2026年四川省眉山市中考物理试卷(含详细答案解析)

这是一份2026年四川省眉山市中考物理试卷(含详细答案解析)，共8页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.眉山三苏祠内常有民乐表演：拨古琴、吹竹笛等，吸引游客驻足欣赏。下列关于声的说法正确的是( )
A. 古琴发声，是空气振动产生的
B. 能区分琴声和笛声，是根据它们的音色不同
C. 祠内禁止喧哗，是为了在传播过程中减弱噪音
D. 吹奏竹笛时，按住不同的笛孔，改变了声音的响度
2.下列光现象中，由光的直线传播形成的是( )
A. 图甲：小孔成像B. 图乙：放大镜成像
C. 图丙：“折断”的铅笔D. 图丁：京剧演员照镜子
3.下列诗句中涉及到的物理现象分析正确的是( )
A. “月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠”，“霜”的形成是凝固现象
B. “可怜九月初三夜，露似真珠月似弓”，“露”的形成是液化现象
C. “东风袅袅泛崇光，香雾空蒙月转廊”，“雾”的形成是熔化现象
D. “白日黄流涨胃城，三更风紫尽成冰”，“冰”的形成是凝华现象
4.下列生活实例中，为了增大压强的是( )
A. 书包肩带做得宽大B. 火车轨道下面铺放枕木
C. 破窗锤的高击端做成锥状D. 载重汽车有多个宽大的车轮
5.下列实验仪器在使用过程中，操作有误的是( )
A. 图甲：用天平测量物体质量B. 图乙：用刻度尺测量硬币直径
C. 图丙：用弹簧测力计测量物体重力D. 图丁：用实验室温度计测量水的温度
6.如图所示的生活实例中，为了减小摩擦的是( )
A. 图甲：用力捏自行车的车闸
B. 图乙：古人利用滚木移动巨木
C. 图丙：瓶盖上有凹凸不平的条纹
D. 图丁：体操运动员上器械前，手上涂防滑粉
7.“珍爱生命，安全用电”，下列符合安全用电的是( )
A. 在高压输电线附近放风筝B. 雷雨天气时，跑到大树下避雨
C. 用湿抹布擦通电插座上的灰尘D. 用电器着火，应先切断电源，再灭火
8.关于信息、能源和材料，下列说法正确的是( )
A. 能源是取之不尽、用之不竭的
B. 手机芯片的材料主要是半导体
C. 水能和太阳能都是不可再生能源
D. 北斗卫星定位系统，利用了超声波传递信息
9.如图是我国的“奋斗者”号全海深载人潜水器，下潜深度已超过万米。关于潜水器下列说法正确的是( )
A. 潜水器下潜过程中受到的压强增大
B. 潜水器漂浮时受到的浮力大于重力
C. 潜水器通过改变自身体积实现下潜
D. 潜水器下潜得越深受到的浮力越大
10.如图，叉车将货物从地面缓慢举高，然后又沿水平方向缓慢移动到车厢旁。叉车工作时，下列说法正确的是( )
A. 叉车对货物做功越多，功率越大
B. 叉车举起货物越快，机械效率越高
C. 叉车举起的货物越重，机械效率越高
D. 叉车在水平移动货物过程中对货物做了功
11.如图是中国电磁弹射型航空母舰的电磁弹射模拟装置，弹射车处于导轨的磁场中，给弹射车内的导体通入强电流，弹射车就会获得强大推力并推动舰载机快速起飞。航母发动机的最大功率为1.3×105W，下列说法正确的是( )
A. 弹射车获得推力的原理是电磁感应现象
B. 航母以最大功率航行2h，发动机做功2.6×105J
C. 舰载机获得升力是因为机翼上方的空气流速大、压强小
D. 当舰载机飞离航母后，航母舰底受到海水压强大小保持不变
12.如图是一种电热水壶工作电路的示意图，其中R1和R2是用来加热的电阻器，S1是总开关，S2是挡位开关，相关参数如表格所示。当开关S2接1时，电热水壶工作126s所产生热量被质量为1kg、初温20∘C的水吸收(不计热量损失)。c水=4.2×103J/(kg⋅∘C)。下列说法正确的是( )
A. R2的阻值是48.4Ω
B. 水的末温是30∘C
C. 电热水壶处于保温状态时，R2消耗的功率为55W
D. 当开关S2接2时，R2在100s内产生的热量是5197.5J
二、填空题：本大题共5小题，共20分。
13.端午节吃粽子、赛龙舟是我国的传统文化习俗。煮好的粽子香气四溢，这是 现象；赛前选手感觉船桨晒得发烫而河水却较凉，是因为水的 较大。
14.“川超”足球比赛中，运动员用头顶球攻门时，会感觉到头疼，说明力的作用是 ；守门员飞身跃起接住射向球门的足球，说明力可以改变物体的 。
15.交通规则，人人遵守。马路口的交通信号灯正常工作时，红灯、绿灯和黄灯交替亮灯，它们之间连接方式是 联，信号灯发光主要是将电能转化为 能。
16.中国选手在米兰冬奥会1500m速度滑冰比赛中打破世界纪录，勇夺冠军。如图所示，滑行过程中以冰面为参照物他是 (填“运动”或“静止”)的，到达终点后，他由于具有 ，继续滑行运动一段距离才会停下来。
17.如图是一款智能压力秤的电路结构图，电源电压为3V且保持不变，R2=10Ω，秤盘下方的电阻R为压敏电阻，其阻值随物体对秤盘压力F的变化如表格所示。压力秤放置在水平地面，当秤盘为空盘时，闭合开关，电路中的电流为 A；当秤盘中放置物体时，电压表示数为2V，物体对秤盘的压力为 N。
三、作图题：本大题共2小题，共4分。
18.密度计在某液体中静止时，如图所示。请在密度计重心“O”点处，作出它此时所受浮力F和重力G的示意图。
19.请根据图中磁感线的方向在括号内标出永磁体右端的磁极，在a点标出导线中电流的方向。
四、实验探究题：本大题共3小题，共18分。
20.古人“以铜为镜”，发现铜镜成像“形影相肖、左右相异”。生活中照镜子时小明也观察到相同现象，于是他用玻璃板、蜡烛和直尺等器材在水平桌面上进行平面镜成像的实验探究。
(1)为保证实验顺利进行，应选用较 (填“薄”或“厚”)的玻璃板。
(2)选用两根完全相同的蜡烛A、B是为了比较像与物的 关系；实验过程中，当他将蜡烛A向玻璃板移动过程中，蜡烛像的大小 (填“变大”、“不变”或“变小”)。
(3)如图乙所示，将光屏放在蜡烛B的位置，然后在 (填“a”或“b”)处进行观察，发现光屏上没有蜡烛A的像，说明平面镜所成的像是 像。
(4)为了研究像与物的位置关系是不是“左右相异”，现有“F、T、V”三种字母形状的LED光源可供选择，小明应该选择“ ”形状光源进行实验。
21.杆秤是我国古老的称量工具。小明探究完杠杆的平衡条件后，自制了一把杆秤。
(1)小明将杠杆挂在支架上，杠杆静止在图甲所示的位置，此时杠杆处于 (填“平衡”或“非平衡”)状态。
(2)实验时，为了让杠杆在水平位置平衡，应将杠杆的平衡螺母向 (填“左”或“右”)调节。杠杆水平平衡后，给杠杆两侧挂上不同数量的钩码，移动钩码的位置，使杠杆重新在水平位置平衡，如图乙所示。然后改变钩码数量并移动钩码位置进行多次实验，记录的数据如下表：
分析表格中实验敛据可得出杠杆平衡的条件是 (用字母表示)。
(3)小明在实验中多次改变力和力臂的大小主要是为了 (填字母)。
A.减小误差
B.寻找普遍规律
(4)小明利用所学的杠杆知识，制作了如图丙所示的简易杆秤。制作时用轻质木棒作为秤杆，细线系一个物体作为秤砣，空盘挂在A点作为秤盘，在O点系一根细线作为提纽。
①当待测物体的质量增大时，秤砣应向 (填“左”或“右”)移动。
②若杆秤在使用过程中，秤砣有磨损，则待测物体的测量值 (填“偏小”“偏大”或“不变”)。
22.为了“探究电压一定时电流与电阻的关系”，兴趣小组的同学准备了实验器材：电源(电压恒为6V)、电流表、电压表、规格为“50Ω，1A”的滑动变阻器、定值电阻(5Ω、10Ω、20Ω各一个)、开关和导线若干。
(1)如图甲，闭合开关前应将滑动变阻器的滑片移到 (填“A”或“B”)端，闭合开关后，电压表有示数，电流表几乎无示效，可能是定值电阻R (填“断路”或“短路”)。
(2)排除故障后，某同学先将5Ω的定值电阻接入电路，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为2V，并记下对应的电流表示数。将5Ω的定值电阻换成10Ω的定值电阻后，应将滑动变阻器的滑片向阻值较 (填“大”或“小”)端移动，直到电压表的示数为 V，记录此时电流表的示数。再将电阻换成20Ω，重复实验，记录相应的电流值。
(3)小红同学根据测得的实验数据绘制出电流I随定值电阻R变化的图像如图乙所示。分析图像可得到的结论是：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成 (填“正比”或“反比”)。
(4)实验后，小红将定值电阻两端电压控制为1V时，发现利用现有器材无法完成全部实验。你认为小红需要更换一个最大阻值至少为 Ω的滑动变阻器，才能完成全部实验。
五、计算题：本大题共2小题，共12分。
23.如图所示，电源电压6V恒定不变，R1和R2为定值电阻，其中R1=15Ω，求：
(1)当只闭合开关S1时，电流表的示数；
(2)当闭合开关S1和S2时，电流表示数为0.5A，R2的阻值；
(3)当闭合开关S1和S2时，电路消耗的总功率。
24.如图甲是饮水机自动注水装置的模型简图。柱形水箱底面积为3×10−2m2，一根质量和体积不计的竖互硬细杆上端回定在力传感器上，下端与体积为1.0×10−3m3的实心长方体A(不吸水)上表面中心连接。打开进水口水龙头，向水槽中缓慢注水，细杆对力传感器作用力的大小F随注入水的质量m变化的关系如图乙所示，当长方体A刚好全部浸没水中时，传感器控制开关停止注水。ρ水=1.0×103kg/m3，ρA=0.2×103kg/m3，g取10N/kg(不考虑进、出水口管内蓄水)。求：
(1)长方体A的质量；
(2)当长方体A刚浸没时，力传感器的示数F0；
(3)当注入水的质量为6kg时，水箱底部受到水的压强。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、古琴发声是因为琴弦的振动，而不是空气振动，空气只是声音传播的介质，故A错误。
B、不同乐器发出声音的音色不同，这是区分不同乐器声音的主要依据，所以能区分琴声和笛声是因为音色不同，故B正确。
C、禁止喧哗是从声源处控制声音的产生，属于在声源处减弱噪声，而不是传播过程中，故C错误。
D、按住不同的笛孔，会改变竹笛内空气柱的长度，从而改变空气柱振动的频率，最终改变声音的音调，而不是响度，故D错误。
故选：B。
(1)固体、液体和气体都可以振动发声。
(2)音色是发声体的声音品质，由发声体本身的特征决定，是区别声音的重要标志。
(3)减弱噪声的途径有三种：即在声源处减弱、在人耳处减弱、在传播过程中减弱。
(4)响度跟振幅和距离声源的远近有关，用力大小影响弦乐的响度；音调跟频率有关，弦乐的粗细、长短、松紧影响弦乐的音调。
本题考查了声音的产生、声音的特性、减弱噪声的途径等，体现了物理知识在乐器中的应用。
2.【答案】A
【解析】解：A、小孔成像是光沿直线传播形成的，成的是倒立的实像，故A符合题意。
B、放大镜是利用凸透镜成像，当物体在凸透镜的一倍焦距以内时，成正立、放大的虚像，属于光的折射现象，故B不符合题意。
C、插入水中的铅笔看起来“折断”了，是因为光从水中斜射入空气中时发生折射，折射光线远离法线，人眼逆着折射光线看去，看到的是铅笔的虚像，位置比实际偏高，属于光的折射现象，故C不符合题意。
D、照镜子属于平面镜成像，是光的反射形成的，故D不符合题意。
故选：A。
光在自然界中存在三种光现象：
(1)光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
(2)当光照射到物体表面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；
(3)当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。
本题列举了四个常见的光现象，综合了光学知识，需要学生在平时学习和生活中多对相关的光现象进行思考。
3.【答案】B
【解析】解：A、“霜”是空气中的水蒸气遇冷直接由气态变为固态的小冰晶，该过程属于凝华现象，而非凝固，故A错误。
B、“露”是空气中的水蒸气遇冷由气态变为液态的小水珠，该过程属于液化现象，故B正确。
C、“雾”是空气中的水蒸气遇冷由气态变为液态的小水珠悬浮在空气中形成的，该过程属于液化现象，而非熔化，故C错误。
D、冰是水由液态变为固态的过程，该过程属于凝固现象，而非凝华，故D错误。
故选：B。
物质从液态变成固态的变化过程叫作凝固。液化指物质由气态转变成液态。物质由气态直接变成固态的过程叫凝华。
本题考查的是物态变化的类型，属于基础题。
4.【答案】C
【解析】解：A、在压力不变的情况下，通过增大受力面积来减小压强，这样肩膀受到的压强更小，背起来更舒服，属于减小压强，故A不符合题意。
B、火车的压力很大，通过铺放枕木增大受力面积，从而减小轨道对地面的压强，防止地面下陷，属于减小压强，故B不符合题意。
C、在压力不变的情况下，通过减小受力面积来增大压强，这样用同样的力，锥状端能产生更大的压强，更容易打破玻璃，属于增大压强，故C符合题意。
D、载重汽车的载重很大，通过增加车轮数量和增大车轮面积来增大受力面积，减小对地面的压强，防止压坏路面，属于减小压强，故D不符合题意。
故选：C。
(1)增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力；在压力一定时，减小受力面积。
(2)减小压强的方法：在受力面积一定时，减小压力；在压力一定时，增大受力面积。
本题考查了增大、减小压强的方法，在平时的学习过程中，多观察、多思考，难度不大。
5.【答案】A
【解析】解：A、使用天平测量物体质量时，应该用镊子夹取砝码，而图中用手直接拿砝码，手上的汗液会腐蚀砝码，导致砝码质量不准确，影响测量结果，故A错误。
B、图中利用两个直角三角板把硬币夹在中间，通过刻度尺测量两个三角板之间的距离，这种方法可以准确测量出硬币的直径，符合“平移法”测量圆形物体直径的规范，故B正确。
C、使用弹簧测力计测量物体重力时，应该让物体竖直悬挂，弹簧测力计的轴线与重力方向一致，图中弹簧测力计使用合理，故C正确。
D、使用实验室温度计测量液体温度时，温度计的玻璃泡要完全浸没在液体中，且不能接触容器底或容器壁，故D正确。
故选：A。
结合天平、刻度尺、弹簧测力计及温度计的使用方法分析判断。
本题考查测量工具的使用方法，属于基础性题目。
6.【答案】B
【解析】解：A.自行车刹车时用力捏车闸，是在压力一定时，通过增大接触面受到的压力来增大摩擦的，故A不符合题意；
B.将滑动摩擦变为滚动摩擦，在相同条件下，滚动摩擦力远小于滑动摩擦力，这是减小摩擦的有效方法，故B符合题意；
C.瓶盖上刻有竖条纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦的，故C不符合题意；
D.体操运动员上器械前，手上要涂防滑粉，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦的，故D不符合题意。
故选：B。
(1)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
(2)减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
此题主要考查增大和减小摩擦力的方法，考查了学生知识联系生活实际的能力，平时多观察、多思考。
7.【答案】D
【解析】解：A、高压输电线周围存在很强的电场，风筝线大多是导电的，一旦风筝接触到高压电线，会导致电流通过风筝线传到人体，引发触电事故，这是非常危险的行为，故A不符合安全用电原则。
B、大树比较高大，容易被雷电击中，雷电会通过大树传导到地面，在大树下避雨的人可能会被雷电击中，或者因跨步电压触电，故B不符合安全用电原则。
C、湿抹布含有水分，水是导体，用湿抹布擦通电插座时，水分可能会进入插座内部，导致人体与火线连通，引发触电事故，故C不符合安全用电原则。
D、用电器着火时，首先切断电源可以防止电流继续通过用电器，避免灭火过程中发生触电事故，故D符合安全用电原则。
故选：D。
(1)安全用电原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体；
(2)雷雨天，人如果在大树底下避雨，雷电电流可能通过大树传下来，在传下来的过程中电弧放电打在人的头上，又通过人体一直传到地下去，而这样就造成了雷电灾害；
(3)生活用水是导体；
(4)发现用电器着火了，要立即断开电源再想法灭火。
本题主要考查了安全用电的基础知识，都是我们应掌握的基本技能。
8.【答案】B
【解析】解：A、能源分为可再生能源和不可再生能源，像煤炭、石油、天然气这类不可再生能源，储量有限，并非取之不尽用之不竭；即使是可再生能源，若不合理开发利用也会面临枯竭风险，故A错误。
B、手机芯片的核心材料是硅，硅属于半导体材料，半导体的导电性介于导体和绝缘体之间，可通过掺杂等方式控制其导电性能，非常适合制作芯片中的晶体管等元件，故B正确。
C、水能和太阳能都属于可再生能源，水能依赖水循环，太阳能来自太阳的持续辐射，二者都能在自然界中不断再生，供人类长期利用，故C错误。
D、北斗卫星定位系统是利用电磁波来传递信息的，电磁波可以在真空中传播，而超声波属于声波，无法在真空中传播，不能用于卫星与地面之间的信息传递，故D错误。
故选：B。
(1)人类对能源的消耗逐年增多，应开发新能源。
(2)导电性能介于导体和绝缘体之间的材料称作半导体。
(3)像风能、水能、太阳能等可以在自然界里源源不断地得到，把它们称为可再生能源。化石能源、核能等能源会越用越少，不能在短期内从自然界得到补充，称为不可再生能源。
(4)电磁波的传播不需要介质，广泛应用到卫星通讯和航天方面。
此题考查了能源的分类、电磁波及半导体的应用。
9.【答案】A
【解析】解：A、根据液体压强公式p=ρgℎ，潜水器下潜过程中，深度增大，海水密度不变，所以受到的压强增大，故A正确。
B、潜水器漂浮时，处于平衡状态，受到的浮力等于重力，不是大于重力，故B错误。
C、潜水器是通过改变自身重力来实现下潜和上浮的，不是改变自身体积，故C错误。
D、潜水器下潜时，在完全浸没前，排开海水的体积逐渐增大，浮力逐渐增大；完全浸没后，排开海水的体积不变，浮力也不再变化，所以不是下潜越深浮力越大，故D错误。
故选：A。
A、根据液体压强公式p=ρgℎ分析。
B、潜水器漂浮时，处于平衡状态，受到的浮力等于重力。
C、潜水器是通过改变自身重力来实现下潜和上浮的。
D、潜水器下潜时，在完全浸没前，排开海水的体积逐渐增大，浮力逐渐增大；完全浸没后，排开海水的体积不变，浮力也不再变化，据此分析。
本题考查液体压强与深度的关系、阿基米德原理的定性分析、物体浮沉条件、潜水艇原理，难度适中。
10.【答案】C
【解析】解：A、功率是表示做功快慢的物理量，计算公式为P=Wt，功率的大小由做功的多少和做功时间共同决定。只知道做功多，但不知道时间长短，无法确定功率大小，故A错误。
B、机械效率反映的是有用功在总功中所占的比例，和做功的快慢(功率)没有直接关系，故B错误。
C、在叉车举起货物的过程中，额外功主要是克服叉车自身部件重力等做的功，基本保持不变。当货物越重时，有用功W=Gℎ就越大，有用功在总功中的占比也就越高，机械效率也就越高，故C正确。
D、做功的两个必要因素是：作用在物体上的力，以及物体在力的方向上通过的距离。叉车在水平移动货物时，对货物的支持力是竖直向上的，而货物在水平方向移动，力的方向与移动方向垂直，所以叉车对货物没有做功，故D错误。
故选：C。
根据P=Wt进行分析。
机械效率是有用功与总功的比值。
做功的两个必要因素：①作用在物体上的力，②物体在力的方向上通过了距离。
此题考查学生对功、功率、机械效率的理解，属于基础题目。
11.【答案】C
【解析】解：A、电磁弹射的原理是通电导体在磁场中受到力的作用，不是电磁感应，故A错误。
B、已知功率P=1.3×105W，时间t=2ℎ=7200s，做功W=Pt=1.3×105W×7200s=9.36×108J，故B错误。
C、舰载机的机翼上凸下平，飞行时机翼上方空气流速大、压强小，下方流速小、压强大，从而产生向上的升力，故C正确。
D、舰载机飞离航母后，航母总重力减小，浮力减小，排开水的体积减小，航母会上浮，底部所处深度减小。根据p=ρgℎ，深度h减小，航母底部受到的海水压强会减小，故D错误。
故选：C。
A、电磁弹射的原理是通电导体在磁场中受到力的作用，据此分析。
B、根据W=Pt进行分析。
C、舰载机的机翼上凸下平，飞行时机翼上方空气流速大、压强小，下方流速小、压强大，从而产生向上的升力。
D、舰载机飞离航母后，航母总重力减小，浮力减小，根据F浮=ρ水gV排得物体的体积的变化，根据p=ρgℎ得出航母底部受到的海水压强的变化。
本题考查液体压强与深度的关系、流体压强与流速的关系、功率的计算、电流的磁效应，难度适中。
12.【答案】D
【解析】解：A.加热挡只有R1工作，R1的阻值为：R1=U2P加热=(220V)21000W=48.4Ω，
保温挡R1、R2串联，串联电路总电阻为：R串=U2P保温=(220V)255W=880Ω，
R2的阻值为：R2=R串−R1=880Ω−48.4Ω=831.6Ω，故A错误；
B.消耗的电能为：W=Pt=1000W×126s=1.26×105J，
不计热量损失，水吸收的热量等于消耗的电能，水升高的温度为：Δt=Q吸c水m=1.26×105J4.2×103J/(kg⋅∘C)×1kg=30∘C，
水的末温为：t=Δt+t0=30∘C+20∘C=50∘C，故B错误；
C.保温挡R1、R2串联，电路中的电流为：I串=UR串=220V880Ω=0.25A，
R2消耗的功率为：P2=I串2R2=(0.25A)2×831.6Ω=51.975W，故C错误；
D.当开关S2接2时，保温挡，R2在100s内产生的热量为：Q2=W2=P2t=51.975W×100s=5197.5J，故D正确。
故选：D。
根据P=U2R可知，电源电压一定时，电阻越小，电功率越大；S1闭合，S2接1时，只有R1工作，电阻较小，电功率较大，加热挡；S1闭合，S2接2时，R1、R2串联，电阻较大，电功率较小，保温挡；
(1)根据公式P=U2R和加热挡、保温挡的电功率分别求出电路中的电阻，根据串联电路特点得出R2的阻值；
(2)利用W=Pt求出消耗的电能，不计热量损失，水吸收的热量等于消耗的电能，利用比热容公式求出水的末温；
(3)由欧姆定律求出电路中的电流，串联电路各处电流相等，根据P=I2R可求出保温状态时，R2消耗的功率；
(4)利用焦耳定律求出R2在100s内产生的热量。
本题考查电功率多挡位问题，电功率、热量的计算，是一道关于电功率的综合题。
13.【答案】扩散
比热容

【解析】解：不同物质相互接触时彼此进入对方的现象叫扩散，煮好的粽子香气四溢，这是扩散现象；
赛前选手感觉船桨晒得发烫而河水却较凉，是因为水的比热容较大，吸收相同的热量时，水的温度变化量较小。
故答案为：扩散；比热容。
不同物质相互接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象是分子不停地做无规则运动的体现，温度越高，扩散越快，分子运动越剧烈。
对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
此题考查了扩散现象、水的比热容大的应用。
14.【答案】相互的
运动状态

【解析】解：运动员用头顶球时，头对球施加了力，同时球也对头施加了反作用力，所以运动员会感觉到头疼，这体现了力的作用是相互的。
足球原本是运动状态，守门员接住足球后，足球由运动变为静止，运动状态发生了改变，这说明力可以改变物体的运动状态。
故答案为：相互的；运动状态。
物体间力的作用是相互的。力的作用效果：力可以改变物体的形状；力可以改变物体的运动状态。
此题考查了力作用的相互性、力的作用效果。
15.【答案】并
光

【解析】解：红灯、绿灯、黄灯交替亮起，任意一个灯工作时另外两个不工作，各灯可以独立通断电、互不影响，符合并联电路特点；
交通信号灯属于用电发光的用电器，工作时消耗电能，发出光同时发热，主要能量转化形式为：电能转化为光能。
故答案为：并；光。
红绿灯可独立亮灭互不影响，判定为并联；
信号灯耗电发光，电能转化为光能。
本题考查串并联电路辨别以及用电器工作时的能量转化。
16.【答案】运动
惯性

【解析】解：滑行过程中，他相对于冰面的位置在不断改变，所以以冰面为参照物，他是运动的。
物体具有保持原来运动状态不变的性质，这种性质叫做惯性。到达终点后，他的脚停止运动，但身体由于惯性，仍要保持原来的运动状态，所以会继续滑行一段距离才停下来。
故答案为：运动；惯性。
要判断物体的动与静，就要判断物体与参照物的位置关系。如果物体相对于参照物的位置发生了变化，则这个物体是运动的；如果物体相对于参照物的位置没有发生变化，则这个物体是静止的；
物体具有保持原来运动状态不变的性质叫做惯性。
此题考查了运动状态的判断、惯性现象。
17.【答案】0.06
60

【解析】解：由图可知，压敏电阻R与定值电阻R2串联，电压表测压敏电阻R两端的电压。
当秤盘为空盘时，压力F=0，由表中数据可知此时压敏电阻的阻值为40Ω，
由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，此时电路中的电流：I0=UR +R2=3V40Ω+10Ω=0.06A。
由串联电路的电压特点和欧姆定律可知，电压表示数为2V时电路中电流：I′=U−U′ R2=3V−2V10Ω=0.1A，
由欧姆定律可知，此时压敏电阻的阻值：R′=U′ I′ =2V0.1A=20Ω，
由表中数据可知，物体对秤盘的压力为60N。
故答案为：0.06；60。
由图可知，压敏电阻R与定值电阻R2串联，电压表测压敏电阻R两端的电压。
当秤盘为空盘时，压力F=0，由表中数据可知此时压敏电阻的阻值，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电路中的电流。
根据串联电路的电压特点和欧姆定律求出电压表示数为2V时电路中电流，根据欧姆定律求出此时压敏电阻的阻值，根据表中数据可知物体对秤盘的压力。
本题考查串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据表中数据读出相关的信息。
18.【答案】。
【解析】解：密度计漂浮在水面上时，受到竖直向下的重力G和竖直向上的浮力F浮，根据浮沉条件可知，浮力与重力大小相等，在重心O处画出重力G和浮力F浮，如图所示：
。
密度计漂浮时，受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力，二力是一对平衡力，其大小相等、方向相反、作用在同一直线上，二力的作用点在重心处。
本题考查了画重力和浮力的示意图，属于基础题。
19.【答案】。
【解析】解：磁体外部的磁感线，都是从N极出发，回到S极，则图中通电螺线管的右端为N极，永磁铁的左端为N极；
永磁铁的左端为N极，则永磁铁的右端为S极；已知图中通电螺线管的右端为N极，根据安培定则，右手握住螺线管，大拇指指向右端N极，四指环绕方向为电流方向，所以a点导线中电流箭头向上，如图所示：
。
故答案为：。
(1)磁体外部的磁感线，都是从N极出发，回到S极，据此判断图中通电螺线管和永磁铁的磁极极性；
(2)根据安培定则，右手握住螺线管，大拇指指向N极，则四指环绕方向为电流方向。
本题考查磁现象作图，涉及磁感线的方向、磁极极性的判断、通电螺线管电流方向的判断，难度不大。
20.【答案】薄
大小
不变
b
虚
F

【解析】解：(1)厚玻璃板的两个面反射形成两个相距较远的像，不易确定像的位置。为保证实验顺利进行，应选用较薄的玻璃板。
(2)选用两根完全相同的蜡烛A、B，当B与A的像重合时，可知像与物大小相等，故是为了比较像与物的大小关系；平面镜成的像与物大小相等，实验过程中，当他将蜡烛A向玻璃板移动过程中，蜡烛像的大小不变；
(3)虚像不能成在光屏上，如图乙所示，将光屏放在蜡烛B的位置，然后在b处进行观察，发现光屏上没有蜡烛A的像，说明平面镜所成的像是虚像。
(4)为了研究像与物的位置关系是不是“左右相异”，要选择左右不对称的物体，现有“F、T、V”三种字母形状的LED光源可供选择，小明应该选择“F”形状光源进行实验。
故答案为：(1)薄；(2)大小；不变；(3)b；虚；(4)F。
(1)厚玻璃板的两个面反射形成两个相距较远的像，不易确定像的位置，据此分析；
(2)本实验根据等效替代法确定像的位置和比较像与物大小；平面镜成的像与物大小相等；
(3)虚像不能成在光屏上，据此分析。
(4)为了研究像与物的位置关系是不是“左右相异”，要选择左右不对称的物体。
本题探究平面镜成像特点，考查对器材的要求、操作过程的理解和成像规律的运用。
21.【答案】平衡
右
F1l1=F2l2
B
右
偏大

【解析】解：(1)杠杆静止或匀速转动都属于平衡状态，此时杠杆静止，则杠杆处于平衡状态；
(2)杠杆左端下沉，应将杠杆重心向右移，所以应将平衡螺母向右调节；
分析数据，每一次实验，动力乘以动力臂都等于阻力乘以阻力臂，可得出杠杆的平衡条件是F1l1=F2l2；
(3)实验中多次改变力和力臂的大小进行多次实验，是为了避免实验结论的偶然性，通过多组数据寻找普遍规律，使得到的杠杆平衡条件更具可靠性，故B正确；
故选：B；
(4)①因为杠杆平衡，所以m秤砣gL1=m物gL2，
②因为秤砣的质量、被测物体的重力力臂不变，所以当被测物体的质量增大时，L1将变大，秤砣应该向右移动；
由杠杆的平衡条件知：m秤砣gL1=m物gL2，当秤砣有磨损，其质量变小，需要增大其力臂来使得杠杆平衡，测量的待测物体质量将偏大。
故答案为：(1)平衡；(2)右；F1l1=F2l2；(3)B；(4)①右；②偏大。
(1)静止或匀速转动都属于平衡状态；
(2)杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，调节平衡螺母应使杠杆重心右移，将平衡螺母向右移动；杠杆的平衡条件是F1l1=F2l2；
(3)实验中多次改变力和力臂的大小进行多次实验，是为了避免实验结论的偶然性，通过多组数据寻找普遍规律；
(4)在测量中，秤砣的质量、被测物体的重力力臂不变，根据杠杆平衡条件分析当被测物体质量增大时秤砣的移动方向；
若杆秤在使用过程中，秤砣有磨损，根据杠杆平衡条件分析移动的位置。
本题考查了探究杠杆平衡条件的实验过程，从原理到实际操作、实验方法、数据分析等，考查较为全面，是我们应该掌握的重点实验，根据是会用杠杆的平衡条件分析解答。
22.【答案】B
断路
大
2
反比
100

【解析】(1)闭合开关前，滑动变阻器应调到最大阻值，以保护电路，防止电流过大烧坏元件。通常电路图中B端对应最大阻值位置。电压表与定值电阻并联，若定值电阻断路，电压表直接串联在电路中(因其内阻极大)，电路几乎无电流(电流表无示数)，但电压表能测到接近电源电压的示数。
(2)实验要求控制定值电阻两端电压不变(2V)，将5Ω换成10Ω后，根据串联分压原理，定值电阻阻值变大，其分得的电压会升高(超过2V)，为使其恢复到2V，需增大滑动变阻器的阻值，使其分担更多电压，所以滑片应向阻值较大端移动，直到电压表恢复到2V。
(3)这是欧姆定律的直接体现：I=URI=RU，当U一定时，I与R成反比。图像应是一条双曲线(或I随R增大而减小)。即电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
(4)当接入20Ω电阻时：I=URR=1V20Ω=0.05A，滑动变阻器需要的阻值：R滑=U滑I=5V0.05A=100Ω，
即小红需要更换一个最大阻值至少为100Ω的滑动变阻器。
故答案为：(1)B；断路；(2)大；2；(3)反比；(4)100。
(1)闭合开关前，滑动变阻器应调到最大阻值，以保护电路，防止电流过大烧坏元件。电压表与定值电阻并联，若定值电阻断路，电压表直接串联在电路中(因其内阻极大)，电路几乎无电流(电流表无示数)，但电压表能测到接近电源电压的示数。
(2)实验要求控制定值电阻两端电压不变(2V)，将5Ω换成10Ω后，根据串联分压原理，定值电阻阻值变大，其分得的电压会升高(超过2V)，为使其恢复到2V，需增大滑动变阻器的阻值，使其分担更多电压。
(3)电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
(4)根据串联分压原理可计算出需要更换一个最大阻值至少的滑动变阻器。
这是一道经典的初中物理电学实验题，考查“探究电压一定时，电流与电阻的关系“(控制变量法)。
23.【答案】电路中的电流为0.4A R2的阻值为60Ω 电路消耗的总功率为3W
【解析】解：(1)当只闭合开关S1时，只有R1工作，电路中的电流为：I1=UR1=6V15Ω=0.4A；
(2)当闭合开关S1和S2时，R1、R2并联，并联电路各支路两端的电压相等，等于电源电压，
电流表测干路电流I=0.5A，并联电路互不影响，因此通过R1的电流为I1=0.4A，
通过R2的电流为：I2=I−I1=0.5A−0.4A=0.1A，
R2的阻值；R2=UI2=6V0.1A=60Ω；
(3)电路消耗的总功率为：P=UI=6V×0.5A=3W。
答：(1)电路中的电流为0.4A；
(2)R2的阻值为60Ω；
(3)电路消耗的总功率为3W。
(1)当只闭合开关S1时，只有R1工作，根据欧姆定律求出电路中的电流；
(2)当闭合开关S1和S2时，R1、R2并联，根据并联电路特点与欧姆定律求出R2的阻值；
(3)利用P=UI求出电路消耗的总功率。
本题考查欧姆定律的计算，电功率的计算，难度适中。
24.【答案】长方体A的质量为0.2kg 当长方体A刚浸没时，力传感器的示数F0为8N 当注入水的质量为6kg时，水箱底部受到水的压强为2.2×103Pa
【解析】解：(1)已知VA=1.0×10−3m3，ρA=0.2×103kg/m3，长方体A的质量mA=ρAVA=0.2×103kg/m3×1.0×10−3m3=0.2kg；
(2)A重力：GA=mAg=0.2kg×10N/kg=2N；完全浸没浮力：F浮=ρ水gVA=1.0×103kg/m3×10N/kg×1.0×10−3m3=10N；浮力大于重力，细杆向下压A：F浮=GA+F0，F0=F浮−GA=10N−2N=8N；
(3)结合图乙分析：注入水质量0∼3kg时，水面未到达A的下表面，A不受浮力，力传感器示数不变。当注入3kg水时，水面刚好到达A下表面，此时水深ℎ0满足：V水0=m0ρ水=3kg1.0×103kg/m3=3×10−3m3ℎ0=V水0S箱=3×10−3m33×10−2m2=0.1m
当注入水质量为4kg时，力传感器示数为0，此时F浮=GA=2N
可得排开水的体积：V排=F浮ρ水g=2N1.0×103kg/m3×10N/kg=2×10−4m3
从注入3kg到4kg水，注入水的体积ΔV水=1kg1.0×103kg/m3=1×10−3m3
设水面上升Δℎ，则S箱Δℎ=ΔV水+V排
解得：Δℎ=1×10−3m3+2×10−4m33×10−2m2=0.04m
可得A的底面积SA=V排Δℎ=2×10−4m30.04m=5×10−3m2
因此S箱−SA=2.5×10−2m2
当注入水质量为6kg时，从注入3kg到6kg，注入水的质量Δm总=3kgΔV总=3kg1.0×103kg/m3=3×10−3m3
设水面上升Δℎ总，则ΔV总=(S箱−SA)Δℎ总
解得：Δℎ总=3×10−3m32.5×10−2m2=0.12m
总水深ℎ=ℎ0+Δℎ总=0.1m+0.12m=0.22m
根据液体压强公式：p=ρ水gℎ=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.22m=2.2×103Pa
答：(1)长方体A的质量为0.2kg；
(2)当长方体A刚浸没时，力传感器的示数F0为8N；
(3)当注入水的质量为6kg时，水箱底部受到水的压强为2.2×103Pa。
(1)已知长方体A的密度和体积，直接用密度公式m=ρV即可求出质量；
(2)先求A的重力，再用阿基米德原理求浸没时的浮力，根据受力平衡F浮=GA+F0求出传感器示数；
(3)先通过图像分析A漂浮状态，求出A的底面积和漂浮水深，再计算新增水的深度，最后用液体压强公式p=ρgℎ求压强。
本题主要考查密度、浮力、液体压强综合计算，结合图像分析物体受力变化，区分漂浮、浸没两种状态，检验学生受力分析与分步运算能力。额定电压
220V
额定加热功率
1000W
额定保温功率
55W
R/Ω
40
30
20
10
0
F/N
0
30
60
90
120
实验次数
动力F1/N
动力臂l/m
阻力F2/N
阻力臂l/m
1
0.5
0.20
1
0.10
2
1
0.10
2
0.05
3
1.5
0.10
1
0.15