2020-2021学年山东省济宁市曲阜市九年级（上）期末物理试卷

这是一份2020-2021学年山东省济宁市曲阜市九年级（上）期末物理试卷，共24页。试卷主要包含了8kW，2A”的条件下工作，6V，通过灯泡L的电流为0，【答案】D，【答案】B，【答案】A，【答案】C等内容，欢迎下载使用。

2020-2021学年山东省济宁市曲阜市九年级（上）期末物理试卷
1. 下列说法不正确的是( )
A. 能量的转化与转移有方向性
B. 温度高的物体，它的内能不一定大
C. 做功可以使物体的温度降低
D. 风能、水能与核能都是可再生能源
2. 暑假里，小红将一杯在冰箱冷冻室冻了一天一夜的纯水，从冰箱的冷冻室取出，放在餐桌上经过一段较长时间后，杯中的“水”发生了物态变化，图中四个图像中能正确反映这杯水从冰箱取出后所发生的物态变化过程的是( )
A. B.
C. D.
3. 如图是小明判断泡沫球带电情况的流程，下列判断中完全正确的是( )
A. ①负②正 B. ①正②负 C. ①负②负 D. ①正②正
4. 关于家庭电路和安全用电，下列说法不正确是)
A. 电能表是测量消耗电能的仪表
B. 家庭电路中的空调和保险丝是串联的
C. 使用试电笔时，人体必须接触笔尖金属体
D. 导致家庭电路中电流过大的原因可能是短路
5. 矩形铜线框在某磁场中的位置如图所示，ab、bc、ed和fe段都受到该磁场的作用力，下列哪两段受到该磁场的作用力方向相同( )


A. ab段与bc段 B. ab段与ed段 C. ab段与fe段 D. fe段与ed段
6. 在探究物理知识的过程中，经常会用到一些研究方法，下列事例中运用相同研究方法的是( )
(1)研究磁现象时，用磁感线描述磁场的分布情况
(2)探究通过导体的电流与导体两端电压的关系
(3)探究物质吸热能力时，用加热时间显示物质吸收热量的多少
(4)探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系
A. (1)与(3) B. (1)与(4) C. (2)与(4) D. (2)与(3)
7. 下列各选项中，完全正确的是( )
A.
日常现象
物理知识
冬天玻璃窗户上的“冰花”
凝固
锯木头时锯条会发热
热传递
家用电器金属外壳接地
避免人体触电

B.
能量转化
应用实例
化学能转化为电能
蓄电池
电能转化为机械能
电动机
内能转化为机械能
内燃机

C.
能源或材料
开发和利用
太阳能
太阳能电池
半导体材料
二极管、三极管
超导体
高效电饭锅

D.
生活物品
物理原理
体温计
液体的热胀冷缩
指南针
电流的磁效应
动圈式扬声器
电磁感应
8. 关于下列四幅图的表述正确的是( )
A. 图甲：司南是利用地球的引力指示南北的
B. 图乙：电生磁是由法国的安培最早发现的
C. 图丙：只要导体在磁场中运动，就一定会产生电流
D. 图丁：这是电动机的工作原理
9. 在大型赛事的短跑比赛中，赛道起点均安装有电子起跑器。电子起跑器可以记录运动员起跑时刻，以判断运动员是否提前起跑。图甲是简化的电子起跑器的传感电路图，电源电压恒定，圆圈处为电表，R0为定值电阻，压敏电阻Rx安装在踏板上，其电阻与所受压力的关系如图乙所示。下列分析正确的是( )
A. 电阻R0与Rx并联
B. 圆圈处的电表为电压表
C. 运动员没有踩踏板时，电路消耗的总功率最小
D. 运动员起跑时，用力踩踏板，R0两端的电压变小
10. 如图所示，是小红同学家的电能表，根据图中所给的信息作出的以下判断，正确的是( )
A. 本月小红家消耗了13625度的电能
B. 该电能表所能承受的最大功率为8.8kW
C. 电能表在家庭电路中应和其它用电器并联
D. 某用电器单独工作1min，表盘转动50r，该用电器可能是一盏节能灯


11. 6月23日，我国用长征三号乙运载火箭成功发射第55颗北斗导航卫星，发射时，发射架下腾起大量的“白气”，它是由水蒸气发生______(填写物态变化名称)现象形成的；地面指挥中心是通过______(选填“电磁波”或“超声波”)与运行的卫星联系的。
12. 质量相同的水和食用油，吸收相同的热量，温度升高较大的是______ ，水饺分别经水煮和油炸之后，口感截然不同，这是因为水和食用油的______ 不同。
13. 如图是已连接的部分电路，如果在ab间连接一电压表、ac间连接一个4V电源、bc间的连接一个电流表，则图中电流表的示数为______ A，电路的总功率为______ W。


14. 如图所示电路，电源两端电压在220V∼240V之间波动，新型电子器件的阻值能够随着电压变化而自动改变，灯泡L只能在“220V0.2A”的条件下工作。由于这种新型电子器件的作用，保证了灯泡始终能够正常工作。当电源两端的电压在220V∼240V之间波动时，新型电子器件的阻值变化范围为______ ，灯泡L的额定功率为______ 。
15. 两只白炽灯，L1标有“220V 100W”字样，L2标有“220V 25W”字样，将它们串联在220V的家庭电路中，其中较亮的灯是______ (选填“L1”或“L2”)，它的实际功率为______ 。(忽略温度对灯丝电阻的影响)
16. 甲、乙分别为两种电磁波，其部分波形如图(a)所示，其中甲是我们能看得见的某种色光。结合图(b)的电磁波谱，可以推测：乙可能是______ (选填“红外线”或“紫外线”)，甲、乙这两种电磁波具有相同的______ (选填“波长”“波速”或“频率”)。


17. 按要求完成以下作图：
小英看到某小区车库积水造成大量财产损失的新闻后，设计了如图所示的车库积水自动报警器，图中方框A、B位置可以安装电铃或LED灯，车库没有积水时，LED灯亮；车库有积水时，电铃发出警报声音；请在图中标出电磁铁的N极，并在相应的方框中画出接上电铃。(电铃的元件符号为)








18. 如图，按照安全用电的原则，将三孔插座、电灯和开关分别接入电路。








19. 如图所示，小明利用甲乙丙三套完全相同的装置，完成下面两个热学实验(烧杯中液体质量相同)。

(1)为了比较水和煤油的吸热本领的大小，他应选择______ 两套装置。小明通过______ (选填“加热时间”或“温度计上升的示数”)来比较水和煤油吸收热量的多少。
(2)为比较不同燃料的热值，小明选择了甲，乙两套装置，他分别在加热器中放入相同质量的不同燃料，同时点燃后对质量和初温相等的两种液体加热，直至燃料完全燃烧。
①小明设计的方案存在明显的缺陷是：______ 。
②小明按正确方法进行实验，发现用燃料2作为燃料的水升高的温度△t是用燃料1作为燃料的水升高的温度△t2的2倍，经过思考，他发现这样并不能得出“燃料2的热值是燃料1的2倍”的结论，原因是：______ 。
(3)最后，小明还打算用其中的乙、丙两套装置探究“电流产生的热量与电阻大小的关系“，小明首先将装置中烧杯下方的燃料去掉，接下来他还要怎样改进装置：______ 。
20. 为了探究并联电路的电流规律，小薇设计了如图所示的电路进行实验。
(1)小薇先将电流表接在L1所在的支路上，闭合开关后，看到灯L2发光，但灯L1不发光，电流表的示数为零，电路可能存在的故障是：______ 。
(2)排除故障后，她测出了L1、L2支路和干路上的电流分别为I1、I2和I，电流表示数如图3中甲、乙、丙所示，在误差允许范围内你认为并联电路中干路电流和各支路电流的关系是：______ (写出关系式即可)。

(3)为了验证结论的普遍性，小薇可以采用的方法是：______ 。
(4)小薇连接了如图2的实物连接图，此时b电流表测的是______ (“L1”、“L2”“干路”)的电流。若要测灯L1的电流，请你在图2上只改动一根导线，完成电路的连接。(在需改动的导线上打“×”，再画出重新连接后的导线)。
21. 小明家的台灯是通过电位器(滑动变阻器)来调节亮度的。他猜想：台灯变亮时电位器消耗电能的功率会变小，为此他设计了甲所示的电路进行探究。已知电源电压为4V并保持不变，电压表(0−3V)2个，电流表(0−0.6A)，滑动变阻器规格为“20Ω1A”，小灯泡L标有“2.5V1.25W”字样(忽略温度对灯丝电阻的影响)。

(1)闭合开关后，发现灯泡不亮，聪明的小明根据三只表的“示数有无”判断出是灯泡发生短路，则小明观察到的三只电表的示数有无情况是：______ 。
(2)实验中，小灯泡正常发光时电流表的示数为______ A。
(3)根据实验数据，绘制出滑动变阻器的电功率PR与小灯泡的电功率PL的关系如图乙所示。由图可知：小灯泡的电功率(亮度)变大时，滑动变阻器的电功率______ 。
(4)假设实验所用的小灯泡能承受的最大电压可以高出其额定电压的四分之一，在确保电路中各元件安全的情况下，移动滑动变阻器的滑片，小灯泡的电功率变化范围是：______ 。
22. 某物理兴趣小组的同学，用一个铭牌如下表所示的电热水壶给1kg的水加热，同时绘制了如图所示的加热过程中水温随时间变化的图线，请根据以上信息计算：
***电水壶
额定电压
220V
额定功率
1000W
最大容量
1L
(1)6分钟内水吸收的热量；
(2)6分钟内消耗的电能；
(3)0−6分钟该热水壶的加热效率是多少？
(4)根据图像，你能判断出哪个时间段的加热效率最低并猜测该时间段效率低的原因？








23. 如图所示，电路中的电源电压不变。只用一根导线连接b、c时，电阻R上的电压为9.6V，通过灯泡L的电流为0.2A；用一根导线连接a、b，一根导线连接c、d时，电阻R与灯泡L的电功率之比为1：4，灯泡L正常发光。求：
(1)电阻R的阻值；
(2)灯泡L的额定电压；
(3)只用一根导线连接c、d时电路消耗的总功率。







答案和解析
1.【答案】D

【解析】解：A、能量的转化与转移具有方向性，比如，热量不会自发地从低温物体向高温物体传递，故A正确；
B、由于质量和状态未知，所以温度高的物体，它的内能不一定大，故B正确；
C、物体对外做功，自身内能减小、温度降低，因此说明做功可以使物体的温度降低，故C正确；
D、风能、水能可以长期提供或再生，属于可再生能源；核能需要用到铀，像铀矿这类矿物能源，一旦消耗就很难再生，是不可再生能源，故D错误。
故选：D。
(1)能量的转移或转化过程中，总量是不变的，但是具有方向性的；
(2)物体的内能与温度、质量和状态有关；
(3)做功可以改变物体的内能，对物体做功，物体内能增大、温度升高；物体对外做功，自身内能减小、温度降低；
(4)从能源是否可再利用的角度可把能源分为可再生能源和不可再生能源，人类开发利用后，在现阶段不可能再生的能源，属于不可再生能源；在自然界中可以不断再生的能源，属于可再生能源。
本题围绕热和能，考查了对能量转化和转移的方向性、影响内能的因素、物体内能的改变、能源的分类等的了解与掌握，综合性强，但难度不大。

2.【答案】B

【解析】解：从冰箱的冷冻室取出，放在餐桌上经过一段较长时间后，杯中的“水”发生了物态变化，杯中的冰块全部变成了液态的过程是熔化过程。要知道冰是晶体，并且冰的熔点是0℃，所以冰在熔化过程保持0℃不变。
A、是熔化图像，是晶体的熔化图像，但熔点不是0℃，故A错误；
B、熔点是0℃，并且在熔化过程中温度保持不变，所以B正确；
C、温度有下降的趋势，但下降到一定温度后，温度不再下降，且凝固点不是0℃，故C错误。
D、有下降的趋势，有固定的凝固点，是晶体的凝固图像，故D错误；
故选：B。
要解决此题需要掌握晶体的熔化过程的特点：知道晶体在熔化过程中吸热，但温度保持不变。
同时要知道冰的熔点是0℃，知道冰块变成液态的过程是熔化过程。
本题考查晶体熔化和凝固的图像，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。

3.【答案】A

【解析】解：毛皮摩擦过的橡胶棒带负电荷，丝绸摩擦过玻璃棒带正电荷；
若泡沫球与毛皮摩擦过的橡胶棒相互排斥，则泡沫球也带负电荷；
若泡沫球与毛皮摩擦过的橡胶棒相互吸引，则泡沫球可能带正电荷，也可能不带电，
若泡沫球与丝绸摩擦过玻璃棒相互排斥，则说明泡沫球也带正电荷；若泡沫球与丝绸摩擦过玻璃棒相互吸引，则说明泡沫球不带电。
综上，①处为负电荷；②处为正电荷。
故选：A。
(1)毛皮摩擦过的橡胶棒带负电荷，丝绸摩擦过玻璃棒带正电荷；
(2)同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
(3)排斥的带有同种电荷，吸引的可能是带有异种电荷，也可能是带电体吸引不带电的轻小物体。
本题考查了物体带电情况的判断，关键是掌握电荷间的相互作用规律和带电体的性质。

4.【答案】C

【解析】解：A、电能表是用来测量某用户在一段时间内所消耗的电能多少的仪表。故A正确；
B、空调工作电流过大或发生短路时，保险丝能够熔断，及时切断电路，所以彼此是串联的。故B正确；
C、使用测电笔时，人体要接触笔尾金属体，在检测火线时，使火线、保护电阻、人体、大地形成回路，氖管发光；若接触笔尖金属体，在检测火线时，使火线、人体、大地形成回路，电路中无保护电阻，会造成人触电。故C不正确；
D、家庭电路中电流过大，可能是发生了短路，也可能是总功率过大。故D正确。
故选：C。
(1)电能表是用来测量某用户在一段时间内所消耗的电能多少的仪表；
(2)串联电路各用电器互相影响，并联电路各用电器互不影响；
(3)使用测电笔时，人体接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体；
(4)家庭电路电流过大的原因：一是短路，二是总功率过大。
此题考查了电能表的作用、家用电器的连接、测电笔的使用及家庭电路电流过大的原因，是一道联系生活的综合题，难度不大。

5.【答案】B

【解析】
【分析】
本题考查磁场对通电导线的作用，解题的关键在于线圈的两部分是并联的电路中，分析各段的电流方向，再判断受到磁场力的方向。
通电导体在磁场中受力而运动，导体的受力方向跟电流的方向、磁场方向有关。在磁场方向一定时，电流方向改变，导体受力方向改变；在电流方向一定时，磁场方向改变，导体受力方向改变。
【解答】
如图磁场方向相同，电流方向相同，通电导体的受力方向相同，
abfe段和bcde段并联的电源上，所以ab电流向下、ef电流向上、cb电流向上、de电流向下，
ab和ed电流方向相同，受到磁场作用力方向相同，
ef和cb电流方向相同，受到磁场作用力方向相同。
故选：B。  
6.【答案】C

【解析】解：(1)用磁感线描述磁场的分布情况采用的是模型法；
      (2)通过导体的电流与导体的电压和电阻都有关系，在探究通过导体的电流与导体两端电压的关系时采用的是控制变量法；
      (3)用加热时间显示物质吸收热量的多少采用的是转换法；
      (4)电流通过导体产生的热量与导体的电阻、电流大小、通电时间都有关系，探究电流通过导体产生的热量与电阻的关系时采用的是控制变量法；
        研究方法相同的是(2)与(4)，故选：C。
(1)通过模型来揭示原型的形态、特征和本质的方法称为模型法；
(2)在研究和解决问题的过程中，对影响事物变化规律的因素或条件加以人为控制，使其中的一些条件按照特定的要求发生变化或不发生变化，最终解决所研究的问题的方法称为控制变量法；
(3)一些比较抽象的看不见、摸不着的物质的微观现象，要研究它们的运动等规律，使之转化为学生熟知的看得见、摸得着的宏观现象来认识它们．这种方法在科学上叫做“转换法”。
解决此类问题的方法是会利用物理学方法解决实际问题。

7.【答案】B

【解析】解：A、1、冬天玻璃上的冰花，水蒸气由气态直接凝华为固态，这是凝华现象；
            2、锯木头时，由于摩擦力做功，锯条会发热；
            3、家用电器金属外壳接地是当火线破损等各种原因导致火线与金属外壳接触时能把电引向大地，从而防止人触电，A错误；
 B、1、蓄电池放电时，化学能转化为电能；
      2、电动机工作时，电能转化为机械能；
      3、内燃机工作时，内能转化为机械能，B正确；
C、1、太阳能开发利用太阳能电池；
      2、半导体可以制作二极管，三极管；
      3、目前超导材料还没有广泛应用于生活实际，主要原因是还没有发现常温下的超导体，C错误；
D、1、体温计是利用液体的热胀冷缩原理；
      2、指南针是利用磁场的性质，对放入其中的磁体有力的作用；
      3、动圈式扬声器是利用通电导体在磁场中受力的作用，故D错误；
本题选完全正确的，
故选：B。
由我们了解的物理常识判断。
让学生了解物态变化，能量转化的知识和对新型材料的认识。

8.【答案】D

【解析】解：
A、地磁场能对地球附近的磁体产生磁力，所以司南能够指南北是受地磁场的作用，故A错误；
B、乙图是奥斯特实验，是演示电流磁效应的实验装置，即电流会产生磁场(电生磁)，故B错误；
C、导体棒在磁场中运动，若不切割磁感线，就不会产生感应电流，故C错误；
D、图丁是磁场对电流的作用实验，通电后通电导体在磁场中受到力的作用而运动，即电动机的原理，故D正确。
故选：D。
(1)地球是一个大磁体，地磁场对放入其中的小磁针产生磁力的作用；
(2)奥斯特实验说明电流磁效应，即电流能产生磁场；
(3)闭合电路的部分导体，在磁场中切割磁感线运动，在导体中将产生感应电流；
(4)电动机是根据通电导体在磁场中受力运动的原理工作的。
此题考查了电和磁中的各种现象，在学习过程中，一定要掌握各实验的现象及结论，并且要找出其不同进行区分。

9.【答案】C

【解析】解：
AB、由图可知，电阻R0与Rx串联，圆圈处的电表串联在电路中，则为电流表，故AB错误；
C、运动员没有踩踏板时，F=0，由图知，压敏电阻的阻值最大，由电阻的串联可知电路的总电阻最大，根据可知，电路消耗的总功率最小，故C正确；
D、运动员起跑时，用力踩踏板(即F增大)，由图知，压敏电阻Rx的阻值变小，则串联电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，由U=IR可知R0两端的电压变大，故D错误。
故选：C。
(1)(2)图中两电阻串联，根据“电流表应串联在电路中”进行分析；
(3)运动员没有踩踏板时，F=0，由图知，压敏电阻的阻值最大，由分析总功率的变化；
(4)运动员起跑时，用力踩踏板，根据图像确定压敏电阻Rx的阻值变化，由串联电路电阻的规律和欧姆定律分析电流大小的变化，根据U=IR确定R0两端的电压变化。
本题考查了串联电路的规律、欧姆定律和电功率公式的运用，关键是从图中获取有用的信息。

10.【答案】B

【解析】解：
A、由图可知，小红家消耗了1362.5度的电能，故A错误；
B、电能表的工作电压是220V，允许通过的最大电流为40A，所以，电路中允许接入用电器的最大功率P=UI=220V×40A=8800W=8.8kW，故B正确；
C、电能表是测量用电器消耗的电能的仪表，要串联在干路的最前端，故C错误；
D、电能表表盘转动50转，电路消耗电能为：W=503000kW⋅h；用电器的功率：P=Wt=503000kW⋅h160h=1kW=1000W，远远大于一盏节能灯的功率，故D错误。
故选：B。
(1)电能表表盘上最后一位是小数位，单位是kW⋅h；
(2)电能表的标定电流为10A，平时允许通过的最大电流为40A；
(3)电能表在家庭电路中的最前端，串联在干路中，用来测量电路中消耗的电能；
(4)3000r/kW⋅h表示的是电路中每消耗1kW⋅h的电能，电能表表盘转动3000转，据此求出电能表表盘转动50r电路中消耗的电能。然后求出用电器的功率。
本题考查了电能表的参数的理解与电能的求法以及电功率的计算，这是利用电能表测量功率的一种类型习题，一定要熟练掌握。

11.【答案】液化  电磁波

【解析】解：火箭离开地面时，高温火焰喷到发射架下的大水池中，水吸收巨大的热量而汽化成水蒸气，水蒸气上升时遇到周围的冷空气会液化成小水滴，就形成了我们看到的“白气”；
电磁波可以在真空中传播，地面指挥中心是通过电磁波与运行的卫星联系的。
故答案为：液化；电磁波。
物质由气态变为液态的过程叫液化；电磁波可以传递信息和能量。
分析热现象属于哪种物态变化时，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态。

12.【答案】食用油  沸点

【解析】解：根据得：，
质量相同的水和食用油，吸收相同的热量，因，
可知：，
即：食用油升高的温度大；
水饺分别经水煮和油炸之后，口感截然不同，这是因为油的沸点比水高。
故答案为：食用油；沸点。
(1)根据吸热公式，在、m相同的情况下，比热容大的物体温度变化小；
(2)油的沸点比水的沸点高；
本题主要考查比热容的特点、以及不同液体的沸点不同的知识，同时注意用好控制变量法。

13.【答案】1 4

【解析】解：如果在ab间连接一电压表、ac间连接一个4V电源、bc间的连接一个电流表，此时该电路为并联电路，图中电流表测量干路中的电流；
通过R1的电流为：
I1=UR1=4V5Ω=0.8A，
通过R2的电流为：
I2=UR2=4V20Ω=0.2A，
则干路中的电流即电流表示数为：
I=I1+I2=0.8A+0.2A=1A，
电路的总功率为：
P=UI=4V×1A=4W。
故答案为：1；4。
根据题意判定电路的连接方式，然后根据欧姆定律和电功率的计算公式分析。
本题比较复杂，解题关键在于知道电路的连接方式，然后根据电路结构进行相关计算，考查了学生的判断能力和综合分析能力，是易错题。

14.【答案】0∼100Ω44W

【解析】解：由电路图可知，灯泡L与电子器件串联，
当电源电压为220V时，电阻器件两端的电压为0时，灯泡才能够正常发光，所以，此时新型电子器件的阻值为零，电路中的电流通过电子器件为0.2A；
当电源电压为240V时，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯泡正常发光时电子器件两端的电压：，
因串联电路中各处的电流相等，所以，由I=UR可得，电子器件的阻值：，
所以，新型电子器件的阻值变化范围为0∼100Ω；
灯泡的额定功率：P=ULIL=220V×0.2A=44W。
故答案为：0∼100Ω；44W。
由电路图可知，灯泡L与电子器件串联；当电源电压为220V时，灯泡正常发光，此时新型电子器件的阻值为零；当电源电压为240V时，根据串联电路的电压特点求出灯泡正常发光时电子器件两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电子器件的阻值，进一步得出电子器件的阻值范围，根据P=UI求出灯泡的额定功率。
本题考查了串联电路的特点、欧姆定律和电功率计算公式的应用，要注意灯泡正常发光时其两端的电压和额定电压相等。

15.【答案】L2  16 W

【解析】解：忽略温度对灯丝电阻的影响，由P=U2R可得，两只白炽灯的电阻分别为
L1的电阻，
L2的电阻，
将它们串联在220V的家庭电路中，串联电路中电流处处相等，由P=I2R可知，L2的实际功率大，则其中较亮的灯是L2；
它们串联在220V的家庭电路中，其电流，
L2的实际功率P2=I2R2=(111A)2×1936Ω=16W。
故答案为：L2；16W。
忽略温度对灯丝电阻的影响，由铭牌，利用P=U2R可分别求得两灯灯丝的电阻，串联时根据P=I2R分析实际功率的大小关系，实际功率大的灯亮，由P=I2R可求得其实际功率。
区分实际电压、实际功率、额定电压和额定功率四个概念；会用P=I2R分析串联电路中用电器实际功率的关系；会由铭牌求电阻。

16.【答案】红外线  波速

【解析】解：由图可知，甲的波长小，乙的波长大，光属于电磁波，电磁波在真空中的传播速度是相同的，根据c=λf可知，甲的频率高，乙的频率低；甲是我们能看得见的光，根据图(b)可知，乙的频率低，可能是不可见光中的红外线，人看不见红外线。
故答案为：红外线；波速。
(1)根据图像分析甲乙频率的大小；
(2)电磁波在真空中的传播速度是相同的
本题考查了电磁波的特点和应用，属于基础知识，要熟记。

17.【答案】解：车库没有积水时，电磁铁不具有磁性，不会吸引衔铁，LED灯亮，说明A为LED灯；车库有积水时，左侧控制电路接通，电磁铁通电，电磁铁会具有磁性，能吸引衔铁，使得B的电路接通，电铃发出声音，所以电铃应安装在图中的B位置；
电流从电磁铁的上端流入，下端流出，根据安培定则可知，电磁铁的下端为N极；
如图所示：
。

【解析】电磁继电器的实质是一个间接开关，它连接两个电路，是通过控制电路的通断来控制工作电路的通断的开关。此题中的控制电路的通断是由水位的变化来控制的。分析时要从控制电路入手；
根据安培定则判定电磁铁的N极。
本题中的问题都是对电磁继电器电路的工作过程进行分析，一般的思路是，先明确控制电路与工作电路，再从控制电路入手，看电磁铁磁性的有无对工作电路触点连接情况的影响，最后确定工作电路中的工作情况。

18.【答案】解：零线直接进入灯泡的螺旋套；火线先接入开关，再进入灯泡顶端的金属点；
三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线，如图：


【解析】火线首先进入开关，然后进入灯泡顶端的金属点；零线直接进入螺旋套。火线接在灯泡的顶端，在更换灯泡时，断开开关，切断火线，更安全。
三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线，要是有保险丝，应该接到火线上。
掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。

19.【答案】甲、丙  加热时间  没有控制被加热液体的种类相同  燃料燃烧放出的热量没有完全被液体吸收  把电路串联，电流相同、电阻不同

【解析】解：(1)为了比较水和煤油的吸热本领的大小，应选用相同的燃料加热(即相同的热源)，目的是在相同的时间内两种物质吸收的热量相同，故选择甲、丙两套装置；
用相同的燃料加热，液体在相等时间内吸收的热量相等，在此实验中，根据转换法，液体吸收热量的多少是通过加热时间来比较的；
(2)①为便于通过升高温度比较液体吸收的热量，应使用初温和质量相同的同种液体，实验中的缺陷是：对质量和初温相等的两种液体加热，即没有控制被加热液体的种类相同；
②用不同燃料对液体加热时，两种燃料释放的热量不可能完全被液体吸收，不能根据液体升高的温度直接得出“燃料2的热值是燃料1的2倍”的结论；
(3)要探究电流产生热量的多少与电阻的关系，需保证通过电阻丝的电流和通过时间相同，而电阻不同；
明首先将装置中烧杯下方的燃料去掉，接下来他还要怎样改进装置：把电路串联，电流相同、电阻不同，装置可探究电热与电阻的关系。
故答案为：(1)甲、丙；加热时间；(2)①没有控制被加热液体的种类相同；②燃料燃烧放出的热量没有完全被液体吸收；(3)把电路串联，电流相同、电阻不同。
(1)比较水和煤油的吸热本领的大小，应使用相同的热源，控制不同液体相同时间内吸热相同，通过温度的变化来判断不同液体的吸热能力；我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法。
(2)比较不同燃料的热值，根据控制变量法，要使用质量相同的不同燃料完全燃烧后使相同质量的同种液体吸热，通过比较液体升高的温度，根据Q=cm△t，得出不同燃料放出热量的多少，据此分析；
①实验中通过液体吸收热量反应燃料燃烧放出热量，应使用同种初温和质量相同的液体；
②燃料释放的热量不一定全部被液体吸收，不能根据液体升高的温度关系确定酒精与纸的热值关系；
(3)要探究电流产生热量的多少与什么因素有关时，根据Q=I2Rt和控制变量法进行分析；电流产生的热量可以通过液体温度的变化进行反映。
本题将比较水和煤油的吸热本领的大小和比较不同燃料的热值实验对比，还考查了转换法和控制变量法。还考查了焦耳定律。

20.【答案】L1或电流表断路  I=I1+I2  应换用不同规格的灯泡多次实验  干路

【解析】解：(1)两灯并联，小薇先将电流表接在L1所在的支路上，闭合开关后，看到灯L2发光，说明干路和L2所在支路为通路，但灯L1不发光，电流表的示数为零，电路可能存在的故障是：L1或电流表断路；
(2)测出了L1、L2支路和干路上的电流分别为I1、I2和I，图甲、乙中，电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数分别为0.5A和0.52A；丙中电流表选用大量程，分度值为0.1A，示数为1A，所以，在误差允许范围内，I=I1+I2；
(3)为验证结论的普遍性，应换用不同规格的灯泡多次实验；
(4)电流表与待测电路串联，电流表接在干路上，此时b电流表测的是干路电流；
若要测灯L1的电流，电流表要与L1串联，如下图所示：

故答案为：(1)L1或电流表断路；
(2)I=I1+I2；
(3)应换用不同规格的灯泡多次实验；
(4)干路；如上图所示。
(1)两灯并联，小薇先将电流表接在L1所在的支路上，闭合开关后，看到灯L2发光，说明干路和L2所在支路为通路，根据灯L1不发光，电流表的示数为零分析电路可能存在的故障；
(2)根据电流选用的量程确定分度值读数，分析数据得出结论；
(3)使用归纳法得到普遍性的结论要满足两个条件：一是所选用的样本要有代表性；二是样本数量足够多；
(4)电流表与待测电路串联；若要测灯L1的电流，电流表与L1串联，据此改动。
本题探究并联电路的电流规律，考查故障分析、电流表的读数及连接、数据分析、归纳法的运用等知识，是中考的热点问题。

21.【答案】电流表有示数、电压表V1示数为0、电压表V2有示数  0.5先变大后变小  从0.2W至1.8W

【解析】解：(1)灯泡短路时，电路总电阻减小，电路电流增大，电流表示数增大，电压表V1测量导线电压示数为0，电压表V2测量电源电压，有示数；
(2)小灯泡L标有“2.5V1.25W”字样，表示灯的额定电压为2.5V，额定功率为1.25W，
根据P=UI可得，实验中，小灯泡正常发光时电流表的示数为：
IL=PLUL=1.25W2.5V=0.5A；
(3)根据图乙绘制出滑动变阻器的电功串PR与小灯泡的电功率PL的关系可知，小灯泡的电功率(亮度)变大时，滑动变阻器的电功率先变大后变小；
(4)根据P=U2R可得，灯正常发光时的电阻为：
RL=UL2PL=(2.5V)21.25W=5Ω；
灯与变阻器串联，电压表分别测变阻器和灯的电压，电流表测电路的电流，
实验所用的小灯泡能承受的最大电压可以高出其额定电压的14，即灯的最大电压为54×2.5V=3.125V，灯的最大电流为：
，根据电流表选用小量程，故电路的最大电流为0.6A，
灯的最大功率为：
；
变阻器连入电路的电阻越大，变阻器的电压越大，其最大值为3V，这时的电流最小，
由串联电路电压的规律可得，灯的最小电压为UV=4V−3V=1V，
灯的最小功率为：
，
在确保电路中各元件安全的情况下，移动滑动变阻器的滑片，小灯泡的电功率变化范围是从0.2W至1.8W。
故答案为：(1)电流表有示数、电压表V1示数为0、电压表V2有示数；(2)0.5；(3)先变大后变小；(4)从0.2W至1.8W。
(1)灯泡短路时，电路总电阻减小，电路电流增大，电流表示数增大，电压表V1测量导线电压示数为0，电压表V2测量电源电压；
(2)小灯泡L标有“2.5V1.25W”字样的含义，根据P=UI求出小灯泡正常发光时电流表的示数；
(3)根据图乙绘制出滑动变阻器的电功串PR与小灯泡的电功率PL的关系回答；
(4)根据P=U2R得出灯正常发光时的电阻，灯与变阻器串联，电压表分别测变阻器和灯的电压，电流表测电路的电流，
根据实验所用的小灯泡能承受的最大电压可以高出其额定电压的14，可知灯的最大电压，由欧姆定律求出灯的最大电流，结合电流选用小量程确定电路的最大电流，根据得出灯的最大功率；
变阻器连入电路的电阻越大，变阻器的电压越大，根据已知条件确定变阻器的最大电压，由串联电路电压的规律求出灯的最小电压，根据P=U2R算出灯的最小功率。
本题考查电表的连接、串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，第(4)问，注意灯的最大电流不是灯的额定电流。

22.【答案】解：(1)由图可知水的温度，在6min内热水壶中的水吸收的热量：
Q=cm(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg×(80℃−20℃)=2.52×105J；
(2)6分钟内消耗的电能：
W=Pt′=1000W×6×60s=3.6×105J；
(3)热水壶的效率：
；
(4)根据图像，可以判断出4∼6min时间段的加热效率最低，因为相同时间内电水壶消耗的电能相同，水升高的温度最少，根据Q=cm△t可知水吸收的热量最少。
答：(1)热水器中的水吸收的热量为2.52×105J；
(2)6分钟内消耗的电能为3.6×105J；
(3)热水壶的效率为70%；
(4)根据图像，可以判断出4∼6min时间段的加热效率最低，因为相同时间内电水壶消耗的电能相同，水升高的温度最少，根据Q=cm△t可知水吸收的热量最少。

【解析】(1)知道水的质量和初温、末温以及比热容，根据Q=cm(t−t0)求出在6min内热水器中的水吸收的热量；
(2)根据题意求出电水壶6min消耗的电能：
(3)利用求出热水器的效率；
(4)根据图像，可以判断出4∼6min时间段的加热效率最低，因为相同时间内电水壶消耗的电能相同，水吸收的热量最少。
本题考查了吸热公式和效率公式、燃料完全燃烧释放热量公式的应用，是一道较为简单的计算题。

23.【答案】解：(1)只用一根导线连接b、c时，灯泡L与电阻R串联，串联电路电流处处相等，所以电阻R的电流也为0.2A，
根据I=UR得电阻R的阻值：
R=URI=9.6V0.2A=48Ω；
(2)用一根导线连接a、b，一根导线连接c、d时，灯泡L和电阻R并联，并联电路电压处处相等
根据P=U2R知电阻R和灯泡L的电功率之比为：
PR：PL=U2R：U2RL=RLR=14，
解得：RL=14R=14×48Ω=12Ω，
灯泡L与电阻R串联时，小灯泡两端的电压为：
UL=IRL=0.2A×12Ω=2.4V，
电源电压为：
U=UL+UR=9.6V+2.4V=12V，
因为灯泡与电阻R并联时，灯泡正常发光，
所以灯泡L的额定电压就是电源电压，为12V；
(3)只用一根导线连接c、d时只有灯泡工作，
此时电路消耗的总功率为：
P=U2RL=(12V)212Ω=12W。
答：(1)电阻R的阻值为48Ω；
(2)灯泡L的额定电压为12V；
(3)只用一根导线连接c、d时电路消耗的总功率为12W。

【解析】(1)只用一根导线连接b、c时，灯泡L与电阻R串联，根据欧姆定律算出电阻R的阻值；
(2)用一根导线连接a、b，一根导线连接c、d时，灯泡L和电阻R并联，根据P=U2R算出电功率之比，从而得出电阻之比，根据电阻R的阻值算出小灯泡的电阻，根据欧姆定律算出串联电路中小灯泡两端的电压，再根据串联电路电压的规律算出电源电压，灯泡L的额定电压就是电源电压；
(3)只用一根导线连接c、d时只有灯泡工作，根据P=U2RL算出电路消耗的总功率。
本题考查了电路的连接、串并联电路的特点以及欧姆定律的应用等知识，是一道有难度的题目。