湖北黄冈市2025-2026学年高二下学期7月期末考试 物理试题（含答案）

这是一份湖北黄冈市2025-2026学年高二下学期7月期末考试 物理试题（含答案），共7页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。

1．C【解析】机械波和电磁波都能传递信号，传递能量，A错误；机械波的传播需要介质，地震波为机械波，不能在真空中传播；而电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，B错误；干涉和衍射是所有波特有的现象，无论是机械波还是电磁波，都能发生这些现象，C正确；机械波的传播速度确实由介质本身决定，与频率无关；但电磁波在介质中的传播速度不仅与介质有关，还与频率有关，D错误。
2．B【解析】eq \\al(210, 91)Pa的中子数为210－91＝119，A错误；根据核反应中质量数守恒和电荷数守恒，可得X的质量数为4，电荷数为2，X为He，即α粒子。在α、β、γ这三种射线中，γ射线的穿透能力最强，α射线的电离能力最强，B正确；半衰期的时间与元素的物理状态无关，极寒条件，温度降低，eq \\al(210, 91)Pa的半衰期不变，C错误；半衰期是统计规律，适用于大量原子核，少量原子核的剩余数量无法精确预测，D错误。
3．D【解析】当b运动至Q点时，两分子间的作用力为零，及OQ间的距离为r0，当b从P运动至Q点的过程中，两分子间的作用力先增大后减小，D正确。
4．B【解析】根据单摆的振动图像可知，单摆的振动周期为T＝2s，故f＝0.5Hz，A错误；根据可求得L≈1m，B正确；根据可知，单摆周期与摆球质量无关，C错误；摆球做圆周运动经过平衡位置O时，速度最大，向心加速度不为零，D错误。
5．D【解析】辐射出6种不同频率光子，说明原子被激发到了n＝4能级。电子碰撞激发时，电子动能至少需要等于基态到n＝4能级的能量差。基态能量为E1，n＝4能级能量为，能量差，电子束的动能至少为，A错误；光子频率与能量成正比，频率最高的光子对应能级差最大的跃迁，即4→1跃迁，其能量为，B错误；光子激发原子时，光子能量必须严格等于能级差才能被吸收。基态到n＝3能级的能量差为，因此原子不能跃迁到n＝3能级，C错误；动能为的电子，其动能大于基态到n＝2能级的能量差，但小于基态到n＝3能级的能量差，因此电子只能将原子激发到n＝2能级，原子从n＝2能级跃迁回基态时，原子只能辐射出一种光子，D正确。
6．A【解析】根据磁场方向可知，电路中电流的方向为顺时针方向，又因电容器的下极板带正电，说明电容器正在放电，电场能向磁场能转化，电容器极板间的电势差正在减小，振荡回路的电流正在增大，A正确、B、D错误；电容器正在放电，则电路中的电流在增大，根据电磁振荡的特点可知，电流的变化率在减小，根据电流产生的磁场的特点可知线圈磁通量变化率正在减小，C错误。
7．A【解析】光从水射向空气，发生全反射的临界角C满足，水面上发光区域的边缘由临界角决定，对于深度h处的点光源，其照亮水面的圆形区域半径r＝htanC，由，得，则，代入，解得r＝1m，线状光源是半径R＝3m的四分之一圆弧，水面上发光区域是该圆弧上各点发光圆的并集。发光区域外边界半径R1＝R＋r=4m，内边界半径R2＝R－r＝2m，因此发光区域形状为如下，A正确。
8．AD【解析】t＝0时刻机械波分别传到于x＝2m和x＝6m处，波最前端质点的振动方向等于波源起振方向，根据“上坡下行”规律可知两列波的起振方向均沿y轴负方向，A正确；由图可知在波介质中的波长λ＝2m，根据v＝λf可得，两列波振动的频率为f＝2Hz，B错误；两列波在介质中的波速均为4m/s，两波将相遇，C错误；两列波的起振方向相同，波源到x＝4m处的波程差为零，故x＝4m处的质点为振动加强点，D正确。
9．BC【解析】M→B的过程，气体发生等容变化，根据图像可知，A→M的过程满足，即，可得，A错误；A→M过程中，气体体积变小，外界对气体做正功，根据热力学第一定律，气体向外界放出热量，气体温度降低，内能减小，则气体放出的热量大于外界对气体做的功，B正确；，A→N→B的过程中，气体的体积减小，外界对气体做功，但气体的温度不变，必定对外界放出热量，C正确；由图可知，N状态时，气体分子的平均动能小，又，故A→N的过程中，气体分子单位时间内与容器壁单位面积碰撞的次数增多，D错误。
10．BD【解析】根据题意可知，逸出功为W0＝hν0，ν0为极限频率，A错误；Uc为遏止电压，由动能定理，－eUc＝0－Ek，故最大初动能为Ek＝eUc，B正确；由图可知当光电流为I0时所加电压为正向电压，由动能定理，eU0＝Ekm－Ek，又Ek＝eUc，可得到达阳极A的光电子的最大动能为Ekm＝e(U0＋Uc)，C错误；由图可知形成的饱和光电流为I0，由，可得Δt内阴极K上产生光电子的数为，又，故照射到阴极K的单色光的功率为，D正确。
二、非选择题(本题共5小题，共60分)
11．【答案】(1)52.24mm (2分) (2)减小 (1分) 变短 (1分) (3) (2分)
【解析】(1)游标卡尺为50分度，每一分度为0.02mm，由图可知棱长工件的外径D＝52mm+0.02mm×12＝52.24mm；
(2)单色激光由空气进入球壳，光的频率不变，由n＝eq \f(c,v)可得激光的传播速度减小；由v＝λf可得波速减小，波长会变短；(3)作出激光在工件中传播的光路图，如图所示。设工件内表面的半径为R，在工件外表面发生折射，由折射定律有：，在工件的内表面发生全反射，有，在三角形中由正弦定理有，又有，工件的厚度，解得。
12．【答案】(1)600 (2)1000 ， 8.0 (3)66.7 (4)左疏右密 (每空2分)
【解析】(1)由串联电路分压可得，当t＝50℃时，U＝1.50V，代入数据解得RT＝600Ω；(2)当t1＝25℃时，U＝1.20V，RT1＝800Ω；当t2＝100℃时，U＝3.00V，RT1＝200Ω；代入线性关系RT＝a−bt，可得RT＝1000−8.0t，a＝1000Ω，b＝8.0Ω/℃；(3)由(2)知RT＝1000−8.0t，当U＝1.80V时，，t≈66.7℃；(4)由和RT＝a−bt联立可得，可见U与t呈反比例函数关系，温度刻度线是不均匀的。温度越高，RT越小，电压变化越快，高温区刻度更密集，温度刻度左疏右密。
13．【答案】(1) (5分) (2) (5分)
【解析】(1)复色光束在介质中折射光线如图所示。
MP的弧长为，根据 (1分)
解得 (1分)
△OPN为等腰三角形，由几何关系得 (1分)
根据折射定律 (1分)
解得 (1分)
(2)因为，a光从圆弧边射出，其光路图如图所示。
根据折射定律 (1分)
由几何关系可得a光在介质中传播的路程 (1分)
又 (1分)
(1分)
解得a光在透明介质中传播的时间 (1分)
14．【答案】(1) (4分) (2)或 (7分) (3) 13 (5分)
【解析】(1)活塞上升过程中，封闭气体做等压变化
由盖—吕萨克定律有 (1分)
又， (1分)
解得 (2分)
(2)假设温度升高到T2时，活塞恰好上升到气缸顶部
对活塞，由平衡条件有 (1分)
解得 (1分)
此过程中，封闭气体做等压变化，由盖—吕萨克定律有 (1分)
解得 (1分)
故T0~2T0过程中，封闭气体膨胀，外界对气体做负功；2T0~3T0过程中，封闭气体体积不变，外界对气体不做功
整个升温过程中，外界对气体做的功 (1分)
(1分)
解得 (或) (1分)
(3)活塞因漏气再回到初始位置时，气体的体积仍为V0，压强仍为p1，温度为3T0
将其转化为压强为p1，温度为T0的气体，设其体积为V
由盖—吕萨克定律有 (2分)
解得 (1分)
漏气后气缸内气体的质量与升温前气缸内气体的质量比 (1分)
解得 (1分)
(其他不同解法请参照给分)
15．【答案】(1)3N (5分) (2) (5分) (3)41111m/s (8分)
【解析】(1)圆环下滑过程中某位置时，弹性轻绳的拉伸量为Δx，其受力情况如图所示。
正交分解后，在x轴方向有 (1分)
弹性轻绳中的弹力 (1分)
又 (1分)
解得f＝μkL＝3N (2分)
(2)由(1)知，正交分解后，在y轴方向有 (2分)
又， (1分)
带入数据可得 (2分)
(3)设圆环下滑过程中经过O点时加速度a＝0，则
在y轴方向上有 (1分)
即
以O点为坐标原点，沿竖直细杆向上为正方向建立一维直线坐标系Ox
当圆环的位移(相对于O点)为x时，所受合力为 (1分)
所以圆环沿竖直细杆下滑的运动为简谐运动，O点为圆环的平衡位置，其振幅 (1分)
圆环下滑时，下降的高度 (1分)
由能量守恒定律有 (2分)
解得v=41111m/s (2分)
(其他不同解法请参照给分)
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
C
B
D
B
D
A
A
AD
BC
BD