湖北省荆州沙市中学2025-2026学年高一下学期6月考试物理试卷

这是一份湖北省荆州沙市中学2025-2026学年高一下学期6月考试物理试卷，共5页。试卷主要包含了 0.45 m，0.5 N，方向水平向左， 9 2s等内容，欢迎下载使用。
1．物理学发展过程中，许多物理学家的科学研究克服了当时研究条件的局限性，取得了辉煌成果，推动了人类文明发展的进程。下列有关物理学史说法正确的是（）
A．开普勒总结出了行星运动的规律，找出了行星按照这些规律运动的原因 B．法拉第通过实验发现，雷电的性质与摩擦产生的电的性质完全相同，并命名了正电荷和负电荷 C．密立根通过油滴实验比较准确地测出了质子的电荷量 D．伽利略确立了许多用于描述物体运动的基本概念，也创造了实验和逻辑推理结合的科学方法
2．2024 年央视春晚舞蹈节目《锦鲤》华丽登场，舞者巧借威亚展现别样东方美，寓意鱼跃龙门好运连连。如图所示，图甲为吊威亚表演者的照片，图乙为其简化示意图，工作人员?以速度v 沿直线水平向左匀速拉 轻绳，表演者?在空中升起，则在此过程中（）
A．表演者?处于失重状态B．工作人员?受到地面的摩擦力水平向右
3
C．θ 30∘ 时，?与?的速度大小之比为2 :D．工作人员?对地面的压力大小等于其重力大小
图甲所示的是家用燃气炉架有四个爪，四个爪均匀分布，图乙是放上总质量为m 的半球形锅后的侧视图，其平稳地放在炉架上，忽略爪与锅之间的摩擦力，下列说法正确的是（）
每个爪对锅的弹力是由于锅发生弹性形变产生的
每个爪与锅之间的弹力等于 1 mg
4
若换一个总质量m 相同、半径较大的锅，每个爪对锅的弹力变小
若换一个总质量m 相同、半径较大的锅，燃气炉架对锅的作用力变小
如图所示，弹簧竖直固定在地面上，一小球从它的正上方 A 点自由下落，到达 B 点开始与弹簧接触，到达 C 点速度减为零，之后又回到 A 点，如此反复，B 为 AC 的中点，下列说法正确的是（）
小球在 B 点处速度最大
小球从 A 下落到 C 的过程中，加速度先竖直向下且保持不变，后竖直向上且一直增大 C．弹簧增加的弹性势能等于小球减少的动能 D．小球在下落过程中，重力的功率先增大后减小
如图所示，半球形陶罐固定在绕竖直轴转动的水平转台上，转台转轴与过陶罐球心 O 的对称轴OO 重合。
转台以一定角速度匀速转动，小物块随陶罐一起转动且相对罐壁静止，改变转台角速度，再次稳定后，小物块与 O 点的连线与OO 之间的夹角 θ 变大，不计摩擦．下列说法正确的是（）
物块做圆周运动的加速度大小变小 B．转台角速度变大 C．陶罐对小物块的作用力不变 D．小物块所受合力始终指向 O 点
图甲所示的“轨道康复者”航天器可在太空中给“垃圾”卫星补充能源，延长卫星的使用寿命。图乙是“轨道康复者”在某次拯救一颗地球同步卫星前，二者在同一平面内沿相同绕行方向绕地球做匀速圆周运动的示意图，此时二者的连线通过地心、轨道半径之比为 1∶4。若不考虑卫星与“轨道康复者”之间的引力，则下列说法正确的是（ ）
在图示轨道上，“轨道康复者”的速度大于 7.9 km/s B．同步卫星的向心加速度小于地球表面附近的重力加速度 C．在图示轨道上，“轨道康复者”的加速度大小是地球同步卫星的 4 倍 D．在图示轨道上，“轨道康复者”的周期为 3h，再过 3h 两卫星连线再次过地心
如图所示，空间中存在水平向右的匀强电场，电场强度 E 
3mg 。一质量为 m、电荷量为+q 的小球从 A
3q
点以初速度 v0 斜向上抛出，初速度方向与水平方向间的夹角为 60°。规定抛出点的重力势能和电势能均为零。已知重力加速度为 g，不计空气阻力。小球从抛出到落回到与抛出点等高位置 B 的过程中，下列说法正确的是（）
小球的动能的最小值为 1 mv2
80
小球的重力势能的最大值为 1 mv2
80
小球的电势能的减少量为 1 mv2
20
小球的机械能的最大值为 3 mv2
20
多选题
具有相同质子数和不同中子数的原子称为同位素。让氢的三种同位素原子核（ 1 H 、2 H 和3 H ）以相同
111
1
的速度从带电平行板间的?点沿垂直于电场的方向射入电场，其中氘核（ 2 H ）恰好能离开电场，轨迹如图所示。不计粒子的重力，则（）
1
3 H 不能离开电场
1
3 H 在电场中受到的电场力最大
1
1 H 在电场中运动的时间最短
1
在电场中运动的过程中电场力对3 H 做功最少
如图所示，一质量为M  1kg 的长木板静止在水平地面上，一质量为m  1kg 的滑块（可视为质点）以 v0  2m/s 的水平速度从长木板最左端滑上木板，同时对长木板施加一个水平向左的恒力 F  5 N ，当滑块运动到长木板最右端时恰好与长木板相对静止。滑块与长木板间的动摩擦因数为μ1  0.2 ，长木板与地面间的
动摩擦因数为μ2  0.1 ，重力加速度大小取 g  10 m / s2 ，忽略空气阻力，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。
则从物块滑上长木板到恰好与长木板相对静止的过程中，下列说法正确的是（ ）
当物块运动到长木板的中间位置时，长木板的加速度大小为2m/s2
长木板的长度为2m C．该过程中因摩擦产生的总内能为10 J D．该过程中长木板对物块做的总功为零
如图所示，A、B 两小球由绕过轻质光滑定滑轮的细线相连，A 放在固定的光滑斜面上，B、C 两小球在竖直方向上通过劲度系数为 k 的轻质弹簧相连，C 球放在水平地面上。现用手控制住 A，并使细线恰好伸直，并保证滑轮左侧细线竖直、右侧细线与斜面平行。已知 A 的质量为 3m，B、C 的质量均为 m，重力加速度为 g，开始时整个系统处于静止状态。释放 A 后，A 沿斜面下滑至速度最大时 C 恰好离开地面，不计空气阻力，在这一过程中 A 始终在斜面上。下列说法正确的是（ ）
斜面倾角 α=30°
释放 A 的瞬间，B 的加速度大小为 0.5 g
m
k
达到的最大速度大小为 g
D．从释放 A，到 C 刚离开地面的过程中，弹簧的弹性势能先减小后增大
实验题
某同学在实验室测量一新材料制成的圆柱体的电阻率。
用螺旋测微器测量其横截面直径，示数如图甲所示，可知其直径为mm；用游标卡尺测其长度，示数如图乙所示，可知其长度为mm。
用多用电表粗测其电阻约为 6Ω。为了减小实验误差，需进一步用伏安法测量圆柱体的电阻，要求待测电阻两端的电压能从 0 开始连续可调。除待测圆柱体 R0 外，实验室还有的实验器材如下：
电压表 V（量程 3V，内阻约为 15kΩ）
电流表 A（量程 0.6A，内阻约为 1Ω）
滑动变阻器 R（阻值范围 0~5Ω，2.0A）
直流电源 E（电动势为 3V） E．开关
导线若干
则该实验电路应选择下列电路中的（）。
B．
C．D．
正确连接电路，所有操作都正确，则测出的电阻（填“大于”“小于”或“等于”）真实值。
实验测出圆柱体的电阻为 R，圆柱体横截面的直径为 D，长度为 L，则圆柱体电阻率为 ρ=（用 D、 L、R 表示，单位均为国际单位）
小李同学用如图甲所示的装置进行“探究加速度与合外力之间关系”的实验，图中的拉力传感器随时可以将小车所受细绳的拉力?显示在与之连接的平板电脑上并进行记录，其中小车的质量为?，沙和沙桶的质量为m ，小车的运动情况通过打点计时器在纸带上打点记录。
对于该实验应该注意的问题或者会出现的情况，以下说法中正确的是（）
该实验需要补偿阻力 B．实验过程中需要始终保持?远大于m C．实验得到的a−F 图线在?比较大时会出现弯曲
如图乙所示是实验过程中得到的纸带，?、?、?、?、?、?、?是选取的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点没有画出，打点计时器使用的电源频率 f  50Hz ，则物体运动的加速度a m/s2（结果保留两位有效数字）。
若小李由实验得到小车的加速度?与力传感器示数?的关系如图丙所示，纵截距为−b ，横轴截距为?，则小车运动中所受阻力 f  ，小车的质量M  ，（均用?、?表示）；
解答题
滑板运动深受青少年的喜爱。如图所示，左侧是一个水平平台，在平台右侧有一倾角为37 的滑道??。一可视为质点的滑板运动员从平台边缘?点以4 m / s 的速度水平飞出，恰从?点沿倾斜滑道方向进入倾斜滑道，经过一段时间到达?点。已知?、?间的距离为2m ，重力加速度?取10m / s2 ，sin37° = 0.6， cs37  0.8 ， 不计空气阻力，不计滑板与倾斜滑道间的摩擦，求：
?、?两点间的竖直距离；
滑板运动员到达?点时的速度大小。
如图所示，在电场强度?为1104 N / C 的水平向左的匀强电场中，有一半径?为1m 的光滑四分之三圆弧 绝缘轨道 MPQ 竖直放置，圆弧轨道与水平绝缘轨道??相切于点?，圆弧轨道所在竖直平面与电场线平行。一带电荷量?为3105 C 的小滑块，质量m 为0.04 kg ，滑块从水平轨道上的某处由静止释放。小滑块与水
平轨道间的动摩擦因数μ 0.25 ，重力加速度?取10 m / s2 。
小滑块从水平轨道??上距离?点1m 处释放，求滑行至?点时滑块对轨道的压力；
若小滑块能够从Q 点离开圆弧轨道（运动过程中不脱离圆弧轨道），求小滑块的释放位置到?点的最小距离。
如图所示为一固定于竖直平面内的实验探究装置的示意图，该装置由速率可调的水平传送带 AB、光滑圆弧轨道 BCD、光滑细圆管 EFG 和光滑圆弧轨道 GN 组成，水平传送带顺时针匀速转动，A、B 点在传送
带两端转轴的正上方，且 AB 的长度 L  7m ，圆弧轨道 BCD 和细圆管 EFG 的圆心分别为O1 、O2 ；圆心角均为 120°，半径均为 R  0.8m ，且 B 点和 G 点分别为两轨道的最高点和最低点，细圆管 EFG 的下表面与圆
弧轨道 GN 的上表面相切于 G 点。现将一质量为? = 0.2kg的物块（可视为质点）轻放在传送带的左端 A 点，在 B 处的开口和 E、D 处的开口正好可容物块通过。已知物块与传送带之间的动摩擦因数为μ 0.2 ，重力 加速度大小为10m / s2 ，不计空气阻力。
若传送带的速率为v0  2 2m / s ，求物块从传送带 A 点运动到 B 点所需的时间（最后计算结果可以用根式表示）；
若传送带的速率为v0  4m / s ，求物块经过细圆管 EFG 的最低点 G 时，物块对轨道的作用力大小；
若传送带的速率为v0  4m / s ，忽略轨道上 G 点到地面的高度，N 点与地面的高度差为h  1.4m ，调节物
块从 N 点飞出时速度方向与水平方向的夹角，使滑块从 N 点飞出后落到地面的水平射程最大，求最大水平射程。
参考答案
11．(1)0.92042.40 (2)B
(3)小于
πRD2
(4)
4L
12．(1)A
(2) 0.50
(3)?c b
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
D
C
C
D
B
B
D
CD
BD
BCD
13．(1) 0.45 m
(2) 7 m / s
【详解】（1）滑板运动员从?点运动到?点做平抛运动，有vy
由几何关系得tan37  vy
v0
 gt ， y  1 gt 2
2
联立各式得 y  0.45m
（2）由几何关系得vA
v0

cs37
 5m / s
滑板运动员在倾斜滑道上运动时的加速度为a  gsin37  6m / s2
BAAB
由匀变速直线运动规律得v2  v2  2aL
代入数据得vB  7m / s
14．(1)0.5 N，方向水平向左
(2) 5.75 m
【详解】（1）从释放位置到?点动能定理得qE  x  R−mgR  1 mv2
2p
根据牛顿第二定律，有 N  qE 
解得 N  0.5 N
mvp2
R
根据牛顿第三定律得滑块对轨道的压力 N   N  0.5 N ，方向水平向左
（2）?点是等效的最低点，与?点关于?点对称的?点是滑块不容易通过的等效最高点，只要能通过?点，就
不会脱离圆弧轨道。如图所示
所以tanθ Eq  3
mg4
当小滑块恰好通过?点时，滑块从释放后到运动到?点过程，由动能定理可知
 Eq−μmg  L −mg  R  Rcsθ−EqRsinθ 1 mv2  0
22B
mgmv2
在?点对滑块受力分析并结合牛顿第二定律有
解得 L2  5.75 m
15．(1) 9 2s
4
csθ
 B
R
(2)18N (3)4.8m
【详解】（1）若物块从传送带 A 点运动到 B 点一直匀加速，根据牛顿第二定律，有μmg  ma
由运动学公式?2 = 2??
联立可得v  2 7m / s  v0  2 2m / s
由此可知物块应该是先匀加速后匀速；匀加速阶段，由速度-时间公式，有v0  at1
由位移-时间公式，有 x  1 at 2
2 1
匀速阶段 L  x  v0t2
则物块从传送带 A 点运动到 B 点所需的时间t  t1  t2
联立解得t  9 2s
4
若传送带的速度v0  4m / s  2 7m / s
则物块先匀加速再匀速，经过?点时的速度为v0  4m / s
物块由?点到?点的过程中由动能定理可得mg R  2Rsin30∘  R  1 mv2  1 mv2
2G20
v
2
?点，由牛顿第二定律有 FN  mg  m G
R
联立可得 FN  18N
由牛顿第三定律得物块对轨道得压力大小为 18N。
物块由?点到?点的过程中由动能定理得mgh  1 mv2  1 mv2
2N2G
解得vN  6m / s
物块从?点飞出做斜抛运动，设速度方向与水平方向的夹角为?，竖直方向上h −vN
水平方向上，水平射程为s  vNcsθt
联立消去?，可得s2  25t4  50t2  1.96
m
可得当t2  1时，水平射程最大s2  23.04m
sinθt  1 gt2
2
解得sm  4.8m
解法二：设从?点飞出时速度方向与水平方向夹角为?，小滑块落地的速度大小为v  vG  8m / s
落地速度方向与水平方向夹角为α，从?点飞出到落到所用时间为?，画出速度矢量关系图，如图所示
由几何关系可知，图像的面积为S  1 Δv  v
2N
csθ
又有Δv  g  t
位移为sm  vN csθt
则S  1 gs
2m
可知，面积最大时，水平位移最大，由上述分析可知，vN 、v 固定不变，则当θ α 90 水平位移最大，又有vN  csθ v  csα
可得tanθ vN  3
v4
又有 1 gs
2m
 1  v  v
2N
 24m2 / s2
即从?点飞出时速度与水平方向夹角为37 时，水平射程最大，解得sm  4.8m 。