2021年广东省中考物理复习专练（广州专版）（14）——电功率

这是一份2021年广东省中考物理复习专练（广州专版）（14）——电功率，共32页。

A．40W灯泡两端的电压较高
B．100W灯泡比40W灯泡亮
C．100W灯泡的实际功率大于它的额定功率
D．40W灯泡的实际功率大于它的额定功率
2．（2020•海珠区校级二模）甲、乙两个小灯泡上分别标有“6V 3W”和“4V 2W““字样，现在把它们按不同方式接在不同电路中（不考虑灯丝电阻的变化），下列判断错误的是（ ）
A．若把它们串联在10V电路中，两灯都可以正常发光
B．若把它们串联在10V电路中，甲灯比乙灯亮
C．若把它们并联在4V电路中，甲灯比乙灯亮
D．若把它们并联在4V电路中，乙灯正常发光
3．（2020•越秀区校级模拟）对比图中白炽灯和LED灯将电能转化为其他形式能的情况，可得（ ）
A．白炽灯发光时，大量的电能转化为光能
B．白炽灯的寿命跟灯丝的温度有关，因为温度越高，灯丝就越容易凝华
C．LED 灯可以直接把电能全部转化为光能
D．LED 灯发光的效率较高
4．（2019秋•越秀区期末）有两个额定电压相同的电热水壶甲和乙，甲的额定功率为1200W，乙的额定功率为1800W。两个电热水壶都正常工作时，下列说法中正确的是（ ）
①甲电热水壶两端的电压较低
②通过乙电热水壶做功较快
③通过两个电热水壶的电流相等
④甲电热水壶的电阻较大
⑤乙电热水壶比甲电热水壶一次能烧更多的开水
⑥相同时间内，两个电热水壶消耗的电能不一样
A．只有②是对的B．②④⑥是对的
C．①③是对的D．④⑤⑥是对的
5．（2020秋•番禺区期末）如图所示，电源两端电压恒定。闭合开关，灯泡L1比灯泡L2亮，则（ ）
A．L1的电阻比L2的大
B．通过L1的电流与通过L2的电流相等
C．若L1灯丝烧断，L2的实际电功率不变
D．若L2灯丝烧断，通过L1电流变大
6．（2020•花都区二模）如图甲所示，将一个标有“36V 25W”的小灯泡接在电压为12V的恒压电源上，闭合开关的瞬间（t＝0）开始利用传感器记录电路中电流随时间的变化情况（如图乙），利用慢速摄影技术可以观察到前0.04s灯丝经历了从不发光、微微发光到逐渐变亮的过程，从第0.04s后灯泡稳定发光。下列说法正确的是（ ）
A．灯丝的实际功率一直不变
B．闭合开关瞬间，灯丝的实际功率最小
C．灯丝从0～0.04s实际功率逐渐变小
D．灯丝从0～0.04s逐渐变亮，所以实际功率逐渐变大
7．（2020•荔湾区模拟）下列关于电功、电功率的说法中正确的是（ ）
A．千瓦和千瓦时都是电功率的单位
B．用电器消耗的电功率越小，则电流做的功就越少
C．对某一用电器而言，消耗的实际功率是由实际电压决定的
D．通过用电器的电流做功越多，则用电器功率就越大
8．（2019秋•海珠区期末）某电热器的简化电路如图所示。两根电热丝R1、R2的阻值相等且不变。开关S1可接a或b或c。则电热器电功率最大时（ ）
A．断开S2，S1接bB．闭合S2，S1接a
C．闭合S2，S1接cD．闭合S2，S1接b
9．（2019秋•海珠区期末）甲、乙、丙三个家用电器都正常工作10h，甲耗电10度，乙和丙各耗电5度。以下说法错误的是（ ）
A．甲的实际功率一定最大
B．甲的额定功率一定最大
C．甲产生的电热一定最多
D．电流流过乙和丙，做的电功一定相同
10．（2019秋•天河区期末）电冰箱在设计电路时，当冷冻室温度高于设定温度时，压缩机会以输入总功率正常工作，当冷冻室温度低于设定温度时，则压缩机停止运作，一般家庭电冰箱每运行12h，压缩机工作2.5h，如表格所示是某小型号电冰箱的铭牌，根据铭牌内容，则下列选项错误的是（ ）
A．该冰箱正常工作电压是220V
B．一般家庭该电冰箱每经过24h，消耗电能0.62kW•h
C．电冰箱除了压缩机工作消耗电能，还有其他部件消耗电能
D．该电冰箱停止工作一天，一定节省电能2.4kW•h
11．（2020•天河区一模）如图，电源两端电压恒定，闭合开关，发现灯泡L1比L2暗，则（ ）
A．L1的实际功率比L2的大
B．通过L1 的电流比L2的小
C．L1的电阻比L2的小
D．若L1烧断，则L2两端的电压变大
二．填空题（共8小题）
12．（2021春•越秀区校级月考）（1）如图1为小明家里的电能表，他家允许同时长期工作的用电器最大总功率为 kW。若只让一只台灯工作，电能表2min转了5转，这只台灯消耗了 J的电能，其功率为 W。
（2）如图2是某汽车工作原理图，给汽车蓄电池充电时，汽车蓄电池相当于 （选填“用电器”或“电源”）；当电动机正常工作时，将电能主要转化为 能。
13．（2020秋•越秀区校级期中）家庭电路的电能表如图所示，小明让电饭锅单独工作，转盘转过30圈时，停表记录其工作时间为100s。
（1）电饭锅消耗的电能为 kW•h，电功率为 W；
（2）小芳设计实验如下：电饭锅单独工作时，用停表计时钟3分钟，这段时间内，观察转盘转过的圈数n，测量出消耗的电能W算出电功率；
（3）评估：比较两人测量电饭锅功率， 的实验相对不太精确，理由是： 。
14．（2020•荔湾区一模）（1）两只灯泡，甲标有“220V 100W”，乙标有“110V 25W”，把它们串联在电路中，电路两端允许接的最大电压为 V；接通电路，两灯都能发光，两灯的亮度比较是 。（选填“甲比乙亮”或“乙比甲亮”或“一样亮”）
。
（2）将一灯泡直接接到电源，功率为100W，用长导线将灯泡串联后接到同一电源上，功率为81W，则导线上损失的功率 19W。（选填“大于”、“等于”或“小于”）（灯泡的电阻保持不变）。
（3）用橡胶棒摩擦过的毛皮带 电，橡胶棒在摩擦毛皮的过程中 电子，若把橡胶棒和不带电的验电器金属球接触，会发现验电器金属箔片张开，如图甲所示，若将另一带电小球与验电器金属球接触，发现箔片闭合，如图乙所示，则此带电小球带 电。
15．（2020•荔湾区模拟）某一温度下，连接在电路中的两段导体A和B中的电流与其两端电压的关系如图所示。由图信息可知，A导体的电阻为 Ω．当A导体和B导体串联在电路中时，通过的电流是0.3A．则电源电压为 V，电路消耗的总功率为 W。
16．（2020•花都区二模）小明按图1所示电路图做实验，电源电压可调，闭合开关，两表读数如图2所示，工作10s后，L突然烧断，L烧断后两表示数如图3所示。
（1）L烧断后，定值电阻R两端的电压为 ；R的阻值是多少？
（2）L烧断前，流过R的电流是多少？
（3）L烧断前，L在工作的10s内大约消耗了多少电能？
（4）L烧断后，流经R的电流 （选填“变大”、“不变”、“变小”），依据是 。
17．（2019秋•天河区期末）如图为单相电子式电能表，其示数为 kW･h；由参数可得，此电能表允许接入的最大电功率是 W；参数“3000imp/（kW･h）”，表示接住此电能表上的用电器，每消耗1kW･h电能，电能表的指示灯闪烁3000次，若家庭电路只有一个电热水壶工作，指示灯10min内闪烁300次，此过程电热水壶的实际功率是 W．电热水壶工作过程能量转化情况是 。
18．（2020秋•江都区期末）如图所示，电能表此时的读数为 kW•h，允许同时接入电路使用的用电器总功率不能超过 W；若只将某一个用电器单独连入电路中正常工作6min的过程中，观察到电能表转盘转了300转，则该用电器的额定功率为 W。
19．（2020秋•白云区期末）小红和小明想利用如图所示的装置探究“导体产生的热量与电阻大小的关系“，两瓶煤油中都浸泡着一段金属丝，烧瓶A中的金属丝是铜丝，电阻比较小，烧瓶B中的金属丝是镍铬合金丝，电阻比较大，温度计可以显示煤油的温度。
（1）上述实验中铜丝和镍铬合金丝采用的电路连接方式，目的是控制通过金属丝的 和 相同。
（2）实验中，发现烧瓶B中温度计的示数升高很快，得出结论： 。
（3）小红提议利用该装置改装成“比较食用油和煤油的吸热能力“的实验，若烧瓶B的器材不变，她除了把烧瓶A的煤油换成食用油外，还需更换烧瓶A中的金属为了能在通电一段时间后，通过两温度计的 来比较食用油和煤油的吸热能力，设计的实验必须满足的条件还有烧瓶A、B中食用油和煤油的 相同，烧瓶 A、B中金属丝的电阻 （填“相同“或“不同“）。
三．实验探究题（共10小题）
20．（2020秋•黄埔区期末）小丽同学设计了一个电路，如图1所示。其中电源电压值恒为6V，小灯泡标有“2.5V”的字样，请回答以下问题：
（1）根据小丽设计的电路图把图2中的器材连接成实验电路，要求滑动变阻器滑片P向B端移动时，接入电路的电阻变小。
（2）闭合开关，移动滑动变阻器滑片，使小灯泡正常发光。此时电流表的读数如图3所示，请完成表。
表小灯泡的实验数据
（3）根据表，归纳小灯泡电阻变化的规律： 。
21．（2020秋•越秀区校级月考）在“测量小灯泡额定功率”的的实的材如下：待测小灯泡（额定电压为2.5V）、电源（电压恒为6V），电流表（0～0.6A、0～3A）、电压表（0～3V、0～15V），滑动变阻器、开关各一只，导线若干。
（1）如图甲所示是小杰同学开始时连接的电路，仔细观察发现该电路存在连接错误，但只需改动一根导线，即可使电路连接正确，请你在应改动的导线上打“×”，并用笔线代替导线画出正确的接法，并在虚线框内画出对应的电路图。
（2）电路连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表、电压表均有示数，接下来应进行的操作是 。
（3）当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，示数为 A，小灯泡的额定功率为 W。
（4）电压表坏了、只有电流表的情况下，小杰增加了一只10Ω的定值电阻R并利用原有器材，也测出了该小灯泡的额定功率。步骤如下：
①按照如图丙所示的电路图正确连接实物电路；
②闭合开关，调节滑动变阻器滑片，使电流表示数为 A时，灯泡正常发光；
⑤断开开关，保持 不变，将电流表改接在灯泡所在支路中，再闭合开关，读出电流表示数I；
④小灯泡额定功率的表达式为P额＝ 。
22．（2020•番禺区一模）如图1所示，在“测量小灯泡的电功率”实验中，小灯泡的额定电压为2.5V，电阻大约为10Ω，有两个规格分别为“10Ω 1A”的A滑动变阻器和“50Ω 2A”的B滑动变阻器，电源电压为6V。
（1）本实验中应选择 滑动变阻器（选填“A”或“B”）。
（2）请你用笔画线代替导线将如图2中的实物电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑动变阻器连入电路的阻值变大。
（3）连好电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表电压表均有示数。接下来应进行的操作是 。
A．断开开关，更换小灯泡
B．检查电路是否断路
C．移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光
（4）问题解决后，继续进行实验。若某次实验电压表、电流表的示数如图2所示，则小灯泡的额定功率为 W。
（5）实验中多次测量的目的是 。
A．测不同电压下小灯泡的实际功率
B．多次测量求平均值，减小误差
23．（2020•荔湾区二模）“测小灯泡额定电功率”的实验中，提供的器材有：电压恒为4.5V的电源，额定电压为2.5V的待测小灯泡（电阻约为10Ω），电流表（0～0.6A，0～3A），电压表（0～3V，0～15V），开关和导线若干。
（1）小明设计了如图甲所示的部分电路，用笔画线代替导线将图甲的电路图连接完整，要求滑片P向左移动时，灯泡变亮。
（2）闭合开关后，小灯泡不发光，电流表和电压表均无示数。小明用另一只电压表进行电路检查。他把电压表正负接线柱接在电流表两端时，该电压表有明显偏转，原电压表无示数，则电路故障可能是 。
（3）排除电路故障后闭合开关，滑动变阻器滑片P位于某位置时，电压表示数如图乙所示，为使灯泡正常发光，滑动变阻器滑片P应向 端适当滑动（选填“A”或“B”）。
（4）小明将实验中收集的数据及现象填入表格中，可得小灯泡的额定功率是 W。
24．（2020•荔湾区校级二模）在“测量不同亮度时小灯泡电功率”实验中
（1）根据实验目的，在如图的方框中画出电路图。
（2）小明按图完成实验。
小明移动滑动变阻器滑片，得到实验数据如表格．某次实验电压表、电流表示数如图乙所示，请把数据及求得的电阻值填写在表格空格处。
（3）若表中数据是电表的正确示数，请分析为什么灯泡越亮，但电功率变小 。
25．（2020•广州二模）在测量小灯泡电功率实验中，小圆同学选用的器材有：额定电压为1.5V的灯泡、电流表、电压表、开关、电源、滑动变阻器和若干导线等。
（1）用笔画代替导线，将图1中的实物电路连接完整。
（2）正确连接电路后，闭合开关，看不见灯亮，电压表示数和电流表示数如图2所示，则灯不亮的原因是 。
（3）移动滑动变阻器滑片，将两电表对应的示数记录到表中，据此可知灯泡的额定功率为 W。
（4）为测量小灯泡的额定功率，小满利用2节新干电池和两个规格相同的“1.5V”小灯泡，连接如图3所示的电路。
①在虚线框内画出与图3对应的电路图。
②他的做法可行吗？理由是 。
③闭合开关后发现：L1不亮，L2很亮：过一会儿，L2也不亮。导致这个现象的原因是： 。
26．（2020•越秀区校级三模）现有一个可调电压电源，一个电压表，A、B、C三盏小灯泡规格分别为：A灯“6V 3W”、B灯“6V 4.8W”、C灯“6V 6W”，三盏小灯泡的电流电压关系如图所示，即三个灯的电阻随实际功率变化而变化，在保证电路安全的情况下，进行以下实验。求：
（1）求A灯正常发光时灯丝的电阻；
（2）若将A、B两盏小灯泡并联接在可调电压电源两端，电源电压调节为6V，求经过10s，两盏小灯泡消耗的总电能为多少J？
（3）若将A、C两盏小灯泡串联接在可调电压电源两端，调节电源电压，使A灯正常发光，求此时C灯的实际电压和实际电功率。
27．（2019秋•海珠区期末）如图所示，定值电阻的阻值R0已知。利用图中器材及若干导线连接电路，测量小灯泡（U额＝2.5V）的额定功率。
（1）在图中，按要求把电路连接完整。
（2）闭合开关前，将滑动变阻器的滑片调到变阻器的最 。端。
（3）闭合开关，调节变阻器滑片。使 （选填“甲”或“乙”）电压表的示数为U额时，小灯泡正常发光。此时另一电压表的示数为U甲；则小灯泡额定功率P额＝ 。（用题目所给及所测物理量的符号，写出表达式）
28．（2019秋•天河区期末）用如图1所示电路测量不同电压下小灯泡的实际功率。
（1）请根据实验目的，正确连接出完整的实物图，使滑动变阻器接入电路的阻值最大；
（2）已知小灯泡额定电压为3V．想对比与小灯泡亮度相同的发光二极管（额定电压为3V）哪个耗电更快，为了测量亮度，使用图2的数字式照度计，在相同环境下测量两者亮度，小灯泡越亮，照度计示数越大，其单位为LUX，照度计示数为零时，说明照度计感应不到发光，电路正确连接后，得到数据如下表：
小灯泡、发光二极管亮度与电压、电流数据表
①小灯泡的额定功率为 W。
②为了达到目的，需要对比哪些数据？ （选填数据序号），可知耗电更快的是 （选填“小灯泡”、“发光极管“或“两者一样“），判断依据是： 。
29．（2021春•广州月考）（1）手机是我们最常用的通讯工具，手机使用的是可充电电池，电池上标有“电压”和“容量”两个重要参数。容量的单位通常为“毫安时”（符号mAh）。小明同学的爸爸使用的可充电电池所标的电压是4.0V，容量是1000mAh，这种电池一次充电最多可储存的能量为 J。使用该手机充满电一次能够持续通话的实际时间可长达5h，则该手机在通话状态的放电功率为 W。
（2）小明家有一只电热水壶的铭牌上标有“220V1000W”的字样，它正常工作时，电压是 V，电流是 A。小明烧水时单独让电热水壶工作，测得如图所示的电能表铝盘转了60转，用时1.2min，则电热水壶消耗的电能为 kW•h。
四．计算题（共1小题）
30．（2020秋•黄埔区期末）小明家电热水壶上的铭牌部分模糊了，如表所示。他想知道该电热水壶的额定功率，于是他关掉家里的其他用电器，只让电热水壶单独工作，观察到标有“1800r/kW•h”的电能表的转盘转了45圈刚好用了1min，家庭电路工作电压为220V。
（1）该电热水壶的额定功率是多少？
（2）若用该电热水壶加热水，1min内使质量为1kg的水温度升高20℃，水吸收的热量是多少？[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
（3）该热水壶的热效率多少？（水吸收的热量与消耗的电能之比叫热效率，保留一位小数）
2021年广东省中考物理复习专练（广州专版）（14）——电功率
参考答案与试题解析
一．选择题（共11小题）
1．【解答】解：
AB、已知L1为“220V 100W”，L2为“220V 40W”，
因为U1＝U2，P1＞P2，由公式R=U2P可知，当电压相等时，电功率越大，电阻越小，即R1＜R2，
两灯串联，I1＝I2，由U＝IR可知，40W的灯泡两端的电压较高；故A正确；
由公式P＝I2R可知，实际功率P实1＜P实2，所以100W灯泡比40W灯泡暗；故B错误；
CD、两个灯泡串联在220V的电路中，则每个灯泡分得的电压均小于220V，即实际电压均小于额定电压，因此实际功率均小于额定功率，故CD错误。
故选：A。
2．【解答】解：
由P＝UI可得，两个灯泡正常发光时的电流分别为：I甲=P甲U甲=3W6V=0.5A，I乙=P乙U乙=2W4V=0.5A，
由I=UR可得，两灯泡的电阻分别为：R甲=U甲I甲=6V0.5A=12Ω，R乙=U乙I乙=4V0.5A=8Ω；
AB.若把它们串联在10V电路中，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以电路中的电流：I=UR总=UR甲+R乙=10V12Ω+8Ω=0.5A，
由I＝I甲＝I乙可知，两灯都可以正常发光，故A正确；
由P＝UI＝I2R可知，甲灯泡的电阻较大，其实际功率较大，则甲灯比乙灯亮，故B正确；
CD.若把它们并联在4V电路中，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以由P＝UI=U2R可知，乙灯泡的电阻较小，实际功率较大，乙灯比甲灯亮，故C错误；
因乙灯泡两端的电压和额定电压相等，所以乙灯正常发光，故D正确。
故选：C。
3．【解答】解：
A、根据图示可知，白炽灯发光时，电能转化为了20%的光能和80%的内能，显然大量的电能转化为内能，故A错误；
B、温度越高，灯丝就越容易升华，因此白炽灯的寿命跟灯丝的温度有关，故B错误；
CD、根据图示可知，LED发光时，电能转化为10%的内能和90%的光能，与白炽灯相比，LED 灯发光的效率较高，故C错误、D正确。
故选：D。
4．【解答】解：①甲和乙两电热水壶的额定电压相等，则正常工作时它们两端的电压相等，故①错误；
②电热水壶正常工作时的功率和额定功率相等，乙的额定功率较大，其正常工作时的实际功率较大；因电功率是表示电流做功快慢的物理量，所以电流通过乙电热水壶做功较快，故②正确；
③两电热水壶正常工作时的电压相等，实际功率不同，由P＝UI的变形式I=PU可知，通过的电流不相等，故③错误；
④由P=U2R的变形公式R=U2P可知，电热水壶的额定功率越大，电阻越小，因此甲电热水壶的电阻较大，故④正确；
⑤电热水壶烧开水的多少取决于水壶的容积，与电热水壶的额定功率无关，故⑤错误；
⑥根据W＝Pt可知，额定功率不同时，相同时间内，电热水壶消耗的电能不同，故⑥正确。
故选：B。
5．【解答】解：AB、由图可知，两只灯泡并联，两灯泡电压两端相等；
由P实＝UI可知，U1＝U2，P实1＞P实2，所以I1＞I2，即通过L1的电流大；
由I=UR可得R=UI，则L1的电阻比L2的小。故AB错误；
C、因为两灯泡并联，彼此互不影响，所以L1灯丝烧断，L2的实际电功率不变。故C正确；
D、由并联电路电压关系可知两灯泡两端电压相等，若L2灯丝烧断，L1两端电压不变，通过L1电流不变。故D错误。
故选：C。
6．【解答】解：电源的电压恒定，则小灯泡两端的电压不变，由图乙可知，通过灯泡的电流先减小后不变，由P＝UI可知，灯丝的实际功率先变小后不变。
A、灯丝的实际功率先减小后不变，故A错误；
B、闭合开关瞬间，电流最大，灯丝的实际功率最大，故B错误；
C．灯丝从0～0.04s实际功率逐渐变小，故C正确；
D．灯丝从0～0.04s逐渐变亮，但实际功率逐渐变小，故D错误。
故选：C。
7．【解答】解：
A．千瓦是电功率的单位，千瓦时是电功的单位，故A错误；
B．用电器消耗的电功率越小，但电流做的功不一定越少，因电流做功还与通电时间有关，故B错误；
C．对某一用电器而言，消耗的实际功率是由实际电压决定的，实际电压越大，其消耗的实际功率越大，故C正确；
D．因为通电时间未知，所以由P=Wt可知，通过用电器的电流做功越多，但用电器的功率不一定越大，故D错误。
故选：C。
8．【解答】解：由公式P=U2R分析知，电压一定时，电功率与电阻成反比。由图知，当闭合S2、S1接a时，R1、R2并联，电路的总电阻最小，此时电热器的电功率最大。
故选：B。
9．【解答】解：
AB、由题知，甲、乙、丙三个家用电器正常工作的时间相同，
甲耗电10度，乙和丙各耗电5度，由P=Wt可知，甲的实际功率一定最大，又因为家用电器正常工作时，实际功率等于其额定功率，故甲的额定功率一定最大，故AB正确；
C、电流通过三用电器时消耗的电能不一定都转化为内能，因此不能确定电热的多少，故C错误。
D、电流做功等于其消耗的电能，已知乙和丙各耗电5度，所以电流流过乙和丙，做的电功一定相同，故D正确；
故选：C。
10．【解答】解：A、由表中信息知电冰箱正常工作时的电压是220V，故A正确；
B、由表中信息知，电冰箱的耗电量是0.62kW•h/24h；即电冰箱每经过24h，消耗电能0.62kW･h，故B正确；
C、电冰箱中除了压缩机外还有其他配件，它们也是需要耗电的，故C正确；
D、由表中信息知，电冰箱的耗电量是0.62kW•h/24h，所以电冰箱停止工作一天，一定节省电能0.62kW･h，故D错误。
故选：D。
11．【解答】解：由图可知，L1和L2串联，电压表测L2两端的电压，
因为串联电路中各处的电流相等，
所以两灯泡串联时，通过它们的电流相等，故B错误；
因为灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，且L1比L2暗，
所以L1的实际功率比L2的小，故A错误；
L1的实际功率小，由P＝I2R可知，L1的电阻小，故C正确；
若L1烧断，则整个电路断路，L2两端的电压变小为零。故D错误。
故选：C。
二．填空题（共8小题）
12．【解答】解：（1）由参数可知，电能表正常工作时的电压为220V，允许通过的最大电流为10A，
他家同时使用用电器的最大总功率：
P大＝UI＝220V×10A＝2200W＝2.2kW；
“3000r/kW•h”表示电路中每消耗1kW•h的电能电能表的转盘转3000转，
电能表的转盘转5转消耗的电能为：
W=5r3000r/kW⋅h=1600kW•h=1600×3.6×106J＝6×103J，
所用时间t＝2min=130h，
该用电器的电功率为：
P=Wt=1600kW⋅h130h=0.05kW＝50W。
（2）给汽车蓄电池充电时，汽车蓄电池相当于用电器；
当电动机正常工作时，消耗电能，获得机械能，因此它是将电能主要转化为机械能；
故答案为：（1）2.2；6×103；50；（2）用电器；机械。
13．【解答】解：
（1）电饭锅单独工作，转盘转过30r消耗的电能W=30r3000r/kW⋅h=0.01kW•h＝0.01×3.6×106J＝3.6×104J；
用电器的电功率：P=Wt=3.6×104J100s=360W。
（3）比较两人测量电饭锅功率的实验，小芳的实验相对不太精确，理由是电饭锅工作t（min）后转动的圈数不一定是整数圈，可能出现较大的误差。
故答案为：（1）0.01；360；（3）小芳；电饭锅工作3min后转动的圈数不一定是整数圈，可能出现较大的误差。
14．【解答】解：（1）由P＝UI可得，两灯泡的额定电流分别为：
I甲=P甲U甲=100W220V≈0.45A；
I乙=P乙U乙=25W110V=522A≈0.23A，
由P=U2R可得，两灯泡的电阻分别为：
R甲=U甲2P甲=(220V)2100W=484Ω；
R乙=U乙2P乙=(110V)225W=484Ω；
因为串联电路中各处的电流相等，
所以两电阻串联时，电路中的最大电流I＝I乙=522A，
因为串联电路的总电阻等于各分电阻之和，
所以电路两端允许加的最大电压：U串＝I（R甲+R乙）=522A×（484Ω+484Ω）＝220V；
串联电路电流相等，甲乙的电阻一样大，根据P＝I2R知，甲乙灯的实际功率一样大，则甲乙灯泡一样亮；
（2）根据P=U2R知，
小灯泡的电阻为：
RL=U2PL=U2100Ω
用长导线将灯泡串联后接到同一电源上时，
根据P＝I2R知，
电路的电流为：
I′=PL'RL=81WU2100W=90UA，
此时电路的总电阻为：R总=UI'=U90UA=U290Ω，
根据串联电路电阻的规律知，
导线上的电阻为：
R线＝R总﹣RL=U290Ω-U2100Ω=U2900Ω，
导线上损失的功率为：
P线＝（I′）2R线=(90U)2×U2900Ω＝9W＜19W；
（3）毛皮和橡胶棒丝绸摩擦，毛皮夺得电子的本领弱，失去电子带正电；橡胶棒夺得电子的本领强得到电子，多余电子带负电；
若把橡胶棒和不带电的验电器金属球接触，则验电器带上了负电；若将另一带电小球与验电器金属球接触，发现金属箔片闭合，说明带电小球与验电器金属球上的负电发生了中和现象，所以此带电小球带正电荷。
故答案为：（1）220；一样亮；（2）小于；（3）正；得到；正。
15．【解答】解：（1）由图象可知，当UA＝3V时，IA＝0.6A，
所以RA=UAIA=3V0.6A=5Ω；
（2）当A、B串联时，IA＝IB＝I＝0.3A，
由图象可知：UA＝1.5V，UB＝3V，
所以电源的电压U＝UA+UB＝1.5V+3V＝4.5V，
电路消耗的总功率P＝UI＝4.5V×0.3A＝1.35W。
故答案为：5；4.5；1.35。
16．【解答】解：
（1）L烧断后，电路为电阻R的简单电路，由图3可知，电压表选用小量程，分度值为0.1V，烧断后电压U后＝2.4V，电流表选用小量程，分度值为0.02A，则烧断后的通过灯泡L的电流为0.24A，根据I=UR可得：R=U后I后=Ω；
（2）L烧断前，由图1可知，电阻R和灯泡L并联，电压表测量并联电路两端的电压（也是测电阻R的电压），电流表测量干路中的电流；
由图2可知，电压表选用小量程，分度值为0.1V，烧断前电压为1.6V，则并联电路两端的总电压U前＝1.6V；通过电阻R的电流IR=U前R=1.6V10Ω=0.16A；
（3）L烧断前，由图2可知，电流表选用小量程，分度值为0.02A，则干路电流为0.46A，
根据并联电路的干路电流等于各支路电流之和可知：
通过灯泡L的电流IL＝I﹣IR＝0.46A﹣0.16A＝0.3A，
L在工作的10s内消耗的电能WL＝ULILt＝1.6V×0.3A×10s＝4.8J；
（4）L烧断前，定值电阻两端电压为U前＝1.6V；烧断后定值电阻两端电压为U后＝2.4V；所以，定值电阻两端的电压U变大；定值电阻的阻值不变，其电压U变大，由I=UR可知，流经定值电阻的电流I也变大。
故答案为：
（1）L烧断后，定值电阻R两端的电压为2.4V；R的阻值是10Ω；
（2）L烧断前，流过R的电流是0.16A；
（3）L烧断前，L在工作的10s内大约消耗了4.8J的电能；
（4）变大；L烧断前后R两端的电压变大，而R的阻值不变，由I=UR可知，通过R的电流变大。
17．【解答】解：
（1）电能表读数时，最后一位是小数，单位kW•h，示数为8888.8kW•h；
（2）5（20）A中，20A是指电能表平时工作允许通过的最大电流，220V是指电能表的工作电压，
该电能表允许接入用电器的最大电功率：
P最大＝UI最大＝220V×20A＝4400W；
（3）3000imp/kW•h表示每消耗1kW•h，电能表指示灯闪烁3000次，
电能表的指示灯闪烁了300次，则电热水壶消耗的电能：
W=3003000kW•h＝0.1kW•h，
电热水壶的实际功率：
P=Wt=0.1kW⋅h1060h=0.6kW＝600W；
（4）电热水壶属于电热器，工作时电流做功消耗电能转化为内能。
故答案为：8888.8；4400；600；电能转化为内能。
18．【解答】解：
（1）电能表的读数单位是kW•h，最后一位是小数，其示数为：248.6kW•h；
（2）表盘中“20A”，是指电能表平时工作时允许通过的最大电流，
则允许同时使用的用电器的最大总功率：P＝UI＝220V×20A＝4400W；
（3）“3000r/kW•h”表示电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转过3000转，
则电能表的转盘转300转，用电器消耗的电能：W=3003000kW•h＝0.1kW•h，
t＝6min＝0.1h，
则该用电器的电功率：P=Wt=0.1kW⋅h0.1h=1kW＝1000W。
故答案为：248.6；4400；1000。
19．【解答】解：（1）两电阻串联，所以通过它们的电流相等；目的是控制通过金属丝的电流和通电时间相同；
（2）镍铬合金丝的电阻大于铜导线的电阻，烧瓶B中温度计的示数升高很快，这表明：在电流和通电时间相同的情况下，导体的电阻越大，产生的热量越多；
要比较食用油和煤油的比热容，则应让食用油和煤油的质量相等，吸收的热量相等，由温度的变化求得比热的大小；故用相同质量的食用油代替水，两瓶中都有相同电阻丝，电阻相等。
故答案为：（1）电流；通电时间；
（2）在电流和通电时间相同时，电阻越大，产生热量越多；
（3）温度变化（大小）；质量；相同。
三．实验探究题（共10小题）
20．【解答】解：（1）因为灯泡的额定电压为2.5V，需要电压表选用小量程与灯并联，如下图所示：
（2）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2.5V，小灯泡正常发光，电流表读数如图3所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.28A，
小灯泡的额定电功率为：P＝UI＝2.5V×0.28A＝0.7W；
由欧姆定律，小灯泡正常发光此时灯丝的电阻为：
R=UI=≈8.9Ω；
（3）根据表中数据，通过灯的电流随电压的减小而减小，根据P＝UI，灯的功率变小，灯丝的温度降低，故灯的电阻减小，即小灯泡灯丝的电阻随温度的降低而减小。
故答案为：（1）如上所示；（2）2.5；0.28；0.7；8.9； （3）小灯泡灯丝的电阻随温度的降低而减小。
21．【解答】解：（1）原电路中，电流表与变阻器串联后与灯并联，电压表串联在电路中是错误的，电流表与变阻器串联，电压表与灯并联，如下所示：
（2）当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程分度值为0.02A，示数为0.3A，小灯泡的额定功率为：
P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W；
（2）电路连接正确后，闭合开关，电流表、电压表均有示数，则电路为通路，发现小灯泡不亮，则说明电路的电流过小，故接下来应进行的操作是：向左移动变阻器的滑片，观察灯的发光情况；
（3）当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，示数为0.3A，小灯泡的额定功率为：
P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W；
（4）实验步骤：
①按照如图丙所示的电路图正确连接实物电路；
②闭合开关S，灯泡和电阻R并联，电流表测电阻R的电流，调节滑动变阻器滑片，使电流表示数为0.25A时（根据并联电路电压规律，灯的电压为：U额＝UR＝IRR＝0.25A×10Ω＝2.5V），灯泡正常发光；
③断开开关S，保持滑动变阻器的滑片位置不变，将电流表改接在灯泡所在支路中，再闭合开关，读出电流表示数I；
④在③中，将电流表改接在所在灯支路中，此时电路的连接关系没有改变，只是电流表由原来测通过R的电流变为测通过灯的电流I，R与灯两端的电压与变阻器的电压均保持不变，灯仍正常发光，通过灯的电流I即为灯正常发光时的电流大小，
则小灯泡额定功率的表达式为：P额＝U额I＝2.5V×I。
故答案为：（1）如上所示；（2）向左移动变阻器的滑片，观察灯的发光情况； （3）0.3；0.75；（4）②0.25；④变阻器滑片位置；④2.5V×I。
22．【解答】解：（1）灯泡的额定电压为2.5V，电阻大约为10Ω，由欧姆定律，灯的额定电流约为：
I=UR=2.5V10Ω=0.25A
根据串联电路的规律及欧姆定律，灯正常发光时变阻器连入电路的电阻约为：
R滑=U总-UI=6V-Ω＞10Ω，故选用B滑动变阻器；
（2）要求滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑动变阻器连入电路的阻值变大，故变阻器左下接线柱连入电路中，灯泡的额定电压为2.5V，电压表选用小量程与灯并联，灯的额定电流约为0.25A，故电流表选用小量程与灯串联，如下所示：
（3）连好电路后，闭合开关，电流表电压表均有示数，则电路为通路，发现小灯泡不亮，说明电路的电流过小，电路的电阻过大，故移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光，选C；
（4）若某次实验电压表、电流表的示数如图2所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.3A，则小灯泡的额定功率为：
P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W；
（5）灯在不同电压下功率不同，测量小灯泡的电功率实验中，多次测量的目的是测不同电压下小灯泡的实际功率；灯在不同电压下功率不同，故不能取平均值，A正确，B错误。
故答案为：（1）B；（2）如上所示；（3）C；（4）0.75； （5）A；
23．【解答】解：（1）因滑片P向左移动时，灯泡变亮，即电流变大电阻变小，故变阻器左下接线柱连入电路中与灯串联，电压表与灯并联，如下所示：
（2）闭合开关后，小灯泡不发光，电流表和电压表均无示数，电路可能断路，小明用另一只电压表进行电路检查，把电压表接在电流表两端时，该电压表有明显偏转，则电流表之外为通路，则电路故障可能是电流表断路；
（3）灯在额定电压下正常发光，图中电压选用小量程，分度值为0.1V，示数为2V，小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向A端适当移动，直到电压表示数为额定电压；
（4）灯在额定电压2.5V时正常发光，由表中数据知，此时电流为0.28A，可得小灯泡的额定功率是：
P＝UI＝2.5V×0.28A＝0.7W。
故答案为：（1）如上所示；（2）电流表断路；（3）A；（4）0.7。
24．【解答】解：（1）根据P＝UI，测量不同亮度时小灯泡电功率时，要测量灯的电压和通过的电流，故电压表与灯串联，电流表与灯串联，变阻器串联在电路中，如下所示：
某次实验电压表、电流表示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值0.1V，电压为2.0V，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.1A，P＝UI＝2.0V×0.1A＝0.2W，如下表所示：
（3）灯泡的实际电压越大，灯的电流越大，灯的实际功率越大，灯越亮，根据图甲可知，电压表与变阻器并联，电压表测变阻器的电压；
灯泡的电压越大（灯的电流越大，灯泡越亮），由串联电路电压的规律，变阻器的电压越小，根据P＝UI，变阻器的功率越小。
故答案为：
（1）如上图所示；（2）如上表所示；（3）电压表测量变阻器的电压，灯泡的电压越大（灯的电流越大，灯泡越亮），由串联电路电压的规律，变阻器的电压越小，根据P＝UI，变阻器的功率越小。
25．【解答】解：
（1）变阻器按一上一下连入电路中与灯串联，电压表与灯并联，如下所示：
（2）正确连接电路后，闭合开关，看不见灯亮，电压表示数和电流表示数如图2所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压为0.2V，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.04A，根据P＝UI，因灯的电压和电流很小，故灯的实际功率过小，即为灯不亮的原因；
（3）灯在额定电压下正常发光，由表中数据知，灯在1.5V时的电流为0.18A，据此可知灯泡的额定功率为：
P＝UI＝1.5V×0.18A＝0.27W；
（4）①根据实物图画出与图3对应的电路图，如下图2所示：
②他的做法不可行，2节新干电池，故电源电压不一定等于3V，因两灯的规格相同，两灯电阻相等，由串联电压电压的规律及分压原理，每个灯的实际电压不一定为1.5V，故他的做法不可行；
③因两灯串联，电路中的电流相等，闭合开关后发现：L1不亮，L2很亮，则L1不可能断路，只能短路，此时L2灯的电压为电源电压，L2灯被烧坏，过一会儿，故L2也不亮，
故答案为：（1）如图1所示；（2）灯的实际功率过小；（3）0.27；（4）①如图2所示；②不可行，不能确保每个灯两端的电压为1.5V；③L1不亮是因为L1短路，而L1短路导致L2的电流过大而被烧坏，L2也不发光了。
26．【解答】解：（1）A灯正常发光，则UA实＝UA额＝6V，PA实＝PA额＝3W，
由P=U2R得，A灯正常发光时灯丝的电阻：
RA=(UA实)2PA实=(6V)23W=12Ω。
（2）若将A、B两盏小灯泡并联接在可调电压电源两端，电源电压调节为6V，
则U＝UA额＝UB额＝6V，PA额＝3W，PB额＝4.8W，
电路总功率：P＝PA额+PB额＝3W+4.8W＝7.8W。
经过10s，两盏小灯泡消耗的总电能：
W＝Pt＝7.8W×10s＝78J。
（3）由于串联电路中电流处处相等，A灯正常发光时，
由P＝UI得，电路中的电流：
I=PA额U额=3W6V=0.5A，
由图可知，当电流I＝0.5A时，C灯的电压UC＝2V，
则C灯的实际功率：PC＝UCI＝2V×0.5A＝1W。
答：（1）A灯正常发光时灯丝的电阻为12Ω。
（2）两盏小灯泡消耗的总电能为78J。
（3）C灯的实际电压为2V，实际电功率为1W。
27．【解答】解：
（1）由图可知，实物图中没有电流表，多了一个电压表，实验中可以利用电压表甲测定值电阻的电压，根据I=UR来求出电流的大小，定值电阻与灯泡应串联在电路中，这样通过它们的电流相等；
乙电压表测量灯泡两端的电压；图中3节干电池串联，电源电压为4.5V，而灯泡的额定电压为2.5V，则电压表乙的量程为0﹣3V；
由串联电路的电压特点可知，灯泡正常发光时，定值电阻两端的电压为4.5V﹣2.5V＝2V，所以电压表甲的量程为0﹣3V；滑动变阻器采用一上一下的接法，如图所示：
；
（2）为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器阻值应调至最大，即滑片移动到最左端；
（3）闭合开关，调节变阻器的滑片，当电压表乙的示数为U额时，小灯泡正常发光；
此时电压表甲的示数为U甲，则电路中的电流为：I=U甲R0，即小灯泡的额定电流为I额＝I=U甲R0，
小灯泡的额定功率P额＝U额I额＝U额U甲R0。
故答案为：（1）如上图；（2）左；（3）乙；U额U甲R0。
28．【解答】解：（1）要求使滑动变阻器接入电路的阻值最大，因滑片在最右端，故变阻器左下接线柱连入电路中，另一个接线柱接在金属杆的一端；
由表中数据，电压表选用小量程与灯并联，电流表选用小量程与灯串联，将电流表、灯，变阻器、开关串联起来，如下图所示：
（2）①灯在额定电压下的功率为额定功率，由表中数据，灯在额定电压3V下的电流为0.3A，
灯的额定功率为：P＝UI＝3V×0.3A＝0.9W。
②根据实际目的，控制两用电器的亮度相同，比较功率大小，故需要对比4、9数据；
小灯泡的实际功率：P灯＝U灯I灯＝2.5V×0.28A＝0.7W，
二极管的实际功率：P二极管＝U灯I灯＝2.7V×0.1A＝0.27W＜0.7W，
可知耗电更快的是小灯泡；判断依据是：在小灯泡和发光二极管亮度相同时，小灯泡的功率较大。
故答案为：（1）如上图所示；（2）①0.9；②4、9；小灯泡；在小灯泡和发光二极管亮度相同时，小灯泡的功率较大。
29．【解答】解：
（1）电池的容量1000mA•h表示，该电池以I＝1000mA＝1.0A电流放电，可放电1h；一次充电存储的电能W＝UIt＝4.0V×1.0A×3600s＝14400J；
手机通话时的功率P=Wt=14400J5×3600s=0.8W；
（2）电热水壶的额定功率P额＝1000W，额定电压U额＝220V，则正常工作电压U＝U额＝220V，功率P＝P额＝1000W，
由P＝U何得正常工作电流：I=PU=1000W220V≈4.5A；
3000r/kW•h表示电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的铝盘转3000r，则电能表的铝盘转60r消耗的电能：W=603000kW•h＝0.02kW•h。
故答案为：（1）14400；0.8；（2）220；4.5；0.02。
四．计算题（共1小题）
30．【解答】解：（1）由电能表上的参数“1800r/kW•h”的含义可知，当电能表上转盘转45转时，用电器消耗的电能：
W=45r1800r/kW⋅h=0.025kW•h＝9×104J。
则热水壶的额定加热功率：P加=Wt=9×104J60s=1500W；
（2）水吸收的热量：
Q吸＝c水m△t＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×20℃＝8.4×104J；
（3）该热水壶的热效率为：
η=Q吸W×100%=8.4×104J9×104J×100%≈93.3%。
答：（1）该电热水壶的额定功率是1500W；
（2）若用该电热水壶加热水，1min内使质量为1kg的水温度升高20℃，水吸收的热量是8.4×104J；
（3）该热水壶的热效率为93.3%。
xxxx电冰箱
额定电压
220V
工作频率
50Hz
重量
54kg
输入总功率
100W
耗电量
0.62kW•h/24h
制冷剂
R600a52g
额定输入电流
0.45A
冷冻能力
1kg/24h
总有效容积
217L
发光情况
刚发光
正常发光
很亮
U/V
0.90

3.50
I/A
0.20

0.38
P/W
0.18

1.33
R/Ω
4.50

9.21
序号
电压/V
电流/A
亮暗情况
1
1
0.16
暗
2
1.5
0.22
较亮
3
2.5
0.28
亮
U/V
3
2.6

1
I/A
0.14
0.16

0.24
P/W
0.42
0.4

0.24
亮度
不亮
刚亮
暗
比较亮
实验序号
1
2
3
电压表示数/V
1.0
1.5
2.0
电流表示数/A
0.14
0.18
0.22
数据序号
1
2
3
4
5
电压U/V
0.6
1.2
2
2.5
3
电流/A
0.14
0.18
0.24
0.28
0.3
小灯泡亮度/LUX
0
18
425
1750
3300
数据序号
6
7
8
9
10
电压U/V
2
2.3
2.5
2.7
3
电流/A
0
0
0.01
0.1
0.3
发光二极管/LUX
0
0
17
1750
9340
产品型号
SW﹣15T70A
容量（L）
1.5
额定电压（V）
220V
额定功率（W）
/
U/V
3
2.6
2.0
1
I/A
0.14
0.16
0.1
0.24
P/W
0.42
0.4
0.2
0.24
亮度
不亮
刚亮
暗
比较亮