测量的目的是：取平均值，减小测量误差；
故“探究电磁铁的磁性跟哪些因素有关”实验中多次实验的目的相同的是B。
（5）将磁悬浮地球仪的球体用手轻轻向下按一下时，由于金属线圈中的电流增大，所以可此时通电线圈的磁性增强；磁力大于重力，球在磁力的作用下向上运动。
故答案为：（1）改变电路中的电流；（2）在电流相同时，线圈的匝数越多，磁性越强；（3）大头针被磁化，同名磁极相互排斥；（4）B；（5）增大；大于。
42．【解答】解：（1）由图知，电压表的正负接线柱接反了；
（2）由图乙知，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为2.2V，
根据I＝知，待测电阻为：Rx＝＝＝5.5Ω；
（3）①根据图丙，正确连接好电路；
②闭合开关S，移动滑片P至B端，记下电流表示数I1；
③移动滑片P至A端，记下电流表示数I2（I1未超过电流表的量程）；
在①中两电阻串联，由电阻的串联和欧姆定律，电源电压：
U＝I1（Rx+R0）
在②中为RX的简单电路，由欧姆定律：
U＝I2RX，
因电源电压不变，故：
U＝I1（Rx+R0）＝I2Rx，
Rx的表达式：
Rx＝。
故答案为：（1）电压表；（2）2.2；5.5；（3）②闭合开关S，移动滑片P至B端，记下电流表示数I1；③移动滑片P至A端，记下电流表示数I2；④。
43．【解答】解：甲图进气门开启，气体流入汽缸，是吸气冲程；
乙图两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程；
丙图两气门都关闭，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程；
丁图排气门开启，气体流出汽缸，是排气冲程；
据分析可知，丙图是汽车获得动力的冲程，做功冲程的气缸内燃料混合物燃烧，使得压强增大、温度升高，内能转化为机械能。
故答案为：丙。
44．【解答】解：（1）变阻器按一上一下连入电路中，电压表与电阻并联，如下所示：
（2）闭合开关前，应将滑动变阻器滑片P移到最左端，目的是保护电路。
（3）小赵把5Ω的电阻R接入电路后，闭合开关S，发现电流表无示数，电路可能断路，电压表有示数，电压表与电源连通，若电路故障只出现在R和R'上，则电路故障是R断路；
（4）根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大，发现电压表示数大于2.5V；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数不变；
（5）由图知，电阻两端的电压始终保持UV＝IR＝0.1A×25Ω＝﹣﹣﹣﹣﹣＝0.5A×5Ω＝2.5V，故得出电压一定时，电流与电阻成反比；
（6）根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑＝U﹣UV＝4.5V﹣2.5V＝2V，变阻器分得的电压为电压表示数的0.8倍，根据分压原理，当接入5Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：
R滑＝0.8×5Ω＝4Ω，故为了完成整个实验，滑动变阻器允许连入电路的最小阻值为4Ω.
故答案为：
（1）如上所示；（2）左；保护电路；（3）R断路；（4）大于；左；（5）电压一定时，电流与电阻成反比；（6）4.
45．【解答】解：
（1）磁铁不动，闭合开关，导体棒沿左右方向运动时，导体切割磁感线，会产生感应电流，电流表指针会发生偏转。
（2）导体棒不动，闭合开关，磁铁上下运动时，导体没有切割磁感线，不会产生感应电流，电流表指针不会发生偏转。
（3）断开开关，电路开路，无论磁铁如何放置、导体棒怎样运动，都不会产生感应电流，故可得出结论：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中就产生感应电流。
（4）导体棒AB水平向左运动时，电流表指针向右偏：让导体棒AB水平向右运动时，电流表指针向左偏，电流的方向发生了变化，这说明感应电流的方向与导体运动的方向有关。
故答案为：（1）左右；（2）不会；（3）切割磁感线；（4）方向。
46．【解答】解：（1）电能表转盘转了60转，则空调消耗的电能：W＝kW•h×60＝0.02kW•h；
空调的电功率：P＝＝＝1.2kW＝1200W。
（2）电流表使用的0～0.6A量程，分度值为0.02A，电流表的示数为0.24A；由图知，电压表使用的0～15V量程，分度值为0.5V，电压表的示数为12.5V。
（3）①实验中是通过观察“U”形管中液面的高度差来显示甲、乙容器内空气温度的变化。像这种用能直接观测的量来显示不容易直接观测的量的方法叫转换法；
②由图知，电流相同，时间相同，乙中的电阻大，根据公式Q＝I2Rt可知，乙产生的热量多；由此可知：在电流相同、通电时间相同的情况下，电阻越大，电流产生的热量越多。
故答案为：（1）0.02；1200；（2）0.24；12.5；（3）①转换法；②乙；大。
47．【解答】解：（1）闭合开关后，移动变阻器的滑片P，当电流表的示数是0.28A时，电压表的示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压为2.8V，由欧姆定律，实验时选择的定值电阻是：
R＝＝＝10Ω；
（2）根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，目的是控制电阻的电压不变；
（3）①闭合开关后，发现灯泡不亮，电压表示数接近电源电压，电流表指针没有明显偏转，造成这种现象的原因可能是灯泡开路；
②如图丙所示，是小华同学利用图甲电路做实验时，测绘出的小灯泡的电流随电压变化的关系图象，从图中发现小灯泡的电阻是变化的，原因是灯泡电阻随温度的升高而变大。
故答案为：（1）10；（2）右；控制电阻两端电压不变；（3）①灯泡开路；②灯泡电阻随温度的升高而变大。
48．【解答】解：（1）变阻器按一上一下接入电路中与电流表串联，如下所示：
；
（2）小华连接好电路，闭合开关后，移动滑动变阻器滑片时，发现电流表指针正常偏转，则电路为通路，电压表示数为零，则发生这种故障的原因可能是电阻R短路；
（3）闭合开关，电压表示数如图丙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，其示数是2.4V；
而2.5V大于2V，探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为2V；
（4）电压表控制的电压为2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑＝3V﹣2V＝1V，变阻器分得的电压为电压表示数的 ＝0.5倍，
根据分压原理，当接入50Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：
R滑＝0.5×50Ω＝25Ω＞20Ω，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少25Ω的滑动变阻器，
实验发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，都无法使电压表示数达到实验要求的值的原因可能是滑动变阻器最大阻值太小，选C；
（5）开关闭合前，电路为电阻R0的简单电路，电流表的示数即通过电阻R0的电流，
开关闭合后，两电阻并联接入电路，电流表测干路电流，
并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以通过电阻Rx的电流为：Ix＝I2﹣I1，
并联电路各并联支路两端电压相等，由欧姆定律可得电路的电压为：U＝I1R0，则电阻Rx的阻值为：Rx＝＝。
故答案为：（1）如上图；（2）定值电阻R短路；（3）2.4；右；（4）C；（5）。
五．计算题（共4小题）
49．【解答】解：（1）只闭合开关S1，电路为电阻R1的简单电路，由I＝可得电源电压：U＝I1R1＝0.3A×20Ω＝6V；
（2）S1、S2均闭合时，两电阻并联接入电路，电流表测干路电流，
并联电路各支路两端电压相等，由欧姆定律可得通过电阻R2的电流：I2＝＝＝0.2A，
并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以电流表的示数：I＝I1+I2＝0.3A+0.2A＝0.5A；
（3）由I＝可得总电阻：R＝＝＝12Ω。
答：（1）电源电压为6V；
（2）S1、S2均闭合时，电流表的示数为0.5A；
（3）S1、S2均闭合时，电路中的总电阻为12Ω。
50．【解答】解：（1）由电路图可知，旋转开关接2、3触点时，R1与R2串联，此时电路的总电阻最大，
由P＝UI＝可得，电源的电压一定时，电路的总功率最小，加湿器处于低挡，
此时电路的总电阻：
R＝＝＝440Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且R2＝3R1，
所以，R＝R1+3R2＝R1+3R1＝440Ω，
解得：R1＝110Ω，R2＝3R1＝330Ω；
当旋转开关接3、4触点时，电路为R1的简单电路，此时电路的总电阻最小，功率最小，加湿器处于高挡，
则加湿器处于高挡时的电功率：
P高＝＝＝440W；
（2）水箱加满水时水的体积：
V＝3L＝3dm3＝3×10﹣3m3，
由ρ＝可得，水的质量：
m＝ρV＝1.0×103kg/m3×3×10﹣3m3＝3kg，
当水吸收6.3×104J的热量时，由Q吸＝cm（t﹣t0）可得，水的末温：
t＝+t0＝+10℃＝15℃；
（3）由图乙可知，加湿器工作30min内，高挡工作的时间为10min，低挡工作的时间为20min，
由P＝可得，加湿器工作30分钟消耗的电能：
W＝P高t高+P低t低＝440W×10×60s+110W×20×60s＝3.96×105J。
答：（1）加湿器处于高挡时的电功率为440W；
（2）当水吸收6.3×104J的热量时，水温从10℃可升高到15℃；
（3）加湿器工作30分钟消耗的电能为3.96×105J。
51．【解答】解：
（1）开关S闭合前，电路为R1的简单电路，电流表的示数如图所示；S闭合后，两电阻R1、R2并联，电流表测总电流，且此时示数为0.6安，
因并联电路中总电流大于任意一支路的电流，
所以流过R1的电流小于0.6A，则图中电流表为小量程，示数为0.5A，即流过R1的电流为I1＝0.5A。
由I＝得电源电压：
U＝U1＝I1R1＝0.5A×10Ω＝5V；
（2）流过R1的电流为I1＝0.5A，
由并联电路的电流关系可知通过R2的电流：I2＝I﹣I1＝0.6A﹣0.5A＝0.1A；
由I＝得R2的阻值：
R2＝＝＝50Ω；
（3）用滑动变阻器替换R1时，闭合开关，由并联电路的特点可知，通过R2的电流不变，仍然为0.1A，
用标有“10Ω 1A”字样的滑动变阻器替换R1时，电流表测的是R2和滑动变阻器的总电流，
电流表的最大示数为：Imax＝I2+I滑max＝0.1A+1A＝1.1A；
当断开开关，滑动变阻器阻值调到最大时，流过电流表的电流最小，示数为：
Imin＝＝＝0.5A；
所以 ＝＝＝；
同理，用标有“5Ω 2A”字样的滑动变阻器替换R1时，可得电流表的最大、最小示数，
最大示数为：Imax′＝I2+I滑max′＝0.1A+2A＝2.1A；
最小示数为：Imin′＝＝＝1A；
所以 ＝＝；
比较可知；＞
由以上分析可知，应该用标有“10Ω 1A”字样的滑动变阻器替换R1，电流表示数最大值Imax与最小值Imin的比值最大，且最大比值为。
答：（1）电源电压U为5V。
（2）电阻R2的阻值是50Ω。
（3）用标有“10Ω 1A”字样的滑动变阻器替换R1，电流表示数最大值Imax与最小值Imin的比值最大，该比值是。
52．【解答】解：（1）在1个标准大气压下，水沸腾时的温度t＝100℃，
水吸收的热量：
Q吸＝c水m水（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1.5kg×（100℃﹣20℃）＝5.04×105J，
热水壶工作6min消耗的电能：
W＝kW•h＝0.2kW•h＝7.2×105J，
则热水壶的加热效率：
η＝×100%＝×100%＝70%。
（2）当温控开关闭合时，只有电阻R1接入电路，此时电热水壶处于加热状态，电路中的加热功率：
P加热＝＝＝2000W。
由P＝UI＝可得，R1的阻值：
R1＝＝＝24.2Ω。
（3）当温控开关断开时，电阻R1和R2串联，热水壶处于保温状态，P保温＝44W，
由P＝UI＝可得，此时电路的总电阻：
R＝＝＝1100Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电阻丝R2的阻值：
R2＝R﹣R1＝1100Ω﹣24.2Ω＝1075.8Ω。
答：（1）电热水壶加热时的加热效率是70%；
（2）电热水壶加热时的加热电功率是2000W；R1的阻值是24.2Ω，
（3）若电热水壶的保温功率是44W，电热丝R2的阻值是1075.8Ω。
六．综合能力题（共3小题）
53．【解答】解：（1）由电路图可知，工作电路工作时，A端应与B端相连接；
（2）安装两只标有“220V 275W”的灯泡，工作时，两灯并联，P＝2PL＝2×275W＝550W；
工作电路工作时的总电流为：I＝＝＝2.5A；
（3）当继电器线圈中的电流大于或等于50mA时，继电器的衔铁被吸合，工作电路断开，I′＝50mA，
由欧姆定律，R总＝＝＝240Ω，
因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以R2的阻值：R2＝R总﹣R1﹣R0＝240Ω﹣40Ω﹣20Ω＝180Ω，
由图乙知，控制的温度t0＝38℃；
（4）根据图乙可知，要使浴室温度变高，需减小R2的阻值，
由于控制电路的电流不变，所以由I＝可得，可增大R1的阻值或减小电源电压。
故答案为：
（1）B；
（2）工作电路工作时的总电流为2.5A；
（3）浴室里控制的温度t0为38℃；
（4）增大R1的阻值或减小电源电压。
54．【解答】解：（1）由P＝UI＝可得，指示灯的电阻：RL＝＝＝9Ω；
（2）当转向开关S与触点“2”和“3”接通时，电流从电磁铁的下方流入、上方流出，由安培定则可知，电磁铁的上端是S极；
电磁铁线圈及衔铁的电阻值不计，定值电阻R0与左转指示灯L1串联，此时电路的总电阻最大，
由I＝可知，电路中的电流最小，由P＝UI＝I2R可知，灯泡的实际功率变小，微弱发光；
由于电流通过电磁铁，电磁铁具有了磁性，会将衔铁拉下来，使动触点A与静触点B接触从而导致电阻R0和电磁铁短路，
此时灯泡两端的电压为电源电压，左转指示灯L1正常发光，电磁铁被短路后没有了磁性，衔铁在弹簧的作用下动触点与静触点再次分离，
如此反复，就实现了指示灯亮暗的交替闪烁；
（3）灯泡微弱发光时，定值电阻R0与左转指示灯L1串联，
由图乙可知，定值电阻R0两端的电压U0＝9.6V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，此时灯泡L1两端的电压：U1＝U﹣U0＝12V﹣9.6V＝2.4V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，电路中的电流：I＝＝＝A，
定值电阻R0的阻值：R0＝＝＝36Ω；
（4）当转向开关S与触点“4”和“5”接通时，右转指示灯L2亮暗的交替闪烁，
由图乙可知，交替工作的周期为0.3s，一个周期内电阻R0通过电流的时间为0.1s，
在0～0.9s这段时间内，电阻R0通过电流的时间t＝0.3s，
电阻R0上消耗的电能：W0＝U0It＝9.6V×A×0.3s＝0.768J≈0.77J。
故答案为：（1）9；（2）S；微弱发光；发光；（3）36；（4）0.77。
55．【解答】解：（1）当开关S闭合时，电路为R1的简单电路，当开关S断开时，R1与R2串联，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，开关S闭合时，电路中的电阻最小，根据P＝可知电烤箱处于高温挡；
当电烤箱在高温挡工作时，1min消耗的电能：
W高＝P高t＝1100W×1×60s＝6.6×104J；
（2）高温挡时，电路为R1的简单电路，则
R1＝＝＝44Ω，
低温挡时，R1与R2串联，则电路中的总电阻：
R＝＝＝110Ω，
R2的阻值：
R2＝R﹣R1＝110Ω﹣44Ω＝66Ω。
答：（1）高；当电烤箱在高温挡工作时1min消耗的电能6.6×104J；
（2）R1和R2的电阻分别为44Ω、66Ω。
七．解答题（共2小题）
56．【解答】解：
烧开同样一壶水消耗的电能相等，设电热壶的电阻为R，则有：
＝
×20min＝t1
解得：
t2≈28min。
用到的近似处理：
①电热水壶的电阻在不同电压下相同，
②计算结果除不开，取近似值，
③电流做功消耗电能全转化为内能
④烧开同一壶水需要的热量相同。
答：在这个电压下，要烧开同样多的水，需要28分钟；
近似处理：①电热水壶的电阻在不同电压下相同，②计算结果除不开，取近似值，③电流做功消耗电能全转化为内能，④烧开同一壶水需要的热量相同。
57．【解答】解：（1）由电路图知：当S1闭合，S2断开时，电熨斗处于低温挡，此时只有电阻R1接入电路；
通过电路的电流I＝＝≈0.45A，
所以，R1的电阻R1＝＝＝484Ω；
通电t＝3min＝180s，
产生的热量Q＝Pt＝100W×180s＝1.8×104J；
（2）当开关S1与S2都闭合时，电熨斗处于高温挡，
电阻R1的功率P1＝P低温挡＝100W，
电阻R2的功率P2＝P﹣P1＝1000W﹣100W＝900W，
则电阻R2改变后的阻值R2′＝＝≈53.78Ω；
答：（1）通过电路的电流是0.45A，R1的电阻是484Ω；通电3min产生的热量是1.8×104J；
（2）可将电阻R2的阻值改为53.78Ω，电熨斗正常工作时高温挡功率是1000W。
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九年级上册物理期末综合复习精选60题
一．选择题（共10小题）
1．（2021•濮阳三模）更迅速便捷地传递信息、寻找绿色可再生能源、研制具有特殊性能的新材料是当前科技界的三大研究方向。以下说法正确的是（ ）
A．5G信号比3G信号在空气中的传播速度快
B．太阳能，风能、核能是人类开发的新能源，它们都是可再生能
C．超导材料可用来制作电饭锅的发热体，且发热效率更高
D．5G手机的芯片使用的材料主要是半导体
2．（2020•都江堰市模拟）关于磁场和磁感线的说法正确的是（ ）
A．磁感线是由铁屑组成的
B．磁感线是磁场中实际存在的曲线
C．导体周围一定存在磁场
D．地磁场的南极在地理的北极附近
3．（2021•古冶区一模）分子很小，看不见摸不着，但我们可以通过一些直接感知的现象，经过合理的推测来认识分子。下列推测既合理又符合事实的是（ ）
A．现象：钢棒很难压缩 推测：分子之间没有间隙
B．现象：空中沙尘飞舞 推测：分子在做无规则运动
C．现象：水很难压缩 推测：分子之间存在斥力
D．现象：带电体能吸引轻小物体 推测：分子之间存在引力
4．（2020秋•平原县校级月考）以下关于能量说法正确的是（ ）
A．如图蒸气将塞子喷出是通过热传递改变管内水蒸气的内能
B．如图小球在地面弹跳时的最高点越来越低说明能量在转化时不守恒
C．如图中钻木取火时动能转化为内能
D．如图核电站发电是将核能直接转化为电能
5．闭合开关后，螺线管内的小磁针静止后停在图中位置，则（ ）
A．电源A端为负极，B端为正极，线圈右端为S极，左端为N极
B．电源A端为负极，B端为正极，线圈右端为N极，左端为S极
C．电源A端为正极，B端为负极，线圈右端为S极，左端为N极
D．电源A端为正极，B端为负极，线圈右端为N极，左端为S极
6．（2020秋•增城区期末）在探究“电流通过导体产生热量的多少跟什么因素有关”的实验中，三个透明容器中密封着等量的空气，容器内的电阻连接情况如图所示，通电后，观察U形管中液面高度的变化。则（ ）
A．甲、乙、丙三个容器内的导体，电流相等
B．通电一段时间后，U形管中液面高度变化最大的是乙
C．要探究电流产生的热量与电阻的关系，需观察甲、丙两个U形管中液面高度的变化
D．要探究电流产生的热量与电流的关系，需观察甲、乙两个U形管中液面高度的变化
7．（2021•连云港）如图所示是一种自动测定油箱内油面高度的装置。R2是滑动变阻器，它的金属滑片连在杠杆一端，闭合开关S，从油量表指针所指的刻度就可以知道油箱内油面的高度，下列说法正确的是（ ）
A．油量表是电流表 B．油量表是电压表
C．油量表是电能表 D．浮球一直处于漂浮状态
8．（2021•宝安区校级一模）在物理实践活动中，“乐学”物理小组利用电流表和电压表设计了一个电子秤，当秤盘上所加重物越多时，电流表或电压表示数越大，则符合要求的电路是（ ）
A．
B．
C．
D．
9．（2020秋•瑞安市校级期末）如图所示是探究“电流通过导体时产生量的多少与哪些因素有关”的实验装置（电源和开关没有画出），两个透明容器中密封着等质量的空气。下列说法正确的是（ ）
A．甲实验是为了研究电流产生的热量与电阻的关系
B．甲实验通电一段时间后，两边U形管中液面高度差一样大
C．乙实验是为了研究产生的热量与电流大小的关系
D．乙实验通电一段时间后，右边U形管中液面高度差比左边大
10．（2019秋•铜山区期末）如图所示，电路中R1的阻值为12Ω，闭合开关S，电流表A1的示数为1.2A，电流表A2的示数为0.3A，则R2的阻值是（ ）
A．36Ω B．24Ω C．6Ω D．4Ω
二．填空题（共16小题）
11．（2021秋•泾阳县期中）打扫房间时，小刚用干绸布擦穿衣镜，发现擦过的镜面很容易粘上细小绒毛，这是由于带电体有 的性质，摩擦后若镜面带正电，则绸布带 电，摩擦起电的实质是电荷间的 。
12．（2020秋•点军区期末）如图所示，将热牛奶放入冷水中冷却，此过程中牛奶通过 方式使它的内能 （选填“减小”、“不变”或“增大”），这种方式是物体间内能 的过程（选填“转移”或“转化”）。
13．（2018•文圣区校级三模）小明家的电能表如图所示，家中用电器的总功率不能超过 W．当小明家只有一盏电灯工作时，3min内转盘正好转过5圈，则该灯泡的电功率为 W。
14．（2021•黔东南州）如图所示的电路，电源电压保持不变，R1、R2为定值电阻，其中R1＝10Ω。当只闭合开关S1时，电流表示数为0.6A，则电源电压为 V；当同时闭合开关S1、S2时，电流表的示数增大了0.5A，则R2的阻值是 Ω。
15．（2020秋•静安区期末）在“用电流表测电流”实验中，连接电路时，开关应 ，电流表应 在待测电路中（选填“串联”或“并联”）并使电流从电流表 接线柱流入。
16．（2019•永春县自主招生）转速为2400r/min的四冲程单缸内燃机在1s内活塞对外做功 次，若每次做功735J，该内燃机的功率为 W。
17．（2020•浙江一模）如图所示，电源电压为U且保持不变，R1的电阻为20Ω，变阻器的最大阻值为30Ω，两电压表规格完全相同。
（1）闭合S，将变阻器的滑片向右调至中点，在此过程中电压表V2的示数将 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
（2）当变阻器的滑片位于中点一段时间后，观察到电压表V1的示数突然变大，若故障发生在电阻R1、R2中，且同时仅有一个出现故障，则故障原因是 。
18．（2021秋•鼓楼区期中）如图所示，向右移动滑片，电压表与电流表示数的比值 （选填“变大”“不变”或“变小”）。若电路正常工作一段时间后两表的示数都突然变成零，若是滑动变阻器Rp或电阻R其中一处发生故障．则该电路中出现的故障可能是 。
19．（2020秋•密山市期末）如图，开关控制干路，电流表A1测 的电流，电流表A2测 的电流。（选填“L1”“L2”或“干路”）
20．（2021春•上海期末）公路测绘员夏季进行室外作业，烈日下测绘器材表面温度升高，这时它的内能 （选填“变大”、“变小”或“不变”），其内能的变化是通过 方式实现的。（选填“热传递”或“做功”）
21．（2021•东台市模拟）已知甲、乙两灯的额定电压均为6V，如图是甲、乙两灯电流随其两端电压变化的曲线。现将两灯串联后接在某一电源两端，要使其中一个灯泡正常发光，并保证电路安全。则 （选填“甲”或“乙”）灯能正常发光，此时电路的工作电流为 A，电源最大电压为 V。
22．（2021•张家界）如图是研究巨磁电阻（GMR电阻在磁场中急剧减小）特性的原理示意图，闭合开关S1、S2后，电磁铁右端为 极，滑片P向左滑动过程中，指示灯明显变 （选填“亮”或“暗”）。
23．（2020秋•肥东县期末）小强随家人到海边玩耍时，发现阳光下的海水和岸边的沙子温差很大。于是他设计了如图甲所示的实验装置想比较沙子和水这两种物质比热容的差异。实验过程中所使用仪器规格完全相同。请你来帮他完成实验：
（1）测量出 相同的水和沙子，然后安装仪器，并记下沙子和水的初始温度。
（2）在实验时只要控制 相同就可以确定水、沙子吸收了相同的热量；图乙为小强记录的实验数据，可知沙子的比热容 水的比热容（选填“大于”、“小于”或“等于”）
（3）完成实验后小强认为本套实验装置还有可以改进的地方，请你帮他提出一条改进意见： 。
24．（2020•铜川二模）石墨烯是一种由碳原子构成的片状结构材料，它的原子由 和核外电子构成。这种材料在一定条件下电阻可以降为零，因此可用于制作 （选填“绝缘体半导体”或“超导体”），这一特点可以在生活中用于 （选填“电饭煲发热丝”“电动机线圈”或“小灯泡的灯丝”）。
25．（2020秋•建湖县期末）做图示实验时的观察对象是 （小磁针/小灯泡），为了使实验现象明显，导线应 （东西/南北/任意方向）放置，利用此实验的结论制造出了 （电磁铁/电动机发电机）。
26．（2020秋•青羊区期末）如图是电阻甲和乙的I﹣U图象。若把二者并联后接入电路中，当通过电阻乙的电流是0.2A时，通过电阻甲的电流是 A，若把二者串联后接入某电路，当通过电阻甲的电流为0.3A，电阻乙两端的电压是 V。
三．作图题（共5小题）
27．（2021•云南模拟）如图是一个带开关的插座，开关闭合，插座通电；开关断开，插座断电。部分电路已接好，请用笔画线代替导线将电路补画完整。
28．（2018•李沧区一模）小得的房内有两灯L1和L2用一个开关控制，请在图中完成电路图连接。
29．（2019秋•内江期末）在一个圆纸盒内有一个条形磁体，圆纸盒外放着一些小磁针，各个小磁针静止时的指向如图所示（黑色表示N极），根据圆纸盒外小磁针的指向，请你在圆纸盒内画出条形磁体，并标出条形磁体的N、S极。
30．（2021•秦淮区二模）一间教室要安装2盏“220V 40W”的电灯和插座，要求开关S控制两盏灯，且每盏灯都能正常发光。其中部分电路已经连接，请你用笔画代替导线将电路连接完整。
31．（2021•营口）将如图所示的电磁铁的电路连接完整，要求：
（1）根据小磁针静止时N极指向，在括号中标出电磁铁左端的极性（用“N”或“S”表示）；
（2）在虚线框内画出电池符号；
（3）开关闭合后，变阻器的滑片只有向右移动时，电磁铁的磁性才会变强（连接时导线不能交叉）
四．实验探究题（共17小题）
32．（2020•门头沟区二模）如图所示是小松探究“电磁铁磁性强弱与哪些因素有关”的实验装置图，其中E表示电磁铁。闭合开关S，改变滑动变阻器的滑片P的位置，通过观察电磁铁E吸引小铁钉的个数来比较电磁铁磁性强弱。小松探究的问题是：电磁铁磁性强弱与 是否有关？
33．（2020秋•宜兴市期末）如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，图中搅拌器未画出。燃料的质量都为10g，烧杯内的液体初温相同。
（1）在组装器材时应该先固定 （A/B）的位置；在实验中，三个烧杯中a、b液体的质量必须 （相等/不相等）。
温度/℃
20
30
40
50
加热时间/s
液体a
0
40
82
126
液体b
0
18
40
64
（2）若要比较不同物质的比热容大小，则：应选择甲和 图进行实验；实验中，用 （加热时间/升高温度）来表示两种液体吸收热量的多少。分析表中数据：你认为a、b两种液体中，比热容较大的是 （a/b）液体。若要比较不同燃料的热值，应选择甲和 两图进行实验。
34．（2021•玉州区二模）如图所示用“伏安法”测未知电阻的阻值，实验过程中电源电压保持不变。
（1）请用笔画线表示导线，帮助小明将图甲所示的实物连接成完整电路。要求：滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表示数变小（不要更改原有导线，导线不能交叉）。
（2）连接电路前，开关必须断开。电路接通前，滑动变阻器的滑片应该移至图中 处（选填“A”或“B”）。
（3）小明闭合开关后，发现电流表示数为零，但电压表有示数，此时电路中的一处故障是待测电阻Rx （选填“短路”或“断路”）。
（4）小明排除故障后，用滑动变阻器调节连入电路中的电阻，对应每次变化各测一次电流值和相应的电压值并记录，其中一次测量电流表和电压表的指针如图乙、丙所示，请计算出电阻Rx为 Ω（结果保留一位小数）。小明根据几组实验数据分别计算出Rx的值，并绘制了Rx的U﹣I图像。
（5）另一组的小刚用相同的器材连接电路并进行实验，并根据自己所记录的实验数据绘制了如图丁所示的U﹣I图像。小明发现小刚绘制的U﹣I图像和自己绘制的U﹣I图像不同，你认为小刚在实验操作中出现的问题是 。
（6）若实验中电压表损坏，利用其它的原有器材也能测出未知电阻Rx的阻值。实验电路如图所示（滑动变阻器最大阻值为R0，电源电压未知且不变），请将下列实验步骤补充完整：
①闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P移到a端，记录电流表示数为I1；
②闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P移到b端，记录电流表示数为I2；
③写出待测电阻的表达式，Rx＝ 。（用已知量和测量量符号表示）
35．（2021•东兴区开学）图是“探究什么情况下磁可以生电”的装置，导体ab、开关、灵敏电流表用导线连接，组成电路。
（1）实验中，我们通过电流表指针是否偏转来判断电路中是否有 ；通过指针偏转的方向判断 。
（2）闭合开关，让导体ab在磁场中上下运动，发现电流表的指针 ；让导体ab静止，磁铁水平向右运动，则电流表的指针 。（选填“偏转”或“不偏转”）该实验的重要结论是：闭合电路的一部分导体， ，导体中就会产生感应电流
（3）在仪器和电路连接都完好的情况下，某小组的实验现象不太明显，请提出一条改进措施： 。
（4）这个现象在生产和生活中的重要应用是 。
（5）如果想进一步探究感应电流的方向与导体运动的方向是否有关，则应闭合开关，保持其它条件不变，只改变 ，观察 得出结论。
（6）若将电流表换成 ，可以观察磁场对通电导体的作用。
36．（2017•本溪二模）完成下面电学实验：
（1）探究电流大小与电阻的关系
①根据甲电路图完成乙图中的实物连接。（电源由4节新的干电池串联构成）在连接过程中，开关应处于 （选填“闭合”或“断开”）状态；闭合开关前，滑动变阻器的滑片应滑到最 （选填“左”或“右”）端。
②实验中将5Ω、7Ω、10Ω、12Ω的电阻依次连接入a、b之间，每次实验时a、b之间的电压均为2V，那么应该选择 （选填“20Ω2A”、“25Ω1A”或“30Ω0.1A”）的滑动变阻器。
③某次实验中，刚将a、b之间的电阻更换后，未移动滑动变阻器就闭合了开关，电压表的示数如图丙所示，可以推测刚拆卸下电阻的阻值为 Ω。
④根据实验数据得出结论：在电压一定时， 。
（2）探究电流大小与电压的关系
①在探究电流与电压关系时，不能使用 （选填“灯泡”或“定值电阻”）为测量对象，原因是 。
②通过实验可得出结论：在电阻一定时，电流与电压成正比。
（3）测量小灯泡的额定电功率
①如图是为测量一个标有“3.8V”字样小灯泡额定功率而设计的电路图，电源电压未知，R0的阻值为10Ω，还有一个开关S2没有接上，为完成测量，请在如图中填加一个开关S2。
② （填写开关的断开、闭合状态），移动滑动变阻器的滑片P，直至电流表的示数为 A。
③保持滑动变阻器滑片位置不变，将原闭合的开关断开、原断开的开关闭合，读出电流表的示数为0.88A。
④小灯泡的额定功率P额＝ W。
37．（2020秋•南山区期末）在探究“通过导体的电流与电阻的关系”的实验中，某同学从实验室取得以下器材：电压恒为6V的电池组、电流表、电压表、开关和5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻各一个，规格为“30Ω 1A”的滑动变阻器，导线若干。实验的电路图和记录的数据如下：
（1）连接电路时开关应 ，请根据图甲所示电路图，将图乙所示的实物电路连接完整；
（2）该同学将电路接好，闭合开关后，发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片，电压表与电流表的示数始终很小，其原因可能是 。
（3）该同学用5Ω的电阻做完第1组实验后，改用10Ω的电阻接入电路继续实验，发现电压表示数 2.5V（选填“大于”或“小于”），应向 （选填“左”或“右”）移动滑片P才能达到实验要求；
（4）老师看了该同学的数据后（图丙），分析发现采用 Ω的定值电阻的这组实验数据是捏造的，该同学也明白了物理作为一门实证科学，应该实事求是；
（5）本实验中测量了多组数据，该同学想到：在许多实验中都需要进行多次测量，有的是为了从不同情况中找到普遍规律有的是为了求平均值以减小误差。你认为下列实验中多次测量的目的与本实验相同的是 （填序号）。
①测量物体的长度；②用伏安法测量定值电阻的阻值；③探究重力大小与质量的关系；
38．（2021•云南模拟）小勇利用如图所示的实验装置“探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”，他将实验中观察到的现象记录在下表中。
次数
开关
磁场方向
导体AB的运动方向
电流表指针的偏转方向
1
断开
上N下S
向右运动
不偏转
2
闭合
上N下S
向右运动
向左偏转
3
闭合
上N下S
向左运动
向右 偏转
4
闭合
上N下S
向上运动
不偏转
5
闭合
上S下N
向下运动
不偏转
6
闭合
上S下N
向右运动
向右偏转
7
闭合
上S下N
向左运动
向左偏转
（1）分析得出： 电路中的部分导体在磁场里做切割磁感应线运动时，导体中就会产生磁感应电流。
（2）比较试验2和3（或6和7）可知：在磁场方向一定时，感应电流的方向与 有关。
（3）比较实验 可知：在导体切割磁感线运动方向不变时，感应电流的方向与磁场方向有关。
（4）这个现象最早是由英国物理学家 发现的，此现象在生产和生活中的重要应用是 ，实现了 能转化为 能。
（5）针对这个实验，小勇进行了进一步的探究，他提出了“感应电炉的大小可能与导体切割磁感应线的运动速度有关”的猜想，于是他设计了如下的实验方案：
①保持磁场强弱不变，让导体AB以 的速度沿 方向做切割磁感应线运动，观察电流表指针偏转幅度大小。（均填“相同”或“不同”）
②如果电流表指针偏转幅度不同，说明感应电流的大小与导体切割磁感应线的运动速度 （填“有关”或“无关”）。
39．（2021秋•陈仓区期中）为了测小灯泡的电阻，给你图中所示的器材。
（1）在连接电路时，开关应该处于 状态；闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到 端（填“A”、“B”）。
（2）用笔画线代替导线完成如图甲所示的实验电路。
（3）某次实验中测得的数据如图乙所示，由此可知此时灯泡的电阻是 Ω。
（4）当图甲中的滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表的示数将 ，电压表的示数将 （填“变大”、“变小”或“不变”）
（5）通过实验测得小灯泡的电流随电压变化的曲线如图丙所示，由图像可知小灯泡的电阻 （填“是”或“不是”）一个定值，原因是 。
40．（2020秋•兰州期末）小明用如图甲所示实验装置探究a、b两种液体的吸热能力，在两个相同的烧瓶内分别接入电阻丝，装入质量相等的a、b两种液体，并分别插入温度计。
（1）实验中选用的两根电阻丝的阻值应 （选填“相同”或“不同”）。
（2）实验中，用 （选填“A”或“B”）间接反映液体吸收热量的多少，通过比较 （选填“A”或“B”）来判断液体吸热能力的强弱。
A.通电时间
B.温度计示数的变化量
（3）如表是某次的实验数据，液体a加热后的温度如图乙所示，请将温度计示数填入相应表格中。
物质
物理量
质量（g）
加热前
温度（℃）
加热时间
（min）
加热后
温度（℃）
液体a
150
20
10
液体b
150
20
10
35
分析可知， （选填“a”或“b”）液体的吸热能力较强。
（4）设质量为m的a液体中电阻丝的阻值为R，测出其电流为I，通电一段时间t后，温度计的示数变化量为△t，若不计热量损失，则a液体的比热容为 ，（用所给出的物理量写出比热容的表达式），用该表达式计算出的比热容会比实际值 （选填“偏大”或“偏小”）。
41．（2021•丹东一模）如图甲所示，是某学习小组同学设计的研究“电磁铁磁性强弱”的实验电路图。
（1）电路中滑动变阻器除了起到保护电路的作用，还可以 ，从而改变电磁铁的磁性强弱。
（2）保持滑动变阻器滑片位置不变，通过观察甲图的实验现象，可得出的实验结论是： 。
（3）电磁铁吸引的大头针下端分散的原因是 。
（4）本实验进行了多次实验，多次实验的目的和下列实验多次实验的目的相同的是 。
A．伏安法测量定值电阻的阻值
B．探究并联电路电流规律
C．测量小石块的密度
（5）实际生产和生活中，电磁铁的应用十分广泛。如图乙磁悬浮地球仪的球体中有一个磁铁，环形底座内有一金属线圈，通电后相当于电磁铁。将磁悬浮地球仪的球体用手轻轻向下按一下，球体就会从原来的悬浮位置向下运动，此时金属线圈中的电流 （选填“增大”或“减小”），磁性增强，金属线圈对球体的作用力 （选填“大于”或“小于”）球体重力，球体到达最低点向上运动返回原悬浮位置。
42．（2020•立山区二模）用“伏安法”测量（约5Ω）阻值实验中。
（1）小张根据提供的实验器材连接了如图甲的实验电路，其中连接错误的元件是 ；
（2）正确连线后，某次测量时电流表的示数为0.4A，电压表的示数如图乙所示，为 V．则Rx＝ Ω。
（3）小锋同学的电压表坏了，他设计了如图丙的电路图，用一只电流表、一只已知最大阻值为R0的滑动变阻器也能测出Rx的阻值。请将他的实验步骤补充完整：
①根据图丙，正确连接好电路；
② ；
③ ；
④电阻Rx＝ 。（用测量量和已知量的符号表示）
43．（2021春•通州区期末）如图是汽油机工作时四个冲程的示意图，甲、乙、丙、丁四个冲程中， 冲程的气缸内燃料混合物的压强增大、温度升高。（选填“甲”“乙”“丙”或“丁”）
44．（2020秋•寿光市期末）小赵同学设计了“探究电流与电阻的关系”的实验，器材如下：电源电压恒为4.5V，五个定值电阻R分别为：5Ω，10Ω，15Ω，20Ω及25Ω，标有“50Ω 1A”的滑动变阻器R′、电压表（可用量程：0～3V、0～15V）、电流表（0～0.6A）、开关各1只，导线若干。
（1）请根据图甲所示电路图将图乙所示的实物电路连接完整（要求：导线不允许交叉）。
（2）闭合开关前，应将滑动变阻器滑片P移到最 端，目的是 。
（3）小赵把5Ω的电阻R接入电路后，闭合开关S，发现电流表无示数，电压表有示数。若电路故障只出现在R和R'上，则电路故障是 ，排除电路故障后，适当调整滑动变阻器，当电压表示数为2.5V时，读出了对应的电流值。
（4）断开开关，保持滑片P位置不变，用10Ω的电阻替换5Ω，闭合开关，发现电压表示数 2.5V（选填“大于”或“小于”），应向 （选填“左”或“右”）移动滑片P才能达到实验要求。
（5）小赵再分别将定值电阻15Ω，20Ω，25Ω连入，根据实验所得的五组数据绘制出I﹣R图象，如图丙所示，由图象可得出的结论是： 。
（6）完成该实验探究，滑动变阻器允许连入电路的最小阻值为 Ω。
45．（2021•洪泽区校级一模）小文利用如图所示的实验装置探究“导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”。
（1）磁铁不动，闭合开关，导体棒沿 （选填“上下”或“左右”）方向运动时，电流表指针会发生偏转。
（2）导体棒不动，闭合开关，磁铁上下运动，电流表指针 （选填“会”或“不会”）发生偏转。
（3）断开开关，无论磁铁如何放置、导体棒怎样运动，电流表指针都不发生偏转。由此小明得出结论：闭合电路得一部分导体在磁场中做 运动时，电路中就产生感应电流。
（4）在实验的过程中，小文还发现当导体棒AB水平向左运动时，电流表指针向右偏：让导体棒AB水平向右运动时，电流表指针向左偏，这一实验现象说明：感应电流的方向与导体运动的 有关。
46．（2017秋•潮阳区期末）（1）某家庭电能表如图1所示，若该家庭单独让空调工作，测得1min内电能表转盘赚了60转，则空调消耗的电能为 kW•h，空调的电功率是 W。
（2）如图2所示，电流表的示数是 A，电压表的示数是 V。
（3）用图3所示的装置做“研究电流相同时，通过导体产生的热量与电阻大小的关系”的实验。（甲、乙是完全相同的密闭容器。闭合开关前，A、B两U形管内液面相平）
①由于电流产生的热量不易直接测量，因此在实验中是通过观察U形管中液面的高度差来显示甲、乙容器内空气温度的变化，这里采用了 的探究方法。
②通过对比观察， （选填“甲”、“乙”）容器中导体的电阻产生的热量较多。由此可知，在电流强度和通电时间相同时，电阻越 ，导体产生的热量越多。
47．（2020秋•陕州区期末）某小组同学用图甲的电路图探究欧姆定律，实验中他们所用的定值电阻分别是5Ω、10Ω、15Ω，电源电压为4.5V。
（1）在探究“电阻上的电流跟两端电压的关系”时，选用了某一定值电阻，连接电路闭合开关后，移动变阻器的滑片P，当电流表的示数是0.28A时，电压表的示数如图乙所示，由此可以判断，实验时选择的定值电阻是 Ω。
（2）在探究“电阻上的电流跟电阻的关系”时，把定值电阻由5Ω换成10Ω，闭合开关后，下一步的操作是：将变阻器的滑片P向 （选填“左”或“右”）移动，目的是 。
（3）探究结束后，该组同学又利用图甲所示的电路图测量小灯泡的电阻，他们把定值电阻换成电阻约为10Ω的小灯泡。
①闭合开关后，发现灯泡不亮，电压表示数接近电源电压，电流表指针没有明显偏转，造成这种现象的原因可能是 。
②如图丙所示，是小华同学利用图甲电路做实验时，测绘出的小灯泡的电流随电压变化的关系图象，从图中发现小灯泡的电阻是变化的，原因是 。
48．（2021•咸阳二模）小华同学为了探究“电流与电阻的关系”，设计了如甲图的实验电路。她在学校实验室找来了如下器材：电压恒为3V的电源，电流表、电压表各一只，一个开关，阻值分别为10Ω、20Ω、50Ω的定值电阻各一个，标有“20Ω 1A”字样的滑动变阻器一个，导线若干。
（1）请你用笔画线代替导线，将甲图中的实物电路连接完整。
（2）小华连接好电路，闭合开关后，移动滑动变阻器滑片时，发现电流表指针正常偏转，电压表示数为零，则发生这种故障的原因可能是 。
（3）故障排除后，小华先把10Ω的电阻接入电路，移动滑动变阻器滑片，使电压表示数为2V，读出电流表示数后，断开开关，她直接拆下10Ω的电阻，改换成阻值为20Ω的电阻继续做实验，闭合开关，电压表示数如乙图所示，其示数是 V，要完成这次实验，接下来她应将变阻器滑片向 端（填“左”或“右”）端移动。
（4）当小华改用50Ω的电阻继续实验时，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，都无法使电压表示数达到实验要求的值，你认为“电压表示数无法达到实验要求的值”的原因可能是 。
A．变阻器最大阻值太大了
B．电压表量程选小了
C．变阻器最大阻值太小了
D．变阻器烧坏了
（5）小东想用以上器材测未知电阻Rx的大小，发现电压表损坏，他设计了如丙图的电路，R0为已知电阻。测得开关闭合前后电流表的示数分别为I1和I2，则Rx的数学表达式为Rx＝ 。
五．计算题（共4小题）
49．（2021秋•陵城区期中）如图所示的电路，电源电压保持不变，电阻R1、R2分别为20Ω和30Ω，只闭合开关S1时，电流表的示数为0.3A。
求：
（1）电源电压；
（2）S1、S2均闭合时，电流表的示数；
（3）S1、S2均闭合时，电路中的总电阻。
50．（2019•台州一模）小明家有一台加湿器，说明书上有原理图（如图甲），表格中为其部分技术参数，R1、R2为发热电阻，且R2＝3R1，S为旋转型开关，1、2、3、4为触点，通过旋转开关S可实现“关”、“低挡”、“高挡”之间的转换（低挡为小功率加热，高挡为大功率加热）；
额定电压
220V
水箱容积
3L
低挡功率
110W
（1）求加湿器处于高挡时的电功率；
（2）若水箱加满水，用低挡功率加热，则当水吸收6.3×104J的热量时，水温从10℃可升高到多少℃？
（3）如图乙所示，加湿器工作30分钟消耗的电能为多少？
51．（2019秋•奉贤区期末）如图所示，电源电压保持不变，R1的阻值为10欧。开关S闭合前，电流表的示数如图所示；S闭合后，电流表的示数为0.6安。求：
（1）电源电压U。
（2）电阻R2的阻值。
（3）现调整电路，更换电流表量程，用标有“5欧2安”或“10欧1安”字样的滑动变阻器替换R1．在电路安全工作的情况下，选择“ ”字样滑动变阻器能使电流表示数最大值Imax与最小值Imin的比值最大，请通过计算说明，并求出该比值。
52．（2018秋•招远市期末）如图甲所示是小明家的自动电热水壶，它具有自动加水、加热、保温等功能。当壶内水位达到规定容量时，水的质量为1.5kg。小明关闭了家中的其它用电器，按一下电热水壶的加热按钮，温控开关闭合，6min后壶内的水从20℃加热到沸腾（在1个标准大气压下），电能表的转盘转了600转。温控开关断开，电热水壶自动转入保温状态，其电路图如图丙所示。[g取10N/kg，c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
请你结合图乙中电能表提供的有关参数信息解决以下问题：（忽略温度对电阻的影响）
（1）电热水壶加热时的加热效率是多少？
（2）电热水壶加热时的加热电功率及R1的阻值是多少？
（3）若电热水壶的保温功率是44W，电热丝R2的阻值是多少？
六．综合能力题（共3小题）
53．（2021•常州模拟）科技小组为灯暖型浴霸（一种取暖用的电器）设计了一个可自动控制温度的装置。如图甲所示，控制电路电压恒为12V，继电器线圈的电阻R0为20Ω，定值电阻R1为40Ω，热敏电阻R2的阻值随温度变化的图像如图乙所示；工作电路电压U2恒为220V，安装两只标有“220V 275W”的灯泡，闭合开关S，当继电器线圈中的电流大于或等于50mA时，继电器的衔铁被吸合，工作电路断开。
（1）工作电路工作时，A端应与 （B/C）端相连接。
（2）工作电路工作时的总电流为多大？
（3）浴室里控制的温度t0为多高？
（4）要使利用R2控制的浴室温度变高，可适当 （写出一种方法即可）。
54．（2021•光明区模拟）在2019年我国超越美国成为世界第一汽车消费大国。当我们开车转弯时要打转向灯，此时相应一侧的转向车灯开始闪烁，直至汽车直行为止。那么这种闪烁车灯的基本电路图是什么样的呢？我市某一中学科技小组的同学们利用电磁学知识设计了一个电路，如图甲所示。图甲电路中电源电压保持12V不变，指示灯的规格均为“12V 16W”，R0为定值电阻，左转或右转指示灯单独闪烁时，电压表两端实际电压随时间的变化规律如图乙所示。设指示灯的电阻不变，电磁铁线圈及衔铁的电阻值不计。
请回答下列问题：
（1）指示灯的电阻为 Ω。
（2）如图甲所示，当转向开关S与触点“2”和“3”接通时，电流从正极出发，通过定值电阻R0、电磁铁、左转指示灯L1，最后回到电源负极，这时电磁铁的上端是 极（选填“N”或“S”），指示灯L1 （选填“发光”或“微弱发光”）；由于电流通过电磁铁，电磁铁具有了磁性，会将衔铁拉下来，使动触点A与静触点B接触从而导致电阻R0和电磁铁短路，这时指示灯L1 （选填“发光”或“微弱发光”）；电磁铁被短路后没有了磁性，衔铁在弹簧的作用下动触点与静触点再次分离，如此反复，就实现了指示灯亮暗的交替闪烁。
（3）定值电阻R0的阻值是 Ω。
（4）若指示灯交替闪烁时间和频率与电流大小无关，当转向开关S与触点“4”和“5”接通，在0～0.9s这段时间内，电阻R0上消耗的电能为 J（保留两位小数）。
55．（2021•昆山市模拟）下表为某电烤箱铭牌的部分参数，其简化电路如图所示R1、R2均为电热丝。求
额定电压
220V
额定功率
高温挡
1100W
低温挡
440W
（1）当开关S闭合时，电烤箱处于 温挡。当电烤箱在高温挡工作时，1min消耗的电能是多少焦耳？
（2）R2的电阻是多少？
七．解答题（共2小题）
56．（2021•碑林区校级模拟）用“220V、800W”的电热壶烧开水，在额定电压下，20分钟能烧开一壶水。现电源电压不足，只有180伏特，在这个电压下，要烧开同样多的水，需要多少分钟？在做题的过程中，你用了哪些近似处理。
57．（2021•麻江县模拟）图示为一款有高、低温两挡的蒸汽电熨斗电路原理图。R1、R2为电热丝，其中R2＝242Ω，水升温并汽化成水蒸气，从而熨烫衣服。
（1）电熨斗处于低温挡时，正常工作功率为100W．求：通过电路的电流是多大？R1的电阻是多大？通电3min产生的热量是多少？
（2）若将该款电熨斗进行改造，使其正常工作时高温挡功率为1000W．要求只改变其中一个电热丝的阻值，请你通过分析和计算，求出该电热丝改变后的阻值应为多少？
九年级上册物理期末综合复习精选60题
参考答案与试题解析
一．选择题（共10小题）
1．【解答】解：A、5G信号的频率大于3G信号的频率，但都是电磁波，在空气中传播速度相同，故A错误；
B、太阳能、风能、核能是人类大力开发的新能源，但太阳能和风能是可再生能源，而核能是不可再生能源，故B错误；
C、超导体是指某些材料当温度降低某个值时，电阻突然为0，由于其电阻为0，所以电流经过超导体不发热，而电饭锅的发热体是由电阻较大的材料制作的。故C错误；
D、手机的芯片使用的材料主要是半导体，故D正确。
故选：D。
2．【解答】解：
AB、磁感线是为了描述磁场的性质而引入的，磁感线是不存在的，更不是由铁屑组成的。故AB错误；
C、奥斯特实验证明了通电导体周围一定存在磁场，不通电导体周围不存在磁场，故C错误；
D、地磁场的北极在地理的南极附近，地磁场的南极在地理的北极附近，故D正确；
故选：D。
3．【解答】解：
A、钢棒很难压缩，说明分子之间存在着相互作用的斥力，不符合题意；
B、空气中沙尘飞舞是沙尘的机械运动，沙尘是可以眼看到，不是分子运动，不符合题意；
C、水很难压缩，说明分子之间存在着相互作用的斥力，符合题意；
D、带电体能吸引轻小物体，是带电体的基本性质，不属于分子间的引力作用，不符合题意。
故选：C。
4．【解答】解：
A、图中试管内的水蒸气将塞子喷出时，水蒸气对塞子做功，内能转化为机械能，水蒸气的内能减少，温度降低，即通过做功的方式改变管内水蒸气的内能，故A错误；
B、图中小球在地面弹跳时的最高点越来越低，是因为小球需要克服阻力做功，有一部分机械能转化成了内能，但在能的转化和转移过程中，能的总量保持不变，故B错误；
C、图中钻木取火时，消耗机械能，获得内能，是将机械能转化为内能的过程，故C正确；
D、图中核电站将核能转化为内能，内能转化为机械能，机械能最后转化为电能，故D错误。
故选：C。
5．【解答】解：闭合开关后，螺线管内的小磁针静止后停在图中位置，小磁针的N极指向螺线管的右端，所以螺线管内部的磁场方向是由左端指向右端，即螺线管的右端为N极，左端为S极；
根据安培定则可以判断出电流从左边导线流入，右边导线流出，即A端为电源正极，B端为电源负极。
故选：D。
6．【解答】解：（1）丙容器中两电阻并联后再与甲、乙两容器中的电阻串联接入电路，根据串联电路和并联电路电流的规律可知通过甲、乙两容器中的电阻的电流相同，都大于通过丙容器中的电阻的电流，故A错误；
（2）甲容器中的电阻与丙容器中的电阻相同，电流不同，要探究电流产生的热量与电流的关系，需观察甲、丙两个U形管中液面高度的变化，故D错误；
（3）通过甲容器中的电阻与乙容器中的电阻的电流相同，两容器中的电阻不同，要探究电流产生的热量与电阻的关系，需观察甲、乙两个U形管中液面高度的变化，故C错误；
（4）甲、乙装置中，将容器中的电阻丝串联起来接到电源两端，通过他们的电流I与通电时间t相同，左边甲容器中的电阻小于右边乙容器中的电阻，由Q＝I2Rt可知，右边乙容器中的电阻产生的热量多，温度升得较快；甲、丙装置中，丙装置并联一个相同阻值的电阻，再将容器中的电阻丝串联起来接到电源两端，通过他们的电阻与通电时间t相同，左边甲容器中的电阻流大于右边丙容器中的电流，由Q＝I2Rt可知，甲容器中的电阻产生的热量多，温度升得较快；所以通电一段时间后，U形管中液面升高的高度最高的是乙，故B正确。
故选：B。
7．【解答】解：ABC.由电路图可知，油量表串联在电路中，是由电流表改装而成的，故A正确、BC错误；
D.由电路图可知，R1与R2串联，电流表（油量表）测电路中的电流，
当油箱内油面上升时，浮标排开油的体积变大，受到的浮力变大而上升，在杠杆的作用下滑片下移，变阻器接入电路中的电阻减小，电路中的总电阻变小，由I＝可知，电路中的电流变大；
整个工作过程中，浮球与指针组成的杠杆模型始终是处于动态平衡的（杠杆的动力和阻力可近似认为是浮球的重力和浮力），当油箱中的油量特别少时，仅靠油液提供的浮力已不足以使杠杆平衡，所以浮球还会受到油箱底面对它向上的支持力，这个时候浮球不再是漂浮状态，而是沉底状态，故D错误。
故选：A。
8．【解答】解：ACD．由电路图可知，R与R′串联，
当秤盘上所加重物越多时，在杠杆的作用下滑片上移，接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大，
由I＝可知，电路中的电流变小，
由U＝IR可知，R两端的电压变小，
所以，A图中电流表的示数变小、C图中电压表的示数变小，故AC不符合题意；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R′两端的电压变大，即D图中电压表的示数变大，故D符合题意；
B．由电路图可知，R与R′并联，电流表测R′支路的电流，
当秤盘上所加重物越多时，在杠杆的作用下滑片上移，接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I＝可知，R′支路的电流变小，即电流表的示数变小，故B不符合题意。
故选：D。
9．【解答】解：A、装置甲中一个5Ω的电阻与两个5Ω的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I右＝I左，两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I右＝I1+I2，两电阻阻值相等，则支路中电流相等，I1＝I2，所以通过右边容器中的电阻的电流是通过左侧电阻的电流的一半，所以甲实验是研究电流产生的热量与电流的关系，故A错误；
B、根据选项A分析，由Q＝I2Rt可知，左边容器中的电阻产生的热量多，所以左侧容器内U形管中液面高度差大，故B错误；
C、在乙装置中，容器中的两个电阻丝串联，通过它们的电流I与通电时间t相同，左边容器中的电阻小于右边容器中的电阻，所以乙实验是为了探究电流产生的热量与电阻大小的关系，故C错误；
D、根据选项C分析，由Q＝I2Rt可知，左边容器中的电阻产生的热量少，所以右侧容器内U形管中液面高度差大，故D正确。
故选：D。
10．【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流。
因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以R1支路的电流：
I1＝I﹣I2＝1.2A﹣0.3A＝0.9A，
因为并联电路中各支路两端的电压相等，
所以根据I＝可得，R2两端电压：
U2＝U1＝I1R1＝0.9A×12Ω＝10.8V，
则R2的阻值：
R2＝＝＝36Ω。
故选：A。
二．填空题（共16小题）
11．【解答】解：用干绸布擦穿衣镜，发现擦过的镜面很容易粘上细小绒毛，这是由于带电体有吸引轻小物体的性质，若镜面带正电，则在摩擦过程中镜面失去电子，则绸布由于得到电子，带负电，摩擦起电的实质是电荷间的转移。
故答案为：吸引轻小物体；负；转移。
12．【解答】解：将热牛奶放入冷水中，牛奶放出热量，冷水吸收热量，则牛奶的内能减小，这是通过热传递方式改变牛奶的内能；热传递是内能在物体间发生转移。
故答案为：热传递；减小；转移。
13．【解答】解：家中用电器的总功率不能超过P大＝UI＝220V×5A＝1100W；
转过5r消耗的电能W＝kw•h×5＝0.002kw•h＝7200J；
电功率P＝＝＝40W；
故答案为：1100；40。
14．【解答】解：只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，
由欧姆定律可得，电源电压：U＝I1R1＝0.6A×10Ω＝6V；
当同时闭合开关S1、S2时，两电阻并联，电流表测干路电流，
因为并联电路各支路独立工作、互不影响，
所以通过R1的电流不变，仍为0.6A，电流表的示数增大了0.5A，则通过R2的电流为0.5A，
并联电路各支路两端的电压相等，由欧姆定律可得R2的阻值：R2＝＝＝12Ω。
故答案为：6；12。
15．【解答】解：（1）连接电路时，为防止电路中出现短路现象造成电源或用电器的损坏，开关应断开；
（2）用电流表测电流时，电流表应串联在待测电路中，且电流从电流表的正接线柱流入、负接线柱流出。
故答案为：断开；串联；正。
16．【解答】解：
转速为2400r/min的四冲程内燃机，则每秒转40圈，做20次功；
每次做功735J，则每秒做的功：W＝735J×20＝14700J，
功率P＝＝＝14700W。
故答案为：20；14700。
17．【解答】解：
由电路图可知，R1与R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）将变阻器的滑片向右调至中点时，R2接入电路中的电阻变大，电路的总电阻变大，
由I＝可知，电路中的电流变小，R1两端的电压变小，
由串联电路中总电压等于各分电压之和可知，R2两端的电压变大，即电压表V2的示数变大；
（2）当变阻器的滑片位于中点一段时间后，观察到电压表V1的示数突然变大，
则电压表V1与电源之间是通路，所以R2不可能断路，且R1不可能短路，
又因故障发生在电阻R1、R2中，且同时仅有一个出现故障，
所以，故障原因可能是R1断路，也可能是R2短路。
故答案为：（1）变大；（2）R1断路或R2短路。
18．【解答】解：由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量R两端的电压，根据R＝可知，电压表与电流表示数的比值为R的电阻，保持不变；
若电路正常工作一段时间后，电流表示数变为0，则电路出现了断路现象；电压表示数为0，说明电压表与电源之间是断开的，所以故障是滑动变阻器Rp断路。
故答案为：不变；Rp断路。
19．【解答】解：读图可知，当开关S闭合后，电路中的电流路径有两条，分别流经灯L1和灯L2，故两灯是并联；开关S处在干路中，可以控制干路电路的通断，即开关S控制灯L1和L2；观察电流表所接入的位置可以看出，A1与灯L1串联，测的是灯L1所在支路的电流，而电流表A2接在干路中，测干路电流。
故答案为：L1；干路
20．【解答】解：烈日下测绘器材表面从太阳光中吸收热量，其温度升高、内能增大，其内能的变化是通过热传递方式实现的。
故答案为：变大；热传递。
21．【解答】解：甲、乙两灯的额定电压均为6V，
由图像可知：甲灯的额定电流为1A，乙灯的额定电流为0.5A，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，两灯泡串联时，电路的最大电流I＝I乙额＝0.5A，此时乙灯能正常发光，
由图像可知，当电流为0.5A时所对应的电压分别U甲＝2V，U乙＝6V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源电压：U＝U甲+U乙＝2V+6V＝8V。
故答案为：乙；0.5；8。
22．【解答】解：利用安培定则可知，电磁铁的左端为N极、右端为S极；
滑片P向左滑动过程中，滑动变阻器连入电路中的电阻变小，则电路中的电流变大，通电螺线管的磁性增强；
由右图可知，巨磁电阻和灯泡串联，
因巨磁电阻在磁场中急剧减小，
所以，此时巨磁电阻的阻值会变小，右侧电路中的总电阻变小，
由I＝可知，右侧电路中的电流变大，通过灯泡的电流变大，
因P＝I2R，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，
所以，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮。
故答案为：S；亮。
23．【解答】解：
（1）根据比较不同物质吸热能力的方法，要控制水和沙子的质量相同；
（2）因实验过程中所使用仪器规格完全相同，根据转换法，在实验时只要控制加热时间相同就可以确定水和沙子吸收了相同的热量；
由图乙知，加热相同时间，沙子温度升高快，水升温慢，故水的比热容大，沙子的比热容小；
（3）从实验过程分析可知，该装置没有用搅拌棒对沙子和水进行搅拌，物质受热不均匀，所以改进措施是：用搅拌棒对沙子和水进行搅拌，让物质受热均匀（或同时该装置中没有温度计，所以改进措施是：用温度计测量两装置中物质的温度）。
故答案为：（1）质量；（2）加热时间；小于；（3）用搅拌棒对沙子和水进行搅拌，让其受热均匀（或同时该装置中没有温度计，所以改进措施是：用温度计测量两装置中物质的温度）。
24．【解答】解：原子由位于中心的原子核和绕核转动的核外电子组成；
石墨烯在一定条件下电阻可以降为零，这样的材料叫做超导体；
超导体的电阻为0，电饭煲发热丝、小灯泡的灯丝都是利用电流热效应工作的，它们不能使用超导体；
电动机线圈工作时将电能转化为机械能，不需要产生热量，可以使用超导体。
故答案为：原子核；超导体；电动机线圈。
25．【解答】解：由图可知，该实验为奥斯特实验，奥斯特实验通过小磁针偏转说明了通电导体周围存在磁场；
由于小磁针受到地磁场的作用，要指南北方向，为了观察到明显的偏转现象，应使电流产生的磁场方向为东西方向，故应使把直导线南北放置；
人们利用电流的磁效应制成了电磁铁。
故答案为：小磁针；南北；电磁铁。
26．【解答】解：（1）因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，将甲和乙并联后接入电路中时，它们两端的电压相等，
由图象可知，当通过乙的电流为0.2A时，两端的电压为2.0V，所以甲两端的电压也为2.0V，此时通过甲的电流为0.4A；
（2）因串联电路中各处的电流相等，所以电阻甲、乙串联时，通过甲的电流为0.3A时，通过乙的电流也为0.3A，
由图象可知，此时乙两端的电压为3V。
故答案为：0.4；3。
三．作图题（共5小题）
27．【解答】解：
安装三孔插座的方法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；
开关应与火线连接，所以上面为火线、中间为零线、下面为地线；要使开关控制三孔插座，应将开关与插座的右孔连接。如图所示：
28．【解答】解：由分析可知，家庭电路中各电灯的连接方式为并联，而开关同时控制两盏灯，说明开关位于干路中，且为了保证用电安全，开关应接在火线上，如图所示：
。
29．【解答】解：根据图中小磁针N极的指向及其变化规律，可以看出，磁场的方向是从左下角指向右上角，故条形磁体的位置如图所示：
。
30．【解答】解：教室内要安装2盏“220V 40W”的照明灯，开关S控制两盏灯，则说明开关在干路上，两灯泡并联，开关S接火线，然后分别进入两灯泡；零线直接接入灯泡。
两孔插座的接法，左边接零线，右边接火线。由于右边的灯泡与插座的左孔相连，则此线应接零线；如图所示：
31．【解答】解：（1）小磁针静止时N极指向右，根据异名磁极相互吸引可知，电磁铁的右端为S极，左端为N极；
（2）根据安培定则可知，电流从电磁铁的右端流入，左端流出，所以电池的左端为正极；
（3）开关闭合后，变阻器的滑片只有向右移动时，电磁铁的磁性会变强，这说明电路中的电流变大，根据欧姆定律可知，电路中的总电阻变小，则滑动变阻器的电阻变小，滑动变阻器滑片应与左侧导线相连；
如图所示：
四．实验探究题（共17小题）
32．【解答】解：闭合开关S，改变滑动变阻器的滑片P的位置，改变了连入电路的电阻的大小，电路中电流大小发生变化，电磁铁磁性强弱改变，可说明电磁铁磁性强弱与电流（电流大小）有关，
故答案为：电流（电流大小）。
33．【解答】解：（1）因用酒精灯的外焰加热，故在组装器材时应该自下而上调试器材，即应先固定B的位置；在实验中，由控制变量法，三个烧杯中a、b液体的质量必须相等；
（2）若要比较不同物质的比热容大小，则需要燃烧相同的燃料（确保相同时间放出的热量相同），加热相同的时间，比较质量和初温相同的液体升高的温度，故应选择甲和丙图进行实验；
根据转换法，用加热时间来表示两种液体吸收热量的多少；
分析表中数据知，升高相同的温度，a加热时间长，故a、b两种液体中，比热容较大的是a液体；
若要比较不同燃料的热值，要用不同的燃料，加热质量相同的同种液体，应选择甲和乙两图进行实验；
故答案为：（1）B；相等；（2）丙；加热时间；a；乙。
34．【解答】解：（1）滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表示数变小，说明变阻器接入电路的电阻变大，故应将变阻器的左下接线柱连入电路中，如下图所示：
（2）小明闭合开关后，发现电流表示数为零，电路可能断路，但电压表有示数，则电压表与电源连通，此时电路中的一处故障是待测电阻Rx断路；
（3）其中一次测量电流表和电压表的指针如图乙、丙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，则电流为0.28A，电压表选用小量程，分度值为0.1V，则电压为2.6V，
由欧姆定律可得，此次测得的电阻值Rx＝＝≈9.3Ω；
（4）图中待测电阻与变阻器串联，当变阻器连入电路的电阻变小时，由欧姆定律可知电路的电流变大，根据U＝IR可得，待测电阻两端的电压变大，由串联电路电压的规律可知变阻器的电压变小，而图丁所示的U﹣I图像中电流增大时电压减小，这说明小刚在实验操作中出现的问题是将电压表并联在变阻器两端了；
（5步骤②中，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P移到b端，Rx被短路，只有R0工作，电流表示数为I2，所以电源电压：U＝I2R0，
步骤①，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P移到a端，两电阻并联，总电流为I1，
两次实验中，R0两端电压均等于电源电压，R0阻值不变，所以通过R0的电流均为I2，
根据并联电路的电流特点可得，通过待测电阻的电流Ix＝I1﹣I2，
并联电路电压相等，则待测电阻两端的电压：Ux＝U＝I2R0，
所以待测电阻Rx＝＝。
故答案为：（1）如上图所示；（2）断路；（3）9.3；（4）将电压表并联在变阻器两端了；（5）。
35．【解答】解：（1）感应电流就是通过灵敏电流表的指针偏转来体现的，若灵敏电流表的指针发生偏转，就说明产生了感应电流；同时还可以通过指针偏转的方向判断电流的方向；
（2）闭合开关，让导体ab在磁场中上下运动，由运动方向与磁感线方向平行，没有切割磁感线，所以电流表的指针不偏转；
让导体ab静止，磁铁水平向右运动，导体也会切割磁感线，则会产生感应电流，电流表的指针偏转。
由该实验可得出的结论是：闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流。
（3）我们可以将导体ab换成多匝线圈来增大感应电流，更容易观察；
（4）电磁感应现象中，消耗了机械能，得到了电能，利用电磁感应现象制成了发电机。
（5）要验证感应电流的方向和导体运动的方向关系，就要控制其它因素一定，而改变导体的运动方向，通过观察电流表的指针偏转方向，得出感应电流的方向和导体运动的方向的关系；
（6）将电流表换成电源，闭合开关，导体AB中有电流通过，导体受到磁场力的作用而运动，这是电动机的原理。
故答案为：（1）电流；电流方向；
（2）不偏转；偏转；在磁场中做切割磁感线运动时；
（3）将导体ab换成多匝线圈；
（4）发电机；
（5）导体运动的方向；电流表指针偏转的方向；
（6）电源。
36．【解答】解：（1）探究电流大小与电阻的关系
①根据电路图，变阻器左下接线柱连入电路中，如下图1所示：
在连接过程中，开关应处于断开状态；闭合开关前，滑动变阻器的滑片应滑到阻值最大处，即最右端；
②电压表控制的电压为2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：
U滑＝6V﹣2V＝4V，变阻器分得的电压为电压表示数的2倍，根据分压原理，当接入12Ω时，变阻器连入电路中的电阻为：
R滑＝2×12＝24Ω，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少24Ω的滑动变阻器，
考虑到选用5Ω电阻时，I1＝＝＝0.4A，电流为0.4A＞0.1A，故选25Ω1A的滑动变阻器； ③由分压原理，原来：
＝；
某次实验中，刚将a、b之间的电阻更换后，未移动滑动变阻器就闭合了开关，电压表的示数如图丙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压为2.5V，由分压原理，则换下的电阻比刚拆卸下电阻要大，
由串联电路电压的规律，变阻器的电压为：6V﹣2.5V＝3.5V，
更换后，根据分压原理有：
＝，
联立两式有：
＝0.7，
由题意知，原来的电阻为7Ω，更换后的电阻为10Ω；
④根据实验数据得出结论：在电压一定时，电流与电阻成反比；
（2）探究电流大小与电压的关系
①在探究电流与电压关系时，不能使用灯泡为测量对象，原因是灯泡的电阻随温度的升高而增大（改变而改变）；
②通过实验可得出结论：在电阻一定时，电流与电压成正比。
（3）测量小灯泡的额定电功率
①根据上面的分析，将开关S2如下连接；
②开关S1断开、S2闭合，移动滑动变阻器的滑片P，直至电流表的示数为0.38A；
③保持滑动变阻器滑片位置不变，将原闭合的开关断开（S1断开）、原断开的开关（S2）闭合，读出电流表的示数为0.88A；
在③中，电流表测灯与R并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律，灯的额定电流：
IL＝I﹣0.38A＝0.88A﹣0.38A＝0.5A，灯的额定功率：
P额＝ULIL＝3.8V×0.5A＝1.9W。
故答案为：（1）①如图1所示；断开；右； ②25Ω 1A；③7； ④电流与电阻成反比；
（2）①灯泡 ②灯泡的电阻随温度的升高而增大（改变而改变）
（3）①如图2所示；
②开关S1断开、S2闭合；0.38； ③1.9。
37．【解答】解：（1）为保护电路，连接电路时开关应断开；据甲图可知，变阻器右下接线柱连入电路中与电阻串联，如下所示：
（2）电压表与电阻并联测定值电阻两端的电压，电流表测电路的电流，该同学将电路接好，闭合开关后，发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片，电压表与电流表的示数始终很小，说明电路的电阻很大，其原因可能是：将变阻器下面两个接线柱连入了电路中；
（3）该同学用5Ω的电阻做完第1组实验后，改用10Ω的电阻接入电路继续实验，连入电路的电阻变大，由分压原理，发现电压表示数大于2.5V；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数保持不变；
（4）规格为“30Ω 1A”的滑动变阻器，可知变阻器的最大电阻为30Ω，选用25Ω的电阻时，由串联电阻的规律及欧姆定律I＝，电路的最小电流为：
I＝＝≈0.11A＞0.1A，故采用25Ω的定值电阻的这组实验数据是捏造的；
（5）本实验中测量了多组数据，进行多次测量，是为了从不同情况中找到普遍规律：
①测量物体的长度，进行多次测量，是为了取平均值减小误差；
②用伏安法测量定值电阻的阻值，进行多次测量，是为了取平均值减小误差；
③探究重力大小与质量的关系，进行多次测量，有的是为了从不同情况中找到普遍规律；
故选③。
故答案为：（1）断开；如上所示；（2）将变阻器下面两个接线柱连入了电路中；（3）大于；左；（4）25；（5）③。
38．【解答】解：（1）分析可知，产生感应电流的现象中，闭合电路中的部分导体在磁场里的运动方向与磁场方向垂直，即导体中产生感应电流时闭合电路中的部分导体在磁场里做切割磁感线运动。
（2）比较实验2和3（或6和7）可知：在磁场方向一定时，导体切割磁感线运动方向改变，感应电流的方向就改变。
（3）比较实验2和6（或3和7）可知：在导体切割磁感线运动方向（或导体运动方向）不变时，磁场方向改变，感应电流的方向就改变。
（4）英国物理学家法拉第经过十年不懈地努力于1831年发现了电磁感应现象，利用电磁感应现象，人们发明了发电机；在发电的过程中，是机械能转化为电能。
（5）探究感应电流的大小与导体切割磁感线运动速度是否有关，应该保持磁场强弱不变，让导体AB以不同的速度沿相同方向做切割磁感线运动，观察电流表指针偏转幅度大小。如果电流表指针偏转幅度不同，说明感应电流的大小与导体切割磁感线运动速度有关，如果电流表指针偏转幅度相同，说明感应电流的大小与导体切割磁感线运动速度无关。
故答案为：（1）闭合；（2）导体切割磁感线运动方向（导体运动方向）；（3）2、6或3、7；（4）法拉第；制成发电机；机械；电；（5）①不同；相同；②有关。
39．【解答】解：（1）为保护电路，连接电路时，开关应断开，闭合开关前，滑动变阻器的阻值应处于最大阻值处，即A端；
（2）滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中，灯泡与变阻器串联接入电路中；由题意可知：电压表的量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A；如下图所示：
；
（3）由图丙可知，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为0.8V；电流表示数为0.2A，则电阻为：
R＝＝＝4Ω；
（4）图中的滑动变阻器的滑片向左移动时，滑动变阻器电阻变大，电流表的示数将减小，根据U＝IR可知，电压表的示数将变小；
（5）利用图象中的I﹣U的图线，结合欧姆定律可以确定，导体的电阻值不是定值。导体的决定因素有导体的材料、长度、横截面积、温度四个。当导体中有电流通过时，导体都要发热，且电流越大，温度越高。导体的温度越高，导体的电阻就越大。
故答案为：（1）断开；A；（2）如图；（3）4；（4）变小；变小；（5）不是；灯丝的电阻随温度的升高而增大。
40．【解答】解：（1）图中两电阻丝串联，通过的电流和通电时间相同，由焦耳定律Q＝I2Rt可知，要控制相同时间两电热丝放出的热量相同（两液体吸热才能相同），实验中选用的两根电阻丝的阻值应相同；
（2）根据转换法，实验中，用通电时间间接反映液体吸收热量的多少，选A；
通过比较温度计示数的变化量来判断液体吸热能力的强弱，选B；
（3）图乙中温度计分度值为1℃，示数为48℃，如下表所示：
质量（克）
加热前温度（℃）
加热时间（min）
加热后温度（℃）
液体a
150
20
10
48
液体b
150
20
10
35
由表中数据，加热相同时间，b升温小，故b液体的吸热能力较强；
（4）设质量为m的a液体中电阻丝的阻值为R，测出其电流为I，通电一段时间t后，若不计热量损失，液体吸热为：
Q＝I2Rt，则a液体的比热容为：
c＝＝，实际上放出的热量不能完全被液体吸收，即分子变小，用该表达式计算出的比热容会比实际值偏大。
故答案为：（1）相同；（2）A；B；（3）如上表所示；b；（4）；偏大。
41．【解答】解：（1）电路中滑动变阻器除了起到保护电路的作用，滑动变阻器还可以改变自身的电阻，从而改变电路中的电流，达到改变电磁铁磁性的强弱；
（2）由图可知，该电路为串联电路，保持滑动变阻器滑片位置不变，电流大小不变，即通过两个电磁铁的电流是相同的，线圈的匝数越多，吸引的大头针的个数越多，磁性越强，即结论为：在电流相同时，线圈的匝数越多，磁性越强；
（3）大头针被磁化，同一端的磁性相同，互相排斥，所以下端分散；
（4）研究“探究电磁铁的磁性跟哪些因素有关”，多次实验的目的是总结规律，避免因次数太少造成结论的偶然性或片面性。
A．伏安法测量定值电阻的阻值，采用多次测量的目的是：取平均值，减小测量误差；
B．探究并联电路电流规律，多次测量的目的是：总结规律，防止结论的偶然性；
C．测量小石块的密度，采用多次测量的目的是：取平均值，减小测量误差；
故“探究电磁铁的磁性跟哪些因素有关”实验中多次实验的目的相同的是B。
（5）将磁悬浮地球仪的球体用手轻轻向下按一下时，由于金属线圈中的电流增大，所以可此时通电线圈的磁性增强；磁力大于重力，球在磁力的作用下向上运动。
故答案为：（1）改变电路中的电流；（2）在电流相同时，线圈的匝数越多，磁性越强；（3）大头针被磁化，同名磁极相互排斥；（4）B；（5）增大；大于。
42．【解答】解：（1）由图知，电压表的正负接线柱接反了；
（2）由图乙知，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为2.2V，
根据I＝知，待测电阻为：Rx＝＝＝5.5Ω；
（3）①根据图丙，正确连接好电路；
②闭合开关S，移动滑片P至B端，记下电流表示数I1；
③移动滑片P至A端，记下电流表示数I2（I1未超过电流表的量程）；
在①中两电阻串联，由电阻的串联和欧姆定律，电源电压：
U＝I1（Rx+R0）
在②中为RX的简单电路，由欧姆定律：
U＝I2RX，
因电源电压不变，故：
U＝I1（Rx+R0）＝I2Rx，
Rx的表达式：
Rx＝。
故答案为：（1）电压表；（2）2.2；5.5；（3）②闭合开关S，移动滑片P至B端，记下电流表示数I1；③移动滑片P至A端，记下电流表示数I2；④。
43．【解答】解：甲图进气门开启，气体流入汽缸，是吸气冲程；
乙图两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程；
丙图两气门都关闭，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程；
丁图排气门开启，气体流出汽缸，是排气冲程；
据分析可知，丙图是汽车获得动力的冲程，做功冲程的气缸内燃料混合物燃烧，使得压强增大、温度升高，内能转化为机械能。
故答案为：丙。
44．【解答】解：（1）变阻器按一上一下连入电路中，电压表与电阻并联，如下所示：
（2）闭合开关前，应将滑动变阻器滑片P移到最左端，目的是保护电路。
（3）小赵把5Ω的电阻R接入电路后，闭合开关S，发现电流表无示数，电路可能断路，电压表有示数，电压表与电源连通，若电路故障只出现在R和R'上，则电路故障是R断路；
（4）根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大，发现电压表示数大于2.5V；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数不变；
（5）由图知，电阻两端的电压始终保持UV＝IR＝0.1A×25Ω＝﹣﹣﹣﹣﹣＝0.5A×5Ω＝2.5V，故得出电压一定时，电流与电阻成反比；
（6）根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑＝U﹣UV＝4.5V﹣2.5V＝2V，变阻器分得的电压为电压表示数的0.8倍，根据分压原理，当接入5Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：
R滑＝0.8×5Ω＝4Ω，故为了完成整个实验，滑动变阻器允许连入电路的最小阻值为4Ω.
故答案为：
（1）如上所示；（2）左；保护电路；（3）R断路；（4）大于；左；（5）电压一定时，电流与电阻成反比；（6）4.
45．【解答】解：
（1）磁铁不动，闭合开关，导体棒沿左右方向运动时，导体切割磁感线，会产生感应电流，电流表指针会发生偏转。
（2）导体棒不动，闭合开关，磁铁上下运动时，导体没有切割磁感线，不会产生感应电流，电流表指针不会发生偏转。
（3）断开开关，电路开路，无论磁铁如何放置、导体棒怎样运动，都不会产生感应电流，故可得出结论：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中就产生感应电流。
（4）导体棒AB水平向左运动时，电流表指针向右偏：让导体棒AB水平向右运动时，电流表指针向左偏，电流的方向发生了变化，这说明感应电流的方向与导体运动的方向有关。
故答案为：（1）左右；（2）不会；（3）切割磁感线；（4）方向。
46．【解答】解：（1）电能表转盘转了60转，则空调消耗的电能：W＝kW•h×60＝0.02kW•h；
空调的电功率：P＝＝＝1.2kW＝1200W。
（2）电流表使用的0～0.6A量程，分度值为0.02A，电流表的示数为0.24A；由图知，电压表使用的0～15V量程，分度值为0.5V，电压表的示数为12.5V。
（3）①实验中是通过观察“U”形管中液面的高度差来显示甲、乙容器内空气温度的变化。像这种用能直接观测的量来显示不容易直接观测的量的方法叫转换法；
②由图知，电流相同，时间相同，乙中的电阻大，根据公式Q＝I2Rt可知，乙产生的热量多；由此可知：在电流相同、通电时间相同的情况下，电阻越大，电流产生的热量越多。
故答案为：（1）0.02；1200；（2）0.24；12.5；（3）①转换法；②乙；大。
47．【解答】解：（1）闭合开关后，移动变阻器的滑片P，当电流表的示数是0.28A时，电压表的示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压为2.8V，由欧姆定律，实验时选择的定值电阻是：
R＝＝＝10Ω；
（2）根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，目的是控制电阻的电压不变；
（3）①闭合开关后，发现灯泡不亮，电压表示数接近电源电压，电流表指针没有明显偏转，造成这种现象的原因可能是灯泡开路；
②如图丙所示，是小华同学利用图甲电路做实验时，测绘出的小灯泡的电流随电压变化的关系图象，从图中发现小灯泡的电阻是变化的，原因是灯泡电阻随温度的升高而变大。
故答案为：（1）10；（2）右；控制电阻两端电压不变；（3）①灯泡开路；②灯泡电阻随温度的升高而变大。
48．【解答】解：（1）变阻器按一上一下接入电路中与电流表串联，如下所示：
；
（2）小华连接好电路，闭合开关后，移动滑动变阻器滑片时，发现电流表指针正常偏转，则电路为通路，电压表示数为零，则发生这种故障的原因可能是电阻R短路；
（3）闭合开关，电压表示数如图丙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，其示数是2.4V；
而2.5V大于2V，探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为2V；
（4）电压表控制的电压为2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑＝3V﹣2V＝1V，变阻器分得的电压为电压表示数的 ＝0.5倍，
根据分压原理，当接入50Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：
R滑＝0.5×50Ω＝25Ω＞20Ω，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少25Ω的滑动变阻器，
实验发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，都无法使电压表示数达到实验要求的值的原因可能是滑动变阻器最大阻值太小，选C；
（5）开关闭合前，电路为电阻R0的简单电路，电流表的示数即通过电阻R0的电流，
开关闭合后，两电阻并联接入电路，电流表测干路电流，
并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以通过电阻Rx的电流为：Ix＝I2﹣I1，
并联电路各并联支路两端电压相等，由欧姆定律可得电路的电压为：U＝I1R0，则电阻Rx的阻值为：Rx＝＝。
故答案为：（1）如上图；（2）定值电阻R短路；（3）2.4；右；（4）C；（5）。
五．计算题（共4小题）
49．【解答】解：（1）只闭合开关S1，电路为电阻R1的简单电路，由I＝可得电源电压：U＝I1R1＝0.3A×20Ω＝6V；
（2）S1、S2均闭合时，两电阻并联接入电路，电流表测干路电流，
并联电路各支路两端电压相等，由欧姆定律可得通过电阻R2的电流：I2＝＝＝0.2A，
并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以电流表的示数：I＝I1+I2＝0.3A+0.2A＝0.5A；
（3）由I＝可得总电阻：R＝＝＝12Ω。
答：（1）电源电压为6V；
（2）S1、S2均闭合时，电流表的示数为0.5A；
（3）S1、S2均闭合时，电路中的总电阻为12Ω。
50．【解答】解：（1）由电路图可知，旋转开关接2、3触点时，R1与R2串联，此时电路的总电阻最大，
由P＝UI＝可得，电源的电压一定时，电路的总功率最小，加湿器处于低挡，
此时电路的总电阻：
R＝＝＝440Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且R2＝3R1，
所以，R＝R1+3R2＝R1+3R1＝440Ω，
解得：R1＝110Ω，R2＝3R1＝330Ω；
当旋转开关接3、4触点时，电路为R1的简单电路，此时电路的总电阻最小，功率最小，加湿器处于高挡，
则加湿器处于高挡时的电功率：
P高＝＝＝440W；
（2）水箱加满水时水的体积：
V＝3L＝3dm3＝3×10﹣3m3，
由ρ＝可得，水的质量：
m＝ρV＝1.0×103kg/m3×3×10﹣3m3＝3kg，
当水吸收6.3×104J的热量时，由Q吸＝cm（t﹣t0）可得，水的末温：
t＝+t0＝+10℃＝15℃；
（3）由图乙可知，加湿器工作30min内，高挡工作的时间为10min，低挡工作的时间为20min，
由P＝可得，加湿器工作30分钟消耗的电能：
W＝P高t高+P低t低＝440W×10×60s+110W×20×60s＝3.96×105J。
答：（1）加湿器处于高挡时的电功率为440W；
（2）当水吸收6.3×104J的热量时，水温从10℃可升高到15℃；
（3）加湿器工作30分钟消耗的电能为3.96×105J。
51．【解答】解：
（1）开关S闭合前，电路为R1的简单电路，电流表的示数如图所示；S闭合后，两电阻R1、R2并联，电流表测总电流，且此时示数为0.6安，
因并联电路中总电流大于任意一支路的电流，
所以流过R1的电流小于0.6A，则图中电流表为小量程，示数为0.5A，即流过R1的电流为I1＝0.5A。
由I＝得电源电压：
U＝U1＝I1R1＝0.5A×10Ω＝5V；
（2）流过R1的电流为I1＝0.5A，
由并联电路的电流关系可知通过R2的电流：I2＝I﹣I1＝0.6A﹣0.5A＝0.1A；
由I＝得R2的阻值：
R2＝＝＝50Ω；
（3）用滑动变阻器替换R1时，闭合开关，由并联电路的特点可知，通过R2的电流不变，仍然为0.1A，
用标有“10Ω 1A”字样的滑动变阻器替换R1时，电流表测的是R2和滑动变阻器的总电流，
电流表的最大示数为：Imax＝I2+I滑max＝0.1A+1A＝1.1A；
当断开开关，滑动变阻器阻值调到最大时，流过电流表的电流最小，示数为：
Imin＝＝＝0.5A；
所以 ＝＝＝；
同理，用标有“5Ω 2A”字样的滑动变阻器替换R1时，可得电流表的最大、最小示数，
最大示数为：Imax′＝I2+I滑max′＝0.1A+2A＝2.1A；
最小示数为：Imin′＝＝＝1A；
所以 ＝＝；
比较可知；＞
由以上分析可知，应该用标有“10Ω 1A”字样的滑动变阻器替换R1，电流表示数最大值Imax与最小值Imin的比值最大，且最大比值为。
答：（1）电源电压U为5V。
（2）电阻R2的阻值是50Ω。
（3）用标有“10Ω 1A”字样的滑动变阻器替换R1，电流表示数最大值Imax与最小值Imin的比值最大，该比值是。
52．【解答】解：（1）在1个标准大气压下，水沸腾时的温度t＝100℃，
水吸收的热量：
Q吸＝c水m水（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1.5kg×（100℃﹣20℃）＝5.04×105J，
热水壶工作6min消耗的电能：
W＝kW•h＝0.2kW•h＝7.2×105J，
则热水壶的加热效率：
η＝×100%＝×100%＝70%。
（2）当温控开关闭合时，只有电阻R1接入电路，此时电热水壶处于加热状态，电路中的加热功率：
P加热＝＝＝2000W。
由P＝UI＝可得，R1的阻值：
R1＝＝＝24.2Ω。
（3）当温控开关断开时，电阻R1和R2串联，热水壶处于保温状态，P保温＝44W，
由P＝UI＝可得，此时电路的总电阻：
R＝＝＝1100Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电阻丝R2的阻值：
R2＝R﹣R1＝1100Ω﹣24.2Ω＝1075.8Ω。
答：（1）电热水壶加热时的加热效率是70%；
（2）电热水壶加热时的加热电功率是2000W；R1的阻值是24.2Ω，
（3）若电热水壶的保温功率是44W，电热丝R2的阻值是1075.8Ω。
六．综合能力题（共3小题）
53．【解答】解：（1）由电路图可知，工作电路工作时，A端应与B端相连接；
（2）安装两只标有“220V 275W”的灯泡，工作时，两灯并联，P＝2PL＝2×275W＝550W；
工作电路工作时的总电流为：I＝＝＝2.5A；
（3）当继电器线圈中的电流大于或等于50mA时，继电器的衔铁被吸合，工作电路断开，I′＝50mA，
由欧姆定律，R总＝＝＝240Ω，
因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以R2的阻值：R2＝R总﹣R1﹣R0＝240Ω﹣40Ω﹣20Ω＝180Ω，
由图乙知，控制的温度t0＝38℃；
（4）根据图乙可知，要使浴室温度变高，需减小R2的阻值，
由于控制电路的电流不变，所以由I＝可得，可增大R1的阻值或减小电源电压。
故答案为：
（1）B；
（2）工作电路工作时的总电流为2.5A；
（3）浴室里控制的温度t0为38℃；
（4）增大R1的阻值或减小电源电压。
54．【解答】解：（1）由P＝UI＝可得，指示灯的电阻：RL＝＝＝9Ω；
（2）当转向开关S与触点“2”和“3”接通时，电流从电磁铁的下方流入、上方流出，由安培定则可知，电磁铁的上端是S极；
电磁铁线圈及衔铁的电阻值不计，定值电阻R0与左转指示灯L1串联，此时电路的总电阻最大，
由I＝可知，电路中的电流最小，由P＝UI＝I2R可知，灯泡的实际功率变小，微弱发光；
由于电流通过电磁铁，电磁铁具有了磁性，会将衔铁拉下来，使动触点A与静触点B接触从而导致电阻R0和电磁铁短路，
此时灯泡两端的电压为电源电压，左转指示灯L1正常发光，电磁铁被短路后没有了磁性，衔铁在弹簧的作用下动触点与静触点再次分离，
如此反复，就实现了指示灯亮暗的交替闪烁；
（3）灯泡微弱发光时，定值电阻R0与左转指示灯L1串联，
由图乙可知，定值电阻R0两端的电压U0＝9.6V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，此时灯泡L1两端的电压：U1＝U﹣U0＝12V﹣9.6V＝2.4V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，电路中的电流：I＝＝＝A，
定值电阻R0的阻值：R0＝＝＝36Ω；
（4）当转向开关S与触点“4”和“5”接通时，右转指示灯L2亮暗的交替闪烁，
由图乙可知，交替工作的周期为0.3s，一个周期内电阻R0通过电流的时间为0.1s，
在0～0.9s这段时间内，电阻R0通过电流的时间t＝0.3s，
电阻R0上消耗的电能：W0＝U0It＝9.6V×A×0.3s＝0.768J≈0.77J。
故答案为：（1）9；（2）S；微弱发光；发光；（3）36；（4）0.77。
55．【解答】解：（1）当开关S闭合时，电路为R1的简单电路，当开关S断开时，R1与R2串联，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，开关S闭合时，电路中的电阻最小，根据P＝可知电烤箱处于高温挡；
当电烤箱在高温挡工作时，1min消耗的电能：
W高＝P高t＝1100W×1×60s＝6.6×104J；
（2）高温挡时，电路为R1的简单电路，则
R1＝＝＝44Ω，
低温挡时，R1与R2串联，则电路中的总电阻：
R＝＝＝110Ω，
R2的阻值：
R2＝R﹣R1＝110Ω﹣44Ω＝66Ω。
答：（1）高；当电烤箱在高温挡工作时1min消耗的电能6.6×104J；
（2）R1和R2的电阻分别为44Ω、66Ω。
七．解答题（共2小题）
56．【解答】解：
烧开同样一壶水消耗的电能相等，设电热壶的电阻为R，则有：
＝
×20min＝t1
解得：
t2≈28min。
用到的近似处理：
①电热水壶的电阻在不同电压下相同，
②计算结果除不开，取近似值，
③电流做功消耗电能全转化为内能
④烧开同一壶水需要的热量相同。
答：在这个电压下，要烧开同样多的水，需要28分钟；
近似处理：①电热水壶的电阻在不同电压下相同，②计算结果除不开，取近似值，③电流做功消耗电能全转化为内能，④烧开同一壶水需要的热量相同。
57．【解答】解：（1）由电路图知：当S1闭合，S2断开时，电熨斗处于低温挡，此时只有电阻R1接入电路；
通过电路的电流I＝＝≈0.45A，
所以，R1的电阻R1＝＝＝484Ω；
通电t＝3min＝180s，
产生的热量Q＝Pt＝100W×180s＝1.8×104J；
（2）当开关S1与S2都闭合时，电熨斗处于高温挡，
电阻R1的功率P1＝P低温挡＝100W，
电阻R2的功率P2＝P﹣P1＝1000W﹣100W＝900W，
则电阻R2改变后的阻值R2′＝＝≈53.78Ω；
答：（1）通过电路的电流是0.45A，R1的电阻是484Ω；通电3min产生的热量是1.8×104J；
（2）可将电阻R2的阻值改为53.78Ω，电熨斗正常工作时高温挡功率是1000W。
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