第57讲 生命中的基础有机化学物质、合成有机高分子（解析版）- 高考化学【一轮 夯实基础】复习精讲精练

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【复习目标】
1．能对单体和高分子进行相互推断，能写出典型的加聚反应和缩聚反应的反应方程式。
2．能列举典型的糖类物质，能说明单糖、二糖及多糖的区别和联系。
3．能列举糖类、蛋白质、核酸等有机化合物在生产、生活中的重要应用。
4．能举例说明塑料、橡胶、纤维的组成和分子结构特点，能列举重要的有机高分子化合物，说明它们在材料领域的应用。
【知识精讲】
考点一 糖类的组成、结构和性质
1．糖类的概念和分类
(1)概念：从分子结构上看，糖类是多羟基醛、多羟基酮和它们的脱水缩合物。
(2)组成：碳、氢、氧三种元素。大多数糖类化合物的通式为Cn(H2O)m，所以糖类也叫碳水化合物。
(3)分类
2．单糖——葡萄糖与果糖
(1)组成和分子结构
(2)葡萄糖的化学性质
3．二糖——蔗糖与麦芽糖
4．多糖——淀粉与纤维素
(1)相似点
①都属于天然有机高分子化合物，属于多糖，分子式都可表示为(C6H10O5)n。
②都能发生水解反应，如淀粉水解的化学方程式为
③都不能发生银镜反应。
(2)不同点
①通式中n值不同。
②淀粉遇碘呈现特殊的蓝色。
5．淀粉水解程度的判断方法
(1)实验流程
(2)实验现象及结论
【温馨提示】
①检验淀粉时，必须直接取水解液加入碘水，不能取中和液，因为碘能与NaOH溶液反应。
②淀粉、蔗糖的水解实验是用稀硫酸作催化剂，而银镜反应或与新制Cu(OH)2反应的实验必须在碱性条件下进行，所以检验淀粉或蔗糖的水解产物前应先加入NaOH溶液至溶液呈碱性。
【例题1】下列说法正确的是( )
A．食用白糖的主要成分是蔗糖
B．淀粉、纤维素和油脂都属于天然高分子化合物
C．植物油的主要成分是高级脂肪酸
D．蚕丝、羊毛和淀粉分别属于纤维素、蛋白质和多糖
【答案】A
【解析】
淀粉、纤维素是天然高分子化合物，油脂不是高分子化合物，B项不正确； 植物油的主要成分是高级脂肪酸的甘油酯，C项不正确；蚕丝属于蛋白质，D项不正确。
【例题2】下列关于蔗糖和麦芽糖的说法中，不正确的是( )
A．蔗糖与麦芽糖互为同分异构体
B．蔗糖与麦芽糖的分子式都是C12H22O11
C．蔗糖的水解产物是葡萄糖
D．麦芽糖能发生银镜反应，蔗糖不能发生银镜反应
【答案】C
【解析】
蔗糖与麦芽糖的分子式都是C12H22O11，二者互为同分异构体；麦芽糖是还原型二糖，而蔗糖是非还原型二糖；蔗糖的水解产物是果糖和葡萄糖。
【例题3】下列有关淀粉和纤维素两种物质的说法正确的是( )
A．二者都能水解，水解的最终产物不相同
B．二者含C、H、O三种元素的质量分数相同，且互为同分异构体
C．它们都属于糖类，且都是高分子化合物
D．都可用(C6H10O5)n表示，但淀粉能发生银镜反应而纤维素不能
【答案】C
【解析】
淀粉、纤维素都属于多糖，它们在一定条件下均能水解，水解的最终产物均为葡萄糖；二者的组成都可用(C6H10O5)n 表示，所以二者分子中C、H、O的质量分数相同，但由于n值不同，故二者不互为同分异构体；二者都不能发生银镜反应。
考点二 氨基酸和蛋白质
1．氨基酸的结构与性质
(1)概念：羧酸分子烃基上的氢原子被氨基取代得到的化合物。蛋白质水解后得到的几乎均为α­氨基酸，其通式为，官能团为—NH2和—COOH。
(2)氨基酸的性质
①两性
氨基酸分子中既含有酸性基团—COOH，又含有碱性基团—NH2，因此，氨基酸是两性化合物，能与酸、碱反应生成盐。
如甘氨酸与HCl、NaOH反应的化学方程式分别为
、
。
②成肽反应：
两个氨基酸分子(可以相同，也可以不同)在一定条件下，通过氨基与羧基间缩合脱去水，形成含有肽键eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\c1())的化合物，发生成肽反应。
如两分子氨基酸脱水形成二肽：
。
多种氨基酸分子间脱水以肽键相互结合，可形成蛋白质。
2．蛋白质的结构与性质
(1)蛋白质的组成与结构
①蛋白质主要由C、H、O、N、S等元素组成。
②蛋白质是由氨基酸通过缩聚反应生成的，蛋白质属于天然有机高分子化合物。
(2)蛋白质的性质

(3)酶
①大部分酶是一种蛋白质，具有蛋白质的性质。
②酶是一种生物催化剂，催化作用具有以下特点：
a．条件温和，不需加热
b．具有高度的专一性
c．具有高效催化作用
【归纳总结】蛋白质(或多肽)水解产物的判断
(1)抓住肽键“”的断键规律，即从虚线处断开。
(2)接—OH生成—COOH，而—NH—接—H生成—NH2。
【例题4】关于氨基酸的下列叙述中，不正确的是( )
A．氨基酸都是晶体，一般能溶于水
B．氨基酸都不能发生水解反应
C．氨基酸是两性化合物，能与酸、碱反应生成盐
D．天然蛋白质水解最终可以得到α­氨基酸、β­氨基酸等多种氨基酸
【答案】D
【解析】
氨基酸熔点较高，室温下均为晶体，一般能溶于水而难溶于乙醇、乙醚；氨基酸是两性化合物，能与酸、碱反应生成盐；氨基酸分子间能发生成肽反应，但氨基酸都不能发生水解反应；天然蛋白质水解的最终产物是多种α­氨基酸。
【例题5】如图表示不同化学元素所组成的生命大分子及其水解产物，以下说法错误的是( )
A．若①为某种大分子的组成单位，则①最可能是氨基酸
B．若②是人体中重要的储能物质，则②可能是蛋白质
C．若③为能储存遗传信息的大分子物质，则③不一定是 DNA
D．若④能够作为医疗注射物，则④是葡萄糖
【答案】B
【解析】
根据氨基酸、蛋白质、DNA、RNA、葡萄糖等物质的元素组成及生物功能进行分析判断。B项中②只含C、H、O三种元素，不可能是蛋白质；C项中能储存遗传信息的大分子物质也可能是RNA。
【例题6】一种二肽的结构简式为，合成这种二肽的氨基酸是( )
【答案】D
【解析】
本题主要是考查成肽反应的断键、成键位置：，所以合成这种二肽的氨基酸应该是。
考点三 核酸
1．核酸的组成
核酸分为脱氧核糖核酸(简称DNA)和核糖核酸(简称RNA)，核酸的基本组成单位是核苷酸。DNA是由脱氧核苷酸连接而成，在绝大多数生物体的细胞中，DNA由两条脱氧核苷酸链构成，两条链平行盘绕，形成双螺旋结构。RNA由核糖核苷酸连接而成，一般由一条核糖核苷酸链构成。
一分子核苷酸是由一分子碱基、一分子戊糖和一分子磷酸组成的。
(1)戊糖：分为核糖和脱氧核糖，对应的核酸分别是核糖核酸(RNA)和脱氧核糖核酸(DNA)。
(2)碱基：具有碱性的杂环有机化合物，RNA的碱基和DNA中的碱基不同，共同的类别有3种。
如下图所示：
(3)水解及产物的缩合过程：
2．核酸的结构
(1)DNA分子：由两条多聚核苷酸链组成，两条链平行盘绕，形成双螺旋结构；每条链中的脱氧核糖和磷酸交替连接，排列在外侧，碱基排列在内侧；两条链上的碱基通过氢键作用结合成碱基对，腺嘌呤与胸腺嘧啶配对，鸟嘌呤与胞嘧啶配对，遵循碱基互补配对原则。
(2)RNA分子：与DNA类似，RNA也是以核苷酸为基本构成单位，其中的戊糖由核糖替代了脱氧核糖、碱基由尿嘧啶替代了胸腺嘧啶，RNA分子一般成单链状结构，比DNA分子小得多。
3．生物功能
【例题7】DNA指纹法在案件侦破工作中有着重要作用，从案发现场提取DNA样品，可为案件侦破提供证据，其中的生物学原理是( )
A．不同人体内的DNA所含的碱基种类不同
B．不同人体内的DNA所含的戊糖和磷酸不同
C．不同人体内的DNA的空间结构不同
D．不同人体内的DNA所含的脱氧核苷酸排列顺序不同
【答案】D
【解析】
DNA是由4种脱氧核苷酸构成的，DNA所含的脱氧核苷酸排列顺序就是遗传信息，不同的人体内的遗传信息不同。
【例题8】将用放射性同位素标记的某种物质注入金丝雀体内后，经检测，新产生的细胞的细胞核具有放射性。注入的物质可能是( )
A．脱氧核糖核苷酸 B．核糖核苷酸
C．脱氧核糖核酸 D．核糖核酸
【答案】A
【解析】
根据题意判断，这种物质被用作产生新细胞时合成细胞核内某种成分的原料，所以只能在A、C两项中选择。如果注射的是脱氧核糖核酸，它一般情况下是不能被细胞直接吸收的，如果注射的是脱氧核糖核苷酸，它可以被吸收进细胞，在细胞分裂过程中DNA复制时被用来合成脱氧核糖核酸。
【例题9】下列说法中不正确的是( )
A．组成天然蛋白质的氨基酸几乎都是α­氨基酸
B．利用盐析可以分离和提纯蛋白质
C．DNA是生物体遗传信息的载体，控制蛋白质的合成
D．RNA主要存在于细胞核中，它根据DNA提供的信息控制体内蛋白质的合成
【答案】D
【解析】
RNA主要存在于细胞质中，根据DNA提供的信息控制体内蛋白质的合成；DNA主要存在于细胞核中，它是生物体遗传信息的载体，通过控制蛋白质的合成影响生物体的特定性状；盐析不改变蛋白质的生理活性，只是使蛋白质的溶解度降低，利用多次盐析和溶解可分离、提纯蛋白质。
考点四 合成有机高分子化合物
1．有关高分子化合物的几个概念
相对分子质量从几万到几十万甚至更大的化合物，称为高分子化合物，简称高分子。大部分高分子化合物是由小分子通过聚合反应制得的，所以常被称为聚合物或高聚物。
(1)单体：能够进行聚合反应形成高分子化合物的低分子化合物。
(2)链节：高分子化合物中化学组成相同、可重复的最小单位。
(3)聚合度：高分子链中含有链节的数目
如
聚合物的平均相对分子质量＝链节的相对质量×n
2．高分子化合物的基本性质
(1)溶解性：线型高分子(如有机玻璃)能溶解在适当的有机溶剂中，网状结构高分子(如硫化橡胶)不溶于有机溶剂，只有一定程度的溶胀。
(2)热塑性和热固性：线型高分子具有热塑性(如聚乙烯)，网状结构高分子具有热固性(如电木、硫化橡胶)。
(3)强度：高分子材料强度一般比较大。
(4)电绝缘性：通常高分子材料电绝缘性良好。
3．合成高分子化合物的基本反应
(1)加聚反应：不饱和单体通过加成反应生成高分子化合物的反应。
(2)缩聚反应：单体分子间缩合脱去小分子(如H2O、HX等)生成高分子化合物的反应。
4．加聚反应、缩聚反应方程式的书写方法
(1)加聚反应的书写方法
①单烯烃型单体加聚时，“断开双键，键分两端，添上括号，右下写n”。例如：
nCH2===CH—CH3eq \(――→,\s\up7(催化剂))。
②二烯烃型单体加聚时，“单变双，双变单，破两头，移中间，添上括号，右下写n”。例如：
nCH2===CH—CH===CH2eq \(――→,\s\up7(一定条件))。
③含有一个双键的两种单体聚合时，“双键打开，中间相连，添上括号，右下写n”。例如：
。
(2)缩聚反应的书写方法
书写缩合聚合物(简称缩聚物)结构式时，与加成聚合物(简称加聚物)结构式写法有点不同，缩聚物结构式要在方括号外侧写出链节余下的端基原子或原子团，而加聚物的端基不确定，通常用横线“—”表示。例如：
①聚酯类：—OH与—COOH间的缩聚
nHOCH2—CH2OH＋nHOOC—COOHeq \(――→,\s\up7(催化剂))＋(2n－1)H2O。
nHOCH2—CH2—COOHeq \(――→,\s\up7(催化剂))。
②聚氨基酸类：—NH2与—COOH间的缩聚
nHOCH2—CH2OH+nH2N—CH2COOHeq \(――→,\s\up7(催化剂))＋(n－1)H2O。
③酚醛树脂类
【归纳总结】加聚反应与缩聚反应比较
5．高分子化合物(材料)的分类
(1)eq \a\vs4\al(高分子化合物)eq \(――→,\s\up11(根据),\s\d4(来源))eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(天然高分子化合物,\a\vs4\al(合成高,分子化,合物)\(――→,\s\up7(按结构))\b\lc\{(\a\vs4\al\c1(线型结构：如低压聚乙烯,支链型结构：如高压聚乙烯,网状结构：如酚醛树脂))))
(2)高分子材料eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(传统高分子材料\b\lc\{(\a\vs4\al\c1(塑料,合成纤维,合成橡胶)),新型高分子材料\b\lc\{(\a\vs4\al\c1(功能高分子材料,复合材料))))
(3)纤维的分类
纤维eq \b\lc\{(\a\vs4\al\c1(天然纤维：如棉花、羊毛、蚕丝、麻等,化学纤维\b\lc\{(\a\vs4\al\c1(人造纤维：如人造丝、人造棉等,合成纤维：如“六大纶”（涤纶、,锦纶、腈纶、丙纶、维纶、氯纶）))))
6．高分子化合物的基本性质
(1)溶解性：线型高分子(如有机玻璃)能溶解在适当的有机溶剂中；网状结构高分子(如硫化橡胶)不溶于有机溶剂，只有一定程度的溶胀。
(2)热塑性和热固性：线型高分子具有热塑性(如聚乙烯)，网状结构高分子具有热固性(如电木、硫化橡胶)。
(3)强度：高分子材料强度一般比较大。
(4)电绝缘性：通常高分子材料电绝缘性良好。
【例题10】能源、信息、材料是新科技革命的三大支柱，现有一种叫HEMA的材料，是用来制备软质隐形眼镜的，其结构简式为，则合成它的单体为( )
【答案】B
【解析】
该高聚物为加聚反应的产物，其链节为，它是由对应的单体和HOCH2CH2OH生成的。
【例题11】科学佩戴口罩对防控流感病毒有重要作用。生产一次性医用口罩的主要原料为聚丙烯树脂。下列说法错误的是( )
A．聚丙烯的结构简式为
B．由丙烯合成聚丙烯的反应类型为缩聚反应
C．聚丙烯为热塑性合成树脂
D．聚丙烯在自然环境中不容易降解
【答案】B
【解析】
A项，聚丙烯由丙烯(CH2===CHCH3)通过加聚反应制得，聚丙烯的结构简式为，正确；B项，聚丙烯由丙烯通过加聚反应制得，错误；C项，由聚丙烯的结构可知聚丙烯为线型结构，具有热塑性，正确；D项，聚丙烯结构中的化学键为单键，不易被氧化、不能水解，因此聚丙烯在自然环境中不容易降解，正确。
【例题12】
(1)工程塑料ABS树脂的结构简式为，合成时用了3种单体，这3种单体的结构简式分别是______________、________________、______________。
(2)下图是一种线型高分子化合物结构的一部分：

由此分析，这种高分子化合物的单体至少有________种，它们的结构简式分别为_____________。
【答案】
(1)CH2===CHCN CH2===CHCH===CH2
(2)5 HOCH2CH2OH、HOOC—COOH、
HOOC—CH2—COOH
【解析】
(1)据题给信息分析可知，ABS树脂是通过加聚反应合成的，按照加聚产物单体的书写方法可知，其单体为
CH2===CHCN、CH2===CHCH===CH2、。
(2)由题给高分子化合物的部分结构可知其为缩聚产物，将其结构中的酯基断开，两端分别加氢原子或羟基，可得其单体为HOCH2CH2OH、HOOCCOOH、
HOOCCH2COOH，共5种。
【归纳总结】简单高分子化合物单体的判断方法
考点五 生物大分子的性质和应用
1．常见有机物在生产、生活中的应用
2．能水解的常见有机物
【例题13】下列说法正确的是( )
A．淀粉和蔗糖在人体内的水解产物相同，都为葡萄糖
B．棉花和羊毛的主要成分均属于高分子化合物且都能发生水解反应
C．长途运输，可以使用乙烯来延长果实或花朵的成熟期
D．医学上，浓度为95%的酒精比75%的酒精消毒效果好
【答案】B
【解析】
蔗糖的水解产物为葡萄糖和果糖，A项错误；棉花的主要成分是纤维素，羊毛的主要成分是蛋白质，两种物质均属于高分子化合物且都能发生水解反应，B项正确；可以使用浸泡过高锰酸钾溶液的硅藻土吸收果实或花朵产生的乙烯，延长果实或花朵的成熟期，C项错误；酒精能够吸收细菌蛋白质的水分，使其脱水变性凝固，从而杀灭细菌。高浓度的酒精与细菌接触时，使菌体表面迅速凝固，形成一层薄膜，阻止了酒精继续向菌体内部渗透。故75%的酒精消毒效果更好，D项错误。
【例题14】下列说法不正确的是( )
A．正丁烷的沸点比异丁烷的高，乙醇的沸点比二甲醚的高
B．甲烷、苯、葡萄糖均不能使溴水或酸性高锰酸钾溶液褪色
C．羊毛、蚕丝、塑料、合成橡胶都属于有机高分子材料
D．天然植物油没有恒定的熔、沸点，常温下难溶于水
【答案】B
【解析】
对于分子式相同的烷烃，支链越多，沸点越低，因而正丁烷的沸点比异丁烷的高。而对于相对分子质量相近的有机物，含羟基越多，沸点越高，原因在于—OH可形成分子间的氢键，使得沸点升高，因而乙醇的沸点比二甲醚的沸点高，A项正确；葡萄糖为多羟基醛，含有醛基，能使溴水或者酸性高锰酸钾溶液褪色，B项错误；羊毛、蚕丝的主要成分是蛋白质，为天然高分子化合物，塑料、合成橡胶都属于人工合成的高分子材料，C项正确；天然植物油是混合物，无固定熔、沸点，另外，植物油常温下难溶于水，D项正确。
【例题15】(2021·云南曲靖二模)化学与生活密切相关，下列有关说法中正确的是( )
A．聚丙烯可使酸性高锰酸钾溶液褪色
B．福尔马林可用于食品的防腐保鲜
C．医用酒精可用于饮用水消毒
D．淀粉、油脂、蛋白质可提供营养
【答案】D
【解析】
聚丙烯分子中没有碳碳双键，不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，A项错误；福尔马林能使蛋白质变性，因而具有杀菌、防腐性能，福尔马林常用来浸制生物标本，作消毒剂，因其有毒，不能用于食品的防腐保鲜，B项错误；75%(体积分数)的乙醇溶液为医用酒精，可用于杀菌消毒，乙醇可与水以任意比例互溶，若将医用酒精溶于饮用水，浓度改变，不具备杀菌消毒能力，故不能用于饮用水消毒，C项错误；淀粉、油脂、蛋白质可提供人体所需的营养物质和能量，属于基本营养物质，D项正确。
【真题演练】
1．（2022·湖北·高考真题）化学物质与生命过程密切相关，下列说法错误的是
A．维生素C可以还原活性氧自由基B．蛋白质只能由蛋白酶催化水解
C．淀粉可用为原料人工合成D．核酸可视为核苷酸的聚合产物
【答案】B
【详解】
A． 维生素C具有还原性，可以还原活性氧自由基，故A正确；
B． 蛋白质在酸、碱的作用下也能发生水解，故B错误；
C． 将二氧化碳先还原生成甲醇，再转化为淀粉，实现用为原料人工合成淀粉，故C正确；
D．核苷酸通过聚合反应制备核酸，故D正确；
故选B。
2．（2022·浙江·高考真题）下列说法正确的是
A．苯酚、乙醇、硫酸铜、氢氧化钠和硫酸铵均能使蛋白质变性
B．通过石油的常压分馏可获得石蜡等馏分，常压分馏过程为物理变化
C．在分子筛固体酸催化下，苯与乙烯发生取代反应获得苯乙烷
D．含氮量高的硝化纤维可作烈性炸药
【答案】D
【详解】
A．硫酸铵使蛋白质发生盐析，而不是变性，A错误；
B．石油经过减压分馏得到石蜡等馏分，是物理变化，B错误；
C．在分子筛固体酸催化下，苯与乙烯发生加成反应获得苯乙烷，C错误；
D．含氮量高的硝化纤维可作烈性炸药，D正确；
答案选D。
3．（2021·山东·高考真题）某同学进行蔗糖水解实验，并检验产物中的醛基，操作如下：向试管Ⅰ中加入1mL20%蔗糖溶液，加入3滴稀硫酸，水浴加热5分钟。打开盛有10%NaOH溶液的试剂瓶，将玻璃瓶塞倒放，取1mL溶液加入试管Ⅱ，盖紧瓶塞；向试管Ⅱ中加入5滴2%CuSO4溶液。将试管Ⅱ中反应液加入试管Ⅰ，用酒精灯加热试管Ⅰ并观察现象。实验中存在的错误有几处？
A．1B．2C．3D．4
【答案】B
【详解】第1处错误：利用新制氢氧化铜溶液检验蔗糖水解生成的葡萄糖中的醛基时，溶液需保持弱碱性，否则作水解催化剂的酸会将氢氧化铜反应，导致实验失败，题干实验过程中蔗糖水解后溶液未冷却并碱化；第2处错误：NaOH溶液具有强碱性，不能用玻璃瓶塞，否则NaOH与玻璃塞中SiO2反应生成具有黏性的Na2SiO3，会导致瓶盖无法打开，共2处错误，故答案为B。
4．（2021·浙江·高考真题）下列“类比”结果不正确的是
A．的热稳定性比的弱，则的热稳定性比的弱
B．的分子构型为V形，则二甲醚的分子骨架()构型为V形
C．的溶解度比的大，则的溶解度比的大
D．将丙三醇加入新制中溶液呈绛蓝色，则将葡萄糖溶液加入新制中溶液也呈绛蓝色
【答案】C
【详解】
A．分子内含有化学键：O-O，热稳定性弱于，分子内含有化学键：N-N，热稳定性弱于，A正确；
B．中氧原子的价层电子对数为4，杂化，含有两对孤电子对，空间构型为：V形，二甲醚的分子骨架()中氧原子价层电子对数为4，杂化，含有两对孤电子对，空间构型为：V形，B正确；
C．钠盐、钾盐等碳酸盐溶解度大于碳酸氢盐溶解度，钙盐相反，碳酸氢钙的溶解度大于碳酸钙，C错误；
D．多羟基的醇遇新制溶液呈绛蓝色，丙三醇加入新制溶液呈绛蓝色，葡萄糖为多羟基的醛，遇新制溶液呈绛蓝色，加热后出现砖红色沉淀，D正确；
答案为：C。
5．（2021·浙江·高考真题）下列方案设计、现象和结论都正确的是
A．AB．BC．CD．D
【答案】B
【详解】
A．原溶液中存在硝酸根可以和Fe2+反应生成Fe3+，故不能验证原溶液中含有亚硝酸根，A错误；
B．向KI溶液中滴加FeCl3，若FeCl3没有剩余说明反应是完全的，因此向反应后的溶液中加入KSCN溶液，若溶液变红，则说明该反应是有限度的，B正确；
C．溶液中加入KOH后体系中剩余大量的OH-，再加入硝酸银溶液后OH-也可以使Ag+生产白色沉淀，C错误；
D．蔗糖为二糖，在酸性条件下可以水解生产单糖，验证单糖中是否存在醛基，应向水解液中加入NaOH溶液使体系呈碱性，再加入新制Cu(OH)2悬浊液，D错误；
故答案选B。
6．（2022·北京·高考真题）高分子Y是一种人工合成的多肽，其合成路线如下。
下列说法不正确的是
A．F中含有2个酰胺基
B．高分子Y水解可得到E和G
C．高分子X中存在氢键
D．高分子Y的合成过程中进行了官能团保护
【答案】B
【详解】
A．由结构简式可知，F中含有2个酰胺基，故A正确，
B．由结构简式可知，高分子Y一定条件下发生水解反应生成 和，故B错误；
C．由结构简式可知，高分子X中含有的酰胺基能形成氢键，故C正确；
D．由结构简式可知，E分子和高分子Y中都含有氨基，则高分子Y的合成过程中进行了官能团氨基的保护，故D正确；
故选B。
7．（2022·湖南·高考真题）聚乳酸是一种新型的生物可降解高分子材料，其合成路线如下：
下列说法错误的是
A．
B．聚乳酸分子中含有两种官能团
C．乳酸与足量的反应生成
D．两分子乳酸反应能够生成含六元环的分子
【答案】B
【详解】
A．根据氧原子数目守恒可得：3n=2n+1+m，则m=n-1，A正确；
B．聚乳酸分子中含有三种官能团，分别是羟基、羧基、酯基，B错误；
C．1个乳酸分子中含有1个羟基和1个羧基，则1ml乳酸和足量的Na反应生成1ml H2，C正确；
D．1个乳酸分子中含有1个羟基和1个羧基，则两分子乳酸可以缩合产生含六元环的分子（），D正确；
故选B。
8．（2021·北京·高考真题）可生物降解的高分子材料聚苯丙生(L)的结构片段如下图。
已知：R1COOH+R2COOH +H2O
下列有关L的说法不正确的是
A．制备L的单体分子中都有两个羧基
B．制备L的反应是缩聚反应
C．L中的官能团是酯基和醚键
D．m、n、p和q的大小对L的降解速率有影响
【答案】C
【详解】
A．合成聚苯丙生的单体为、 ，每个单体都含有2个羧基，故A正确；
B．根据题示信息，合成聚苯丙生的反应过程中发生了羧基间的脱水反应，除了生成聚苯丙生，还生成了水，属于缩聚反应，故B正确；
C．聚苯丙生中含有的官能团为： 、 ，不含酯基，故C错误；
D．聚合物的分子结构对聚合物的降解有本质的影响，因此m、n、p、q的值影响聚苯丙生的降解速率，故D正确；
故选C。
9．（2021·广东·高考真题）广东有众多国家级非物质文化遗产，如广东剪纸、粤绣、潮汕工夫茶艺和香云纱染整技艺等。下列说法不正确的是
A．广东剪纸的裁剪过程不涉及化学变化
B．冲泡工夫茶时茶香四溢，体现了分子是运动的
C．制作粤绣所用的植物纤维布含有天然高分子化合物
D．染整技艺中去除丝胶所用的纯碱水溶液属于纯净物
【答案】D
【详解】
A．广东剪纸的裁剪过程中没有新物质生成，故不涉及化学变化，A正确；
B．冲泡工夫茶时茶香四溢，是因为茶水的香味分子不停地做无规则的运动，扩散到空气中，B正确；
C．制作粤绣所用的植物纤维布含有纤维素，属于天然高分子化合物，C正确；
D．染整技艺中去除丝胶所用的纯碱水溶液属于混合物，D错误。
故选D。
10．（2020·海南·高考真题）下列说法错误的是
A．新榨油脂不及时干燥脱水易变质B．聚氯乙烯可制作食品内包装材料
C．维生素C可作预包装食品抗氧剂D．卤水点豆腐本质属于蛋白质聚沉
【答案】B
【详解】
A．新榨油脂若不及时干燥脱水，水中含有的微生物等物质可以将油脂氧化，使油脂变质，A正确；
B．聚氯乙烯为3类致癌物质，具有毒性，不可作为食品包装材料，B错误；
C．维生素C具有还原性，可作为预包装食品的抗氧化剂，C正确；
D．向豆浆中加入卤水，是豆浆中的蛋白质发生聚沉，属于蛋白质的聚沉，D正确；
故选B。
11．（2021·海南·高考真题）我国化工专家吴蕴初自主破解了“味精”的蛋白质水解工业生产方式。味精的主要成分为谷氨酸单钠盐。是谷氨酸(结构简式如下)的同分异构体，与谷氨酸具有相同的官能团种类与数目。下列有关说法正确的是
A．谷氨酸分子式为B．谷氨酸分子中有2个手性碳原子
C．谷氨酸单钠能溶于水D．的数目(不含立体异构)有8种
【答案】CD
【详解】
A．根据谷氨酸的结构简式，可知分子式为，故A错误；
B．谷氨酸分子( )中有1个手性碳原子(用*标出)，故B错误；
C．谷氨酸单钠属于钠盐，能溶于水，故C正确；
D．有(不含立体异构) 、 、 、 、 、 、 、 ，共8种，故D正确；
选CD。
12．（2020·海南·高考真题）聚异丁烯是一种性能优异的功能高分子材料。某科研小组研究了使用特定引发剂、正己烷为溶剂、无水条件下异丁烯的聚合工艺。已知：异丁烯沸点266K。反应方程式及主要装置示意图如下：
回答问题：
(1)仪器A的名称是_____，P4O10作用是_______________________。
(2)将钠块加入正己烷中，除去微量的水，反应方程式为__________________.。
(3)浴槽中可选用的适宜冷却剂是__________________(填序号)。
(4)补齐操作步骤
选项为：a.向三口瓶中通入一定量异丁烯
b.向三口瓶中加入一定量正己烷
①_______________(填编号)；
②待反应体系温度下降至既定温度：
③______________(填编号)；
④搅拌下滴加引发剂，一定时间后加入反应终止剂停止反应。经后续处理得成品。
(5)测得成品平均相对分子质量为2.8×106，平均聚合度为________________。
【答案】U形管或U型干燥管 吸收空气中的水分，防止水分进入三口瓶中 乙 b a 50000
【分析】使用特定引发剂、正己烷为溶剂、无水条件下，将沸点266K异丁烯适当加热后转变成气体，通入三口瓶中，在冷却槽中加入合适的冷却剂，在下发生加聚反应得到聚异丁烯；
【详解】
(1)仪器A的名称是U形管或U型干燥管；由信息知，聚异丁烯是在无水条件下异丁烯发生加聚反应获得，P4O10能吸收水分，作用是吸收空气中的水分，防止水分进入三口瓶中；
(2)正己烷不和钠反应，而钠可与水反应，故将钠块加入正己烷中除去微量的水，反应方程式为；
(3)由信息知，加聚反应需在和引发剂作用下发生，由信息知，甲最低温度为-21℃，不合适；乙最低温度为-55℃，比较合适；丙最低温度为-33℃，离的上限-30℃很接近，也不合适，故浴槽中可选用的适宜冷却剂是乙；
(4)按实验流程可知，步骤为：向三口瓶中加入一定量 正己烷，将沸点266K异丁烯适当加热后转变成气体，通入三口瓶中，所以答案为b、a；
④搅拌下滴加引发剂，一定时间后加入反应终止剂停止反应。经后续处理得成品。
(5)异丁烯的分子式为C4H8，其相对分子质量为56，已知成品聚异丁烯平均相对分子质量为2.8×106，则平均聚合度为。
【课后精练】
第I卷（选择题）
1．（2022·广东·高三阶段练习）下列物品中含有大量纤维素的是
A．AB．BC．CD．D
【答案】C
【详解】
A．北狼毫是动物的毛发，主要成分为蛋白质，A不符合题意；
B．涤纶布料的主要成分涤纶，是一种化学纤维，B不符合题意；
C．纸张是用植物的秸杆、树木等生产的，主要成分为纤维素，C符合题意；
D．碳纤维管的主要成分为碳单质，D不符合题意；
故选C。
2．（2022·重庆市第十一中学校高三阶段练习）人造海绵的主要成分是聚氨酯，合成方法如下：
下列说法不正确的是
A．M的分子式为B．人造海绵是一种合成纤维
C．聚氨酯在一定条件下可发生水解反应D．合成聚氨酯的反应属于缩聚反应
【答案】D
【详解】
A．结合图示可知，M分子中含有15个C原子、10个H原子、2个N原子、2个O原子，其分子式为C15H10N2O2，故A正确；
B．人造海绵是一种合成纤维，故B正确；
C．聚氨酯含有肽键，在一定条件下可发生水解反应，故C正确；
D．M中含有C═N双键打开π键和乙二醇的醇羟基的氢断开，则合成聚氨酯的反应属于加聚反应，故D错误；
故选：D。
3．（2022·浙江·镇海中学高三阶段练习）根据资料显示：将Cu(OH)2溶于浓的NaOH溶液可得到蓝色透明溶液，蓝色透明溶液中的铜是以四羟基合铜酸钠{Na2[Cu(OH)4]}存在，关于该蓝色溶液，下列说法正确的是
A．该溶液不可以检验还原性糖
B．该溶液不稳定，久置或加热易产生蓝色沉淀
C．该溶液中逐滴滴加盐酸的反应现象为先产生白色沉淀后沉淀溶解
D．向该溶液中加铝粉，可以产生气体，同时产生红色黑色掺杂的固体，溶液最终变为无色
【答案】D
【详解】
A．由于中存在二价铜离子，具有弱氧化性，能氧化还原性糖，直接加热或用沸水浴持续加热，其本身还原产物为砖红色的氧化亚铜，该溶液可以检验还原性糖，A项错误；
B．该溶液不稳定，久置或加热易产生黑色的氧化铜沉淀，B项错误；
C．向该溶液中滴加盐酸，达一定量时可得到蓝色絮状不溶物(氢氧化铜)或者黑色不溶物(氧化铜)，继续滴加，不溶物可溶解，同时得到蓝色铜盐溶液，C项错误；
D．向该溶液中加入铝粉，产生氢气，同时出现红色黑色掺杂的不溶细颗粒(主要为铜单质、氧化铜，伴随有氧化亚铜），溶液最终变无色，铝则以形式存在，溶液为无色，D项正确；
答案选D。
4．（2022·广东湛江·高三阶段练习）劳动成就梦想。下列劳动项目与化学知识不相符的是
A．AB．BC．CD．D
【答案】D
【详解】
A．高温蒸煮，高温能使蛋白质变性，给碗筷消毒，A正确；
B．植物油中含有碳碳双键，具有还原性，可使酸性高锰酸钾溶液褪色，B正确；
C．水垢的成份是碳酸钙和氢氧化镁，醋酸会与碳酸钙反应生成二氧化碳气体，可以用食醋清洗，C正确；
D．燃煤时，会生成二氧化硫气体污染空气，加入生石灰可以生成亚硫酸钙，D错误；
故选D。
5．（2022·四川雅安·模拟预测）下列实验操作、现象及结论都正确的是
A．AB．BC．CD．D
【答案】B
【详解】
A．溶液会先变红后褪色，A错误；
B．将球浸泡在热水中，球内气体颜色会加深，是放热反应，B正确；
C．溶液是用来检验Fe2+的，无法证明Fe3+有剩余，C错误；
D．酸性条件下无法生成氧化亚铜砖红色沉淀，应加入NaOH使溶液呈碱性，D错误；
答案选B。
6．（2022·广东·华南师大附中高三阶段练习）下列装置或操作能达到实验目的的是
A．AB．BC．CD．D
【答案】B
【详解】
A．银氨溶液在碱性条件下具有弱氧化性，实验中蔗糖在酸性条件下水解后，需先在水解液中加入氢氧化钠中和过量稀硫酸后再加入银氨溶液进行验证，上述操作不规范，A错误；
B．上述实验可证明酸性：H2SO4＞H2CO3＞H2SiO3，因非金属性越强，其最高价含氧酸的酸性越强，所以可以比较非金属性：S>C>Si，B正确；
C．容量瓶不能用于稀释浓硫酸用，C错误；
D．向沸水中逐滴加入饱和氯化铁溶液可制备得到氢氧化铁胶体，上述实验中氯化铁与氢氧化钠溶液会直接反应产生氢氧化铁沉淀，D错误；
故选B。
7．（2022·浙江·镇海中学高三阶段练习）下列说法正确的是
A．纤维素能发生酯化反应，而淀粉不能
B．乳糖、淀粉、纤维素和糖原都属于多糖
C．涤纶中的长纤维称为人造丝，短纤维称为人造棉
D．聚苯胺、聚苯等经过掺杂处理后具有一定的导电性能
【答案】D
【详解】
A．纤维素和淀粉均有羟基，均能发生酯化反应，A项错误；
B．乳糖属于二糖，淀粉、纤维素和糖原都属于多糖，B项错误；
C．涤纶是物质经化学变化后制成的合成纤维，C项错误；
D．聚苯胺、聚苯等经过特殊改造后能够像金属一样具有导电性能，用适当物质掺杂处理即可使其能导电，D项正确；
答案选D。
8．（2022·江苏省高邮市教育局高三阶段练习）书法之美尽在“笔墨纸砚”之间。下列说法正确的是
A．制作笔头的“狼毫”主要成分是纤维素B．墨汁是一种分散系
C．宣纸是合成高分子材料D．石材雕刻制砚的过程是化学变化
【答案】B
【详解】
A．动物毛发的主要成分为蛋白质，故“狼毫”的主要成分为蛋白质，A错误；
B．墨汁由碳和水构成，墨汁是一种分散系，B正确；
C．纸张的主要成分为纤维素，是一种多糖，不是合成高分子材料，C错误；
D．石材雕刻制砚的过程中没有新物质生成，属于物理变化，D错误；
故答案选B。
9．（2022·北京·人大附中高三期中）下列物质属于生物大分子且对其聚合原理表述正确的是
A．纤维素：通过醛基与羟基的反应聚合
B．油脂：通过羧基与羟基的取代反应聚合
C．脱氧核糖核酸：通过互补碱基之间的氢键聚合
D．蛋白质：通过亲水基团（或疏水基团）之间的相似相溶原理聚合
【答案】A
【详解】
A．纤维素由葡萄糖通过醛基与羟基的反应聚合得到，A正确；
B．油脂由高级脂肪酸与甘油发生酯化即取代反应得到，但油脂属于小分子化合物，B错误；
C．脱氧核糖核苷酸是通过3'，5'-磷酸二酯键彼此连接起来的线形多聚体，C错误；
D．蛋白质是由氨基酸中氨基和羧基以“脱水缩合”的方式组成的多肽链经过盘曲折叠形成的具有一定空间结构的物质，D错误；
故选：A。
10．（2022·北京·人大附中高三期中）某分子的片段如图所示。下列关于该片段的说法不正确的是
A．图示片段包含1个胞嘧啶、1个鸟嘌呤
B．该片段中所有氮原子都采取杂化
C．该片段在一定条件下可发生水解反应
D．若脱氧核糖中3号C所连羟基被还原为H原子，其参与形成的核苷酸将无法聚合为核酸
【答案】B
【详解】
A．由图可知，片段包含1个胞嘧啶、1个鸟嘌呤，A正确；
B．-NH2中氮原子形成3个σ键，此外还有1对孤电子对，为sp3杂化，B错误；
C．分子中存在肽键，可以发生水解，C正确；
D．若脱氧核糖中3号C所连羟基被还原为H原子，则此处无法再形成氢键，导致其参与形成的核苷酸将无法聚合为核酸，D正确；
故选B。
11．（2022·重庆巴蜀中学高三阶段练习）2021年，我国科学家首次在实验室实现CO2到淀粉的全合成，其合成路线如图所示。设NA为阿伏加德罗常数的值，下列有关说法正确的是
A．标准状况下，11.2L中含有共用电子对数目为NA
B．反应②中，由CH3OH生成3gHCHO时转移电子数目为0.2NA
C．1ml DHA与乙酸发生酯化反应，消耗乙酸分子数目为2NA
D．所得淀粉链的链节中含碳氧键的数目为7NA
【答案】B
【详解】
A．标准状况下，11.2L氢气中含有共用电子对数目为×1×NAml—1=0.5NA，故A错误；
B．反应②中，生成1ml甲醛时反应转移2ml电子，则生成3g甲醛时转移电子数目为×2×NAml—1=0.2NA，故B正确；
C．DHA与乙酸的酯化反应是可逆反应，可逆反应不可能完全反应，则1ml DHA与乙酸发生酯化反应，消耗乙酸分子数目小于1ml×2×NAml—1=2NA，故C错误；
D．淀粉是高分子化合物，由结构简式可知，所得淀粉链的链节中含碳氧键的数目为7nNA，故D错误；
故选B。
12．（2022·山西长治·高三阶段练习）PBS是一种新型的全生物降解塑料，它是以丁二醇和丁二酸合成的聚酯加工而成，其结构如图所示。下列说法不正确的是
A．丁二醇可发生消去反应
B．乙烯发生加聚反应生成PE(聚乙烯)。但PBS塑料属于缩聚反应的产物
C．若不考虑立体异构和两个羟基同时连在同一个碳原子上的结构，则丁二醇共有5种结构
D．1，4-丁二醇()能被酸性溶液氧化生成丁二酸
【答案】C
【详解】
A．丁二醇中羟基连接的碳原子相邻的碳原子上含有氢原子，可以发生消去反应，A项正确；
B．乙烯发生加聚反应生成PE(聚乙烯)，但丁二醇与丁二酸反应生成PBS塑料和水，发生缩聚反应，B项正确；
C．若不考虑立体异构和两个羟基同时连在同一个碳原子上的结构，则丁二醇有 、 、 、 、 、 共有6种结构，C项错误；
D．丁二醇可以被酸性高锰酸钾溶液氧化生成丁二酸，D项正确；
答案选C。
13．（2022·湖南郴州·一模）化学与生产生活、能源、航空航天、医疗健康等诸多领域的需求密切相关。下列说法错误的是
A．核酸检测是诊断新冠肺炎的重要依据，核酸是生物体遗传信息的载体，通过红外光谱仪可检测其结构中存在单键、双键、氢键等化学键
B．采用风能、太阳能等洁净能源发电，有利于实现碳中和
C．“神州十三号”飞船返回舱外壳的烧蚀材料之一酚醛树脂是酚与醛在碱催化下缩合成的高分子化合物
D．生产医用口罩的原料以丙烯为主，丙烯可以通过石油裂化、裂解获得
【答案】A
【详解】
A．氢键不是化学键，A错误；
B．采用风能、太阳能等洁净能源发电，减少碳排放，有利于实现碳中和，B正确；
C．酚醛树脂是苯酚与甲醛在碱催化下缩聚反应得到的高分子化合物，C正确；
D．医用口罩原料以丙烯为主,工业上可以通过石油的裂化和裂解获取，D正确；
答案选A。
14．（2022·浙江·高三阶段练习）下列说法不正确的是
A．淀粉溶液中加入硫酸，加热，再加入少量银氨溶液，加热，有光亮银镜生成
B．花生油的主要成分是高级脂肪酸甘油酯，水解反应可用于生产甘油
C．鸡蛋清水溶液中加入浓硝酸产生白色沉淀，加热后沉淀变黄色
D．和均属于生物大分子，是由许多核苷酸单体形成的聚合物
【答案】A
【详解】
A．淀粉溶液中加入硫酸，加热，要先用NaOH中和硫酸，至溶液呈中性或弱碱性时，再加入少量银氨溶液，加热，有光亮银镜生成，故A错误；
B．花生油的主要成分是高级脂肪酸甘油酯，水解反应可用于生产甘油和高级脂肪酸，故B正确；
C．鸡蛋清水溶液中加入浓硝酸先发生胶体聚沉，产生白色沉淀，加热后沉淀变黄色，发生颜色反应，故C正确；
D．DNA的中文名称是脱氧核糖核酸，单体是脱氧核苷酸，RNA的单体是核糖核苷酸，DNA和RNA均属于生物大分子，是由许多核苷酸单体形成的聚合物，故D正确；
故选A。
15．（2022·四川省内江市第六中学高三阶段练习）下列有关化学用语表示正确的是
A．H2SO3的电离方程式：H2SO32H++SO
B．溴乙烷的比例模型：
C．乙醇的结构式：C2H5OH
D．HOCH2COOH缩聚产物的结构简式：
【答案】B
【详解】
A．H2SO3是二元素弱酸，应分步电离，H2SO3H++，故A错误；
B．比例模型是用一定大小的球体来表示不同的原子的模型；溴乙烷的比例模型：，故B正确；
C．结构式在表示分子式时采用了分子数量和化学键配合，结构简式可以省略部分化学键直接用化学符号和阿拉伯数字表示分子式的组成；乙醇的结构式为，故C错误；
D．HOCH2COOH缩聚产物的结构简式为，故D错误；
故选B。
16．（2022·北京·清华附中高三阶段练习）高聚物A在生物医学上有广泛应用。以N－乙烯基吡咯烷酮(NVP)和甲基丙烯酸β－羟乙酯(HEMA)为原料合成路线如图，下列说法正确的是
A．HEMA具有顺反异构
B．NVP分子式为C6H9NO
C．HEMA和NVP通过缩聚反应生成高聚物A
D．由高聚物A的分子结构可推测其水溶性很差
【答案】B
【详解】
A．HEMA结构中碳碳双键的其中一个不饱和碳原子连接2个氢原子，没有顺反异构，故A错误；
B．NVP分子含有6个碳原子、9个氢原子、1个氮原子、1个氧原子，其分子式为C6H9NO，故B正确；
C．是碳碳双键之间发生加聚反应生成高聚物，故C错误；
D．高聚物A的分子结构中有亲水基团，不能推测其水溶性很差，故D错误；
故答案选B。
第II卷（非选择题）
17．（2022·广东·高三开学考试）银的化学性质比较稳定，在生产生活中有着广泛的应用。
(1)工业上可用葡萄糖和银氨溶液制银镜，配制银氨溶液需要的试剂是_______，具体操作为_______。
(2)实验室做完银镜反应后的试管，通常用稀硝酸溶解洗涤。某同学由于不慎取用了(pH=2)溶液，发现试管内壁光亮的银镜也溶解了。该实验小组同学对银镜溶解的原因迅速展开探究。
提出猜想：
①具有氧化性，能够氧化银。
②_______。
实验验证：
分别向两支具有相同厚度银镜的试管中加入不同试剂，现象如表所示：
①x的数值为_______，试管Ⅱ中发生反应的离子方程式为_______。
②通过上述实验，_______(填“能”或“不能”)证明猜想②不正确。
③有同学提出要想知道是否氧化了银，只需检验溶液中是否存在_______(填离子符号)。
(3)基于猜想②，一位同学设计实验方案验证如下：
(4)通过上述实验，可得出的结论是_______。
【答案】
(1)溶液、稀氨水 在洁净的试管中，向硝酸银溶液中边振荡边逐滴滴加稀氨水至最初产生的沉淀刚好溶解
(2)]在酸性条件下，氧化了银 0.1 不能 Fe2+
(3)pH=2、的硝酸盐溶液
(4)猜想①②均正确(或在该条件下，都能氧化银)
【解析】
（1）配制银氨溶液时，应使用洁净的试管，向硝酸银溶液中加稀氨水，注意控制稀氨水的滴加量，即逐滴滴加稀氨水至最初产生的沉淀刚好溶解为止，需要的试剂是溶液、稀氨水；
故答案为：溶液、稀氨水；在洁净的试管中，向硝酸银溶液中边振荡边逐滴滴加稀氨水至最初产生的沉淀刚好溶解；
（2）在酸性条件下，硝酸根离子具有氧化性，可氧化银；采用控制变量法，为了确保铁离子浓度不变，应加入浓度为的酸性溶液，具有氧化性，金属银具有还原性，酸性条件下，氧化Ag得到亚铁离子和银离子，即；该实验只能证明铁离子具有氧化性，可以氧化银，不能证明硝酸根离子没有参加反应；如果使银镜溶解，则铁元素的化合价降低生成，此时只需检验溶液中是否存在；
故答案为：在酸性条件下，氧化了银；0.1；；不能；；
（3）要证明使银镜溶解，需排除的干扰，可加入pH=2、的硝酸盐溶液；
故答案为：pH=2、的硝酸盐溶液；
（4）通过上述实验可证明在该条件下，都能氧化银镜；
故答案为：猜想①②均正确(或在该条件下，都能氧化银)。
18．（2022·内蒙古呼和浩特·一模）葡萄糖酸钙是一种可促进骨骼生长的营养物质。葡萄糖酸钙可通过以下实验流程制得：
已知：a.反应原理：CH2OH( CHOH)4CHO + Br2+ H2O→C6H12O7 (葡萄糖酸) + 2HBr；2C6H12O7(葡萄糖酸) + CaCO3→Ca(C6H11O7)2(葡萄糖酸钙)+ H2O + CO2↑
b.相关物质的溶解性见下表：
c.相关物质酸性：氢溴酸>葡萄糖酸>碳酸
d.相关物质相对分子质量：葡萄糖180，葡萄糖酸钙430
回答下列问题：
(1)步骤Ⅰ中溴水氧化葡萄糖时，甲同学设计了如图所示装置。你认为缺少的仪器是_______，盛放NaOH溶液的烧杯中主要发生反应的离子方程式_______。
(2)步骤Ⅱ中加入过量CaCO3，除了能提高葡萄糖酸的转化率，还有的作用是_______。
(3)步骤Ⅲ的“操作”是将所得悬浊液煮沸，并趁热采用装置抽滤，滤掉未反应的CaCO3，得到澄清透明的葡萄糖酸钙溶液。抽滤时自来水流的作用是使瓶内与大气形成压强差。与普通过滤操作相比，抽滤的优点是_______；抽滤过程需要趁热进行的原因是 _______。
(4)步骤Ⅴ洗涤操作洗涤剂选用乙醇-水混合溶液 ，理由是_______。
(5)该实验中葡萄糖酸钙的产率为_______( 保留3位有效数字)。
【答案】
(1)温度计 H++ OH-= H2O
(2)除去反应体系中残余的HBr
(3)过滤速率快，固液分离更彻底 防止葡萄糖酸钙由于温度降低导致溶解度降低而析出，使产率降低
(4)水洗去溴化钙等水溶性杂质，乙醇减小葡萄糖酸钙的溶解损失
(5)76.3%
【解析】
(1)第 ①步中溴水氧化葡萄糖时，该温度小于100℃，应该用水浴加热，且温度计测量水浴温度；盛放NaOH溶液的烧杯中主要示吸收HBr，发生反应的离子方程式H++OH-=H2O，故答案为：温度计；H++OH-=H2O；
(2)葡萄糖氧化过程中生成了HBr，能与CaCO3反应生成CaBr2、CO2，加入过量CaCO3，除了能提高葡萄糖酸的转化率，还有的作用是除去HBr，故答案为：除去反应体系中残余的HBr；
(3)抽滤时形成负压，水流的更快，所以与普通过滤操作相比，抽滤过滤速度快，可以减少因溶液温度较低而析出的葡萄糖酸钙，抽滤过程需要趁热进行的原因是葡萄糖酸钙可溶于冷水，易溶于热水，故答案为：过滤速率快，固液分离更彻底；防止葡萄糖酸钙由于温度降低导致溶解度降低而析出，使产率降低；
(4)步骤V洗涤操作洗涤剂选用乙醇-水混合溶液，理由是利用水可以将无机杂质溶解除掉，同时利用葡萄糖酸钙在乙醇中的微溶，减少葡萄糖酸钙的损失，故答案为：水洗去溴化钙等水溶性杂质，乙醇减小葡萄糖酸钙的溶解损失；
(5)9.0gC6H12O6的物质的量n(C6H12O6)==0.05ml，根据C原子守恒有n[Ca(C6H11O7)2]= n(C6H12O6)=0.025ml，Ca(C6H11O7)2的理论产量m[Ca(C6H11O7)2]=0.025ml×430g/ml=10.75g，葡萄糖酸钙的产率=×100%≈76.3%，故答案为：76.3%。
19．（2022·全国·高三专题练习）《自然材料》报道，华人科学家采用“一锅法”合成超高强度的离子液体凝胶材料MBAA，其结构简式如图所示(-R为-COOH或-CONH2)。
一种合成MBAA的路线如下：
请回答下列问题：
(1)MBAA属于_______(填“纯净物”或“混合物”)。
(2)D中官能团的名称为_______。
(3)B→C的反应类型是_______；PAA(尿不湿)具有强吸水性，其原因是_______。
(4)在一定条件下，制备高分子材料PAAm的化学方程式为_______。
(5)G是D的同系物，G的相对分子质量比D大14，G的结构有_______种(不考虑立体异构)，其中核磁共振氢谱上有3组峰且峰的面积比为1∶1∶6的结构简式为_______。
【答案】
(1)混合物
(2)碳碳双键、羧基
(3)取代反应 羧基是亲水基，能与水形成分子间氢键
(4)nCH2=CHCH2CONHR
(5)8
【分析】由有机物的转化关系可知，CH3CH=CH2在高温下与氯气发生取代反应生成ClCH2CH=CH2，ClCH2CH=CH2与NaCN发生取代反应生成CH2=CHCH2CN，则C为CH2=CHCH2CN；CH2=CHCH2CN酸性条件下发生水解反应生成CH2=CHCH2COOH，CH2=CHCH2COOH在一定条件下发生加聚反应得到尿不湿；CH2=CHCH2COOH与SOCl2发生取代反应生成CH2=CHCH2COCl，CH2=CHCH2COCl与氨气发生取代反应生成CH2=CHCH2CONH2，在离子液体、引发剂、交联剂的作用下与CH2=CHCOOH发生加聚反应生成MBAA；CH2=CHCH2CONH2与RCl发生取代反应生成CH2=CHCH2CONHR，CH2=CHCH2CONHR一定条件下发生加聚反应生成PAAm。
（1）MBAA属于合成高分子化合物，聚合度n为不确定值，属于混合物，故答案为：混合物；
（2）由结构简式可知，CH2=CHCH2COOH的官能团为碳碳双键、羧基，故答案为：碳碳双键、羧基；
（3）由分析可知，B→C的反应为ClCH2CH=CH2与NaCN发生取代反应生成CH2=CHCH2CN和氯化钠；PAA(尿不湿)的结构简式为，由结构简式可知，尿不湿中含有的羧基是亲水基，能与水形成氢键，所以尿不湿具有强吸水性，故答案为：取代反应；羧基是亲水基，能与水形成分子间氢键；
（4）由分析可知，CH2=CHCH2CONHR一定条件下发生加聚反应生成PAAm（），反应的化学方程式为nCH2=CHCH2CONHR，故答案为：nCH2=CHCH2CONHR；
（5）G是D的同系物，G的相对分子质量比D大14，则G的同分异构体视作1-丁烯、2-丁烯、2-甲基丙烯分子中的氢原子被羧基取代得到的衍生物，其中1-丁烯分子中的氢原子被羧基取代得到4种结构，2-丁烯、2-甲基丙烯分子中的氢原子被羧基取代各得到2种结构，共有8种，其中核磁共振氢谱上有3组峰且峰的面积比为1∶1∶6的结构简式为，故答案为：8；。
20．（2022·上海黄浦·二模）以芳香族化合物A和有机物D为原料，制备有机物M和高聚物N的合成路线如图：
已知：
I.符合原子经济学原理
II． (R1、R2表示氢原子或烃基)
(1)D的官能团名称___________。
(2)的反应类型___________，生成M的反应条件___________。
(3)E的结构简式为___________。
(4)H生成N的化学方程式为___________。
(5)写出满足下列条件的B的一种同分异构体的结构简式___________。
①能发生银镜反应 ②苯环上连有三个取代基 ③苯环上的一卤代物有两种
(6)参照上述合成路线和信息，以丙烯为原料(无机试剂任选)，设计制备的合成路线_____。
【答案】
(1)醛基
(2)加成反应 浓硫酸/△
(3)
(4)n
(5)或
(6)CH3CH=CH2
【分析】由有机物的转化关系可知，与HC≡CCH3发生加成反应生成，则A为；催化剂作用下与氢气共热发生加成反应生成，则C为；与氢氰酸发生加成反应后，酸化得到，则E为；在浓硫酸作用下共热发生消去反应生成，则F为；在催化剂作用下与氢气共热发生加成反应生成，在浓硫酸作用下与共热发生取代反应生成；在浓硫酸作用下与甲醇共热发生酯化反应生成，则H为；在催化剂作用下共热发生加聚反应生成。
（1）由结构简式可知，D的官能团为醛基，故答案为：醛基；
（2）由分析可知，A→B的反应为与HC≡CCH3发生加成反应生成；生成M的反应为在浓硫酸作用下与共热发生取代反应生成和水，故答案为：加成反应；浓硫酸/△；
（3）由分析可知，E的结构简式为，故答案为：；
（4）H生成N的反应为在催化剂作用下共热发生加聚反应生成，反应的化学方程式为n，故答案为：n；
（5）B的同分异构体的结构简式能发生银镜反应，苯环上连有三个取代基说明同分异构体分子苯环上的取代基为1个醛基和2个甲基，则苯环上的一卤代物有两种的结构简式为、，故答案为：或；
（6）由合成路线和信息可知，以丙烯为原料制备的合成步骤为催化剂作用下丙烯与水发生加成反应生成，在铜做催化剂条件下，与氧气发生催化氧化反应生成，先与氢氰酸发生加成反应，后酸化生成，在催化剂作用下发生缩聚反应生成，合成路线为CH3CH=CH2，故答案为：CH3CH=CH2。
21．（2021·重庆·高考真题）光刻胶是集成电路微细加工技术中的重要化工材料。某成膜树脂F是248 nm光刻胶的组成部分，对光刻胶性能起关键作用。
(1)F由单体I和单体II合成，其结构简式如图所示：
F中官能闭的名称为酰胺基和_______，生成F的反应类型为_______。
(2)单体I的分子式为CHaO2
①单体的结构简式为_______。
②单体I的同分异构体G能发生银镜反应，核磁共振氢谱有两组峰(峰面积比为6： 1)， 则G的结构简式为_______。
(3)单体II的一种合成路线如图(部分试剂及反应条件省略)
已知以下信息：
①A+B→C为加成反应，则B的化学名称为_______。
②D的结构简式为_______，E的结构简式为_______。
③E的同分异构体能同时满足以下两个条件的有_______个(不考 虑立体异构体)。
(i)含有环己烷基，环上只有3个取代基且相同；
(ii)能与金属钠反应放出氢气
④已知以下信息：
a.+HOR4 (R1、R2、R4为烃基，R3为H或烃基)
b. (R为H或烃基)
单体II的加聚产物在酸性介质中发生反应的化学方程式为_______。
【答案】
(1)酯基 加聚反应
(2)
(3)乙炔 6
【分析】小问（1）考查的是课内知识，只需牢记课内官能团与有机反应类型即可判断解题；小问（2）考查了加聚物中单体的判断及同分异构体的书写，前者也只需牢记课内如何进行单体与加聚物的相互转化判断即可简单完成，后者分情况而定，而此题主要涉及醛基的性质与等效氢问题；小问（3）是一道较简单的有机合成题，关联好给出的信息反应，注意对比流程中前后物质的结构与分子式的差异即可解题。
（1）由F的结构简式可以看出来，该物质中除了含有酰胺基，还有酯基（），而F由单体I和单体II合成，表明单体I和单体II具有碳碳双键结构，通过加聚反应形成F；
故答案为：酯基；加聚反应；
（2）单体I的分子式为，说明F的左侧结构是单体I发生加聚后形成的链节，由该链节可推断出单体I为 ；由单体I的结构简式可以判断出其有2个不饱和度，还有2个氧原子，而单体I的同分异构体G能发生银镜反应，核磁共振氢谱有两组峰(峰面积比为6： 1)，由此可推断G有较高的对称性，才会使等效氢只有2种且数目比为6： 1，可见G中有两个醛基，而且有多个同碳上的甲基且处于对称位置，其结构为 ；
故答案为： ； ；
（3）题号（3）①中A+B→C为加成反应，结合流程 ，可推断B为乙炔（）；
题号（3）②中结合题目信息 ，可以推断出生成D的反应为 ，所以D为 ；结合信息 可知， 要生成 ，需要加入的E（）为 ；
题号（3）③中依据E的分子式或E的结构 都可以推断出E只有一个不饱和度，要求写的同分异构体含有的环己烷基占据了这一个不饱和度和6个碳原子，剩余的3个碳原子和3个氧原子要形成3个相同且能与金属钠反应放出氢气的取代，表明取代基为，可形成的同分异构体如下： 、 、 、 、 、，共6种；
题号（3）④中的信息反应a可推断出，单体II的加聚物，即 ，在酸性条件下先转变为 和 ，但是依据信息反应b可知 在酸性条件下会继续衍变为 ，最终反应的化学方程式为 ；
故答案为：乙炔；；； 6；。
22．（2022·陕西·西安中学模拟预测）肉桂酸主要用于香精香料、食品添加剂、医药工业、农药等方面。下面是肉桂酸的合成路线，部分反应条件和产物已略去：
已知：
i.CH3CH=CH2CH3CHO+HCHO
ii.
(1)反应①的条件是_______。
A．NaOH水溶液，加热 B．NaOH醇溶液，加热 C．浓硫酸，加热
(2)B的化学名称为_______，反应②的反应类型为_______。
(3)C中所含官能团的名称为_______，反应⑦的化学方程式为_______。
(4)D(肉桂酸)的结构简式为_______。
(5)肉桂酸的同分异构体有多种，能同时满足下列条件的共有_______种(不含立体异构)。
①苯环上有三个取代基
②分子中含有碳碳双键
(6)观察上述合成路线，请以乙醛为原料写出合成的路线(其他试剂任选)_____。
【答案】
(1)B
(2)苯乙醛 加成反应
(3)(醇)羟基、羧基 n+(n-1)H2O
(4)
(5)10
(6)CH3CHO
【分析】根据已知条件i，与氧气在催化剂的条件下反应生成有机物A和有机物B，根据有机物A的分子式，有机物A为HCHO(甲醛)，有机物B为(苯乙醛)；根据已知条件ii，有机物发生两步反应生成有机物C()，有机物C在浓硫酸加热的条件下发生消去反应生成肉桂酸，肉桂酸的结构为；同时有机物C还可以发生缩聚反应生成聚合物E，聚合物E的结构为，据此分析解题。
（1）反应①为卤代烃的消去反应，卤代烃的消去反应条件为NaOH醇溶液，加热，故答案选B。
（2）根据分析，B为，其化学名称为苯乙醛；反应②中，由反应生成了，属于不饱和烃的加成反应，故反应类型为加成反应。
（3）根据分析，有机物C为，其官能团为(醇)羟基、羧基；反应⑦为缩聚反应，反应的化学方程式为n+(n-1)H2O。
（4）根据分析，肉桂酸的结构简式为。
（5）根据条件，其同分异构体中含有酚羟基、醛基和乙烯基，苯环上三个取代基位置不同，当醛基与乙烯基处于邻位时，苯环上共有4个位置可以放置羟基，此时共有4种同分异构体，当醛基与乙烯基处于间位时，苯环上共有4个位置可以放置羟基，此时共有4种同分异构体，当醛基与乙烯基处于对位时，苯环上共有2个位置可以放置羟基，此时共有2种同分异构体，因此，符合题目条件的同分异构体共有4+4+2=10种。
（6）根据题目中给出的已知条件，可以用乙醛与HCN发生加成反应生成，生成的在酸性条件下发生反应生成，最后发生缩聚反应生成目标产物，具体的合成流程为：CH3CHO。分子式
结构简式
官能团
二者
关系
葡萄糖
C6H12O6
CH2OH(CHOH)4CHO
—OH、—CHO
同分异构体
果糖
CH2OH(CHOH)3CCH2OHO
—CO、—OH
比较项目
蔗糖
麦芽糖
相同点
分子式
均为C12H22O11
性质
都能发生水解反应
不同点
是否含醛基
不含
含有
水解产物
葡萄糖、果糖
葡萄糖
相互关系
互为同分异构体
情况
现象A
现象B
结论
①
溶液呈蓝色
未产生银镜
淀粉未水解
②
溶液呈蓝色
出现银镜
淀粉部分水解
③
溶液不呈蓝色
出现银镜
淀粉完全水解
DNA分子
具有一定碱基排列顺序的DNA片段含有特定的遗传信息，决定生物体的一系列性状
RNA分子
主要负责传递、翻译和表达DNA分子所携带的遗传信息
单体
聚合物
CH2===CH—CH3
CH2===CHCl
CH2===CH—CN
CH3COO—CH===CH2
CH2===CH—CH===CH2
单体
聚合物
、
HOCH2CH2OH
HOCH2CH2OH
CH3CH(OH)—COOH
H2N—(CH2)6—NH2、
HOOC—(CH2)4—COOH
类别
加聚反应
缩聚反应
单体特征
含不饱和键(如)
至少含两个特征官能团
(如—OH、、—NH2)
单体种类
含碳碳双键或碳碳三键的有机化合物
酚、醛、醇、羧酸、氨基酸
聚合方式
通过不饱和键加成
通过缩合脱去小分子而连接
聚合物特征
高聚物和单体具有相同的组成
高聚物和单体具有不同的组成
产物
只产生高聚物
高聚物和小分子
性质
应用
医用酒精中乙醇的体积分数为75%，能使蛋白质变性
医用酒精用于消毒
一定条件下，葡萄糖与银氨溶液反应生成银镜
工业制镜
一定条件下，葡萄糖与新制的氢氧化铜反应生成砖红色沉淀
检测尿糖
蛋白质受热变性
加热杀死流感病毒
蚕丝灼烧有烧焦羽毛的气味
灼烧法可以区别蚕丝和人造丝
聚乙烯CH2—CH2性质稳定，无毒
生产食品包装袋
聚氯乙烯()有毒
不能生产食品包装袋，可用于生产雨衣、桌布等
食用油反复加热会产生稠环芳香烃等有害物质
食用油不能反复加热
淀粉遇碘水显蓝色
鉴别淀粉与蛋白质、木纤维等
油脂在碱性条件下水解为高级脂肪酸盐和甘油
制肥皂
类别
条件
水解通式
卤代烃
NaOH的水溶液，加热
酯
在酸溶液或碱溶液中，加热
二糖
酸或酶
多糖
酸或酶
油脂
酸、碱或酶
蛋白质或多肽
酸、碱或酶
目的
方案设计
现象和结论
A
检验某无色溶液中是否含有NO
取少量该溶液于试管中，加稀盐酸酸化，再加入FeCl2溶液
若溶液变黄色且试管上部产生红棕色气体，则该溶液中含有NO
B
探究KI与FeCl3反应的限度
取5 mL 0.1 ml·L-1KI溶液于试管中，加入1 mL 0.1 ml·L-1 FeCl3溶液，充分反应后滴入5滴15% KSCN溶液
若溶液变血红色，则KI与FeCl3的反应有一定限度
C
判断某卤代烃中的卤素
取2 mL卤代烃样品于试管中，加入5 mL 20% KOH水溶液混合后加热，再滴加AgNO3溶液
若产生的沉淀为白色，则该卤代烃中含有氯元素
D
探究蔗糖在酸性水溶液中的稳定性
取2mL20%的蔗糖溶液于试管中，加入适量稀 H2SO4后水浴加热5 min；再加入适量新制Cu(OH)2悬浊液并加热
若没有生成砖红色沉淀 ，则蔗糖在酸性水溶液中稳定
序号
冷却剂
最低温度/℃
甲
NaCl-冰(质量比1：3)
-21
乙
CaCl2·6H2O-冰(质量比1.43：1)
-55
丙
液氨
-33
物品
选项
A．北狼毫(黄鼠狼毛做)
B．涤纶布料
C．纸张
D．碳纤维管
选项
劳动项目
化学知识
A
饮食卫生：高温蒸煮，给碗筷消毒
高温能使蛋白质变性
B
自主探究：植物油可使酸性高锰酸钾溶液褪色
植物油中含有碳碳双键，能被酸性高锰酸钾氧化
C
家务劳动：用食醋清洗水壶内的水垢
醋酸的酸性比碳酸强
D
工厂参观：燃煤时，加入生石灰
增大煤与空气的接触面积，从而提高煤的燃烧效率
选项
实验操作
实验现象及结论
A
把水滴入盛有少量固体的试管中，向反应后的溶液滴入3滴酚酞溶液
溶液最终呈红色，说明反应后溶液呈碱性
B
将球浸泡在热水中
球内气体颜色加深，说明是放热反应
C
取溶液于试管中，加入溶液，充分反应后滴入5滴溶液
产生蓝色沉淀，说明与的反应有一定限度
D
取 20％的蔗糖溶液于试管中，加入适量稀后水浴加热5min；再加入适量新制并加热
未产生砖红色沉淀，说明蔗糖在该条件下未发生水解
选项
A
B
C
D
目的
验证蔗糖是否发生水解
比较非金属性：S>C>Si
配制1000mL 2ml/LH2SO4溶液
制备氢氧化铁胶体
装置
试管编号
加入试剂
实验现象
Ⅰ
酸性溶液
银镜很快消失
Ⅱ
酸性溶液
银镜消失，但时间较长
试管编号
加入试剂
实验现象
Ⅲ
_______
银镜很快消失
物质名称
葡萄糖酸钙
葡萄糖酸
溴化钙
在水中的溶解性
可溶于冷水，易溶于热水
可溶
极易溶
在乙醇中的溶解性
微溶
微溶
可溶