广东省广州市2020年中考物理猜想卷（一）（含解析）

广东省广州市2020年中考物理猜想卷（一）

一．选择题（共12小题，满分36分，每小题3分）每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意。

1．（3分）下列长度接近1cm的是（　　）

A．课本的厚度 B．铅笔的长度 C．课本的宽度 D．茶杯的高度

【答案】A

【解析】A、中学生食指的宽度在1cm左右，课本的厚度与此差不多，在1cm左右。故A符合题意；B、中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约18cm，铅笔的长度与此差不多，在18cm左右。故B不符合题意；C、中学生伸开手掌，大拇指指尖到中指指尖的距离大约18cm，课本的宽度略小于此数值，在16cm左右。故C不符合题意；D、中学生拳头的宽度在10cm左右，茶杯的高度略大于此数值，在13cm左右。故D不符合题意。选A。

2．（3分）静置的密封容器内只有氢气，若以o表示氢气分子，如图中最能代表容器内氢气分子分布的是（　　）

A． B． C． D．

【答案】A

【解析】静置的密封容器内只有氢气，氢气没有固定的形状和体积，且分子间距大，会充满整个容器，故A符合题意。选A。

3．（3分）如图所示，是一组活动卡上的实验图片，为了探究音调与什么因素有关，你认为不能完成探究目的是（　　）

A．改变钢尺伸出桌边的长度 

B．塑料尺接触齿数不同的齿轮 

C．敲动盆子泡沫屑跳动 

D．将吸管的另一端逐渐剪短

【答案】C

【解析】A、改变钢尺伸出桌边的长度，在相同力的作用下，尺子振动的快慢不同，故和音调有关，故不符合题意；B、塑料尺接触齿数不同的齿轮，此时塑料尺振动的快慢不同，故和音调有关，故不符合题意；C、敲动盆子泡沫屑跳动，即该现象说明了声音可以传递能量，故符合题意；D、将吸管的另一端逐渐剪短，改变管内空气柱的长度，即可以改变空气柱的振动快慢，即和音调有关，故不符合题意；选C。

4．（3分）对比如图中我国2017年发电量和2030年预测发电量，预测（　　）

A．火电发电量将减少 

B．水电发电量将增加 

C．我国将以核能发电为主 

D．风电发电量占总发电量的比例将减小

【答案】B

【解析】A、由图可知我国2017年火电发电量为46627kW•h，2030年火电发电量为47570kW•h，火电发电量将增加，故A错误；B、由图可知我国2017年水电发电量为11898kW•h，2030年水电发电量为15900kW•h，水电发电量将增加，故B正确；C、由图可知到2030年我国核能发电量占发电量的4%，火力发电量占发电量的55%，以火力发电为主，故C错误；D、由图可知我国2017年风电发电量占发电量的5%，2030年风力发电量占发电量的12%，风电发电量占总发电量的比例将增加，故D错误。选B。

5．（3分）下列关于电和磁的知识配对不正确的是（　　）

A．物体的磁性 

B．装置与信号转换 

C．发现与发明 

D．装置与原理

【答案】D

【解析】A、根据生活经验知录音磁带、冰箱门封都利用磁性，VCD光碟没有磁性，故A正确；B、电话的听筒将电信号转化为声信号，话筒将声信号转化为电信号，扬声器将电信号转化为声信号，故B正确；C、贝尔发明电话、法拉第发现电磁感应、奥斯特发现电流的磁效应，故C正确；D、发电机是根据电磁感应制成的、电饭锅是利用电流的热效应、电动机是根据通电导体在磁场受力而转动，故D错误。选D。

6．（3分）如图所示，用与丝绸摩擦过的玻璃棒接触验电器的金属球，金属箔张开。下列说法正确是（　　）

A．玻璃棒带正电，验电器带负电 

B．金属箔片因带正电荷而张开 

C．玻璃棒把正电荷转移给验电器 

D．金属杆中有向上的瞬时电流

【答案】B

【解析】ABC、用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，当它接触到验电器的金属小球的时候，金属小球的电子会被吸引到玻璃棒上，从而验电器金属箔失去电子而带正电；因为同种电荷相互排斥，金属箔会张开；故AC错误，B正确；D、金属中能够自由移动的是自由电子，自由电子向上移动，所以电流的方向为向下，故D错误。选B。

7．（3分）李明同学，一次缓慢地从一楼走上五楼，另一次则急促地跑上去，下列说法正确的是（　　）

A．两次做的有用功相同，功率不同 

B．两次做的有用功和功率都相同 

C．两次做的有用功不同，功率相同 

D．条件不足，无法判断

【答案】A

【解析】李明同学的体重不变，上楼的高度不变，根据公式W＝Gh可知两次上楼过程所做的有用功相等；缓慢走上去用的时间比跑上去用的时间多，且前后做的功相等；根据公式P＝可知，走上去做功的功率小于跑上去做功的功率。选A。

8．（3分）水平面上叠放着A，B两个物体，在水平方向力F1和F2的作用下，以共同的速度v一起向右匀速运动，已知F1＝10N，F2＝6N，那么物体A、B和地面之间的摩擦力大小和方向的有关说法正确的是（　　）

A．A 对 B 的摩擦力为 10N，向右 

B．B 对地面的摩擦力为 4N，向左 

C．A 受到摩擦力为 4N，向左 

D．地面对 B 的摩擦力为 6N，向左

【答案】A

【解析】A相对于B保持静止状态，水平方向上A受到拉力F1和摩擦力作用，摩擦力和拉力是一对平衡力，拉力F1是10N，A受到B的摩擦力是10N．故C错误；根据物体间力的作用是相互的，A受到B的摩擦力水平向左，大小是10N，所以B上表面受到A的摩擦力水平向右，大小是10N．故A正确；物体B进行匀速直线运动，水平方向上受到A对B水平向右的摩擦力、地面对B水平向左的摩擦力、水平向左的拉力F2，这三个力是平衡力，所以地面对B水平向左的摩擦力与水平向左的拉力F2之和等于A对B水平向右的摩擦力，所以B下表面受到地面的摩擦力大小为10N﹣6N＝4N，方向向左。故D错误；因为物体间力的作用是相互的，B 对地面的摩擦力与地面对B的摩擦力大小相等，方向相反，即B对地面的摩擦力为 4N，方向向右，故B错误。选A。

9．（3分）物质M通过吸、放热，出现三种不同物态，如图所示，甲、乙、丙物态依次为（　　）

A．固、液、气 B．气、液、固 C．气、固、液 D．液、固、气

【答案】C

【解析】由图知，甲物态→乙物态需要放热，所以乙物态→甲物态需要吸热；同时乙物态→丙物态也需要吸热，所以乙物态为固态；丙物态→甲物态需要吸热，所以甲物态→丙物态需要放热；同时甲物态→乙物态需要放热，所以甲物态是气态；所以丙物态为液态。选C。

10．（3分）如图所示，将一小钢球从a点竖直向上抛出（不计空气阻力），经过b点到达最高点c时速度为零，图中hab＝hbc，下列判断正确的是（　　）

A．小钢球运动到最高点c时受到平衡力的作用 

B．小钢球在ac段重力势能的增加量与动能的减小量相等 

C．小钢球在ab段克服重力的做功小于在bc段克服重力的做功 

D．就a、b、c三点而言，小钢球在a点具有的机械能最大

【答案】B

【解析】A、小钢球运动到最高点c时，只受重力的作用，没有受平衡力的作用，故A错误；BD、小钢球从a点到c点的过程中，质量不变，速度不断变小，动能不断变小，同时高度不断增大，重力势能不断变大，动能转化为重力势能；不计空气阻力，小钢球的机械能守恒，所以，小钢球在ac段重力势能的增加量与动能的减小量相等，小钢球在a、b、c三点时具有的机械能相等，故B正确，D错误。C、小钢球在ab段和bc段重力不变，hab＝hbc，根据W＝Gh可知，小钢球在ab段和bc段克服重力做功相等，故C错误。选B。

11．（3分）下列现象中属于机械运动的是（　　）

A．太阳落山 B．“五四”运动 

C．一个暑假后，你长高了 D．种子萌芽

【答案】A

【解析】A、太阳落山，其位置在不断变化，因此属于机械运动，故A符合题意。B、“五四”运动是一件事情，与物理上的运动无关，故B不符合题意。C、长高了，属生物现象，其位置没有发生改变，不属于机械运动，故C不符合题意。D、种子萌芽，属生物现象，因此不属于机械运动，故D不符合题意。选A。

12．（3分）如图方框中透镜放置正确的有（　　）

A．②③④ B．①②③ C．①③ D．①②③④

【答案】C

【解析】①第一个图中平行光经透镜后变得会聚，因此该透镜对光线起会聚作用，应为凸透镜；②第二个图中将要会聚的光线经透镜后变得平行，因此该透镜对光线起发散作用，应为凹透镜；③第三个图中入射光线是平行的，而折射光线远离主光轴，即透镜有发散作用，所以是凹透镜；④第四个图中发散的光线经透镜后会聚了，因此该透镜对光线起会聚作用，应为凸透镜。综上分析可知，①③放置正确。选C。

二．填空题、作图题（共7小题，满分28分）

13．（3分）根据图乙中的入射光线作出反射光线和折射光线的大致方向。

【答案】见解析

【解析】过入射点作垂直于界面的法线，根据反射角等于入射角，在法线右侧水中画出反射光线；根据折射角大于入射角，在法线右侧空气中画出折射光线。如图所示：

14．（6分）如图为搬运砖头的独轮车，车箱和砖头所受的总重力G＝1000N，以O为支点，推车时，人手在A点施加的力为F，独轮车处于平衡，力G和F的作用线到O点的距离比为1：4．请在图中画出：

（1）G的力臂l1；

（2）F的示意图并标示它的大小为________。

【答案】见解析

【解析】（1）从支点O作重力作用线的垂线段，该垂线段即为重力的力臂，如图所示：（2）然后连接OA，作垂直于OA向上的力F，设G的力臂为L，则F的力臂为4L，根据杠杆平衡条件可得：G×L＝F×4L，则F＝＝＝＝250N，如图所示：

15．（3分）（1）图1是托里拆利实验装置，测得当地大气压等于________mm高的水银柱所产生的压强。

（2）关于图1现象的成因，十七世纪有两种观点，观点一：否认大气压存在，玻璃管内本应充满液体，液面下降是因为管内的部分液体变成气体，管内气体越多，液面下降越多。观点二：管内液面上方是真空，大气压支撑起液柱，帕斯卡为了验证哪种观点正确，将两根长12m规格相同的玻璃管分别装满水和酒，倒置在相应液体槽中，酒的密度比水小，且比水易变成气体，若观点一正确，应出现图2中________图的现象。若观点二正确，应出现图2中________图的现象。

【答案】（1）745；（2）乙；丙。

【解析】（1）由图可知，玻璃管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度为745mm，因此，当时的大气压强等于745mm高水银柱产生的压强；（2）根据观点一知：管内部分液体变成气体，管内气体越多，气压越大，液面下降越多；酒比水易变成气体，管中气体多，气压大，液柱低，应出现图二中乙图的现象；根据观点二知：管内液面上方是真空，大气压支撑起液柱，酒的密度小于水的密度，根据p＝ρgh知，大气压一定，密度小的酒，液柱高，应出现图二中丙图的现象。

16．（1分）小明在课外活动课中，想测出一个油罐内油的质量。已知这个油罐的容积为50m3，他从油罐中取出20ml样品，测出样品的质量为16g，由此算出油罐内油的质量为________kg。

【答案】4×104。

【解析】样品油的体积V0＝20ml＝20cm3，油的密度为：ρ＝＝＝0.8g/cm3＝0.8×103kg/m3，油罐内油的质量为：m＝ρV＝0.8×103kg/m3×50m3＝4×104kg。

17．（8分）用如图所示的滑轮组做“测滑轮组的机械效率”实验，已知每个钩码的质量为100g。

（1）要求用手拉弹簧测力计向上运动，在图上画出滑轮组绕绳的绕法。

（2）将钩码匀速提升20cm，弹簧测力计的示数为1N，这一过程中，对钩码所做的功为________J，绳上拉力做的功为________J，滑轮组的机械效率是________%（取g＝10N/kg）．若不计绳重和摩擦，如再增加两个钩码，则滑轮组的机械效率将________（增大或减小）。

【答案】（1）如下图所示；（2）0.4；0.6；66.7；变大。

【解析】首先确定出绳端的方向，是竖直向上的。然后依次确定绳子的绕法，将绳子的一端先固定在定滑轮上。如下图所示：

（2）由题意知，提升钩码的总重为：G＝mg＝2×0.1kg×10N/kg＝2N，所以对钩码做的功为：W有＝Gh＝2N×0.2m＝0.4J，此滑轮组由3段绳子承担物重，所以，绳子自由端移动的距离s＝3h＝3×0.2m＝0.6m，绳上拉力做的功为：W总＝Fs＝1N×0.6m＝0.6J；滑轮组的机械效率η＝×100%＝×100%≈66.7%，当增加两个砝码时，设此时的物重为G′，因不计绳重和摩擦，所以额外功为克服动滑轮自重做的功，W额＝G动h，所以W总＝W有+W额＝G′物h+G动h，滑轮组的机械效率η＝＝＝，当再增加两个砝码时，物重G′物变大，G动不变，变小，则滑轮组的机械效率η将变大。

18．（3分）如图所示，四块相同的砖叠放在水平地面上，对地面压强为p，若将上面两块拿走，剩下两块对地面压强是________；若将右边两块拿走，剩下两块对地面压强是________；若将右边两块再叠放在左边两块上，四块砖对地面压强是________。

【答案】p；p；2p。

【解析】已知四块砖是相同的，设一块砖的重力为G，底面积为S；根据图示可知，四块相同的砖叠放在水平地面上，压力F＝4G，受力面积为2S，所以，图中四块砖对地面压强：p＝＝；（1）若将上面两块拿走，剩下的两块砖对地面的压力F1＝2G，受力面积仍然为2S，剩下两块对地面压强：p1＝＝×＝p；（2）若将右边两块拿走，剩下两块对地面压力F2＝2G，受力面积为S，此时剩下两块对地面压强：p2＝＝p；（3）若将右边两块再叠放在左边两块上，四块砖对地面压力F3＝4G，受力面积为S，此时四块砖对地面压强：p3＝＝2×＝2p。

19．（4分）测得某熔断开关S在不同电流下的熔断时间如下表，将电磁铁开关和S接入电路。如图所示，当I＞4A时，电磁铁能在0.1s内吸动衔铁，使电路断开，衔铁无法自动恢复至图示位置；当1A＜I≤4A时，电磁铁无法吸动衔铁，S发热熔断，使电路断开（熔断时间为S开始通电到它熔断的时间）。

（1）S的电阻为1Ω，当I＝2A，通电时间为________s时S熔断，此过程中S产生的热量是________J。

（2）当I＝5A时，通电0.1s，S能否熔断？________。

（3）若电路中电流方向与图中所示相反，电磁铁吸引还是排斥衔铁？________。

【答案】（1）40；160；（2）不能；（3）吸引。

【解析】（1）根据表格数据知：当I＝2A，通电时间为40s时S熔断，此过程中S产生的热量：Q＝I2Rt＝（2A）2×1Ω×40s＝160J；（2）根据表格数据判断当I＝5A时，通电2s，S才熔断，通电0.1s，S不能熔断；（3）若电路中电流方向与图中所示相反，电磁铁由磁性仍然能吸引衔铁。

三．解析题：（共2小题，满分20分，每小题10分）解题应写出必要的文字说明、公式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，演算过程及结果都要在数字的后面写上正确的单位。

20．（9分）测得某白炽灯在不同电压下的电功率如下表：

（1）灯两端电压为220V时，灯的电阻为多少？

（2）灯两端电压为110V时，通过灯的电流为多少？通电100s灯消耗的电能是多少？

【答案】（1）灯两端电压为220V时，灯的电阻为1210Ω；（2）灯两端电压为110V时，通过灯的电流为0.11A；通电100s灯消耗的电能是1210J。

【解析】（1）灯两端电压为220V时，P＝UI，I＝，

所以R＝＝＝1210Ω；

（2）灯两端电压为110V时，灯的电功率P′＝12.1W，

通过灯的电流为：I′＝＝＝0.11A；

通电100s灯消耗的电能：W＝P′t＝12.1W×100s＝1210J。

21．（9分）如图是可供游客在海上游玩时的一种旅游观光艇，此观光艇的质量为900kg，在海上航行最大速度为36km/h，最多可载的游客数量为20人，如果海水的密度取1.0×103kg/m3，g＝10N/kg，求

（1）观光艇以最大航速匀速行驶2小时的路程是多少米？海水平均阻力为1.0×106N，则这一过程中观光艇所做的功至少为多少？

（2）该观光艇在水面下70cm深处有一个小零件，求小零件受到的海水的压强是多少？

（3）假设每位乘客的平均质量为60kg，观光艇满载乘客时，此时浸入水中的体积多大？

【答案】（1）观光艇以最大航速匀速行驶2小时的路程是7.2×104m，这一过程中观光艇所做的功至少为7.2×1010J。（2）小零件受到的海水的压强是7×103Pa；（3）观光艇满载乘客时，浸入水中的体积2.1m3；

【解析】（1）由v＝可得，观光艇行驶的路程：s＝vt＝36km/h×2h＝72km＝7.2×104m，因为观光艇匀速直线运动，所以水平方向受力平衡，则牵引力：F＝f＝1.0×106N，

牵引力所做的功：W＝Fs＝1.0×106N×7.2×104m＝7.2×1010J。

（2）小零件受到的海水的压强：p＝ρgh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.7m＝7×103Pa；

（3）观光艇满载时的总重力：G总＝m总g＝（60kg×20+900kg）×10N/kg＝2.1×104N；

观光艇满载时受到的浮力：F浮＝G总＝2.1×104N；

由F浮＝ρgV排可得，满载时浸入的体积：V排＝＝＝2.1m3。

四．实验探究题（共3小题，满分16分）

22．（6分）现有下列器材：学生电源（6V），电流表（0～0.6A，0～3A）、电压表（0～3V，0～15V）、定值电阻（5Ω、10Ω、20Ω各一个）、开关、滑动变阻器和导线若干，利用这些器材探究“电压不变时，电流与电阻的关系”

（1）请根据图甲所示的电路图用笔画线代替导线将图乙所示的实物连接成完整电路。（要求连线不得交叉）

（2）实验中依次接入三个定值电阻，调节滑动变阻器的滑片，保持电压表示数不变，记下电流表的示数，利用描点法得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图象。由图象可以得出结论：________。

（3）上述实验中，小强用5Ω的电阻做完实验后，保持滑动变阻器滑片的位置不变，接着把R换为10Ω的电阻接入电路，闭合开关，向________（选填“A”或“B”）端移动滑片，使电压表示数为2V时，读出电流表示数。

（4）为完成整个实验，应该选取哪种规格的滑动变阻器________。

A.50Ω 1.0A B.30Ω 1.0A C.20Ω 1.0A。

【答案】（1）如下所示：（2）电压一定时，电流与电阻成反比；（3）A；（4）A。

【解析】（1）变阻器按一上一下接入电路中并与电阻串联，电压表与电阻并联，如下所示：

（2）依次接入三个定值电阻，调节滑动变阻器的滑片，保持电压表示数不变，记下电流表的示数，由图中数据知，电阻与对应的电流之积：RI＝5Ω×0.4A＝10Ω×0.2A＝20Ω×0.1A＝2V，故得出的结论是：电压一定时，电流与电阻成反比；（3）根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向A端移动，使电压表的示数为2V；读出电流表示数；（4）由图知，电阻两端的电压始终保持2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑＝U﹣UV＝6V﹣2V＝4V，变阻器分得的电压为电压表示数的＝2倍，根据分压原理，当接入20Ω的最定值电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑＝2×20Ω＝40Ω，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少40Ω的滑动变阻器，故选A。

23．（5分）如图一所示，用加热器给初温均为20℃的甲、乙液体加热（m甲＜m乙），两种液体每秒吸收的热量相同。这两种液体的温度﹣﹣加热时间的图线如图二。

（1）某时刻温度计示数如图一所示，此时乙的温度为________℃。

（2）甲液体第30s的内能________第35s的内能（选填“大于”、“等于”、“小于”）。

（3）小明根据图二中0至30s图线及题目所给信息得出：甲液体的比热容比乙液体的大。你认为小明的说法是否正确？________。你的判断依据是什么？________。

【答案】（1）58；（2）小于；（3）正确；甲乙吸收相同的热量，升高相同的温度，由于甲的质量小于乙的质量，根据c＝可知，甲的比热容大于乙的比热容。

【解析】（1）由图可知，温度计的分度值为1℃，示数为58℃；（2）由图可知，物体从30s到35s时，一直吸收热量，温度升高，内能变大，即甲液体第30s的内能小于第35s的内能；（3）由图可知，在0﹣60s内，甲乙变化图象是重合的，即甲乙吸收相同的热量，升高相同的温度，由于甲的质量小于乙的质量，根据c＝可知，甲的比热容大于乙的比热容，故小明的说法是正确的。

24．（5分）小明把两端开口的细玻璃管插入水中，发现管内的液面上升（如图）。他查资料得知：管内外液面高度差与水温、管的内径有关，小明想利用这支细玻璃管探究管内外液面高度差与水温的定量关系，请你帮他设计实验方案。

（1）实验器材：细玻璃管、________。

（2）实验步骤（可画图或文字表述）；

（3）设计记录数据的表格。

【答案】（1）烧杯、温度计、刻度尺、热水；（2）实验步骤见解答；（3）记录数据的表格见解答。

【解析】（1）由题可知，本实验的目的是想利用这支细玻璃管探究管内外液面高度差与水温的定量关系，因此除细玻璃管外，还需要盛水用的烧杯、测量水温用的温度计、测量液面高度差的刻度尺，当然还需要适量的热水。（2）①往烧杯加入适量温水，将细玻璃管和温度计插入水中；②等细玻璃管内液面和温度计示数稳定后，用刻度尺测出液面高度差和温度计示数，并记录在表格中；③5分钟后用刻度尺测出液面高度差和温度计示数，并记录在表格中；④重复步骤③多次实验。

（3）表格设计如下：