暑期综合提高练习（二）——2026-2027年高中物理新高三年级暑期强化训练含答案

这是一份暑期综合提高练习（二）——2026-2027年高中物理新高三年级暑期强化训练含答案，共5页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。

一、选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．离子烟雾报警器是一种常见且广泛使用的火灾报警设备。某离子烟雾报警器中装有放射性元素镅（），其半衰期为432.2年，衰变方程为。下列说法正确的是（ ）
A．镎核（）比镅核（）少了2个中子
B．X是β粒子，具有很强的电离本领
C．镅核（）的比结合能比镎核（）的比结合能大
D．100个镅核（）经过432.2年后一定还剩余50个
2．如图所示，一列简谐横波以速度沿轴传播，在波的传播方向上有三点，为中点，且小于波长。两处质点的振动图像分别如图(b)中实线和虚线所示。则( )
A．波长一定为B．速度可能为
C．时两处质点的速度相同D．时处质点可能处于波谷
3．圆锥摆是我们在研究生活中的圆周运动时常遇到的一类物理模型。如图所示，质量相同的1、2两个小摆球（均可视为质点）用长度相等的细线拴在同一悬点，组成具有相同摆长和不同摆角的圆锥摆，若两个小摆球均在水平面内均做匀速圆周运动，不计空气阻力。则（ ）
A．小摆球1的角速度小于小摆球2的角速度B．细线对球1的拉力大于细线对球2的拉力
C．两个小摆球的向心力大小相等D．两个小摆球线速度大小相等
4．如图甲，“星下点”是指卫星和地心连线与地球表面的交点.如图乙是航天控制中心大屏幕上显示卫星FZ01的“星下点”在一段时间内的轨迹，已知地球同步卫星的轨道半径为r=6.6R（R是地球的半径），FZ01绕行方向与地球自转方向一致，则下列说法正确的是（ ）
甲乙
A．卫星FZ01的轨道半径约为r3
B．卫星FZ01的轨道半径约为r5
C．卫星FZ01可以记录到南极点的气候变化
D．卫星FZ01不可以记录到北极点的气候变化
5．CT扫描是计算机X射线断层扫描技术的简称，CT扫描机可用于对多种病情的探测。图(a)是某种CT机主要部分的剖面图，其中X射线产生部分的示意图如图(b)所示。图(b)中M、N之间有一电子束的加速电场，虚线框内有匀强偏转磁场；经调节后电子束从静止开始沿带箭头的实线所示的方向前进，打到靶上，产生X射线(如图中带箭头的虚线所示)；将电子束打到靶上的点记为P点。则( )
A．M处的电势高于N处的电势
B．增大M、N之间的加速电压可使P点左移
C．偏转磁场的方向垂直于纸面向外
D．增大偏转磁场磁感应强度的大小可使P点左移
6．如图所示，在竖直平面内有一个半径为R的绝缘圆环，圆环的A、B、C、D端点上分别固定有一个点电荷，电荷量分别为+Q、+Q、−Q、−Q，圆心为O，AC垂直于BD，a、b、c、d分别为OA、OB、OC、OD的中点，在BD的延长线上有P点和N点，且DP=PN=R2。关于四个点电荷形成的电场，下列判断正确的是（ ）
A．a、b、c、d四点的电场强度大小相等
B．a、b、c、d四点的电势相同
C．d点和P点的电场强度大小相等
D．P点电势大于N点电势
二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项是符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7．如图所示，劲度系数k＝100N/m的轻弹簧一端固定在水平面上，另一端连接物块A，物块B置于A上（不粘连），A、B的质量均为1kg，开始时A和B处于静止状态。现对B施加方向向下的作用力F，使A、B缓慢向下运动至某位置时，撤去外力F，A、B恰好不会分离一起做简谐运动。已知A、B均可视为质点，弹簧的弹性势能（x为弹簧的形变量），重力加速度。下列说法正确的是（ ）
A．A、B恰好在弹簧原长位置不分离
B．A、B在弹簧原长位置时的速度大小为10m/s
C．B在外力作用下向下运动的距离为0.4m
D．外力F对B做的功为2J
8．［福建泉州永春三中等学校2024高二下联考］某市地处山区，水力资源丰富，现利用市内某条流量Q=2m3/s、落差ℎ=5m的河流发电并进行远距离输电.如图所示，若发电机输出功率为4×104W，输出电压恒为240V，输电线路总电阻R线=24Ω ，损失功率为输出功率的6%，重力加速度g=10m/s2，水的密度ρ=1.0×103kg/m3，要满足居民220V的用电需求，则（ ）
A. 发电机的效率为45%
B. 该输电线路所使用的理想升压变压器的匝数比是3:50
C. 该输电线路所使用的理想降压变压器的匝数比是180:11
D. 若居民消耗的功率增大，则居民获得的电压U4将变小
9．如图所示，两束不同的单色细光束a、b,以不同的入射角从空气射入玻璃三棱镜中，其出射光恰好合为一束。以下判断正确的是（ ）
10．如图所示，足够长的斜面体静止于地面上，并处于方向垂直纸面向里、磁感应强度大小为B的匀强磁场中。电荷量为的滑块从绝缘斜面顶端由静止下滑，斜面体始终处于静止状态。在滑块下滑的过程中，下列判断正确的是（ ）
A．滑块做匀变速直线运动
B．滑块最终静止于斜面上
C．滑块最终将在斜面上匀速下滑
D．将磁感应强度B增大到很大时，滑块不可能静止于斜面上
三、非选择题：本大题共5题，共56分。
11．（8分）某同学在做“用单摆测定重力加速度”的实验.
（1） 该同学用游标卡尺测量摆球的直径时示数如图甲所示，则摆球的直径D=_______________m，把摆球用细线悬挂在铁架台上，用毫米刻度尺测得摆线长为l.
甲
（2） 实验装置的示意图如图乙所示，P、Q分别为摆球在运动过程中左、右侧能到达的最高点，O为平衡位置，则应该从摆球经过______（填“O”“P”或“Q”）点时开始计时，该同学用停表记下单摆做n次全振动的时间为t.
乙
（3） 该同学通过计算测得的数据，发现他得到的重力加速度的数值偏大，其原因可能是_____.
A．单摆的振幅较小
B．单摆的悬点未固定紧，振动中出现松动，使摆线变长了
C．把单摆n次摆动的时间误记为(n+1)次摆动的时间
D．以摆线长l作为摆长进行计算
（4） 该同学改进了处理数据的方法，他测量了5组摆长L（摆线长l与摆球半径之和）和对应的周期T，画出L−T2图像，然后在图线上选取A、B两个点，L−T2图像如图丙所示，则当地重力加速度的表达式为g=__________________________________.（用图丙中涉及的物理量符号表示）
丙
12．（10分）某同学在实验室看见一个损坏的滑动变阻器，如图（a）所示，于是想测量绕制滑动变阻器的电阻丝的电阻率ρ.
图（a）
（1）该同学首先截取了一段长为L=100.00cm的电阻丝，用螺旋测微器测量金属丝不同位置的直径，某次测量的示数如图（b）所示，该读数为D= mm.多次测量后，得到直径的平均值恰好与D相等.
图（b）
（2）然后将所截取的电阻丝绕制在一个玻璃管上，接入如图（c）所示的实验电路，电阻箱的示数为5Ω ，电路连接无误.如图（c）所示，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至最 端.
图（c）
（3）闭合开关，调节滑动变阻器，读取电压表的示数U和电流表的示数I，得到多组测量数据，用EXCEL处理数据得到U−I图像如图（d）所示，则这段电阻丝的电阻Rx= Ω （结果保留2位有效数字）.
图（d）
（4）最后可由表达式ρ= （用D、L、Rx、π 表示）得到电阻丝的电阻率.根据计算结果可知，绕制滑动变阻器的电阻丝的材料最可能是下列材料中的 .
几种导体材料在20℃时的电阻率
13．如图所示，水银柱将一定质量的理想气体封闭在竖直放置的容器内，粗管横截面积是细管的4倍，水银柱的上表面正好与粗管上端口齐平。大气压强为，封闭气体的压强为，此时水银柱的长度为，封闭气体的长度为，温度为。
(1)缓慢的给封闭气体加热，当水银柱刚好全部进入细管中，此时气体的温度为，求的大小；
(2)设细管的横截面积为，当气体的温度再缓慢由变成的过程中，求气体对外界做的功为多少。
14．（14分）如图所示，在水平面上的装置由三部分构成，装置中间部分为电路控制系统，电源电动势恒定且为E，内阻不计，两个开关S1、S2初始状态都断开，装置左、右两侧均为足够长且不计电阻的光滑金属导轨，导轨MN宽度为2L，HG宽度为L，导轨MN和HG之间存在匀强磁场，磁感应强度大小分别为B和2B，磁场方向如图所示，将质量均为m的金属杆ab、cd分别轻放在水平导轨上，两杆接入电路中的电阻相等，不计金属杆与导轨间的摩擦。
（1） 接通S1，求ab杆的最大速度大小;
（2） 当ab杆做匀速运动后，断开S1同时闭合S2，当两杆再次匀速运动时，求cd杆产生的焦耳热。
15．（18分）如图所示，MN、PQ间有沿y轴负方向的匀强电场E1，PQ、y轴间有沿y轴正方向的匀强电场E2，AC＝7CO，y轴右侧有垂直纸面向里的匀强磁场B，有一带电的粒子1，质量为m1、电荷量为＋q1，沿x轴正方向从A点以速度大小v0射入，经两电场偏转后恰好经过O点，此时速度与x轴正方向夹角为45°且斜向上，与静止在O点、质量为m2、电荷量为－q2的带电粒子2发生正碰，碰后粒子1速度反向，且经电场E2后通过C点，碰后粒子2的速度大小为2v04，进入磁场之后从y轴某点射出磁场进入电场E2，刚好从C点以水平向左的速度射出电场E2。不计粒子重力及粒子间的相互作用，碰后两粒子电性及电荷量均保持不变，题中只有v0已知，其他物理量均未知，求：
（1）粒子1与粒子2碰撞前在电场E1与电场E2中运动的时间之比及加速度大小之比；
（2）电场强度E2与磁感应强度B的大小之比；
（3）m1与m2之比，并通过计算分析两个粒子的碰撞是否为弹性碰撞。
参考答案
1．【知识点】原子核的衰变及半衰期、结合能与比结合能
【答案】A
【详解】镎核（）比镅核（）少的中子个数为
A正确；根据核反应方程中质量数守恒和电荷数守恒，可知X粒子的电荷数为2，质量数为4，则X是氦核（），即粒子，B错误；自发的衰变过程中释放能量，原子核的比结合能增大，即镎核（）的比结合能比镅核（）的比结合能大，C错误；半衰期是大量统计规律，所以100个镅核（）不满足统计规律，D错误。
2．【知识点】波的多解问题
【答案】D
【详解】由题图(b)可知，周期为。
若简谐横波沿轴正方向传播，且两点距离小于波长，则
得：，波速：。
若简谐横波沿轴负方向传播，且两点距离小于波长，则
得：，波速：。故选项均错误。
由题图(b)可知时两质点的速度大小相等，方向相反，选项C错误。
若简谐横波沿轴正方向传播，两处质点之间距离为时两处质点偏离平衡位置位移相同，此时处质点处于波谷，选项D正确。选D。
3．【知识点】圆锥摆问题
【答案】A
【详解】小摆球水平面内做匀速圆周运动，设线长为l，细线与竖直方向夹角为，根据牛顿第二定律，有，可得，由于，有，，A正确；线上的拉力为，由于，有，，B错误；小摆球的向心力为，由于，有，，C错误；根据牛顿第二定律，有，可得，由于，有，，，D错误。
4．【知识点】万有引力定律问题的分析与计算
【答案】C
【解析】根据万有引力提供向心力有GMmr2=m(2πT)2r,可得同步卫星的周期为T=2πr3GM,由题图乙可知,地球自转一圈,卫星FZ01运动三圈,卫星FZ01做圆周运动,故卫星FZ01的周期为T′=T3=2πr′3GM,则卫星FZ01的轨道半径与同步卫星的轨道半径关系为r′=r39≈r2,故A、B错误；卫星FZ01纬度最高时,根据题图乙可知θ=30∘ ,如图所示,卫星离地球球心所在水平面的高度为ℎ=r′sin30∘≈r4=1.65R>R,即卫星高度大于北极点的高度,卫星FZ01可以记录到北极点的气候变化,同理可知,卫星FZ01可以记录到南极点的气候变化,故C正确,D错误.
5．【知识点】带电粒子在组合场中的运动
【答案】D
【详解】电子带负电，故必须满足N处的电势高于M处的电势才能使电子加速，故选项A错误；由左手定则可判定偏转磁场的方向垂直纸面向里，故选项C错误；对加速过程应用动能定理有eU＝eq \f(1,2)mv2，设电子在磁场中运动半径为r，由洛伦兹力提供向心力，有evB＝meq \f(v2,r)，则r＝eq \f(mv,eB)，电子运动轨迹如图所示，由几何关系可知，电子从磁场射出的速度方向与水平方向的夹角θ满足sin θ＝eq \f(d,r)(其中d为磁场宽度)，联立可得sin θ＝dBeq \r(\f(e,2mU))，可见增大U会使θ减小，电子在靶上的落点P右移，增大B可使θ增大，电子在靶上的落点P左移，故选项B错误，D正确。
6．【知识点】电场的叠加
【答案】A
【解析】根据等量异种点电荷形成的电场特点可知，A、C和B、D处的点电荷在a、b、c、d四点处的电场分布如图甲所示,A点和C点处的点电荷形成的电场中电场强度Eay=Ecy、Eby=Edy，方向都是竖直向下，B点和D点处的点电荷形成的电场中电场强度Eax=Ecx、Ebx=Edx，方向都是水平向右，且Eay=Ecy=Ebx=Edx，Eby=Edy=Eax=Ecx，根据电场强度的叠加可知a、b、c、d四点的电场强度大小相等，A正确；选取无穷远电势为零，可知正电荷周围的电势离正电荷越近电势越高，且为正值，离负电荷越近电势越低且为负值，根据对称性和叠加原理可知φa=φb>φc=φd，B错误；根据等量异种点电荷形成的电场特点可知，四个点电荷在P、d两点处电场分布如图乙所示，根据库仑定律及几何关系有EAC=16kQ55R2，EBD=40kQ9R2，E′AC=16kQ1313R2，E′BD=96kQ25R2，根据场强叠加法则可知d点电场强度大于P点电场强度，C错误；根据电势的叠加原理可知A点的+Q和C点的−Q电荷在P点和N点产生的电势之和均为零，B点的+Q和D点的−Q电荷形成的电场线如图丙所示，可知电场线方向由N指向P，根据沿着电场线方向电势逐渐降低可知φN>φP，D错误。
甲乙丙
【命题创新 】电场和电势的叠加属于高考中的常考点，近几年等量同种或异种点电荷的场强均有考查，本题巧妙地构建了四个点电荷，可构建成两对异种点电荷模型，考查学生对电场和电势叠加的理解，需要学生具备一定的对称思想。
7．【知识点】功能原理、能量守恒与曲线运动的综合
【答案】AD
【详解】A、B恰好一起做简谐运动，运动到最高点时速度为0，加速度最大，为重力加速度g，二者之间无弹力，最高点在弹簧原长位置，在弹簧原长位置恰好不分离，且速度为0，A正确，B错误；设开始时弹簧的压缩量为，根据平衡条件有，解得，设物块B在外力作用下向下运动的距离为，从最低点到最高点的过程，由能量守恒定律得，解得，C错误；弹簧从压缩量为到的过程中，由能量守恒定律和功能关系得，解得W＝2J，D正确。
8．【知识点】理想变压器原、副线圈两端的电压、功率、电流关系及其应用
【答案】BD
【解析】发电机的效率为η=P出mgℎt×100%=P出Qρgℎ×100%=4×1042×1.0×103×10×5×100%=40%,故A错误；升压变压器原线圈电流为I1=P出U1=5003A,根据P损=I22R线=6%P出,解得输电线电流为I2=10A,则该输电线路所使用的理想升压变压器的匝数比为n1n2=I2I1=350,故B正确；升压变压器副线圈的输出电压为U2=U1n2n1=4000V,降压变压器原线圈的输入电压为U3=U2−I2R线=3760V,则该输电线路所使用的理想降压变压器原、副线圈的匝数比为n3n4=U3U4=18811,故C错误；若居民消耗的功率增大,则电源输入总功率变大,因为总电压不变,由I=PU可知,升压变压器原线圈电流变大,升压变压器副线圈电流变大,则输电线上损耗的电压变大,降压变压器原线圈电压变小,则降压变压器副线圈电压变小,故D正确.
9．【知识点】全反射与折射的综合应用、干涉条纹和光的波长之间的关系
【答案】ABD
【分析】根据光线的偏折程度比较出玻璃三棱镜对a、b两光的折射率大小，从而比较出两光的波长和频率的大小，结合临界角公式sinC=分析临界角大小，根据比较两光在三棱镜中的速度大小，根据公式比较双缝干涉条纹的间距大小；根据光电效应方程解答。
【详解】根据光路图可知，通过三棱镜后b光偏折程度比a光的大，则三棱镜对b光的折射率较大，根据可知a光在同种介质中传播速度较大，A正确；根据全反射临界角公式可知，a光发生全反射的临界角较大，B正确；三棱镜对b光的折射率较大，则b光的频率较大，由c=λf知b光的波长较小，根据知b光的双缝干涉条纹间距较小，C错误；根据光电效应方程可知Ek=hν-W0，由于b光的频率较大，可知b光照射金属产生的光电子最大初动能较大，D正确。选：ABD。
【关键点拨】解决本题的突破口在通过光线的偏折程度比较出光的折射率大小，要知道折射率与频率、波长、光在介质中的速度等关系，并能用来解决实际问题。
10．【知识点】利用牛顿定律进行受力分析
【答案】CD
【详解】A．小滑块向下运动的过程中受到重力、支持力，根据左手定则，还受到垂直斜面向下的洛伦兹力，沿斜面向上的摩擦力，垂直斜面方向
沿斜面方向，根据牛顿第二定律
滑块向下运动的过程中，速度增大，洛伦兹力增大，支持力增大，滑动摩擦力增大，加速度减小，滑块做非匀变速直线运动，A错误；
BC．当加速度
时，滑块最终将在斜面上匀速下滑，洛伦兹力与摩擦力不再增大，所以滑块不可能静止在斜面上，B错误，C正确；
D．当磁感应强度B增大到很大时，根据A项分析知
速度增大较少时，加速度为
之后开始在斜面上匀速下滑，不可能静止于斜面上，D正确。
选CD。
11．【知识点】实验：用单摆测量重力加速度
【答案】（1） 8.10×10−3
（2） O
（3） C
（4） 4π​2(L2−L1)T22−T12
【解析】
（1） 游标卡尺的主尺读数为8mm,游标尺读数为0.05×2mm=0.10mm,则D=8.10mm=8.10×10−3m.
（2） 为了方便计时,应从摆球经过最低点O时开始计时.
（3） 根据单摆周期公式T=2πLg可得g=4π​2LT2.该式只有当摆动的角度小于5∘ 时才能成立,所以单摆的振幅较小,不影响重力加速度的测量,故A错误；若单摆的悬点未固定紧,振动中出现松动,使摆线变长了,则摆长的测量值偏小,重力加速度的测量值将偏小,故B错误；若把n次摆动的时间误记为(n+1)次摆动的时间,则周期的测量值偏小,重力加速度的测量值将偏大,故C正确；若以摆线长l作为摆长来计算,则摆长的测量值偏小,重力加速度测量值将偏小,故D错误.
（4） 根据单摆的周期公式T=2πLg,整理可得L=g4π​2T2,即L−T2图线斜率为g4π​2,则有g4π​2=L2−L1T22−T12,解得g=4π​2(L2−L1)T22−T12.
12．【知识点】实验：导体电阻率的测量
【答案】（1）0.500（2分）
（2）左（2分）
（3）2.8（2分）
（4）πD2Rx4L（2分）；镍铜合金（2分）
【解析】（1）如题图（b）所示，螺旋测微器测量金属丝直径读数为D=0.5mm+0.01mm×0.0=0.500mm.
（2）为保护实验仪器，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至最左端，使电阻丝两端电压最小是零.
（3）由U−I图像的斜率表示被测电阻的电阻值可得Rx+R=ΔUΔI=Ω≈7.8Ω ，电阻丝的电阻Rx=7.8Ω−5Ω=2.8Ω.
（4）由电阻定律R=ρLS可得，电阻丝的电阻率表达式ρ=RxSL=Rx(D2)2πL=πD2Rx4L，由电阻率表达式ρ=πD2Rx4L，代入数据解得ρ=3.14×(0.500×10−3)2×2.84×100.00×10−2Ω⋅m≈5.5×10−7Ω⋅m，可知绕制滑动变阻器的电阻丝的材料最可能是镍铜合金.
13．【知识点】气体的等压变化与盖—吕萨克定律、理想气体与理想气体状态方程
【答案】(1)；(2)
【详解】（1）根据题意可知，水银柱全部在粗管中，上下长度为，水银柱对应的压强为，当水银柱刚好全部进入细管中，水银柱的上下长度为，则水银柱对应的压强为，由理想气体状态方程可得，
其中，，，，
解得。
（2）气体的温度再缓慢由变成的过程中，设气体体积的增加量为，气体做等压变化，则有，
又有，
解得，
根据功的定义可得气体对外界做的功，
联立解得。
14．【知识点】电磁感应现象中的功能问题
【答案】（1） E2BL
（2） mE232B2L2
【题图剖析】
闭合S1,等效电路如图甲所示
断开S1，闭合S2，等效电路如图乙所示
【详解】
（1） 当ab杆产生的感应电动势与电源电动势相等时，有最大速度vmax，则
Eab=B2Lvmax=E（2分）
解得vmax=E2BL（1分）
（2） 当两杆稳定时，两杆产生的感应电动势等大反向Eab=Ecd，即
B2Lvab=2BLvcd（2分）
可得vab=vcd=v共，
两杆受到的安培力等大反向，则两杆组成的系统在达到稳定的过程中满足动量守恒，则有mvmax=2mv共（2分）
可得v共=12vmax=E4BL（2分）
两杆达到匀速的过程，根据能量守恒定律可得，两杆产生的总焦耳热为
Q总=12mvmax2−122mv共2（2分）
解得Q总=14mvmax2=mE216B2L2（1分）
则cd杆产生的焦耳热为Qcd=12Q总（1分）
解得Qcd=mE232B2L2（1分）
高分关键：cd棒产生的焦耳热不是总焦耳热，需要按电阻分配。
15．【知识点】带电粒子在组合场中的运动、求解弹性碰撞问题
【答案】（1）7∶1 1∶63 （2）v0∶16 （3）1∶7 见解析
【解析】（1）粒子1在电场中沿x轴做匀速直线运动，有v0t1＝xAC，v0t2＝xCO（1分）
解得t1t2＝71（1分）
沿y轴做匀变速直线运动，有
12a1t12＋a1t1t2－12a2t22＝0（1分）
解得a1a2＝163（2分）
（2）粒子2在磁场中做匀速圆周运动，有
q2v2B＝m2v22R（1分）
粒子2在电场中做类斜抛运动，
有y＝2Rsin 45°（1分）
（v2sin45°）2＝2a3y，qE2＝ma3（1分）
解得E2B＝v016（1分）
（3）碰撞前粒子1在电场E2中沿y轴做匀变速直线运动，有v0tan 45°＝－a1t1＋a2t2（1分）
可得a2t2＝9v08（1分）
粒子1反弹后做斜抛运动，
有2v1sin 45°＝a2t3（1分）
xCO＝v0t2＝（v1sin 45°）t3（1分）
联立得v1＝32v04（1分）
由动量守恒定律得
m1·2v0＝－m1v1＋m2v2（1分）
解得m1m2＝17（1分）
因为12m1（2v0）2＝12m1（－v1）2＋12m2v22，所以该碰撞为弹性碰撞（2分）A．在同种介质中a光的速度较大
B．若让a、b光分别从同种玻璃射向空气，a光发生全反射的临界角较大
C．若让a、b光分别通过同一双缝装置，在同位置的屏上形成干涉图样，则b光条纹间距较大
D．若让a、b光分别照射同种金属都能发生光电效应，则b光照射金属产生的光电子最大初动能较大
材料
ρ/(Ω⋅m)
铝
2.9×10−8
铁
1.0×10−7
镍铜合金(54%铜，46%镍)
5.0×10−7
镍铬合金(67.5%镍，15%铬，16%铁，1.5%锰)
1.0×10−6