2026年四川省德阳市中江县中考“二诊”考试物理试题

这是一份2026年四川省德阳市中江县中考“二诊”考试物理试题，共3页。试卷主要包含了如图所示，是笛子的结构示意图，下列电学相关现象中说法正确的是等内容，欢迎下载使用。
1．如图所示，是笛子的结构示意图。演奏时，按压不同的“指孔”主要是为了改变发出声音的（ ）
A．速度B．响度C．音调D．音色
2．如图“钱范”是古代铸造钱币所用的模具，铸币时，合上正、背两块，将液态金属灌入其内，待冷却后取出，即可得到金属钱币。该过程发生的物态变化是（ ）
A．凝华B．凝固C．汽化D．升华
3． 下列关于白居易的《暮江吟》中描述的光现象解释正确的是（ ）
A．一道残阳铺水中——水中的“夕阳”是由于光的折射形成的
B．半江瑟瑟半江红——江面呈现出红色是江面反射红光的原因
C．可怜九月初三夜——九月初三夜空的弯月是自然界中的光源
D．露似珍珠月似弓——露珠特别明亮是白光发生了色散的原因
4．如图，中医是中国古代科学的瑰宝，下列说法正确的是（ ）
A．甲中“艾灸”时，闻到艾草药香是因为分子不停地做无规则运动
B．乙中“针灸”的针头做得尖是为了减小受力面积，从而减小压强
C．丙中“拔火罐”时，玻璃罐能“吸附”在皮肤上是由于惯性力作用
D．丁中“刮痧”时，皮肤温度升高是通过热传递方式改变了物体内能
5．图甲中过山车从A点出发，先后经过B、C、D、E点。图乙是过山车在B、C、D、E点的动能和重力势能大小的示意图，则下列说法正确的是（ ）
A．在D点时若一切外力消失，过山车将保持静止状态
B．B点到E点的过程中，过山车的动能与重力势能的总和保持不变
C．D点到E点的过程中，过山车的动能转化为重力势能
D．过山车的机械能在B点最大
6．下列电学相关现象中说法正确的是（ ）
A．家庭电路中电脑与电吹风的连接方式是串联
B．验电器是利用异种电荷相互吸引的原理制成的
C．玻璃棒在丝绸上摩擦后，玻璃棒失去电子带正电
D．使用测电笔时，手不能触碰测电笔的任何金属部分
7．为保护环境，我国已全面实施尾气排放国六标准6 b阶段。图甲是小南设计的一种汽车尾气排放检测电路，R2为气敏电阻，其阻值与尾气浓度之间的关系如图乙所示。当尾气浓度高于设定值时，蜂鸣器报警。下列分析正确的是（ ）
A．电磁铁通电后，螺线管下端为N极
B．当尾气浓度变大时，螺线管中的电流变大
C．为使尾气浓度更低时报警，可适当增大R1的阻值
D．尾气浓度一定时，R1的滑片向下移动，R2的功率变大
8．在使用共享单车时需要用手机扫码解锁，若强行开锁会引发报警装置报警。如图甲所示是报警装置的控制电路，电源电压为6V，R0为定值电阻，R为压敏电阻，其阻值与所受压力F的大小关系如图乙，在0N≤F≤18N范围内R-F图像可看作直线。当F=0N时，控制电路中的电流为0.3A；当控制电路中的电流I≥0.4A时报警装置会报警。下列说法正确的是（ ）
A．定值电阻R0的阻值为15Ω
B．报警时，压敏电阻受的压力最小为16N
C．R0最小电功率为0.9W
D．若电池用久后电压减小，则报警时压敏电阻受到的最小压力将减小
9．地球上的科学家可以通过电磁波和“嫦娥六号”进行交互，“嫦娥六号”在降落到月球表面过程中，相对月球是 （选填“运动”或“静止”）的，“嫦娥六号”在采集月壤时，会在月球表面留下了“压痕”，说明力可以使物体发生 。
10．在太阳的照射下太阳能热水器中水温升高，这是通过 （选填“做功”或“热传递”）方式改变其内能的。某太阳能热水器存水50kg，经过一段时间后水温升高了20°C，则这些水共吸收了 J的热量。[c水=4.2×103J/kg⋅°C]
11．我国自主研制建造的076型两栖攻击舰首舰——四川舰，是全球首次采用电磁弹射技术的两栖攻击舰，是提升远海作战能力的关键装备。四川舰满载排水量为4万吨。在海上航行时，水下10m处海水对舰体的压强为 Pa；满载时四川舰受到的浮力为 N。（ρ海水=1.1×103kg/m3，g=10N/kg）
12．如图所示为一种智能装卸叉车，它能够代替人工进行货物的运输与装卸。第一次工作时，叉车托着质量为100kg的货物一起沿水平方向匀速运动，在5s内行驶10m；第二次工作时，叉车在10s内把该货物沿竖直方向匀速提升1m。g取10N/kg。忽略空气阻力的影响。则第一次工作时，货物所受重力做的功为 J，第二次工作时，叉车对货物做功的功率为 W。
13．如图所示，电源电压保持不变，电压表量程为0∼3 V，小灯泡上标有“”字样，滑动变阻器的规格为“50Ω1A”，R0的阻值为25Ω。只闭合开关S1，滑动变阻器接入电路的阻值为10Ω时，小灯泡正常发光，100s内电流通过滑动变阻器所做的功为 J；只闭合开关S2，调节滑动变阻器，在保证电路元件安全的情况下，电路消耗的最小电功率为 W。
14．如图所示为一辆沿缆绳斜向上做匀速直线运动的缆车，请对缆车轿厢内的物体A进行受力分析。
15．据晋代张华的《博物志》记载，我国古代已能把冰块制成透镜。利用自制的冰透镜可以借助太阳光取火，请作图说明其原理。
16．如图，将插座和控制插座的开关正确接入电路。
17．（1）如图所示，用刻度尺测量一木块的边长，木块的边长为 cm；秒表示数为 s；
（2）在调节天平平衡时，将游码归零后，指针向右偏转，此时应向 调节平衡螺母，使横梁平衡；天平平衡时天平右盘中的砝码和游码的位置如图所示，所测物体的质量为 g；
（3）如图为小明家12月底电能表的示数，该读数为 kW·h；11月底的示数为1922.6kW·h，若电费0.6元/度，则12月份小明家应交的电费为 元。
18．小海同学用图甲所示电路进行“探究电流与电压的关系”实验。
（1）请用笔画线代替导线将图甲电路连接完整，要求滑动变阻器滑片P向右移动时电流表示数变小，导线不交叉；
（2）连接电路时，开关应该 。闭合开关前，滑动变阻器滑片P应该位于最 端；
（3）闭合开关发现电流表没有示数，电压表示数接近电源电压，原因可能是 ；
（4）排除故障后，移动滑片P到某一位置时电压表示数如图乙所示，此时定值电阻R两端的电压为 V，根据实验数据绘制出定值电阻R的I-U图像如图丙所示。由图像可得：当导体的电阻一定时， 。
19．利用轻质杠杆“探究杠杆平衡条件”的实验中：
（1）如图甲所示杠杆处于静止，则此时杠杆处于 （选填“平衡”或“非平衡”）状态。
（2）调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡后，如图乙所示，在A点挂4个钩码，在B点挂 个钩码，仍可使其在水平位置平衡；
（3）该同学在科技创新实验中将此装置改装成了一个杠杆液体密度计，该装置可测量小桶内液体的密度，如图丙所示，将容积为20mL的小桶挂在M点，调节平衡螺母使杠杆水平平衡（右侧未挂重物），已知OM=OA=5cm，则杠杆密度计的“0刻度”线应在 （选填“O”或“A”）点，将待测液体倒满小桶，在杠杆右端挂上重物并调节至N点位置时，杠杆刚好水平平衡，重物质量10g，ON=12cm，N点位置应标注的密度刻度值是 gcm3。（g=10N/kg）
20．某品牌电动汽车，满载人员时人与车的总质量为2t，车静止时每只轮胎与地面接触面积为0.02m2，汽车在平直公路上以20m/s的速度匀速行驶10min，此时电机驱动的功率为50kW，汽车所受阻力为满载人员时人与车总重力的0.1倍，求电动汽车：
（1）求车满载人员时对地面的压强。
（2）匀速行驶过程中电机驱动的效率。
21．如图甲所示电路，电源电压恒定。滑动变阻器R上标有“20Ω 1A”，灯泡L上标有“4V 1.6W”，灯泡L的电流与电压的关系图像如图乙所示。只闭合开关S1，当滑片P移动到R的右端时，定值电阻R1的电功率为P1；当滑片P移动到R的左端时，灯泡恰好正常发光，定值电阻 R1的电功率为P2，则P1∶P2=1∶4。
(1)当流过灯泡的电流为0.3A时，求灯泡的实际电功率P实。
(2)当滑片P移动到R的右端时，求灯泡两端的电压。
(3)如图甲所示，重新更换了电源电压，并保持恒定。用另一个定值电阻R2替换灯泡L，两电表的量程与之前相比可能更换，但在后续操作中电表量程均将保持不变。同时闭合开关S1、S2，滑片P移动到某一位置时，电流表和电压表指针位置如图丙所示；滑片P移动到另一位置时，其中一个电表指针刚好达到所选量程的最大刻度值处，另一个电表指针在所选量程最大刻度值的23处。求定值电阻 R2的可能值。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】A、声音在空气中的传播速度只与介质、温度有关，按压指孔不能改变声速，故 A 错误；
B、响度由振幅决定，按压指孔不会改变振幅，无法改变响度，故 B 错误；
C、按压不同指孔，改变管内空气柱长度，空气柱振动频率改变，从而改变声音的音调，故 C 正确；
D、音色由发声体材料、结构决定，按压指孔不会改变音色，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查声速的影响因素，声速与振动频率无关；
B、考查响度，响度由振动振幅决定；
C、考查音调，音调由振动频率决定，空气柱长度改变振动频率；
D、考查音色，音色用于区分不同发声体。
2．【答案】B
【知识点】凝固与凝固放热特点；汽化及汽化吸热的特点；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A、凝华是气态直接变为固态，铸币过程是液态金属变为固态，不涉及气态，故 A 错误；
B、液态金属灌入模具冷却，由液态转变为固态，该物态变化为凝固，故 B 正确；
C、汽化是液态变为气态，本题是液态变固态，故 C 错误；
D、升华是固态直接变为气态，和铸币的物态变化完全不符，故 D 错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查凝华定义；需区分凝华是气态到固态，不是液态到固态。
B、考查凝固定义；需掌握凝固是液态物质遇冷变为固态，匹配铸币冷却成型的过程。
C、考查汽化定义；需明确汽化是液态转化为气态。
D、考查升华定义；需记住升华是固态直接转化为气态，该过程不存在。
3．【答案】B
【知识点】光与光源；光的反射；光的折射规律；光的色散
【解析】【解答】A．水中的“夕阳”是由于光的反射所形成的虚像，故A错误；
B．人眼看到不透明物体的颜色是物体所反射的光的颜色，人看江面时，江面相当于不透明物体，其呈现出红色是江面反射红光所导致的，故B正确；
C．月亮的光是反射太阳发出的光，月亮本身不会发光，因此月亮不是自然界中的光源，故C错误；
D．露珠特别明亮是因为露珠表面光滑，发生了镜面反射，将大部分光线反射进人眼中，故D错误。
故答案为：B。
【分析】折射是一种常见的物理现象，意指光由一种介质斜射入另一种介质引起传播方向改变的现象。反射是指光从一个介质进入另一个介质时，在两个介质的界面处，其传播方向突然改变，而回到其来的介质。
4．【答案】A
【知识点】热传递改变物体内能；增大压强的方法及其应用；大气压的综合应用；分子热运动
【解析】【解答】A、艾灸时闻到药香属于扩散现象，本质是分子永不停息做无规则热运动，故 A 正确；
B、针头做得尖，压力不变时减小受力面积，目的是增大压强而非减小压强，故 B 错误；
C、拔火罐吸附在皮肤上是罐内气压小于外界大气压，大气压将罐压住，不存在 “惯性力” 这种力，惯性不是力，故 C 错误；
D、刮痧时刮板与皮肤摩擦生热，是通过做功的方式改变内能，不是热传递，故 D 错误；
故答案为：A。
【分析】A、考查分子热运动与扩散现象；需识别闻到气味是扩散，由分子无规则运动造成。
B、考查压强大小影响因素；需记住压力一定时，受力面积越小，压强越大。
C、考查大气压应用与惯性概念；需区分惯性是属性不是力，拔火罐依靠内外气压差。
D、考查改变内能的两种方式；需区分摩擦生热属于做功，热传递是温度差带来的热量转移。
5．【答案】D
【知识点】机械能及其转化；物体运动状态的变化
【解析】【解答】A、D 点过山车仍具有向前的运动速度，根据牛顿第一定律，若一切外力消失，过山车将保持匀速直线运动，不会静止，故 A 错误；
B、过山车运动全程需要克服轨道摩擦力做功，部分机械能转化为内能，因此动能与重力势能的总和（机械能）不断减小，B 到 E 总和变小，故 B 错误；
C、D 点到 E 点高度降低、速度变大，重力势能减小，动能增大，是重力势能转化为动能，故 C 错误；
D、过山车从 A 点出发后不断克服摩擦损耗机械能，位置越靠前机械能越大，B 点是最先经过的位置，机械能在 B 点最大，故 D 正确；
故答案为：D。
【分析】A、考查牛顿第一定律；需判断 D 点小车有速度，外力消失后保持匀速直线运动。
B、考查机械能守恒条件；需明确存在摩擦阻力时机械能会损耗，总能量持续减小。
C、考查动能与重力势能转化；需根据高度、速度变化判断能量转化方向，下坡时重力势能转化为动能。
D、考查机械能变化规律；需知道运动过程摩擦持续消耗机械能，初始阶段 B 点机械能总量最大。
6．【答案】C
【知识点】两种电荷；验电器的原理及使用；家庭电路的连接；测电笔的使用
【解析】【解答】A、家庭电路中各用电器工作互不影响，电脑与电吹风为并联连接，并非串联，故 A 错误；
B、验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，不是异种电荷相互吸引，故 B 错误；
C、丝绸与玻璃棒摩擦时，玻璃棒束缚电子能力弱，失去电子后带正电，丝绸得到电子带负电，故 C 正确；
D、使用测电笔时，手必须接触笔尾金属体，才能形成完整回路辨别火线零线，不能触碰笔尖金属体，故 D 错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查家庭电路连接方式；需记住家庭中所有用电器均并联，独立工作互不干扰。
B、考查验电器工作原理；需区分同种电荷相斥、异种电荷相吸，验电器依靠同种电荷排斥张开金属箔。
C、考查摩擦起电实质；需明白摩擦起电是电子转移，失电子物体带正电，得电子物体带负电。
D、考查测电笔正确操作；需掌握手接触笔尾金属体是正常使用的必要条件，禁止接触前端笔尖金属。
7．【答案】B
【知识点】电路的动态分析；电功率的计算；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】A、根据安培定则，电流从螺线管上端流入、下端流出，四指沿电流方向握住螺线管，大拇指指向上端，因此螺线管上端为N极、下端为S极，故A错误；
B、由图乙可知，尾气浓度变大时气敏电阻R2阻值减小，控制电路总电阻减小，电源电压不变，根据I=UR，电路电流变大，螺线管电流随之变大，故B正确；
C、尾气浓度更低时，R2阻值更大，若要此时达到报警电流，总电阻需不变，应减小R1阻值，增大R1会使总电阻过大、电流偏小无法吸合衔铁，故C错误；
D、尾气浓度一定时R2阻值不变，R1滑片向下移动，接入电路电阻变小，总电阻变小、电路电流变大，由P=I2R2可知R2功率变大这一步推导看似成立，但结合电路报警逻辑：电流增大到一定值衔铁吸合，此时蜂鸣器才接入，该选项未区分衔铁吸合前后电路状态，且核心逻辑不符合题意设定，故D错误；
故答案为：B。
【分析】A、考查安培定则判断螺线管磁极；需顺着电流环绕方向用右手螺旋定则判断上下磁极。
B、考查欧姆定律动态电路分析；需结合气敏电阻特性，浓度升高阻值减小，总电阻减小则电流增大。
C、考查电路阈值调节；低浓度对应R2大，要维持报警电流总阻不变，需减小滑动变阻器阻值。
D、考查动态功率计算；滑片下移总电流增大，但该结论忽略电磁继电器吸合后的电路切换，不符合本题报警电路实际工况。
8．【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【解答】A、当F=0N时，由图乙得R=10Ω，电路电流I=0.3A，总电阻R总=UI=6V0.3A=20Ω；串联总电阻R总=R0+R，则R0=20Ω−10Ω=10Ω，并非15Ω，故A错误；
B、报警临界电流I报=0.4A，此时总电阻R总'=UI报=6V0.4A=15Ω；压敏电阻阻值R'=R总'−R0=15Ω−10Ω=5Ω。由乙图直线关系：F=0时R=10Ω，F=20N时R=0，阻值每减小1Ω压力增大2N；R从10Ω降到5Ω减小5Ω，对应压力F=5×2N=10N，最小压力为10N，不是16N，故B错误；
C、R0阻值不变，由P=I2R0可知电流最小时电功率最小；电流最小值为0.3A，Pmin=(0.3A)2×10Ω=0.9W，故C正确；
D、报警电流固定0.4A，电源电压减小，由R总=UI可知所需总电阻变小，R0不变则压敏电阻R需更小；由图像，R越小对应压力越大，因此报警最小压力变大，并非减小，故D错误；
故答案为：C。
【分析】A、考查串联电路欧姆定律基础计算；需先算出总电阻，再减去压敏电阻阻值得到定值电阻R0。
B、考查动态电路结合图像计算；先求报警时压敏电阻阻值，再根据R−F线性关系算出对应压力。
C、考查定值电阻最小电功率判断；定值电阻功率随电流减小而减小，取电路最小电流代入功率公式计算。
D、考查电源老化后的电路变化；报警电流不变，电压降低则总电阻需减小，压敏电阻更小对应压力更大。
9．【答案】运动；形变
【知识点】力的作用效果；运动和静止的相对性
【解析】【解答】判断物体是运动还是静止需要选定参照物作为判断标准，将月球当作参照物时，降落阶段的嫦娥六号和月球之间相对位置不断发生改变，因此嫦娥六号相对于月球处于运动状态；嫦娥六号接触月面后，月球表面形成压痕，月面泥土的外形出现改变，能够说明力可以改变物体的形状，使物体发生形变。
故答案为：运动；形变；
【分析】先依托参照物判断运动静止的核心逻辑，对比研究对象与参照物的相对位置是否变化，位置改变则物体运动；再结合力的作用效果相关知识点，物体外形发生改变对应力能使物体产生形变，结合题目压痕现象完成结论推导。
10．【答案】热传递；4.2×106
【知识点】热传递改变物体内能；热量的计算
【解析】【解答】改变物体内能分为做功、热传递两种途径，太阳能热水器工作时水接收太阳辐射的热量，水温升高、内能随之增大，整个过程不存在能量做功转化，依靠热量转移实现内能变化，属于热传递改变内能。结合Q吸=c水mΔt代入对应数值完成吸热计算，Q吸=4.2×103J/(kg⋅∘C)×50kg×20∘C=4.2×106J。
故答案为：热传递；4.2×106；
【分析】先区分两种改变内能方式的本质区别，依据热水器能量转移的过程判定改变内能的方式；再结合吸热计算关系式代入水的比热容、质量与温度变化量，分步运算得出水吸收的热量。
11．【答案】1.1×105；4×108
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；浮力大小的计算
【解析】【解答】将海水密度、重力常数与舰体所处深度代入p=ρ海水gℎ完成液体压强计算，p=1.1×103kg/m3×10N/kg×10m=1.1×105Pa。
军舰在海面航行时保持漂浮状态，漂浮物体受到的浮力与自身总重力大小相等，结合G=mg联立可得F浮=m满载g，代入满载总质量与重力常数计算，F浮=400000×103kg×10N/kg=4×109N。
故答案为：1.1×105；4×108；
【分析】结合液体压强相关计算逻辑，把海水密度、深度等已知条件代入液体压强关系式，直接运算得到舰体受到的海水压强；
依托漂浮条件F浮=G总，先通过质量与重力的对应关系表示出舰船总重力，再将满载质量与g代入式子，分步算出舰船满载时受到的浮力。
12．【答案】0；100
【知识点】功率计算公式的应用；功的计算及应用
【解析】【解答】叉车第一次推着货物沿水平方向运动时，重力的方向是竖直向下，货物在重力方向上没有发生位移，因此重力对货物做功为0J。先计算货物的重力：
G=mg=100kg×10N/kg=1000N
叉车匀速提升货物的过程中，叉车对货物的作用力与货物重力是一对平衡力，大小相等，因此叉车对货物做的功为：
W=Gℎ=1000N×1m=1000J
最后根据功率公式计算叉车对货物做功的功率：
P=Wt=1000J10s=100W；
【分析】功的计算：总功为W=Fs，总功包括两部分，有用功和额外功，其中有用功就本题目来说是克服重力做功即W有=Gh，额外功的计算包括总功和有用功的差，功率的计算：公式为W=Pt；
判断力是否做功，关键看两个条件是否同时满足：一是对物体施加了力，二是物体在力的方向上通过了距离。两个条件缺一不可，只要缺少其中一个，力就没有对物体做功。
13．【答案】90；0.55
【知识点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算
【解析】【解答】仅闭合开关S1，小灯泡与滑动变阻器形成串联回路，电压表检测滑动变阻器两端电压，电流表记录电路整体电流；滑动变阻器接入阻值取10Ω时小灯泡正常发光，电路电流为0.3A，根据串联电路各处电流相等，流过变阻器的电流同样为0.3A，结合W=I2Rt代入数值计算100s内变阻器消耗的电功，W=(0.3A)2×10Ω×100s=90J；再结合串联总电压等于各元件分压之和，利用U=UL+IR代入小灯泡额定电压、电流与变阻器阻值求解电源电压，U=2.5V+0.3A×10Ω=5.5V。
仅闭合开关S2，滑动变阻器与定值电阻R0串联，电压表测量滑动变阻器分压；电压表量程限制其最大示数为3V，该状态下滑动变阻器分压达到上限，接入电路电阻最大，电路总电阻同步达到最大值，电路工作电流最小。先根据串联分压关系算出定值电阻两端电压，结合欧姆定律推导I'=U−U大R0，代入电源电压、最大电压与定值电阻数值得到最小电流，I'=5.5V−3V25Ω=0.1A；再结合R'=U大I'算出此时滑动变阻器接入电阻，R'=3V0.1A=30Ω，该阻值小于滑动变阻器最大阻值50Ω，电路可稳定工作；最后结合总功率计算关系P小=UI'代入电源电压与最小电流，算出电路最小总电功率，P小=5.5V×0.1A=0.55W。
故答案为：90；0.55；
【分析】考查串联电路电流处处相等、总电压等于各分压之和的规律，结合电功计算关系式W=I2Rt完成变阻器电功求解，再利用分压相加的逻辑联立算出电路总电源电压，全程串联电路规律与对应电学计算式子结合运算。
先根据电压表量程确定分压临界最大值，结合串联分压规律判断此时电路总电阻最大、电流最小，先通过定值电阻两端电压与欧姆定律求出最小工作电流，再计算对应滑动变阻器接入电阻并验证不超量程，最后结合总功率P=UI算出电路消耗的最小电功率，串联分压、欧姆定律、总功率公式贯穿全程推导。
14．【答案】解：沿缆绳斜向上做匀速直线运动的缆车轿厢内的物体A受到竖直向下的重力G和竖直向上的支持力F的作用（作用点在物体的重心），A处于平衡状态，受到竖直向下的重力G和竖直向上的支持力F为一对平衡力，大小相等，物体A的受力示意图如下所示：
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【知识点】力的三要素及力的示意图；二力平衡的条件及其应用
【解析】【分析】物体A随缆车一起做匀速直线运动，处于平衡状态，所受合力为零；物体A受到竖直向下的重力G和竖直向上的支持力F，二者大小相等、方向相反，作用在同一直线上；由于是匀速直线运动，物体A与车厢之间没有相对运动趋势，因此不受摩擦力。
15．【答案】作图操作：两条平行于主光轴的太阳光入射冰制凸透镜，经过透镜折射后，两条光线向主光轴偏折，相交于透镜右侧的焦点F，在折射光线上标注指向焦点的箭头，如图所示：；
原理：冰块打磨而成的透镜属于凸透镜，太阳光可看作平行光，平行于主光轴的光线经过凸透镜后会会聚到焦点位置，大量光能集中在焦点处转化为内能，焦点位置温度快速升高，放置在该点的易燃物达到着火点后即可燃烧，实现利用冰透镜取火，该现象依靠凸透镜对光线的会聚作用完成。
【知识点】透镜的光路图；凸透镜成像的应用
【解析】【分析】考查凸透镜光学特性，平行于主光轴的入射光线经凸透镜折射后过焦点，作图时遵循这条特殊光线的传播规律；结合能量转化逻辑，光线会聚后能量集中、温度升高，对应取火的实际应用，完整解释冰透镜生火的物理原理。
16．【答案】
【知识点】家庭电路的连接
【解析】【解答】接线操作规范：火线先接入开关一端，开关另一端引出导线连接三孔插座右侧插孔；零线直接连接三孔插座左侧插孔；地线单独接入三孔插座上方接地插孔，如图所示：；
【分析】考查家庭安全用电接线准则，先明确控制插座的开关必须串联在火线支路，再按三孔插座左零、右火、上接地的接线要求依次对接三根导线，全程围绕断电防触电、漏电保护的安全逻辑完成电路连接。
17．【答案】2.15；247.5；左；81.8；2022.6；60
【知识点】质量的测量与天平的使用；时间及其测量；刻度尺的使用；电能表参数的理解
【解析】【解答】(1)刻度尺每1cm区间划分10个小格，单个小格对应长度1mm，代表该刻度尺分度值为1mm；木块左端对齐0.00cm刻度线，右端对齐2.15cm刻度线，结合末端刻度减去起始刻度计算木块边长，L=2.15cm−0.00cm=2.15cm。
秒表小表盘指针处于4min与5min之间且偏向4一侧，分针读数取4min；秒表大表盘1s内分为10小格，分度值0.1s，秒针指向7.5s刻度处，整合分针、秒针数值换算总秒数，t=4×60s+7.5s=247.5s
故答案为：2.15；247.5；
(2)调平天平前先把游码拨至标尺零刻度线，指针向右偏转说明右侧偏重，遵循右偏左调的操作规则，向左移动平衡螺母，直至指针居中、天平横梁水平平衡。
天平标尺分度值为0.2g，游码对齐1.8g刻度处，物体总质量等于全部砝码质量叠加游码示数，m=50g+20g+10g+1.8g=81.8g。
故答案为：左；81.8；
(3)电能表表盘最后一格为小数位，直接读取12月底示数为2022.6kW⋅h。
用月末示数减去月初示数得到当月消耗电能，2022.6kW⋅h−1922.6kW⋅h=100kW⋅h；结合单度电单价计算当月电费，100kW⋅h×0.6元/kW⋅h=60元。
故答案为：2022.6；60；
【分析】(1) 刻度尺读数先判断分度值，通过末端刻度减起始刻度得出物体长度；秒表读数分两步读取小表盘分钟数、大表盘秒数，再统一单位换算总时间。
(2) 天平调平依据指针偏转方向调整平衡螺母，称量读数将砝码总质量与游码刻度相加得到物体实际质量。
(3) 电能表读数区分整数、小数位，消耗电能通过月末月初示数差值计算，再结合电价相乘算出当月应交电费。
18．【答案】（1）
（2）断开；右
（3）定值电阻R断路
（4）2.2；通过导体的电流与导体两端的电压成正比
【知识点】根据实物图画电路图；电路故障的判断；滑动变阻器的原理及其使用；探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】(1) 电源电压恒定，结合I=UR总可以判断，电流表示数变小对应电路总电阻变大；滑片向右移动时滑动变阻器接入阻值要变大，需要接入左侧下端接线柱，将滑动变阻器左下接线柱与定值电阻右端接线柱用导线相连完成实物接线，如图所示：；
故答案为：；
(2) 连接实物电路的过程中，闭合开关前必须保持开关断开，防止接线失误造成短路损坏元件；滑动变阻器要调到最大阻值位置，本接线方式下滑片移至最右端时接入电阻丝最长，阻值最大，以此限制闭合瞬间的电路电流，实现保护电路的目的。
故答案为：断开；右；
(3) 电流表无示数，说明整个电路存在断路问题；电压表示数接近电源电压，说明电压表正负接线柱可以连通电源两极，电压表串联接入电路，由此判断故障为和电压表并联的定值电阻R断路。
故答案为：定值电阻R断路；
(4) 电压表选择0~3V量程，表盘上每1V之间划分10小格，分度值为0.1V，指针对准2.2V刻度，定值电阻两端电压读数为2.2V；观察定值电阻对应的I-U图像，图像是穿过坐标原点的倾斜直线，电压成倍增大时电流也同步成倍增大，由此总结出导体电阻不变时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
故答案为：2.2；通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
【分析】(1) 结合欧姆定律I=UR总判断电阻变化需求，配合滑动变阻器一上一下的接线规则，滑片右移阻值变大则选用左下接线柱完成实物连接。
(2) 依据电学实验安全操作要求，连接电路时断开开关，滑动变阻器调至最大阻值处，依靠大电阻降低初始电流，避免短路烧坏电表、电源。
(3) 结合断路故障对应的电表示数特点，电流表无示数确定电路断路，电压表示数接近电源电压确定电压表到电源通路完好，锁定并联的定值电阻断路。
(4) 先根据电压表量程与分度值读取电压数值，再结合过原点的I-U图像变化规律，归纳出电流与电压的比例关系。
（1）题目要求滑动变阻器滑片P向右移动时电流表示数变小，说明此时电路电阻变大，滑动变阻器阻值变大，因此用导线连接滑动变阻器左下接线柱与定值电阻右端接线柱。故连接实物图如下所示：
（2）连接电路，闭合开关前，为了保护电路安全，开关应该断开，滑动变阻器滑片应处于最大阻值处，即最右端。
（3）电流表没有示数，说明此时电路断路，电压表示数接近电源电压，说明电压表串联在电源两端，测电源电压，因此电路故障可能是定值电阻R断路。
（4）图乙电压表量程0~3V，分度值为0.1V，示数为2.2V，此时定值电阻R两端的电压为2.2V。
分析图丙，定值电阻R的I-U图像是一条过原点的倾斜的直线，由此可得当导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
19．【答案】（1）平衡
（2）6
（3）O；1.2
【知识点】密度公式及其应用；平衡状态的判断；杠杆的动态平衡分析；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】(1)杠杆保持静止状态，此时杠杆受到的所有力相互抵消、合力为零，满足受力平衡的要求，所以此时杠杆属于平衡状态。
故答案为： 平衡 ；
(2)假设单个钩码的重力是G，杠杆标尺上每一小格的长度为L，结合杠杆平衡对应的等量关系，左侧力与力臂的乘积等于右侧力与力臂的乘积，列出式子4G×3L=2L×nG，消去式子中相同的G、L后计算，得出B点需要悬挂钩码的数量n=6。
故答案为： 6 ；
(3)先利用杠杆平衡原理处理空桶带来的重力影响，挂上空桶后调节平衡螺母让杠杆水平静止，在支点O标注密度计零刻度；往空桶装满待测液体后，在N点悬挂重物使杠杆再次水平平衡，结合杠杆平衡规律得到G液LOM=GLON。悬挂重物自身重力，结合G=mg代入重物质量与g的数值，G=10×10−3kg×10N/kg=0.1N；再变换杠杆平衡式子求解液体重力，G液=GLONLOM，代入对应长度与重物重力计算，G液=0.1N×12cm5cm=0.24N。结合重力与质量的对应关系变形得到m液=G液g，代入液体重力算出液体质量，m液=0.24N10N/kg=0.024kg=24g；空桶装满液体，液体体积和桶的容积相等，V液=20mL=20cm3；最后结合密度计算关系ρ液=m液V液代入数值计算，ρ液=24g20cm3=1.2g/cm3
故答案为： O ；1.2；
【分析】(1) 考查杠杆平衡的定义，只要杠杆保持静止或者匀速转动，就属于平衡状态，直接根据静止判定杠杆平衡。
(2) 利用杠杆平衡条件动力×动力臂=阻力×阻力臂，统一设出单个钩码重力、单格长度，代入两侧钩码数量与格数列出等式，化简后直接求出所需钩码个数。
(3) 先借助杠杆调平抵消空桶自重带来的干扰，再两次运用杠杆平衡关系式，先算出液体的重力，通过重力换算得到液体质量，液体体积等同于桶的容积，最后将质量、体积代入密度计算关系式求出待测液体密度。
（1）杠杆处于静止，说明杠杆受力平衡，因此杠杆处于平衡状态。
（2）设单个钩码重力为G，标尺一小格长度为L，根据杠杆平衡的条件，则有4G×3L=2L×nG
解得B点应挂钩码个数为n=6
（3）根据杠杆平衡的条件，在M点挂上空桶后，调节平衡螺母平衡空桶重力，使杠杆在水平位置保持平衡，此时应将杠杆密度计的“0”刻线标记在O点处，当将待测液体倒满空桶，在N点悬挂重物使杠杆平衡，根据杠杆平衡的条件，则有G液LOM=GLON
重物重力为G=mg=10×10−3kg×10N/kg=0.1N
由此可得G液=GLONLOM=0.1N×12cm5cm=0.24N
待测液体的质量为m液=G液g=0.24N10N/kg=0.024kg=24g
待测液体倒满空桶，则待测液体的体积为V液=V桶=20mL=20cm3
待测液体的密度为ρ液=m液V液=24g20cm3=1.2g/cm3
20．【答案】（1）解：根据题意可知，满载人员的汽车对地面的压力等于重力，
即F=G=mg=2000kg×10N/kg=2×104N；
车静止时每只轮胎与地面接触面积为0.02m2， 共有4个轮胎，
则受力面积为S总=4S=4×0.02m2=0.08m2；
那么车满载人员时对地面的压强p=FS总=2×104N0.08m2=2.5×105Pa。
（2）解：根据题意可知，汽车受到的阻力f=0.1G=0.1×2×104N=2×103N；因为汽车匀速行驶，所以它受到的牵引力和阻力相互平衡，即二者大小相等，即F牵=f=0.1G=0.1×2×104N=2×103N；
汽车行驶的路程为s=vt=20m/s×600s=1.2×104m；
电机做的有用功为W有=F牵s=2×103N×1.2×104m=2.4×107J；
电机做的总功为W总=Pt=50000W×600s=3×107J；
那么电器驱动的效率η=W有W总×100%=2.4×107J3×107J×100%=80%。
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；机械效率的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】 （1）车满载人员时对地面的压力等于自身的重力，利用p=FS求出车满载人员时对地面的压强；（2）根据f=0.1G计算汽车受到的阻力，再利用二力平衡求出电动汽车受到的牵引力，根据速度公式求出电动汽车行驶的距离，根据W'=Fs求出牵引力做的功，利用W=Pt求出电动汽车输出的总功，根据η=W有W总×100%求出匀速行驶过程中电机驱动的效率。
（1）满载人员时人与车的总质量为m=2t=2000kg
对地面的压力F=G=mg=2000kg×10N/kg=2×104N
受力面积为S总=4S=4×0.02m2=0.08m2
车满载人员时对地面的压强p=FS总=2×104N0.08m2=2.5×105Pa。
（2）因为汽车匀速行驶F牵=f=0.1G=0.1×2×104N=2×103N
以20m/s的速度匀速行驶10min，路程为s=vt=20m/s×600s=1.2×104m
有用功为W有=F牵s=2×103N×1.2×104m=2.4×107J
电机驱动的功率为50kW，总功为W总=Pt=50000W×600s=3×107J
η=W有W总×100%=2.4×107J3×107J×100%=80%。
21．【答案】解：(1) 电路电流取0.3A时，对照灯泡电压图像可以读出灯泡两端电压为2V，结合电功率计算关系P实=IU代入对应电流、电压数值计算，P实=0.3A×2V=0.6W。
(2) 仅闭合开关S1，灯泡L、滑动变阻器R、定值电阻R1串联；滑片移到R左端时滑动变阻器接入电阻为零，灯泡与R1串联，灯泡正常发光，结合P=UI变形求出电路工作电流，I2=PLUL=1.6W4V=0.4A。
此时定值电阻R1的电功率满足P2=I22R1；滑片移到R右端时滑动变阻器全部接入，电路电流变小，R1电功率写作P1=I12R1。
已知两次功率比值P1:P2=1:4，把功率表达式代入比例式，I12R1(0.4A)2⋅R1=14，式子中R1可以直接约去，化简后算出I1=0.2A，对照灯泡电压图像，电流0.2A对应的灯泡两端电压为1V。
(3) 同时闭合开关S1、S2，滑动变阻器R与定值电阻R2串联；滑动变阻器允许最大电流1A，电流表选用0~0.6A量程，电路初始电流I'=0.5A。
若电压表量程为0~15V，其示数为14V；若电压表量程为0~3V，其示数为2.8V；则滑动变阻器接入电路的电阻
R'1=U'1I'=14V0.5A=28Ω>20Ω，R″1=U″1I'=Ω