山东省“山东学情”2021-2022学年高二上学期12月联考试题物理（B）PDF版含答案

高二物理B卷答案（人教版）

1．答案 ：A

解析：周期性变化的电场和磁场交替向远处的传播形成电磁波，选项A正确；选项B错误；麦克斯韦语言了电磁波的存在，赫兹首次用实验证实了电磁波，故选项C错误； X射线的频率小于射线的频率，由得X射线光子的能量小于射线光子的能量选项D错误。

2．答案 ：C

解析：A元件的伏安特性曲线是直线，所以导线A是线性元件，其斜率的倒数等于其电阻，斜率，但倾角的正切值与横轴和纵轴的分度值有关，斜率和倾角的正切值不相等，故选项A错误；B元件的伏安特性曲线是弯曲的曲线，所以导线B是非线性元件，曲线上各点与原点连线的斜率为相应状态的电阻的倒数，根据图像可知，各点与原点的连线的斜率逐渐增大，所以导体B的阻值随电流的增大而减小，故选项B错误、C正确；当A、B导体串联时它们的I相等，但U不一定相等、则也不一定相等，即不一定相等，选项D错误。

3．答案：D

解析：当固定线圈上突然通过直流电流时，穿过金属环的磁通量增大，根据楞次定律“增缩减扩”可知，金属环被向左弹射的瞬间，还有收缩的趋势，故A错误；若金属环放在线圈右侧，根据“来拒去留”可知，金属环将向右运动，故B错误；根据“来拒去留“可知，当固定线圈上突然通过直流电流时，金属环会受到向左的力的作用，与电源的正、负极无关，故C错误；线圈中电流从左侧流入，根据右手螺旋定则可知，环内磁场方向向右，在闭合开关S的瞬间，磁场变强，由楞次定律可知，金属环的感应电流从右侧看为顺时针方向，故D正确。

4．答案：C

解析：电路接通稳定后，A灯被线圈短路而熄灭，B、C灯并联，电压相同，亮度相同，故A错误；电路接通稳定后，S断开时，C灯中原来的电流立即减至零，但是由于线圈中电流要减小，产生自感电动势，阻碍电流的减小，线圈中电流不会立即消失，自感电流通过C灯，所以C灯逐渐熄灭，故B错误;电路中A灯与线圈并联后与B灯串联，再与C灯并联，S闭合时，三个灯同时立即发光，由于线圈的电阻可忽略不计，逐渐将A灯短路，A灯逐渐熄灭，两端的电压逐渐降低，B灯两端的电压逐渐增大，B灯逐渐变亮，故C正确，D错误。

5．答案：B

解析：A、图（a）中的A1、A2并联，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，量程不同的电流表读数不同，量程大的电流表示数大，故A错误，B正确。

C、图（b）中的A1、A2串联，A1、A2的示数相同。由于量程不同，内阻不同，电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同，量程越大，电流表内阻越小，电流表两端电压越小，指针偏角越小，A1的指针偏角小于A2的指针偏角，故CD错误。

6．答案：D

解析：当磁场方向垂直于斜面向下时所需磁感应强度最小，由共点力平衡有，解得，方向垂直于斜面向下，故A、B、C项的值均可能，D项的值不可能。

7．答案： A

解析 通电导线L、M、N在B1处产生的磁感应强度方向如图所示，且大小均为B，根据矢量合成可知，，故选项A正确。

8．答案：A

解析：血液中正负离子流动时，根据左手定则，正离子受到向上的洛伦兹力，负离子受到向下的洛伦兹力，所以正离子向上偏，负离子向下偏，则电极a为正，电极b为负，故C、D错误；最终血液中的离子所受的电场力和磁场力的合力为零，有，

所以血流速度，故A正确，B错误。

9．答案：AD

解析：由图像知，电源U-I图像与纵轴交点的纵坐标值为1.40 V，则电源的电动势为1.40 V，故A正确；电源内阻，故B错误；由图像知，路端电压为1.00 V时，电路中电流为0.4 A，这不是短路电流，故C错误；当电压表示数为1.20 V时，，故D正确。

10．答案：AC

解析：由图像的斜率求得：，因此，故A正确，开始的2 s内穿过线圈的磁通量的变化量不等于零，故B错误；根据法拉第电磁感应定律得：，故C正确；由图看出，第3 s末线圈中的磁通量为零，但磁通量的变化率不为零，感应电动势也不等于零，故D错误。

11．答案： BD

解析：当滑动变阻器R3的滑动触头P向上滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值减小，电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知，干路电流增大，内电压和R1的电压增大，则并联电路电压减小，故R2和灯泡的支路电流减小，灯泡变暗，选项A错误；干路电流增大，R2和灯泡的支路电流减小，所以R3支路电流增大，选项B正确；当外电阻等于电源内阻时，电源的输出功率最大，由于不知道外电阻和内阻的大小关系，所以无法判断电源输出功率的变化情况，选项C错误；外电阻越小，电源效率越小，选项D正确。

12．答案：ABD

解析：小球做匀速圆周运动，说明电场力与重力等大反向，小球带正电，，，B项正确；由于细线断了以后，小球仍做半径为L的匀速圆周运动，因此细线未断时，小球沿顺时针方向运动，，细线断了以后小球沿逆时针方向运动，，得到，细线的拉力大小，C项错误，A、D两项正确。

13．（8分）答案：(1)见解析图　(2)①向右偏转一下　②向左偏转一下　(3)BD

解析：(1)如图所示。

(2)依据楞次定律及灵敏电流计的指针偏转方向与流过它的电流方向的关系来判定，则①向右偏转一下；②向左偏转一下。

(3)穿过电路中的磁通量发生变化，即产生电磁感应现象；因电路不闭合，无感应电流，但有感应电动势，且可以用楞次定律判断出感应电动势的方向，要产生感应电流，电路必须闭合，B、D正确。

14．（8分）答案：（1）CBE  （2）如图所示  （3）0.95 （4）

解析：（1）用欧姆表粗测电阻。现将欧姆表置于“×10”，经正确的操作，测量电阻时发现指针偏角过大，说明有的档位偏大，应该换小挡，使得指针指向表盘的中央刻度附近，所以改用“×1”的档位，换档后重新欧姆调零。

（2）电路图如图所示

（3）游标尺主尺部分的读数为：0mm，分尺上的读数为：

游标尺的最终读数为：0.95mm

（4）由电路知识得：

由电阻定律得：  ，联立可解得：

15．（8分）答案：(1)4A　(2)480 W　(3)47.2 kg

解析： (1)由电路中的电压关系可得电阻R两端的电压UR＝U－UV＝(160－120)V＝40 V……………1分

流过电阻R的电流IR＝＝A＝4 A………………1分

即通过电动机的电流IM＝IR＝4 A………………1分

(2)电动机两端的电压UM＝UV＝120 V………………1分

输入电动机的功率P电＝IMUM＝480 W………………1分

(3)电动机的发热功率P热＝Ir＝8W………………1分

电动机输出的机械功率P出＝P电－P热＝472 W………………1分

又P出＝mgv，所以m＝＝47.2 kg………………1分

16．（8分）答案：（1）E＝5V   r＝5Ω （2）1.0×10﹣4C

解析：（1）由题图乙知，当U1＝4V时，I1＝0.2A；当U2＝2V时，I2＝0.6A，根据闭合电路欧姆定律有

E＝U1+I1r ………………1分

E＝U2+I2r………………1分

解得E＝5V ………………1分  

r＝5Ω  ………………1分

（2）R1、R2并联，根据电容的定义，

结合图甲电路有Q＝CU12……… 1分

根据欧姆定律有R12＝U12＝IR12……………… 1分

根据闭合电路欧姆定律有I＝……………… 1分

当R3＝0时，U12最大，则Qmax＝1.0×10﹣4C ……………… 1分

17．（12分）答案：（1）3.0m/s2 （2）1.3C （3）5m/s

解析：(1)导体棒刚进入磁场时

产生的感应电动势…………… 1分

导体棒中的电流…………… 1分

导体棒所受的安培力…………… 1分

根据牛顿第二定律……………1分

代入数据解得a=3.0m/s2…………… 1分

(2)由公式…………… 1分

电路中的平均感应电动势…………… 1分

电路中的平均电流

代入得

磁通量的变化量…………… 1分

代入数据解得q=1.3C…………… 1分

(3)由能量转化和守恒定律得……………2分

代入数据解得…………… 1分

18．（16分）答案：（1）  （2）B1（3）

（4）

解析：（1）经加速电场有：………………2分

解得：……………… 1分

（用匀变速直线运动定律求解的同样给分）

（2）经速度选择器有：qE=qvB1………………2分

解得：B1……………… 1分

（3）粒子从A入射，直接从B出射，则运动轨迹如图：

由几何关系可知：θ=30° ……………… 1分

得：……………… 1分

则对粒子有：……………… 1分

解得：……………… 1分

（4）粒子在圆筒外可能的运动轨迹如图：

由几何关系可知：，n=1，2，3，…………2分（n取1或不全的，不给分）

粒子运动半径r′=Rtanα ……………… 1分

根据牛顿第二定律有：……… 1分

解得：，n=1，2，3……2分

（n取1或不全的，不给分）